2024年中考押题预测卷1（辽宁卷）-物理（全解全析）

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2024年中考押题预测卷01【辽宁卷】

物理•全解全析

（考试时间：90分钟试卷满分：80分）

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干

净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

选择题（本题共9小题，每小题2分，共18分。在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要

求，选对的得2分；第7-9题有多项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得。分）

1.只要留心观察，生活处处皆物理。下列估测中，最接近实际的是（）

A.一层教学楼的高度约为300dm

B.一个鸡蛋所受的重力约为0.5N

C.教室内比较舒适的温度约为36℃

D.家用冰箱的电功率约为1000W

【答案】B

【详解】解：A、一层教学楼的高度约为3m=30dm,故A错误；

B、一个鸡蛋的质量约0.05kg,受到的重力为G=mg=0.05kgX10N/kg=0.5N,故B正确；

C、教室内比较舒适的温度约为23℃,故C错误；

D、家用冰箱的电功率约为200W,故D错误。

故选：Bo

2.北京冬奥会开累式上二十四节气倒计时惊艳全场。“二十四节气”是中华智慧的结晶，下列有关节气的谚语说法

正确的是（）

甲乙丙丁

A.图甲，“雨水有雨，一年多雨”一一雨的形成是液化现象，需要吸热

B.图乙，“白露秋分夜，一夜凉一夜”一一露的形成是汽化现象，需要放热

C.图丙，“霜降有霜，米谷满仓”一一霜的形成是凝华现象，需要放热

D.图丁，“大雪晴天，立春雪多”一一雪的形成是凝固现象，需要放热

【答案】C

【详解】解：A、雨是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，液化放热，故A错误;

B、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，液化放热，故B错误；

C、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故C正确；

D、雪是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故D错误。

故选：Co

3.2023年5月18日至19日，中国一中亚峰会在中国西安举行，这是31年来中国同中亚五国首次以实体形式举办

峰会。以下对本次峰会四幅图解释不正确的是（）

A.长安塔上的灯璀璨夺目，是因为它是光源

一道道光束可以用光的直线传播解释

C.长安塔在水面上的倒影是光的反射形成的

D.观众在手机里看到的现场照片实际是虚像

【答案】D

【详解】解：A、长安塔上的灯能够发光，是光源，故A正确；

B、一道道光束说明光在同种均匀介质中沿直线传播，故B正确；

C、长安塔在水面上的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故C正确；

D、观众在手机里看到的现场照片实际是实像，故D错误。

故选：Do

4.2023年10月31日北京航天飞行控制中心向“神舟十六号”飞船发出返回指令，“神舟十六号”穿过大气层时会

进入黑障区（如图所示）。下列说法正确的是（)

