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文档简介
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口同步优课食叁考答案
I会学习交潦*备考资科
第二章机械振动
第一节简谐运动
[核心素养•明目标]
核心素养学习目标
物理观念知道机械振动和回复力的概念
知道弹簧振子的组成和振动情况.理解全振动、振幅、周期、
物理观念
频率等概念
科学思维理解振动的平衡位置和位移
掌握简谐运动的回复力、加速度、速度随位移变化的规律.简
科学思维
谐运动的能量特征
[白主预习•探新知]课前自主学习•预习素养感知
口知识梳理Q
知识点一认识简谐运动
1.机械振动
物体(或者物体的一部分)在某一中心位置(平衡位置)两侧所做的往复运动.
2.弹簧振子
把一个有孔的小球安装在弹簧的一端,弹簧的另一端固定,小球和弹簧穿
在光滑的水平杆上,使其能在杆上自由滑动,小球和水平杆之间的摩擦可以忽
略不计,小球的运动视为质点的运动,这样的系统称为弹簧振子.
3.回复力
(1)方向:总是指向平衡位置.
(2)作用效果:使振子能返回平衡位置.
(3)公式:F=~kx,负号表示回复力的方向跟振子偏离平衡位置的位移方向
相反.
4.简谐振动
物体在跟平衡位置的位移大小成正比,并且总指向平衡位置的回复力的作
用下的振动.
5.振幅
物体振动时离开平衡位置的最大距离.
6.周期
物体完成一次全振动所需要的时间,用T表示.
7.频率
物体在一段时间内全振动的次数与所用时间之比,用/表示.周期和频率的
关系为于=亍.
知识点二简谐运动的能量特征
对水平弹簧振子,当振子在位移最大处时,弹簧弹性势能最大,振子动能
为雯;当振子在平衡位置时,弹簧弹性势能为雯,振子动能最大.弹簧振子在
振动过程中,机械能守恒.
不基础自测K
1.思考判断(正确的打“,错误的打“义”).
(1)机械振动是物体在平衡位置附近所做的往复运动.(V)
(2)弹簧振子是一种理想化的模型.(V)
(3)振幅随时间做周期性变化.(X)
(4)物体两次通过平衡位置的时间叫作周期.(X)
2.(多选)下列关于振动的回复力的说法正确的是()
A.回复力方向总是指向平衡位置
B.回复力是按效果命名的
C.回复力一定是物体受到的合力
D.回复力由弹簧的弹力提供
AB[回复力是按效果命名的,是指向平衡位置使振动物体回到平衡位置的
力,可以由某个力或某几个力的合力提供,也可以由某个力的分力提供,故A、
B正确,C错误;在水平弹簧振子中弹簧的弹力提供回复力,但在其他振动中,
回复力不一定由弹簧弹力提供,D错误.]
3.(多选)振动周期指振动物体()
A.从任何一个位置出发又回到这个位置所用的时间
B.从一侧最大位移处,运动到另一侧最大位移处所用时间
C.从某一位置出发又沿同一运动方向回到这个位置所用时间
D.运动路程等于四个振幅的时间
CD[振动周期是振子完成一次全振动所用的时间,C、D正确.]
[合作探究•提索齐]疑难问题解惑•学科素养提能
考点1平衡位置与回复力
至情境探究
竖直方向的弹簧振子模型如图所示,请思考以下问题:
(1)在平衡位置处,弹簧的弹力等于零吗?
(2)该弹簧振子的回复力是由什么力提供的?
提示:(1)不等于零.
(2)由小球重力和弹簧的弹力的合力提供.
―1.对简谐运动的平衡位置的认浜
(1)从物体受力特点看:物体在平衡位置所受合力不一定为零,而是沿振动
方向的合力为零.
(2)从速度角度看:平衡位置是振动中速度最大的位置.
2.机械振动的特点
(1)物体在平衡位置附近做往复运动.
(2)机械振动是一种周期性运动.
3.回复力的理解
(1)回复力的方向总是指向平衡位置.总与简谐运动位移的方向相反.
(2)回复力的效果是使偏离平衡位置的物体返回到平衡位置,是产生振动的
条件.
(3)回复力可以是振动物体所受的某一个力,也可以是物体所受几个力的合
力.
【典例1]如图所示,对做简谐运动的弹簧振子M的受力情况分析正确
的是()
4B0k
A.重力、支持力、弹簧的弹力
B.重力、支持力、弹簧的弹力、回复力
C.重力、支持力、回复力、摩擦力
D,重力、支持力、摩擦力、弹簧的弹力
A[弹黄振子的简谐运动中忽略了摩擦力,C、D错;回复力为效果力,受
力分析时不分析此力,B错;故振子只受重力、支持力及弹簧给它的弹力,A对.]
[跟进训练]
1.(多选)关于振动物体的平衡位置,下列说法正确的是()
A.加速度改变方向的位置
B.回复力为零的位置
C.速度最大的位置
D.合外力一定为零的位置
ABC[振动物体在平衡位置回复力为零,而合外力不一定为零,在该位置
加速度改变方向,速度达最大值.故A、B、C正确,D错误.]
