综合02 有机化学基础压轴80题（解析版）-备战高二期末化学

综合02有机化学基础压轴80题考向1有机物的结构特点与研究方法考向2烃考向3烃的衍生物考向4生物大分子合成高分子考向5有机推断题（非选择题）考向1有机物的结构特点与研究方法1．（2022-2023高二下·甘肃兰州·期末）下列说法中错误的是A．

有三种官能团B．1mol

最多能和发生加成反应C．

的一溴代物和

的一溴代物都有4种(不考虑立体异构)D．2，5-二甲基己烷的核磁共振氢谱中出现了三个峰，且峰面积之比为6∶2∶1【答案】C【详解】A．有羟基、羧基和碳碳双键三种官能团，故A正确；B．

中含有苯环和碳碳双键，1mol

最多能和发生加成反应，故B正确；C．

共有4中不同环境的H原子，一溴代物有4种，

共有3中不同环境的H原子，一溴代物有3种，故C错误；D．2，5-二甲基己烷的结构简式为

，其中含有3种环境的H原子且个数比为6∶2∶1，则核磁共振氢谱中会出现三个峰，且峰面积之比为6∶2∶1，故D正确；故选C。2．（2022-2023高二下·四川宜宾·期末）分子式为的有机物中，属于醇的同分异构体有(不考虑立体异构)A．2种 B．3种 C．4种 D．6种【答案】C【详解】分子式为的有机物中，属于醇的同分异构体可以看成丁基（-C4H9）和羟基的结合，丁基有4种，则丁醇有CH3CH2CH2CH2OH、CH3CH(OH)CH2CH3、(CH3)2CHCH2OH、(CH3)3COH4种，故选C。3．（2022-2023高二下·河北张家口·期末）有机物M(

)是合成某具有增强免疫功效药物的中间体，M中不存在的官能团为A．醛基 B．羟基 C．醚键 D．酯基【答案】A【详解】由M的结构简式可知，其中含有碳碳双键、酯基、醚键和羟基，不含有醛基，故选A。4．（2022-2023高二下·黑龙江齐齐哈尔·期末）下列有机化合物的分类正确的是

A．属于醇类化合物B．属于芳香族化合物C．属于脂环化合物D．属于链状化合物A．A B．B C．C D．D【答案】D【详解】A．羟基和苯环之间相连，这类有机物属于酚类，故A错误；B．该有机物不含苯环，属于脂环烃，故B错误；C．该有机物含有苯环，且仅含有C、H两种元素，属于芳香烃，故C错误；D．分子式为C4H10，属于烷烃，属于链状化合物，故D正确；答案为D。5．（2022-2023高二下·安徽亳州·期末）某烯烃分子式为C9H18，加氢后产物的键线式为

，该烯烃的同分异构体(不考虑顺反异构)有A．4种 B．5种 C．6种 D．7种【答案】B【详解】该烯烃分子式为C9H18，说明该烯烃中含有1个碳碳双键，加氢后产物的键线式为，该烷烃结构不存在对称，中红色和粉红色部分碳原子分别等效，因此该烯烃的结构可能为、、、、，共5种；答案为B。6．（2022-2023高二下·北京房山·期末）下列有机化合物中碳原子的连接方式不可能的是ABCDA．A B．B C．C D．D【答案】C【详解】碳原子周围形成四个共价键，常见的可以形成碳碳单键、碳碳双键和碳碳三键，C项中2号碳形成了五个共价键，不符合价键原理，故C错误。答案为：C。7．（2022-2023高二下·河南·期末）下表物质中所含官能团的名称命名错误的是选项物质官能团的名称A碳碳双键、醛基B酯基、羧基C醚键、氨基D碳溴键、羟基A．A B．B C．C D．D【答案】C【详解】A．含官能团碳碳双键、醛基，A正确；B．含官能团酯基、羧基，B正确；C．含官能团酮羰基、氨基，C错误；D．含官能团碳溴键、羟基，D正确；答案选C。8．（2022-2023高二下·福建福州·期末）下列物质在给定条件下的同分异构体数目正确的是(不考虑立体异构)A．分子式为C5H10且属于环状化合物的结构有5种B．分子式是C5H10O2且属于羧酸的结构有5种C．分子式是C4H8O且属于醛的结构有3种D．分子式是C4H10O且属于醇有5种【答案】A【详解】A．分子式为C5H10且属于环状化合物可能为环戊烷、甲基环丁烷、乙基环丙烷、1,1-二甲基环丙烷、1,2-二甲基环丙烷，共5种，故A正确；B．羧酸的官能团为—COOH，剩余基团为丁基，则分子式为C5H10O2且属于羧酸的同分异构体有4种，故B错误C．醛基为—CHO，剩余基团为丙基，丙基有2种，故分子式为C4H8O且属于醛的同分异构体有2种，故C错误；D．醇的官能团为—OH，剩余基团为丁基，则分子式为C5H10O2且属于醇的同分异构体有4种，故D错误；答案选A。9．（2022-2023高二下·云南西双版纳·期末）按碳骨架对有机化合物进行分类，下列说法正确的是A．

