新教材2024高考物理二轮专题复习第三编高考夺分许练选择题专项练1

选择题专项练(1)一、单项选择题1．[2024·黑龙江哈尔滨模拟]下列说法中不正确的是()A．晶体和非晶体在肯定条件下可以发生相互转化B.热力学其次定律表明，热量不行能从低温物体传递到高温物体C．旱季宜锄松土壤，因为蓬松的土壤有利于保存地下的水分D．肯定质量的志向气体保持压强不变，温度上升，单位时间内撞击器壁单位面积上的分子数削减2．[2024·天津滨海一模]某同学利用太阳光和三棱镜重复了牛顿的色散试验，已知太阳光中含有红外线、可见光和紫外线．该同学发觉可见光在如图B～D的范围内，下列推想不正确的是()A．用温度计测量图中五处位置的温度，发觉A处温度上升最快B．真空中B处光线与C处光线传播快慢相同C．C处光线比D处光线更简单发生全反射D．照耀同一种金属，E处光线最简单使其发生光电效应3．[2024·广东汕头三模]如图1所示是某智能手表所采纳的无线充电方式，其工作原理示意图(可视为志向变压器)如图2所示，在充电器线圈M中接入220V沟通电，在手表线圈N中感应出5V沟通电，已知手表的充电电流为2A，则手表充电时()A．线圈M中电流为88AB．线圈N中电压最大值为5eq\r(2)VC．线圈M和线圈N的匝数比为1∶44D．线圈M和线圈N的功率比为1∶444．[2024·北京房山区一模]一个单摆在竖直平面内沿圆弧eq\x\to(AOB)做往复运动．某时刻摆球由A点从静止起先摇摆，如图所示摆线与竖直方向的夹角为30°，O点为摇摆的最低点，则下列说法正确的是()A．摆球在O点受重力、拉力、向心力B．摆球摇摆到O点时所受合外力为零C．摆球从A点摇摆到O点的过程中，拉力不做功，动能增加D．摆球经过P点时摆角小于10°，则摆球所受拉力与重力的合外力充当回复力5．[2024·辽宁辽阳模拟]动车组列车由动车和拖车编组而成，供应动力的车厢叫动车，不供应动力的车厢叫拖车．某动车组列车由8节车厢组成，其中第1、5节车厢为动车，其余为拖车，若各车厢的质量均相等，列车在水平直轨道上行驶时所受阻力与车重成正比，则该列车沿水平直轨道匀加速行驶时，第6、7节与第7、8节车厢间的作用力大小之比为()A．1∶2B．2∶1C．2∶3D．3∶26.如图所示，两光滑直硬杆1、2一端固定在水平面上(两杆在同一竖直平面内)，与水平面之间的夹角分别为30°、97°，轻质小环套在杆2上，质量m＝0.2kg的小球套在杆1上，轻质细线连接环和球，给小球一个沿杆1斜向上的拉力F＝2.0N，当环与球静止时，细线的弹力为T.重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.则T的大小为()A．1.5NB．1.0NC．1.25ND．2.0N7．[2024·湖南长沙三模]如图甲所示，等高的圆柱筒Q与小圆柱体P同轴放置．小圆柱体P匀称带负电荷，圆柱筒Q内壁匀称带正电荷，小圆柱体P与圆柱筒Q所带电荷量相等，在两者之间形成一径向电场，俯视图如图乙所示，O为圆心，已知径向电场的电场强度大小可表示为E＝eq\f(a,r)，a为正常量，r是检测点到轴线的垂直距离．现有一氘核(eq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(1))H)和一质子(eq\o\al(\s\up1(1),\s\do1(1))H)在径向电场中绕轴线做匀速圆周运动，运动轨迹半径分别为r0、2r0.不考虑两粒子间的相互作用及重力．下列说法正确的是()A．在半径为r0的圆周上的电场强度相同B．质子的电势能大于氘核的电势能C．质子的动能大于氘核的动能D．质子的速度等于氘核的速度8．[2024·山东烟台模拟]如图所示，某同学在距离篮筐中心水平距离为x的地方跳起投篮．出手点离地面的高度为h，篮筐离地面的高度为H.该同学出手的瞬时速度v＝eq\r(8g（H－h）)，要使篮球到达篮筐中心时，竖直速度刚好为零．将篮球看成质点，篮筐大小忽视不计，忽视空气阻力，重力加速度为g.下列说法正确的是()A．出手时瞬时速度与水平方向的夹角为45°B．出手时瞬时速度与水平方向的夹角为30°C．水平距离x＝eq\r(3)(H－h)D．水平距离x＝2eq\r(2)(H－h)二、多项选择题9．[2024·海南嘉积中学一模]位于张家界的“百龙天梯”傍山而建，直插云霄，垂直高度达335m，运行高度为326m，被誉为世界上最高的户外电梯．