A.返回舱与大气摩擦过程中，是通过热传递的方式增大内能的

B.返回舱进入黑障区的过程中，主要是将化学能转化为内能

C.返回舱在返回过程中会发生能量转化和转移，但能量的总量保持不变

D.返回舱减速下降过程中，返回舱的机械能增加

【答案】C

【详解】解：A、返回舱与大气摩擦过程中，是通过做功的方式增大内能的，故A错误；

B、返回舱进入黑障区的过程中，与空气摩擦做功，主要是将机械能转化为内能，故B错误；

C、根据能量守恒定律，返回舱在返回过程中会发生能量转化和转移，但能量的总量保持不变，故C正确；

D、返回舱减速下降过程中，质量不变、速度减小、动能减小；高度降低、势能减小，所以返回舱的机械能减小，

故D错误。

故选：Co

5.家庭电路中有时会出现这样的现象：原来各用电器都在正常工作，将额定功率为25W的台灯的插头插入插座，

其它用电器依然正常工作，再闭合台灯开关时，空气开关跳闸了。出现上述现象的原因可能是（）

A.台灯的电功率太大了

B.插头插入这个插座之前，插座短路了

C.插头插入这个插座时，导致了短路

D.台灯的灯座处短路了

【答案】D

【详解】解：A.台灯的额定电功率只有25W,功率不是太大了，故A错误；

B.如图插头插入这个插座之前，插座短路了，此时电流过大，应该空气开关跳闸了，故B错误；

C.插头插入这个插座时，如果导致了短路，不需要等到闭合开关才跳闸，应该插入时跳闸，故C错误；

D.插入时没有跳闸，说明插头正常，闭合开关跳闸，说明台灯的灯座处短路了，故D正确。

故选：Do

6.如图甲所示，电源电压保持不变，已知灯L的额定电压为4V,灯L2的额定电压为3V。图乙是J、Lz的I-U图

像。当只闭合开关S、S2,且滑动变阻器R的滑片位于最右端时，电流表的示数为0.2A；当只闭合开关S、Si,

且滑动变阻器R的滑片位于最右端时，电流表的示数为0.3A。下列说法中正确的是（）

A.只闭合开关S、S2,灯L?和滑动变阻器串联

B.灯丝电阻随电压的增大而减小

C.滑动变阻器的最大阻值为10Q

D.电源电压为8V

【答案】C

【详解】解：

ACD、由图甲可知，当只闭合开关S、S2时，灯Lz被短路，灯L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流；

当滑动变阻器的滑片位于最右端时，变阻器接入电路的电阻最大，此时电流表的示数为0.2A,即通过灯J的电

流L=0.2A,由图乙可知此时灯Li两端的电压为4V,

根据串联电路的电压特点和欧姆定律可得电源电压：U=U1+Umi=4V+0.2AXR滑大---------①

当只闭合开关S、Si时，灯J被短路，灯Lz与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，

当滑动变阻器的滑片位于最右端时，变阻器接入电路的电阻最大，此时电流表的示数为0.3A,即通过灯L2的电

流［2=0.3A,由图乙可知此时灯L2两端的电压为3V,

根据串联电路的电压特点和欧姆定律可得电源电压：U=U2+U滑2=3V+0.3AXR滑大-------------②

因电源电压不变，则联立①②解得R滑大=10Q,U=6V,故AD错误，C正确；

B、图乙是J、Lz的I-U图像，当电压增大时，通过灯丝的电流增大得越来越慢，由欧姆定律可知灯丝电阻在增

大，即灯丝电阻随电压的增大而增大，故B错误。

故选：Co

7.关于如图所示的四个实验情景中，下列说法中正确的是（)

A.甲图，测小车平均速度实验，增大选定位置的间距主要目的是减小测量长度的误差

B.乙图，测量盐水的密度实验中，按图中所示的顺序进行实验会使测量值大于真实值

C.丙图，利用“探究电流产热与电阻关系”的装置，也能探究电流产热与电流的关系

D.丁图，在做“探究物质吸热能力”的实验时，选用体积相同的水和煤油来进行实验

【答案】ABC

【详解】解：A、甲图，测小车平均速度实验，若小车通过的距离过小，测量长度的误差较大，故增大选定位置

的间距主要目的是减小测量长度的误差，故A正确;

B、当将烧杯中的盐水全部倒入量筒中时，并不能倒干净，所以体积测量偏小，根据密度公式得所测密度偏大,

故B正确；

C、丙中两电阻串联，通过的电流和通电时间相等，而电阻不同，故可“探究电流产热与电阻关系”的装置，以

其中任一电阻为研究对象（电阻不变），通过移动变阻器的滑片可改变电阻的电流大小，故可探究电流产热与电

流的关系，故C正确；

D、在做“探究物质吸热能力”的实验时，根据控制变量法，要选用质量相同的水和煤油来进行实验，故D错误。

故选:ABC„

8.如图所示是一款可以除去汽车上静电的静电钥匙扣，手握它接触汽车门把手，它的指示灯如果发光，就表示正

在消除汽车上的静电。该静电钥匙扣在消除静电过程中，下列说法正确的是()

