四川省内江市2025届高三物理下学期第三次模拟考试试题含解析

PAGE22-四川省内江市2025届高三物理下学期第三次模拟考试试题（含解析）第Ⅰ卷（选择题共126分）一、选择题本题共8小题每小题6分，共48分。在每小题给出的四第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.在2011年3月日本发生9级大地震，在日本核电站四周检测到放射性物质铯137（Cs）和239钚（Pu）。核泄漏中的钚（Pu）是一种具有放射性的元素，钚的一种同位素Pu的半衰期为24100年，其衰变方程为，则下列说法中正确的是（）A.铀235裂变的方程可能为B.10个Pu经过24100年后肯定还剩余5个C.衰变过程中总静质量不变D.衰变方程中的X含有143个中子【答案】D【解析】【详解】A．由质量数和电荷数守恒可知，此方程不行能，故A错误；B．半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用，对10个原子核不适用，故B错误；C．衰变过程中有能量放出，由爱因斯坦质能方程可知，衰变过程中总静质量发生亏损，故C错误；D．由质量数和电荷数守恒可知X具有92个质子，质量数应为235，所以中子数为143，故D正确。故选D。2.如图所示，一只动物沿着较粗的圆弧树枝从A点缓慢斜向上移动到B点。则以下说法正确的是（）A.树枝对动物的弹力减小B.树枝对动物的摩擦力增大C.树枝对动物的作用力大小不变D.动物对树枝的作用力方向是垂直树枝向下【答案】C【解析】【详解】A．设弹力与竖直方向的夹角为，由平衡条件得，动物所受的弹力从A到B的过程中，减小，则弹力增大，A错误；B．设弹力与竖直方向的夹角为，由平衡条件得，动物所受的摩擦力从A到B的过程中，减小，则摩擦力变小，B错误；CD．动物缓慢爬行，合力始终为零，树枝对动物的作用力始终和重力等大反向，D错误C正确。故选C。3.如图所示，是某高速马路的ETC电子收费系统，ETC通道的长度是识别区起点到自动栏杆的水平距离。某质量为1500kg的汽车以21.6km/h的速度匀速进入识别区，ETC天线用了0.2s的时间识别车载电子标签，识别完成后发出“滴”的一声，司机发觉自动栏杆没有抬起，于是实行制动刹车，车刚好没有撞杆。假如司机的反应时间为0.6s，刹车的加速度大小为5m/s2，则下列说法中正确的是（）A.该ETC通道的长度为8.4mB.汽车在减速行驶过程中，克服阻力做功为2.7×105JC.汽车减速行驶过程中，阻力平均功率为2.25×105WD.汽车减速行驶过程中，动量的变更量为900kg·m/s【答案】A【解析】【详解】A．ETC识别时间为0.2s，司机的反应时间为0.6s，这两段时间车进入识别区并做匀速直线运动，位移大小为刹车后汽车做匀减速运动，运动时间为匀减速过程位移大小该ETC通道的长度为故A正确；B．汽车在减速行驶过程中由动能定理摩擦力做功为，则克服摩擦力做功为，故B错误；C．阻力平均功率大小为故C错误；D．汽车减速行驶过程中，动量的变更量故D错误。故选A4.在如图甲所示电路中，L1、L2、L3为三只“6V3W”的小灯泡，变压器为志向变压器各电表均为志向电表。当ab端接如图乙所示的交变电压时，三只灯泡均正常发光下列说法正确的是（）A.变压器原、副线圈的匝数比为1:2B.电压表的示数为12VC.电流表的示数为0.5AD.变压器原线圈输入的功率为9W【答案】B【解析】【详解】A．依据乙图可得端接入的沟通电有效值为灯泡正常发光，说明灯泡电压为额定电压，那么变压器输入电压变压器副线圈为两个灯泡并联，灯泡电压等于副线圈输出电压即原副线圈匝数比为A错误；B．电压表示数为原线圈输入电压即B正确；C．灯泡正常发光的额定电流电流表测量副线圈干路电流所以读数为D．依据变压器原线圈的电流变压器原线圈输入的功率为D错误。故选B。5.目前很多国产手机都有指纹解锁功能，用的指纹识别传感器是电容式传感器，如图所示。指纹的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”。