属于脂肪烃衍生物 B．

属于芳香族化合物C．

属于脂环化合物 D．

属于芳香族化合物【答案】D【详解】A．

是异丁烷，属于脂肪烃，A错误；B．

不含苯环，不属于芳香族化合物，B错误；C．

含有苯环，属于芳香族化合物，C错误；D．

含有苯环，属于芳香族化合物，D正确；故选D。10．（2022-2023高二下·贵州黔西·期末）化学分析的手段通常有定性分析、定量分析、仪器分析等，现代化学中仪器分析是研究物质结构的基本方法和实验手段。下列仪器分析手段的运用科学可行的是A．元素分析仪用于测定分子的空间结构B．通过红外光谱分析、核磁共振氢谱分析均可以区分丙醇和乙酸C．质谱仪是通过分析最小的碎片离子测出分子的相对质量D．的核磁共振氢谱中有四组峰，峰面积之比为【答案】B【详解】A．元素分析仪可对物质中的元素及含量进行定量分析，但无法确定分子的空间构型，故A错误；B．丙醇的结构简式为CH3CH2CH2OH，乙酸的结构简式为CH3COOH，通过红外光谱分析，可以判断出所含官能团、化学键的信息，能够区分两者，核磁共振氢谱可以获得不同类型的氢原子及它们的相对数目等信心，也可以区分两者，故B正确；C．质谱仪通过分析最大的碎片离子测出分子的相对质量，即最大质荷比等于相对分子质量，故C错误；D．苯甲醇中有五种不同的氢原子，峰面积之比为1∶2∶2∶2∶1，故D错误；答案为B。11．（2022-2023高二下·山东聊城·期末）下列说法正确的是

A．上图为CH3CH2OCH3的核磁共振氢谱B．NH4OCN与CO(NH2)2互为同分异构体，质谱图完全相同C．通过红外光谱分析不能区分CH3CH2OH和CH3OCH3D．X射线衍射图经过计算可获得键长、键角等数据【答案】D【详解】A．上图有三组峰，则说明有三种不同化学环境的氢，其峰值比为6∶3∶1，因此CH3CH2OCH3(峰值比为3∶3∶2)的核磁共振氢谱不是上图，故A错误；B．NH4OCN与CO(NH2)2互为同分异构体，最大质荷比相同，但由于两者结构不同，因此质谱图不完全相同，故B错误；C．红外光谱可确定有机物中官能团及化学键，因此可通过红外光谱分析区分CH3CH2OH和CH3OCH3，故C错误；D．X射线衍射图经过计算可获得分子结构的有关数据，如获得键长、键角等数据，常用于有机化合物的晶体结构的测定，故D正确；综上所述，答案为D。12．（2022-2023高二下·四川雅安·期末）下列有机物分子只有三种同分异构体的是A． B． C． D．【答案】B【详解】A．可以表示正丁烷和异丁烷两种物质，A不选；B．可表示正戊烷、异戊烷、新戊烷三种物质，B选；C．可表示乙醇、甲醚两种物质，C不选；D．可表示CH3CH2CH2COOH、CH3CH（CH3）COOH、HCOOCH2CH2CH3、HCOOCH（CH3）2、CH3COOCH2CH3、CH3CH2COOCH36种物质，D不选；故选B。13．（2022-2023高二下·河北秦皇岛·期末）PVC、PC、PMMA和PET等都是用途广泛的有机材料。下列说法正确的是A．PVC{

