浙江省2024年高考物理模拟试卷及答案16

浙江省2024年高考物理模拟试卷及答案阅卷人一、单选题得分1．碳酸饮料具有高热量，过量饮用会影响身体健康。如图所示是一款碳酸饮料的相关信息，与图中“大卡”对应的单位是（）A．W B．J C．K D．cm2．2022冬奥会的滑雪项目备受关注，中国小将苏翊鸣获得单板滑雪男子大跳台冠军，创造历史。运动员从高处滑行而下，通过起跳台起跳，完成各种空翻、转体、抓板等技术动作后落地。运动员在各阶段做动作，下列说法正确的是（）A．在助滑区时运动员两腿弯曲是为了降低重心减小重力B．研究运动员空中的空翻动作时可将他看作质点C．在整个滑行过程中，运动员的位移和路程相等D．着陆时运动员控制身体屈膝下蹲，可以减小冲击力3．图甲是一种家用门窗防盗报警装置，图乙是干簧管元件。安装时，在门的上沿嵌入一小块永磁体M，门框内与M相对的位置嵌入干簧管SA，并将干簧管接入报警电路（蜂鸣报警器），此装置具有自动提示报警的功能，当睡觉前连接好电路，启动防盗报警装置，当门紧闭时，蜂鸣报警器不响，当门被打开时，蜂鸣报警器发出声音警报，下列有关说法正确的是（）A．当门关闭时，干簧管两簧片接通B．干簧管可以由铜或银等导电性能更好的材料制成C．如将门上镶嵌磁体N、S极对调后，该报警器不能正常工作D．本装置是利用电磁感应原理控制电路4．关于原子物理，下列说法正确的是（）A．普朗克提出了原子核外电子轨道量子化，并成功解释了氢原子光谱B．β衰变所释放的电子是原子核外的电子电离形成的C．衰变方程94238Pu→92234X+Y中，D．根据核反应方程6145．义乌市场上热销的擦窗机器人能利用内置吸盘吸附在接触面上，同时驱动系统又能保证机器人在竖直墙壁或玻璃面上自如行走，执行用户设定的清洁任务。假设现在擦窗机器人正在竖直玻璃墙面上由A点沿直线加速运行到右上方的B点，在这一过程中，机器人与玻璃墙之间的摩擦力为F，则下列关于力的分析图中正确的是（）A． B．C． D．6．蹦床运动要求运动员在一张绷紧的弹性网上蹦起并做空中运动。为了测量运动员跃起的高度，训练时可在弹性网上安装压力传感器，利用传感器记录弹性网所受的压力，并在计算机上作出压力﹣时间图象，假如作出的图象如图所示。设运动员在空中运动时可视为质点，g取10m/s2，则运动员跃起腾空的最大高度是（）A．4.05m B．5.00m C．7.20m D．14.45m7．如图所示是某科技小组制作的投石机的模型。轻杆AB可绕固定转轴OO'在竖直面内自由转动，A端凹槽内放置一小石块，B端固定配重。某次试验中，调整杆与竖直方向的夹角为A．增大石块的质量 B．增大θ角C．增大配重的质量 D．减小投石机到靶的距离8．激光制冷技术在很多领域得到了广泛的应用。由分子动理论可知，分子或原子运动越激烈，物体温度越高。激光制冷的原理就是利用大量光子（光子说认为光是一份一份的，每一份为一个光子）阻碍原子运动，使其减速，从而降低物体的温度。如图所示，某时刻一个原子位于Oxyz坐标系的原点，两束完全相同的激光，沿x轴从相反的方向对原子进行照射。根据多普勒效应，当原子迎着光束的方向运动时，其接收到的光的频率会升高。当原子接收到的光的频率等于该原子的固有频率时，原子吸收光子的概率最大。下列说法正确的是（）A．为使原子减速，所用激光的频率应等于原子的固有频率B．为使原子减速，所用激光的频率应大于原子的固有频率C．假设原子可以吸收光子，当原子向x轴正向运动时，a激光可使原子减速D．假设原子可以吸收光子，当原子向x轴负向运动时，a激光可使原子减速9．在科幻题材的电影或动画中，经常提到太空电梯，建造太空电梯需要高强度的材料，目前纳米材料的抗拉强度几乎比钢材还高出100倍，使人们设想的太空电梯成为可能。