浙江省杭州市启正中学八年级第一学期理科素养竞赛科学试题卷

启正中学2023学年第一学期理科素养竞赛八年级科学试题卷一、单项选择题（每题3分，共45分）1.20℃时，四个实验小组分别取不同质量的NaCl，逐渐加入各盛有50g水的烧杯中，不断搅拌直到不再溶解为止，然后分别称量剩余NaCl的质量。记录数据如下表：实验小组第一组第二组第三组第四组水的质量/g50505050所取NaCl的质量/g15202530剩余NaCl的质量/g02712下列说法错误的是（）A.20℃时，50gNaC1饱和溶液中含有18gNaClB.用蒸发的方法可以使不饱和溶液变成饱和溶液C.第一组所得溶液的溶质与溶剂的质量比为3:10D.相同温度下，NaCl在水里的溶解度与水的质量无关【答案】A【解析】【分析】第二组出现剩余的氯化钠，说明第二组时已经达到饱和。根据剩余NaCl的质量，20℃时，50g水中最多能溶解氯化钠18g，溶液达到饱和状态。【详解】A、20℃时，50g水中含有18gNaCl，而不是50gNaC1饱和溶液中含有18gNaCl，故A不正确；B、用蒸发的方法可以使不饱和溶液变成饱和溶液，故B正确；C、第一组所得溶液的溶质与溶剂的质量比为15g:50g=3:10，故C正确；D、溶解度是在一定温度下，某固体溶质在100g溶剂里达到饱和状态所溶解的溶质质量，相同温度下，NaCl在水里的溶解度与水的质量无关，故D正确。故选A。2.两个完全相同的验电器，分别带上不等量的异种电荷，现将它们的金属球用一根绝缘的金属导体接触后分开，则两验电器的金属箔（）A.张角一定都减小，且带上等量异种电荷B.张角一定都增大，且带上等量异种电荷C.张角一定是有一个增大，且带上等量同种电荷D.张角一定是有一个减小，且带上等量同种电荷【答案】D【解析】【详解】由于两个验电器带的是不同的电荷，所以在用金属导体接触时会发生中和现象，少的那种电荷会被多的电荷中和掉，然后剩余的电荷被两个验电器平分，所以最后两个验电器会带上等量的同种电荷；由于发生了中和现象，少的电荷会被中和掉，而多的电荷由于中和现象也会减少，所以原来带电荷多的验电器的夹角一定会减小。故选D。3.两个底面积不等的圆柱形容器(S甲<S乙)，分别盛有甲、乙两种不同的液体。将两个完全相同的小球分别放入这两种液体中，小球静止时的位置如图所示，此时两液面刚好齐平。若将这两小球从液体中取出，则液体对容器底部压强的变化量Δp甲、Δp乙的大小关系是（）A.Δp甲一定大于Δp乙 B.Δp甲一定等于Δp乙C.Δp甲一定小于Δp乙 D.Δp甲可能小于Δp乙【答案】A【解析】【详解】两个小球完全相同，根据漂浮和悬浮可知，浮力都等于球的重力，则将球取出后，容器底部减小的压力等于球的重力，故减小的压力相等；又因为S甲＜S乙，由Δp=可知，Δp甲＞Δp乙。故选A。4.如图所示的电路，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（最大阻值为R0且），a和b为电流表或电压表，只闭合开关，移动滑动变阻器滑片各电表均有示数变化，下列说法正确的是（）A.a为电压表，b为电流表B.若只闭合开关，滑片P向右滑动，a和b两表示数均变小C.若只闭合开关，滑片P从最左端滑到最右端的过程中，b示数的变化量与A示数变化量的比值变大D.若先闭合，，再闭合时，小灯泡的亮度会变暗【答案】A【解析】【详解】A．根据题意知道，只闭合S1，随着滑片的移动，各电表均有示数变化，说明电路是通路，只闭合S1时，随着滑片的移动，若b为电流表，a为电压表时，电路不是通路，与题意不符，所以，b电表应该是电压表，a电表只能是电流表，此时才符合题意，故A正确；B．只闭合S1，R2与R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路的电流，滑片向右移时，滑动变阻器的电阻增大，电路总电阻增大，由知道，电路的电流减小，所以a的示数减小，根据串联电路分压原理可知，滑动变阻器两端电压增大，所以b的示数增大，故B错误；C．