《欧姆定律》能力提升练

2/2第二节欧姆定律一、选择题1.（2020·江西南昌青山湖期中）在一段定值电阻的两端加一可变电压U，以下说法中正确的是（）A.由可知，R与U成正比B.不管U如何变化，U与I的比值不变C.由可知，I与U成反比D.由可知，R与U成反比2.（2021·上海虹口二模）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变大的是（）A.电流表A示数B.电压表V示数与电流表A1示数的比值C.电流表A1示数D.电压表V示数与电流表A示数的比值3.（2020·重庆沙坪坝校级月考）在如图的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S1电路正常工作。一段时间后，发现电路中只有一个电流表的示数变大，一只灯泡变亮，下列关于其故障及元件的工作状况说法正确的是（）A.可能是L1断路，V表示数变大，L2变亮B.可能是L2短路，A2表示数变大，L1变亮C.可能是电压表短路，A1表示数变大，L2变亮D.可能是L1短路，A2表示数变大，L2变亮4.（2020·广东深圳期末）如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯L1、L2都能发光，甲、乙两个电表的示数之比是3：5；当开关断开时，为了使灯L1、L2都能发光，忽略灯丝电阻的变化，则甲、乙两表（）A.甲表为电流表，乙表为电压表，示数之比为3：2B.甲表为电压表，乙表为电流表，示数之比为2：3C.甲、乙两表都为电流表，示数之比为5：2D.甲、乙两表都为电流表，示数之比为2：55.（2021·广东广州月考）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，下列判断正确的是（）A.电流表示数变大，电压表示数变小B.电流表示数变大，电压表示数变大C.电流表示数变小，电压表示数变大D.电流表示数变小，电压表示数变小二、填空题6.（2021·独家原创试题）某段导线，当它两端电压为6V时，通过它的电流是0.5A，导体的电阻是___________Ω；当该导线两端电压增加到12V时，电流为___________A；当该导线两端电压降为0V时，电阻为___________Ω。三、综合题7.（2020·广东中考）阅读下列短文，回答问题。热敏电阻温度计热敏电阻是用半导体材料制成的电阻，其阻值随温度的变化而变化，图甲所示为某型号热敏电阻的实物图。阻值随温度升高而变小的，称为负温度系数热敏电阻；阻值随温度升高而变大的，称为正温度系数热敏电阻。利用热敏电阻的特性做成的温度计，叫做热敏电阻温度计。图乙所示为热敏电阻R1的阻值随温度t变化的图象（为方便计算，已将图线作了近似处理）。图丙是用R1做测温探头的某热敏电阻温度计的电路图，其中电源电压可在0.60V~1.20V之间调节，R2为定值电阻，阻值为100Ω。该电路工作原理是：当保持通过R1的电流不变时，R1两端的电压随电阻均匀变化（即随温度均匀变化），故只需将电压表V1表盘的刻度改成相应的温度刻度，就可以直接从V1表盘上读出温度值。测量时，将R1放入待测温度处，闭合开关，调节电源电压，使V2表的示数保持0.20V不变（即电路中的电流保持2mA不变），再从V1表盘上读出待测温度t。甲 乙 丙（1）热敏电阻R1是___________（选填“正”或“负”）温度系数热敏电阻。在标准大气压下，将R1放入冰水混合物中时，R1的阻值是___________Ω。（2）测温时，保持R2两端电压为0.20V，R1两端的电压随温度升高而___________（选填“变大”“变小”或“不变”）。（3）某次测温时，V1表盘上显示的温度是20℃，此时电源电压为___________V。（4）该热敏电阻温度计测量温度的范围为___________℃。

参考答案一、选择题1.B定值电阻的阻值一定，可以利用计算电阻大小，但导体的电阻与其两端电压无关，不能说成R与U成正比，也不能说成R与U成反比，故A、D错误；定值电阻的阻值一定，由可知，U与I的比值不变，故B正确；定值电阻的阻值一定，由可知，I与U成正比，故C错误。2.D由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源电压，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流，因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，电流表A1示数不变，故C不符合题意；因滑片移动时，电压表V的示数不变，电流表A1示数不变，所以，电压表V示数与电流表A1示数的比值不变，故B不符合题意；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由可知，通过R2的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A的示数变小，故A不符合题意；则电压表V示数与电流表A示数的比值变大，故D符合题意。3.C由图可知，两灯泡串联，两个电流表都测电路中的电流；电压表测灯泡L1两端的电压；若L1断路，则电路中无电流，两个电流表的示数都为0，两盏灯都不亮，故A不符合题意；若L2短路，则L2不亮，电路的总电阻减小，根据可知，电路中的电流变大，两个电流表的示数变大，灯泡L1变亮，故B不符合题意；若电压表短路，此时电流表A2和灯泡L1也被短路，则L1不发光，A2示数为0，电路中只有灯泡L2接入电路中，由于电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表A1示数变大，L2变亮，故C符合题意；若L1短路，则L1不发光，电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，两个电流表示数都变大，L2变亮，故D不符合题意。4.C开关S闭合后，灯L1、L2都能发光，乙只能为电压表，否则电源短路；甲不能为电流表，否则L2短路，故甲、乙都为电压表，两灯串联，甲表测L2两端的电压，乙表测电源电压，甲、乙两个电表的示数之比是3：5；根据串联电路总电压等于各部分电压之和，灯L1、L2两端电压之比为2：3，由分压规律知，两灯电阻之比为2：3。当开关断开时，若乙为电压表，则无论甲是电压表（两灯均不发光）还是电流表（L2不发光），均不符合题意，故乙只能为电流表，则甲也只能为电流表，否则两灯均不发光，且甲电流表测并联电路的总电流，乙电流表测通过L2的电流；根据分流规律，通过灯L1、L2的电流之比等于电阻反比，即，根据并联电路电流的规律，总电流与通过L2的电流之比为5：2，故只有C正确。5.C由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器的滑片P向左移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；由U=IR可知，灯泡两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故C正确。故选C。二、填空题6.答案：12；1；12解析：由可得，导体的电阻，因电阻是导体本身的一种性质，与其两端的电压和通过的电流无关，所以，当该导线两端电压增加到12V或降为0V时，它的电阻仍为12Ω不变，当该导线两端电压增加到12V时，通过它的电流。三、综合题7.答案：（1）负；520（2）变小（3）0.92（4）2.5~40解析：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键，有一定的难度。培养了学生从题干中获取有用信息的能力，熟练运用相关知识的能力，有一定的综合性，能够展示学生的“科学探究”能力，是学以致用的表现，需要灵活运用所学的知识。（1）由图乙可知，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而变小，为负温度系数热敏电阻；在标准大气压下，将R1放入冰水混合物中时，热敏电阻R1的温度为0℃，其阻值为520Ω；（2）测温时，保持R2两端电压为0.20V时，电路中的电流保持2mA不变，因热敏电阻R1的阻值随温度的升高而变小，所以，由U=IR可知，R，两端的电压变小，即R1两端的电压随温度升高而变小；（3）由图乙可知，R1与t的关系为一次函数，设为R1=kt+b，把t=0℃、R1=520Ω和t=30℃、R1=280Ω代入可得520Ω=k×0℃+b，280Ω=k×30℃+b，联立等式可得k=-8Ω/℃，b=520Ω，则，当V1表盘上显示的温度是20℃时，，此时V1的示数U1=IR1=2×10-3A×360Ω=0.72V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时电源电压U=U1+U2=0.72V+0.20V=0.92V；（4）由题意可知，电源电压可在0.60V~1.20V之间调节，当电源的电压U=0.60V时，热