□考点2简谐运动的物理量的变化规律
1.简谐运动中相关量的变化规律
(1)变化规律:当物体做简谐运动时,它偏离平衡位置的位移小回复力R
加速度。、速度。、动能Ek、势能Ep及振动能量E,遵循一定的变化规律,可
列表如下:
物理量XFaVEkEpE
远离平衡位置
增大增大增大减小减小增大不变
运动
最大位移处最大最大最大零零最大不变
靠近平衡位置
减小减小减小增大增大减小不变
运动
平衡位置零零零最大最大最小不变
(2)两个转折点.
①平衡位置是速度大小、位移方向、回复力方向和加速度方向变化的转折
点;
②最大位移处是速度方向变化的转折点.
(3)一个守恒:简谐运动过程中动能和势能之间相互转化,但总的能量守恒.
2.简谐运动的对称性
如图所示,物体在4与5间运动,。点为平衡位置,任取关于。点对称的
C、。两点,则有:
IIIII
ACODB
(1)时间对称.
(2)位移、回复力、加速度大小对称.
(3)速率、动能对称.
【典例2]如图所示,质量为m的物体A放在质量为M的物体5上,B
与弹簧相连,它们一起在光滑水平面上做简谐运动,振动过程中,4、5之间无
相对滑动,设弹簧的劲度系数为匕求当物体离开平衡位置的位移为x时,5对
A的摩擦力大小.
[思路点拨](1)应用整体法、隔离法思考.
(2)5对A的摩擦力是A做简谐运动的回复力.
[解析]4、5两物体组成的系统做简谐运动的回复力由弹簧的弹力提供,
当物体离开平衡位置的位移为x时,回复力大小尸=心,4和3的共同加速度
斤kx
大小工一=蒜二-,而物体做简谐运动的回复力由受到的静摩擦力提
4=1M7+mM+mA4
供,由此可知5对4的摩擦力大小片机4=而不.
mkx
[答案]
M+m
...••规律c方法......
分析简谐运动应注意的问题
(1)位移、速度、加速度和回复力都是矢量,它们要相同,必须大小相等、
方向相同.
(2)回复力是变力,大小、方向发生变化,加速度也随之发生变化.
(3)要注意简谐运动的周期性和对称性,由此判定振子可能的路径,从而确
定各物理量及其变化情况.
[跟进训练]
2.(多选)如图所示,一弹簧振子在一条直线上做简谐运动,第一次先后经
过M、N两点时速度。(。#0)相同,那么,下列说法正确的是()
A
/.卜、
/、
/、
MON
A.振子在M、N两点所受弹簧弹力相同
B.振子在M、N两点相对平衡位置的位移大小相同
C.振子在M、N两点加速度大小相等
D.从M点到N点,振子先做匀加速运动,后做匀减速运动
BC[因位移、速度、加速度和弹力都是矢量,它们要相同必须大小相等、
方向相同.M、N两点关于。点对称,振子所受弹力应大小相等、方向相反,
振子位移也是大小相等,方向相反.由此可知,A错误,B正确;振子在M、N
两点的加速度虽然方向相反,但大小相等,C正确;振子由M—>0速度越来越
大,但加速度越来越小,振子做加速运动,但不是匀加速运动.振子由。一
速度越来越小,但加速度越来越大,振子做减速运动,但不是匀减速运动,D
错误.]
D考点3振幅'周期和频率
畲情境探究
如图所示,思考探究下面两个问题
W:♦:掘“建.】
10cm;
甲COB
(1)振子振幅与位移最大值有什么关系?
(2)图乙中振子振幅为多少?
提示:(1)振幅是振动物体离开平衡位置的最大距离;位移是振动物体相对
平衡位置的位置变化;位移的最大值等于振幅.
(2)10cm.
1.对全振动的理解
(1)振动特征:一个完整的振动过程.
(2)物理量特征:位移(X)、加速度(㈤、速度⑦)等各物理量第一次同时与初始
状态相同.
(3)时间特征:历时一个周期.
(4)路程特征:振幅的4倍.
2.振幅和振动系统能量的关系
对一个确定的振动系统来说,系统能量仅由振幅决定,振幅越大,振动系
统能量越大.
3.振幅与路程的关系
振动中的路程是标量,是随时间不断增大的,其中常用的定量关系是:
(1)一个周期内的路程为4倍的振幅.
(2)半个周期内的路程为2倍的振幅.
4.振幅与周期的关系
在简谐运动中,一个确定的振动系统的周期(或频率)是固定的,与振幅无关.
【典例3]如图所示,弹簧振子在B、C间振动,O为平衡位置,BO=
OC=5cm,若振子从5到。的运动时间是1s,则下列说法正确的是()
UM如AMEAMX9
A.振子从3经。到。完成一次全振动
B.振动周期是1s,振幅是10cm
C.经过两次全振动,振子通过的路程是20cm
D.从5开始经过3s,振子通过的路程是30cm
[思路点拨](1)振子从5经。到。的时间为:T.
⑵振子的振幅是5cm,完成一次全振动的路程为振幅的4倍.
D[振子从5-0-C仅完成了半次全振动,所以周期T=2X1s=2s,振
幅4=5。=5cm.弹黄振子在一次全振动过程中通过的路程为4A=20cm,所
以两次全振动中通过路程为40cm,3s的时间为1.5T,所以振子通过的路程为30
cm.故D正确,A、B、C错误.]
