四川省2024年高考物理模拟试卷及答案7

四川省2024年高考物理模拟试卷及答案阅卷人一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。得分1．一质点做匀速圆周运动，从圆周上的一点运动到另一点的过程中，下列说法一定正确的是（）A．质点速度不变 B．质点加速度不变C．质点动能不变 D．质点机械能不变2．2024年4月3日，遥感四十二号01星在西昌卫星发射中心顺利升空，卫星的轨道如图所示，其中Ⅰ和Ⅲ为高度不同的圆轨道，椭圆轨道Ⅱ分别与Ⅰ和Ⅲ相切于P点和Q点。下列说法正确的是（）A．卫星在轨道Ⅱ上从P点运动到Q点的过程中动能增大B．卫星在轨道Ⅱ上运行的周期小于在轨道Ⅲ上运行的周期C．卫星在轨道Ⅰ上经过P点的速度大于在轨道Ⅱ上经过P点的速度D．卫星在轨道Ⅱ上经过Q点的加速度小于在轨道Ⅲ上经过Q点的加速度3．历史上第一次利用加速器实现的核反应，是利用加速后动能为Ek1的质子11H轰击静止的37Li核，生成两个动能均为EA．Ek2c2 B．2Ek2c4．如图所示，竖直平面内足够长的光滑绝缘倾斜杆底端固定有一点电荷Q，M、N为杆上的两点。套在杆上的绝缘带电小球从某点静止释放后，沿杆向上运动，先后通过了M、N两点。由此可以判断（）A．点电荷Q在M点处产生的场强方向一定沿杆向上B．小球在M点的加速度一定大于在N点的加速度C．小球在M点的电势能一定大于在N点的电势能D．小球在M点的动能一定大于在N点的动能5．如图所示，xOy直角坐标系的第一象限内，半径为a的14圆弧外存在范围足够大的匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里。位于O点的粒子源向第一象限内的各个方向均匀发射完全相同的带正电的粒子，粒子速度大小均为v，比荷qm=k。经过一段时间后发现发射出的总粒子中有1A．3kv3a B．3v3ka C．6．如图所示，输电线上的电阻分别为R1、R2，理想交流电压表和理想交流电流表读数分别为U、I。若电源输出的交流电压有效值恒为A．U变大 B．I变大 C．UI变大 D．U7．如图所示，质量M=2kg，倾角θ=37∘的斜面放置在水平面上，顶端固定一光滑定滑轮。质量m=1kg的物块通过轻绳跨过定滑轮与轻弹簧相连，弹簧另一端与水平地面相连，轻绳与斜面平行，弹簧保持竖直，弹力大小为8NA．物块所受摩擦力的方向沿斜面向下 B．物块所受支持力和绳子拉力的合力方向竖直向上C．地面对斜面的支持力大小为25.2N8．如图所示，足够长的平行光滑金属导轨固定在水平面上，其间距为d，两完全相同的灯泡电阻均为R。长为d，电阻不计的导体棒MN置于导轨上，且与导轨保持良好接触。空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B。闭合开关S，由静止开始对导体棒MN施加一水平向右的恒力F0，经过足够长的时间后，MN运动稳定。此时恒力F0的功率为P0A．水平恒力FB．MN运动稳定后，断开S，若保持拉力大小F0C．MN运动稳定后，断开S，若保持拉力大小F0D．MN运动稳定后，断开S，若保持拉力功率P0阅卷人二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33~38题为选考题，考生根据要求做答。得分9．家庭照明电路中通常用横截面积为1.5mm2的铜导线进行输电，已知标准铜的电阻率ρ（1）将导线一端的绝缘外层去除，用螺旋测微器测量其内芯直径d，示数如图（a）所示，则d=mm。（2）为了测量导线铜芯的电阻率，兴趣小组选用了如下器材：电源E（电动势6V滑动变阻器R（阻值0~定值电阻R0（阻值为6Ω电压表V（0~3V电流表A（0~0.开关S和导线等图（b）是他们设计的电路。为使测量结果更准确，接线柱P应与（填“m”或“n”）相连。进行正确实验操作后，测得电压和电流分别为U和I，导线长度为L，求得电阻率ρ=（用含字母U、I、d、L、π的表达式表示），代入数据算出电阻率与标准值进行比较即可检验该导线铜芯纯度是否达标。10．某同学用如图（a）所示的装置验证机械能守恒定律。不可伸长的轻绳绕过轻质定滑轮，轻绳两端分别连接物块P与感光细钢柱K，两者质量均为m=0.140kg，钢柱K下端与质量为M=0.200kg的物块（1）开启电动机，待电动机以ω=40πrad/s的角速度匀速转动后。将P、K、Q系统由静止释放，Q落地前，激光器在细钢柱K上留下感光痕迹，取下K，用刻度尺测出感光痕迹间的距离如图（b）所示。感光痕迹间的时间间隔T=s，激光束照射到E点时，细钢柱速度大小为vE=经判断系统由静止释放时激光笔光束恰好经过O点。在OE段，系统动能的增加量ΔEk=J，重力势能的减少量Δ（2）选取相同另一感光细钢柱K，若初始时激光笔对准K上某点，开启电动机的同时系统由静止释放，电动机的角速度按如图（c）所示的规律变化，图像斜率为k，记录下如图（d）所示的感光痕迹，其中两相邻感光痕迹间距均为d。若验证得到表达式即可证明系统在运动过程中机械能守恒（用含字母M、m、d、k、g、π的表达式表示）。11．如图所示，“”形木板B放置在粗糙水平面上，物块A（可视为质点）以v0=6m/s的速度从木板B左端滑上木板，经t=1s后A与B右端挡板碰撞，碰后A、B立刻粘在一起运动。已知A、B质量均为m=1kg，A、B间动摩擦因数μ1（1）木板B的长度l；（2）物块A与木板B碰撞损失的机械能ΔE。12．如图所示，竖直面内存在直角坐标系xOy，平行于y轴的虚线MN、PQ将第一象限分为Ⅰ、Ⅱ两个区域。区域Ⅰ的宽度为3d，在0≤y<23d的区域内存在竖直向上的匀强电场E1，在y>23d的区域内存在竖直向下的匀强电场E2。区域Ⅱ的宽度为d，其内部存在平行于xOy平面且方向未知的匀强电场E3。质量为m、电荷量为q(q>0)的带电小球由O点沿x轴正方向以v0=2gd的速度射入Ⅰ区域，小球仅从直线y=23d上的点A穿过后，经过点B(（1）区域Ⅱ中BC两点的电势差UBC（2）区域Ⅰ中匀强电场E1（3）小球在区域Ⅱ中从B到C过程中所受电场力的冲量大小。13．如图，一定量的理想气体从状态a变化到状态b，其过程如T−V图中从a到b的直线所示。直线ab与过原点的虚线斜率相同，下列判断正确的是（）A．气体内能增加B．气体压强不变C．气体从外界吸热D．外界对气体做正功E．容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数逐渐减少14．如图（a）所示，水平放置的绝热容器被隔板A分成体积均为V的左右两部分。面积为S的绝热活塞B被锁定，隔板A的右侧为真空，左侧有一定质量的理想气体处于温度为T、压强为p的状态1。抽取隔板A，左侧中的气体就会扩散到右侧中，最终达到状态2。然后将绝热容器竖直放置如图（b）所示，解锁活塞B，B恰能保持静止，当电阻丝C加热气体，使活塞B缓慢滑动，稳定后，气体达到温度为1.5T的状态3，该过程电阻丝C放出的热量为Q。已知大气压强p0，且有p<2（1）求绝热活塞B的质量；（2）求气体内能的增加量。15．如截面图（a）所示，泳池上方距水面ℎ=2m处有一观测者A（可接收任意方向射入A的光），泳池水深d=6m。水的折射率n=2，A观测到正下方的泳池深度（填“大于”、“小于”或“等于”）实际深度。泳池底部有圆形细灯带（灯带仅存在于圆周边缘处）如俯视图（b）所示，其圆心O位于A的正下方。由灯带上某点光源B射入A的光线，在水面上方的部分与水平面的夹角为45°，则圆形细灯带的半径为m。圆形细灯带发出的光照亮水面区域的面积为16．如图（a）所示，均匀介质中存在垂直水平面（xOy面）振动的两个波源A和B，波源A、B振动频率相同。其中A的振幅为1cm，A、B在x轴上坐标为xA=0，xB=25m。A开始振动7s后，B以与A相同的起振方向开始振动，记此时为t=0时刻。t=9s时两列波同时到达A、B连线上的M点，（1）A、B在介质中形成的机械波的周期T和波速v；（2）从t=0至t=30s，质点N(xM

