2024年江苏省南京一中明发滨江分校中考物理三模试卷

第1页（共1页）2024年江苏省南京一中明发滨江分校中考物理三模试卷一、选择题（共12小题，每题2分，共24分）1．（2分）下列数据最符合实际的是（）A．日光灯正常工作时，电流约为1.5A B．教室里空气的质量约为260g C．人双脚站立在水平地面上时对地面的压强约为1.2×105Pa D．一位普通中学生的体积约为0.05m32．（2分）下列关于声现象的说法中，错误的是（）A．“男高音”和“引吭高歌”中的“高”都是指音调高 B．声音的响度与声源的振幅有关，振幅越大，响度越大 C．吹笛子时，按下不同位置的笛孔，是为了改变声音的音调 D．超声波体内碎石利用了声波能传递能量的性质（多选）3．（2分）小华在使用电冰箱时发现了许多与物态变化有关的现象，他的判断正确的是（）A．夏天打开冰箱门时能看见“白气”，这是冰箱外的空气放热液化的现象 B．手伸进冷冻室取冰棒时感觉到粘手，这是水凝固成冰的现象 C．发现冷冻室的内壁有一层霜，这是水凝固成冰的现象 D．从冷藏室拿出的汽水，过段时间后瓶外壁出现小水珠，这是熔化现象4．（2分）如图所示的光现象中，与海市蜃楼现象原理相同的是（）A．树荫下的圆形光斑 B．从侧面看，白纸更亮 C．水中“弯折”的筷子 D．水中桥的倒影5．（2分）分子很小，看不见摸不着，但我们可以通过一些直接感知的现象，经过合理的推测来认识分子。下列推测合理的是（）A．现象：空气中沙尘飞舞推测：分子在做无规则运动 B．现象：注射器内的水很难压缩推测：分子之间存在斥力 C．现象：钢丝绳很难被拉断推测：分子之间没有间隙 D．现象：冬天尼龙衣服易粘空气中的灰尘推测：分子之间存在引力作用6．（2分）平直公路上有一辆公交车，车头在拉环的右方，如图中甲图是静止的车内拉环侧面的示意图，图乙、丙、丁是在该车内观察到的同一拉环在不同时刻侧面的情景，以下判断正确的是（）A．甲图中的拉环没有惯性 B．乙图中车此时一定处于静止状态 C．丙图中车此时可能在刹车礼让行人 D．丁图中拉环此时所受重力与吊绳对它的拉力是一对平衡力7．（2分）如图所示，光滑水平桌面上的弹性小球被弹出后，经过A点和B点后落到地面，又被多次弹起，图中虚线为小球的运动轨迹。下列有关小球的运动，描述正确的是（）A．小球反弹经过D点时动能为零 B．小球从A点运动到B点的过程中机械能不断减少 C．若将弹性小球表面涂黑，则会在C、F两点留下等大的黑色圆斑 D．小球经过E点的机械能大于经过G点的机械能8．（2分）甲、乙、丙图分别是“探究不同物质吸热升温的现象”、“比较质量相等的不同燃料燃烧放出的热量”和“探究电阻对电流产生热量多少的影响”的实验装置。对比三个实验有以下判断，其中正确的是（）（1）甲、乙、丙中被加热物质的质量都要相同（2）甲、乙、丙中除了图中的器材，还都要用到的测量工具是天平和秒表（3）把丙图中的一个烧瓶里的液体换成等质量的另一种液体，就可以完成图甲实验（4）乙丙实验中都是通过温度计升高的示数来比较放热多少A．（1）（2） B．（2）（3） C．（1）（4） D．（3）（4）9．（2分）很多小区安装了具备人脸识别功能的门禁系统。若人脸识别成功，开关S1自动闭合，电动机启动打开门；若人脸识别不成功，则需要人工按动开关S2，才能控制电动机打开门。在如图所示的四个电路中，能正确模拟此类门禁系统内部控制电路的是（）A． B． C． D．10．（2分）许多超市出口处装有报警器，它由防盗天线、检测门、检测器构成。正常结底时，贴在商品上的磁性标签会被消磁；若未经消磁，经过检测门时，会产生感应电流显示在仪表上，发出警报，达到防盗目的。如图所示四个实验中与报警器原理相同的是（）A． B． C． D．11．（2分）如图所示为家庭电路的一部分电路，安装在火线上的保险丝是利用电流的热效应工作的，当闭合开关S1、S2，灯泡L1正常发光、L2不亮，再断开S1，保持S2闭合，用测电笔插入插座两孔氖管均发光，则电路故障原因可能是（）A．插座短路 B．bd间断路 C．df间断路 D．L2短路12．（2分）如图甲所示，电源电压不变，小灯泡L的额定电流为0.6A，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V，闭合开关S，在保证电路安全情况下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，分别绘制了电流表示数与电压表示数，电流表示数与滑动变阻器R连入电路阻值的变化关系图像，如图乙、丙所示。则下列说法中正确的是（）A．小灯泡的额定功率0.6W B．电源电压为18V C．若将电压表量程换为0～3V，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为18Ω～50Ω D．若将电压表量程换为0～3V，电路的总功率范围为4.2W～7.5W二、填空题（共7小题，每空1分，共26分）13．（3分）我国自行研制的长征系列运载火箭已将众多卫星送入太空，火箭主要采用液氢作为燃料，液氢属于（选填“常规能源”或“新能源”）。航天器与地面指挥中心通过波联系。返回舱和大气剧烈摩擦产生的巨大热量很难再被回收利用，说明能量的转化具有性。14．（3分）小明利用完全相同的两块木块A、B设计了如图所示的实验，图甲中木块A、B一起做匀速直线运动时，则木块B受到的摩擦力为N；木块A受到的摩擦力为N。图乙中木块B受到的摩擦力为N。15．（3分）如图，滑轮组将重为2.4×104N的重物在10s内匀速吊起2m，滑轮组的机械效率为80%，提升重物做的有用功为J，拉力的功率为W，若动滑轮（含吊钩）的质量为100kg，则克服摩擦和钢丝绳重所做的功为J。16．（7分）随着人民生活水平的提高，汽车已经走进千家万户。已知汽油的热值。（1）给汽车的蓄电池充电时，蓄电池相当于电路中的（填“电源”或“用电器”），汽车两侧的转向灯既可以单侧闪烁，也可以同时闪烁，它们是联的；（2）若该汽车飞轮的转速是3600r/min，则汽油机每秒对外做功次。某汽车消耗汽油2kg，这些汽油完全燃烧放出的热量是J，用来做有用功的那部分能量是2.3×107J，则该发动机的效率是%。发动机工作时需要用冷却液降温，这是通过的方式改变发动机的内能的；（3）当汽车高速行驶时，汽车对地面的压力汽车的重力（选填“小于”或“等于”或“大于”）。17．（2分）甲中均匀木板AB重为8N、长为20cm，恰好有一半伸出水平桌面静止，在B端施加一个始终竖直向上的力F，当F＝N时，木板中点O恰好离开桌面；如图乙，若在A端放一重为10N、边长为2cm的均匀物体M，M左端与木板A端对齐，向右缓慢推动木板cm，AB恰好翻倒。18．（4分）A、B两只轻质薄塑料袋，其中一只装有酒精，另一只装有等质量的盐水，分别放入置于水平桌面上的甲、乙两个相同容器中，容器中装有等质量水的，A静止时如图所示，则A塑料袋内装的是。若将两塑料袋内的空气排尽后密封，重复上述操作，待其在水中静止时，A、B两袋液体受到的浮力分别为FA和FB，两容器中水对容器底的压强分别为p甲和p乙，两容器对桌面的压强分别为p'甲和p'乙，则它们的大小关系为FAFB，p甲p乙，p'甲p'乙。19．（4分）如图甲，这是一款多功能暖菜板，既可保温，也可加热，为了降低桌面温度，还配置有内置散热风扇。其部分加热简化电路图如图乙所示，R1、R2均为电阻阻值不变的电热丝，R1＝24.2Ω；闭合开关S1，只有暖菜板内置风扇工作；当板上食品温度降到50℃时，S2在温度控制电路的作用下自动切换，为食品保温，保温时R1、R2的总功率为500W；当暖菜板上食品温度降到20℃时，S2在控制电路的作用下再次切换，为食品加热；通过温控装置使食品保持在一定温度范围内。