厂........规WcT5法............................
振幅与路程的关系
振动中的路程是标量,是随时间不断增大的.一个周期内的路程为振幅的4
倍,半个周期内的路程为振幅的2倍.
(1)若从特殊位置开始计时,如平衡位置、最大位移处,;周期内的路程等于
振幅.
(2)若从一般位置开始计时,:周期内的路程与振幅之间没有确定关系,路程
可能大于、等于或小于振幅.
[跟进训练]
训练角度1振幅、周期的理解
3.有一个在光滑水平面内的弹簧振子,第一次用力把弹簧压缩x后释放让
它振动,第二次把弹簧压缩2x后释放让它振动,则先后两次振动的周期之比和
振幅之比分别为()
A.1:11:1B.1:11:2
C.1:41:4D.1:21:2
B[弹簧的压缩量即为振子振动过程中偏离平衡位置的最大距离,即振幅,
故振幅之比为1:2.而对同一振动系统,其周期由振动系统自身的性质决定,
与振幅无关,故周期之比为1:1.]
训练角度2振动物体的路程
4.一个物体做简谐运动时,周期是T,振幅是A,那么物体()
T
A.在任意:内通过的路程一定等于A
B.在任意,内通过的路程一定等于2A
C.在任意亍内通过的路程一定等于34
D.在任意T内通过的路程一定等于24
B[物体做简谐运动,是变加速运动,在任意(内通过的路程不一定等于A,
故A错误;物体做简谐运动,在任意1内通过的路程一定等于2A,故B正确;
物体做简谐运动,在任意3亍T内通过的路程不一定等于3A,故C错误;物体做简
谐运动,在一个周期内完成一次全振动,位移为零,路程为4A,故D错误.]
畲课堂小结•翔的收获
1.物理观念:平衡位置、回复力、振幅、全振动、周期、频率等概念.
2.科学方法:弹簧振子模型.
3.科学思维:简谐运动的特征.
[当堂达标•夯基础]课堂知识夯实•双基盲点扫除
1.(多选)下列运动中属于机械振动的是()
A.树枝在风的作用下运动
B.竖直向上抛出的物体的运动
C.说话时声带的运动
D.匀速圆周运动
AC[物体在平衡位置附近所做的往复运动属于机械振动,故A、C正确;
竖直向上抛出的物体到最高点后返回落地,不具有运动的往复性,因此不属于
机械振动,故B错误;匀速圆周运动不是在平衡位置附近往复运动,故D错误.]
2.关于振幅的各种说法中,正确的是()
A.振幅是振子离开平衡位置的最大距离
B.位移是矢量,振幅是标量,位移的大小等于振幅
C.振幅等于振子运动轨迹的长度
D.振幅越大,表示振动越强,周期越长
A[振幅是振子离开平衡位置的最大距离,是标量,在简谐运动中大小不
变,而位移是变化的,故A对,B、C错;振幅越大,振动越强,但与周期无关,
D错.]
3.(多选)做简谐运动的弹簧振子除平衡位置外,在其他位置时,关于它的
加速度方向,下列说法正确的是()
A.一定与速度方向相同
B.有时与速度方向相同,有时与速度方向相反
C.总是指向平衡位置
D.总是与位移方向相反
BCD[回复力指使物体回到平衡位置的力,对简谐运动而言,其大小必与
位移大小成正比,其方向与位移方向相反,并总是指向平衡位置,而加速度的
方向与回复力的方向相同;由于振子的运动具有周期性,故加速度方向与速度
方向有时相同,有时相反,故A错,B、C、D对.]
4.如图所示的弹簧振子,0点为它的平衡位置,当振子机离开。点,再从
A点运动到C点时,振子离开平衡位置的位移是()
V
,二ER
,IIIR
OCA
A.大小为OC,方向向左
B.大小为OC,方向向右
C.大小为AC,方向向左
D.大小为AC,方向向右
B[振子离开平衡位置,以。点为起点,。点为终点,位移大小为OC,方
向向右.]
5.如图所示,一个小球在两个相对的光滑斜面之间往复运动,试说明这个
小球是否做简谐运动?
[解析]小球不是做简谐运动.因为小球在斜面上运动的过程中,所受力为
恒力,故为匀变速运动,而简谐运动是变加速运动.所以不可能是简谐运动.
[答案]不是简谐运动,说明见解析
第二节简谐运动的描述
[核心素养•明目标]
核心素养学习目标
能从简谐运动的函数表达式分析简谐运动的振幅、周期、频
科学思维
率等
科学方法掌握简谐运动图像的物理意义和应用
物理观念知道简谐运动的数学描述,了解相位的概念
[白主预习•探新知]课前自主学习预习素养感知
知识点一简谐运动的函数描述
1.描述简谐运动位移一时间图像的函数表达式为x=Acos(研+0).式中A
是简谐运动的振幅,”为简谐运动的角频率.
2.“与T、/的关系为:e=爷=&£
知识点二简谐运动的图像描述
1.相位、初相
位移一时间函数x=cos(cOH~9)中的cof+o叫作相位,而对应f=0时的相位
心叫作初相.
2.相位差
对于频率相同、相位不同的振子,相位差A0=(口什01)~~(而+。2)=01—02,
表示两个频率相同的简谐运动的振动先后关系.