}是纯净物B．PC{

}是经缩聚反应生成的高分子化合物C．PMMA{

}是聚甲基丙烯酸甲酯，能与溴发生加成反应从而使溴水褪色D．PET{

}常用于制作矿泉水瓶，其吸水性很强【答案】B【详解】A．PVC是聚合物，聚合物都是混合物，A错误；B．PC是分子间酯化生成的高分子化合物，同时生成水，属于缩聚反应，B正确；C．PMMA与溴不发生反应，C错误；D．PET韧性好，吸水性低，常用于制作矿泉水瓶，D错误；故选B。14．（2022-2023高二下·天津河西·期末）某芳香烃分子中有3种化学环境不同的氢原子。该芳香烃是A．

B．

C．

D．

【答案】B【详解】A．

分子中含有5种化学环境不同的氢原子，A不符合题意；B．

分子中含有3种化学环境不同的氢原子，B符合题意；C．

分子中含有4种化学环境不同的氢原子，C不符合题意；D．

分子中含有2种化学环境不同的氢原子，D不符合题意；故合理选项是B。15．（2022-2023高二下·福建福州·期末）下列化合物中，核磁共振氢谱只出现两组峰且峰面积之比为3：2的是A．

B．

C．

D．

【答案】D【详解】A．该结构轴对称，含3种H，核磁共振氢谱峰面积之比为3:1:4，故A不选；B．由对称性可知含2种H，磁共振氢谱峰面积之比为6:2=3:1，故B不选；C．由对称性可知含2种H，磁共振氢谱峰面积之比为6:2=3:1，故C不选；D．由对称性可知含2种H，磁共振氢谱峰面积之比为6:4=3:2，故D选；故选：D。16．（2022-2023高二下·北京昌平·期末）吲哚美辛是一种用于风湿性关节炎的解热镇痛类抗炎药，结构简式如下图所示，其中不含的有机含氧官能团是

A．酰胺基 B．酯基 C．羧基 D．醚键【答案】B【详解】该有机物含有羧基、醚键、酰胺基、碳碳双键和碳氯键，羧基、醚键、酰胺基为含氧官能团，不含酯基；选B。考向2烃17．（2022-2023高二下·江苏无锡·期末）下列分子中所有原子不一定共面的是A．乙烯 B．苯 C．甲醛 D．乙酸【答案】D【详解】A．CH2=CH2分子中6个原子共面，A不符合题意；B．苯中12个原子共面，B不符合题意；C．HCHO，C原子为sp2杂化，4个原子共面，C不符合题意；D．CH3COOH中有饱和碳原子，所有原子不可能共面，D符合题意；故选D。18．（2022-2023高二下·安徽滁州·期末）已知单键可以绕键轴旋转，某烃结构简式可表示为，下列有关该烃的说法中正确的是A．分子中至少有个碳原子处于同一平面上 B．该烃的一氯代物只有一种C．分子中至少有个碳原子处于同一平面上 D．该烃是苯的同系物【答案】C【详解】．甲基与苯环平面结构通过单键相连，甲基的原子处于苯的原子位置，所以处于苯环这个平面。两个苯环相连，与苯环相连的碳原子处于另一个苯的原子位置，也处于另一个苯环这个平面，由于甲基碳原子、甲基与苯环相连的碳原子、苯环与苯环相连的碳原子，处于一条直线，所以至少有个碳原子共面，故A错误；B．该烃含有种氢原子，该烃的一氯代物有种，故B错误；C．甲基与苯环平面结构通过单键相连，甲基的原子处于苯的原子位置，所以处于苯环这个平面。两个苯环相连，与苯环相连的碳原子处于另一个苯的原子位置，也处于另一个苯环这个平面，由于甲基碳原子、甲基与苯环相连的碳原子、苯环与苯环相连的碳原子，处于一条直线，所以至少有个碳原子共面，故C正确；D．该有机物含有个苯环，不是苯的同系物，故D错误；答案选19．（2022-2023高二下·甘肃金昌·期末）异松油烯可用于制作香精、防腐剂和工业溶剂等，其结构简式如图所示。下列有关异松油烯的说法错误的是

A．分子式是B．能发生加成、氧化、取代反应C．存在属于芳香烃的同分异构体D．核磁共振氢谱有6组吸收峰【答案】C【详解】A．由题干有机物的结构简式可知，分子式是，A项正确；B．分子中含有碳碳双键故能发生加成、氧化反应，同时该有机物含有饱和碳原子，故能发生取代反应，B项正确；C．该有机物分子中的不饱和度为3，而含有苯环的化合物的不饱和度至少为4，故该有机物不存在属于芳香烃的同分异构体，C项错误；D．分子内有6种氢原子，则核磁共振氢谱有6组吸收峰，如图所示：