只闭合S1，R2与R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路的电流，b示数的变化量与A示数变化量的比值是即此比值不变，故C错误；D．若先闭合S1、S2，此时R1和灯泡并联后再与滑动变阻器串联，滑动变阻器有阻值的时候，灯泡两端的电压小于电源电压，若再闭合S3，此时滑动变阻器被短路，所以此时R1和灯泡并联，灯泡两端的电压等于电源电压，闭合S3后，灯泡两端电压增大，灯泡的电流也增大，根据P=UI知道，灯泡的实际功率也增大，所以灯泡变亮，故D错误。故选A。5.已知某反射的传入神经和传出神经分别通过某一脊神经的背根和腹根与脊髓相连。现某小组为验证传入神经位于背根，剪断该脊神经背根进行实验，下列选项能证明该观点的是（）A.刺激感受器，效应器无反应B.刺激感受器，大脑无感觉C.刺激效应器，效应器有反应D.刺激效应器，大脑无感觉【答案】B【解析】【分析】传入神经又叫感觉神经，从脊神经的背根发出，与感受器相连。传出神经又叫运动神经，从脊神经的腹根发出，与效应器相连。【详解】A．反射能够完成的前提是反射弧完整并且有刺激。刺激感受器，无论脊神经背根连接传入神经还是传出神经，剪断背根，都会导致反射弧不完整，导致效应器没有反应，A错误。B．刺激感受器，如果剪断的脊神经背根处是传入神经，则感受器产生的神经冲动无法到达脊髓的神经中枢，神经中枢也就无法将神经冲动沿上行传导束传导到大脑皮层的感觉中枢产生感觉；如果剪断的脊神经背根处是传出神经，则感受器产生的神经冲动可以到达脊髓的神经中枢，神经中枢也就可以将神经冲动沿上行传导束传导到大脑皮层的感觉中枢产生感觉。所以，刺激感受器，大脑无感觉，能验证传入神经位于背根，B正确。CD．刺激效应器，效应器无法接受该刺激产生神经冲动，反射也就不会完成，无法验证传入神经由脊神经背根发出，CD错误。故选B。6.运动员小平积极备战2023年在平湖巿举办嘉兴巿第十届运动会，每次参加跑步训练时，他经常大汗淋漓，下列有关训练时体温调节的说法正确的是（）A.体温升高 B.产热大于散热C.皮肤血管舒张 D.胰岛素分泌增加【答案】C【解析】【分析】人是恒温动物，能保持自己的体温恒定在37度左右，所以只要是健康的人，就能一直保持自己的产热和散热平衡。【详解】AB．小平每次参加1500m跑步训练时，他经常大汗淋漓，但是此时机体通过调节，体温仍能保持相对稳定，故产热仍等于散热，AB错误。C．小平跑步时，为增加散热，皮肤血管舒张，皮肤血流量增加，同时汗液的排出量也会增多，C正确。D．跑步时，会消耗大了的糖类，血糖浓度降低，故胰岛素的分泌量减少，D错误。故选C。7.每种金属导体中单位体积内的自由电子数有确定的值．若两段长度之比为2：1、横截面积之比为1：3的镍铬合金丝并联在某电路中使用时，则这两根电阻丝内电子定向移动的平均速度之比为（

）A.1：2 B.3：1C.2：1 D.1：1【答案】A【解析】【详解】因为R1和R2材料相同,长度之比为L1:L2=2:1,横截面积之比为S1:S2=1:3,所以电阻之比R1:R2=6:1，两电阻并联电压相等,则I1:I2=1:6，根据I=nQsv得I1=n1Q1s1v1,I2=n2Q2s2v2,因为I1:I2=1:6,S1:S2=1:3,所以v1:v2=1:2.故A正确.BCD错误。8.当你参加科学考试时，内心会有些许的紧张，这是一种反射现象。下列叙述与这种反射现象特点不相符的是（）A.是后天形成的 B.神经中枢在大脑皮层以下C.可以消退或减弱 D.图中的①处参与反射的完成【答案】B【解析】【分析】非条件反射是指人生来就有的先天性反射。是一种比较低级的神经活动，由大脑皮层以下的神经中枢（如脑干、脊髓）参与即可完成。