3.图像信息
如图所示,从图像上可知周期和振幅.还可知道任一时刻的位移大小和方
匚基础自测二
1.思考判断(正确的打“,错误的打“X”).
⑴位移一时间图像表示振动质点的运动轨迹.(X)
⑵振动的位移为正时,速度也为正.(X)
(3)简谐运动图像反映了物体在不同时刻相对平衡位置的位移.(J)
(4)振动位移的方向总是背离平衡位置.(V)
2.一质点做简谐运动的图像如图所示,该质点在f=3.5s时刻()
A.速度为正、加速度为正B.速度为负、加速度为负
C.速度为负、加速度为正D.速度为正、加速度为负
D[由图像可知,质点从正的最大位移处出发,向平衡位置运动,由此知
3.5s时,质点由平衡位置向正的最大位移处运动,所以此时速度为正,质点做
减速运动,加速度为负,故选项D正确.]
3.一个弹簧振子沿x轴做简谐运动,取平衡位置。为x轴坐标原点.从某
时刻开始计时,经过四分之一个周期,振子具有沿x轴正方向的最大加速度.能
正确反映振子位移与时间关系的图像是()
A[经:周期振子具有沿x轴正方向的最大加速度,故此时振子有负方向的
最大位移,A图符合,故A项正确;B图中,经1周期振子位移为零,故B项错
误;C图中,经:周期振子位移正向最大,故C项错误;D图中,经:周期振子
位移为零,故D项错误.]
[合作探究•提素养]疑难问题解惑•学科素养提能
□考点1简谐运动的表达式
畲情境探究
某弹簧振子的振动图像如图所示,将弹簧振子从平衡位置拉开4cm后放开,
同时开始计时,
讨论:(1)该振动的周期、频率分别是多少?
(2)写出该振动的正弦函数表达式.
提示:⑴周期T=0.4s频率/=2.5Hz.
(2)x=4sin(5n/+2)cm.
-~1.简谐运动表达式x=Asin小的理解
(l)x:表示振动质点相对于平衡位置的位移.
(2)4:表示振幅,描述简谐运动振动的强弱.
27r
(3)3角频率,它与周期、频率的关系为可见“、T、/相当
于一个量,描述的都是振动的快慢.
2.简谐运动的表达式x=Asin(w+9o)的理解
(1)式中(gf+0o)表示相位,描述做周期性运动的物体在各个不同时刻所处的
不同状态,是描述不同振动的振动步调的物理量.它是一个随时间变化的量,
相当于一个角度,相位每增加2兀,意味着物体完成了一次全振动.
(2)式中外表示/=0时简谐运动质点所处的状态,称为初相位或初相.
⑶相位差:即某一时刻的相位之差.两个具有相同”的简谐运动,设其初
相位分别为(poi和002;其相位差Ae=(<of+902)—(加+001)=9。2—001.当Ae=0
时,两质点振动步调一致;当A0=7T时,两质点振动步调完全相反.
【典例1】一物体沿x轴做简谐运动,振幅为12cm,周期为2s.当t=0
时,位移为6cm,且向x轴正方向运动,求:
⑴初相位;
⑵f=0.5s时物体的位置.
[思路点拨]①关键条件是:,=0时,位移为6cm,且向x轴正方向运动.
②先假设函数表达式,由f=0时x=6cm求出初相
[解析](1)设简谐运动的表达式为x=Asin(oH~9),
4=12cm,T=2s,co=~^9£=0时,x=6cm,
代入上式得,6cm=12sin(0+^)cm,
1yr、5
解得sin9=5,力=%或%几,
TTTT
因这时物体向x轴正方向运动,故应取9=不即其初相为j
(2)由上述结果可得:
x=Asin(to/+^)=12sin(7rf+§cm,
所以x=12sing+2cm=12sin,?rcm=6A/3cm.
[答案](琮(2)6^3cm处
厂......规律C方法.....................
初相位的两种求解方法
(1)确定振幅4、角频率。及,=0时刻的位移X,然后利用x=4sin(0f+0),
求出初相位(p.
(2)设平衡位置处的质点向正方向运动〃(〃<1)个周期可到达,=0时刻质点所
在处,则初相位9=〃2TT.
[跟进训练]
1.弹簧振子做简谐运动,振子运动范围为0.8cm,周期为0.5s,计时开始
时具有正向最大加速度,则它的振动方程是()
A.x=8XIO、sin(47tr+3「m)
B.x=4XIO、5加(4位一。m)
C.x=8X1()-3sin(27rf+§(m)
D.x=4XIO、sin(27rf-。m)
B[振子振动范围0.8cm,所以24=0.8cm,振幅A=0.4cm,周期为0.5s,
所以切==于=4兀rad/s,而初始时刻具有正向最大加速度,即在波谷位置,综上
可得:x=4Xl()-3.sin(4就—"3m),B正确,A、C、D错误.]
口考点2简谐运动的图像
畲情境探究
如图所示,在弹簧振子的小球上固定安置一记录用的铅笔P,在下面放一条
白纸带,铅笔可在纸上留下痕迹.
讨论:(1)振子振动时白纸不动,画出的轨迹是怎样的?
(2)振子振动时,匀速拖动白纸时,画出的轨迹又是怎样的?