，D项正确；选C。20．（2022-2023高二下·甘肃金昌·期末）下列说法正确的是A．和不一定互为同系物B．乙炔分子中只含有非极性共价键C．

中含有3种官能团D．乙烯使溴水、酸性高锰酸钾溶液褪色时反应类型相同【答案】C【详解】A．同系物是结构相似相差个的有机物，和都是饱和烷烃，一定互为同系物，A项错误；B．乙炔分子中既有极性键又有非极性键，B项错误；C．

含有酯基、酚羟基、碳碳双键三种官能团，C项正确；D．乙烯使溴水褪色是发生加成反应，使酸性高锰酸钾溶液褪色是发生氧化反应，D项错误；选C。21．（2022-2023高二下·云南保山·期末）2-甲基-1，3-丁二烯和足量的溴发生加成反应，其加成产物中二溴代物有(考虑顺反异构体)A．1种 B．2种 C．3种 D．4种【答案】D【详解】2-甲基-1，3-丁二烯与溴加成生成的二溴代物发生的是1,2-加成和1,4-加成，二溴代物有

、

、

、

，答案选D。22．（2022-2023高二下·河南开封·期末）烃是一类重要的化工原料，研究烃类物质的结构和性质具有重要意义。下列说法正确的是A．烷烃的通式为，随n的增大，碳元素的质量分数逐渐减小B．

和

互为同分异构体C．分子式为和的烷烃的一氯代物同分异构体的数目可能相同D．1丙炔与氯气先发生加成反应，然后发生取代反应，最多消耗氯气5【答案】C【详解】A．烷烃中碳的质量分数可表示为，随n的增大，比值增大，故A错误；B．两者均为2-甲基丁烷，为同种物质，故B错误；C．为乙烷，其一氯代物只有一种，为戊烷，若为新戊烷结构，则其一氯代物也只有一种，故C正确；D．1nol丙炔可与2mol氯气发生加成反应，加成产物中含4molH，能与4mol氯气发生取代反应，因此最多消耗6mol氯气，故D错误；故选：C。23．（2022-2023高二下·黑龙江哈尔滨·期末）苯乙烯是重要的化工原料。下列有关苯乙烯的说法不正确的是A．不存在顺反异构体B．能使酸性高锰酸钾溶液褪色C．与氯化氢反应可以生成氯代苯乙烯D．在催化剂存在下可以制得聚苯乙烯【答案】C【详解】A．苯乙烯分子的结构简式为

，分子中不含有2个连有不同原子或原子团的双键碳原子，所以不存在顺反异构体，故A正确；B．苯乙烯分子含有的碳碳双键能与酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应使褪色，故B正确；C．苯乙烯与分子含有的碳碳双键能氯化氢发生加成反应生成氯代乙苯，不能发生取代反应生成氯代苯乙烯，故C错误；D．苯乙烯与分子含有的碳碳双键，在催化剂存在下可以发生加聚反应聚苯乙烯，故D正确；故选C。24．（2022-2023高二下·黑龙江大庆·期末）1mol烃与完全加成时消耗，所得产物再与完全取代后，生成只含、两种元素的化合物，则烃可能是A．1—丁炔 B．2—戊烯 C．2—甲基—1，3—丁二烯 D．丙炔【答案】A【详解】由1mol烃A与氯化氢完全加成时消耗2mol氯化氢可知，A分子中含有2个碳碳双键或1个碳碳三键，则A的分子式为CnH2n—2，加成反应所得产物的分子式为CnH2nCl2，由1molCnH2nCl2能与8mol氯气发生取代反应可得：2n=8，解得n=4，所以A的分子式为C4H6，结构简式可能为HC≡CCH2CH3，故选A。25．（2022-2023高二下·河南开封·期末）分子式为的芳香烃A，一定条件下与氢气完全加成得到产物B。下列说法正确的是A．依据碳骨架分类，B属于芳香烃B．A发生加聚反应生成的高分子化合物的结构简式为