条件反射是人出生以后在生活过程中逐渐形成的后天性反射，是在非条件反射的基础上，经过一定的过程，在大脑皮层参与下完成的，是一种高级的神经活动，是高级神经活动的基本方式。图中①大脑，②小脑。【详解】“参加科学考试时，内心会有些许的紧张”是后天形成的，在非条件反射的基础上，经过一定的过程，在①大脑皮层参与下完成的，属于条件反射，可以消退或减弱。可见ACD不符合题意，B符合题意。故选B。9.如图所示电路，电源两端电压保持不变。下列说法中错误的是（）A.开关闭合、断开，与串联，电压表测量两端电压，电压表测量两端电压B.当开关断开、闭合，与串联，电压表示数为C.当开关、断开，三个小灯泡串联，若电压表示数为，电压表示数为，则小灯泡两端电压为D.当开关闭合、断开，过了一段时间后，电流表示数突然增大，电压表变为、电压表示数变为0，则故障原因可能为断路【答案】D【解析】【详解】A．当开关S1闭合、S2断开时，电流的路径只有一条，L1被短路，L2与L3串联，电压表V1与L3并联，测量L3两端电压；电压表V2与L2并联，测量L2两端电压，故A正确，不符合题意；B．当开关S1断开、S2闭合，电流的路径只有一条，L2被短路，L1与L3串联，电压表V1并联到了电源的两端，测量的是电源的电压，则电压表示数为12V，故B正确，不符合题意；C．当开关S1、S2断开，电流的路径只有一条，三个小灯泡串联，电压表V1测量L1、L3两端电压，电压表V2测量L1、L2两端电压；电压表V1示数为7V，根据串联电路的电压关系可知，此时L2两端电压为12V7V=5V电压表V2示数为9V，则小灯泡L1两端电压为9V5V=4V故C正确，不符合题意；D．当开关S1闭合、S2断开，过了一段时间后，电流表示数突然增大，说明电路是通路，出现了短路现象；电压表V1变为12V，则电压表测量电源的电压，电压表V2示数变为0，则故障为与电压表V2并联部分短路，即L2短路，故D错误，符合题意。故选D。10.在物理课上，老师用自制教具演示了如下实验：如图甲所示，将一只去掉盖和底饮料瓶的瓶口朝下，把乒乓球（直径略大于瓶口直径）放入瓶内，并向瓶内注入水后，看到有少量水从瓶口流出，此时乒乓球静止；如图乙所示，用手堵住瓶口，一会儿乒乓球上浮，最后漂浮在水面，下列说法中正确的是（）A.图甲中乒乓球静止时没有受到浮力作用B.图甲中乒乓球静止时受到的支持力与受到的重力平衡C.图乙中乒乓球上浮过程，受到的浮力等于受到的重力D.图乙中乒乓球上浮直到漂浮于水面的过程中，受到的浮力始终不变【答案】A【解析】【详解】A．因为浮力是由于物体上下表面压力差产生的，图甲中乒乓球静止时，虽然有少量水从瓶口流出，但乒乓球下表面没有受到水向上的压力，所以不受浮力作用，故A正确；B．乒乓球静止时，受重力、水的压力和瓶口的支持力，在这三个力的作用下处于平衡状态，因此图中乒乓球静止时受到的支持力与受到的重力不平衡，故B错误；C．乒乓球上浮过程中，露出水面之前受到的浮力大于重力，露出水面过程中，重力不变，由于排开液体的体积减小，根据阿基米德原理知浮力减小，当乒乓球漂浮时浮力等于重力，故C错误。D．乒乓球在上浮过程中，先是全浸入水中的上升过程，此过程排开水的体积不变，由知道，受到的浮力不变；然后是露出水面到脱离水面，此过程排开水的体积变小，由知道，受到的浮力变小；所以乒乓球在上浮过程中，受到的浮力先不变、后变小，故D错误。故选A。11.帆船是2023年杭州亚运会的重要赛事之一，若在帆船的起航阶段刮起了东风，为使帆船获得向北的动力，则应该调整船帆为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【详解】在帆船的起航阶段刮起了东风，为使帆船获得向北的动力，应当使船帆的南侧的压强大于北侧的压强，由流体压强与流速的关系可知，船帆北侧的风流速要大，南侧的流速要小，从而产生向北的压强差，所以，船帆应当向北凸，故B符合题意，ACD不符合题意。