提示:(1)是一条平行于小球运动方向的线段.
(2)是一条正弦曲线.
-~1.图像形状
正徐)弦曲线.
2.物理意义
表示振动质点在不同时刻偏离平衡位置的位移,是位移随时间的变化规律.
3.图像应用
(1)任意时刻质点位移的大小和方向.如图甲所示,质点在有、打时刻的位移
分别为*1和一X2.
⑵任意时刻质点的振动方向:看下一时刻质点的位置,如图乙中。点,下
一时刻离平衡位置更远,故。点此刻沿X轴正方向振动.图乙中8点,下一时
刻离平衡位置更近,故》此刻沿无轴正方向振动.
X
40
乙
(3)某段时间内位移、速度、加速度的变化情况判断:先判断质点在这段时
间内的振动方向,从而确定各物理量的变化.如图甲所示,质点在fi时刻到加
时刻这段时间内,离平衡位置的位移变小,故质点正向平衡位置运动,速度增
大,位移和加速度都变小;质点在饱时刻到f2时刻这段时间内,质点远离平衡
位置运动,则速度为负值且减小,位移、加速度增大.
【典例2]如图甲所示,轻弹簧上端固定,下端系一质量为m=lkg的小
球,小球静止时弹簧伸长量为10cm.现使小球在竖直方向上做简谐运动,从小
球在最低点释放时开始计时,小球相对平衡位置的位移随时间,变化的规律如图
乙所示,重力加速度g取10m/s2.
(1)写出小球相对平衡位置的位移随时间的变化关系式;
(2)求出小球在0-12.9s内运动的总路程和12.9s时刻的位置;
(3)小球运动到最高点时加速度的大小.
/////s///,
i
i
d
甲
[解析](1)由振动图像可知:A=5cm,T=1.2s,贝1J"=下=§rad/s,
小球相对平衡位置的住移随时间的变化关系式:
57r
j=Acostt>Z(cm)=5cos-y/(cm).
(2)12.9s=l(^r,则小球在。〜12.9s内运动的总路程:434=215cm;12.9s
时刻的位置:j=0,即在平衡位置.
(3)小球在平衡位置时弹簧伸长量10cm,贝可:N/m=100N/m,
小球在最高点时,弹簧伸长5cm,则/〃g—
解得a=5m/s2.
[答案](l)j=5cos^Z(cm)(2)215cm平衡位置(3)5m/s2
厂.......规律<方法.............................
简谐运动图像的应用技巧
(1)判断质点任意时刻的位移大小和方向.
质点任意时刻的位移大小看质点离开平衡位置距离的大小即可,也可比较
图像中纵坐标值的大小.方向由坐标值的正负判断或质点相对平衡位置的方向
判断.
(2)判断质点任意时刻的加速度(回复力)大小和方向.
由于加速度(回复力)的大小与位移大小成正比,方向与位移方向相反,所以
只要从图像中得出质点在任意时刻的位移大小和方向即可.
[跟进训练]
2.(多选)弹簧振子做简谐运动的振动图像如图所示,贝!)()
A.f=0时,振子位移为零,速度为零,加速度为零
B.t=ls时,振子位移最大,速度为零,加速度最大
C.fi和/2时刻振子具有相同的速度
D.白和白时刻振子具有相同的加速度
BD[f=0时刻,振子位于平衡位置。,位移为零,加速度为零,但速度为
最大值,选项A错误;t=ls时,振子位于正向最大位移处,位移最大,加速度
最大,而速度为零,选项B正确;有和f2时刻振子位于正向同一位置,有时刻是
经此点向正方向运动,f2时刻回到此点向负方向运动,两时刻速度大小相等,但
方向相反,所以速度不相同,选项c错误;f3和a时刻振子位移相同,即处在
同一位置,因此有大小相等、方向相同的加速度,选项D正确.]
畲课堂小结•我的收获
1.物理观念:利用简谐运动的函数表达式分析振幅、周期、频率.
2.科学方法:简谐运动的图像.
3.科学思维:简谐运动的位移公式与图像的综合应用.
[当堂达标•夯基础]课堂知识夯实•双基盲点扫除
1.两个简谐运动的表达式分别为xi=4sin4加(cm)和X2=2sin2Mcm),它
们的振幅之比、各自的频率之比是()
A.2:12:1B.1:21:2
C.2:11:2D.1:22:1
A[由题意知Ai=4cm,A2=2cm,(oi=4nrad/s,(02=2nrad/s,则Ai:Ai
=2:1,/1:f2=a)i:602=2:1.故A正确,B、C>D错误.]
2.一质点做简谐运动的图像如图所示,下列说法正确的是()
A.质点的振动频率是4Hz
B.在10s内质点通过的路程是20cm
C.第4s末质点的速度是零
D.在f=ls和f=3s两时刻,质点位移大小相等、方向相同
B[根据振动图像可知,该简谐运动的周期T=4s,所以频率/=1;=0.25
Hz,A错;10s内质点通过的路程s=¥x4A=10A=10X2cm=20cm,B对;
第4s末质点经过平衡位置,速度最大,C错;在,=ls和f=3s两时刻,质点
位移大小相等、方向相反,D错.]
