浙江专用2025届高考物理二轮复习评估验收仿真模拟卷九含解析

PAGE14-考前仿真模拟卷(九)(时间：90分钟满分：100分)本卷计算中，无特别说明时，重力加速度g均取10m/s2.选择题部分一、选择题Ⅰ(本题共10小题，每小题3分，共30分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1．下列各组物理量中，都是矢量的是()A．位移、时间、动能B．速度、速率、电场强度C．磁感应强度、速度的变更量、向心加速度D．路程、弹性势能、电流2．某做直线运动的质点的位移随时间变更的关系式为x＝4t＋2t2，x与t的单位分别是m和s，则质点的初速度和加速度分别是()A．4m/s2m/s2 B．0m/s4m/s2C．4m/s4m/s2 D．4m/s03．白板水平放置在地面上，在白板上用磁钉吸住一张彩纸，向右轻轻拉彩纸，未拉动，对这一情景受力分析正确的是()A．磁钉受到向右的摩擦力B．磁钉仅受重力和支持力两个力C．彩纸受到白板向左的摩擦力D．白板与地面间无摩擦力4．如图所示，两个光滑金属球a、b置于一个桶形容器中，两球的质量ma>mb，对于图中的两种放置方式，下列说法正确的是()A．两种状况对于容器左壁的弹力大小相同B．两种状况对于容器右壁的弹力大小相同C．两种状况对于容器底部的弹力大小相同D．两种状况两球之间的弹力大小相同5．如图所示为运动员抛出的铅球运动轨迹(铅球视为质点)，A、B、C为曲线上的三点，关于铅球在B点的速度方向说法正确的是()A．为AB的方向 B．为BC的方向C．为BD的方向 D．为BE的方向6．A、B两物体叠放在一起，放在光滑的水平面上，从静止起先受到一变力的作用，该力与时间的关系如图所示，A、B始终相对静止，则在0～2t0时间内，下列说法不正确的是()A．t0时刻，A、B间静摩擦力最大B．t0时刻，A、B速度最大C．2t0时刻，A、B速度最小，与初始时刻相等D．2t0时刻，A、B位移最大7．科学家安排在2025年将首批宇航员送往火星进行考察．一质量为m的物体，假设在火星两极宇航员用弹簧测力计测得的读数为F1，在火星赤道上宇航员用同一把弹簧测力计测得的读数为F2.通过天文观测测得火星的自转角速度为ω，设引力常数为G，将火星看成是质量分布匀称的球体，则火星的密度和半径分别为()A.eq\f(3F1ω2,4πG（F1－F2）)，eq\f(F1－F2,mω2)B.eq\f(3ω2,4πG)，eq\f(F1F2,mω2)C.eq\f(3F1ω2,4πG（F1－F2）)，eq\f(F1＋F2,mω2)D.eq\f(3ω2,4πG)，eq\f(F1－F2,ω2)8．一辆电动观光车蓄电池的电动势为E，内阻不计，当空载的电动观光车以大小为v的速度匀速行驶时，流过电动机的电流为I，电动车的质量为m，电动车受到的阻力是车重的k倍，忽视电动观光车内部的摩擦，重力加速度为g，则下面说法不正确的是()A．电动机的内阻为R＝eq\f(E,I)B．电动机的内阻为R＝eq\f(E,I)－eq\f(kmgv,I2)C．电动车的工作效率η＝eq\f(kmgv,EI)D．电动机的发热效率η′＝eq\f(EI－kmgv,EI)9．如图所示，在匀强电场中将一电荷量为＋q、质量为m的小球以初速度v0竖直向上抛出，在带电小球由抛出到上升至最大高度的过程中，下列推断正确的是()A．小球的动能增加B．小球的电势能增加C．所用的时间为eq\f(v0,g)D．到达最高点时，速度为零，加速度大于g10．如图所示，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，已知R0＝r，滑动变阻器的最大阻值是2r.当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，下列说法中正确的是()A．电路中的电流变小B．电源的输出功领先变大后变小C．滑动变阻器消耗的功率变小D．定值电阻R0上消耗的功领先变大后变小二、选择题Ⅱ(本题共5小题，每小题4分，共20分．每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)11．