2024届江苏省常州市联盟学校高三上学期12月调研物理试题及答案

常州市联盟学校2023—2024学年度第一学期学情调研高三年级物理试卷本试卷共16大题满分100分一、单项选择题：共11小题，每小题4分，共计44分．每小题只有一个选项符合题意．的1.物理思想方法是物理学科素养重要内容，可帮助我们提升思维水平，形成综合能力.下列有关思想方法说法正确的是（ꢀꢀ）A.卡文迪许利用扭秤测量万有引力常量用到了微元法的思想B.合力、分力等概念的建立体现了等效替代的思想FWtaPC.加速度公式与功率公式都采用了比值定义法mD.点电荷、电场都是抓住主要因素忽略次要因素建立的理想化模型2.某同学用细线拴一重物制成简易加速度计，其刻度面如图所示(刻度为弧度)．若某次火车出站时读到细线与竖直方向夹角为0.1rad，则加速度约为（ꢀꢀ）A.5m/s2B.1m/s2C.0.5m/s2D.0.1m/s23.“M砝码的总质量为m，平衡摩擦力后进行实验（ꢀꢀ）A.要保证m远小于MB.小车所受的合外力等于2mgC.释放小车后立即接通打点计时器D.在托盘中增加砝码，重复实验4.2023年5月11“天舟六号“天和体在离地面高为h的空间站轨道绕地球做匀速圆周运动，如图所示，已知地球半径为Rh<R地球表面的第1页/共7页重力加速度为g，则下列说法正确的是（ꢀꢀ）A.组合体处于完全失重状态，不受重力作用B.组合体的运行速度大于7.9km/sC.组合体的运行周期小于24hD.由于稀薄空气的阻力作用，组合体如果没有动力补充，速度会越来越小5.磁性圆盘竖直放置，绕固定的水平轴匀速转动，一铁质小物体吸附在距离圆盘中心r处，相对于圆盘静止，则小物体（ꢀꢀ）A.在最高点一定受四个力作用B.在转一圈的过程中，圆盘对小物块的支持力的冲量为0C.在转一圈的过程中，圆盘对小物块的摩擦力的冲量方向为竖直向上D.小物块从圆周的最高点运动到最低点的过程中，摩擦力对小物块做正功6.如图所示，从斜面上A点斜向上抛出一小球，水平击中斜面上B点，现从C点抛出，仍要水平击中B点。下列说法正确的是（ꢀꢀ）A.可以仅改变抛出时速度的大小C.两次击中B点速度相同B.可以仅改变抛出时速度的方向D.两次在空中运动的时间相等7.如图所示，质量为m、长为l的铜棒ab，用长度也为l的两根轻导线水平悬吊在竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为B，未通电时，铜棒静止，通入恒定电流后，棒向外偏转的最大角度为θ，重力加速度为g，不计空气阻力。则（ꢀꢀ）第2页/共7页1A.棒中电流的方向为b→aB.棒中电流的大小为sintanC.棒中电流的大小为D.若只增大轻导线的长度，则θ角变大8.水平地面上方有水平向右、范围足够大的匀强电场，从地面上的A点竖直向上抛出一个带电的小球，运动轨迹如图所示，B点为轨迹的最高点，空气阻力可忽略。则小球在从A到B过程中（ꢀꢀ）A.电势能增大B.机械能先增大后减小C.速度先减小后增大D.相同时间内速度变化量不同9.合肥工业大学科研团队成功研制出兼具自修复性和高导电性的弹性导体，其阻值会随着机械形变而发生变化，如图所示，电压表和电流表是理想电表，a、b两点之间连接一弹性导体，在弹性导体中间悬挂重物，在把重物拿走后，下列说法正确的是（ꢀꢀ）A.弹性导体电阻变大B.电压表示数变小C.弹性导体消耗的功率一定变小D.弹性导体消耗的功率一定变大10.水平面，其运动过程中动量的大小p和重力做功W随时间t、重力势能Ep和机械能E随水平位移x变化的第3页/共7页图像中，可能正确的是（ꢀꢀ）AB.D.C.11.于最大静摩擦力fm的小车以速度v0撞击弹簧后，轻杆恰好向右移动l，不计小车与地面间的摩擦，则（ꢀꢀ）fA.轻杆向右移动的过程中，轻杆的加速度为mB.轻杆向右移动的过程中，弹簧的弹性势能逐渐增大C.小车被弹簧反向弹回后速度大小为v0D.