2020届北京市西城区高考物理一模试卷(含答案详解)

2020届北京市西城区高考物理一模试卷一、单选题（本大题共13小题，共39.0分）1. 如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是(    )A.图甲，厚玻璃筒内的空气被压缩，空气的内能减少B.图乙：瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大C.图丙：试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少D.图丁：汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大2. 在信息技术迅猛发展的今天，光盘是存储信息的一种重要媒介．光盘上的信息通常是通过激光束来读取的．若激光束不是垂直投射到盘面上，则光线在通过透明介质层时会发生偏折而改变行进方向，如图所示．下列相关说法正确的是(    )A.图中①光是红光，②光是蓝光B.在光盘的透明介质层中，①光比②光传播更快C.若①光、②光先后通过同一双缝干涉装置，前者得到的条纹比后者的宽D.若①光、②光先后通过同一单缝衍射装置，前者得到的中央亮纹比后者的中央亮纹窄3. 放射性物质碘131的衰变方程为 51131I→ 54131Xe+Y，若 51131I的质量为m1， 54131A.Y粒子具有很强的电离本领B.Y粒子具有很强的穿透本领C.核反应中释放出的核能为(D.核反应中释放出的核能为(4. 下列说法正确的是(    )A.当机械波从一种介质进入另一种介质时，保持不变的物理量是波长B.传播一列简谐波的同一种介质中各质点具有相同的周期和振幅C.由波在均匀介质中的传播速度公式v=λf可知，频率越高，波速越大D.在波的传播方向上，相距半波长的整数倍的两质点的振动情况完全相同5. 图1为某型号电热毯的电路图，将电热丝接在μ=156sin120πt(V)的电源上，电热毯被加热到一定温度后，由于P的作用使输入的正弦交流电仅有半个周期能够通过，即电压变为图2示波形，从而进入保温状态，则此时交流电压表的读数是(    )A.156V B.110V C.78V D.55V6. 2019年4月10日，人类史上首张黑洞照片发布，黑洞最初是一个衰老的巨大恒星，随着恒星中心的“燃料”不断消耗，恒星内核开始塌缩。最终，所有物质缩成一个体积接近无限小的奇点。奇点会形成强大引力场，就连光也会被吸进去，至此黑洞诞生。拍摄黑洞用的是事件视界望远镜，该望远镜收集到的是一种波长比光波更长的亚毫米波。发布的图片中心黑暗区域正中为黑洞，周围环绕一个新月状光环，一侧亮一些，另一侧暗一些，是因为光环旋转，导致接收者接收到相位和频率变化造成的。根据以上信息和已学知识分析下列说法正确的是(    )A.恒星发光发热是恒星内部的核裂变造成的B.环状新月型光环上下两侧不对称是多普勒效应造成的C.黑洞的第一宇宙速度是光速D.事件视界望远镜收集的亚毫米波比可见光的频率大7. 质量为m的小球从桌面抛出(不计空气阻力)，桌面离地高度为h，小球抛出时速度为v.，则小球落地时所具有的机械能为(    )(取地面为零势能面)A.mv022 B.mv08. 如图所示，从水平地面上的A点，以速度v1在竖直平面内抛出一小球，v1与地面成θ角．小球恰好以v2的速度水平打在墙上的B点，不计空气阻力，则下面说法中正确的是(    )A.在A点，仅改变θ角的大小，小球仍可能水平打在墙上的B点B.在A点，以大小等于v2的速度朝墙抛向小球，它也可能水平打在墙上的BC.在B点水平向左抛出小球，让它落回地面上A点，则抛出速度大小一定等于vD.在B点以大小为v1的速度水平向左抛出小球，则它可能落在地面上的A9. 连接在电池两极上的平行板电容器，当两极板之间的距离减小时，则不正确的是(    )A.电容器的电容C变大B.电容器极板的带电量Q变大C.电容器两极板的电势差U变大D.电容器两极板间的电场强度E变大10. 飞行器在太空飞行，主要靠太阳能电池提供能量．若一太阳能电池板，测得它的开路电压为800mV，短路电流为40mA.若将该电池板与一阻值为20Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是(    )A.0.10V B.0.20V C.0.30V D.0.40V11. 如图所示，D是石墨烯稳压管，具有高度的稳定性，其作用是保证C、E两端电压UCE恒定不变，当流过稳定管的电流在20mA与5mA之间时，UCE稳定在10V上，设电源电压U=20V，R1=400Ω，为使UCE稳定在10V，负载电阻RA.1000Ω B.2500Ω C.100Ω D.400Ω12. 如图所示，把轻质导线圈用细线挂在磁铁N极附近，磁铁的轴线穿过线圈中心，且在线圈平面内，当线圈通过顺时针方向的电流时，线圈将(    )A.不动B.发生转动，同时靠近磁铁C.发生转动，同时离开磁铁D.不发生转动，只靠近磁铁13. 如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，一带电油滴位于两板中央的P点且恰好处于平衡状态。断开电键，将平行板电容器的上极板沿电场方向向下移动一小段距离，则(    )A.带电油滴将沿竖直方向向上运动B.带电油滴将沿竖直方向向下运动C.P点的电势将不变D.电容器的电容增大，电容器的带电量将增大二、多选题（本大题共1小题，共3.0分）14. 下列说法正确的(    )A.扩散现象和布朗运动均反映出分子不停的做无规则热运动B.空气湿度与温度有关，即温度越低，空气湿度越大C.分子势能变化与分子力变化规律相同；即分子力增大，分子势能也随着增大；分子力减小，分子势能也随之减小D.表面张力及毛细现象均是分子力作用下的现象E.一切宏观自然规律总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行，即向着熵增大的方向进行三、实验题（本大题共4小题，共28.0分）15. 某小组利用如图所示装置研究“一定质量气体温度不变时，压强与体积的关系”。如图所示，带刻度的注射器内封闭了一定质量的气体，推动活塞可以改变气体体积V，实验时所用测量压强的装置较特殊，测量的是注射器内部气体和外部大气(压强为p0)的压强差△p，在内部气体和外部大气压强相等时注射器内部气体的体积为V，在多次改变体积后，得到如下数据：△p/×0.110.250.430.67V/mL9876(1)图中装置1为压强传感器，装置2为数据采集器。(2)每次气体的状态调整后，都要等一会儿再记录数据，这是为了______。(3)研究小组基于数据，以△p为y轴，作出的函数图线为直线，则x轴是______。(4)该直线的函数表达式是______(用题中所给字母符号表示)，图象纵轴截距的绝对值的物理含义是______。16. 某同学用伏安法测干电池的电动势E和内阻r，测得两节不同干电池U-I图象如图所示．(1)电源电动势E1______E2.(