故选A。12.如图所示的电路中，若为输入端，接入电压为，为输出端，并把总阻值为R的滑动变阻器的滑片置于变阻器的中央，则以下说法错误的是（）A.不接负载时输出电压B.当间接上阻值也为R的负载时，输出电压C.间接负载阻值越大，越接近D.间接负载的阻值很大时，可能大于【答案】D【解析】【详解】A．由题意可知，，当AB间不接负载时，电阻R全部接入电路，电路中的电流为则输出电压为故A正确，不符合题意；B．AB间接阻值是R的负载时，AB间的并联电阻为由题意可知，R并与R上半部分电阻串联，所以电路中的电流为输出电压为<10V故B正确，不符合题意；D．AB间接上阻值为R′的负载时，AB间的并联电阻为由题意可知，R并′与R上半部分电阻串联，所以电路中的电流为输出电压为故D错误，符合题意；C．由D选项分析可知，AB间接入负载R′时，AB间输出的电压为AB间接上阻值为R'的负载越大，越小，越接近于2，UAB越接近于10V，故C正确，不符合题意。故选D。13.双子叶植物在破土前，子叶和顶端分生组织及一部分下胚轴组织向下弯曲，形成弯钩状结构，由弯钩处的下胚轴优先接触土壤。这个局部特化的组织称为“顶端弯钩”（如图）。研究发现，生长素在弯钩的外侧浓度低于内侧，并且多种植物激素参与弯钩的形成。当双子叶植物出土后，生长素的分布发生改变，导致弯钩打开。下列叙述错误的是（）A.顶端弯钩的形成体现了生长素作用具有两重性B.顶端弯钩的形成过程中生长素发生了极性运输和横向运输C.顶端弯钩的内侧中生长素可能促进了乙烯的合成，而乙烯含量的升高，反过来会抑制生长素的作用D.出土后，顶端弯钩外侧的生长素浓度高于内侧，生长速率大于内侧【答案】D【解析】【分析】生长素作用因浓度、细胞年龄、植物种类、植物器官的不同而有差异，因生长素浓度不同而表现出的差异是低浓度促进生长，高浓度抑制生长，即生长素作用具有两重性，如植物的顶端优势现象的产生、根的向地性等。【详解】A．根据题干信息“生长素在弯钩的外侧浓度低于内侧”，可知弯钩两侧生长素分布不均匀，有高浓度抑制，低浓度促进的作用，体现了生长素的作用具有两重性，A正确。B．在弯钩的外侧生长素浓度低于内侧，说明，生长素产生后进行了极性运输和横向运输，B正确。C．顶端弯钩的内侧较高的生长素可能能促进了乙烯的合成，而乙烯含量的升高，进而会抑制生长素的作用，引起“顶端弯钩”，C正确。D．出土后，生长素的分布发生改变，导致弯钩打开，所以可推测弯钩内侧的生长速率大于外侧，D错误。故选D。14.如图所示，两端开口的弯管，左管插入水银槽中，右管有一段为h的水银柱，中间封有一段空气。则下列说法错误的是A.弯管左管内外水银面的高度差为hB.若把弯管向上移动少许，则管内气体体积增大C.若把弯管向下移动少许，右管内的水银柱沿管壁上升D.若环境温度升高，右管内的水银柱沿管壁上升【答案】B【解析】【详解】A.对右管中的水银受力分析知，管中气体压强比大气压强高hcmHg，所以弯管左管内外水银面的高度差为h.故A正确。B.弯管上下移动，封闭气体温度和压强不变，体积不变。故B错误。C.封闭气体温度和压强不变，体积不变。所以弯管向下移动少许，则右管内的水银柱沿管壁上升。故C正确。D.环境温度升高，气体压强不变，封闭气体体积增大，则右管内的水银柱沿管壁上升。故D正确。15.一块里面含有金属小球的冰块放在一杯水中，冰块与水的密度分别为与并保持不变，冰块漂浮在水中，如图甲所示，冰块露出水面的体积为，经过一段时间冰块部分融化后悬浮在水中，如图乙所示，冰块融化掉的体积为，则与的关系为（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【详解】由题意可知，冰块与水的密度分别为ρ1、ρ2，如图甲所示，冰块露出水面的体积为，经过一段时间冰块部分融化后悬浮在水中，如图乙所示，冰块融化掉的体积为，设原来冰块和金属小球的总体积为V，冰块融化掉的重力为G2，由图甲可知，含有金属小球的冰块漂浮在水面，由物体浮沉条件可得由阿基米德原理可得所以有①由图乙可知，冰块部分融化后悬浮在水中，由物体浮沉条件可得由阿基米德原理可得所以有②由①②可得可得可得故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。