（1）保温时，S2应接到位置（选填“1和2”、“2和3”或“3和4”）之间，电热丝R2的阻值是Ω。（2）已知电动机的功率为20W，在加热状态时，若不计热量损失，则暖菜板工作5min产生的热量可使5kg初温20℃的汤温度升高℃[汤的比热容取4.0×103J/（kg•℃）]，在5min内可以使图丙中的电能表表盘转动圈。三、解答题：本题共11小题，共50分。解答第27、28题时要求写出必要的文字说明、公式和演算过程。20．（2分）如图，在平静的湖边上方有一盏路灯，潜水员在水下E处看到了路灯的像。图中A、B两点，其中有一个是路灯，另一个是路灯的像。在图中画出水下E处的潜水员看到路灯的光路图。21．（2分）请画出木块A从图斜面上滑下时，木块A对斜面的作用力。22．（2分）请在图中标出通电螺线管的N极、磁感线方向和电源的正、负极。23．（3分）小帅用如图甲的装置探究冰的熔化特点，画出了温度随时间变化的图像。（1）图甲中，水浴法加热的好处是使冰块。（2）由图乙可知，冰熔化过程经历了min。（3）当冰全部熔化后继续加热，其温度随时间变化的图线应是图乙中的（选填“CD”、“CE”或“CF”）。24．（6分）某实验小组利用实验室器材探究凸透镜成像的规律，如图所示。（1）让一束平行于主光轴的光透过凸透镜，移动光屏，直到光屏上出现一个最小、最亮的光斑，如图甲所示，凸透镜的焦距为cm。（2）保持凸透镜的位置不变，将乙图中的蜡烛移至光具座25.0cm刻度线处，适当移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、清晰的实像（选填“放大”“等大”或“缩小”），该原理应用于（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。将一眼镜片放在烛焰和透镜之间，光屏上的像变模糊，向右移动蜡烛可再次看到清晰的像，则所加眼镜片为透镜。（3）当蜡烛移到45.0cm的位置时，应该在（选填“蜡烛”或“光屏”）一侧透过凸透镜观察像。（4）小明想继续用该装置探究平面镜的成像特点，保持图中的元件位置不变，仅将凸透镜更换为玻璃板，眼睛应该在（填“蜡烛”或“光屏”）一侧观察蜡烛的像。25．（5分）小龙发现力学中有很多相似的实验，他找了如下器材：表面平整的长木板（带斜面）、刻度尺、小车、木块、毛巾、棉布、钩码。（1）如图1，小龙在“探究阻力对物体运动的影响”实验中，让同一小车每次从斜面的（选填“相同”或“不同”）高度由静止滑下，发现水平表面越光滑，小车运动距离越长，推理得出：运动的物体如果不受力将做运动。（2）在十六世纪末，伽利略也进行过上述相关研究，如图2是他实验和推理的示意图，其中属于推理的是（选填“甲”或“乙”）图。（3）在图1丙的基础上，再增加木块，可进行“探究物体的动能与哪些因素有关”的实验。让同一小车从斜面上（选填“相同”或“不同”）高度由静止滑下撞击木块，通过木块滑行距离判断动能的大小，可以探究动能的大小与的关系。26．（4分）小明用压强计探究液体内部压强的影响因素。（1）如图（a）所示，用手按压橡皮膜，U形管两侧液面出现高度差，是因为橡皮管内的气压（选填“大于”“小于”或“等于”）外界大气压。（2）用U形管两侧液面的高度差来反映液体内部压强大小，这是一种重要的科学研究方法，以下实验中没有用到这种方法的是。A．探究电阻的大小与哪些因素有关；B．探究电流与电压、电阻的关系；C．探究电流产生的热量与哪些因素有关。（3）小明在探究完液体内部压强的影响因素后，想比较水的密度ρ水和液体密度ρ液的大小，如图（b）（c），他能否比较出密度大小。要求：①若能，请写出密度大小关系；②若不能，请说明理由。答：。27．（4分）小明在测量物质密度的实验中，进行了如下操作：（1）天平调平后，测量浓盐水的密度。①用天平测烧杯的质量为32g。②用天平测烧杯和浓盐水的总质量，盘中砝码及游码的位置如图甲所示，读数为g。③将烧杯中的浓盐水倒入量筒中，液面的位置如图乙所示。为减小误差，以上操作合理的顺序是（填序号），则浓盐水的密度为g/cm3。（2）小明又想用天平和一杯浓盐水（已知浓盐水的密度为ρ0）及其他辅助器材测量一个质地均匀的萝卜的密度。①把萝卜轻轻放入浓盐水中，待静止后，如图丙所示，在萝卜上标记出液面的位置。②取出萝卜擦干，用刀沿着记号将萝卜切成a、b两块，用天平测出a、b两块的质量分别为m1、m2，则这个萝卜的密度的表达式为ρ＝（用m1、m2、ρ0表示）。28．（8分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡L1上标有“2.5V”字样，电源为两节新干电池。图甲是连接的实物图。（1）图甲有一根导线接错，请在需要改动的导线上打“×”，并在图上改正；（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，而电流表无示数，电压表指针偏转到最右端，则故障可能是小灯泡（选填“短路”或“断路”）。（3）改正电路后，将滑片移至变阻器阻值最大处。闭合开关，电压表示数如图乙，则应该将滑动变阻器的滑片P向（左/右）移动，将电压表的示数调整到2.5V，此时电流表示数如图丙所示，测出小灯泡的额定功率为W；（4）小强想测灯泡的正常发光时的电阻，老师给他一个额定电流为0.3A的小灯泡和一个阻值为20Ω的定值电阻R0，电源电压未知、小强设计的电路图如图丁所示，请将以下实验步骤补充完整。①闭合开关S、S2，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为A；②保持滑片P的位置不变，断开开关S2，闭合开关S1，电流表示数为0.2A；将滑动变阻器的滑片P移到最左端，电流表的示数为0.3A，则电源电压为V；③小灯泡正常发光时的电阻：R＝Ω。29．（6分）随着农业机械化水平的提高，收割机已成为收割小麦的主要工具。为了防止对耕地过分压实影响秋作物的播种，收割机对耕地的压强一般不超过80kPa。已知空载收割机的质量为1000kg，轮胎与耕地的总接触面积始终为0.2m2。（g＝10N/kg）（1）若收割机的正常收割时前进的速度为1m/s，则10分钟收割机前进多少米？（2）收割机储粮仓中的小麦不能超过多少千克？（3）若空载收割机以1m/s速度匀速行驶时，所受阻力为总重力的0.2倍，则空载收割机输出的功率为多大？30．（8分）小斌家的浴室中安装了一种灯暖型“浴霸”。小斌利用热敏电阻设计了一个温度自动控制装置，如图甲所示，控制电路中的R1为热敏电阻，R1的阻值随温度变化的关系如图乙所示，电磁铁的线圈可看成阻值为150Ω的纯电阻R0，“浴霸”共安装有2盏标着“220V440W”的灯泡，当电磁铁的线圈中电流大于或等于50mA时，电磁继电器的衔铁被吸合，使“浴霸”电路断开；当线圈中的电流小于或等于40mA时，电磁继电器的衔铁被释放，“浴霸”电路闭合。求：（1）工作电路正常工作时，每盏灯泡2min内产生的热量；（2）若浴室中的温度不得超过40℃，控制电路的电源电压U的最小值；（3）若控制电路电源电压恒为18V，则将此装置放在浴室内，浴室内温度可控制范围的大小。