填“>”或“<”或“=(2)内阻r1______r2.(

填“>”或“<”或“=17. 场源电荷Q=4×10-4C，是正点电荷，试探电荷q=-1×10-5C，是负电荷，它们相距r = 3m，而分别静止在A、

求：(1)q受的电场力(即库仑力)的大小和方向；

(2)q所在的B点的场强EB

(3)将试探电荷拿去后B点的场强大小．18. (1)关于下面四个实验的说法正确的是______

甲

乙

丙

丁A.

图甲实验可以说明α粒子的贯穿本领很强B.

图乙实验现象可以用爱因斯坦的光电效应方程解释C.

图丙是利用α射线来监控金属板厚度的变化D.

图丁进行的是裂变反应

⑵在粗糙的水平桌面上有两个静止的木块A和B，两者相距为d。现给A一初速度，使A与B发生弹性正碰，碰撞时间极短。当两木块都停止运动后，相距仍然为d。已知两木块与桌面之间的动摩擦因数均为μ，B的质量为A的2倍，重力加速度大小为g。求A的初速度的大小。四、简答题（本大题共1小题，共5.0分）19. 卢瑟福是如何由α粒子散射实验得出原子的核式结构的？五、计算题（本大题共4小题，共25.0分）20. 有带电平行板电容器竖直安放如图所示，两板间距d=0.1m，电势差U=1000V，现从平行板上A处以vA=3m/s速度水平向左射入一带正电小球(知小球带电荷量q=10-7