其工作原理是从同步卫星高度的太空站竖直放下由纳米材料做成的太空电梯，另一端固定在赤道上，这样太空电梯随地球一起旋转，如图甲所示。当航天员乘坐太空电梯时，图乙中r为航天员到地心的距离，R为地球半径，a−r图像中的图线A表示地球引力对航天员产生的加速度大小与r的关系，图线B表示航天员在太空电梯中随地球同步旋转所需要的向心加速度大小与r的关系，当r=r1时，两图线加速分别为a1、aA．航天员在r=R处的线速度大小等于第一宇宙速度 B．a2小于地球表面重力加速度C．根据r1与a1的值可以计算地球质量 D．随着10．图甲为一列简谐横波t=3s时的波形图，图乙为质点P2A．该波沿x轴正方向传播 B．经过时间Δt=9s时，质点P1与PC．该波与一波长为24m的声波能发生干涉 D．波在传播过程中，质点P1和P11．某同学设计了一个烟雾探测器，如图所示，S为光源，当有烟雾进入探测器时，S发出的光被烟雾散射进入光电管C中。光射到光电管中的钠表面产生光电子，当光电流大于或等于I时，探测器触发报警系统报警。已知真空中光速为c，钠的极限频率为v0，电子的电荷量为eA．要使该探测器正常工作，光源S发出的光的波长应大于cB．若用极限频率更高的材料取代钠，则该探测器一定不能正常工作C．若射向光电管C的光子中能激发出光电子的光子数占比为η，报警时，t时间内射向光电管钠表面的光子数至少是ItD．若S发出的光能使光电管发生光电效应，则光波的频率越高，光电烟雾探测器灵敏度越高12．电动汽车由于节能环保的重要优势，广受人们喜欢，某品牌电动汽车储能部件是由10个蓄电池串联叠置组成的电池组。充电时，直流充电桩的充电电压为400V，充电电流为200A；每个电池容量120Aℎ，放电时平均电压为30V，整个电池组输出功率为15kW；转化机械能的效率为90%。以v=108km/ℎ的速度在高速公路匀速行驶时，则（）A．该电动汽车最长可连续工作2.4ℎ B．该电池组最多可储存480kW·ℎ电能C．该电动汽车正常工作时电流为5A D．匀速行驶时所受阻力为500N13．如图所示，半径为R的半圆形透明介质材料固定在地面上，AB面垂直地面，在地面上有一单色点光源P，发出两束光线，分别射向圆心O和圆弧上与O在同一高度的C点，两束光从AB面出射后恰好平行，已知PA=43RA．光在此介质中的传播速度为0.75cB．从AB面出射的两束平行光间距为0.75RC．若光源P向左移动距离23R时，从D．若光源P向右移动23R过程中，两束光都可能在阅卷人二、多选题得分14．关于下列四幅图片，说法正确的是（）A．图甲实验表明光具有波动性B．图乙接收信号的频率从95Hz到100Hz，可以将可变电容的正对面积调小C．图丙中的微波炉的微波是原子外层电子受激发后产生的D．图丁中的扼流圈对通过的交变电流有阻碍作用15．东阳横锦水库水电站的电能对外输送示意图如图甲所示，发电机的内部原理简化图如图乙所示，面积为S的矩形线圈ABCD共N匝，匀速转动周期T，匀强磁场磁感应强度B，输电线总电阻为r，升压变压器原、副线圈匝数分别为n1、n2。降压变压器原、副线圈匝数分别为n3A．从图乙位置开始计时发电机电动势的瞬时值表达式为e=B．若升变压器线圈n1两端电压和用电器额定电压都是220V，需满足C．为节约变压器制造成本，降压变压器线圈n4可以采用比线圈nD．当用电高峰期用电器增多时，用电器两端电压会降低阅卷人三、实验题得分16．某实验小组研究橡皮筋伸长量与所受拉力的关系。实验器材有：一条两端带有细绳套的橡皮筋，钩码若干，刻度尺，铁架台等。（1）以下实验装置安装最为合理的是______。A． B．C． D．（2）请按合理的操作顺序将步骤的序号写在横线上。