2024年江苏省南京一中明发滨江分校中考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每题2分，共24分）1．（2分）下列数据最符合实际的是（）A．日光灯正常工作时，电流约为1.5A B．教室里空气的质量约为260g C．人双脚站立在水平地面上时对地面的压强约为1.2×105Pa D．一位普通中学生的体积约为0.05m3【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A.日光灯正常工作时，电流约为0.2A，故A不符合实际；B.一间空教室的体积约为V＝10m×8m×3m＝240m3，一间空教室的空气质量约为m＝ρV＝1.29kg/m3×240m3≈300kg，故B不符合实际；C.一个中学生对地面的压力约500N，双脚与地面的接触面积约400cm2＝0.04m2，双脚站立时对地面的压强约为p＝＝＝1.25×104Pa，故C不符合实际；D.一位普通中学生的质量约为50kg，人的密度与水的密度接近，约为1.0×103kg/m3，中学生的体积V＝＝＝0.05m3，故D符合实际。故选：D。【点评】对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。2．（2分）下列关于声现象的说法中，错误的是（）A．“男高音”和“引吭高歌”中的“高”都是指音调高 B．声音的响度与声源的振幅有关，振幅越大，响度越大 C．吹笛子时，按下不同位置的笛孔，是为了改变声音的音调 D．超声波体内碎石利用了声波能传递能量的性质【分析】（1）音调指声音的高低，是由物体振动的频率决定的；（2）响度指声音的强弱，是由振动的振幅决定的；（3）声音可以传递能量和信息。【解答】解：A、“引吭高歌”中的“高”是指声音的响度大，不是指声音的音调高，故A错误；B、响度指声音的强弱，是由振动的振幅决定的，故B正确；C、吹笛子时，按下不同位置的笛孔，改变了笛子里面的空气柱，是为了改变声音的音调，故C正确。D、超声波体外碎石表明声波能传递能量，故D正确。故选：A。【点评】本题考查了音调和响度与音色的区分、减弱噪声的途径，属于声学基础知识的考查，相对比较简单。（多选）3．（2分）小华在使用电冰箱时发现了许多与物态变化有关的现象，他的判断正确的是（）A．夏天打开冰箱门时能看见“白气”，这是冰箱外的空气放热液化的现象 B．手伸进冷冻室取冰棒时感觉到粘手，这是水凝固成冰的现象 C．发现冷冻室的内壁有一层霜，这是水凝固成冰的现象 D．从冷藏室拿出的汽水，过段时间后瓶外壁出现小水珠，这是熔化现象【分析】（1）物质由气态变为液态的过程叫液化，液化放热；（2）物质由液态变为固态的过程叫凝固；（3）物质由气态直接变为固态的过程叫凝华；（4）物质由固态变为液态的过程叫熔化。【解答】解：A、夏天打开冰箱门时能看见“白气”，这是冰箱外的水蒸气遇冷液化放热形成的现象，故A正确；B、手伸进冷冻室取冰棒时感觉到粘手，这是水凝固的现象，故B正确；C、发现冷冻室的内壁有一层霜，这是水蒸气的凝华的现象，故C错误；D、从冷藏室拿出的汽水，过段时间后瓶外壁出现小水珠，这是水蒸气遇冷液化现象，故D错误。故选：AB。【点评】本题考查了物态变化的判断，要能够根据物态变化的定义去判断相关的物态变化，这是热学中的常考题，难度不大。4．（2分）如图所示的光现象中，与海市蜃楼现象原理相同的是（）A．树荫下的圆形光斑 B．从侧面看，白纸更亮 C．水中“弯折”的筷子 D．水中桥的倒影【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的界面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。【解答】解：海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播发生的折射现象。A、树荫下的圆形光斑属于小孔成像，是由于光的直线传播形成的，故A不符合题意；B、当手电筒的光正对着平面镜和白纸照射，平面镜发生镜面反射，白纸表面是粗糙的，发生漫反射，反射光线射向四面八方，从侧面看时，有光线进入人眼，人眼感觉白纸是亮的，故B不符合题意；C、从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，感觉折断了，属于光的折射现象，故C符合题意；D、桥在水中形成倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D不符合题意。故选：C。【点评】现实生活中有很多与光有关的现象，平时要注意多观察，多思考，并用所学光学知识去解释观察到的光学现象，这能提高我们运用所学知识解决实际问题的能力。5．（2分）分子很小，看不见摸不着，但我们可以通过一些直接感知的现象，经过合理的推测来认识分子。下列推测合理的是（）A．现象：空气中沙尘飞舞推测：分子在做无规则运动 B．现象：注射器内的水很难压缩推测：分子之间存在斥力 C．现象：钢丝绳很难被拉断推测：分子之间没有间隙 D．现象：冬天尼龙衣服易粘空气中的灰尘推测：分子之间存在引力作用【分析】要解答本题需掌握：①扩散现象是分子运动，以及机械运动和分子运动的区别，②物体很难被压缩说明分子间存在斥力；物体很难被拉开说明分子间存在引力。【解答】解：A、空气中沙尘飞舞是沙尘的机械运动，沙尘是眼可以看到的，不是分子，故A不合理；B、注射器内的水很难压缩，说明分子之间存在着相互作用的斥力，故B合理；C、钢丝绳很难被拉断，说明分子之间存在着相互作用的引力，故C不合理；D、冬天尼龙衣服易粘空气中的灰尘，这是穿在身上的衣服由于相互摩擦，使衣服上带了电，而带电体会吸引不带电的轻小物体，所以衣服容易会“粘”灰，这是摩擦起电现象，故D不合理。故选：B。【点评】本题主要考查学生对：分子动理论知识的了解和掌握，以及分子运动和机械的运动的区别。6．（2分）平直公路上有一辆公交车，车头在拉环的右方，如图中甲图是静止的车内拉环侧面的示意图，图乙、丙、丁是在该车内观察到的同一拉环在不同时刻侧面的情景，以下判断正确的是（）A．甲图中的拉环没有惯性 B．乙图中车此时一定处于静止状态 C．丙图中车此时可能在刹车礼让行人 D．丁图中拉环此时所受重力与吊绳对它的拉力是一对平衡力【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；（2）平衡状态包括静止和匀速直线运动状态；（3）根据惯性现象可分析拉环向前摆时车的运动情况；（4）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。【解答】解：A、一切物体都有惯性，甲图中的拉环有惯性，故A错误；B、乙图中拉环在竖直方向，车此时可能处于静止状态，也可能处于匀速直线运动状态，故B错误；C、丙图中拉环向前摆，车此时可能在刹车礼让行人，车减速后，拉环由于惯性仍保持原来的运动状态，才会出现向前摆的情况，故C正确；D、丁图中拉环向后摆，此时所受重力与吊绳对它的拉力不在一条直线上，不是一对平衡力，故D错误。故选：C。【点评】本题围绕生活中的情景，考查了对惯性的认识，对平衡状态的判断，对平衡力的辨别，属基础题。7．（2分）如图所示，光滑水平桌面上的弹性小球被弹出后，经过A点和B点后落到地面，又被多次弹起，图中虚线为小球的运动轨迹。下列有关小球的运动，描述正确的是（）A．小球反弹经过D点时动能为零 B．小球从A点运动到B点的过程中机械能不断减少 C．若将弹性小球表面涂黑，则会在C、F两点留下等大的黑色圆斑 D．小球经过E点的机械能大于经过G点的机械能【分析】影响重力势能的因素：质量、高度；影响动能的因素：质量、速度；影响弹性势能的因素：弹性形变程度；小球弹跳的高度会越来越低，这说明在势能和动能的转化过程中有能量的消耗，所以小球的机械能越来越小。