若游客乘坐“百龙天梯”下山时，其距离天梯底部的高度h与时间t的关系简化图如图所示，图中t1～t2段为直线，忽视重力加速度的改变，则下列说法正确的是()A．t1～t2时间内，游客所受重力的功率渐渐减小B．游客在0～t1时间内受到的支持力大于在t2～t3时间内受到的支持力C．0～t3时间内，游客的机械能渐渐减小D．0～t1时间内，游客处于失重状态；t2～t3时间内，游客处于超重状态10．[2024·广东中山模拟]市面上有一种自动计数的智能呼拉圈，深受女士宠爱．如图甲，腰带外侧带有轨道，将带有滑轮的短杆穿过轨道，短杆的另一端悬挂一根带有配重的细绳，其模型简化如图乙所示．水平固定好腰带，通过人体微小扭动，使配重做水平匀速圆周运动，计数器显示在1min内转过的圈数，此时绳子与竖直方向夹角为θ.配重运动过程中认为腰带没有变形，下列说法正确的是()A．若增大转速，腰受到腰带的摩擦力增大B．若增大转速，腰受到腰带的弹力增大C．保持匀速转动时，腰给腰带的作用力大小不变D．若增加配重，保持转速不变，则绳子与竖直方向夹角为θ将不变11．[2024·广东惠州一模]某科技馆设计了一种磁力减速装置，简化为如题图所示模型．在小车下安装长为L、总电阻为R的正方形单匝线圈，小车和线圈总质量为m.小车从静止起先沿着光滑斜面下滑s后，下边框刚进入匀强磁场时，小车起先做匀速直线运动．已知斜面倾角为θ，磁场上下边界的距离为L，磁感应强度大小为B，方向垂直斜面对上，重力加速度为g，则()A.线圈通过磁场过程中，感应电流方向先顺时针后逆时针方向(俯视)B．线框在穿过磁场过程中产生的焦耳热为mg(2L＋s)sinθC．线框刚进入磁场上边界时，感应电流的大小为eq\f(BL\r(2gs),R)D．小车和线圈的总质量为eq\f(B2L2,R)eq\r(\f(2s,gsinθ))12．东阳横锦水库水电站的电能对外输送示意图如图甲所示，发电机的内部原理简化图如图乙所示，面积为S的矩形线圈ABCD共N匝，匀速转动周期T，匀强磁场磁感应强度B，输电线总电阻为r，升压变压器原、副线圈匝数分别为n1、n2.降压变压器原、副线圈匝数分别为n3、n4(变压器均为志向变压器).则下列说法正确的是()A．从图乙位置起先计时发电机电动势的瞬时值表达式为e＝eq\f(2πNBS,T)sineq\f(2π,T)tB．若升变压器线圈n1两端电压和用电器额定电压都是220V，需满意eq\f(n1,n2)＝eq\f(n3,n4)C．为节约变压器制造成本，降压变压器线圈n4可以采纳比线圈n3更细的导线绕制D．当用电高峰期用电器增多时，用电器两端电压会降低选择题专项练（1）1．解析：晶体和非晶体在肯定条件下可以发生相互转化，例如自然水晶是晶体，而熔化以后再凝聚的水晶（即石英玻璃）就是非晶体，故A正确，不符合题意；热力学其次定律表明，热量不行能自发的从低温物体传递到高温物体，故B错误，符合题意；土壤里有许多毛细管，将地面的土壤锄松后破坏了土壤里的毛细管，不再发生毛细现象，水分保留在土壤内部，故C正确，不符合题意；肯定质量的志向气体温度上升，单个分子对器壁的撞击力增大，气体保持压强不变，体积变大，分子数密度减小，所以单位时间内撞击器壁单位面积上的分子数削减，故D正确，不符合题意．答案：B2．解析：由光线在三棱镜中的偏折程度可知，五处位置中，三棱镜对A处光线的折射率最小，则A处光线的频率最小，波长最大，A处为红外线，用温度计测量图中五处位置的温度，发觉A处温度上升最快，故A正确，不满意题意要求；真空中所用光线的传播速度都相同，故B正确，不满意题意要求；三棱镜对C处光线的折射率小于三棱镜对D处光线的折射率，依据全反射临界角公式sinC＝eq\f(1,n)，可知D处光线比C处光线更简单发生全反射，故C错误，满意题意要求；五处位置中，三棱镜对E处光线的折射率最大，则E处光线的频率最大，照耀同一种金属，E处光线最简单使其发生光电效应，故D正确，不满意题意要求．答案：C3．解析：依据志向变压器规律知线圈M和线圈N的功率比为1∶1，U1I1＝U2I2，可得线圈M中电流为I1＝eq\f(U2I2,U1)＝eq\f(5×2,220)A＝eq\f(1,22)A，A、D错误；由正弦式交变电流规律知线圈N中电压最大值为U2m＝eq\r(2)U2＝5eq\r(2)V，B正确；线圈M和线圈N的匝数比为eq\f(nM,nN)＝eq\f(UM,UN)＝eq\f(220,5)＝eq\f(44,1)，C错误．