A.指示灯发光表示有电流通过指示灯

B.指示灯中电荷移动方向和电流方向相同

C.指示灯发光将电能主要转化为光能

D.指示灯相当于这个电路中的用电器

【答案】ACD

【详解】解：

A、指示灯发光，是因为有电流通过指示灯，故A正确；

B、指示灯中移动的是自由电子，自由电子带负电，自由电子定向移动方向和电流方向相反，故B错误；

C、指示灯是用电器，在发光时，将电能主要转化为光能，故C正确；

D、指示灯会消耗电能，相当于这个电路中的用电器，故D正确。

故选：ACDo

9.如图所示，“新光华”号半潜船是国内最大、全球第二大半潜船。其最大下潜深度为30m,满载排水量约10万吨。

工作时，如图甲、乙、丙所示，通过调节压载水舱中的海水量，使甲板下潜至预定水深。待货物到达甲板上方,

33

再次调节舱中海水量，使甲板浮出水面，完成装载过程(p水=1.OX10kg/m-g=10N/kg)o下列关于“新

A.“新光华”号在如图甲、乙、丙三种状态时所受的浮力相等

B.“新光华”号从长江驶入东海，其所受浮力大小不变

C.最大下潜时，“新光华”号底部受到海水的压强约为3Xl(/pa

D.满载时，“新光华”号所受浮力约为1义10年

【答案】BC

【详解】解：A、据图可知，乙图中半潜船排开水的体积最大，其次是丙图，甲图排开水的体积最小;