传感器上有大量面积相同的小极板，当手指贴在传感器上时，这些小极板和正对的皮肤表面部分形成大量的小电容器，这样在嵴处和峪处形成的电容器的电容大小不同，此时传感器给全部的电容器充电后达到某一电压值，然后，电容器放电，电容小的电容器放电较快，依据放电快慢的不同，就可以探测到嵴和峪的位置，从而形成指纹图像数据，依据文中信息，下列说法正确的是（）A.在峪处形成的电容器电容较大B.充电后在嵴处形成的电容器的电荷量小C.在峪处形成的电容器放电较快D.潮湿的手指头对指纹识别肯定没有影响【答案】C【解析】【详解】A．依据电容的计算公式可得，极板与指纹峪（凹下部分）距离d大，构成的电容器电容小，A错误；BC．由于外接电源为全部电容器充到一个预先设计好的电压值，所以全部的电容器电压肯定，依据可知，极板与指纹峪（凹的部分，d大，电容小）构成的电容器充上的电荷较少，在放电过程中放电时间短，放电较快；反之，在嵴处形成的电容器电容大，电荷量大，放电时间长，B错误，C正确；D．湿的手与传感器之间有水填充，变更了原来匹配成平行板电容器的电容，所以会影响指纹解锁和指纹识别，D错误。故选C。6.2024年12月27日，北斗三号系统基本完成建设。其导航系统中部分卫星的运动轨道如图所示：a为低轨道极地卫星；b为地球同步卫星；c为倾斜圆轨道卫星，其轨道平面与赤道平面有肯定的夹角，周期与地球自转周期相同，下列说法正确的是（）A.卫星b和卫星c的运行半径相等B.卫星a的角速度肯定比卫星c的角速度小C.卫星b的向心加速度比卫星a的向心加速度小D.卫星a的动能肯定比卫星b的动能大【答案】AC【解析】【详解】A．依据卫星b为地球同步卫星和与地球自转周期相同，卫星c的周期也于地球自转周期相同，则轨道半径相等，A正确；B．依据卫星a的轨道半径比卫星c的小，所以卫星a的角速度肯定比卫星c的角速度大，B错误；C．依据卫星b的轨道半径大于卫星a的轨道半径，向心加速度小于卫星a的向心加速度，C正确；D．依据卫星b的轨道半径大于卫星a的轨道半径，卫星b的速度小于卫星a的速度，但卫星b卫星和a质量和关系未知，故动能无法推断，D错误。故选AC。7.一物块静止在粗糙程度匀称的水平地面上在0～4s内所受水平拉力F随时间t的变更关系图像如图甲所示，在0～2s内的速度图像如图乙所示，最大静摩擦力大于滑动摩擦力关于物块的运动，下列说法正确的是（）A.物块的质量为2kg B.在4s内物块的位移为8mC.在4s内拉力F做功为16J D.在4s末物块的速度大小为4m/s【答案】BC【解析】【详解】A．由图可知，1-2s内物体做匀速运动，故说明摩擦力大小f=F=2N；0-1s内做匀加速运动，加速度由牛顿其次定律可得F-f=ma其中F=6N，解得m=1kg故A错误；

B．2s后受到的合力F合=F+f=2N+2N=4N，方向与运动方向相反，物体做匀减速运动，加速度大小匀减速至停的时间则t=3s末速度减为零，此后保持静止，故4s内的位移故B正确；

C．依据动能定理可知WF-fx=0解得WF=2×8=16J故C正确；

D．由B中分析可知，4s末的速度大小为零，故D错误。

故选BC。8.如图甲所示，平行光滑金属导轨水平放置，两轨相距L=0.4m，导轨左端与阻值R=0.3Ω的电阻相连，导轨电阻不计；导轨在x＞0侧，存在沿x方向匀称增大的磁场，其方向垂直导轨平面对下，磁感应强度B随位置x的变更如图乙所示，现有一根质量m=0.2kg、电阻r=0.1Ω的金属棒MN置于导轨上，并与导轨垂直，棒在外力F作用下，从x=0处以初速度v0=2m/s沿导轨向右作变速运动，且金属棒MN在运动过程中受到的安培力大小不变，下列说法中正确的是（）A.金属棒MN向右做匀加速直线运动B.金属棒MN在x=1m处的速度大小为m/sC.金属棒MN从x=0运动到x=1m过程中外力F所做的功为0.175JD.金属棒MN从x=0运动到x=2m过程中，流过金属棒MN的电荷量为2C【答案】BD【解析】【详解】A．