【解答】解：A、从轨迹来看，小球既有水平方向的速度又有竖直方向的速度，小球在最高点时，竖直方向速度为零，水平方向速度不为零，则小球在D点的动能不为零，故A错误；B、小球从A点运动到B点的过程中，因光滑桌面没有摩擦阻力，小球处于平衡状态，其速度大小不变，又高度不变，所以动能和重力势能不变，故机械能不变，故B错误；C、弹性势能大小与弹性形变程度有关，黑色圆斑的大小能反映小球弹性形变程度，圆斑越大，形变越大，在C点与在F点时，小球的动能与重力势能都为零，而每次小球反弹到的最高点都比上一次的最高点低，说明小球受到空气阻力作用，机械能逐渐变小，所以小球在C点的机械能大于在F点的机械能，故小球在C点的弹性势能大于在F点的弹性势能，小球在C点的圆斑要大于在F点的圆斑，故C错误；D、小球在多次弹起过程中，机械能逐渐变小，而E点在G点之前，故小球经过E点的机械能大于经过G点的机械能，故D正确。故选：D。【点评】本题通过小球的运动情况，考查了对重力势能、动能、弹性势能影响因素的了解，对机械能守恒的认识，分析时要细心，但总体难度不大。8．（2分）甲、乙、丙图分别是“探究不同物质吸热升温的现象”、“比较质量相等的不同燃料燃烧放出的热量”和“探究电阻对电流产生热量多少的影响”的实验装置。对比三个实验有以下判断，其中正确的是（）（1）甲、乙、丙中被加热物质的质量都要相同（2）甲、乙、丙中除了图中的器材，还都要用到的测量工具是天平和秒表（3）把丙图中的一个烧瓶里的液体换成等质量的另一种液体，就可以完成图甲实验（4）乙丙实验中都是通过温度计升高的示数来比较放热多少A．（1）（2） B．（2）（3） C．（1）（4） D．（3）（4）【分析】（1）探究“不同物质吸热升温现象”，需要用相同的加热装置，燃烧相同的燃料（根据转换法，确保相同时间放出的热量相同），加热相同的时间，比较质量和初温相同的液升高的温度；（2）探究“比较不同燃料燃烧时放出的热量”，为比较不同燃料燃烧放出的热量大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，液体升温越高，则燃料放出的热量越多；（3）探究“影响电流热效应的因素”实验中，用温度计升高的度数体现电热，用控制变量法研究与电阻的关系：串联时控制电流和通电时间一定。【解答】解：甲中控制沙子和水的质量相同、吸收的热量相同，同时记录温度升高的数值，吸收相同的热量通过相同的酒精灯火焰加热相同的时间实现，故需要天平和秒表；乙中控制酒精和碎纸片的质量相同、烧杯中的水的质量相同，需要天平，通过温度计温度升高的多少表示燃料放出的热量多少，两种燃料必须燃烧干净，不需要秒表；丙中控制电流相同、被加热液体的种类和质量相同，由于两电阻串联加热时间相同必相同，故需要天平，不需要秒表，综上可知，（1）正确，（2）错误；丙中换另一种等质量的液体后，还需要更换两电阻丝的阻值相同才能保证相同时间产生相同的热量，故（3）错误；乙实验中两个烧杯中装有相同质量的同种液体，丙实验中两个烧瓶内也装有相同质量的同种液体，乙和丙实验中的都是通过温度计升高的示数来判断放热的多少，应用了转换法、控制变量法，故（4）正确。综上可知（1）（4）正确，（2）（3）错误。故选：C。【点评】本题将“比较不同燃料燃烧放出的热量大小”、和探究“不同物质吸热升温现象”和“探究影响电流热效应的因素”三个实验作比较，考查相同和不同之处及转换法和控制变量法，为易错题。9．（2分）很多小区安装了具备人脸识别功能的门禁系统。若人脸识别成功，开关S1自动闭合，电动机启动打开门；若人脸识别不成功，则需要人工按动开关S2，才能控制电动机打开门。在如图所示的四个电路中，能正确模拟此类门禁系统内部控制电路的是（）A． B． C． D．【分析】根据题意确定两开关的连接方式再与电动机串联。【解答】解：根据题意，若人脸识别成功，开关S1自动闭合，电动机启动打开门；若人脸识别不成功，则需要人工按动开关S2，才能控制电动机打开门，则两个开关单独都能打开大门，即两开关并联后再与电动机串联（串联在电路的R起到保护电路的作用），只有B正确。故选：B。【点评】本题结合生活实际考查根据要求设计电路图，关键是确定两开关的连接方式。10．（2分）许多超市出口处装有报警器，它由防盗天线、检测门、检测器构成。正常结底时，贴在商品上的磁性标签会被消磁；若未经消磁，经过检测门时，会产生感应电流显示在仪表上，发出警报，达到防盗目的。如图所示四个实验中与报警器原理相同的是（）A． B． C． D．【分析】闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就有感应电流，该现象称为电磁感应现象，该过程中将机械能转化为电能。【解答】解：据“若未经消磁，经过检测门时，防盗天线便检测到商品上标签的磁性，从而转化为电流”可知，该过程是将机械能转化为电能的过程，是电磁感应现象；A、该实验是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，是电流的磁效应，故A错误；B、该实验是探究电磁铁磁性强弱影响因素的实验，是电流的磁效应，故B错误；C、该实验是电磁感应实验，将机械能转化为电能，故C正确；D、通电能运动，故是电动机原理，将电能转化为机械能，故D错误。故选：C。【点评】在掌握课本中有关电磁感应和通电导体在磁场中受力的基础知识的基础上，此题将迎刃而解。电磁感应与通电导体在磁场中受力运动这两个实验的前提条件是不同的，电磁感应是用来产生电的，所以该实验装置中没有电源；而通电导体在磁场中受力的实验，电路中有电源。因此可以利用电路中有无电源来区分两个实验。11．（2分）如图所示为家庭电路的一部分电路，安装在火线上的保险丝是利用电流的热效应工作的，当闭合开关S1、S2，灯泡L1正常发光、L2不亮，再断开S1，保持S2闭合，用测电笔插入插座两孔氖管均发光，则电路故障原因可能是（）A．插座短路 B．bd间断路 C．df间断路 D．L2短路【分析】测电笔在使用时，应将笔尖接触导线，手接触笔尾的金属体，这样就可以形成回路，如果直接或间接接触火线，氖管会发光。【解答】解：闭合开关S1、S2，灯泡L1正常发光、L2不亮；说明a、b向左的电路完好，a、b向右部分存在断路，断开S1，保持S2闭合，用测电笔插入插座两孔，两孔与火线之间是接通的，氖管都发光，则电路故障原因可能是bd间断路。故选：B。【点评】本题考查了本题考查了家庭电路故障的分析属于基础题。12．（2分）如图甲所示，电源电压不变，小灯泡L的额定电流为0.6A，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V，闭合开关S，在保证电路安全情况下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，分别绘制了电流表示数与电压表示数，电流表示数与滑动变阻器R连入电路阻值的变化关系图像，如图乙、丙所示。则下列说法中正确的是（）A．小灯泡的额定功率0.6W B．电源电压为18V C．若将电压表量程换为0～3V，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为18Ω～50Ω D．若将电压表量程换为0～3V，电路的总功率范围为4.2W～7.5W【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）根据图乙读出通过灯泡的电流为0.6A时其两端的电压，根据P＝UI求出小灯泡的额定功率；（2）当电路中的电流为0.6A时，根据图丙读出变阻器接入电路中的电阻，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；根据图乙可知电路最小电流和电压表的示数，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，再根据串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大阻值；（3）若将电压表量程换为0～3V，当电路中电流最大时，电压表示数也最大，此时滑动变阻器接入电阻最小，根据图乙读出通过灯泡即电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡两端的电压最小，由图丙可知变阻器接入电路中的最大阻值，然后得出答案。