己知液体的密度是相同的，所以据F浮=PgV排可知，F甲<F乙，F乙〉F丙，故A错误；

B、漂浮的物体所受的浮力等于自身的重力，当它从长江驶入东海时，所受浮力始终等于自身的重力，大小不变，

故B正确；

C、“新光华”号半潜船处在最大下潜时，船底所受海水的压强：p=P水gh=lXl(fkg/m3X10N/kgX30m=3><105

Pa,故C正确；

89

D、满载时，“新光华”号所受浮力：Fff=G=mg=lX10kgX10N/kg=1X10N,故D错误。

故选：BCo

二.填空题（本题共6小题，每空1分，共12分）

10.当撑一把太阳伞行走时，一阵大风吹来，伞面会被“吸”起，严重变形，因为伞的上方空气流速大，压强」

于（选填“大于”、“小于”或“等于"）伞的下方的压强；太阳能是清洁无污染的理想可再生能源，在太阳内

部每时每刻都在发生核聚变（选填“核裂变”或“核聚变”）释放巨大的核能。

【答案】小于；核聚变。

【详解】解：伞面向上凸起，当有风吹过时，伞上方空气流速快，压强小，伞下方空气流速慢，压强大，在下方

压强作用下伞面会被“吸”起，严重变形。

太阳释放的能量是通过核聚变的方式释放的。

故答案为：小于；核聚变。

11.走进美丽的云中校园，百花绽放，鸟语花香。远处就能闻到花香是由于分子在不停地运动；一年一度的

田径运动会正在如火如荼的举行着，以正在比赛的田径运动员为参照物，校园里的大树是运动的（选填“运

动”或“静止”）。

【答案】运动；运动。

【详解】解：百花绽放，鸟语花香，花香从远处就能闻到是由于分子在不停地做无规则运动；田径运动会上，以

正在比赛的田径运动员为参照物，运动员与大树之间空间位置发生了变化，故校园里的大树是运动的。

故答案为：运动；运动。

12.小明一家旅游中，车行驶到高山上时，发现密封的零食包装袋鼓起了，这是因为高山上的大气压比山脚下的大

气压小造成的;小明家这辆汽车一年行驶三万公里，消耗汽油2t,这些汽油完全燃烧放出9.2X1O10J

的热量°（q汽油=4.6X10，J/kg）

【答案】小；9.2X10%

【详解】解：气压与海拔高度有关，高度越大，气压越小，所以外界的气压变小，因此密封的零食包装袋鼓起了。

根据题意可得m=2t=2X103kg,完全燃烧2t汽油放出热量为Q放=mq汽油=4.6X107J/kgX2X103kg=9.2XIO10

Jo

故答案为：小；9.2X10，

13.我国的“复兴号”动车组具有高速、平稳等运行特点。如图所示，某乘客将一枚硬币在匀速直线行驶的动车窗

台上，由于硬币具有惯性，它能与动车一起继续向前运动；“纹丝不动”的硬币受到的重力与窗台对它的

支持力是一对平衡力。

【答案】惯性；支持力

【详解】解：将一枚硬币立在匀速直线行驶的动车窗台上，由于硬币具有惯性，保持运动状态不变，能与动车一

起继续向前运动；“纹丝不动”的硬币处于匀速直线运动状态，受到的重力与窗台对它的支持力作用在同一个物

体上，且大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力。

故答案为：惯性；支持力。

14.华为Mate60pro手机是我国自主研发和生产的一款新型手机。该手机采用锂离子聚合物5000mA・h(电池总容量)

电池，电池电压为3.7V,能支持有线最大超级快充(20V/4.4A)。该手机的最大充电功率为88W,若用如图

所示的电能表测量手机充电时消耗的电能，给该手机电池充满一次电，电能表将转过37r(转)。

『kW・h

I2|4|3|2□

2000r/kW«h

A

220V10A50Hz

《单相电能表1

【答案】88；37o

【详解】解：由题意可知，该手机能支持有线最大超级快充(20V/4.4A),则手机的最大充电功率为：

P=UI=20VX4.4A=88W；

手机电池充满一次电可以消耗电能W=UIt=3.7VX5AX3600s=66600J=0.0185kW*h,

“2000r/(kW・h)”所表示的物理意义：电路中的用电器每消耗lkW・h的电能，电能表的转盘转2000r,

则电能表将转过的转数为：n=0.0185kW-hX2000r/(kW-h)=37r。

故答案为：88；37o

15.如图为太阳能无人机，它的操控系统能够实现“一键起飞、一键返回、GPS悬停、规划航线自动飞行和自动跟

踪”等功能，它的操控系统是靠电磁波传递信息的。太阳能属于可再生能源(选填“可再生能源”或

“不可再生能源”)。

【答案】电磁波；可再生能源。

【详解】解：(1)四旋翼无人机，它的操控系统是靠电磁波传递信息的;

(2)太阳能是可再生能源。

故答案为：电磁波；可再生能源。

三.作图题(本题共2小题，每小题2分，共4分)

16.如图所示，由水中折射出的一条光线ab照射到凹透镜上，光线ab与凹透镜的主光轴平行。已知F为凹透镜的

虚焦点，。为光心。请画出：

(1)折射光线ab在水中的入射光线；

(2)光线ab通过凹透镜后的折射光线。

【答案】/

【详解】(1)首先做出法线；光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，所以作出入射光线，并使入射角小

于折射角。

(2)入射光线平行于主光轴，该光线经凹透镜折射后会发散，折射光线的反向延长线过焦点；如图所示：

17.如图所示，轻质杠杆OMN上挂一重物，用一个最小的力作用在杠杆上，使杠杆在图中位置平衡，请画出:

(1)阻力F2的示意图;

(2)最小的动力Fi的示意图，并标出动力臂Li。

【详解】解：阻力Fz作用在M点，方向是竖直向下的；由杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，

动力臂越长，动力越小；图中支点在0点，动力作用点在N点，当以ON作为动力臂时，动力臂最长，此时动力

最小；为使杠杆在图示位置平衡，动力的方向应该垂直于ON斜向上，如下图所示：

四.实验题（本题共4小题，共24分）

18.（6分）用如图甲所示装置“探究冰熔化时温度的变化规律”。

（1）组装器材时，应根据酒精灯火焰高度（选填“烧杯位置”或“酒精灯火焰高度”）确定陶土网的高度。

（2）将碎冰装入试管中，安装好器材开始实验，熔化过程中试管中的碎冰逐渐变少，此过程碎冰吸收热量，温

度不变，内能变大。

（3）图乙是实验过程中某时刻温度计示数，此时温度为4℃,应为熔化后（选填"前”或“后”）记

录的数据。（在标准大气压下）

（4）实验全程烧杯中的水没有沸腾，但水面却降低了，原因是水温升高，蒸发加快（选填“加快”或“减

慢”）。

【答案】（1）酒精灯火焰高度；（2）不变；变大；（3）4；后；（4）加快。

【详解】解：（1）因为考虑到要用外焰加热，所以应根据酒精灯火焰高度确定陶土网的高度;