二、填空题（本大题共4大题，共14分）16.在如图所示的电路中，各个电阻的阻值已在图中标出，则端点A、B间的等效电阻为_______Ω。【答案】3【解析】【分析】【详解】考虑对称性特点，图中中间的2Ω电阻无电流通过，去掉后没有影响；

故三个支路的电阻都是9Ω，故总电阻为：。17.如图所示，质量为1千克的圆柱玻璃管，横截面积为50厘米2，（玻璃管壁排开水的体积不计）则：（1）玻璃管内密封气体的压强为______帕；（2）H为_______米。【答案】①.1.02×105②.0.2【解析】【详解】解（1）物体的重力产生的压强所以管内气体的压强（2）因玻璃管内外的气压差等于高为H的水柱产生的压强，所以答：（1）玻璃管内密封气体的压强为1.02×105帕；（2）H为0.2米。18.如图所示容器内放有一长方体木块M，上面压有一铁块m，木块浮出水面的高度为（图a）；用细绳将该铁块系在木块的下面，木块浮出水面的高度为（图b）；将细绳剪断后（图c），则木块浮出水面的高度为______________。【答案】【解析】【详解】设长方体木块的底面积为S，高为h，把木块M和铁块m看做一个整体，两种情况都是处于漂浮状态，浮力等于木块和铁块的总重力，浮力相等，在同种液体中它们受到的浮力相等，排开液体的体积相等，即Va排=Vb排又因为Va排=ShSh1Vb排=ShSh2+Vm所以ShSh1=ShSh2+Vm即Vm=S(h2h1)①由图a可知：木块和铁块的漂浮时浮力F浮=G木+G铁ρ水gS(hh1)=ρ木gSh+ρ铁gVm②将①式代入②式得③将细绳剪断后（图c）木块漂浮，则GM=FM浮即ρ木gSh=ρ水gS(hh3)④将③式代入④式得19.根据所学知识，回答：（1）如图①是甲、乙两地的大气运动示意图，_______地为阴雨天气；（2）如图②所示的离心式水泵起动前要向泵壳内装满水，在动力带动下，叶轮高速旋转时，泵壳里水会被旋转的叶轮甩到出水管里。水被甩出时，转轴附近就形成了一个________，外面的水就在大气压的作用下，推开底阀通过进水管进入泵壳；（3）读我国浙江某日的天气图，丙地冷锋过境后的天气是________。【答案】①.乙②.低压区③.气温降低，气压升高，天气转晴【解析】【详解】（1）[1]甲图表示气流下沉，在高压区，气流下沉到地面扩散开，它吸收水分，带来晴朗天气；乙图表示气流上升，在低压区，气流上升，表示地面的气流含水汽多，高空温度低，凝结成云，带来阴雨天气。（2）[2]离心式水泵起动前，为了排除内部的空气，先向泵里灌满水，这样，叶轮转动后把水甩出，使叶轮附近的地方出现一块真空区域，即该区域的大气压强非常小，而低处的水面上有大气压，且外部的压强大于泵内的压强，所以水在外界大气压的作用下被压入泵中。（3）[3]冷锋过境后，受单一冷气团控制，气温降低，气压升高，天气转晴。三、实验探究题（本大题共4大题，共28分）20.为了探究“电流与电阻的关系”，小明用阻值不同的定值电阻、电压为6伏的电源、滑动变阻器（20Ω，2.5A）等器材按图甲方式连接电路，进行如下实验。①将4欧的R1接入电路，当电压表示数为4伏时，记录电流表的示数。②用R2替换R，发现无论如何左右移动滑片P，电压表指针在4伏的刻度左右摆动，但无法准确指在4伏的刻度线上。老师告知小明；滑动变阻器的线圈结构如图乙所示，因此无法连续改变接入电路的有效阻值，当定值电阻与滑动变阻器最大阻值相比过小时，会导致步骤②现象发生③用一根阻值为0.5欧的电阻丝制作一个可连续改变阻值的旋钮式变阻器，并按图丙方式接人电路，继续实验。