如图所示，虚线框内为漏电爱护开关的原理示意图，变压器A处用火线和零线平行绕制成线圈，然后接到用电器，B处有一个输电线圈，一旦线圈B中有电流，经过电流放大器后便能推动继电器切断电源，假如甲、乙、丙、丁四人分别以图示方式接触电线(袒露部分)，甲、乙、丙站在木凳上，则下列说法正确的是()A．甲不会发生触电事故，继电器不会切断电源B．乙会发生触电事故，继电器不会切断电源C．丙会发生触电事故，继电器会切断电源D．丁会发生触电事故，继电器会切断电源12．一列横波在x轴上传播，在x＝0与x＝1cm的两点的振动图线分别如图中实线与虚线所示．由此可以得出()A．波长肯定是4cmB．波的周期肯定是4sC．波的振幅肯定是2cmD．波的传播速度肯定是1cm/s13．三种不同的入射光线甲、乙、丙分别照耀在三种不同的金属a、b、c上，均恰能使金属中逸出光电子．已知三种光线的波长λ甲>λ乙>λ丙，则()A．用入射光甲照耀金属b，可能发生光电效应B．用入射光丙照耀金属b，肯定发生光电效应C．用入射光甲和乙同时照耀金属c，可能发生光电效应D．用入射光乙和丙同时照耀金属a，肯定发生光电效应14．如图甲所示，电流恒定的通电直导线MN垂直平放在两条相互平行的水平光滑长导轨上，电流方向由M指向N，在两导轨间存在着竖直磁场，取垂直于纸面对里的方向为磁感应强度的正方向，当t＝0时导线恰好静止，若B按如图乙所示的余弦规律变更，下列说法正确的是()A．在最初的一个周期内，导线在导轨上做往复运动B．在最初的一个周期内，导线始终向左运动C．在最初的半个周期内，导线的加速度先增大后减小D．在最初的半个周期内，导线的速度先减小后增大15．如图所示，A、B两物体用一根跨过定滑轮的细绳相连，置于固定斜面体的两个斜面的相同高度，处于静止状态，两斜面的倾角分别是53°和37°，若不计摩擦，剪断细绳后下列说法中正确的是()A．两物体着地时的速度相同B．两物体着地时的动能相同C．两物体着地时的机械能相同D．两物体着地时所受重力的功率相同题号123456789101112131415答案非选择题部分三、非选择题(本题共5小题，共50分)16．(6分)探讨平抛运动的试验装置如图所示．(1)试验时，每次须将小球从轨道________(填选项前的字母)．A．同一位置释放B．不同位置无初速度释放C．同一位置无初速度释放(2)上述操作的目的是使小球抛出后________(填选项前的字母)．A．只受重力B．轨迹重合C．做平抛运动D．速度小些，便于确定位置(3)试验中已测出小球半径为r，则描绘小球运动轨迹时小球做平抛运动的坐标原点位置应是________(填选项前的字母)．A．斜槽末端O点B．斜槽末端O点正上方r处C．斜槽末端O点正前方r处D．斜槽末端O点正上方r处在竖直木板上的投影点17．(9分)某同学探讨小灯泡的伏安特性，所运用的器材有：小灯泡L(额定电压3.8V，额定电流0.32A)；电压表V(量程3V，内阻3kΩ)；电流表A(量程0.5A，内阻0.5Ω)；固定电阻R0(阻值1000Ω)；滑动变阻器R(阻值0～9.0Ω)；电源E(电动势5V，内阻不计)；开关S；导线若干．(1)试验要求能够实现在0～3.8V的范围内对小灯泡的电压进行测量，请在线框中画出试验电路原理图．Ｋ(2)试验测得该小灯泡伏安特性曲线如图(a)所示．由试验曲线可知，随着电流的增加小灯泡的电阻________(填“增大”“不变”或“减小”)，灯丝的电阻率________(填“增大”“不变”或“减小”)．(3)用另一电源E0(电动势4V，内阻1.00Ω)和题给器材连接成图(b)所示的电路，调整滑动变阻器R的阻值，可以变更小灯泡的实际功率．闭合开关S，在R的变更范围内，小灯泡的最小功率为________W，最大功率为________W．(结果均保留2位小数)18．(9分)温州机场大道某路口有按倒计时显示的时间显示灯．有一辆汽车在平直路面上正以36km/h的速度朝该路口停车线匀速前行，在车头前端离停车线70m处司机看到前方绿灯刚好显示“5”．交通规则规定：绿灯结束时车头已越过停车线的汽车允许通过．(1)若不考虑该路段的限速，司机的反应时间为1s，司机想在剩余时间内使汽车做匀加速直线运动以通过停车线，则汽车的加速度至少为多大？(2)若该路段限速为60km/h，司机的反应时间为1s，司机反应过来后汽车先以2m/s2的加速度沿直线匀加速行驶3s，为了防止超速，司机在加速结束时马上踩刹车，使汽车做匀减速运动，结果车头前端与停车线相齐时刚好停下，求刹车后汽车的加速度大小(结果保留两位有效数字)．