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第=page11页,共=sectionpages11页2023-2024学年广东省江门市新会一中高一(下)期末数学试卷一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。1.复数5i−2的共轭复数是(
)A.2+i B.−2−i C.−2+i D.2−i2.已知函数f(x)=sin(2πx−π5A.(−320,720)上单调递增 B.(−15,3.底面积为2π,侧面积为6π的圆锥的体积是(
)A.8π B.8π3 C.2π D.4.南水北调工程缓解了北方一些地区水资源短缺问题,其中一部分水蓄入某水库.已知该水库水位为海拔148.5m时,相应水面的面积为140.0km2;水位为海拔157.5m时,相应水面的面积为180.0km2.将该水库在这两个水位间的形状看作一个棱台,则该水库水位从海拔148.5m上升到157.5mA.1.0×109m3 B.1.2×1095.设向量a=(x+1,x),b=(x,2),则A.“x=−3”是“a⊥b”的必要条件
B.“x=−3”是“a//b”的必要条件
C.“x=0”是“a⊥b”的充分条件
6.已知e1,e2是夹角为60°的两个单位向量,则a=2e1+A.30° B.60° C.120° D.150°7.已知△ABC的外接圆圆心O,且2AO=AB+AC,|OA|=|ABA.14BC B.34BC 8.当x∈[0,2π]时,曲线y=sinx与y=2sin(3x−π6)的交点个数为A.3 B.4 C.6 D.8二、多选题:本题共3小题,共18分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。9.已知复数z=m2−1+(m+1)i(m∈R),则下列命题正确的是A.若z为纯虚数,则m=1
B.若z为实数,则z=0
C.若z在复平面内对应的点在直线y=2x上,则m=−1
D.z在复平面内对应的点不可能在第三象限10.设a,b是两条不同的直线,α,β是两个不同的平面,则下列命题正确的有(
)A.若a//α,b//α,则a//b B.若a⊥α,b⊥α,则a//b
C.若a//b,b//α,a⊄α,则a//α D.若a//α,α//β,a⊄β,则a//β11.“圆幂定理”是平面几何中关于圆的一个重要定理,它包含三个结论,其中一个是相交弦定理:圆内的两条相交弦,被交点分成的两条线段长的积相等,如图,已知圆O的半径2,点P是圆O内的定点,且OP=2,弦AC,BD均过点P,则下列说法正确的是(
)
A.PA⋅PC为定值
B.当AC⊥BD时,AB⋅CD为定值
C.当∠ABC=π3时,△ABC面积的最大值为三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分。12.已知平面α截球O的球面所得圆的面积为π,O到α的距离为3,则球O的表面积为______.13.在△ABC中,已知tanA,tanB是关于x的方程x2+m(x+1)+1=0的两个实根,则C=
.14.如图,在△ABC中,点O是BC的中点.过点O的直线分别交直线AB、AC于不同的两点M,N,若AB=mAM,AC=nAN,则m+n的值为________.四、解答题:本题共5小题,共77分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。15.(本小题13分)
已知函数f(x)=2sin2x−4cos2x+1.
(1)求f(x)的最小正周期;
(2)设g (x)=f(x16.(本小题15分)
记△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知sinA+3cosA=2.
(1)求A;
(2)若a=2,217.(本小题15分)
如图,在以A,B,C,D,E,F为顶点的五面体中,四边形ABCD与四边形ADEF均为等腰梯形,BC//AD,EF//AD,AD=4,AB=BC=EF=2,ED=10,FB=23,M为AD的中点.
(1)证明:BM//平面CDE;
(2)求点18.(本小题17分)
如图,在四棱锥P−ABCD中,底面ABCD为正方形,侧面PAD是正三角形,侧面PAD⊥底面ABCD,M是PD的中点.
(1)求证:CD⊥平面PAD;
(2)求证:AM⊥平面PCD;
(3)求侧面PBC与底面ABCD所成二面角的余弦值.19.(本小题17分)
如果函数y=f(x)的定义域为R,对于定义域内的任意x,存在实数a使得f(x+a)=f(−x)成立,则称此函数具有“P(a)性质”.
(1)判断函数y=sinx是否具有“P(a)性质”,若具有“P(a)性质”求出所有a的值;若不具有“P(a)性质”,请说明理由.
(2)已知y=f(x)具有“P(0)性质”,且当x≤0时f(x)=(x+m)2,求y=f(x)在[0,1]上的最大值.
(3)设函数y=g(x)具有“P(±1)性质”,且当−12≤x≤12时,g(x)=|x|.若y=g(x)与y=mx交点个数为参考答案1C
2A
3B
4C
5C
6C
7A
8C
9ABD
10BCD
11ABD
1240π
133π4142
15解:f(x)=2sin2x−4cos2x+1=1−cos2x−2(1+cos2x)+1=−3cos2x.