（2）熔化过程中试管中的冰逐渐变少，此过程冰吸收热量，温度不变；

（3）由图知，温度计的分度值为：TC,所以温度计的示数为4℃,大于冰的熔点，应为熔化后记录的数据;

（4）水温度升高，蒸发变快，从而导致烧杯中的水量减少。

故答案为：（1）酒精灯火焰高度；（2）不变；变大；（3）4；后；（4）加快。

19.（6分）现在，一些大厦都用许多大块的镀膜玻璃做外墙（俗称“玻璃幕墙”），这种外墙既能透射光线也能反射

光线（如图1所示）。

图3

（1）从外面看玻璃幕墙相当于平面镜，光线照射在光滑的玻璃幕墙上时会发生镜面反射（“镜面”或“漫”）；

（2）如图2所示A、B、C三幅图中，哪幅图能真实反映太阳光线通过玻璃幕墙进入室内的传播途径？答：_N

_（选填"A"、"B”或"C”）；

（3）小明想进一步探究光的折射规律，通过网络查询到光在几种不同均匀介质中的传播速度如表所示：

介质玻璃冰水酒精空气

光速(X10m/1.872.292.252.263.00

s)

①通过分析表格数据，不能（选填"能”或“不能”）得出结论：光在固体中传播速度最小，在气体中传播

速度最大；

②图甲是光在几种均匀介质中传播的光路图，结合表格数据，可得出结论：光从一种介质斜射入另一种介质时,

在界面处会发生折射，在传播速度较小的介质内，光线与法线的夹角较小（选填“较大”或“较小”）;

③如图乙所示，一束光经过A点，要射中B点，则入射点应在0点的左侧（选填“左侧”或“右侧”）。

【答案】（1）镜面；（2）A；（3）不能；折射；较小；左侧。

【详解】解：（1）玻璃幕墙相当于平面镜，光线照射在光滑的玻璃幕墙上时会发生镜面反射。

（2）阳光线通过玻璃幕墙进入室内，经历了两次折射，第一次是从空气斜射入玻璃中，折射光线向靠近法线方

向偏折，折射角小于入射角；第二次是从玻璃斜射入空气中，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角，