当物体从高空下落时，所受阻力会随物体速度的增大而增大，因此物体下落一段距离后将匀速下落，这个速度称为此物体下落的收尾速度．探讨发觉，在相同环境条件下，球形物体的收尾速度仅与球的半径和质量有关．下表是某次探讨的试验数据(g取10m/s2)．小球编号ABCDE小球的半径/(×10－2m)0.50.51.522.5小球的质量/(×10－3kg)254540100小球的收尾速度/(m·s－1)1640402032(1)依据表中的数据，求出B球与C球在达到收尾速度时所受阻力之比；(2)依据表中的数据，归纳出球形物体所受阻力Ff与球的速度大小及球的半径的关系(写出有关表达式并求出比例系数)；(3)现将C球和D球用轻质细线连接，若它们在下落时所受阻力与单独下落时的规律相同．让它们同时从足够高的同一高度下落，试求出它们的收尾速度，并推断它们落地的依次．20．(14分)如图所示，在x轴的上方有沿y轴负方向的匀强电场，电场强度为E；在x轴的下方等腰三角形CDM区域内有垂直于xOy平面对外的匀强磁场，磁感应强度为B，其中C、D在x轴上，它们到原点O的距离均为a，θ＝30°.现将一质量为m、带电量为q的带正电粒子，从y轴上的P点由静止释放，不计重力作用与空气阻力的影响．(1)若粒子第一次进入磁场后恰好垂直CM射出磁场，求P、O间的距离；(2)若带电粒子第一次进入磁场后又能返回电场．P、O间的最大距离是多少？这种状况下粒子在磁场中运动的总时间是多少？(3)P、O间距离满意什么条件时，可使粒子在电场和磁场中各运动3次？考前仿真模拟卷(九)1．解析：选C.A项中只有位移为矢量，B项中速率是标量，瞬时速度的大小称为速率，D项中全都是标量．2．C3．解析：选C.磁钉不受摩擦力，A错误；磁钉与白板间还有磁性吸引力，B错误；彩纸相对白板向右运动，故彩纸受到白板向左的摩擦力，C正确；由整体法知，白板受到地面对左的摩擦力，D错误．4．解析：选C.由几何学问可知，两种状况下两球球心的连线相互平行，也就是说，下面小球对上面小球弹力的方向相同．上面小球受到的弹力的竖直方向上的分力大小等于重力，水平方向上的分力等于对左壁的弹力，明显a球在上面时对左壁的弹力大，两球之间的弹力也大，A、D两项错误；将两球看做整体分析可知，在同一容器里对左壁的弹力大小等于对右壁的弹力，所以是b球在下面时对右壁作用力大，而对底部的作用力大小相同，B项错误，C项正确．5．C6．解析：选A.对整体，F产生加速度，隔离A，B对A的静摩擦力产生加速度．由题中图象知，力F先减小到零，再反向增大，故加速度也先减小到零，再反向增大．所以t0时刻，A、B间静摩擦力为零，速度最大，而在2t0时刻，它们速度最小为零，由于速度方向始终未变，故2t0位移最大．7．解析：选A.在两极：Geq\f(Mm,R2)＝F1；在赤道上：Geq\f(Mm,R2)－F2＝mω2R；联立解得R＝eq\f(F1－F2,mω2)；由Geq\f(Mm,R2)＝F1，且M＝eq\f(4,3)πR3ρ，解得ρ＝eq\f(3F1ω2,4πG（F1－F2）).8．解析：选A.由功能关系EI＝kmgv＋I2R，可得电动机的内阻为R＝eq\f(E,I)－eq\f(kmgv,I2)，A错误，B正确；电动车的工作效率等于输出功率与总功率之比，即η＝eq\f(kmgv,EI)，C正确；电动机的发热效率η′＝eq\f(EI－kmgv,EI)，D正确．9．解析：选C.小球在由抛出点到最大高度的过程中，除重力之外，电场力要做正功，但是电场力做正功不肯定大于重力所做的负功，故A项错误；因电场力做正功，小球的电势能减小，B项也错误；小球在竖直方向上只受重力，故竖直方向加速度为g，到最高点所用的时间t＝v0/g，C项正确；到达最高点时，竖直分速度为零，但水平分速度不为零，并且最高点加速度为重力加速度g与电场力引起的加速度a的矢量和，大于g，由此可推断D项错误．10．解析：选C.当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，外电路电阻减小，电路中的电流变大，电源的输出功率变大，选项A、B错误；把定值电阻R0看成电源内阻，当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，滑动变阻器消耗的功率变小，定值电阻R0上消耗的功率变大，选项C正确、D错误．