C．B的一氯代物有6种同分异构体(不包括立体异构)D．A的同分异构体立方烷(

)经硝化可得到六硝基立方烷，其可能的结构有4种【答案】C【详解】A．A为芳香烃，分子式为，则其结构为

，与氢气完全加成的产物B为

。

依据碳骨架分类，B不属于芳香烃，故A错误；B．

发生加聚反应生成的高分子化合物的结构简式为

，故B错误；C．B的一氯代物有6种，故C正确；D．立方烷经硝化可得到六硝基立方烷，两个H原子可能：位于同一棱上的两个顶点、位于同一面的对角线顶点上、位于通过体心的对角线顶点上，所以其可能的结构有3种，故D错误；答案选C。26．（2022-2023高二下·西藏拉萨·期末）已知：1mol某链烃最多能与1molHCl发生加成反应，生成1mol氯代烷，1mol该氯代烷能与5molCl2发生取代反应，生成只含碳、氯的氯代烷。该烃可能是A．CH2=CH2 B．CH2=CHCH=CH2C．CH3CH=CHCH3 D．CH3CH=CH2【答案】A【详解】1mol某链烃最多能与1molHCl发生加成反应，生成1mol氯代烷，表明该有机物分子中只含有1个碳碳双键；1mol该氯代烷能与5molCl2发生取代反应，生成只含碳、氯的氯代烷，表明1个氯代烷分子中含有5个H原子，则该链烃分子中含有4个H原子。综合以上分析，可得出该链烃为CH2=CH2，故选A。27．（2022-2023高二下·西藏拉萨·期末）下列化合物的分子中，所有原子都处于同一平面的有①甲烷

②乙烷

③苯

④乙烯A．①④ B．③④ C．②③ D．①②【答案】B【详解】①甲烷中C原子为饱和碳原子，呈四面体形，所有原子不处于同一平面，故①不选；②乙烷中每个C原子都为饱和碳原子，呈四面体形，所有原子不处于同一平面，故②不选；③苯环为平面结构，所有原子均共面，故③选；④乙烯中碳碳双键为平面结构，所有原子共面，故④选；故所有原子都处于同一平面的化合物为③④，故选：B。28．（2022-2023高二下·西藏拉萨·期末）某烯烃经催化加氢后可得到2-甲基丁烷，则该烯烃的名称不可能是A．2-甲基-1-丁烯 B．2-甲基-3-丁烯C．3-甲基-1-丁烯 D．2-甲基-2-丁烯【答案】B【详解】A．2-甲基-1-丁烯经催化加氢后，可得到2-甲基丁烷，A不符合题意；B．2-甲基-3-丁烯的命名错误，应为3-甲基-1-丁烯，B符合题意；C．3-甲基-1-丁烯经催化加氢后，可得到2-甲基丁烷，C不符合题意；D．2-甲基-2-丁烯经催化加氢后，可得到2-甲基丁烷，D不符合题意；故选B。29．（2022-2023高二下·天津红桥·期末）关于

的说法正确的是A．分子中有3种杂化轨道类型的碳原子 B．分子中共平面的原子数目最多为14C．分子的核磁共振氢谢图中共有5组峰 D．与发生取代反应生成两种产物【答案】A【详解】A．sp3杂化的为甲基-CH3中的碳原子，sp2杂化的是苯环中的碳原子，直线结构的乙炔基的碳原子为sp杂化；共有3种杂化类型，故A正确；B．苯为平面结构，6个C原子和6个H原子共平面，乙炔基为直线结构，乙炔基的直线在苯的对角线上，CH4为正四面体结构，最多3个原子共平面，甲基-CH3中的3个H原子最多有一个在苯的平面上，分子中共平面的原子数目最多为12+1+2=15，故B错误；C．

含有6种氢原子，故核磁共振氢谱图中共有6组峰，故C错误；D．与氯气发生一氯取代时，产物有5种，但还有可能发生二氯、三氯等取代，所以取代产物远多于5种，故D错误；故选：A。30．（2022-2023高二下·广西百色·期末）四元轴烯t、苯乙烯b及立方烷c的分子式均为C8H8.下列说法正确的是