故A图能真实反映太阳光线通过玻璃幕墙进入室内的传播途径。

(3)①根据表格中的数据可知，光在空气中的传播速度是最快的，在冰中的传播速度要大于在水、酒精中的速

度，所以不能得出光在固体中传播速度最小，在气体中传播速度最大。

②由图可知，光从一种介质斜射入另一种介质时，在界面处会发生折射；光从速度大的空气中斜射入光速小的水

中时，折射光线靠近法线，即折射角小于入射角；光从速度小的玻璃中斜射入光速大的空气中时，折射光线会远

离法线偏折，即折射角大于入射角；所以在传播速度较小的介质内，光线与法线的夹角较小。

③光从玻璃斜射入冰中，光的传播速度会变大，则折射角会大于入射角，折射光线会远离法线，要想射中B点,

入射点应在。点的左侧。

故答案为：(1)镜面；(2)A；(3)不能；折射；较小；左侧。

20.(6分)在学习完摩擦力的知识后，小红认为物体重力也是影响滑动摩擦力的因素，为了对小红的想法进行研究，

学习小组设计了如图的实验装置，并进行了实验操作。

步骤一：将平整的木板水平放置在压力传感器上，铁块放在木板上，右端与固定在墙上的弹簧测力计相连，水桶

放在铁块上，缓缓向水桶里加水，使压力传感器示数为6No水平向右拉动木板，读出弹簧测力计的示数，并记

录；

步骤二：换用质量不同、粗糙程度和底面积都相同的铁块，重复步骤一，记录结果如表：

实验次数铁块质量压力传感器示数/N弹簧测力计示数/N

1轻63.2

2较重63.3

3重63.1

请回答下列问题：

(1)本实验中用到的实验研究方法有控制变量法和转换法；

(2)第2次实验中，根据二力平衡知识可知,铁块受到的摩擦力为3.3N；

(3)根据实验数据分析，可得实验结论：滑动摩擦力大小与物体重力没有关系；

(4)为了使实验结论更具有普遍性,接下来老师和小红的做法是更换不同质量、不同材质的物体进行实验

【答案】(1)控制变量法；转换法；(2)二力平衡；3.3；(3)滑动摩擦力大小与物体重力没有关系；(4)更换

不同质量、不同材质的物体进行实验。

【详解】解：(1)由题意可得，影响滑动摩擦力的因素有多个，该实验运用的研究方法有控制变量法和转换法,

转换法是将摩擦力大小转换为测力计的示数。

(2)由题意可得，铁块所受摩擦力与测力计对铁块的拉力是一对平衡力，由二力平衡可知，此时铁块所受摩擦

力的大小与测力计所测拉力大小相等，即铁块所受摩擦力为3.3N。

(3)根据实验数据可得，压力和接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力大小相同；滑动摩擦力大小与物体重力没

有关系，因为随着铁块质量的增大，测力计的示数并没有明显的规律。

（4）为了实验具有普遍性，应该采集更多的实验数据，选用不同质量、不同材质的其他物体进行多次实验，消

除偶然因素的影响。

故答案为：（1）控制变量法；转换法；（2）二力平衡；3.3；（3）滑动摩擦力大小与物体重力没有关系；（4）更

换不同质量、不同材质的物体进行实验。

21.（6分）如图所示，在测量小灯泡的电功率的实验中，用到以下器材：额定电压为2.5V的待测小灯泡（电阻大

约10。）、滑动变阻器RJ'IOQ0.5A”和R“20Q1A”各一个、电流表（0〜0.6A、0〜3A）、电压表（0〜3V、0〜

15V）、学生电源（电压恒为6V）、开关、导线若干。

（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整（连线不得交叉）。

（2）本实验中小明对滑动变阻器的选择是R2（选填“RJ'或"R2”）。

（3）小明将电路连接好后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表示数为零，电压表指针偏转超过最大刻度，则

出现的故障可能是小灯泡断路。

（4）排除故障，闭合开关，移动滑片发现电压表示数为2V,要测量小灯泡的额定功率，应将滑片向左（选

填“左”或“右”）移动；当灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是0.75Wo

（5）勤于思考的轩轩根据收集到的实验数据发现，小灯泡在不同亮度下，它两端的电压与电流的比值不一样，

他根据多组实验数据描绘出的小灯泡的I-U图象如图丙所示，当灯泡两端的电压为额定电压的一半时，灯泡的

实际功率P实>（选填或“="）1额。

4

【答案】（1）见详解图；（2）R2；（3）小灯泡断路；（4）左;0.75；（5）>。

【详解】解：（1）在测量小灯泡的电功率的实验中，电压表与小灯泡并联，灯泡额定电压为2.5V,则电压表选

择小量程，如图所示：

U额2.57

（2）由欧姆定律可知，灯泡正常发光电流约为：1=——=--=0.25A,由串联电路特点和欧姆定律可得，灯

R1012

u额LU额6V-2.5V

泡正常发光时滑动变阻器连入阻值：R滑=一1=—;—=———=14Q,所以选择滑动变阻器R2合适;