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A.做匀速圆周运动的物体线速度大小不变，方向在改变，故速度时刻变化，A不符合题意；

B.做匀速圆周运动的物体加速度始终指向圆心，故加速度方向始终变化，B不符合题意；

C.线速度大小不变，则动能

Ek=12mv2

2．【答案】B【解析】【解答】A.卫星在椭圆轨道上近日点的速度大于远日点的速度，故在Ⅱ轨道P点速度大于Ⅱ轨道Q点，则卫星在轨道Ⅱ上从P点运动到Q点的过程中动能减小，A不符合题意；

B.由

a3T2=k

可知，轨道越高，卫星环绕运行的周期越大，B符合题意；

C.卫星从轨道Ⅰ经过P点变轨到轨道Ⅱ，需要加速做离心运动，故卫星在轨道Ⅰ上经过P点的速度小于在轨道Ⅱ上经过P点的速度，C符合题意；

D.由

an=GMr2

3．【答案】D【解析】【解答】ABCD.由核反应方程可知

11H+37Li→224He

由能量守恒可知

4．【答案】C【解析】【解答】A.带电小球的极性未知，故在Q点点电荷带电极性未知，若电荷Q带正电，则场强方向沿杆向上，若电荷Q带负电，则场强方向沿杆向下，A不符合题意；