C，质量m=0.02g)，经一段时间后发现小球打在求：(1)在图上粗略画出带电小球从A运动到B的轨迹．(2)算出A、B间的距离sAB；(3)小球到达B点时的动能．(g取21. 如图，板间距为d、板长为4d的水平金属板A和B上下正对放置，并接在电源上．现有一质量为m、带电量+q的质点沿两板中心线以某一速度水平射入，当两板间电压U=U0，且A接负时，该质点就沿两板中心线射出；A接正时，该质点就射到B板距左端为d的C处．取重力加速度为g(1)求质点射入两板时的速度；(2)当A接负时，为使带电质点能够从两板间射出，求：两板所加恒定电压U的范围。22. 质谱仪的构造如图所示，荷质比为q/m的离子从离子源出来经过板间电压为U的加速电场后经Q点进人磁感应强度为B的匀强磁场中，沿着半圆周运动而达到记录它的照相底片上，则该粒子达到照相底片的位置p距Q点的距离L⋅

23. 如图所示，质量M=1.5kg的小车静止于光滑水平面上，并紧靠固定在水平面上的桌子右边，其上表面与水平桌面相平，水平放置的轻弹簧左端固定，质量为1.0kg的小物块P置于光滑桌面上的A点并与弹簧的右端相连接，此时弹簧处于原长．紧靠小物块P的右侧放有一质量为0.5kg的滑块Q，P、Q均可视为质点，现用水平向左的拉力将P缓慢拉至B点(弹簧仍处于弹性限度内)，拉力做功W=4.5J，撤去拉力后，P沿桌面滑到A点并与Q发生弹性碰撞，碰后P未离开桌面，已知Q与小车上表面间动摩擦因数μ=0.1.(取g=10m/s2(1)P刚要与Q碰撞前的速度是多少？(2)Q刚滑上小车时的初速度v0(3)为保证Q不从小车上滑下，小车的长度至少为多少？

参考答案及解析1.答案：C解析：本题考查热力学第一定律的应用，明确做功可以改变物体的内能A、图甲，厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加；故A错误；B、图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气的内能减小；故B错误；C、图丙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，故C正确；D、图丁，汽缸内的气体推动活塞向下运动时(即做功冲程)，内能转化为机械能；内能减小，故D错误．故选：C

2.答案：D解析：解：A、①光的偏折程度较大，则折射率较大，蓝光的折射率大于红光的折射率，所以①光是蓝光，②是红光。故A错误。B、根据v=cn知，蓝光的折射率大，在介质中的速度小，则光束①比光束②传播速度更慢。故C、蓝光的折射率大于红光的折射率，而蓝光的波长小于红光的折射率波长，干涉条纹的间距与波长成正比，则若①光、②光先后通过同一双缝干涉装置，前者得到的条纹比后者的窄。故C错误。D、蓝光的折射率大，频率大，知蓝光的波长小，波长越长，衍射现象越明显，所以①得到的中央亮纹比②的中央亮纹窄。故D正确。故选：D。根据光的偏折程度比较出两束光的折射率，从而根据v=c解决本题的突破口是比较出两束光的折射率大小，从而比较出频率、波长、在介质中的速度、临界角的大小．3.答案：C解析：解：AB、根据核电荷数守恒可知，Y的核电荷数为51-54=-3，质量数为131-131=0，则Y是 -10e，即为β粒子，而α射线具有很强的电离本领，γCD、核反应过程中的质量亏损△m=m根据质能方程，那么这个核反应中释放的核能△E=△mc2=(

