重庆市直属校2025届高三物理下学期3月联考试题含解析

PAGE18-重庆市直属校2025届高三物理下学期3月联考试题（含解析）二、选择题：本大题共8小题，每小题6分，共48分。第14—17题为单选题，第18—21题为多选题。1.氢原子能级示意图如图所示．光子能量在1.63eV~3.10eV的光为可见光．要使处于基态（n=1）的氢原子被激发后可辐射出可见光光子，最少应给氢原子供应的能量为A.12.09eV B.10.20eV C.1.89eV D.1.5leV【答案】A【解析】【详解】由题意可知，基态（n=1）氢原子被激发后，至少被激发到n=3能级后，跃迁才可能产生能量在1.63eV~3.10eV的可见光．故．故本题选A．2.“嫦娥四号”探月飞船实现了月球背面软着陆，按安排我国还要放射“嫦娥五号”，执行月面采样返回任务。已知月球表面的重力加速度约为地球表面重力加速度的，地球和月球的质量分别为M1和M2，月球半径为R，月球绕地球公转的轨道半径为r，引力常量为G，下列说法正确的是（）A.月球的第一宇宙速度约为地球第一宇宙速度的B.使飞船从地球飞向月球，地球上飞船的放射速度是地球的第一宇宙速度C.采样返回时，使飞船从月球飞向地球，月球上飞船的放射速度为D.采样返回时，使飞船从月球飞向地球，月球上飞船的放射速度应大于【答案】D【解析】【详解】A．月球的第一宇宙速度地球第一宇宙速度已知月球表面的重力加速度约为地球表面重力加速度的，月球第一宇宙速度与地球第一宇宙速度之比，故A错误；BCD．地球到月球飞船速度要大于地球的第一宇宙速度，月球到地球飞船速度要大于月球的第一宇宙速度，故BC错误，D正确。故选D。3.如图，半径为0.1m的半球形陶罐随水平转台一起绕过球心的竖直轴水平旋转，当旋转角速度为10rad/s时，一质量为m的小物块恰好能随陶罐一起与陶罐保持相对静止做匀速圆周运动，已知小物块与陶罐的球心O的连线跟竖直方向的夹角θ为37°，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。（重力加速度g取10m/s2，sin37°取0.6，cos37°取0.8）。则小物块与陶罐内壁的动摩擦因数μ为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【详解】小物块恰好保持相对静止，物块受重力、支持力和摩擦力，合外力为向心力，故摩擦力斜向上。Nsinθ-μNcosθ=mRω2sinθNcosθ+μNsinθ=mg解得故选A；4.如图所示，甲、乙两图中实线表示半径相同的带电圆弧，每段圆弧为电荷分布匀称且电荷量相同的圆弧，电性如图所示。已知甲图中O点场强大小为E，则乙图中P点场强大小为（）A.E B. C.0 D.【答案】D【解析】【详解】甲图中O点电场强度为E，乙图图形相当于甲图图形顺时针旋转45°，再与另一甲图中图形叠加，所以乙图中P点电场强度如图所示，可视为两个E夹角为45°叠加，两矢量水平重量之和为(1+)E，竖直重量之和为E，则P处的电场强度为故ABC错误，D正确；故选D。5.如图所示为一台教学用手摇式沟通发电机。若已知大皮带轮半径为0.2m，小皮带轮半径为0.02m，摇动手柄以每分钟60圈匀速转动，且摇动过程中皮带不打滑，则下列说法中正确的是（）A.大皮带轮与小皮带轮的转动的角速度之比为10：1B.