从小车撞击弹簧到离开弹簧的过程中，系统产生的内能为2fl二、非选择题：共5题，共56分．其中第13～16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位．12.某学生实验小组利用图1所示电路，测量多用电表内电池的电动势和电阻“”挡内部电路的总电阻．使用的器材有：多用电表、电压表（量程5VΩ若干。第4页/共7页（1）将多用电表挡位调到电阻“”挡，再将红表笔和黑表笔___________，调零点；（2）将图1中多用电表的黑表笔和___________（填“1”或“2）端相连，红表笔连接另一端；（34.6V如图2所示。则电压表的内阻是___________k，欧姆表内部电源的电动势为___________V（结果保留3（4）若该欧姆表的刻度值是按电动势为9.0V刻度的，当电池的电动势下降到时，欧姆表仍可调零。若重新调零后的欧姆表测得某待测电阻阻值为18.0k，则这个待测电阻的真实值___________18k（填“大于、“等于、“小于13.如图所示，水平放置的线圈匝数n＝100匝，电阻r＝4Ω，线圈与电阻R相连，在线圈的中心有一个方S=0.3m2B=0.1-t(T)向里磁感应强度的方向为正方向，电压表的示数为18V，试求：（1）通过电阻R的电流方向；（2）线圈产生的感应电动势；（3）电阻R的阻值。14.AB通过细线连接，AB.现将物块A从PBA停在QA的v-tB的质量为0.5kg，重力加速度大小g取10m/s2.求：（1）PQ两点的距离;（2）物块A与桌面间的动摩擦因数；（3）物块A的质量．第5页/共7页115.M＝3kgR＝40.6mEm＝1kg的小球以速度v0＝8m/s从EF点脱离滑块．g取10m/s2，不计一切摩擦．求：（1）小球脱离滑块时，滑块的速度大小；（2）小球脱离滑块后在空中运动的时间；（3）小球全程对滑块做功的大小．16.dxOy为2d的平行金属板PQdx轴过平行金属板的中心轴线。平行金属板间加上如图乙所示周vU0P板左侧有一粒子源St=0时刻开始连续射出初速度大小为0向平行于金属板的相同带电粒子，t=0时刻射出的粒子恰好从Q板右侧边缘离开电场。已知电场变化周期2d0dqTB，粒子质量为m，电荷量为+q，磁感应强度，若进入磁场的粒子均能从y轴上的M点离0开磁场，粒子打到金属板上会被吸收，不计粒子重力及相互间的作用力，求：（1）U0的大小；（2）t=0时刻进入的粒子在磁场中运动的时间；（3）达到M点的粒子占发射源发射粒子总数的百分比。第6页/共7页第7页/共7页常州市联盟学校2023—2024学年度第一学期学情调研高三年级物理试卷本试卷共16大题满分100分一、单项选择题：共11小题，每小题4分，共计44分．每小题只有一个选项符合题意．1..下列有关思想方法说法正确的是（ꢀꢀ）A.卡文迪许利用扭秤测量万有引力常量用到了微元法的思想B.合力、分力等概念的建立体现了等效替代的思想FWtaPC.加速度公式与功率公式都采用了比值定义法mD.点电荷、电场都是抓住主要因素忽略次要因素建立的理想化模型【答案】B【解析】【详解】A．卡文迪许利用扭秤测量万有引力常量用到了放大法的思想，故A错误；B．合力、分力等概念的建立体现了等效替代的思想，故B正确；FaC．加速度公式是牛顿第二定律的表达式，不是定义式，故C错误；mD．电场不属于理想化模型，是电荷周围客观存在的物质，故D错误。故选B。2.某同学用细线拴一重物制成简易加速度计，其刻度面如图所示(刻度为弧度)．若某次火车出站时读到细线与竖直方向夹角为0.1rad，则加速度约为（ꢀꢀ）A.5m/s2B.1m/s2C.0.5m/s2D.0.1m/s2【答案】B【解析】【详解】根据牛顿第二定律可知mgtanma角度很小时第1页/共15页tansin得a=1m/s2故选B。3.“M砝码的总质量为m，平衡摩擦力后进行实验（ꢀꢀ）A.