2024届天津市静海区一中高三上学期12月月考物理试题及答案

静海一中2023-2024第一学期高三物理（12月）学生学业能力调研试卷考生注意：本试卷分第Ⅰ卷基础题和第Ⅱ卷提高题两部分，共97分，3分卷面分。第Ⅰ卷基础题（共79分）1-5题单选，6-8题多选，每题3分，漏选得2分，共24分）1.物理学是集科学知识、科学方法和科学思维为一体的学科。下列有关科学思维方法的叙述正确的是（ꢀꢀ）A.图甲所示，在观察桌面的微小形变时，运用了极限思维法B.图乙所示“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中，运用了理想模型法C.图丙所示的“探究向心力大小与质量、角速度、轨道半径的关系”实验中，运用了类比法D.图丁为著名的伽利略斜面实验，运用了理想实验法2.如图所示，某健身者右手拉着抓把沿图示位置B水平缓慢移动到位置A，他始终保持静止，不计绳子质量，忽略绳子和重物与所有构件间的摩擦，A、B、重物共面，则重物上升过程（ꢀꢀ）A.绳子的拉力逐渐增大B.该健身者所受合力逐渐减小C.该健身者对地面的压力逐渐减小D.该健身者对地面的摩擦力逐渐增大3.如图平行板电容器与电动势为E的直流电源连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可忽略，开关闭合，稳定时一带电的油滴静止于两极板间的P点，若断开开关K，将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，则下列说法正确的是（ꢀꢀ）第1页/共8页A.静电计指针的张角变大B.P点电势升高C.带电油滴向上运动D.带电油滴的电势能不变4.我国自主建设、独立运行的北斗卫星导航系统由数十颗卫星构成，目前已经向一带一路沿线国家提供相关服务。设想其中一颗人造卫星在发射过程中，原来在椭圆轨道1绕地球E运行，在P点变轨后进入轨道2做匀速圆周运动，如图所示。下列说法正确的是（ꢀꢀ）A.在轨道1与在轨道2运行比较，卫星在P点的加速度不同B.在轨道1与在轨道2运行比较，卫星在P点的动量不同C.卫星在轨道2的任何位置都具有相同加速度D.卫星在轨道1的任何位置都具有相同动能5.如图，一开口向上的绝热汽缸内，用活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞与汽缸壁间无摩擦。现用外力作用在活塞上，使其缓慢上升，系统始终处于平衡状态。在活塞上升过程中（ꢀꢀ）A.气体对外界做功，气体放出热量B.气体压强逐渐减小，气体内能减少C.气体体积逐渐增大，气体内能增知D.气体压强逐渐增大，气体温度降低6.真空中某电场的电场线如图中实线，M、O、N为同一根电场线上的不同位置的点，两个带电粒子a、b第2页/共8页从同一位置P点以相同速度射入该电场区域，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线，a粒子带负电，b粒子带正电，说法正确的（ꢀꢀ）A.M点的电势高于N点的电势B.电场力对a粒子做负功，对b粒子做正功C.a粒子与b粒子的电势能均减小D.若在O点静止释放a粒子，仅在电场力的作用下，a粒子将沿电场线运动到M点7.一物块在高3.0m、长5.0m的斜面顶端从静止开始沿斜面下滑，其重力势能和动能随下滑距离s的变化如图中直线Ⅰ、Ⅱ所示，重力加速度取10m/s2。则（ꢀꢀ）A.物块下滑过程中机械能不守恒B.物块与斜面间的动摩擦因数为0.5C.物块下滑时加速度的大小为6.0m/s2D.当物块下滑2.0m时机械能损失了12JUU，则下列结论正28.当滑动变阻器R3的滑动片向右移动时，两电压表示数变化的绝对值分别是和1确的是（ꢀꢀ）第3页/共8页UU2A.>1B.电阻R1的功率先增大后减小C.电阻R2的功率一定增大D.电源的输出功率先增大后减小二、判断题（每小题2分，共8分）9.下列说法是否正确？正确的写“√”；如果不正确的写“×”，并改正：qr22Fk（1）根据，当r→0时，F→∞（ꢀꢀ）____________（2）物体吸收热量，同时对外做功，内能可能不变（ꢀꢀ）___________（3）滑动摩擦力做功时，一定会引起机械能的转化（ꢀꢀ）___________FB（4）由定义式可知，电流I越大，导线l越长，某点的磁感应强度B就越小（ꢀꢀ）___________Il三、填空题（10题8分，11题12分，共计20分）10.