依据图象得B－x函数关系式金属棒向右运动切割磁感线产生感应电动势E=BLv，感应电流安培力解得匀减速直线运动满意v2=v02+2ax，即v2与x是线性关系，所以金属棒不行能做匀减速直线运动，故A错误；B．依据题意金属棒所受的安培力大小不变，x=0处与x=1处安培力大小相等，有解得故B正确；C．金属棒在x=0处的安培力大小为对金属棒从x=0运动到x=1m过程中，依据动能定理有代入数据解得故C错误；D．依据感应电量公式x=0到x=2过程中，图象包围的面积则故D正确。故选BD。第Ⅱ卷（非选择题共62分）二、非选择题:共62分.第9～12题为必考题，每个试题考生都必需作答第13～16题为选考题，考生依据要求作答。（一）必考题9.如图所示，是利用自由落体运动来做“验证机械能守恒定律”的试验。打点计时器接50Hz的沟通电源。则：（1）在该试验中，事实上存在着各种阻力的影响，这是属于试验中的__________（选填“偶然”或“系统”）误差。（2）某同学依据正确的试验步骤操作后，选出了一条比较志向的纸带，如图所示，其中，O点为打点计时器打下的第一个点，A、B、C为三个计数点，在计数点A和B、B和C之间还各有一个计时点。已知重物的质量为2.00kg，取g=9.80m/s2。在OB段运动过程中，重物重力势能的削减量△Ep=__________J；重物的动能增加量△Ek=__________J（结果均保留三位有效数字）。【答案】(1).系统(2).3.65(3).3.42【解析】【详解】(1)[1]该试验没有考虑各种阻力的影响，这属于本试验的系统误差。(2)[2][3]从O到B过程，重力势能削减量△Ep=mghOB=2.00×9.8×0.1860=3.65J依据匀变速直线运动的推论可得：动能的增加量10.用伏安法测量电阻Rx的电阻值，并算出其电阻率。为了较精确地测量待测电阻的电阻值，试验室给出了如下的试验器材：A.电源E（电动势为E=6V，内阻r=0.5Ω）B.电压表V（量程为0～6V，内阻约为50kΩ）C.电流表A（量程为0～30mA，内阻约为40Ω）D.滑动变阻器R0E.待测电阻Rx（约为250Ω）F.开关s一个，导线若干。则（1）为了提高测量的精确度，在答题卡虚线框内画出测量待测电阻Rx的电路图______。（2）如图中是在某次试验中，依据试验中测得的6组电流I、电压U的值，所描出的6个“×”点。请依据这些点，采纳描点法，做出U-I图线_______，并求出电阻值Rx=________Ω（保留三位有效数字）。（3）待测电阻Rx是一匀称材料制成的圆柱体，用游标为50分度的卡尺测量其长度L与直径d，结果分别如图所示。由图可知，其长度为L=________cm，直径为d=________cm。（4）依据以上数据可求出电阻率=________（保留2位有效数字）。【答案】(1).或(2).(3).（220～240均给分）(4).0.800(5).0.194(6).（8.1～8.9×10-2均给分）【解析】【详解】（1）[1]由题意可知，电压表内阻远大于待测电阻，电流表应采纳外接法，滑动变阻器阻值没有给出，则滑动变阻器的接法分压法或者限流法都可以，电路图如图所示或。（2）[2]描点做图如图所示。[3]图像的斜率大小就是待测电阻的组织。（3）[4]待测电阻长度为。[5]直径。（4）[6]待测电阻的电阻率，依据解得。11.如图所示，半径为R的光滑半圆形轨道竖直固定且与水平地面相切于A点，在其右侧肯定水平距离处固定一个倾角为的斜面体，斜面体的顶端C离地面高度为h（2R＞h），底端E固定一轻质弹簧，原长为DE，斜面CD段粗糙而DE段光滑.现给一质量为m的小物块（可看作质点）一个水平初速度，从A处进入圆轨道到达最高点B，离开最高点B后恰能落到斜面体顶端C处，且速度方向恰好平行于斜面，小物块沿斜面下滑压缩弹簧后又沿斜面对上返回，第一次恰能返回到最高点C。小物块与斜面CD段的动摩擦因数为，重力加速度为g，不计小物块碰撞弹簧时的机械能损失。求：（1）小物块运动到B点时，对轨道的压力；（2）弹簧的原长DE。