要保证m远小于MB.小车所受的合外力等于2mgC.释放小车后立即接通打点计时器D.在托盘中增加砝码，重复实验【答案】D【解析】【详解】A．探究“质量一定时，物体加速度与所受合外力的关系”时由于传感器测量小车的合力，无需m远小于M，故A错误；B．对托盘和砝码根据牛顿第二定律得T所以T即T2故B错误；C．先接通电源，再释放小车，故C错误；D“实验，故D正确。故选D第2页/共15页4.2023年5月11“天舟六号“天和体在离地面高为h的空间站轨道绕地球做匀速圆周运动，如图所示，已知地球半径为Rh<R地球表面的重力加速度为g，则下列说法正确的是（ꢀꢀ）A.组合体处于完全失重状态，不受重力作用B.组合体的运行速度大于7.9km/sC.组合体的运行周期小于24hD.由于稀薄空气的阻力作用，组合体如果没有动力补充，速度会越来越小【答案】C【解析】【详解】A．组合体在太空中做圆周运动，由万有引力提供向心力，万有引力的分力提供重力，组合体仍受重力作用，故A错误；B．7.9km/s是第一宇宙速度，也是近地卫星环绕地球的速度，是飞行器环绕地球的最大绕行速度，而天舟四号与天和核心舱对接后的轨道并不是近地轨道，所以运行速度小于7.9km/s。故B错误；C．地球同步卫星轨道高度约为35786km，远大于地球半径R，根据开普勒第三定律可知轨道半径越小周期越小，而组合体在离地面高为h小于R，故组合体的轨道半径小于地球同步卫星轨道半径，故组合体的运行周期小于24h，故C正确；D．考虑稀薄大气阻力，若空间站没有进行动力补充，将会做近心运动，引力做正功，运行速度会越来越大，故D错误。故选C。5.磁性圆盘竖直放置，绕固定的水平轴匀速转动，一铁质小物体吸附在距离圆盘中心r处，相对于圆盘静止，则小物体（ꢀꢀ）A.在最高点一定受四个力作用B.在转一圈的过程中，圆盘对小物块的支持力的冲量为0第3页/共15页C.在转一圈的过程中，圆盘对小物块的摩擦力的冲量方向为竖直向上D.小物块从圆周的最高点运动到最低点的过程中，摩擦力对小物块做正功【答案】C【解析】【详解】A．在最高点物体可能受到重力、支持力、磁力三个力的作用，重力提供向心力，故A错误；B．在转一圈的过程中，圆盘对小物块的支持力不为0，,冲量不为0，故B错误；C．在转一圈的过程中，根据动量定理可知，合力冲量为0，磁力与弹力的合力冲量为0，重力与摩擦力的合力冲量也为0，则圆盘对小物块的摩擦力的冲量方向为竖直向上，故C正确；D．小物块从圆周的最高点运动到最低点的过程中，动能不变，合外力做功为0，支持力、磁力不做功，重力做正功，则摩擦力对小物块做负功，故D错误。故选C。6.如图所示，从斜面上A点斜向上抛出一小球，水平击中斜面上B点，现从C点抛出，仍要水平击中B点。下列说法正确的是（ꢀꢀ）A.可以仅改变抛出时速度的大小C.两次击中B点速度相同【答案】AB.可以仅改变抛出时速度的方向D.两次在空中运动的时间相等【解析】【详解】反向看是平抛运动，设斜面倾角为，根据1gt22tan两次时间不同，则竖直速度不同，根据平抛运动推论可知，位移偏转角正切值是速度偏转角正切值的一半，则vytan2tanvx可知，水平速度不同，所以两次击中B点速度不同，但速度方向相同，两次抛出时速度的大小不同，故可以仅改变抛出时速度的大小。第4页/共15页故选A。7.如图所示，质量为m、长为l的铜棒ab，用长度也为l的两根轻导线水平悬吊在竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为B，未通电时，铜棒静止，通入恒定电流后，棒向外偏转的最大角度为θ，重力加速度为g，不计空气阻力。则（ꢀꢀ）1A.棒中电流的方向为b→aB.棒中电流的大小为sintanC.棒中电流的大小为D.若只增大轻导线的长度，则θ角变大【答案】B【解析】【分析】【详解】A．根据导体棒受到的安培力方向可知，电流的方向由a到b，A错误；BC．