在电场强度大小为E、方向竖直向上的匀强电场中，一质量为m、带电荷量为＋q的物体，以某一初速0.6qE度沿电场方向做匀减速直线运动，不计空气阻力，其加速度大小为，物体运动距离s时速度变为零。m则在此过程中：物体静电力做功___________J，物体的动能___________（“增加”“减少）了___________J___________（“增加、“减少”“不变___________做功。m11.某同学“探究加速度与物体合力的关系”的实验装置如图所示,图中A为小车，质量为，连接在小车1第4页/共8页m2后面的纸带穿过打点计时器B，它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的固定长木板上，P的质量为，C为弹簧测力计，实验时改变P的质量，读出测力计的示数F，不计轻绳与滑轮，滑轮与轮轴的摩擦，滑轮的质量．①下列说法正确的是__________m2m1A．实验中应远小于B．长木板必须保持水平C．实验时应先接通电源后释放小车D．小车运动过程中测力计的读数为2g2②下图是实验过程中得到的一条纸带，O、A、B、C、D为选取的计数点，相邻的两个计数点之间有四个点没有画出，各计数点到O点的距离分别为：8．00cm、17．99cm、30．00cm、44．01cm，若打点计时器的打点频率为50Hz，则由该纸带可知小车的加速度大小为________m/s2③实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a－F图象可能是下图中的图线_12.为测量某铜导线的电阻率，某兴趣小组进行了下列实验。（1）先用毫米刻度尺测量接入电路中的铜导线的有效长度L，再用螺旋测微器测量铜导线的直径D，如图甲所示，则D=___________mm。第5页/共8页R（2）该小组考虑设计一个较为精确的测量电路来测量该铜导线的电阻，现有以下器材可供选择：x电动势量程为E6V的0V的电压表10V量程为的电压表（内阻约5.0kΩ2R0R的阻值约为的1.50R定值电阻（x滑动变阻器R；开关S、导线若干设计最佳方案，充分利用两个电压表的量程，请在图乙方框中将电路图补充完整，并标出相应元件的符号________________。示数为U，描绘出U1U2V，电压表22V1示数为U（3）调节滑动变阻器、测得多组数据，记录电压表1R____________（用符号k、L、D、0图像、测得图像的斜率为k，则该铜导线的电阻率13.如图半径R=0.4m的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点B和圆心O的连线与水平方向间的夹角θ=30°，另一端点C为轨道的最低点，C点右侧的光滑水平路面上紧挨C点放置一木板，木板质量M=2kg，上表面与C点等高。质量m=1kg的物块（可视为质点）从空中A点以v0=1m/s的速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道，沿轨道滑行之后又滑上木板，当木块从木板右端滑出时的速度为v1=2m/s，已知物块与木板间的动摩擦因数μ=0.5，g=10m/s2，求：（1）物块刚到达轨道上的C点时对轨道的压力大小；（2）木板的长度。第6页/共8页14.如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.4m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.5T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=6V、内阻r=1Ω的直流电源．现把一个质量m=0.04kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.75Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）导体受到的安培力大小；（2）导体棒受到的摩擦力的大小和方向．