3.如图所示为某物体做简谐运动的图像,下列说法中正确的是()
A.由P-。位移在增大
B.由P-Q速度在增大
C.由速度是先减小后增大
D.由M-N位移始终减小
A[由图像可知从P-*。物体远离平衡位置向外运动,位移增大,速度减小,
A正确,B错误;由MfN,物体由正位移处向平衡位置移动,速度增大,位移
减小,再由平衡位置沿负方向运动,位移增大,速度减小,选项C、D错误.]
4.(多选)如图所示是表示一质点做简谐运动的图像,下列说法正确的是
()
A.力时刻振子正通过平衡位置向正方向运动
B.£2时刻振子的位移最大
C.白时刻振子正通过平衡位置向正方向运动
D.该图像是从平衡位置计时画出的
BC[从图像可以看出,f=0时刻,振子在正的最大位移处,因此是从正的
最大位移处开始计时画出的图像,D项错误;力时刻以后振子的位移为负,力时
刻振子正通过平衡位置向负方向运动,A项错误;打时刻振子在负的最大位移处,
因此可以说是在最大位移处,B项正确;白时刻以后,振子的位移为正,所以该
时刻振子正通过平衡位置向正方向运动,C项正确.]
5.如图所示是某质点做简谐运动的图像,根据图像中的信息,回答下列问
题:
⑴质点离开平衡位置的最大距离有多大?
⑵在1.5s和2.5s两个时刻,质点向哪个方向运动?
⑶质点在第2s末的位移是多少?在前4s内的路程是多少?
[解析]由图像上的信息,结合质点的振动过程可作出以下回答:
(1)质点离开平衡位置的最大距离就是X的最大值10cm.
(2)在1.5s以后的时间质点位移减小,因此是向平衡位置运动,在2.5s以后
的时间位移增大,因此是背离平衡位置运动.
(3)2s末时质点在平衡位置,因此位移为零.质点在前4s内完成一个周期
性运动,其路程10义4cm=40cm.
[答案](1)10cm(2)向平衡位置运动背离平衡位置运动(3)040cm
第三节单摆
[核心素养-明目标]
核心素养学习目标
物理观念知道单摆的振动是简谐运动
科学思维掌握影响单摆周期的因素和周期公式
科学态度与责任能够利用单摆周期公式解释与单摆相关的现象
科学探究学会用单摆周期公式测定重力加速度的方法
[自主预习•探新知]课前自主学习•预习素养感知
K知识梳理C
1.单摆模型
如果悬挂物体的绳子的便缩和质量可以忽略不计,绳长比物体的尺寸大很
多,物体可以看作质点,这样的装置可以看作单摆,单摆是实际摆的理想模型.
2.单摆的运动
若单摆的摆角小于并,单摆的摆动可看成简谐运动.
3.单摆的回复力
重力如g沿圆弧切线方向的分力户为单摆摆球的回复力.
4.单摆的固有周期
(1)特点:单摆的简谐运动周期与装置的固有因素有关,和外界条件无关,
故称固有周期.
(2)公式:r=&rj|,式中L为单摆的摆长,g为重力加速度.
口^础自测bl
1.思考判断(正确的打“。”,错误的打“X”).
(1)单摆模型中对细线的要求是细线的伸缩可忽略,质量可忽略.(V)
(2)单摆模型中对小球的要求是密度较大,其直径与线的长度相比可忽略.
(V)
(3)摆球质量越大,周期越长.(X)
(4)摆动幅度越大,周期越长.(X)
2.关于单摆的运动,下列说法正确的是()
A.单摆摆球运动的回复力是摆线张力和重力的合力
B.单摆摆球经过轨迹上的同一点速度是相同的
C.单摆摆球经过轨迹上的同一点加速度是相同的
D.单摆摆球经过平衡位置时受力是平衡的
C[摆球运动的回复力由重力沿圆弧切线方向的分力提供,故A错;根据
简谐运动的对称性可知摆球经过轨迹上的同一点时速度大小相等,方向可能相
同,也可能不同,加速度的大小、方向都相同,故B错,C对;摆球经过平衡
位置时,回复力为零,合外力不为零,受力并不平衡,故D错.]
3.如图所示是一个单摆(〃V5。),其周期为T,则下列说法正确的是()
A.把摆球的质量增加一倍,其周期变小
B.摆球的振幅变小时,周期也变小
C.此摆由0-5运动的时间为《
D.摆球5-0时,动能向势能转化
C[单摆的周期与摆球的质量无关,A错误;单摆的周期与振幅无关,B
T
错误;此摆由0-3运动的时间为不C正确;摆球B-0时,势能转化为动能,
D错误.]
[合作探究•提索齐]疑难问题解惑•学科素养提能
口考点1单摆模型的回复力及运动情况
令情境探究
如图所示,一根细线上端固定,下端连接一个金属小球,用手使小球偏离
竖直方向一个夹角,然后释放.
讨论:
(1)小球受到哪些力的作用?
(2)向心力和回复力分别是由什么力提供的?
提示:(1)小球受重力和细线的拉力.
(2)细线的拉力和重力沿细线方向的分力的合力提供向心力.小球重力沿圆
弧切线方向的分力提供回复力.
-L单摆的回复力
(1)单摆受力:如图所示,受细线拉力和重力作用.