A.以橡皮筋长度l为横坐标，以钩码质量m为纵坐标，标出各组数据（l，m）对应的点，并用平滑的曲线或直线连接起来；

B.记下橡皮筋下端不挂钩码时，其下端A处指针所对刻度尺上的刻度l0；

C.将铁架台固定于桌上，将橡皮筋、刻度尺一端分别系于横梁上；

D.依次在橡皮筋下端挂上1个、2个、3个……钩码，待钩码静止后，读出橡皮筋下端指针指示的刻度记录在表格内，然后取下钩码；

E.由m-l图像，进一步找出橡皮筋弹力与橡皮筋形变量之间的关系。17．某班级同学在探究向心力大小的表达式实验时：第一小组采用甲图所示的装置进行探究，两个变速塔轮通过皮带连接，转动手柄使长槽和短槽分别随变速塔轮匀速转动，槽内的钢球就做匀速圆周运动。横臂的挡板对钢球的压力提供向心力，钢球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力筒下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间的等分格显示出两个钢球所受向心力的比值。第二小组采用用乙图所示的装置进行探究，滑块套在水平杆上，随水平杆一起绕竖直杆做匀速圆周运动，力传感器通过一细绳连接滑块，用来测量向心力F的大小。滑块上固定一遮光片，宽度为d，光电门可以记录遮光片通过的时间，测得旋转半径为r。滑块随杆匀速圆周运动，每经过光电门一次，通过力传感器和光电门就同时获得一组向心力F和角速度ω的数据。（1）下列实验中与这两组同学采用的科学方法不同是______。A．探究加速度与力、质量的关系B．探究影响通电导线受力的因素C．探究两个互成角度的力的合成规律（2）第一组同学在某次实验时，两个钢球质量和转动半径相等，图中标尺上红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比值为1：4，与皮带连接的两个变速塔轮的半径之比为。（3）第二组同学实验时，以F为纵坐标，以1Δt2为横坐标，可在坐标纸中描出数据点作一条如图乙所示直线，图线斜率为k，则滑块的质量为（用k、r18．小王在“测定电池的电动势和内阻”实验中，使用了以下器材：干电池1节、电压表1只（量程3V、15V）、电阻箱（可调范围0∼9999.9Ω）、开关一个、导线若干。（1）请你根据他的器材在图丙中画出实验电路图。（2）某次电压表的示数如图甲所示，则电压为V。（3）按照正确的操作获取相应的电压U和电阻R数据，并将电压与电阻的比值作为电流I，作出如图乙所示的图像。根据图像测得干电池的电动势为V，内阻为Ω。（保留三位有效数字）19．在用“油膜法估测油酸分子的大小”实验中请补齐必要的实验操作，并将它们按操作先后顺序排列：A、D、、F；（用字母表示）阅卷人四、解答题得分20．如图所示，一粗细均匀的导热U形管竖直放置，右侧上端封闭，左侧上端与大气相通，右侧顶端密封空气柱A的长度为L1=15.0cm，左侧密封空气柱B上方水银柱长ℎ2=14.0cm，左右两侧水银面高度差ℎ1=10.0cm，已知大气压强p0（1）加热前空气柱A、B的压强各为多少；（2）空气柱A、B下方水银面等高时A中气体的温度t2（3）对空气柱A加热的过程中空气柱B与外界传递的热量Q。21．小丁同学设计了一个玩具遥控赛车的轨道装置，轨道的主要部分可简化为如图所示的模型，水平轨道AB和倾斜轨道OD分别与圆轨道相切于B点和D点，弯曲轨道AE与水平轨道平滑连接，E点切线方向恰好水平。