福建省三明市2025届九年级物理第一学期期中检测试题含解析

福建省三明市2025届九年级物理第一学期期中检测试题题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单选题1．下列事例中，不是利用连通器原理的是A．活塞式抽水 B．茶壶C．下水道存水管 D．船闸2．下列物理量中，以科学家欧姆的名字作为单位的是（）A．电流 B．电阻 C．电压 D．电功3．关于物体的内能，下列说法正确的是（）A．温度为0℃的物体没有内能B．做功可以改变物体的内能C．物体的内能增加，一定是温度升高了D．温度相同的1kg水和1g水，内能相同4．下列各组物体中全部属于导体的是A．铝、陶瓷 B．橡胶、铜 C．油、大地 D．石墨、水银5．小明按照物理属性的不同将六种物品分成了a、b两组。其中a组有铜条、铅笔芯、水银；b组有玻璃丝、塑料棒、陶瓷片。小明这样分类依据的物理属性是A．密度 B．硬度 C．导电性 D．磁性6．“神州五号”返回舱进入大气层到着陆的过程中，下列说法正确的是A．动能减少，势能增加 B．动能增加，势能减少C．机械能增加 D．机械能减少7．如图所示，把某物体放在带正电的吸管右端附近，发现吸管向物体靠近．则此物体A．一定带正电 B．一定带负电C．可能带负电，可能不带电 D．可能带正电，可能不带电8．下列运用科学方法的实例中，错误的是A．通过灯泡是否发光，判断电路中有无电流，运用了转换法B．由增加内能的办法联想到减小内能办法，运用了逆向思考法C．制作滑动变阻器时，发现导线太长而采取缠绕方式，运用了缺点利用法D．学习电压知识时，类比水压，运用了类比法二、多选题9．下列说法正确的是（）A．电荷的定向移动形成电源B．正电荷定向移动的方向为电流的方向C．电路中有电源就一定有电流D．绝缘体不容易导电的原因是因为绝缘体内缺少自由电子10．下列关于四冲程内燃机的说法中正确的是A．一个工作循环仅对外做功一次B．压缩冲程中将机械能转化为内能C．热机效率越高,所做的有用功就越多D．燃料燃烧时,放出的热量越多,这种燃料的热值越大三、填空题11．如图甲电路，当开关S闭合后，电流表的指针偏转如乙图所示，其中b电流表的读数应为_____A，通过灯泡L2的电流是_____A．12．在如图所示的电路中，不论开关如何切换，电铃和灯泡都能安全使用．若想让灯泡和电铃同时工作，需要闭合开关_____；若同时闭合S1和S2，可以工作的用电器是_____．13．古人“钻木取火”，机械能转化为___________能．14．过春节时，同学们总喜欢燃放鞭炮。其中有一种鞭炮，不需用火去点燃，只要稍用力将它甩向地面，鞭炮就可以爆响。鞭炮与地面发生碰撞时，通过的方式，使它的内能增大。15．如图所示电路，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S后，在滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，电流表A的示数将_______，电压表V2的示数_______，电压表V2的示数与电流表A的示数之比将_______（均选填“变大”、“变小”或“不变”）。16．物理知识在生活中有广泛的应用，如图（a）所示的装置是利用__________原理工作的；如图（b）所示纯钛镜架更轻便是利用了___________的知识；如图（c）所示的仪器是利用_______________原理来判断液体密度大小；如图（d）中拦河大坝设计成下宽上窄形状的依据是_____．四、作图、实验探究题17．有人发明了“感应照孔门把手”只有在夜间且有人摸门把手时,锁孔旁的灯才亮,从而方使夜间开锁,它利用感应开关S1（有人摸把手,S1闭合;无人摸把手,S1断开）以及光敏开关S2（白天,S2断开;夜间,S2闭合）控制电路，达到目的．请完成电路连接．（______）18．如图所示，重为20牛的物体对斜面的压力为10牛，用力的图示法画出物体在图示位置时对斜面的压力F．19．（10分）在探究“并联电路中电流的关系”时，实验电路图如图所示．以下是一份实验探究报告，请你填全其中空白项目并回答相关问题：提出问题：并联电路干路电流与各支路电流有什么关系？猜想假设：__________________________．设计实验：（1）实验器材有：______、开关一个、若干导线、规格不同的小灯泡若干、一个电流表（2）小利连好如图所示的电路后，闭合开关进行试触，发现电流表指针反偏．导致这一现象发生的错误操作可能是：______．小利检查后重新连接电路，闭合开关，用电流表分别测出A、B、C三处的电流，并将数据记录在表格中，下一步的操作应该是：______A．改变电流表的量程或换电流表再测几次B．换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值C．整理器材，结束实验D．分析数据，得出结论（3）通过对下面数据的分析，可以得出结论：并联电路干路中的电流等于______；由此可以判断，你的猜想是______（选填“正确”或“不正确”）的．（4）小和同学通过实验，得到了如下数据，他由此得出结论：并联电路中各个支路的电流相等．其不足之处是：______________________________________________．五、计算题20．（6分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1=10Ω．当开关S1闭合、S2断开时，电流表的示数为0.6A；当开关S1、S2都闭合时，电流表的示数为0.9A．求：（1）电源电压；（2）R2的阻值．21．（6分）在一个标准大气压下，用炉子将10kg的水从20℃加热至沸腾，燃烧了0.5kg的焦炭，已知水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，焦炭的热值为3.0×107J/kg.求：(1)水吸收的热量；(2)0.5kg焦炭完全燃烧释放的热量；(3)炉子烧水的效率．