(2)向心力来源:细线拉力和重力沿径向的分力的合力.
(3)回复力来源:重力沿圆弧切线方向的分力尸=mgsin〃提供了使摆球振动
的回复力.
2.单摆做简谐运动的推证
在偏角很小时,sin〃喉,又回复力F=mgsin仇所以单摆的回复力为尸=
一器(式中x表示摆球偏离平衡位置的位移,L表示单摆的摆长,负号表示回复
力F与位移x的方向相反),由此知回复力符合尸=一乙,单摆做简谐运动.
【典例1】振动的单摆小球通过平衡位置时,关于小球受到的回复力及合
力的说法中正确的是()
A.回复力为零,合力不为零,方向指向悬点
B.回复力不为零,方向沿轨迹的切线
C.合力不为零,方向沿轨迹的切线
D.回复力为零,合力也为零
[思路点拨](1)考虑摆动情况,小球在平衡位置回复力为零.
(2)考虑圆周运动情况,小球在平衡位置所受合外力不为零.
A[单摆的回复力不是它的合力,而是重力沿圆弧切线方向的分力;当摆
球运动到平衡位置时,回复力为零,但合力不为零,因为小球还有向心力,方
向指向悬点(即指向圆心).]
厂......规律(方法.....................
单摆中的回复力
(1)单摆振动中的回复力不是它受到的合外力,而是重力沿圆瓠切线方向的
一个分力.单摆振动过程中,有向心力,这是与弹簧振子不同之处.
(2)在最大位移处时,因速度为零,所以向心力为零,故此时合外力也就是
回复力.
(3)在平衡位置处时,由于速度不为零,故向心力也不为零,即此时回复力
为零,但合外力不为零.
[跟进训练]
1.关于单摆的描述,正确的是()
A.单摆的运动一定是简谐运动
B.单摆运动的回复力是重力与绳子拉力的合力
C.单摆运动过程中经过平衡位置时达到平衡状态
D.单摆经过平衡位置时回复力为零
D[当单摆的偏角较小时单摆的运动才是简谐运动,故A错误;单摆运动
的回复力是重力在切线上的分力提供的,故B错误;单摆运动过程中经过平衡
位置时有向心加速度,所以没有达到平衡状态,故C错误;根据尸=一质可知
单摆经过平衡位置时回复力为零,故D正确.]
口考点2单摆的周期
畲情境探究
央视新闻2019年3月1日消息,“嫦娥四号”着陆器已于上午7点52分自主
唤醒,中继前返向链路建立正常,平台工况正常,月前正在进行状态设置,按
计划开始第三月昼后续工作.假设将一单摆随“嫦娥四号”着陆器带至月球表面,
单摆在做简谐运动时其周期与在地球上相比有何变化?并说明原因.
提示:变大,月球表面的重力加速度比地球表面小.
1.单摆的周期公式:
2.对周期公式的理解
(1)单摆的周期公式在单摆偏角很小时成立(偏角为5。时,由周期公式算出的
周期和精确值相差0.01%).
⑵公式中L是摆长,即悬点到摆球球心的距离,即心=/线+r球.
(3)公式中g是单摆所在地的重力加速度,由单摆所在的空间位置决定.
(4)周期T只与L和g有关,与摆球质量,”及振幅无关.所以单摆的周期也
叫固有周期.
3.摆长的确定
(1)图(a)中,甲、乙在垂直纸面方向摆起来效果是相同的,所以甲摆的摆长
为Lsina,这就是等效摆长,其周期且.图(b)中,乙在垂直于纸
面方向摆动时,与甲摆等效;乙在纸面内小角度摆动时,与丙摆等效.
(2)如图(c)所示,小球在光滑的半径较大的圆周上做小幅度⑨很小)的圆周运
动时,可等效为单摆,小球在A、5间做简谐运动,周期T=2C居.
4.公式中重力加速度g的变化与等效
(1)若单摆系统只处在重力场中且处于静止状态,g由单摆所处的空间位置决
定,即g=偿,式中R为物体到地心的距离,M为地球的质量,g随所在位置
的高度的变化而变化.另外,在不同星球上M和/?也是变化的,所以g也不同,
g=9.8m/s2只是在地球表面附近时的取值.
(2)等效重力加速度:若单摆系统处在非平衡状态(如加速、减速、完全失重
状态),则一般情况下,g值等于摆球相对静止在自己的平衡位置时,摆线所受
的张力与摆球质量的比值.如图所示,球静止在平衡位置。时,FT=mgsin0,
等效加速度g'=5f=gsin0.
【典例2]一个单摆的摆长为I,在其悬点0的正下方0.19/处有一钉子
P(如图所示),现将摆球向左拉开到A,使摆线偏角6V5。,放手后使其摆动,求
出单摆的振动周期.
[思路点拨](1)左边和右边摆长不同.
(2)单摆的周期等于两个摆周期之和的一半.
[解析]摆球释放后到达右边最高点5处,由机械能守恒可知5和4等高,
则摆球始终做简谐运动.摆球做简谐运动的摆长有所变化,它的周期为两个不
同单摆的半周期的和.
小球在左边的周期为TI=27T^1,
小球在右边的周期为n=2々等,
则整个单摆的周期为:
[答案]1.9;
厂.......规WcT?法............