II0.252

(3)电流表示数突然变为0,说明电路可能断路，电压表的指针偏转超过最大刻度，说明电压表与电源连通，

则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即故障可能是小灯泡断路；

(4)灯泡在额定电压下工作正常发光，灯泡两端的电压为2V,根据串联电路电阻的分压特点可知滑动变阻器分

得的电压减小，接入电路的电阻减小，应向左移动滑片，直到电压表示数为2.5V为止；

当灯泡两端的电压为2.5V时，电流表的量程为0〜0.6A,分度值为0.02A,所以通过灯泡的电流为0.3A,灯泡

的额定功率P额=u额I额=2.5VX0.3A=0.75W；

(5)当电阻不变时，电压变为原来的一半，根据P=UI=?可知功率变为原来的四分之一，由于灯泡的电阻是

变化的，当电压减小时，电阻也减小，故当小灯泡两端的实际电压为额定电压一半时，小灯泡的实际功率P实＞

¥额。

故答案为：(1)见详解图；(2)R2；(3)小灯泡断路；(4)左；0.75；(5)＞。

五、综合应用题(本题共3小题，共22分)

22.(7分)如图是可供游客在海上游玩时的一种旅游观光艇，此观光艇的质量为900kg,在海上航行的最大速度为

36km/h,最多可载的游客数量为20人，如果海水的密度取LOXICfkg/m',g=10N/kg,求：

(1)观光艇以最大航速匀速行驶2小时的路程是多少米？海水平均阻力为1.OX1()6N,则这一过程中观光艇所做

的功至少为多少？

(2)该观光艇在水面下70cm深处有一个面积为lOcmZ的小零件，求小零件受到的海水的压力是多少？

(3)假设每位乘客的平均质量为60kg,观光艇满载乘客时，此时浸入水中的体积多大？

【答案】(1)观光艇以最大航速匀速行驶2小时的路程是72000m；海水平均阻力为1.0X10‘N,则这一过程中观

光艇所做的功至少为7.2X1010J；

(2)小零件受到的海水的压力是7N；

(3)观光艇满载乘客时，此时浸入水中的体积2.1m'。

【详解】解：

(1)由v=：可得，匀速行驶2小时的路程：s=vt=36km/hX2h=72km=72000m,

因为观光艇匀速行驶，所以观光艇的牵引力：F=f=1.0X106N,

这一过程中观光艇所做的功：W=Fs=1.0X106NX72000m=7.2X1010J；

(2)小零件受到海水的压强：p=Pgh=l.OX103kg/m3X10N/kgX0.7m=7X103Pa,

小零件受到的海水的压力：F=pS=7X103PaX10X10'm2=7N；

(3)因为观光艇漂浮，

4

所以观光艇受到的浮力：Fs=G,a=m,6g=(20X60kg+900kg)X10N/kg=2.1X10N,

由F浮=P^gV排可得，此时浸入水中的体积：

F浮2.1X1047V,

丫排=-----=-----;-----------------=2.1m。

p次glxl03kg/m3xl0N/kg

答：(1)观光艇以最大航速匀速行驶2小时的路程是72000m；海水平均阻力为L0X10%,则这一过程中观光艇

所做的功至少为7.2XI0HlJ；

(2)小零件受到的海水的压力是7N；

(3)观光艇满载乘客时，此时浸入水中的体积2.1m)

23.(9分)如图甲为一款养生壶，其加热原理如图乙所示。养生壶的额定电压为220V,R、R?均是发热电阻，其中

R2=495QO养生壶正常工作时，开关置于“1”为加热挡，电路中电流为4A；开关置于“2”为保温挡。求：

(1)当开关置于“1”时，Ri的阻值;

(2)当开关置于“1”时，R消耗的电功率；

(3)当开关置于“2”时，养生壶的功率以及5min内消耗的电能。

甲乙

【答案】(1)Ri的阻值为55Q；

(2)开关置于“1”时，Ri消耗的电功率为880W；

(3)当开关置于“2”时，养生壶5min消耗的电能为2.64X101。

【详解】解：(1)当开关置于“1”时，电路为Ri的简单电路，由欧姆定律可知，Ri的阻值:

U220。

Ri=-=----=55Q；

I4A

(2)由P=UI=/R得，Ri消耗的电功率：P1=J%=(44)2x550=880W；

(3)当开关置于“2”时，电阻Ri和R2串联，电路的总电阻