参考答案一、单选题1、A【解析】

A．活塞式抽水应用了大气压，故A正确；B．茶壶壶嘴与壶口应用了连通器原理，故B错误；C．下水道存水管弯曲的部位应用了连通器原理，故C错误；D．船闸上下游及闸门一起构成连通器，故D错误。2、B【解析】

电流、电压、电功的单位分别是安培、伏特、焦耳，故A、C、D不符合题意；电阻的单位是欧姆，B符合题意，故选B．3、B【解析】

A．任何物体在任何情况下都具有内能，故A错误；B．改变物体内能的方式有做功和热传递，故B正确；C．因为晶体在熔化时吸收热量，但温度保持不变．因此晶体物质熔化过程中内能增加，但温度可以不变．故C错误；D．影响内能大小的因素是质量、温度和状态，温度相同的1kg水和1g水的质量不同，所以内能不同，故D错误．4、D【解析】

A．铝是导体，用在电线中；陶瓷是很好的绝缘体；故A错误；B．铜是导体，常用作导线；橡胶是绝缘体，常用在电线的外包装；故B错误；C．大地是导体，油是绝缘体；故C错误；D．水银属于金属，是导体；石墨是导体，常用作干电池的正极；故D正确；故选D．5、C【解析】物质的物理特征铜条、铅笔芯、水银都能够导电，是导体；玻璃丝、塑料棒、陶瓷片都不能导电，是绝缘体，所以是根据导电性的不同来分组的，故选C。6、D【解析】

“神州五号”返回舱进入大气层到着陆的过程中，质量不变，速度减小，动能减小．高度减小，重力势能减小，返回舱没有发生弹性形变．机械能＝动能+势能，动能减小，重力势能减小，机械能减小．故选D.【点睛】（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．（3）机械能＝动能+势能．在物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能．7、C【解析】

带电体除了吸引带有异种电荷的物体外，还可以吸引不带电的物体，故A物体可能带负电，也可能不带电，故ABD错误，C正确．故选C.【点睛】同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，带电体可以吸引不带电的物体．8、C【解析】A、通过灯泡亮或不亮判断电路中有无电流，采用的是转换法，故A正确．B、增大内能和减小内能是两个相反的过程．由增大内能的方法想到减小内能的方法，利用了逆向思考法．故B正确；C、制作滑动变阻器时，发现导线太长而采取缠绕的方式，这是缺点列举法，故C错误；D、学习电压知识时，类比水压，运用了类比法，故D正确；故选C．二、多选题9、ABD【解析】A、电流是电荷的定向移动形成的，故A正确；B、规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，故B正确；C、电路中有电流的条件是：有电源，电路是闭合的，故C错误；D、由于绝缘体内缺少可以自由移动的电子，所以绝缘体不容易导电，故D正确；故选ABD．10、AB【解析】