O点固定一弹射装置，刚开始时装置处于锁定状态。当赛车从A点出发经过圆轨道进入OD轨道，到达O点时恰好可以触发弹射装置将赛车原路弹回，最终进入回收装置F。测得赛车与弹射装置碰撞时机械能损失1.8J，每次弹射后装置可自动锁定到初始时的弹性势能值。已知赛车质量为0.2kg，电动机功率恒为3W，圆轨道半径为R=0.4m，E点离水平轨道高度和与F点间水平距离均为3R，AB轨道长2m，赛车在水平轨道上运动时所受阻力等于其对轨道压力的0.25倍，赛车在轨道其余部分上所受摩擦力可忽略，赛车看成质点。（1）若赛车恰好能过C点，求赛车经过H点时对轨道的压力大小；（2）若某次测试时，赛车电动机工作1.5s，经过一次弹射后恰好落入回收装置之中，则此次测试中给弹射装置设置的弹性势能为多大？（3）若某次测试时，赛车电动机工作1.5s，最终停在水平轨道AB上，且运动过程中赛车不能脱轨，求弹射装置的弹性势能取值范围。22．如图（甲）所示，两个完全相同的“人”字型金属轨道面对面正对着固定在竖直平面内，间距为d，它们的上端公共轨道部分保持竖直，下端均通过一小段弯曲轨道与一段直轨道相连，底端置于绝缘水平桌面上。MM'、PP'（图中虚线）之下的直轨道MN、M'N'、PQ、P'Q'长度均为L且不光滑（轨道其余部分光滑），并与水平方向均构成37°斜面，在左边轨道MM'以下的区域有垂直于斜面向下、磁感应强度为B0的匀强磁场，在右边轨道PP'以下的区域有平行于斜面但大小未知的匀强磁场Bx，其它区域无磁场。QQ'间连接有阻值为2R的定值电阻与电压传感器（e、f为传感器的两条接线）。另有长度均为d的两根金属棒a和b，它们与操作Ⅰ：将金属棒a紧靠竖直轨道的左侧，从某处由静止释放，运动到底端NN'过程中棒始终保持水平，且与轨道保持良好电接触，计算机屏幕上显示的U−t图像如图（乙）所示（图中操作Ⅱ：将金属棒a紧靠竖直轨道的左侧、金属棒b（图中未画出）紧靠竖直轨道的右侧，在同一高度将两棒同时由静止释放。多次改变高度重新由静止释放，运动中两棒始终保持水平，发现两棒总是同时到达桌面。（sin37°=0.6，cos37（1）试求操作Ⅰ中金属棒a到MM（2）试求操作Ⅰ全过程定值电阻上产生的热量Q和通过磁场区域的时间t；（3）试求右边轨道PP'以下的区域匀强磁场23．如图甲所示，真空中存在一间距为d=0.02m的水平平行板电容器，板长L=0.04m，板间电压为U、板间匀强电场方向向上，MN为一垂直上极板PQ的足能长的光屏，其下端N与极板右端Q重合，在MN所在竖直线右侧空间存在匀强磁场。在下极板左端有一个粒子源A，可以紧贴极板水平向右连续发射带正电的粒子，粒子比荷为（1）为使粒子能够从极板间射出，求电压U的最大值；（2）若匀强磁场方向垂直纸面向里（如图甲），大小为B1=0.（3）若匀强磁场方向改成水平向右，大小变为B2（4）在满足第（3）问的条件下，同时在电容器的右侧与光屏之间加一水平向右的匀强电场，其场强大小E=33π×104N/C，在光屏上以D点原点（D点为光屏与FG直线的交点），垂直纸面向内为x轴，竖直向上为y轴，水平向右的方向为z轴，建立如图乙所示的三维直角坐标系xyz。光屏位置到G点的距离用K表示，现将光屏CD沿FG直线从G点开始从近到远依次放在不同位置上，光屏CD始终平行MN，当光屏距G点为K1与K2这两个位置时打在光屏上所有粒子的点迹首次先后出现如图丙、丁所示的两条直线（顺着匀强电场E

