山东省济南市2025届高三物理模拟考试试题（含解析）

山东省济南市2025届高三物理模拟考试试题（含解析）

二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14~18题中只

有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全

的得3分，有选错的得0分。

1.现用某一光电管进行光电效应试验，当用某一频率的光照耀时，有光电流产生。下列说法

正确的是

A.保持入射光的频率不变，射光的光强变大，饱和光电流变大

B.入射光的频率变高，饱和光电流肯定变大

C.入射光的频率变高，光强不变，光电子的最大初动能不变

D.保持入射光的光强不变，不断减小入射光的频率，始终有光电流产生

【答案】A

【解析】

【详解】A.依据光电效应试验得出的结论知，保持照耀光的频率不变，照耀光的强度变大,

饱和电流变大，故A正确；

B.依据光电效应方程EkFhv-W。知，照耀光的频率变高，光电子的最大初动能变大，饱和光

电流不肯定变大，故B错误；

C.入射光的频率变高，光强不变，光电子的最大初动能变大，选项C错误；

D.保持入射光的光强不变，不断减小入射光的频率，当入射光的频率小于金属的截止频率,

不会发生光电效应，不会有光电流产生，选项D错误；

2.我国安排2024年放射火星探测器，实现火星的环绕、着陆和巡察探测.已知火星和地球

绕太阳公转的轨道都可近似为圆轨道，火星公转轨道半径约为地球公转轨道半径的3,火星

2

的半径约为地球半径的1,火星的质量约为地球质量的1,以下说法正确的是

29

A.火星的公转周期比地球小

B.火星的公转速度比地球大

C.探测器在火星表面时所受火星引力比在地球表面时所受地球引力小

D.探测器环绕火星表面运行的速度比环绕地球表面运行的速度大

【答案】C

【解析】

【详解】A.依据开普勒第三定律可知，火星公转轨道半径大于地球公转轨道半径，则火星

的公转周期比地球大，选项A错误;