(1)f(x)的最小正周期T=2π2=π;
(2)g(x)=f(x2)=−3cos(2⋅x2)=−3cosx,
∵x∈[0,16解:(1)因为sinA+3cosA=2,
所以2sin(A+π3)=2,即sin(A+π3)=1,
由A为三角形内角得A+π3=π2,
即A=π6;
(2)因为2bsinc=csin2B,
2bsinC=2csinBcosB,由正弦定理可得:2bc=2bccosB,
可得cosB=22,
又因为B∈(0,π),所以B=π417解:(1)证明:因为BC//AD,BC=2,AD=4,M为AD的中点,所以BC//MD,BC=MD,
四边形BCDM为平行四边形,所以BM//CD,
又因为BM⊄平面CDE,CD⊂平面CDE,所以BM//平面CDE;
(2)如图所示,作BO⊥AD交AD于O,连接OF,因为四边形ABCD为等腰梯形,BC//AD,AD=4,AB=BC=2,所以CD=2,
结合(1)BCDM为平行四边形,可得BM=CD=2,
又AM=2,所以△ABM为等边三角形,O为AM中点,所以OB=3,
又因为四边形ADEF为等腰梯形,M为AD中点,所以EF=MD,EF//MD,
四边形EFMD为平行四边形,FM=ED=AF,所以△AFM为等腰三角形,
△ABM与△AFM底边上中点O重合,OF⊥AM,OF=AF2−AO2=3,
因为OB2+OF2=BF2,所以OB⊥OF,所以OB,OD,OF互相垂直,
由等体积法可得VM−ABF=VF−ABM,VF−ABM=13S△ABM⋅FO=13×18解:(1)证明:在正方形ABCD中,CD⊥AD,
又侧面PAD⊥底面ABCD,侧面PAD∩底面ABCD=AD,CD⊂底面ABCD,
所以CD⊥平面PAD.
(2)证明:(证法一)因为CD⊥平面PAD,AM⊂平面PAD,
所以CD⊥AM,
因为△PAD是正三角形,M是PD的中点,
所以AM⊥PD,
又CD∩PD=D,CD,PD⊂平面PCD,
所以AM⊥平面PCD,
(证法二)因为CD⊥平面PAD,
又CD⊂平面PCD,
所以平面PCD⊥平面PAD,
因为△PAD是正三角形,M是PD的中点,
所以AM⊥PD,
又平面PCD交平面PAD于PD,AM⊂平面PAD,
故AM⊥平面PCD.
(3)取AD,BC的中点分别为E,F,连接EF,PE,PF,
则EF=CD,EF//CD,
因为AD⊥CD,
所以EF⊥AD,
又在正△PAD中,PE⊥AD,
因为EF∩PE=E,EF,PE⊂平面PEF,
所以AD⊥平面PEF,
因为正方形ABCD中,AD//BC,
所以BC⊥平面PEF,
又EF、PF⊂平面PCD,
所以BC⊥EF,BC⊥PF,
所以∠PFE是侧面PBC与底面ABCD所成二面角的平面角,
因为CD⊥平面PAD,EF//CD,
所以EF⊥平面PAD,
因为PE⊂平面PAD,
所以EF⊥PE,
设正方形ABCD的边长AD=2a,则EF=2a,PE=3a,
所以PF=PE2+EF2=719解:(1)由sin(x+a)=sin(−x)=−sinx,所以a=2kπ+π,k∈Z,
所以函数y=sinx具有“P(a)性质”,其中a=2kπ+π,k∈Z.
(2)因为y=f(x)具有“P(0)性质”,所以f(x)=f(−x),
设x≥0,则−x≤0,
所以f(x)=f(−x)=(−x+m)2=(x−m)2,
当m≤0时,f(x)在[0,1]为增函数,
所以最大值为f(1)=(1−m)2;
当0<m≤12时,f(x)在[0,m]单调递减,在(m,1]单调递增,且f(0)≤f(1),
所以最大值为f(1)=(1−m)2;
当12<m<1时,f(x)在[0,m]单调递减,在(m,1]单调递增,且f(0)>f(1),
所以最大值为f(0)=m2;
当m≥1时,f(x)在[0,1]为减函数,所以最大值为f(0)=m2;
综上可知,当m>12时,最大值为f(0)=m2;当m≤12时,最大值为f(1)=(1−m)2.
(3)因为函数y=g(x)具有“P(±1)性质”,所以g(1+x)=g(−x),g(−1+x)=g(−x);
所以g(x+2)=g(1+1+x)=g(−1−x)=g(x),即g(x)是以2为周期的函数,
又设12≤x≤32,则−12≤1−x≤12,g(x)=g(x−2)=g(−1+x−1)=g(1−x)=|1−x|=|x−1|=g(x−1).
设n−12≤x≤n+12,n∈Z,
当n=2k,k∈Z时,2k−12≤x≤2k+12,即−1
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