通过调节滑片P和旋钮触片Q使电压表示数为4伏，此时电流表示数如图丁所示。（1）图丁中电流表的示数为_________安（2）步骤③中滑片P和旋钮触片Q处在如图丙所示的位置时，电压表示数略超过4伏，则小明应如何调节滑片P和旋钮触片Q，使电压表示数为4伏？_________。（3）小明利用图甲电路继续他的探究实验，仍保持定值电阻两端的电压为4伏，则下列定值电阻可用来替换R1进行实验的有______________（可多选）。A．15欧B．25欧C．35欧D．45欧【答案】①.2②.将滑片P向右移动，使电压表示数略小于4伏，再将触片Q沿逆时针转动，直至电压表示数为4伏③.ABC【解析】【详解】（1）[1]由电流表选的量程可知分度值是0.1A，电流为2A。（2）[2]由②知，当定值电阻与滑动变阻器最大阻值相比过小时，因滑动变阻器的线圈结构如图乙所示，无法连续改变接入电路的有效阻值，故导致电压表指针在4伏的刻度左右摆动，图丙中，用一根阻值为0.5欧的电阻丝制作一个可连续改变阻值的旋钮式变阻器与滑动变阻器串联，且此时将其最大电阻连入了电路中，故只能将触片Q沿逆时针转动，减小旋钮式变阻器连入电路中的电阻，因步骤③中滑片P和旋钮触片Q处在如图丙所示的位置时，电压表示数略超过4伏，为使电压表示数略小于4V，即应通过增大电路的电阻减小电流，故将滑片P向右移，使电压表示数略小于4V，再将触片Q沿逆时针转动（电路中总电阻变小，总电流变大），根据U＝IR，电压表示数变大，直到电压表示数为4V。（3）[3]根据串联分压原理得：﹣﹣﹣①，①式左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器取最大值时，对应的定值电阻最大，即，即定值电阻的最大电阻为40Ω，故用来替换R1进行实验的有15欧、25欧、35欧的电阻，即选ABC。【点睛】（1）明确电压表指针在4伏的刻度左右摆动，但无法准确指在4伏的刻度线上的原因，故题中旋钮式变阻器起到电压微调的作用。图丙中旋钮式变阻器与滑动变阻器串联，且图丙中旋钮式变阻器的最大电阻连入了电路中，故其只能将触片Q沿逆时针转动，减小旋钮式变阻器连入电路中的电阻大小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律，此时电路的电流变大，根据U＝IR定值电阻的电压将变大，据此分析；（2）根据串联电路分压原理可出定值电阻的最大电阻分析。21.材料一：1880年，达尔文在研究光照对植物胚芽生长影响时，进行了向光性实验，并认为在单侧光照射下，胚芽的尖端可能会产生某种物质，对胚芽生长会产生影响。材料二：1928年，温特完成了图甲实验。证实了尖端确实产生了某种物质，能控制胚芽生长。材料三：1934年，郭葛等人从一些植物中分离出了生长素（1）材料一中划线句既是达尔文的实验结论，也可以作为材料二的温特实验探究中的____________环节。（2）图甲的实验中，B组的作用是___________。（3）为证明“胚芽弯曲是尖端下部生长不均匀引起的”猜想，小敏设计了如图乙实验，在胚芽尖端下部标上等距横线，用单侧光照射。当横线左侧间隔_________(选填“大于”、“等于”或“小于”)横线右侧间隔，说明猜想成立。（4）进一步研究发现：在低浓度范围，随着生长素浓度增大，促进作用增强；在高浓度范围，随浓度增大，促进作用减弱；超过一定浓度，表现为抑制作用。把切去尖端的胚芽静置一段时间，将含有不同浓度生长素的琼脂块，分别放置在不同的切去尖端的胚芽切面左侧，如图丙。图丁中，曲线能正确表示胚芽弯曲程度与生长素浓度关系的是____________。【答案】（1）假设（2）对照，排除琼脂块对实验的干扰（3）小于（4）B【解析】【分析】此题一是考查资料分析和识图作答能力；二是考查科学探究的过程，对照实验以及植物的向光性。