（3）若感应强度的大小和方向可以改变，为了使导体静止在斜面上且对斜面无压力，此处磁场的磁感应强度B′的大小和方向．第Ⅱ卷提高题（共18分）15.如图甲，平行边界CD、EF之间存在垂直纸面向外、磁感应强度大小为B的匀强磁场，CD、EF之间的距离为d。t＝0时刻，有一质量为m的带电粒子从磁场CD边界A点处以速度v射入磁场，v方向与00CD边界的夹角为60°，粒子恰好从O点垂直EF边界射出磁场。紧靠磁场EF边界右侧，有两个间距为L、足够大的平行板M、N，平行板间存在电场，两板电势差的变化规律如图乙，其中T0为已知。带电粒子在运动过程始终不与N板相碰，粒子重力不计。求：（1）该带电粒子的电性及电荷量大小；d0160A点到第一次到达0点的时间t1及t＝时刻带电粒子的速（2v0＝U0＝02度v与v0的比值；第7页/共8页（3）若满足（2）条件，带电粒子第二次离开磁场时的位置与A点的距离。第8页/共8页静海一中2023-2024第一学期高三物理（12月）学生学业能力调研试卷考生注意：本试卷分第Ⅰ卷基础题和第Ⅱ卷提高题两部分，共97分，3分卷面分。第Ⅰ卷基础题（共79分）1-5题单选，6-8题多选，每题3分，漏选得2分，共24分）1.物理学是集科学知识、科学方法和科学思维为一体的学科。下列有关科学思维方法的叙述正确的是（ꢀꢀ）A.图甲所示，在观察桌面的微小形变时，运用了极限思维法B.图乙所示“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中，运用了理想模型法C.图丙所示的“探究向心力大小与质量、角速度、轨道半径的关系”实验中，运用了类比法D.图丁为著名的伽利略斜面实验，运用了理想实验法【答案】D【解析】【详解】A．图甲所示，在观察桌面的微小形变时，运用了放大法，故A错误；B．图乙所示“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中，运用了等效替代法，故B错误；C“C错误；D．图丁为著名的伽利略斜面实验，运用了理想实验法，故D正确。故选D。2.如图所示，某健身者右手拉着抓把沿图示位置B水平缓慢移动到位置A，他始终保持静止，不计绳子质量，忽略绳子和重物与所有构件间的摩擦，A、B、重物共面，则重物上升过程（ꢀꢀ）第1页/共17页A.绳子的拉力逐渐增大C.该健身者对地面的压力逐渐减小【答案】DB.该健身者所受合力逐渐减小D.该健身者对地面的摩擦力逐渐增大【解析】【详解】AB．由题意可知，重物和健身者一直处于平衡状态，由平衡条件可知，健身者所受合力等于零；绳上的拉力大小不变，其大小等于重物的重力mg，AB错误；CD．对健身者受力分析，如图所示，由平衡条件可知，在竖直方向，则有sinN可得Nsin在水平方向，则有cosf当从B水平缓慢移到A时，θ角逐渐变小，地面对健身者的支持力变大，地面对健身者的摩擦力变大，由牛顿第三定律可知，健身者对地面的压力逐渐增大，健身者对地面的摩擦力逐渐增大，C错误，D正确。故选D。3.如图平行板电容器与电动势为E的直流电源连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可忽略，开关闭合，稳定时一带电的油滴静止于两极板间的P点，若断开开关K，将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，则下列说法正确的是（ꢀꢀ）第2页/共17页A.静电计指针的张角变大B.P点电势升高C.带电油滴向上运动D.带电油滴的电势能不变【答案】D【解析】【详解】A．断开开关K，电容器带电量不变，则由QUCrSkdC可得rSU可知静电计指针的张角变小，故A错误；BCD．电场强度为UdrSE电场强度不变，带电油滴不动，由Sr0dPPP可知P点电势不变，则带电油滴的电势能SrEdPpP电势能不变，故BC错误，D正确。故选D。4.我国自主建设、独立运行的北斗卫星导航系统由数十颗卫星构成，目前已经向一带一路沿线国家提供相关服务。设想其中一颗人造卫星在发射过程中，原来在椭圆轨道1绕地球E运行，在P点变轨后进入轨道第3页/共17页2做匀速圆周运动，如图所示。