m1-故选：C．根据核反应过程中质量数与核电荷数守恒，求出Y的核电荷数，确定其种类；先求出核反应的质量亏损，然后由质能方程求出释放的核能．知道质量数守恒与核电荷数守恒是判断粒子X种类的关键，熟练应用质能方程即可求出核反应释放的能量．4.答案：B解析：解：A、机械波的频率是由波源决定的，当机械波从一种介质进入另一种介质时，保持不变的物理量是频率，而波速和波长都会改变，故A错误．B、传播一列简谐波的同一种介质中，各质点周期和振幅是相同的，故B正确．C、波速由介质的性质决定的，与频率无关，波在均匀介质中的传播速度是一定的，故C错误．D、在波的传播方向上，相距半波长的偶数倍的两质点的振动情况完全相同，相距半波长的奇数倍的两质点的振动情况完全相反，故D错误．故选：B当机械波从一种介质进入另一种介质时，频率不变．波速和波长会发生变化．简谐波传播过程中，同一种介质中各质点周期和振幅相同．波速由介质的性质决定．在波的传播方向上，相距半波长的偶数倍的两质点的振动情况完全相同．结合这些知识分析．解决本题时要抓住描述波的三个物理量：波长、频率和波速的决定因素，知道频率是由波源决定的，波速是由介质决定的，而波长是由波源和介质共同决定的．5.答案：C解析：解：由u=156sin120πt(V)可知该交变电流的周期T=可分两段0-1120根据有效值的定义可得(解得：U=故选：C．电压表读数为有效值，根据正弦式交变电流峰值和有效值之间的关系以及电流的热效应便可求得有效值本题考查有关交变电流有效值的计算问题，知道电压表和电流表测量的都是有效值，难度不大，属于基础题．6.答案：B解析：解：A、恒星发光发热是恒星内部的核聚变造成的。故A错误；B、环状新月型光环上下两侧不对称是因为光环旋转，导致接收者接收到相位和频率变化造成的，此现象属于多普勒效应。故B正确；C、黑洞的第二宇宙速度(逃逸速度)是光速。故C错误；D、望远镜收集到的波长比可见光波长更长的亚毫米波，而波长和频率成反比，所以收集的亚毫米波比可见光的频率小，故D错误；故选：B。恒星发光发热是恒星内部的核聚变造成的；环状新月型光环上下两侧不对称是多普勒效应造成的；黑洞的第二宇宙速度(逃逸速度)是光速；望远镜收集到的波长比可见光波长更长的亚毫米波，而波长和频率成反比。本题考查了裂变反应和聚变反应、多普勒效应、宇宙速度等知识点。这种题型属于基础题，只要善于积累，难度不大。7.答案：C解析：解：小球运动过程中，只受重力，机械能守恒，则小球落地时所具有的机械能等于刚抛出时的机械能，为：E=mgh+m故选：C小球运动过程中，只受重力，机械能守恒，根据机械能守恒定律列式求解．本题关键根据机械能守恒定律，小球的机械能总量不变，小球任意位置的机械能都等于初位置的机械能．8.答案：C解析：解：AB、在A点射出的小球，仍需水平击中B点，则竖直分速度不能变化，运动的时间不能变化，则水平分速度也不能变化，所以仅改变A点的速度大小或方向都不能水平击中B点．故A、B错误．CD、采用逆向思维，小球做平抛运动，当水平速度越大时，抛出后落地速度越大，水平射程越远；若水平速度减小，则落地速度变小，水平射程越小．因此只有以与v2大小相等、方向相反的速度射出弹丸，它才会落在地面上的A点．故C正确，D故选：C解决本题巧用平抛运动知识，由于题目中紧抓住小球垂直打到竖直壁上，采用逆向思维，可以看成平抛运动，则有水平速度越大，落地速度越大，与水平面的夹角越小，射程越远。本题采用了逆向思维，降低了解决问题的难度．若仍沿题意角度思考，解题很麻烦同时容易出错。9.答案：C解析：解：A、当两极板之间的距离减小时，电容器的电容C变大．故A正确．

B、电容器连接在电池上，电压不变．由Q=CU，得知电容器极板的带电量Q变大．故B正确．C、电容器连接在电池上，电容器两极板的电势差U等于电池的电动势，不变．故C错误．