A.四冲程内燃机一个工作循环包括四个冲程，只有做功冲程对外做功，因此一个工作循环做功一次，故A正确；B.在压缩冲程中活塞对气体做功，将机械能转化为内能，故B正确；C.热机效率高低，只能反映用来做有用功的那部分能量占燃料完全燃烧放出的那部分能量的百分比，热机效率高低和所做的有用功大小之间没有关系，故C错误；D.燃料的热值仅与燃料的种类有关，燃料的质量无关，例如一堆煤和一块同样煤的热值相同热值就是1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，与燃烧情况无关，故D错误．故选AB.三、填空题11、1.20.9【解析】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测L1支路的电流，电流表A2测干路电流，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且支路电流表A1指针的偏角大于干路电流表A2指针的偏角，所以，支路电流表A1的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，通过L1的电流I1=0.3A，干路电流表A2的量程为0～3A，分度值为0.1A，干路电流I=1.2A，则通过L2的电流应：I2=I﹣I1=1.2A﹣0.3A=0.9A．12、S1电铃【解析】

[1]开关S2起到对灯泡短路的作用，因此要想让灯泡工作，只能闭合S1，不能闭合开关S2；[2]开关S1和S2都闭合时，电路发生局部短路，即灯泡短路，电流不再通过灯泡；故灯泡不发光，但电铃仍工作．13、内【解析】

古人“钻木取火”，是相互摩擦做功，使木头内能增加，机械能转化为内能．14、做功【解析】试题分析：改变物体内能的方式有做功和热传递，用力将它甩向地面，鞭炮就可以爆响。鞭炮与地面发生碰撞时，做了功使鞭炮的内能增大，达到着火点燃烧爆响。考点：内能的改变15、变小变大变大【解析】

由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化。【详解】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小；根据U=IR可知，电流减小，R1两端的电压减小，即电压表V1示数减小；根据串联电路的电压规律可知，R2两端的电压变大，即电压表V2示数变大；由欧姆定律可知，电压表V2示数与电流表故答案为：变小；变大；变大。【点睛】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。16、连通器密度阿基米德液体压强随深度的增加而增大【解析】

图a中的液位计是利用连通器的原理工作的；图b中纯钛镜架更轻便是利用了密度的知识．如图（c）中的密度计是利用阿基米德原理来判断液体密度大小的．如图（d）中拦河大坝设计成下宽上窄形状的依据是液体压强随深度的增加而增大．四、作图、实验探究题17、【解析】

由题目分析可知，当同时满足有人摸门把手和夜间时灯泡才发光，故两个开关应串联，则电路连接如下：18、【解析】

先画一段线段，大小表示5N，然后过压力的作用点做垂直于斜面，并指向斜面的力，如图所示：19、并联电路中，干路电流等于支路电流之和电源规格不同；电流表正负接线柱接反了B各支路电流之和正确使用相同规格的器材进行实验且只进行了一次实验，实验结论不具有普遍性【解析】猜想假设：并联电路中，干路电流等于各支路电流之和.

（1）探究并联电路电流规律实验，还需要有电源．

（2）电流表指针反向偏转，是由于电流表正负接线柱接反了造成的.完成一次实验后，为得出普遍结论，应换用不同规格的器材进行多次实验，故选B．

（3）由表中实验数据可知，在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，由此可以判断猜想是正确的.

（4）由表中实验数据可知，两支路电流相等，实验所使用的灯泡规格相同，且只进行了一次实验，这样得出的实验结论不具有普遍性．点睛：本题考查了实验猜想、实验器材、实验注意事项与实验数据分析、实验评价等问题；为得出普遍结论，应使用不同规格的实验器材进行多次实验.五、计算题20、(1)6V；(2)20Ω.【解析】

（1）当开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；（2）当开关S1、S2都闭合时，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R2的阻值.【详解】(1)当开关S1闭合、S2断开时,电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，由I=可得，电源的电压：U=I1R1=0.6A×10Ω=6V；(2)当开关S1、S2都闭