B.小球除了受到电场力的作用，还受到重力，可能受到杆的支持力作用，故合力大小变化未知，加速度大小未知，B不符合题意；

C.若电荷Q带正电，则

φM>φN

小球带正电

EpM>EpN

若电荷Q带负电，则

φM<φN5．【答案】D【解析】【解答】ABCD.由几何关系可知，当速度方向与x轴正方向夹角为30°时，粒子恰好沿y轴返回O点，有

tan30°=ra

可得

r=33a

由

qvB=mv2r6．【答案】B,D【解析】【解答】当用户端用电器增多时，即用户端电阻减小，即UI减小，且副线圈电流增大，原线圈电流增大，则R1上电压增大，原线圈与副线圈两端电压变小，AC不符合题意，BD符合题意。

故答案为：BD。

7．【答案】A,D【解析】【解答】A.对物体进行受力分析，物体受到沿斜面向下的重力分力，大小为6N，绳上拉力沿斜面向上，大小为8N，则物体所受摩擦力大小为2N，方向沿斜面向下，A符合题意；

B.物体所受支持力和绳子拉力的合力方向与重力和摩擦力的合力方向相反，故合力方向不是竖直向上，B不符合题意；

C.对物体、滑轮和斜面看作一个整体，整体受力分析可知，受到竖直向下的重力和拉力，竖直向上的支持力，故地面对斜面的支持力为38N，水平方向没有作用力，地面对斜面的摩擦力大小为0，C不符合题意，D符合题意。

故答案为：AD。

【分析】利用整体法与隔离法，结合物体的受力分析情况可得出结论。8．【答案】A,C【解析】【解答】A.当MN运动稳定时，恒力F0与安培力大小相等，恒力的功率即为灯泡的额定功率，棒MN做匀速运动，故有

F0=B2d2Rv

恒力功率

P0=F0v

联立可得

F0=BdP0R

A符合题意；

B.MN运动稳定后，断开S，电路中电阻增大，电流减小，故安培力减小，有

F−B2L22Rv=ma9．【答案】（1）1.495（2）n；Uπ【解析】【解答】（1）示数为

1mm+49.5×0.550mm=1.495mm

（2）待测电阻阻值较小，使用电流表的内接法会减小实验误差，故接线柱P应与n相连；由电阻

R=ρl10．【答案】（1）0.05；1.00；0.240；0.245（2）(【解析】【解答】（1）由

T=2πω

可得感光痕间的时间间隔

T=0.05s

细钢柱速度大小

vE=xDF2T=1.00m/s

系统动能的增加量为

Ek=12m+MvE2=0.240J

重力势能的减小量

∆Ep=m+MgxOE−mg11．【答案】（1）对A物体受力分析，由牛顿第二定律得μ解得a对B受力分析，由牛顿第二定律得μ解得a由运动学公式xx解得l=（2）解：设物块A和木板B碰撞前速度分别为v1、vv解得v对Bv解得vA、B碰撞过程为完全非弹性碰撞，则对A、B系统动量守恒m由能量守恒ΔE=解得ΔE=1【解析】【分析】（1）利用牛顿第二定律可求出物体A、B的加速度大小，根据物体做匀变速直线运动的特点，利用位移时间关系式可求出木板的长度；（2）根据运动学公式可得出物体的速度大小，利用动量守恒定律和机械能守恒定律可得出机械能的大小。12．【答案】（1）小球在Ⅰ区域电场中，水平方向做匀速直线运动，竖直方向先加速再减速到零，到达B点时vBmgd+q解得U（2）设小球在Ⅰ区域中经过直线y=23d时，竖直方向速度为vy，在E1中运动时间为tv竖直方向，在E12在E21解得t小球在Ⅰ区域E12由牛顿第二定律可得q解得E（3）解：设小球在Ⅱ区域中，电场E3水平方向的分量为Ex、竖直方向分量为Ey，在C点时水平方向速度为vd=d=v联立可得vvt水平方向qaa竖直方向mg+qaa联立可得EEⅡ区域的场强大小为EE小球在区域Ⅱ中从B到C过程中所受电场力的冲量大小I=qI=【解析】【分析】（1）根据小球在电场区域的运动特点，利用动能定理可得出电势差的大小；（2）根据小球在电场中竖直方向的位移与时间关系式可求出时间大小，利用运动学公式可得出加速度的大小，结合牛顿第二定律可求出电场强度的大小；（3）利用速度的分解思想，根据位移特点可求出分速度的大小，结合牛顿第二定律可求出电场强度的大小，利用冲量的定义式可求出冲量大小。13．【答案】A,C,E【解析】【解答】A.由图可知理想气体由a变化到b，温度增加，气体内能增加，A符合题意；

B.由

TV=PC

可知，T-V图像斜率表示压强的大小，显然Oa连线斜率大于Ob连线斜率，故由a到b，压强变小，B不符合题意；

CD.由热力学一定定律可知

∆U=W+Q

由a到b，内能增加，气体体积增大，故气体对外界做功，W小于0，故Q大于零，气体从外界吸热，C符合题意，D不符合题意；

E.容器壁单位面积单位时间收到气体分子撞击次数与温度和分子数有关，可知温度增加，但是压强减小，可知碰撞次数减小，D符合题意；14．【答案】（1）气体从状态1到状