根据动能定理可知lsinmgllcos)0解得1IsinC错误B正确；D．根据B可知，最大偏转角与导线的长度无关，D错误。故选B。8.水平地面上方有水平向右、范围足够大的匀强电场，从地面上的A点竖直向上抛出一个带电的小球，运动轨迹如图所示，B点为轨迹的最高点，空气阻力可忽略。则小球在从A到B过程中（ꢀꢀ）A.电势能增大B.机械能先增大后减小第5页/共15页C.速度先减小后增大D.相同时间内速度变化量不同【答案】C【解析】【详解】AB．由运动轨迹可知，小球带正电，则小球在从A到B过程中电场力做正功，电势能减小，机械能增大，故AB错误；C．运动过程中，开始过程中，小球所受合力与速度夹角为钝角，合外力做负功，故小球动能减小，后小球所受合力与速度夹角为锐角，合外力做正功，小球动能增大，故C正确；D．小球的合外力固定不变，则加速度固定不变，则相同时间内小球的速度变化量相同，故D错误。故选C。9.合肥工业大学科研团队成功研制出兼具自修复性和高导电性的弹性导体，其阻值会随着机械形变而发生变化，如图所示，电压表和电流表是理想电表，a、b两点之间连接一弹性导体，在弹性导体中间悬挂重物，在把重物拿走后，下列说法正确的是（ꢀꢀ）A.弹性导体电阻变大B.电压表示数变小C.弹性导体消耗的功率一定变小D.弹性导体消耗的功率一定变大【答案】B【解析】【详解】A．把重物拿走后，弹性导体长度变短，截面积增大，则电阻变小，故A错误；B．电路总电阻减小，总电流增大，则电源内阻和定值电阻R上的电压增大，则弹性导体的电压变小，即电压表示数变小，故B正确；CD．将定值电阻R等效为电源的内阻，则当弹性导体的电阻等于R+r时，弹性导体消耗的功率最大，因不明确弹性电阻的阻值与R+r的阻值关系，则当弹性电阻的阻值变小时，其消耗的功率不一定变大，也不一定变小，故CD错误。第6页/共15页故选B。10.水平面，其运动过程中动量的大小p和重力做功W随时间t、重力势能Ep和机械能E随水平位移x变化的图像中，可能正确的是（ꢀꢀ）A.C.B.D.【答案】D【解析】【详解】A．运动员的运动可看作先沿斜面匀加速下滑，到水平面后做匀减速直线运动，速度先线性增大再线性减小，由动量的大小p=mv知，图线应先线性增大再线性减小，故A错误；B．设斜面倾角为，运动员沿斜面匀加速下滑，运动学公式v22asvat又重力做功为Wsin联立得，Wt2，到水平面后，重力做功为0，故B错误；sC．根据B项分析，运动员沿斜面匀加速下滑时WmgssinmgxW(EE)又p第7页/共15页联立得EpmgxE运动员到水平面后重力势能E不再变化，与E-x图线不符，故C错误；pp1，2D．从斜面滑到水平面，除重力外只有阻力做功，斜面和水平面上动摩擦因数可能不同，设为和根据功能关系，斜面上1mgssinE0又ssinx联立解得E1mgx02mgxE-x图线线性减小，水平面上，阻力做功为故选D。，同理，E-x图线也线性减小，故D正确。11.于最大静摩擦力fm的小车以速度v0撞击弹簧后，轻杆恰好向右移动l，不计小车与地面间的摩擦，则（ꢀꢀ）fA.轻杆向右移动的过程中，轻杆的加速度为mB.轻杆向右移动的过程中，弹簧的弹性势能逐渐增大C.小车被弹簧反向弹回后速度大小为v0D.从小车撞击弹簧到离开弹簧的过程中，系统产生的内能为2fl【答案】A【解析】【详解】A．轻杆向右移动的过程中，轻杆与槽间的滑动摩擦力等于最大静摩擦力f，由牛顿第三定律可知，小车所受弹簧的作用力大小也是f，由牛顿第二定律可知小车的加速度为famf轻杆与小车的加速度大小相等，所以轻杆的加速度为，故A正确；m第8页/共15页B．小车与弹簧一起推动杆向右运动的过程中，轻杆受到的摩擦力不变，弹簧的压缩量x先增大，到小车与杆的速度相等时x保持不变，直到杆的速度减为0，之后，小车向右减速到弹回，因此轻杆向右移动的过程中，弹簧的弹性势能先增大后不变，故B错误；C．