下列说法正确的是（ꢀꢀ）A.在轨道1与在轨道2运行比较，卫星在P点的加速度不同B.在轨道1与在轨道2运行比较，卫星在P点的动量不同C.卫星在轨道2的任何位置都具有相同加速度D.卫星在轨道1的任何位置都具有相同动能【答案】B【解析】【详解】A．在轨道1与在轨道2运行比较，卫星在P点距地球的距离相等，受到的万有引力相等Fr2所以卫星在点的加速度相同，故A错误；B．卫星由轨道1变为轨道2，需要加速，则轨道2的速度要大一些，所以卫星在P点的动量轨道2的大于轨道1的，故B正确；C．卫星在轨道2的不同位置受到的万有引力大小相同，但方向不同，故产生的加速度大小相同，方向不同，故卫星在轨道的不同位置都具有不同加速度，故C错误；D．轨道1是一个椭圆轨道，又开普勒第二定律可得，卫星离地球越近，速度越大，则卫星在轨道1上除了关于地球对称的位置外，各位置具有不同的动能，选项D错误。故选B。5.如图，一开口向上的绝热汽缸内，用活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞与汽缸壁间无摩擦。现用外力作用在活塞上，使其缓慢上升，系统始终处于平衡状态。在活塞上升过程中（ꢀꢀ）A.气体对外界做功，气体放出热量第4页/共17页B.气体压强逐渐减小，气体内能减少C.气体体积逐渐增大，气体内能增知D.气体压强逐渐增大，气体温度降低【答案】B【解析】【分析】【详解】活塞向下缓慢上升过程，气体体积增大，则气体对外界做功W0由于是绝热汽缸Q0由热力学第一定律UWQ可知U0所以要内能减小，则温度降低；又气体体积增大，由理想气体状态方程pVCT可知，压强逐渐减小。故B正确，ACD错误。故选B。6.真空中某电场的电场线如图中实线，M、O、N为同一根电场线上的不同位置的点，两个带电粒子a、b从同一位置P点以相同速度射入该电场区域，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线，a粒子带负电，b粒子带正电，说法正确的（ꢀꢀ）A.M点的电势高于N点的电势B.电场力对a粒子做负功，对b粒子做正功C.a粒子与b粒子的电势能均减小第5页/共17页D.若在O点静止释放a粒子，仅在电场力的作用下，a粒子将沿电场线运动到M点【答案】AC【解析】【详解】A．根据带电粒子a、b的运动方向可知，电场的方向是向右的，所以M点的电势高于N点的电势，故A正确；BC．根据轨迹可知在电场力的作用下，a、b两粒子的运动时的位移与受到的电场方向都成锐角，即电场力对两个粒子都做了正功，所以两个粒子的电势能都将减小，故B错误、C正确；D．带电粒子受到的电场力是沿着电场线的切线方向的，根据曲线运动的条件可知，a粒子是不可能沿着电场线运动到M点的，故D错误。故选AC7.一物块在高3.0m、长5.0m的斜面顶端从静止开始沿斜面下滑，其重力势能和动能随下滑距离s的变化如图中直线Ⅰ、Ⅱ所示，重力加速度取10m/s2。则（ꢀꢀ）A.物块下滑过程中机械能不守恒B.物块与斜面间的动摩擦因数为0.5C.物块下滑时加速度的大小为6.0m/s2D.当物块下滑2.0m时机械能损失了12J【答案】AB【解析】【详解】A．下滑5m的过程中，重力势能减少30J，动能增加10J，减小的重力势能并不等与增加的动能，所以机械能不守恒，A正确；B．斜面高3m、长5m，则斜面倾角为θ＝37°。令斜面底端为零势面，则物块在斜面顶端时的重力势能mgh＝30J可得质量第6页/共17页m＝1kg下滑5m过程中，由功能原理，机械能的减少量等于克服摩擦力做的功μmg·cosθ·s＝20J求得μ＝0.5B正确；C．由牛顿第二定律mgsinθ－μmgcosθ＝ma求得a＝2m/s2C错误；D．物块下滑2.0m时，重力势能减少12J，动能增加4J，所以机械能损失了8J，D选项错误。故选AB。UU，则下列结论正28.当滑动变阻器R3的滑动片向右移动时，两电压表示数变化的绝对值分别是和1确的是（ꢀꢀ）UU2A.>1B.电阻R1的功率先增大后减小C.电阻R2的功率一定增大D.电源的输出功率先增大后减小【答案】AC【解析】【详解】A．