D、由E=Ud分析，U不变，d减小，则E变大．故本题选不正确的，故选：C．电容器连接在电池上，电压不变．根据平行板电容器的电容C=ɛS4πkd，两极板之间的距离减小，电容增大，由Q=CU，电压不变，分析电量变化，由本题是电容器动态变化分析问题，关键要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，其电压不变；充电后与电源断开，其电量不变．10.答案：D解析：解：设电池板的内阻为r，其开路电压等于它的电动势，依题意有：E=800mVI解得电源内阻：r=电池板连上20Ω阻值后，流过电阻的电流大小为：I=此时的路端电压为：U=IR=20×20mV=400mV=0.4V；故选：D。由开路电路等于电源的电动势，求出电动势，由短路电流求出电源的内阻．再根据欧姆定律求出电流和路端电压．对于电动势的概念要理解：电动势等于外电压和内电压之和，当外电路开路时，内电压为零，开路电路等于电源的电动势．11.答案：A解析：解：R1=400Ω，其两端的电压为U1当稳定管电流为20mA时，R2的电流为I2=25-20=5mA当稳定管电流为5mA时，R2的电流为I2'所以R2的取值范围为：500Ω<R1<2000Ω则故选：A因R1=400Ω，其两端的电压为10V，则其电流为UI=25mA，当稳流管电流在20mA到本题关键明确稳压管额工作原理，理清电路中的电流和电压关系，然后根据欧姆定律列式求解．12.答案：B解析：解：在圆环左右部分各取一小段，根据左手定则知，左边向里转，右边向外转。转过90度后，将圆环等效为条形磁铁，则左边是S极，右边是N极，同性相吸。知圆环转动的同时向磁铁靠近。故B正确，A、C、D错误。故选：B。通过条形磁铁周围的磁场方向，根据左手定则，结合等效法判断圆环的运动情况。本题考查导体在磁场中的运动，采用了微元法、特殊位置法、等效法判断圆环的运动情况。13.答案：C解析：解：ABD、若将上极板向下移动一小段距离，两板间距离d变小，由于断开电键，因此电容器的电量不变，根据E=Ud=QCd=4πkQC、将平行板电容器的上极板沿电场方向向下移动一小段距离时，P点到下极板的距离不变，由于场强E不变，由U=Ed，可知，P点与下极板的电势差不变，即P点的电势不变，故C正确；故选：C。本题的关键是明确分析有关电容器动态问题的基本方法：先判断电容器的电压不变还是带电量不变(若断开电源则电量不变，若始终与电源相连则电压不变)；根据C=εS4πkd判断电容C的变化；根据Q=CU判断电容器带电量的变化情况；根据E=Ud判断场强E的变化(注意若断开电源，只改变板间距离时场强E不变)；根据熟记若电容器始终与电源相连则电压不变，若断开电源则电量不变，然后再根据相应的公式推导即可。14.答案：ADE解析：解：A、扩散现象直接反应分子热运动，布朗运动间接反应分子热运动，故A正确；B、温度越低空气湿度未必越大，空气湿度看得相对湿度，故B错误；C、分子距离从非常小的距离变到非常大的距离过程中，势能先减小后增大，而分子力则是先减后增再减的过程，故C错误；D、表面张力产生的原因是液面分子力表现为引力的结果，毛细现象时附着层分子力表现为引力或斥力的结果，故D正确；E、一切宏观自然规律总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行，即向着熵增大的方向进行，故E正确。故选：ADE。明确分子热运动的性质，知道扩散和布朗运动是分子热运动的反映；明确空气湿度与温度的关系；知道分子力做功与分子势能变化间的关系；会用分子力解释表面张力的现象；掌握热力学第二定律的基本内容，知道一切宏观现象沿着分子热运动的无序性增大的方向进行。本题考查了布朗运动、热力学第二定律、分子力与分子势能、温度的微观意义、湿度的性质等，知识点多，难度小，关键要记住相关知识点即可求解。15.答案：充分的热交换，保持封闭气体的温度不变