【解答】解：A、由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流。通过灯泡的电流为0.6A时，其两端的电压为6V，则小灯泡的额定功率PL＝UIL＝6V×0.6A＝3.6W，故A错误；B．当电路中的电流为0.6A时，灯泡两端的电压为6V，由图丙可知，变阻器接入电路中的电阻R＝15Ω，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压U＝UL+IR＝6V+0.6A×15Ω＝15V，故B错误；CD、若将电压表量程换为0～3V，当电路中电流最大时，电压表示数也最大，此时滑动变阻器接入电阻最小，由图乙可知，通过灯泡即电路中的电流I'＝0.5A，此时滑动变阻器两端的电压U滑'＝U﹣UL'＝15V﹣3V＝12V，则滑动变阻器接入电路中的最小阻值R小＝＝＝24Ω，此时电路的最大功率为P大＝UI大＝15V×0.5A＝7.5W，滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡两端的电压最小，由图丙可知，变阻器接入电路中的最大阻值50Ω，此时电路的最小功率为P小＝UI小＝15V×0.28A＝4.2W，所以滑动变阻器允许连入电路的阻值范围24Ω～50Ω，电路的总功率范围4.2W～7.5W，故C错误，D正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，从图象中获取有用的信息是关键。二、填空题（共7小题，每空1分，共26分）13．（3分）我国自行研制的长征系列运载火箭已将众多卫星送入太空，火箭主要采用液氢作为燃料，液氢属于常规能源（选填“常规能源”或“新能源”）。航天器与地面指挥中心通过电磁波波联系。返回舱和大气剧烈摩擦产生的巨大热量很难再被回收利用，说明能量的转化具有方向性。【分析】液氢属于常规能源；电磁波可以传递信息，电磁波的传播不需要介质；能量的转化具有方向性。【解答】解：火箭主要采用液氢作为燃料，这是因为液氢的热值大，液氢属于常规能源；航天器与地面指挥中心通过电磁波传递信息；返回舱和大气剧烈摩擦产生的巨大热量很难再被回收利用，说明能量的转化具有方向性。故答案为：常规能源；电磁波；方向。【点评】本题考查了对能源的理解，对电磁波、能量转化方向性的了解，属基础题。14．（3分）小明利用完全相同的两块木块A、B设计了如图所示的实验，图甲中木块A、B一起做匀速直线运动时，则木块B受到的摩擦力为0N；木块A受到的摩擦力为1.2N。图乙中木块B受到的摩擦力为0.6N。【分析】滑动摩擦力产生的条件：两接触面粗糙，且相互挤压，有相对运动的趋势或相对运动；对整体受力分析得出，摩擦力的大小；根据图乙可知，绳子对A的拉力为1.2可知整体受到的滑动摩擦力大小，A和B对支持面的压力相同，两个的摩擦力相同，根据总摩擦力得出B的摩擦力大小。【解答】解：图甲中木块A、B一起做匀速直线运动时，B相对A没有相对运动的趋势，则木块B受到的摩擦力为0N；AB整体匀速直线运动，拉力与摩擦力平衡，故A受到的摩擦力为1.2N；根据图乙可知，绳子对A的拉力为1.2N，A和B质量相同，对支持面的压力相同，乙图中，B做匀速直线运动，故绳子对B的拉力大小等于B受到的滑动摩擦力；图乙中A、B一起做匀速直线运动时，两个的总摩擦力为1.2N，每个的摩擦力为0.6N。故答案为：0；1.2；0.6。【点评】本题考查摩擦力的产生条件、大小及其有关因素，属于中档题。15．（3分）如图，滑轮组将重为2.4×104N的重物在10s内匀速吊起2m，滑轮组的机械效率为80%，提升重物做的有用功为4.8×104J，拉力的功率为6000W，若动滑轮（含吊钩）的质量为100kg，则克服摩擦和钢丝绳重所做的功为9000J。【分析】（1）利用W＝Gh求提升重物做的有用功；（2）知道滑轮组的机械效率，利用η＝求拉力做的总功；再利用P＝求拉力的功率；（3）利用W＝Gh＝mgh求提升动滑轮做的额外功，拉力做的额外功等于提升动滑轮做的功、克服摩擦和钢丝绳重所做的功之和，据此求克服摩擦和钢丝绳重所做的额外功．【解答】解：（1）提升重物做的有用功：W有用＝Gh＝2.4×104N×2m＝4.8×104J；（2）由η＝＝80%可得拉力做的总功：W总＝＝＝6×104J，拉力做功功率：P＝＝＝6000W；（3）拉力做的额外功：W额＝W总﹣W有用＝6×104J﹣4.8×104J＝1.2×104J，提升动滑轮做的额外功：W额1＝G动h＝m动gh＝100kg×10N/kg×2m＝3000J，克服摩擦和钢丝绳重所做的额外功：W额2＝W额﹣W额1＝1.2×104J﹣3000J＝9000J．故答案为：4.8×104；6000；9000．【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功的计算，弄清楚题中额外功由克服动滑轮重和克服摩擦和钢丝绳重所做的功两部分组成是解题的关键。16．（7分）随着人民生活水平的提高，汽车已经走进千家万户。已知汽油的热值。（1）给汽车的蓄电池充电时，蓄电池相当于电路中的用电器（填“电源”或“用电器”），汽车两侧的转向灯既可以单侧闪烁，也可以同时闪烁，它们是并联的；（2）若该汽车飞轮的转速是3600r/min，则汽油机每秒对外做功30次。某汽车消耗汽油2kg，这些汽油完全燃烧放出的热量是9.2×107J，用来做有用功的那部分能量是2.3×107J，则该发动机的效率是25%。发动机工作时需要用冷却液降温，这是通过热传递的方式改变发动机的内能的；（3）当汽车高速行驶时，汽车对地面的压力小于汽车的重力（选填“小于”或“等于”或“大于”）。【分析】（1）电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成；电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作；（2）由四冲程内燃机每个工作循环，完成四个冲程，飞轮转动2周，对外做功1次，据此判断；通过公式Q放＝mq可以计算汽油完全燃烧放出的热量，再由效率公式计算汽油机的效率；改变内能的方式是热传递和做功；（3）流体的流速越大的位置，压强越小；流体的流速越小的位置，压强越大。【解答】解：（1）给汽车的蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，在电路中相当于用电器；汽车两侧的转向灯既可以单侧闪烁，也可以同时闪烁，说明两侧的转向灯可以独立工作，互不影响，因此它们是并联的；（2）由飞轮的转速3600r/min可知，每秒飞轮转动60周；由四冲程内燃机每个工作循环，完成四个冲程，飞轮转动2周，对外做功1次可知，汽油机每秒完成30个工作循环，对外做功30次；2kg汽油完全燃烧放出的热量：Q放＝m汽油q汽油＝2kg×4.6×107J/kg＝9.2×107J；该发动机的效率为：η＝×100%＝×100%＝25%；通过热传递的方式改变发动机的内能，使发动机的温度不致升得太高；（3）小汽车在水平公路上高速行驶时，小汽车上方空气流动速度大于下方的空气流动速度，会产生向上的升力，因此小汽车对路面的压力小于汽车的重力。故答案为：（1）用电器；并；（2）30；9.2×107；25；热传递；（3）小于。