【答案】（1），方向竖直向上；（2）【解析】【详解】（1）小球B到C做平抛运动=2g（2R-h）在C点时在B点，由牛顿其次定律得F+mg=由以上各式解得由牛顿第三定律，物块在B点对轨道的压力为，方向竖直向上（2）在C点，速度从C点又返回C点，由动能定理由几何学问得CE=弹簧的原长DE=CE-LCD由以上各式解得12.如图，在水平桌面上方区域内，存在竖直向上、电场强度E=的匀强电场，在过桌面左边缘的虚线PQ上方存在垂直纸面对外、磁感应强度B=T的匀强磁场，虚线PQ与水平桌面成45°角.现将一个质量m1=2.0×10-3kg、带正电q=+4.0×10-3C的小物块A静置在桌面上，质量m2=1.0×10-3kg、不带电的绝缘小物块B，从与A相距L=2.0m处的桌面上，以v0=5.0m/s的初速度向左运动，物块A、B与桌面间的动摩擦因数均为=0.4，二者在桌面上发生弹性碰撞（碰撞时间极短），碰撞后B反弹的速vB=1.0m/s，A向左运动进入磁场，g取10m/s2。求：（1）碰撞后A的速度；（2）A从进入磁场到再次回到桌面上所用的时间；（3）若经过一段时间后A、B在桌面上相遇，那么，碰撞前A与桌面左边缘的距离。【答案】（1），方向水平向左；（2）；（3）0.51m【解析】【详解】（1）设B与A碰前瞬间的速度为v，碰后A的速度分别为vA、vB，对B由动能定理A与B碰撞过程，对A、B组成的系统，由动量守恒定律由以上各式解得方向水平向左（2）对A受力由于碰后A向左做匀速直线运动，进入磁场做匀速圆周运动周期由几何学问，A在磁场中运动了周期在磁场中时间在磁场中在磁场中半径出磁场后运动时间A从进入磁场到再次回到桌面上所用的时间由以上各式解得（3）碰后B反弹，在桌面上向右作匀减速运动，速度削减为零的时间为t3，依据牛顿其次定律速度解得碰撞后B运动时间小于A运动时间，由此可知A、B相遇时，B已经停止运动，所以A、B相遇的位置为B停止运动的位置，也是A竖直向下再次回到桌面的位置B向右匀减速的位移A距桌边P的距离由以上各式解得（二）选考题（共15分）请考生从给出的2道物理题选一题作答。假如多做则每科按所做的第一题计分。【物理—选修3-3】13.下列说法中正确的是（）A.气体分子的平均动能增大，压强也肯定增大B.液体表面张力的方向与液体表面相切C.脱脂棉脱脂的目的在于使它从不被水浸润变为可以被水浸润，以便吸取药液D.对于肯定质量的志向气体，若气体的压强和体积都发生变更，其内能可能不变E.悬浮在水中的小碳粒的布朗运动反映了碳粒分子的热运动【答案】BCD【解析】【详解】A．气体分子的平均动能增大，温度上升，若体积也增大，气体压强不肯定增大，A错误；B．液体表面张力的方向与液体表面相切，B正确；C．油脂对水是不浸润的，脱脂棉脱脂的目的，在于使它从不能被水浸润变为可以被水浸润，以便吸取药液，C正确；D．若肯定质量的志向气体压强和体积都发生变更，只要温度不变，其内能也肯定不变，D正确；E．悬浮在水中的小碳粒的布朗运动反映了水分子的热运动，E错误。故选BCD。14.如图所示，在长为L0=59cm的一端封闭、另一端开口向上的竖直细玻璃管内，用5cm高的水银柱封闭着50cm长的志向气体，管内外气体的温度均为33，sin=则：(1)现将玻璃管缓慢倾斜至与水平面成角，此时管中气体的长度为多少；(2)在第一问的基础上，接着将管内水银柱取走1cm，再缓慢对玻璃管加热升温至多少时，管中水银柱上表面恰好与管口相齐（大气压强为p0=76cmHg）。【答案】(1)50.625cm；(2)329.12K【解析】【详解】(2)设玻璃管的横截面积为S，初态时，管内气体的体积为V1=50×S，压强为p1=81cmHg，当玻璃管倾斜至与水平面成角时，管内气体的压强为p2=(76+5sin)cmHg=80cmHg体积为V2=L×S，由玻意耳定律得p1V1=p2V2，由以上各式解得L=50.625cm(2)设温度升至T3时，水银柱长为4cm，管内气体的体积为V3=55×S，压强为p3=(76+4sin)cmHg=79.2mHg由志向气体状态方程得，由以上各式解得T3=329.12K【物理—选修3-4】15.一列简谐横波沿x轴正方向传播，O为