因为滑片右移，R变小，总电阻变小，干路电流增大，内电压增大，路端电压变小，即V的31示数变小，V的示数变大，所以V变小的部分应该等于V增大的部分加上内阻的电压增大的值，即212UU2＞1第7页/共17页故A正确；BC．根据上分析知，干路电流增大，所以通过R的电流变大，即功率增大；V的示数变小，即通过R211的电流减小，所以R1的功率变小，故B错误，C正确；D．利用结论当外电阻等于内阻时，电源的输出功率最大；当滑片右移动时，总电阻减小，但无法判断外电阻与内阻的关系，所以电源的输出功率增大或减小无法判断，故D错误。故选AC。二、判断题（每小题2分，共8分）9.下列说法是否正确？正确的写“√”；如果不正确的写“×”，并改正：qr22Fk（1）根据，当r→0时，F→∞（ꢀꢀ）____________（2）物体吸收热量，同时对外做功，内能可能不变（ꢀꢀ）___________（3）滑动摩擦力做功时，一定会引起机械能的转化（ꢀꢀ）___________FB（4）由定义式可知，电流I越大，导线l越长，某点的磁感应强度B就越小（ꢀꢀ）___________Il【答案】【解析】①.×；r→0，公式不成立②.√③.√④.×；B由磁场本身决定1）[1]公式qr22Fk只适用于点电荷的计算，当r→0时，不能看成点电荷，公式不适用，故说法错误。（2）[2]如果物体吸收的热量等于对外做功，则物体内能不变，故说法正确；（3）[3]滑动摩擦力做功时，会消耗机械能，产生焦耳热，所以机械能一定会转化；（4）[4]公式FBIl是比值定义，其中B由磁场本身决定，与F、Il都无关。三、填空题（10题8分，11题12分，共计20分）10.在电场强度大小为E、方向竖直向上的匀强电场中，一质量为m、带电荷量为＋q的物体，以某一初速0.6qE度沿电场方向做匀减速直线运动，不计空气阻力，其加速度大小为，物体运动距离s时速度变为零。m则在此过程中：物体静电力做功___________J，物体的动能___________（“增加”“减少）了第8页/共17页___________J___________（“增加、“减少”“不变___________做功。【答案】【解析】①.Eqs②.减少③.0.6Eqs④.减少⑤.合外力0.6qE【详解】该物体某一初速度沿电场方向做匀减速直线运动，加速度大小为，则由牛顿第二定律得mqE0.6qE[1]在此过程中，物体静电力做功WEqs[2]由动能定理，合力做负功动能减少。[3]动能减少量Ek减合smas0.6Eqs[4]电势能变化取决于电场力做功，当静电力做正功，电势能减少。[5]由动能定理，物体的动能改变取决于合外力做功。m11.某同学“探究加速度与物体合力的关系”的实验装置如图所示,图中A为小车，质量为，连接在小车1m2后面的纸带穿过打点计时器B，它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的固定长木板上，P的质量为，C为弹簧测力计，实验时改变P的质量，读出测力计的示数F，不计轻绳与滑轮，滑轮与轮轴的摩擦，滑轮的质量．①下列说法正确的是__________第9页/共17页m2m1A．实验中应远小于B．长木板必须保持水平C．实验时应先接通电源后释放小车D．小车运动过程中测力计的读数为2g2②下图是实验过程中得到的一条纸带，O、A、B、C、D为选取的计数点，相邻的两个计数点之间有四个点没有画出，各计数点到O点的距离分别为：8．00cm、17．99cm、30．00cm、44．01cm，若打点计时器的打点频率为50Hz，则由该纸带可知小车的加速度大小为________m/s2③实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a－F图象可能是下图中的图线_【答案】【解析】①.C②.2.01③.B【详解】①小车所受的拉力可以通过弹簧秤测出，不需要满足m远小于m，故A错误．实验应该平衡摩21擦力，所以木板不能水平，故B错误．实验时应先接通电源后释放小车，故C正确．根据牛顿第二定律知，1T＜mgm2g＞2T，则，故D错误．故选C．22244.0117.9917.9910xBDOB②根据△x=aT2，运用逐差法得，am/sm/s2．