发电机产生的交变电流频率为10HzC.若手摇手柄的转速减半，产生沟通电的最大值不变D.若手摇手柄的转速减半，产生沟通电的有效值也减半【答案】BD【解析】【详解】A．大轮与小轮通过皮带相连，与皮带接触的点线速度大小相同，依据v=ωr可知故A错误；B．摇动手柄以每分钟60圈匀速转动，即n=60r/min=1r/s，角速度ω大=2πn=2πrad/s则小轮转动的角速度ω小=10ω大=20πrad/s故产生沟通电的频率故B正确；CD．若手摇手柄的转速减半，小轮的角速度减半，由Em=NBSω知，产生沟通电的最大值减半，依据可知，有效值减半，故C错误，D正确。故选BD。6.从地面竖直向上抛出一物体，物体在运动过程中除受到重力外，还受到一大小不变、方向始终与运动方向相反的外力作用。距地面高度h在1.5m以内时，物体上升、下落过程中动能Ek随h的变更如图所示。重力加速度取10m/s2．则该物体（）A.质量为1.0kg B.受到的外力大小为1.5NC.上升的最大高度为3m D.落地时的速度为12m/s【答案】AC【解析】【详解】AB．依据动能定理可得F合△h=△Ek则Ek-h图象的斜率大小k=F合，上升过程中有下落过程中联立解得：F=2Nm=1kg故B错误，A正确；C．上升过程，依据动能定理有-（mg+F）H=0-Ek0代入数据解得上升的最大高度为H=3m，故C正确；D．从最高点到落地依据动能定理有mgH-FH=-0代入数据解得物体落地时的速度为v=4m/s故D错误。故选AC。7.如图所示，两竖直光滑墙壁的水平间距为6m，贴近左边墙壁从距离地面高20m处以初速度10m/s水平向右抛出一小球，一切碰撞均无机械能损失。小球每次碰撞时：平行于接触面方向的分速度不变、垂直于接触面方向的分速度反向。不计空气阻力，重力加速度取10m/s2，则（）A.小球第一次与地面碰撞点到左边墙壁的水平距离为6mB.小球第一次与地面碰撞点到左边墙壁的水平距离为4mC.小球其次次与地面碰撞点到左边墙壁的水平距离为2mD.小球其次次与地面碰撞点到左边墙壁的水平距离为0m【答案】BD【解析】【详解】AB．在竖直方向，加速度不变，设运动时间为t，则有：h=gt2解得t=在水平方向上，由于速度不变，故总路程共有x=v0t=10×2m=20m水平方向位移经过6m与墙壁碰撞一次，则小球与墙碰撞3次后落地，两竖直墙壁间的距离为6m，依据运动可知，小球第一次与地面碰撞点到左边墙壁的水平距离为4m，故A错误，B正确；CD．平抛斜抛运动总时间t′=3t=6s运动的总路程x=vt′=60m由于水平方向每过6m与墙壁碰撞一次，则再次与与地面碰撞10次刚好落在与左墙相距0m处，故C错误，D正确；故选BD。8.如图，纸面内有两个半径均为R且相切的圆形磁场区域，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面对里；左侧有一半径同为R的圆形导线框，导线框电阻为r。三圆共面且圆心在同始终线上。现使圆形线框以v水平向右做匀速运动，则（）A.当t=时，线框感应电流为B.当t=，线框中电流第一次反向C.当t=，线框感应电动势达到极大值D.在线框穿过磁场过程中，电流变更两次方向【答案】B【解析】【详解】画出圆形导线框运动的5个状态，如图所示：A．当时，导线框运动到1位置，有效切割长度为2Rsin60°=R，线框中的感应电流选项A正确；B．当