11．解析：选AD.图中甲、乙站在木凳上(人与地绝缘)接触火线时，火线和零线中电流大小、方向不变，线圈A产生的总磁通量为零，线圈B中不产生感应电流，继电器不会切断电源，甲、乙不会发生触电事故，故A正确，B错误；当丙双手分别与火线和零线接触时(人与地绝缘)，火线和零线中电流大小相等、方向相反，线圈A产生的总磁通量为零，线圈A中不会产生感应电流，故继电器不会切断电源，C错误；当丁图中“手－地”接触时，会导致一部分电流通过大地，火线和零线中电流方向、大小不等，线圈A产生的总磁通量不为零，即磁通量变大，故会在线圈B中产生感应电流，经放大后便能推动继电器切断电源，故D正确．12．解析：选BC.依据振动图象可知周期是4s，振幅是2cm，B、C两项正确；由于波的周期性，不能确定波长，因此也无法确定波速，A、D两项错误．13．解析：选BD.由λ＝eq\f(c,ν)，λ甲>λ乙>λ丙可知，ν甲<ν乙<ν丙．用入射光甲、乙、丙照耀金属a、b、c均恰好发生光电效应，说明a金属极限频率最小，c金属的极限频率最大，结合光电效应发生条件可知，A、C错误，B、D正确．14．解析：选A.由安培力的表达式F＝BIL结合图乙可知，安培力F在一个周期内随磁感应强度B的变更而变更，在前eq\f(1,4)周期内，安培力F方向不变，大小变小，加速度方向不变，大小变小，由于初速度为零，所以在水平方向上做变加速直线运动；在eq\f(1,4)周期到eq\f(1,2)周期内，磁场方向变更，安培力方向变更，由小变大，加速度方向变更，由小变大，速度减小，至eq\f(1,2)周期时速度减小到零，所以C、D项错误；而后在eq\f(1,2)周期到eq\f(3,4)周期内，MN反向加速，在一个周期结束时又回到原来的位置，所以A项正确，B项错误．15．解析：选D.两物体着地时速度的大小相同，但方向不同，故A项错；由于两侧斜面的角度不同并起先时处于静止状态，所以质量不同，落地时的动能和机械能也不同，故B、C两项错；物体的重力沿斜面方向的合力大小相等，着地时速度大小也相等，且也沿斜面方向，所以着地时所受重力的功率相同，故D项对．16．(1)C(2)B(3)D17．解析：(1)因为电压表量程不够，所以要与电压表串联电阻R0，使其量程由3V增大到4V．因为待测小灯泡的电阻最大为R＝eq\f(3.8,0.32)Ω≈12Ω，而eq\r(RVRA)＝eq\r(4000×0.5)Ω＝45Ω，所以待测电阻属于小电阻，用电流表外接法．试验要求能够实现在0～3.8V的范围内对小灯泡的电压进行测量，所以滑动变阻器用分压器接法．电路图如答案图．(2)因为电阻为I－U图象斜率的倒数，因斜率减小，所以电阻增大．电阻率也增大．(3)当滑动变阻器阻值为R＝9Ω即最大时，小灯泡功率最小，依据闭合电路欧姆定律4＝U＋10I，有I＝0.4－eq\f(U,10)，作出I－U图象(如下图)，与小灯泡的I－U图象的交点为(1.75，220)，则功率为P＝UI＝1.75×0.22W≈0.39W.当滑动变阻器阻值为R＝0即最小时，小灯泡功率最大，依据闭合电路欧姆定律4＝U＋I，有I＝4－U，作出I－U图象(如下图)，与小灯泡的I－U图象的交点为(3.65，320)，则功率为P＝UI＝3.65×0.32W≈1.17W.答案：(1)(2)增大增大(3)0.391.1718．解析：(1)在司机反应时间内汽车通过的位移x1＝v0t1＝10m，加速过程所用时间t2＝5s－t1＝4s由70m－x1＝v0t2＋eq\f(1,2)a1teq\o\al(2,2)解得a1＝2.5m/s2.(2)汽车加速结束后通过的位移x2＝v0t1＋v0t3＋eq\f(1,2)a2teq\o\al(2,3)＝10m＋10×3m＋eq\f(1,2)×2×32m＝49m此时车头前端离停车线的距离为x3＝70m－x2＝21m此时速度为vt＝v0＋a2t3＝10m/s＋2×3m/s＝16m/s匀减速过程中，有2a3x3＝veq\o\al(2,t)解得a3＝eq\f(128,21)m/s2≈6.1m/s2.答案：(1)2.5m/s2(2)6.1m/s219．解析：(1)球在达到收尾速度时为平衡状态，有Ff＝mg则FfB∶FfC＝mB∶mC代入数据得FfB∶FfC＝1∶9.(2)由