2T240.01③某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，则F不等于零时，a仍然为零，故选B．【点睛】解决本题的关键知道实验的原理以及注意事项，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用．12.为测量某铜导线的电阻率，某兴趣小组进行了下列实验。（1）先用毫米刻度尺测量接入电路中的铜导线的有效长度L，再用螺旋测微器测量铜导线的直径D，如图甲所示，则D=___________mm。第10页/共17页R（2）该小组考虑设计一个较为精确的测量电路来测量该铜导线的电阻，现有以下器材可供选择：xE6V0电动势量程为V的电压表10V量程为的电压表（内阻约5.0kΩ2R0R的阻值约为的1.50R定值电阻（x滑动变阻器R；开关S、导线若干设计最佳方案，充分利用两个电压表的量程，请在图乙方框中将电路图补充完整，并标出相应元件的符号________________。示数为U，描绘出U1U2V，电压表22V1示数为U（3）调节滑动变阻器、测得多组数据，记录电压表1R____________（用符号k、L、D、0图像、测得图像的斜率为k，则该铜导线的电阻率【答案】①.1.412##1.413##1.414##1.415##1.416②.③.21kRD04【解析】1）[1]由图甲可知螺旋测微器读数D41.41.414mm。（2）[2]由题中所给仪器，利用双电压表方式测量电阻，如图所示。第11页/共17页（3）[3]根据串联电路和并联电路的特点有U10U2U1xU1可得00xU2即U1U图像的斜率200xk解得1k0xk又L4LD2x2Dπ2得21kRD0413.如图半径R=0.4m的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点B和圆心O的连线与水平方向间的夹角θ=30°，另一端点C为轨道的最低点，C点右侧的光滑水平路面上紧挨C点放置一木板，木板质量M=2kg，上表面与C点等高。质量m=1kg的物块（可视为质点）从空中A点以v0=1m/s的速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道，沿轨道滑行之后又滑上木板，当木块从木板右端滑出时的速度为v1=2m/s，已知物块与木板间的动摩擦因数μ=0.5，g=10m/s2，求：（1）物块刚到达轨道上的C点时对轨道的压力大小；（2）木板的长度。第12页/共17页【答案】（1）50N2）1m【解析】1）根据平抛运动的速度分解可得0sin30B根据动能定理可得11mgRsin30)22CB22根据向心力公式可得CR2N联立解得C4m/sN50N根据牛顿第三定律可知，物块刚到达轨道上的C点时对轨道的压力大小为50N。（2）以向右为正方向，根据动量定理可得mvmv2C1根据能量守恒可得联立解得1211C221mgL22222L14.如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.4m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在第13页/共17页平面内，分布着磁感应强度B=0.5T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=6V、内阻r=1Ω的直流电源．现把一个质量m=0.04kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.75Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）导体受到的安培力大小；（2）导体棒受到的摩擦力的大小和方向．（3）若感应强度的大小和方向可以改变，为了使导体静止在斜面上且对斜面无压力，此处磁场的磁感应强度B′的大小和方向．【答案】（1）0.32N（2）0.08N方向沿斜面向下（3）0.625T，方向水平向左【解析】1）根据闭合电路欧姆定律求出电流的大小，并根据安培力的公式F=BIL2）3）若导体棒静止在斜面上且对斜面没有压力，安培力的方向必须竖直向上，而且大小等于重力，并根据受