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】大卡是能量单位，对应能量单位J，故答案为：B。

【分析】瓦是功率单位，K是热力学单位，立方厘米是体积单位。2．【答案】D【解析】【解答】A．运动员两腿弯曲降低重心是为了方便用力蹬地面，获得更大的加速度，但重力不会改变，A不符合题意；B．研究运动员空中的空翻动作时需要考虑到运动员身体不同部位的运动，不可将他看作质点，B不符合题意；C．由于在整个滑行过程中，运动员不是单向直线运动，所以位移大小和路程不相等，C不符合题意；D．着陆时运动员控制身体屈膝下蹲可以延长落地时间，根据动量定理可知，可以减少身体受到的平均冲击力，D符合题意。故答案为：D。

【分析】重力不会改变，改变的是合力大小。研究动作姿势，一般不能看成质点。运动员不是单向直线运动，所以位移大小和路程不相等。3．【答案】A【解析】【解答】A．干簧管两簧片接通，门关闭，有磁性，A正确；

B．铜或银不是磁性材料，不能被磁化，则干簧管不可以由铜或银等导电性能更好的材料制成，B错误；

C．如将门上镶嵌磁体N、S极对调后，磁体仍然能吸引干簧管两簧片，该报警器能正常工作，故C错误；

D：本装置是利用磁极间相互作用控制电路，D错误；

故答案为：A。

【分析】干簧管两簧片是自动控制装置中的仪器，接通则电路接通，利用磁极间相互作用控制电路。4．【答案】D【解析】【解答】A．玻尔提出了原子核外电子轨道量子化，普朗克提出了能量量子化，A错误；

B．β衰变是一种原子核的变化，所释放的电子是原子核内中子转化为质子和电子形成的，B错误；

C.α射线具有极强的电离能力，但穿透能力较弱，γ射线具有极强的穿透能力，C错误；

D.原子核向着更稳定的方向转变，N核比C核稳定，越稳定，比结合能越大，所以N核的比结合能比C核的比结合能大，D正确；

故答案为：D。

【分析】玻尔提出了原子核外电子轨道量子化，普朗克提出了能量量子化，比结合能越大，原子核越稳定。5．【答案】D【解析】【解答】机器人正在竖直玻璃墙面上由A点沿直线加速运行到右上方的B点，其合外力方向与AB方向相同，大气压力与弹力相互平衡，则重力与摩擦力所合力就是机器人的合外力，重力向下，根据平行四边形法则，摩擦力方向指向斜上方，偏离AB方向，故答案为：D。

【分析】匀变速直线运动运动方向为合力方向，根据平行四边形法则确定分力方向。6．【答案】C【解析】【解答】由图可知，运动员在空中竖直上抛运动的最大时间为3·3s−0·9s=2·4s，自由下落时间为1.2秒，下落高度ℎ=12gt7．【答案】A【解析】【解答】A．设石块和配重的质量分别为m1、m2，石块和配重到转轴的距离分别为l1、l2，石块被抛出时的速度大小为v1，则此时配重的速度大小为v2根据机械能守恒定律有m2由②式可知，若增大m1，则v1将减小，又因为石块抛出点到靶心的水平距离不变，所以石块击中靶前做平抛运动的时间将增大，此措施可行，A符合题意；B．根据杠杆原理可知，轻杆AB之所以能绕转轴OO′转动起来从而使石块被抛出，一定满足m1即m1根据②④两式可知，若增大θ，则v1将增大，又因为石块抛出点到靶心的水平距离不变，所以石块击中靶前做平抛运动的时间将减小，此措施不可行，B不符合题意；C．根据②式可知，若增大m2，则v1将增大，又因为石块抛出点到靶心的水平距离不变，所以石块击中靶前做平抛运动的时间将减小，此措施不可行，C不符合题意；D．减小投石机到靶的距离后，由于v1不变，所以石块击中靶前做平抛运动的时间将减小，此措施不可行，D不符合题意。故答案为：A。

【分析】利用系统机械能守恒定律结合石块抛出速度和配重速度的关系可以得出石块抛出时速度的表达式，结合平抛运动的位移公式可以判别为了增大运动的时间可以增大石块的质量，其他方法只会减小运动的时间，打在6环位置上面。8．【答案】D【解析】【解答】设原子动量大小为p，激光的光子动量大小为p1，因为原子动量需要减小为p'可知，为了使原子动量减小，激光的照射方向应与原子的运动方向相反。根据多普勒效应，原子迎着光束的方向运动时，其接收到的光的频率会升高。当原子接收到的光的频率等于该原子的固有频率时，原子吸收光子的概率最大。则所用激光的频率应小于原子的固有频率。ABC不符合题意，D符合题意。故答案为：D。

【分析】使原子动量减小，激光的照射方向应与原子的运动方向相反。当原子接收到的光的频率等于该原子的固有频率时，原子吸收光子的概率最大。9．【答案】B【解析】【解答】A．太空电梯的角速度等于地球自转角速度，所以线速度小于地球同步卫星的线速度，同步卫星的线速度小于第一宇宙速度线速度，第一宇宙速度为近地卫星线速度，航天员速度小于第一宇宙速度，A错误；