求单摆周期的方法
(1)明确单摆的运动过程,看是否符合简谐运动的条件.
(2)在运用T=2TTJ|时,要注意L和g是否发生变化,如果发生变化,则
分别求出不同L和g时的运动时间.
(3)改变单摆振动周期的途径是:
①改变单摆的摆长.
②改变单摆的重力加速度(如改变单摆的位置或让单摆失重或超重).
(4)明确单摆振动周期与单摆的质量和振幅没有任何关系.
[跟进训练]
训练角度1单摆周期的特点
2.若单摆的摆长不变,摆球的质量由20g增加为40g,摆球离开平衡位置
的最大角度由4。减为2。,则单摆振动的()
A.频率不变振幅不变B.频率不变振幅改变
C.频率改变振幅不变D.频率改变振幅改变
B[单摆的周期公式为T=2hJ|,与摆球的质量和摆角的大小无关,所以
周期不变,频率也不变,摆角减小则振幅减小,故B正确,A、C、D错误.]
训练角度2单摆的振动图像
3.(多选)如图为甲、乙两单摆的振动图像,贝()()
A.由图像可知两单摆周期之比为2:1
B.若甲、乙两单摆在同一地点摆动,则甲、乙两单摆的摆长之比/单:/乙
=2:1
C.若甲、乙两单摆在同一地点摆动,则甲、乙两单摆的摆长之比/甲:/乙
=4:1
D.若甲、乙两摆摆长相同,且在不同的星球上摆动,则甲、乙两摆所在星
球的重力加速度之比g甲:g乙=4:1
AC[由题中图像可知T甲:Ta=2:1,若两单摆在同一地点,则两摆摆长
之比/甲:/匕=4:1,若两摆摆长相等,则所在星球的重力加速度之比为g甲:g
匕=1:4.]
命课堂小结•我的收获
1.物理观念:单摆的受力与运动.
2.科学方法:单摆模型.
3.科学思维:单摆周期的决定因素.
[当堂达标•夯基础]课堂知识夯实•双基盲点扫除
1.(多选)下列有关单摆运动过程中的受力,说法正确的是()
A.单摆运动的回复力是重力沿圆弧切线方向的一个分力
B.单摆经过平衡位置时合力提供向心力
C.单摆运动的回复力是摆线拉力的一个分力
D.在摆角很小的情况下,单摆回复力符合简谐运动特点
ABD[单摆运动的回复力不是由重力与摆线拉力的合力提供,平衡位置时,
重力和摆线拉力的合力提供向心力,B正确;单摆的回复力是重力沿圆弧切线方
向的一个分力,而不是摆线拉力的分力,A正确,C错误;当。V5。时,单摆回
复力符合简谐运动特点,D正确.]
2.(多选)一单摆做小角度摆动,其振动图像如图所示,以下说法正确的是
()
叭h
。时刻摆球速度为零,摆球的回复力最大
6时刻摆球速度为零,悬线对它的拉力最小
C.白时刻摆球速度为零,摆球的回复力最小
D.以时刻摆球速度最大,悬线对它的拉力最大
AD[由振动图像知,人和A时刻摆球偏离平衡位置的位移最大,此时摆球
的速度为零,摆球的回复力最大,A正确,C错误;/2和f4时刻摆球位移为零,
正在通过平衡位置,速度最大,由于摆球做圆周运动(一部分),由牛顿第二定律
得出悬线对摆球拉力最大,D正确,B错误.]
3.(多选)如图所示,在同一地点的4、B两个单摆做简谐运动的图像,其
中实线表示A的运动图像,虚线表示B的运动图像.以下关于这两个单摆的判
断中正确的是()
A.这两个单摆的摆球质量一定相等
B.这两个单摆的摆长一定不同
C.这两个单摆的最大摆角一定相同
D.这两个单摆的振幅一定相同
BD[从题图可知,两单摆的振幅相等,周期不等,所以两单摆的摆长一定
不同,故B、D对;由振幅相等而摆长不等知C错;单摆的周期与质量无关,
故A错.]
4.已知在单摆。完成10次全振动的时间内,单摆力完成6次全振动,两
单摆摆长之差为1.6m,则两单摆摆长及与⑦分别为()
A.La=2.5m£*=0.9m
B.La—0.9m£*=2.5m
C.La=2.4mL/>=4.0m
D.L«=4.0m£*=2.4m
B[单摆完成一次全振动所需的时间即单摆的周期,据题设可知。、8两单
摆的周期之比为尚=今由单摆周期公式T=2cJ|得:齐堂,据题设得及
-Lfl=1.6m,联立解得La=0.9m,Lh=2.5m.故正确答案为B.]
5.如图所示的双线摆,如果摆球大小不计,其摆线长均为L,线与天花板
间的夹角为a,求:
'aa
⑴此双线摆等效为单摆时的摆长;
⑵当小球垂直于纸面做简谐运动时的周期.
[解析](1)摆球垂直纸面做简谐运动,由图可知此双线摆等效为单摆时的摆
长是:Z=Lsina.
⑵根据单摆的振动周期丁=2力;可得摆球垂直纸面做简谐运动的周期为:
/Lsina
T=2N丁
[答案]⑴Lsina(2)2TTJ^^三
;獐回藁僖扫码获取
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