1V

△p=p解析：解：(1)每次气体的状态调整后，都要等一会儿再记录数据，这是为了充分的热交换，保持封闭气体的温度不变。(2)封闭气体的压强p=根据pV=p0变形得△p=p整理得△p=p可知，图象纵轴截距的绝对值的物理涵义是大气压强故答案为：(1)充分的热交换，保持封闭气体的温度不变；(2)1V；(1)每次气体的状态调整后，都要等一会儿再记录数据，这是为了使封闭气体的温度不变。(2)研究小组基于数据，以△p为y轴，作出的函数图线为直线，则x轴是1V(3)根据pV=c，利用数学知识写出直线的函数表达式，再分析图象纵轴截距的绝对值的物理涵义。本题的关键是明确实验原理，知道压强传感器的作用。通过解析式分析图象的斜率、截距的物理意义。16.答案：=；<解析：解：(1)根据闭合电路欧姆定律可知，U=E-Ir；则可知图象与纵坐标的交点为电源的电动势，由图可知，两图象的截距相同，故说明电动势相同；(2)图象的斜率绝对值表示电源的内阻，由图可知，1的斜率绝对值小于2的斜率绝对值，故1的内阻小于2的内阻；故答案为：(1)=；(2)<分析闭合电路欧姆定律公式，再根据图象利用数学规律分析电动势和内电阻．本题考查测量电动势和内电阻的数据分析问题，要注意明确闭合电路欧姆定律的表达式，并准确掌握根据数学规律分析数据的方法．17.答案：1)4 N(2)4×解析：根据库仑定律求得q受的电场力(即库仑力)的大小．根据电场强度的定义式，求出B点的场强的大小．B点的场强的方向与电场力方向相反．场强由电场本身决定，与试探电荷无关．从B点取走q，B点场强大小和方向都不变．(1)根据库仑定律得q受的电场力的大小，q受的电场力的方向是由B指向A．(2)根据电场强度的定义式得，(3)将试探电荷拿去后B点的场强大小，B点场强大小和方向都不变．18.答案：(1)BCD(2)解析：(1)α粒子散射实验，α粒子打到金箔上发生了散射，说明α粒子的贯穿本领较弱，故A错误。该实验是光电效应的实验，该实验现象可以用爱因斯坦的光电效应方程解释，故B正确。α射线穿透能力较弱，金属板厚度的微小变化会使穿过铝板的α射线的强度发生较明显变化，即可以用α射线控制金属板的厚度，故C正确。本装置是核反应堆的结构，进行的是核裂变反应，故D正确。本题选BCD。(2)设在发生碰撞前的瞬间，木块A的速度大小为v；在碰撞后的瞬间，A和B的速度分别为v1和v2。设碰撞前木块A的速度方向为正，在碰撞过程中，由能量和动量守恒定律可得，，联立解得。设碰撞后A和B的运动的距离分别为d1和d2，由动能定理得，，由题意d= d1+ d2。设A的初速度大小为v19.答案：解：卢瑟福在做α粒子散射实验时，发现绝大多数α粒子穿过金箔后几乎沿原方向前进，少数α粒子穿过金箔后发生了较大偏转，极少数α粒子击中金箔后几乎沿原方向反回，由此卢瑟福提出原子的核式结构学说，在原子的中心有一个很小的核，叫做原子核，原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在原子核里，带负电的电子在核外空间绕着核旋转。答：详见解析。解析：α粒子散射实验的现象为：α粒子穿过原子时，只有当α粒子与核十分接近时，才会受到很大库仑斥力，而原子核很小，所以α粒子接近它的机会就很少，所以只有极少数大角度的偏转，而绝大多数基本按直线方向前进。本题主要考查了α粒子散射实验的现象，难度不大，属于基础题。20.答案：解：(1)小球m在A处以vA水平射入匀强电场后，受到重力和电场力，合力一定，而且合力与初速度不在同一直线上，则小球做匀变速曲线运动．在竖直方向上，小球做自由落体运动．其运动轨迹如图所示．(2)把小球的曲线运动沿水平和竖直方向进行分解．在水平方向上，小球有初速度vA，受恒定的电场力qE作用，做匀变速直线运动，且由qU>12在水平方向上：

E=则其水平方向分加速度大小为：a=则t=在竖直方向上：s联立以上四式求解得：s(3)小球到达B点时的速度为v=动能为Ek=解析：(1)小球m在A处以vA(2)运用运动的分解法，先研究水平方向小球的运动情况，由牛顿第二定律求出加速度的大小，由运动学公式求出时间；再研究竖直方向，由自由落体运动的规律求解A、B间的距离SAB(3)根据动能定理求出小球到达B点时的动能．或根据速度的合成求出小球到达B点时的速度，再得到动能．本题中小球做匀变速曲线运动，由于水平和竖直两个方向受到的都恒力，所以可以采用运动的分解进行研究，研究时要抓住两个分运动的等时性．21.答案：解：(1)当两板加上U0电压且A

qA板为正时，设带电质点射入两极板时的速度为v0，向下运动的加速度为a，经时间t射到C

q又水平方向有

d=

竖直方向有d由①②③④得