B.由F=GMmr2，a=GMr2，半径越大，加速度越小，a2处加速度小于重力加速度，B错误；

C.a1不是由万有引力定律算出，无法列出万有引力相关方程，无法求解地球质量，C错误；

10．【答案】B【解析】【解答】A.由乙图读出，t=3s时刻质点P2的速度向上，则由波形的平移法可知，这列波沿x轴负方向传播，故A错误；

C.这是一列简谐横波，无法与声波发生干涉，因为声波是纵波，故C错误；

B.由乙图知周期T=4s，说明9s后经过了9s=2T+14T，此时P2来到了波峰处，P1来到了波谷处，故两者的连线距离最远，故B正确；

D.如B选项过了9s后，P1来到波谷处，它受到的回复力向上，加速度向上，P2来到了波峰处，回复力向下，加速度向下，故它们的加速度并不是一直都相同，故D错误。

故答案为：B。

11．【答案】C【解析】【解答】A.要使该探测器正常工作，光源使钠表面产生光电效应，频率越大越容易发生光电效应，频率大，波长越短，所以波长小于cv0，A错误；

B.若用极限频率更高的材料取代钠，光的频率更高，则该探测器也可能正常工作，B错误；

C.电荷q=It，电子数目为Ite，光子总数为Iteη，C正确；

D.光波的频率越高，更容易发生光电效应，但不会影响电流大小，光电流的大小取决于光的强度，所以光的强度越高，光电烟雾探测器灵敏度越高，D错误；12．【答案】A【解析】【解答】AC.该电动汽车正常工作时电流为I=PU=15000W30V×10=50A，工作时间t=120Aℎ50A=2·4ℎ，A正确，C错误；

B.电能为120Aℎ×30v×10=36kw·ℎ13．【答案】C【解析】【解答】A.两束光的光路如图所示，tani=OAPA=34，sini=35，同理sinr=310，折射率n=sinrsini=14．【答案】B,D【解析】【解答】A.图甲实验表明光具有粒子性，A错误；

B.频率增大，调谐频率增大，f=12πLC，可以减小电容器的电容，即可以将可变电容的正对面积调小，B正确；

C.微波炉的微波是自由电子受激发产生的，不是原子外层电子受激发后产生，C错误；

D.图丁中的扼流圈对通过的交变电流有阻碍作用，通直流，阻交流，频率越高，阻碍作用越强，D正确；

15．【答案】A,D【解析】【解答】A.图示位置线圈平面与磁场方向垂直，为中性面，从中性面开始计时发动机电动势瞬时值的表达式为e=Emsinωt=NBωSsinωt=NB2πTSsin2πTt=2πNBSTsin2πTt，故A正确；

B.由于U1U2=n1n2，又U2=U3+∆U，U3U4=n3n16．【答案】（1）C（2）CBDAE【解析】【解答】（1）（1）AB．橡皮筋左边松，右边紧，左右两侧受力不平均，故AB错误；

CD．刻度尺离橡皮筋太远，不利于测量橡皮筋的拉伸长度，故D错误，C正确。

故答案为：C。

（2）先将铁架台固定于桌上，将橡皮筋、刻度尺一端分别系于横梁上；记下橡皮筋下端不挂钩码时刻度，弹簧下端挂上1个、2个、3个钩码，待钩码静止后，读出弹簧下端指针指示的刻度，以橡皮筋长度为横坐标，以钩码质量为纵坐标，标出各组数据并用平滑的曲线或直线连接起来；由m-l图像，进一步找出橡皮筋弹力与橡皮筋形变量之间的关系。

故答案为：为CBDAE。【分析】（1）刻度尺离橡皮筋太远，不利于测量橡皮筋的拉伸长度。

（2）先将铁架台固定于桌上，将橡皮筋、刻度尺一端分别系于横梁上，进行实验，由图像得到橡皮筋弹力与橡皮筋形变量之间的关系。17．【答案】（1）C（2）2：1（3）kr【解析】【解答】（1）探究向心力大小的表达式采用了控制变量法，探究加速度与力、质量的关系采用了控制变量法，探究影响通电导线受力的因素采用了控制变量法，探究两个互成角度的力的合成规律采用的是等效替代法。故答案为：C。

（2）各自塔轮与钢球为共轴转动，角速度相同，两个小球所受向心力的比值为1：4，所以角速度之比为1：2，两个塔轮是皮带传动，线速度相等，所以半径之比等于角速度反比为2：1。

（3）V=d∆t，F=mV【分析】（1）探究向心力大小的表达式采用了控制变量法，探究两个互成角度的力的合成规律采用的是等效替代法。

（2）塔轮与钢球为共轴转动，角速度相同，两个塔轮是皮带传动，线速度相等。

（3）结合向心力公式进行数学计算即可得到质量表达式。18．【答案】（1）（2）1.30（3）1.44/1.43/1.45；1.80(1.75~1.85)【解析】【解答】（1）电压表结合电阻箱既可以测得电压大小，电压除以电阻也可以得到电流大小。