轻杆向右移动的过程中，轻杆与槽之间由于摩擦，一部分机械能转化为内能；小车被弹簧反向弹回的过程中，轻杆受到的弹力小于最大静摩擦力f，轻杆处于静止状态，小车被弹簧反向弹回后速度大小小于v0，故C错误；D．小车以一速度撞击弹簧后，轻杆恰好向右移动l，摩擦产生的内能为Qfl故D错误。故选A。二、非选择题：共5题，共56分．其中第13～16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位．12.某学生实验小组利用图1所示电路，测量多用电表内电池的电动势和电阻“”挡内部电路的总电阻．使用的器材有：多用电表、电压表（量程5VΩ若干。（1）将多用电表挡位调到电阻“”挡，再将红表笔和黑表笔___________，调零点；（2）将图1中多用电表的黑表笔和___________（填“1”或“2）端相连，红表笔连接另一端；（34.6V如图2所示。则电压表的内阻是___________k，欧姆表内部电源的电动势为___________V（结果保留3（4）若该欧姆表的刻度值是按电动势为9.0V刻度的，当电池的电动势下降到时，欧姆表仍可调零。若重新调零后的欧姆表测得某待测电阻阻值为18.0k，则这个待测电阻的真实值___________18k（填“大于、“等于、“小于【答案】①.短接②.2③.16.0④.8.91⑤.小于第9页/共15页【解析】1）[1]多用电表测电阻时，在选择倍率后，需要将红表笔和黑表笔短接，进行欧姆调零。（2）[2]电流从多用电表的黑表笔流出红表笔流入，所以图1中多用电表的黑表笔和2端相连，红表笔和1端相连。（3）[3]根据多用电表测得电压表的内阻为16.0k。[4]根据多用电表的表盘可知，多用电表在“”挡时的中值电阻为15.0k，即此时多用电表的内阻为15.0k，则欧姆表内部电源的电动势为16.0k15.0kE4.6V16.0k（4）[5]电动势为9.0V，调零后欧姆表内部电阻为ER内Ig电动势为电动势为电动势为时，调零后欧姆表内部电阻为E'R'内对应的电流为IIg9.0V时，电阻阻值为18.0kE内R测时E'IR真解得，这个待测电阻的真实值为真14.0k所以则这个待测电阻的真实值小于18k。13.如图所示，水平放置的线圈匝数n＝100匝，电阻r＝4Ω，线圈与电阻R相连，在线圈的中心有一个方S=0.3m2B=0.1-t(T)向里磁感应强度的方向为正方向，电压表的示数为18V，试求：（1）通过电阻R的电流方向；（2）线圈产生的感应电动势；（3）电阻R的阻值。第10页/共15页【答案】（1）B→R→A2）30V）6Ω3【解析】1）磁感应强度方向向里且减小，根据楞次定律判断可知电流方向为B→R→A；（2）根据法拉第电磁感应定律得BtEnIS30V（3）感应电流为EUr故电压表的示数为UR6I14.AB通过细线连接，AB.现将物块A从P点处由静止释放，B落地后不反弹，最终A停在Q点，物块Av-t图像如图乙所示。已知B的质量为0.5kg，重力加速度大小g取10m/s2.求：（1）PQ两点的距离;（2）物块A与桌面间的动摩擦因数；（3）物块A的质量．4【答案】（1）2）0.13）kg3【解析】1）由v-t图可知1x22（2）由v-t图可知，物块A在1～3s的加速度大小第11页/共15页a2＝1m/s21～3s内，对A物块根据牛顿第二定律得mmaA2A所以2g0.1（3）0～1s内，加速度大小22对A、B物块根据牛顿第二定律得T－m＝maA1Am－＝maBB1解得4mA＝kg3115.M＝3kgR＝40.6mEm＝1kg的小球以速度v0＝8m/s从EF点脱离滑块．g取10m/s2，不计一切摩擦．求：（1）小球脱离滑块时，滑块的速度大小；（2）小球脱离滑块后在空中运动的时间；（3）小球全程对滑块做功的大小．【答案】（1）2m/s2）1.2s3）24J【解析】1）系统水平方向