时，导线框运动到2位置，当

时，导线框运动到3位置，从初始位置到2位置，穿过线框的磁通量变大，从2位置到3位置，穿过线框的磁通量变小，依据楞次定律可知，当时，导线框运动到2位置时，电流方向第一次反向，故B正确；C．当

时，导线框运动到3位置，此时导线框的左右两侧都在切割，切割长度和方向均相同，此时的感应电动势相互抵消，实际感应电动势为0，故C错误；D．全过程中，磁感线的贯穿方向始终不变，所以线框中的电流方向变更一次，故D错误。故选AB。三、非选择题：共174分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必需作答。第33~38题为选考题，考生依据要求作答。（一）必考题：共129分9.为了测量物块A和B之间的摩擦因数，在水平台面上将两个物块叠放，两物块上都固定一个拉力传感器，如图甲所示，连接B物块的绳子右端固定在竖直墙壁上。刚起先，两物块静止，两传感器示数都为零，现向左拉A物块的力F从零起先缓慢增大：(1)某同学进行了如下的操作，你认为正确的是______；A．试验之前，干脆把连接B物块的绳子竖直提起，记录下B物块悬空静止时传感器的示数F1B．试验过程中，保证拉A的力F保持水平向左，不然会对测量的摩擦因数有影响C．试验过程中，保证拉B的绳子保持水平，记录稳定时传感器2的示数F2D．试验过程中，当A动起来之后，必需匀速向左拉出，加速拉出测量的摩擦因数会偏小(2)试验过程中，传感器2的示数如图乙，刚起先的小段时间，传感器1有示数，而传感器2示数为零的缘由是______，物块AB之间的摩擦因数是______（用题中符号表示）。【答案】(1).AC(2).滑块A与地面之间有摩擦力(3).【解析】【详解】(1)[1]．在拉力F作用下，AB发生相对运动，B始终处于静止状态，此时处于平衡状态，则μmBg=F2，要求的AB间的摩擦因数，则必需测量出B的质量；A、试验之前，干脆把连接B物块的绳子竖直提起，记录下B物块悬空静止时传感器的示数F1，此时即为B物体的重力，即F1=mBg，故A正确；B、试验过程中，不论A的拉力F水平向左如何变更，B都处于平衡状态，故B错误；C、试验过程中，保证拉B的绳子保持水平，此时在水平方向上，绳子的拉力才等于B受到的摩擦力，记录稳定时传感器2的示数F2，故C正确；D、试验过程中，当A动起来之后，必需匀速向左拉出，加速拉出时，B仍旧处于平衡状态，故摩擦因数不变，测量的摩擦因数不会变，故D错误；故选AC。(2)[2][3]．传感器1有示数，而传感器2示数为零，说明AB之间没有相对运动趋势，也就是说A与地面没有先对运动或相对运动趋势，其缘由是滑块A与地面之间有摩擦力，对B依据共点力平衡可知F2=μmg由于F1=mg联立解得10.某学习小组确定探究“光电效应”的试验规律，采纳如图所示的试验电路，用稳定的黄色强光照耀光电管的阴极板：（1）要描绘光电管的伏安曲线，开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应当在______端（选填“a或b”）。（2）试验过程中发觉，试验室供应的微电流传感器G（电阻为Rg=1995Ω）量程太小了，该小组同学确定把量程放大400倍，应当给微电流传感器______联一个______Ω的电阻。（3）滑动滑片P，读出电压表示数U，微电流传感器示数I示，并换算成光电管的实际电流I实际，如表：通过所采集的数据描出光电管的伏安曲线，试验证明：随着电压的增大，电流有饱和值的存在。（4）在上述探究“光电效应”中的“饱和电流”试验中，电路图中电源的负极为______端（选填“M或N”）。每个光电子带电量为e=1.6×10-19C，则在第（3）步的试验中每秒钟阴极板上被光照耀而逸出的光电子个数约为______个。（结果保留3位有效数字）【答案】(1).a(2).并(3).5(4).N(5).7.19×1010【解析】【详解】（1）[1]．为了爱护电表和光电管，开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应当在a端。（2）[2][3]．依据电表改装原理，小量程的电流表改装成大量程的电流表须要并联分流电阻，依据并联电路的规律可知IgRg=（I-Ig）R并解得并联电阻R并=5Ω。（4）[4]．探讨“光电效应”的“饱和电流”须要在光电管两端加正向电压，电路图中电源的负极为N端；[5]．分析光电管的伏安曲线可知，饱和电流I=115×10-10A=1.15×10-8A依据电流的定义式可知，每秒钟阴极板上被光照耀而逸出的光电子个数11.如图所示，直角坐标系xOy的第一象限内存在沿y轴正方向的匀强电场，第四象限内有一边长为a的正方形有界匀强磁场，正方形磁场A点位于（a，0），B点位于（0，-a），磁场方向垂直于纸面对里，现有一质量为m，电荷量为q的带负电的粒子，从y轴上的P点以速度v0平行于x轴射入电场中，粒子恰好从A点进入磁场，进入磁场时速度方向与x轴正方向的夹角为60°．然后从B点离开磁场，不考虑粒子的重力，求：（1）P点的位置坐标；（2）磁感应强度的大小。【答案】（1）；（2）。【解析】【详解】（1）令粒子由P到A做类平抛运动位移与水平方向夹角为θ，依据类平抛运动的规律有则P点的纵坐标为则P点的坐标为（0，）（2）粒子运动的轨迹如图，依据几何关系解得依据且v=2v0解得12.如图，半径R=m的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点A和圆心O的连线与水平方向夹角θ=30°，另一端点B为轨道的最低点，其切线水平。一质量M=2kg、板长L=2.0m的滑板静止在光滑水平地面上，右端紧靠B点，滑板上表面与圆弧轨道B点和左侧固定平台C等高。光滑水平面EF上静止一质量为m=1kg的物体（可视为质点）P，另一物体Q以v0=m/s向右运动，与P发生弹性正碰，P随后水平抛出，恰好从A端无碰撞进入圆弧轨道，且在A处对轨道无压力，此后沿圆弧轨道滑下，经B点滑上滑板。滑板运动到平台C时立即被粘住。已知物块P与滑板间动摩擦因数μ=0.5，滑板左端到平台C右侧的距离为s。取g=10m/s2，求：（1）物体P经过A点时的速度；（2）物体Q的质量mQ；（3）物体P刚滑上平台C时的动能EkC与s的函数表达式。【答案】（1）2m/s；（2）0.5kg；（3）见解析。【解析】【详解】（1）设P在A点速度为vA．由P无碰撞进入圆轨道，且在A处对轨道无压力，则在A处，由重力指向圆心的分力供应P所须要的向心力，有mgsinθ=m解得vA=2m/s（2）对P在A点的速度分解，则其水平分速度vx=vAsinθ=2×0.5m/s=1m/s所以P的平抛初速度为vx=2m/sQ与P发生弹性碰撞，取向右为正方向，由动量守恒定律得