（2）最小刻度为0.1V，读数读到最小刻度后一位。

（3）U-I图像的纵截距为电源电动势，斜率的绝对值为内阻，延长图像可以得到纵截距，找出图像任意两点求出斜率取绝对值即可得到内阻。比如（0，1.44）和（0.3，0.9）两点。【分析】（1）电压除以电阻也可以得到电流大小，相当于有了电流表。

（2）电压表读数要看清量程以及最小刻度。（3）U-I图像的纵截距为电源电动势，斜率的绝对值为内阻。19．【答案】E、B【解析】【解答】中间还差的步骤是：在水面上画撒一层痱子粉，然后在水面上滴一滴油酸。撒一层痱子粉的作用是使油酸能充分分散，整个油层厚度相当于只有一层油酸分子厚度，故选EB。

【分析】实验原理是计算一滴油酸的体积，计算油层分散后的面积，体积除以面积得到厚度，该厚度为油酸分子直径。20．【答案】（1）解：加热器有pB=（2）解：空气柱B压强保持不变，则有p空气柱A根据理想气体状态方程p解得T则由于t（3）解：B中温度不变，所以内能不变，既有ΔU=0B压强不变，温度不变，所以体积不变，既有W=0根据ΔU=W+Q可知Q=0【解析】【分析】（1）液体也会产生压强，根据受力平衡求出空气柱的压强。

（2）根据理想气体状态方程求出A中气体的热力学温度，热力学温度减去273度可得摄氏温度。

（3）B中温度不变，内能不变，B压强不变，温度不变，所以体积不变，所以B中气体对外界做功为零，根据热力学第一定律求解。21．【答案】（1）解：赛车恰好过C点，根据牛顿第二定律mg=解得v从H到C，由动能定理有−mgR=解得v根据指向圆心方向合力提供向心力有F解得F根据牛顿第三定律在H点对轨道压力6N；（2）解：赛车从E到F做平抛运动，有ℎ=3R=x=3R=解得v对赛车，从A出发最终到E的过程中，根据功能关系可得P代入数据解得E（3）解：题中所述赛车最终停在水平轨道AB上，有两种临界情况①假设赛车第一次弹回时，恰好能过C点，此时Ep弹最小，由上分析可知小车从出发到第二次经过C点，根据能量守恒定律P解得E设赛车最高到达A点右侧弯曲轨道上高度h处，从C点到高度h处，根据动能定理mg⋅2R−μmgL−mg⋅ℎ=0−可得ℎ=0.5m<3R所以赛车不会从E点飞出，有E②假设赛车第一次弹回时，恰好能运动到E点，从E点滑下到左侧圆轨道，根据动能定理3mgR−μmgL−mg可得ℎ则R<赛车要脱离轨道。所以赛车从AE轨道返回时最多运动到H点，设赛车从AE返回时恰能到达H点，从出发到从AE返回恰运动到H点的过程，根据能量守恒定律P解得E综上，当0.3J≤时可满足要求。【解析】【分析】（1）赛车恰好过C点，根据牛顿第二定律列式得到过C点速度，从H到C，由动能定理列式求解。根据牛顿第三定律求出在H点对轨道压力。

（2）赛车从E到F做平抛运动，从A出发最终到E的过程中，根据功能关系或者动能定理求出弹性势能的大小。

（3）赛车最终停在水平轨道AB上，有两种临界情况，第一种赛车第一次弹回时，恰好能过C点；第二种情况，赛车第一次弹回时，恰好能运动到E点，从E点滑下到左侧圆轨。22．【答案】（1）解：操作Ⅰ中甲到MMEI又U=联立解得v（2）解：由图有2U=解得v根据能量守恒可得mgLsin37°=μmgLcos37°+解得Q定值电阻上产生的热量为Q=对金属棒a，由动量定理可得(mgsin37°−μmgcos37°)t−B又q=联立解得t=（3）解：因为两棒同时静止释放，又总是同时到达桌面，所以任意瞬间两棒运动状态一致；回路的总电阻为R某时刻对a棒，根据牛顿第二定律