【点评】本题考查了电路的组成、串、并联电路的辨别、热机的工作特点、燃料完全燃烧放热公式、效率公式和流体压强与流速的关系等知识，综合性较强，有一定的难度。17．（2分）甲中均匀木板AB重为8N、长为20cm，恰好有一半伸出水平桌面静止，在B端施加一个始终竖直向上的力F，当F＝4N时，木板中点O恰好离开桌面；如图乙，若在A端放一重为10N、边长为2cm的均匀物体M，M左端与木板A端对齐，向右缓慢推动木板5cm，AB恰好翻倒。【分析】根据杠杆的平衡条件计算所用力的大小；找出重心位置，根据杠杆的平衡条件分析移动的距离。【解答】解：在B端施加一个始终竖直向上的力F，此时支点是A，阻力臂为AO，动力臂等于AB长，匀质木板，重心在中点，AB＝2AO，根据杠杆的平衡条件知F×AB＝G×AO，则F＝×G＝×8N＝4N；如图乙所示，若在A端放一重为10N、长为2cm的匀质物体M，M的左端与木板的A端对齐，重心到O的距离为×20cm﹣×2cm＝9cm，该装置恰好翻倒，乙桌子边缘为支点，假设推动的距离为L，则此时动力是木板的重力G＝8N，动力臂为L，阻力臂9cm﹣L，根据杠杆平衡条件有：8N×L＝10N×（9cm﹣L），解得L＝5cm。故答案为：4；5。【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用与动态平衡，属于中档题。18．（4分）A、B两只轻质薄塑料袋，其中一只装有酒精，另一只装有等质量的盐水，分别放入置于水平桌面上的甲、乙两个相同容器中，容器中装有等质量水的，A静止时如图所示，则A塑料袋内装的是盐水。若将两塑料袋内的空气排尽后密封，重复上述操作，待其在水中静止时，A、B两袋液体受到的浮力分别为FA和FB，两容器中水对容器底的压强分别为p甲和p乙，两容器对桌面的压强分别为p'甲和p'乙，则它们的大小关系为FA＜FB，p甲＜p乙，p'甲＝p'乙。【分析】物体漂浮时受到的浮力等于自身的重力；酒精和盐水的质量相同，根据酒精的体积、盐水的体积、排开的水的体积分析A塑料袋中液体的类型；根据物体的浮沉条件判定A、B两袋液体在水中的浮沉状态、浮力和重力的大小关系，从而得出浮力的大小关系；根据阿基米德原理分析A、B两袋液体排开的水的体积的大小关系判定液面高度的变化，根据p＝ρgh分析容器底部受到的压强的大小关系；水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，根据p＝分析两容器对桌面的压强的大小关系。【解答】解：根据图示可知，A静止时处于漂浮状态，受到的浮力等于自身的重力；根据阿基米德原理可知，浮力大小等于排开的水的重力；根据图示可知，A排开的水的体积大于液体的体积，根据G＝mg＝ρgV可知，液体的密度大于水的密度，所以A塑料袋中装的是盐水；若将两塑料袋内的空气排尽后密封，重复上述操作，水的密度不变，所以B塑料袋在水中漂浮；盐水的密度大于水的密度，则A塑料袋在水中下沉；根据物体的浮沉条件可知，B塑料袋受到的浮力等于自身的重力，A塑料袋受到的浮力小于自身的重力，A、B塑料袋中液体的质量相同，重力相同，所以A塑料袋受到的浮力小于B塑料袋受到的浮力，即FA＜FB；根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，B塑料袋排开的水的体积大，水面上升的高，根据p＝ρgh可知，两容器中水对容器底的压强分别为p甲＜p乙；容器相同，水的质量相同，A、B塑料袋及液体的质量相同，前后两次的总质量相同，根据G＝mg可知，总重力相同，所以两容器对桌面的压力相同，受力面积相同，根据p＝可知两容器对桌面的压强大小相同，即p'甲＝p'乙。故答案为：盐水；＜；＜；＝。【点评】本题考查重力公式、压强定义式、阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，综合性强。19．（4分）如图甲，这是一款多功能暖菜板，既可保温，也可加热，为了降低桌面温度，还配置有内置散热风扇。其部分加热简化电路图如图乙所示，R1、R2均为电阻阻值不变的电热丝，R1＝24.2Ω；闭合开关S1，只有暖菜板内置风扇工作；当板上食品温度降到50℃时，S2在温度控制电路的作用下自动切换，为食品保温，保温时R1、R2的总功率为500W；当暖菜板上食品温度降到20℃时，S2在控制电路的作用下再次切换，为食品加热；通过温控装置使食品保持在一定温度范围内。（1）保温时，S2应接到位置2和3（选填“1和2”、“2和3”或“3和4”）之间，电热丝R2的阻值是72.6Ω。（2）已知电动机的功率为20W，在加热状态时，若不计热量损失，则暖菜板工作5min产生的热量可使5kg初温20℃的汤温度升高30℃[汤的比热容取4.0×103J/（kg•℃）]，在5min内可以使图丙中的电能表表盘转动500圈。【分析】（1）根据电阻的串并联规律和P＝UI＝分析保温时的工作状态；根据电阻的串联结合P＝求出定值电阻R2的阻值；（2）开关S2转到3和4之间为加热状态，此时电路为R1的简单电路，根据W＝t得出多功能暖菜板加热状态下工作5min消耗的电能；若不计热量损失，根据Q吸＝W得出汤吸收的热量，根据Q吸＝cmΔt得出汤温度的变化量；根据电能表的参数和消耗的电能计算电能表转动的圈数。【解答】解：（1）当开关S2接到位置2和3之间，R1、R2串联，再与电动机并联；由串联电路的电阻特点可知，加热电路电阻最大，根据P＝UI＝可知，电功率最小，多功能暖菜板处于保温状态；保温时R1、R2的总功率为500W，根据P＝可知，R1和R2的总电阻为：R12＝＝＝96.8Ω，则R2＝R12﹣R1＝96.8Ω﹣24.2Ω＝72.6Ω；（2）开关S2转到3和4之间为加热状态，此时电路为R1的简单电路，则多功能暖菜板加热状态下工作5min消耗的电能为：W＝t＝×5×60s＝6×105J；若不计热量损失，则汤吸收的热量Q吸＝W＝6×105J，根据Q吸＝cmΔt可知，Δt＝＝＝30℃；在5min内可以使图丙中的电能表表盘转动的圈数为n：；解得：。故答案为：（1）2和3；72.6；（2）30；（3）500。【点评】本题考查了串并联电路的特点、吸热公式和电功率公式的应用，关键是判断出保温箱处于不同挡位时电路的连接方式是关键。三、解答题：本题共11小题，共50分。解答第27、28题时要求写出必要的文字说明、公式和演算过程。20．（2分）如图，在平静的湖边上方有一盏路灯，潜水员在水下E处看到了路灯的像。图中A、B两点，其中有一个是路灯，另一个是路灯的像。在图中画出水下E处的潜水员看到路灯的光路图。【分析】路灯发出的光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，潜水员在水下逆着光的传播方向看到路灯的像会比路灯本身偏高一些，所以B是路灯的虚像点，A是路灯的发光点。【解答】解：由分析可知，B是路灯的虚像点，A是路灯的发光点；连接眼睛处的E点与像点B，EB与界面的交点即为入射点O，则OE为折射光线，连接AO，AO就是入射光线，即可完成水下E处的潜水员看到路灯A的光路图；如图所示：【点评】作图时注意入射光线和折射光线用实线画，折射光线的反向延长线用虚线画，另外光线箭头很容易画错。21．（2分）请画出木块A从图斜面上滑下时，木块A对斜面的作用力。【分析】根据物体的运动情况分析出物体所受到的力，再根据物体受力情况得到斜面受力情况，然后按照力的示意图的画法根据题目要求画出各个力。【解答】解：在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面向下、带箭头的线段即为压力F的示意图，如图所示：【点评】本题关键确定力的作用点和方向，并会用力的示意图表示力的三要素。