答案：B4．解析：摆球在O点受重力、拉力，选项A错误；摆球摇摆到O点时所受合外力供应向心力，合外力不为零，选项B错误；摆球从A点摇摆到O点的过程中，拉力不做功，重力做正功，合外力做正功，由动能定理可知，动能增加，选项C正确；摆球经过P点时摆角小于10°，则摆球重力沿切线方向的分力充当回复力，选项D错误．答案：C5．解析：设动车车厢的牵引力为F，对动车的整体2F－8kmg＝8ma，对最终的7、8节车厢T－2kmg＝2ma，解得T＝eq\f(F,2)，对第8节车厢有T′－kmg＝ma，解得T′＝eq\f(F,4)，可得T∶T′＝2∶1，故选B.答案：B6．解析：依据对小球受力分析可知，轻质小环受力平衡则拉力T的方向垂直于杆2，依据几何关系可知T方向与杆1夹角为37°，小球受力平衡，对小球所受力进行正交分解，在沿杆1方向上有Tcos37°＋mgsin30°＝F，代入数据，解得T＝1.25N故选C.答案：C7．解析：在半径为r0的圆周上的电场强度大小相等，方向不同，均指向圆心，故A错误；由于沿电场线方向电势降低，所以越靠近圆柱体P电势越低，正电荷的电势能越小，所以质子的电势能大于氘核的电势能，故B正确；依据电场力供应向心力有Eq＝meq\f(v2,r)，E＝eq\f(a,r)，所以v＝eq\r(\f(aq,m))，Ek＝eq\f(1,2)mv2＝eq\f(1,2)aq，由于质子的比荷大于氘核的比，所以质子的速度大于氘核的速度，但二者电荷量相等，所以二者动能相等，故C、D错误．答案：B8．解析：篮球到达篮筐时，竖直速度刚好为零．可以看成从篮筐处起先做平抛运动．设出手时瞬时速度与水平方向的夹角为θ，由平抛运动可知x＝vcosθ·t，H－h＝eq\f(1,2)gt2，veq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(y))－0＝2g（H－h），vy＝vsinθ，联立解得θ＝30°，x＝2eq\r(3)（H－h），故选B.答案：B9．解析：依据h­t图线的切线斜率肯定值表示速度大小可知，t1～t2时间内，游客的速度保持不变，依据P＝mgv，可知游客在t1～t2时间内重力的功率保持不变，故A错误；依据h­t图线的切线斜率肯定值表示速度大小可知，游客在0～t1时间内的速度增大，加速度方向向下，处于失重状态，受到的支持力小于重力；游客在t2～t3时间内的速度减小，加速度方向向上，处于超重状态，受到的支持力大于重力，即游客在0～t1时间内受到的支持力小于在t2～t3时间内受到的支持力，故B错误，D正确；0～t3时间内，天梯对游客的支持力始终做负功，游客的机械能渐渐减小，故C正确．答案：CD10．解析：若增大转速，配重做匀速圆周运动的半径变大，绳与竖直方向的夹角θ将增大，竖直方向mg＝FTcosθ，水平方向FTsinθ＝Fn，可知配重在竖直方向平衡，拉力FT变大，向心力Fn变大，对腰带分析如图可得竖直方向Ff＝Mg＋FTcosθ＝Mg＋mg，水平方向FN＝FTsinθ＝Fn，故腰受到腰带的摩擦力不变，腰受到腰带的弹力增大，故A错误，B正确；匀速转动时，腰给腰带的作用力是支持力FN和摩擦力Ff的合力，两个力的大小均不变，则其合力大小不变，故C正确；因对配重而言mgtanθ＝mω2lsinθ，即cosθ＝eq\f(g,ω2l)，则若增加配重，保持转速不变，则绳子与竖直方向夹角为θ将不变，故D正确．答案：BCD11．解析：线框刚进入磁场上边界时，依据楞次定律可得感应电流的方向为顺时针方向（从斜面上方俯视线框），穿出磁场时，依据楞次定律可得感应电流的方向为逆时针方向，故A正确；设线框进入磁场时的速度大小为v0，自由下滑过程中，依据动能定理有mgs·sinθ＝eq\f(1,2)mveq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(0))，解得v0＝eq\r(2gs·sinθ)，依据闭合电路的欧姆定律有I＝eq\f(BLv0,R)＝eq\f(BL\r(2gssinθ),R)，下边框刚进入匀强磁场时，小车起先做匀速直线运动．依据功能关系可得线框穿过磁场的过程中产生的焦耳热为Q＝2mgLsinθ，故B、C错误；依据平