mQv0=mQvQ+mvx。由机械能守恒得mQv02=mQvQ2+mvx2。联立解得

mQ=0.5kg（3）P从A点沿圆轨道滑至B点过程，由机械能守恒定律得

解得vB=2m/sP滑上滑板后，P带动滑动滑板运动，设P与滑板能达到共速，此过程滑板向左运动位移为xM。对P与滑板系统，取向左为正方向，由动量守恒定律有

mvB=（M+m）v共解得v共=m/s对滑板，由动能定理得

μmgxM=解得xM=m①当s≥xM=m时，P物体刚滑上平台C时的动能EkC与s无关，对P和滑板，由能量关系有EkC=-Q-△E其中Q=μmgL△E=解得EkC=J②当s＜xM=m时，滑板与平台相碰时，P与滑板未共速，对滑板，由动能定理得

fs=对P和滑板，由能量关系有

其中Q=μmgL解得EkC=（4-5s）J（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。13.下列说法中正确的是（）A.温度高的物体内能不肯定大，但分子平均动能肯定大B.毛细现象只能发生在浸润的固体和液体之间C.在完全失重的状况下，密闭容器内的气体对器壁没有压强D.水的饱和汽压随温度的上升而增大E.肯定量的气体，在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加【答案】ADE【解析】【详解】A．温度是分子平均动能标记，故温度高平均动能肯定大，内能的多少还与物质的多少有关，故A正确；

B．毛细现象可以发生在浸润的固体和液体之间，也可以发生在不浸润的固体和液体之间，故B错误；

C．在完全失重的状况下，密闭容器的气体做自由落体运动，而气体分子对器壁的碰撞不会变更，故体密闭容器内的气体对器壁有压强，故C错误；

D．水饱和汽压随温度上升而增大，故D正确；

E．气体的压强是由大量分子对器壁的碰撞而产生的，它包含两方面的缘由：分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数和每一次的平均撞击力。气体的温度降低时，分子的平均动能减小，所以在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加。故E正确；故选ADE14.如图所示，一绝热的薄壁气缸质量为m、底面积为S、深度为L，放在水平地面上，气缸与地面的动摩擦因数为μ。一轻质绝热活塞与轻杆连接固定在竖直墙上，轻杆保持水平，轻杆与活塞的作用力保持水平，活塞与气缸内壁密封且可无摩擦的自由滑动。缸内封闭有肯定质量的志向气体，初时活塞位于距气缸底部处、缸内气压为p0、温度T0；现用缸内的加热装置对缸内气体缓慢加热，（外界大气压恒为p0，重力加速度为g，气缸与地面的最大静摩擦力等于滑动摩擦力），求：①气缸刚要起先相对地面滑动时，缸内气体的压强是多少？②活塞刚滑动到气缸口时，缸内气体的温度是多少？【答案】①；②。【解析】【详解】①对气缸受力分析，依据平衡条件可知pS=p0S+μmg解得②在加热过程中，依据志向气