资料的形式包括文字、图片、数据以及音像资料等。对获得的资料要进行整理和分析，从中寻找答案和探究线索。【小问1详解】由材料一可知：达尔文的实验结论：在单侧光照射下，胚芽的尖端可能会产生某种物质，对胚芽生长会产生影响。由材料二可知：温特完成了图甲实验。证实了尖端确实产生了某种物质，能控制胚芽生长。达尔文的实验结论是温特实验探究中假设。【小问2详解】切去尖端的胚芽因为缺少生长素是不能长的，如果左侧放上含有生长素的琼脂快，则会促进左侧生长，胚芽只能向右弯曲，不可能弯向左侧的。又因为在低浓度范围。随着生长素浓度增大，促进作用增强，所以在这个范围，胚芽向右弯曲的幅度逐渐变大；在高浓度范围，随浓度增大，促进作用减弱，所以在这个范围，胚芽向右弯曲的幅度逐渐变小。超过一定浓度，表现为抑制作用。所以在这个范围，胚芽不会弯曲。因此图甲实验的目的是研究生长素对植物胚芽生长影响，所以在设置对照组时，要控制其他可能影响实验结果的条件。即除了生长素的条件不同外，其他条件都应该相同，该实验变量是生长素，B组是对照组。【小问3详解】当单侧光照射植物，植物产生的生长素会在植物体内分布不均匀，背光侧生长素分布较多，细胞生长快，从而产生向光性生长。当横线左侧间隔小于横线右侧间隔，说明猜想成立。当横线左侧间隔等于横线右侧间隔，说明猜想不成立。【小问4详解】随着生长素浓度的增加，茎向右弯曲程度增大（B曲线的前半段），当生长素浓度增大到一定程度时，随生长素浓度的增加，弯曲程度逐渐变小（B曲线的上面那半段）。D曲线是不对的，弯曲程度不可能随着生长素浓度的增加一直增大；A、C曲线也不对，茎不可能向左弯曲。22.某兴趣小组利用边长为a的正方体木块、弹簧测力计、底部固定一个定滑轮的溢水杯、水桶、细线及定量的水等器材来验证阿基米德原理。用弹簧测力计通过细绳和定滑轮拉着木块缓慢下降，直到浸没在水中，记录弹簧测力计的示数变化如乙图所示。（1）若图中F1、F2、F3、F4四个力之间的关系式___________成立，则阿基米德原理对于密度较小的物体也适用，即；（2）从木块漂浮在水面开始直至完全浸没后，弹簧测力计示数变化如图乙所示，请在图丙中绘制出该过程中木块浮力随深度变化的图像；___________（3）小科设计另一方案也测得浸没在水中的木块的浮力，为完成实验目的，下列一定需要进行的实验步骤是___________。【答案】①F1+F3=F4F2②.③.DE【解析】【详解】（1）[1]木块浸没在液体中时受到向下的重力和拉力，向上的浮力，则浮力等于木块重力与弹簧测力计对木块的拉力之和，即F浮=F1+F3排开水的重力G排液等于桶与水的总重力F4减去空桶的重力F2，即G排液=F4F2比较F浮与G排的大小关系，如果关系式F1+F3=F4F2成立，即可验证阿基米德原理。（2）[2]由图乙知道，从木块漂浮在水面开始直至完全浸没后，弹簧测力计示数先变大后不变，根据F浮=F1+F3知道，木块受到的浮力先变大后不变，木块漂浮时，受到的浮力等于F1，如下图（3）[3]图D中铁球浸入水中，铁球受到浮力，木块没有受到浮力，所以G铁+G木=F浮铁+F拉图E中铁球和木块都浸入水中，铁球受到浮力，木块受到浮力，所以G铁+G木=F浮铁+F浮木+F拉1则F浮铁+F拉=F浮铁+F浮木+F拉1解方程知道，浸没在水中的木块的浮力F浮木=F拉F拉1所以图丁一定需要进行的实验步骤是DE。23.离渠边不同距离处水流速度相等吗，小科想到顺水漂流的乒乓球速度与水流速度相等，于是进行了如下实验：选一段流速稳定、宽为2m的水平水渠为实验场地，如图甲所示，在A1A2连线上，同一时间把11个乒乓球等间距地轻轻放入水中，并开始计时，t＝5s时测得实验数据如下表：离渠中心线距离r/m0.10.200.400.600.801.00乒乓球移动距离s/m1.000.960.840.640.38几乎为0水流速度v/m·s－10.2000.1920.1680.1280.076几乎为0（1）分析数据可以得出：离渠中心线距离r越大，水流速度v_______________。