22．（2分）请在图中标出通电螺线管的N极、磁感线方向和电源的正、负极。【分析】（1）根据小磁针的指向，结合磁极间的相互作用规律，靠近小磁针N极的一端为通电螺线管的S极，根据磁感线特点可确定磁感线方向。（2）安培定则，伸出右手使大拇指指向通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向。【解答】解：由于异名磁极相互吸引，所以当小磁针自由静止时，与小磁针N极靠近的螺线管的右端一定是S极；根据图示的线圈绕向和螺线管的NS极，利用安培定则可以确定螺线管中电流的方向是从螺线管的右端流入，左端流出，因此电源的右端为正极，左端为负极。磁感线方向从N极指向S极。答案如下图所示：【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。在此题的第二问中就是间接告诉了磁场方向和线圈绕向来确定电流方向。23．（3分）小帅用如图甲的装置探究冰的熔化特点，画出了温度随时间变化的图像。（1）图甲中，水浴法加热的好处是使冰块受热均匀。（2）由图乙可知，冰熔化过程经历了6min。（3）当冰全部熔化后继续加热，其温度随时间变化的图线应是图乙中的CD（选填“CD”、“CE”或“CF”）。【分析】本题为基本的熔化实验探究，结合比热容的概念理解即可解决，难度不大。【解答】解：（1）水浴法的好处是使冰块受热均匀。（2）晶体熔化过程为温度保持不变的过程，即图像上的4﹣10分钟这段，即6分钟。（3）冰熔化为水后，比热容变为原来的两倍，因此相同时间内升温量是原来的一半，即4分钟应当升2℃，选择CD。故答案为：（1）受热均匀；（2）6；（3）CD。【点评】考察晶体熔化过程和比热容基本概念，难度不大。24．（6分）某实验小组利用实验室器材探究凸透镜成像的规律，如图所示。（1）让一束平行于主光轴的光透过凸透镜，移动光屏，直到光屏上出现一个最小、最亮的光斑，如图甲所示，凸透镜的焦距为10.0cm。（2）保持凸透镜的位置不变，将乙图中的蜡烛移至光具座25.0cm刻度线处，适当移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、缩小清晰的实像（选填“放大”“等大”或“缩小”），该原理应用于照相机（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。将一眼镜片放在烛焰和透镜之间，光屏上的像变模糊，向右移动蜡烛可再次看到清晰的像，则所加眼镜片为凸透镜。（3）当蜡烛移到45.0cm的位置时，应该在光屏（选填“蜡烛”或“光屏”）一侧透过凸透镜观察像。（4）小明想继续用该装置探究平面镜的成像特点，保持图中的元件位置不变，仅将凸透镜更换为玻璃板，眼睛应该在蜡烛（填“蜡烛”或“光屏”）一侧观察蜡烛的像。【分析】（1）平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；（2）根据u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用；（3）根据u＜f，成正立、放大的虚像，像与物同侧；（4）平面镜所成的像是反射光线的反向延长线会聚而成的，不是实际光线会聚而成，所以成的像是虚像，用光屏接收不到，只能用眼睛观察，据此作答。【解答】解：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f＝60.0cm﹣50.0cm＝10.0cm；（2）保持凸透镜的位置不变，将乙图中的蜡烛移至光具座25.0cm刻度线处，此时物距u＝50.0cm﹣25.0cm＝25.0cm＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；将一眼镜片放在烛焰和透镜之间，光屏上的像变模糊，向右移动蜡烛可再次看到清晰的像，说明该眼镜片对光线具有会聚作用，远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，会将光线提前会聚成像；（3）当蜡烛移到45.0cm的位置，此时物距u＝50.0cm﹣45.0cm＝5.0cm＜f，成正立、放大的虚像，像与物同侧，故应该在光屏一侧透过凸透镜观察像；（4）平面镜成的像是光的反射形成的，作为物的蜡烛发出的光线经玻璃板反射，被人眼接收，才能看到像，故眼睛应在蜡烛所在这一侧观察蜡烛的像。故答案为：（1）10.0；（2）缩小；照相机；凸；（3）光屏；（4）蜡烛。【点评】本题是考查“探究凸透镜成像规律”的实验，涉及了凸透镜成像规律的应用和平面镜成像特点等，难度一般。25．（5分）小龙发现力学中有很多相似的实验，他找了如下器材：表面平整的长木板（带斜面）、刻度尺、小车、木块、毛巾、棉布、钩码。（1）如图1，小龙在“探究阻力对物体运动的影响”实验中，让同一小车每次从斜面的相同（选填“相同”或“不同”）高度由静止滑下，发现水平表面越光滑，小车运动距离越长，推理得出：运动的物体如果不受力将做匀速直线运动。（2）在十六世纪末，伽利略也进行过上述相关研究，如图2是他实验和推理的示意图，其中属于推理的是乙（选填“甲”或“乙”）图。（3）在图1丙的基础上，再增加木块，可进行“探究物体的动能与哪些因素有关”的实验。让同一小车从斜面上不同（选填“相同”或“不同”）高度由静止滑下撞击木块，通过木块滑行距离判断动能的大小，可以探究动能的大小与速度的关系。【分析】（1）根据控制变量法，在实验过程中，该同学让小车从斜面的同一位置静止释放，这一操作的目的是控制小车下滑到水平面的速度相同，根据实验得出的结论推理回答；（2）实际中不受力的物体不存在，根据推理法得出运动的物体没有阻力的影响它将在水平面上一直运动下去；（3）物体的动能大小与物体的质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；根据转换法，通过比较木块在同一水平面上被撞击后通过的距离来比较小车到达水平面时动能的大小。【解答】解：（1）小明探究“阻力对物体运动的影响”实验时，选择的器材如图1所示。由控制变量法，让小车每次从同一斜面同一高度静止开始滑下。发现水平表面越光滑，小车运动距离越长，经过推理得出：运动的物体如果不受力，小车通过的距离无限长，小车将做匀速直线运动；（2）实际中不受力的物体不存在，甲图是实验现象，图乙是伽利略的推理示意图；（3）探究“动能的大小与哪些因素有关”的实验，根据转换法，通过木块撞击后通过的距离来判断动能的大小；物体的动能大小与物体的质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；让小车从斜面上不同的高度静止开始滑下撞击木块，小车下滑到水平面的速度不同，就可以探究动能的大小与速度的关系。故答案为：（1）相同；匀速直线；（2）乙；（3）不同；速度。【点评】本题探究阻力对物体运动的影响、影响动能大小的因素及影响重力势能大小的因素，考查控制变量法和推理法及转换法的运用。26．（4分）小明用压强计探究液体内部压强的影响因素。（1）如图（a）所示，用手按压橡皮膜，U形管两侧液面出现高度差，是因为橡皮管内的气压大于（选填“大于”“小于”或“等于”）外界大气压。（2）用U形管两侧液面的高度差来反映液体内部压强大小，这是一种重要的科学研究方法，以下实验中没有用到这种方法的是B。A．探究电阻的大小与哪些因素有关；B．探究电流与电压、电阻的关系；C．探究电流产生的热量与哪些因素有关。（3）小明在探究完液体内部压强的影响因素后，想比较水的密度ρ水和液体密度ρ液的大小，如图（b）（c），他能否比较出密度大小。