B.依据即可知，火星的公转速度比地球小，选项B错误；

C.依据丝，则”—呦竺2_12_4,则探测器在火星表面时所受火星引力比在地

球表面时所受地球引力小，选项c正确；

D•依据引证但恒业，则探测器环绕火星表面运行的速度比环绕地

"火=，衣=]:7=可初=立地

球表面运行的速度小，选项D错误；

3.曲柄连杆结构是发动机实现工作循环，完成能量转换的主要运动零件如图所示，连杆下端

连接活塞Q,上端连接曲轴P。在工作过程中，活塞在气缸内上下做直线运动，带动曲轴绕

圆心0旋转，若P做线速度大小为v。的匀速圆周运动，则下列说法正确的是

A.当0P与0Q垂直时，活塞运动的速度等于V。

B.当0P与0Q垂直时，活塞运动的速度大于V。

C.当OPQ在同始终线时，活塞运动的速度等于V。

D.当OPQ在同始终线时，活塞运动的速度大于V。

【答案】A

【解析】

【详解】AB.当0P与0Q垂直时，设/PQ0=9,此时活塞的速度为v,将P点的速度分解为

沿杆方向和垂直于杆方向的速度；将活塞的速度v分解为沿杆方向和垂直于杆方向的速度，

则此时Vocos。=vcos9,即v=v(),选项A正确，B错误；

CD.当OPQ在同始终线时，P点沿杆方向的速度为零，则活塞运动的速度等于0,选项CD

错误；

4.如图所示，在倾角为37°的斜面上放置一质量为0.5kg的物体，用一大小为1N平行斜面

底边的水平力F推物体时，物体保持静止。已知物体与斜面间的动摩擦因数为更，物体受到

的摩擦力大小为（sn37°=0.6,cos37°=0.8,g取lOm/s,

B.2GC.廊ND.同

【答案】C

【解析】

【详解】物体所受的摩擦力为静摩擦力，其大小与F与重力沿斜面对下的重量的矢量和等大

反向，则f=加+(加及侬7。)?=6+(5x0.6)2%=回N，故选。

5.在如图甲所示的电路中，螺线管匝数n=1000匝，横截面积S=20cm2.螺线管导线电阻

r=1.0Q,R=4.OQ,R2=5.0Q,C=30uF.在一段时间内，垂直穿过螺线管的磁场的磁感应

强度B的方向如图甲所示，大小按如图乙所示的规律改变则下列说法中正确的是

凡1

H

U

J

A.螺线管中产生的感应电动势为1.2V

B.闭合K,电路中的电流稳定后电容器下极板带负电

C.闭合K,电路中的电流稳定后，电阻Ri的电功率为2.56义10一甯

D.K断开后，流经R?的电量为1.8乂10一十

【答案】C

【解析】

【详解】A.依据法拉第电磁感应定律："“△中„解得：E=0.8V,故A错误；

B.依据楞次定律可知，螺线管的感应电流回旋而下，则螺线管下端是电源的正极，那么电

容器下极带正电，故B错误；

C.依据全电路欧姆定律，有：1==0.08A,依据P=I2R1解得：P=2.56X102W；

R\+/?2+r

故C正确；

D.S断开后，流经R?的电量即为S闭合时C板上所带的电量Q,电容器两端的电压为：

-5

U=IR2=0.4V,流经Rz的电量为:Q=CU=1.2X10C,故D错误；

6.如图所示，甲为志向自耦变压器，A、P分别是可以滑动的触头.变压器输入图乙所示的

沟通电压，则

A.通过滑动变阻器的交变电流的频率为50Hz

B.滑动变阻器两端的电压等于220V

C.触头A向下滑动时，滑动变阻器消耗功率变大

D.触头P向下滑动时，滑动变阻器消耗功率变小

【答案】AC

【解析】

【详解】A.沟通电的周期为T=0.02s,则通过滑动变阻器的交变电流的频率为50Hz,选项

A正确；

B.变压器输入电压有效值为220V,则因变压器次级匝数大于初级匝数，可知滑动变阻器两

端的电压大于220V,选项B错误；

CD.触头A向下滑动时，初级匝数减小，则次级电压变大，滑动变阻器消耗功率变大，选项

C正确，D错误；

7.质量1kg的物体从足够高处由静止起先下落,其加速度a随时间t改变的关系图象如图所

示重力加速度g取10m/s2,下列说法正确的是

A.2s末物体所受阻力的大小为10N

B.在0~2s内，物体所受阻力随时间匀称减小

C.在0~2s内，物体的动能增大了100J

D.在0~ls内，物体所受阻力的冲量大小为2.5N•s

【答案】AD

【解析】

【详解】A.2s末物体的加速度为零，则此时，阻力等于重力，即所受阻力的大小为10N,

选项A正确；

B.依据mg-f=ma可知，在0~2s内，物体加速度随时间匀称减小，则所受阻力随时间匀称增

大，选项B错误；

C.在0~2s内，物体的速度增加了.[x2xl（Ws=l（Ws，则动能增大了

^mAv2=|x1xIO2/=50r选项0错误；

D.在。飞内，物体速度的增量：g=拈+10）*1吁7.5小依据动量定理:

mgt-If=mAvi，解得L=2.5N,s,选项D正确；

8.如图所示，竖直平面MNRS的右侧存在竖直向上的足够大的匀强磁场从平面MNRS上的0

点处以初速度v0=10m/s垂直MNRS面对右抛出一带电量为q质量为m小球。若磁感应强度

B=叼，gMX10m/s2.下列说法正确的是

q

A.小球离开磁场时的速度大小为lO^m/s

B.小球离开磁场时的速度大小为10J耳m/s

C.小球离开磁场时的位置与抛出点的距离为gm

D.小球离开磁场时的位置与抛出点的距离为三曲二记m

【答案】AD

【解析】

【详解】AB.粒子在磁场中，水平方向做匀速圆周运动，竖直方向做自由落体运动，粒子运

动的周期：7=箸=2『则出离磁场时运动时间为th/2=ls,下落的高度：k如2=5帚

从进入磁场到出离磁场，由动能定理：1„2_£„2,解得v=10、Em/s,选项A正确，

yTTll/—QTIL1I/7Q।TTlU11,V

B错误；

CD.粒子做圆周运动的半径_吧_四则小球离开磁场时的位置与抛出点的距离为

r=~^B=n

s=[h2+(2r)2=1^716,选项C错误'D正确•

三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题~32题为必考题，每个试题考生都必

需做答。第33题~第38题为选考题，考生依据要求做答。

9.如图甲所示为测量电动机转动角速度的试验装置，圆形卡纸固定在电动机转轴上，在电动

机的带动下匀速转动在圆形卡纸的旁边安装■个改装过的打点计时器，已知打点计时器的打

点频率为50Hz,

下面是该试验的试验步骤：

I.按试验要求安装器材；

II.启动电动机，使圆形卡纸转动起来；

III.转动稳定后，接通打点计时器的电源，在卡纸边缘打点；

IV.断开打点计时器和电动机电源；

V.依据卡纸上留下的部分痕迹，测出某两点间的圆心角，如图乙所示计算出电动机的角速

度.

①试验中运用电磁打点计时器，学生电源应采纳下图中的接法(填“A”或

“B”)

AB

②若测得图乙中6=120°,则电动机转动的角速度3=rad/s

【答案】(1).B(2).20.93(20.9,驷)

【解析】

【详解】①试验中运用电磁打点计时器，要运用低压沟通电源，故学生电源应采纳下图中的

B接法；

②由图可知，转轴转过9=120°的时间为t=5T=0.1s,

则角速度2.

6T2n

a=E=1rad/s=-jrad/s=20.93rad/s

10.某同学用图甲所示的电路探讨某种型号电池的电动势及内阻图中R。为5Q的定值电阻,

两个电压表均为志向电压表。

(1)请依据图甲所示的电路图用笔画线代替导线将图乙中的的实物图补充完整

(2)闭合开关，电压表％、上的示数分别为5、U2,调整滑动变阻器，得到多组L、U2,作

出电池的山一U,曲线如图丙。由此可知电池的电动势为V,区较大时电池的内阻

丙

(3)若将图甲所示的电路图中的滑动变阻器换成R=20Q的定值电阻，闭合开关后电阻R消耗

的电功率为W(计算结果保留两位有效数字)。

(2).2.90(或2.9,2.89,2.91,2.92)

【解析】

【详解】(1)电路如图;

（2）由闭合电路的欧姆定律：1r〃,力，即〃r,由图像可知，电池的电动势

E=Ur+^r%-E-^U2

为2.90V；因图像的斜率工，则心较大时，图像的斜率变大，则电池的内阻将增大；

K

-~R0

（3）若将图甲所示的电路图中的滑动变阻器换成R=20Q的定值电阻，闭合开关后电阻R

两端的电压等于R。两端电压的4倍，则此时Ui=5Uz,由图像可知lh=2.5V,50.5V,R两端

的电压为2.0V,则R消耗的电功率为照2?

Pff=—n=—zuWZ=0.20lV

11.如图所示，在xOy平面的第一象限有一匀强磁场，方向垂直于纸面对外；在第四象限有

一匀强电场，方向平行于y轴向下.一电子以速度V。从y轴上的P点垂直于y轴向右飞入

电场，经过x轴上M点进入磁场区域，又恰能从y轴上的Q点垂直于y轴向左飞出磁场已知

P点坐标为（0,—L）,M点的坐标为（自生，0）.求

亍

（1）电子飞出磁场时的速度大小v

（2）电子在磁场中运动的时间t

【答案】（1）v=2v;（2）._4以

0-瓦

【解析】

【详解】（1）轨迹如图所示，设电子从电场进入磁场时速度方向与X轴夹角为仇

(1)在电场中x轴方向：2但，y轴方向7%，+□%n

3

—=voti：L=Ttrtan0=-=V

得。=60°，

"何=2%

(2)在磁场中，2痘4,

r=sln^=犯

磁场中的偏转角度为〃2

a=3n

2nr

~T4TTL

以=彳=瓯

12.如图所示两小滑块分别静止在平台的两端，间距x=6.25m,质量分别为mi=lkg、m2=2kg

水平面上依次排放两块完全相同的木板A、B,其长度均为L=2.5m,质量均为M=lkg,木板

上表面与平台等高滑块与平台间、木板与水平面间的动摩擦因数均为口F0.2,滑块与木板

间的动摩擦因数均为口z,现给滑块电一水平向右的初速度v°=13m/s,一段时间后与叱发生

弹性碰撞.最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，g取lOm/l.求：

(1)碰前滑块mi的速度大小及碰后滑块nt的速度大小

(2)若滑块mz滑上木板A时，木板不动而滑上木板B时，木板B起先滑动，则u2应满意什

么条件

(3)若口产0.8求木板B的位移大小

一.........:

【答案】⑴V=8m/s；(2)0.3<M2<0.4；(3).⑺

'SB—

【解析】

【详解】对，减速X过程：〃m1；21“2

解得：vo=12m/s

对mi、m2,碰撞过程，动量守恒：m^vo=miv/o+m2v

动能守恒：嬴心嬴巡+九B

联立解得：v=Sm/s

(2)对AB整体，A不动，应满意：42m2g4%(血2+2M)g

对B,B滑动：应满意：42m2。之出(m2+M)g

解得：0.3〈国工0.4

(3)瓶2在A上滑动过程，对巾2：〃2m2。=巾2a2

V2=v-at

12

S2=vti-2t彳

对AB：112m2g-Mi(m2+2M)g=2Mai

V\—a^ti

1

Si=2alf2l

22

联立解得：ar=4m/s，a2=8m/s^V\=2m/s,v2=4m/s,sr=0.5m,s2=3m

滑块m2冲上长木板B后，假设滑块瓶2冲上长木板B后二者能达到共同速度，对于m2：

u共=也-a2t2

V2+V±±

S?=-2^

m

对B：2g-Mi(2+M)g=Ma3

u共—V\-a^2

力+v共

S3——2一

1

s2-s3=^m<L

所以假设成立。

又因为〃2>〃1，所以滑块巾2与长木板B达到共同速度后，二者将以共同加速度〃19减速到零,

则：

5共=病

SB=Si+S2+S共

解得：173

sB=~^m

13.下列说法正确的是()

A.液体表面层内分子间的相互作用力表现为引力

B.松香在熔化过程中温度不变，分子平均动能不变

C.若肯定质量的志向气体被压缩且汲取热量，则压强肯定增大

D.布朗运动就是分子的运动

E.自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的

【答案】ACE

【解析】

【详解】A.液体表面层内分子间的距离比较稀疏，相互作用力表现为引力，选项A正确；

B.松香是非晶体，只有晶体在熔化过程中汲取的热量全部用来破坏分子结构，增加分子势

能，而熔化过程中温度不变，分子平均动能不变，故B错误；

C.若肯定质量的志向气体被压缩且汲取热量，外界对气体做功，内能增加，温度上升，则

依据PV/T=c可知压强肯定增大，选项C正确；

D.布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，不是分子的运动，选项D错误；

E.依据燧原理可知，自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的，

选项E正确；

14.如图所示，横截面积为10cm?的圆柱形导热气缸内有一个活塞，活塞把气缸内的气体分

为A、B两部分，A部分和B部分气柱的长度都为15cm初始时，两部分气体的压强均为

p„=lX105Pa.若把气缸缓慢竖起，活塞沿缸壁移动了5cm,不计活塞与气缸间的摩擦，g取

10m/s2,求活塞的质量.

B

【答案】m=7.5kg

【解析】

【详解】两部分气体均作等温改变，对于A气体有：P0V=P1V

或者：Posl=P'h

对于B气体有：P0V=P2V2

或者：Posl=P2sl2

几何关系：Vi+V2=2V

或者：A+%=22

对于活塞：P2S=Pis+mg

或者：Prs=P2s+mg

解得：m-7.5kg

15.如图甲所示，在安静的水面下深h处有一个点光源s,它发出的两种不同颜色的a光和b

光在水面上形成了一个有光线射出的圆形区域，该区域的中间为由ab两种单色光所构成的

复色光圆形区域四周为环状区域，且为a光的颜色(见图乙)设b光的折射率为n,则下列说

法正确的是()

A.在水中，a光的波长比b光小

B.水对a光的折射率比b光小

C.在水中，a光的传播速度比b光大

D.复色光圆形区域的面积为S=卫匕