（2）为了得出v与r的定量关系，小科根据上表数据绘制v—r2图线如图乙，据此图可得到v与r的关系式是v＝______________。（3）图丙是该段水渠的横截面示意图。假如上述结论同样适用于水下，则实验时图丙中同一深度的B、C两点处的压强大小关系为pB_______________pC。（4）学习《电流》时，老师常用水的流量和水流来类比电量和电流。理想水渠交叉点上，单位时间内流入的总水量等于流出的总水量，同理，在电路的某连接处，流入的电流总和等于流出的电流总和。图丁是某实验电路的一部分，电流表的示数为_______________A，若通过导线ab电流为0.6A，请分析通过导线cd的电流大小及方向。______________________________【答案】①.小②.0.2（1－r2/m2）（0≤r≤1m）③.小于④.0.54⑤.若导线ab的电流从a→b，则通过cd的电流大小为1.14A，方向为d→c；若导线ab的电流从b→a，则通过cd的电流0.06A,方向为c→d【解析】【详解】(1)[1]由表中实验数据可知，离渠中心线距离r越大，水流速度v越小。(2)[2]由图乙所示图象可知，图象是一次函数图象，设函数关系式为v=kr2+b,将v=0.20、r2=0,v=0,r2=1.0,代入解得b=0.20m/s,k=−0.20/(ms)则v=0.2(1−r2)(3)[3]由图丙所示可知,B离中心线近,B处水的流速大于C处水的流速,水的流速越大,水的压强越小,因此pB<pC。(4)[4]由图示电流表可知，其量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.54A。[5]如果ab中电流由a流向b，电路如图所示：Icd=0.6A+0.54A=1.14A方向：从d到c。如果ab中电流由b流向a，电路图如图所示，Icd=0.6A−0.54A=0.06A方向：由c到d。四、解答题（本大题共3小题，共13分）24.在项目化学习中，小明设计了一款蔗糖溶液密度控制装置（如图甲）。其工作原理为：质量为0.16千克、体积为100cm3的A物体浸没在蔗糖溶液中，R为定值电阻，RF为力敏电阻，当蔗糖溶液密度改变时，电路中的电流发生变化，中央处理器借助传感器判断电流大小，从而控制水泵工作，使蔗糖溶液密度保持在一定范围内。已知电源电压恒为12伏，力敏电阻RF的阻值与其受到轻质细线拉力的大小关系如图乙：当电路中的电流I≥0.048安时，水泵向容器中注水；当I≤0.04安，水泵停止注水。（物体A始终浸没在溶液中；传感器电阻不计；水加入容器后能与蔗糖溶液立刻混合均匀）（1）向容器内注水过程中，容器底部受到的液体压强将___________（选填“增大”“不变”“减小”）；（2）若该装置控制的蔗糖溶液密度最大值为1.3×103kg/m3，则定值电阻R的阻值应为多少欧？___________；（3）小明画出了在定值电阻为R时，该装置所控制的蔗糖溶液的密度范围，如图丙所示，A、B点分别表示此装置所能控制的最小和最大的蔗糖溶液密度。后因定值电阻R损坏，他将其换成了阻值更大的定值电阻R1，请你在图丙坐标系中大致画出更换定值电阻后，此装置所能控制的蔗糖溶液的密度范围，并分别用C、D标记出最小和最大蔗糖溶液密度。___________【答案】①.增大②.50Ω③.【解析】【详解】（1）[1]向容器内注水过程中，由于水的重力增大，因此容器底部受到水的压力增大，则容器底部受到的液体压强将增大。（2）[2]由题意可知I=0.048A时，蔗糖溶液密度最大。物体A的重力为G=mg=0.16kg×10N/kg=1.6N由于物体A浸没在溶液中，故排开液体的体积等于物体的体积。则此时