A．t和b能使酸性KMnO4溶液褪色而c不能B．t、b、c中只有t的所有原子可以处于同一平面C．t、b、c的二氯代物均只有三种D．1molb与H2发生加成反应最多消耗3molH2【答案】A【详解】A．t和b的分子结构中均含有碳碳双键，两种分子均能使酸性溶液褪色，c分子结构中不含不饱和键，不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故A正确；B．b分子结构中含有苯环，所有原子共平面，含有乙烯基，所有原子共平面，由于单键可以旋转，乙烯基与苯环直接相连，所以该分子中所有原子可以处于同一平面，故B错误；C．二氯代物，、，故t、c均有三种；b分子中若第一个氯在碳碳双键顶端，则第二个氯在苯环上有3种情况、在碳碳双键内端有1种情况，故b分子二氯代物大于3种，实际b分子中二氯代物有14种，，故C错误；D．苯环和碳碳双键均会和氢气加成，则1molb与加成最多消耗4mol的，故D错误。故选A。31．（2022-2023高二下·广东广州·期末）苯并降冰片烯是一种重要的药物合成中间体，结构简式如图。下列关于该化合物的说法正确的是

A．是苯的同系物 B．分子中所有碳原子可能共平面C．一氯代物有5种(不考虑立体异构) D．不溶于水，密度比水大【答案】C【详解】A．苯的同系物中不含碳碳双键，该分子含碳碳双键，不属于苯的同系物，A错误；B．含3个sp3杂化的碳原子，所有碳原子不能共平面，B错误；C．由对称性可知，分子中含5种H原子，一氯代物有5种，如图所示

，C正确；D．该有机物只含C、H元素，属于烃，含11个碳原子，不溶于水，密度比水小，D错误；故答案为：C。32．（2022-2023高二下·吉林·期末）关于有机物

的说法不正确的是A．分子式为 B．与环己烷互为同系物C．既能发生取代反应，又能发生加成反应 D．核磁共振氢谱有6组吸收峰【答案】C【详解】A．由结构简式可知分子式为，A正确；B．该物质与环己烷结构相似，分子组成上相差5个-CH2-，满足同系物的两个条件，B正确；C．该有机物中不含双键、三键等能加成的官能团，不能发生加成反应，C错误；D．分子中有6种不同环境的，核磁共振氢谱有6组吸收峰，D正确；故选：C。考向3烃的衍生物33．（2022-2023高二下·云南普洱·期末）化合物甲、乙、丙可发生转化：C3H8O(甲)C3H6O(乙)C3H6O2(丙)。下列说法错误的是A．甲的结构只有1种 B．甲可能为

C．乙的结构简式为CH3CH2CHO D．丙能使紫色石蕊溶液变红色【答案】B【详解】A．甲为C3H8O，且能发生催化氧化得到乙，乙还能进一步氧化，说明乙是醛，甲含有-CH2OH，所以甲只能为，故A正确；B．甲为，故B错误；C．催化氧化后生成CH3CH2CHO，故C正确；D．丙为，具有酸性，可以使紫色石蕊试液变红，故D正确；故答案选B。34．（2022-2023高二下·甘肃金昌·期末）醇类化合物在香料中占有重要的地位，a、b、c均为这类香料，它们的结构简式如图所示。a．

b．

c．

下列说法中正确的是A．b和c互为同分异构体B．一定条件下，可以与反应生成醛C．b的核磁共振氢谱有7组峰D．c发生消去反应时，生成3种有机物【答案】B【详解】A．由题干结构简式可知，b、c分子结构相似，组成上相差一个CH2，故b和c互为同系物，A错误；B．由题干结构简式可知，a为伯醇，可以发生催化氧化反应生成醛，B正确；C．由题干结构简式可知，根据等效氢原理可知，b的核磁共振氢谱有6组峰即羟基1种，两个甲基1种，-CH2-一种和苯环上3种(邻、间、对)，C错误；D．由题干结构简式可知，c发生消去反应时，生成2种有机物即跟-CH2-发生消去和跟-CH3发生消去，D错误；故答案为：B。35．（2022-2023高二下·内蒙古·期末）辅酶Q10有预防动脉硬化的功效，其结构简式如图所示，下列有关辅酶Q10的说法正确的是