要求：①若能，请写出密度大小关系；②若不能，请说明理由。答：能，ρ水＜ρ液。【分析】（1）用手按压橡皮膜，U形管两侧液面出现高度差，说明压强计左侧胶管内的气压大于外界大气压；（2）根据转换法进行分析；（3）由公式p＝ρgh可知，液体压强相同时，液体深度与液体密度成反比。【解答】解：（1）用手按压橡皮膜，U形管两侧液面出现高度差，且U形管左侧液面低于右侧液面，说明压强计左侧胶管内的气压大于外界大气压；（2）压强计可以通过U形管左右两侧的液面高度差的大小，反映探头薄膜所受压强的大小，这是转换法；A.探究电阻的大小与哪些因素有关，通过电流表示数或小灯亮度比较电阻大小，转换法，故A正确，不符合题意；B.探究电流与电压、电阻的关系，用到的是控制变量法，故B错误，符合题意；C.探究电流产生的热量与哪些因素有关，通过U形管左右两侧的液面高度差的大小表示热量多少，转换法，故C正确，不符合题意。故选：B。（3）由图可知U形管两侧液面的高度差相同，即说明压强相同，所以p水＝p液，探头处的深度h水＞h液，由公式p＝ρgh可知，能比较出它们密度大小ρ水＜ρ液。故答案为：（1）大于；（2）B；（3）能，ρ水＜ρ液。【点评】此题主要考查学生对于液体压强实验的理解和掌握，熟知液体压强特点和实验原理是解题关键。27．（4分）小明在测量物质密度的实验中，进行了如下操作：（1）天平调平后，测量浓盐水的密度。①用天平测烧杯的质量为32g。②用天平测烧杯和浓盐水的总质量，盘中砝码及游码的位置如图甲所示，读数为92g。③将烧杯中的浓盐水倒入量筒中，液面的位置如图乙所示。为减小误差，以上操作合理的顺序是②③①（填序号），则浓盐水的密度为1.2g/cm3。（2）小明又想用天平和一杯浓盐水（已知浓盐水的密度为ρ0）及其他辅助器材测量一个质地均匀的萝卜的密度。①把萝卜轻轻放入浓盐水中，待静止后，如图丙所示，在萝卜上标记出液面的位置。②取出萝卜擦干，用刀沿着记号将萝卜切成a、b两块，用天平测出a、b两块的质量分别为m1、m2，则这个萝卜的密度的表达式为ρ＝（用m1、m2、ρ0表示）。【分析】（1）烧杯和浓盐水的总质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；为了减小误差，合理的测量液体密度的步骤为：用天平测烧杯和浓盐水的总质量；再把烧杯中的浓盐水倒入量筒中，记下量筒中浓盐水体积；最后用天平称出空烧杯的质量；弄清量筒的分度值，根据液面对应的刻度读出量筒中浓盐水的体积；先利用烧杯和浓盐水的总质量减去空烧杯的质量求出量筒中浓盐水的质量，再根据密度公式求出浓盐水的密度；（2）利用二力平衡得出漂浮时受到的浮力，利用阿基米德原理F浮＝ρ液gV排求出物体排开液体的体积即b块物体的体积，知道b块的质量，根据密度公式计算物体的密度。【解答】解：（1）由图甲可知，烧杯和浓盐水的总质量为：m1＝50g+20g+20g+2g＝92g，如果按照小明的步骤操作，将浓盐水倒入量筒中时，不可能把烧杯内的浓盐水全部倒入量筒内，导致测量的浓盐水的体积偏小，由密度公式可知所测密度偏大，所以为了减小误差，合理的测量液体密度的步骤为：用天平测烧杯和浓盐水的总质量；再把烧杯中的浓盐水倒入量筒中，记下量筒中浓盐水体积；最后用天平称出空烧杯的质量；所以合理的实验顺序是②③①；由图乙可知，量筒中浓盐水的体积为：V＝50mL＝50cm3；量筒中浓盐水的质量为：m＝m总﹣m杯＝92g﹣32g＝60g，浓盐水的密度为：ρ＝＝＝1.2g/cm3；（2）把物体轻轻放入浓盐水中漂浮时，物体受到的浮力和物体的重力平衡，则物体受到的浮力为：F浮＝G＝（m1+m2）g，由F浮＝ρ液gV排得b块物体的体积为：Vb＝V排＝＝＝，物体密度的表达式为：ρ＝＝＝。故答案为：（1）92；②③①；1.2；（2）。【点评】本题是测物质密度的基本方法以及利用浮力测物体密度的实验，考查了天平和量筒的读数、密度公式的应用、阿基米德原理的理解和应用等，考查知识点多，综合性强。28．（8分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡L1上标有“2.5V”字样，电源为两节新干电池。图甲是连接的实物图。（1）图甲有一根导线接错，请在需要改动的导线上打“×”，并在图上改正；（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，而电流表无示数，电压表指针偏转到最右端，则故障可能是小灯泡断路（选填“短路”或“断路”）。（3）改正电路后，将滑片移至变阻器阻值最大处。闭合开关，电压表示数如图乙，则应该将滑动变阻器的滑片P向左（左/右）移动，将电压表的示数调整到2.5V，此时电流表示数如图丙所示，测出小灯泡的额定功率为1.25W；（4）小强想测灯泡的正常发光时的电阻，老师给他一个额定电流为0.3A的小灯泡和一个阻值为20Ω的定值电阻R0，电源电压未知、小强设计的电路图如图丁所示，请将以下实验步骤补充完整。①闭合开关S、S2，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为0.3A；②保持滑片P的位置不变，断开开关S2，闭合开关S1，电流表示数为0.2A；将滑动变阻器的滑片P移到最左端，电流表的示数为0.3A，则电源电压为6V；③小灯泡正常发光时的电阻：R＝10Ω。【分析】（1）根据电路连接和电表的使用分析回答；（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表指针偏转到最右端，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；（3）根据图甲确定两表选用量程，由图乙确定分度值读数，比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P＝UI求出灯泡额定功率；（4）①闭合开关S、S2，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电流表测通过电路的电流，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为0.3A，此时灯泡正常发光；②保持滑片P的位置不变，断开开关S2，闭合开关S1，定值电阻和滑动变阻器串联接入电路，电流表示数为0.2A；将滑动变阻器的滑片P移到最左端，此时电路为定值电阻的简单电路，电流表的示数为0.3A，根据U＝IR计算电源电压和滑片位置不变时定值电阻两端的电压，再根据串联电路的电压规律结合欧姆定律计算此时滑动变阻器接入电路的阻值；根据U＝IR计算灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压，再根据串联电路电压规律计算灯泡正常发光时灯泡两端的电压；③根据R＝计算小灯泡正常发光时的电阻。【解答】解：（1）原电路图中，灯泡与电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，在“测量小灯泡的电功率”实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：；（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表指针偏转到最右端，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即故障可能是小灯泡断路；（3）由图甲可知，两表选用小量程；闭合开关，电压表示数如图乙，电压表分度值0.1V，其示数为1.7V，小于灯泡额定电压2.5V，要测灯泡额定