A．可与氧气发生氧化反应 B．常温下，易溶于水C．仅含有2种官能团 D．属于芳香烃【答案】A【详解】A．该物质为有机物，能够与氧气发生燃烧反应，物质燃烧反应属于氧化反应，A正确；B．该物质含有羰基、不饱和的碳碳双键、醚键，由于其烃基部分比较大，也导致其水溶性较差，故在常温下，该物质难溶于水，B错误；C．根据物质结构可知：该物质分子中含有的官能团为羰基、不饱和的碳碳双键、醚键，故含有的官能团是3种，而不是仅有2种，C错误；D．该物质分子中无苯环，且物质中含有C、H、O三种元素，因此不属于芳香烃，D错误；故合理选项是A。36．（2022-2023高二下·山东青岛·期末）下列反应得到相同的产物，相关叙述错误的是

A．②的反应类型为加成反应 B．两个反应所涉及的物质共4种官能团C．产物分子中所有碳原子共平面 D．产物的化学名称是乙酸异丙酯【答案】C【详解】A．反应②中丙烯分子中碳碳双键断裂，反应类型为加成反应，故A正确；

B．两个反应所涉及的物质含有羧基、羟基、酯基、碳碳双键共4种官能团，故B正确；C．乙酸异丙酯分子中含有4个饱和碳原子，其中异丙基中存在一个饱和碳原子连接两个饱和碳原子和一个乙酰氧基，类比甲烷的正四面体可知，该分子中不可能所有碳原子共平面，故C错误；

D．两个反应产物是相同的，从结构上看，该产物是由乙酸和异丙醇通过酯化反应生成的酯，故其化学名称是乙酸异丙酯，故D正确；选C。37．（2022-2023高二下·云南昆明·期末）氯吡格雷()用于防治动脉硬化。关于该有机物的说法正确的是

A．属于烃类 B．能在碱性条件下稳定存在C．分子中含有3个苯环 D．可以发生加成反应【答案】D【详解】A．分子中含有氧、硫、氯，为烃类衍生物，A错误；B．分子中含有酯基，在碱性条件下发生碱性水解，B错误；

C．由图可知，分子中含有1个苯环，C错误；D．分子中含有不饱和键，能发生加成反应，D正确；故选D。38．（2022-2023高二下·云南西双版纳·期末）己烯雌酚是人工合成的非甾体雌激素物质，能产生与天然雌二醇相同的所有药理与治疗作用，其结构简式如图所示。下列关于己烯雌酚说法错误的是

A．分子中所有碳原子不可能共平面B．与溴水既能发生取代反应也能发生加成反应C．苯环上的一元取代物有2种D．存在顺反异构现象【答案】A【详解】A．碳碳双键、苯环都是平面结构，分子中所有碳原子可能共平面，故A错误；B．己烯雌酚分子中含有碳碳双键和酚羟基，所以能与溴水既能发生取代反应也能发生加成反应，故B正确；C．己烯雌酚结构对称，苯环上的一元取代物有2种，故C正确；D．含有碳碳双键，双键两端同一个碳原子连接不同的原子团，存在顺反异构现象，故D正确；选A。39．（2022-2023高二下·北京大兴·期末）维生素C是重要的营养素，其分子结构如图。下列关于维生素C的叙述不正确的是

A．维生素C的分子式为C6H8O6B．维生素C中的官能团有五种C．维生素C易溶于水，可能与其分子中含有多个羟基有关D．向碘和淀粉的混合液中加入维生素C，蓝色褪去，证明维生素C具有还原性【答案】B【详解】A．根据该物质的结构可知其分子式为C6H8O，A正确；B．维生素C中的官能团有羟基、碳碳双键、酯基3种，B错误；C．分子中有多个羟基，可以与水分子间形成氢键，易溶于水，C正确；D．分子中含有羟基和碳碳双键，易被氧化，具有较强还原能力，碘具有氧化性，向碘和淀粉的混合液中加入维生素C，蓝色褪去，可以说明维生素C具有还原性，D正确；故选B。40．（2022-2023高二下·辽宁·期末）某有机物的分子式为C8H8O2，该有机物的同分异构体有多种，其中除苯环外不含其他环，能发生银镜反应且不能与金属钠反应的同分异构体的种类有A．8种 B．10种 C．12种 D．14种【答案】A【详解】分子式为C8H8O2的含苯环有机物，能发生银镜反应说明结构中含“”，不能与钠反应说明不含“-OH”，其可能含有1个侧链，侧链为-CH2OCHO或-OCH2CHO；也可能含有2个侧链，侧链为和-CH3时有邻、间、对三种，侧链为和-OCH3时也有邻、间、对三种，故符合条件的同分异构体有8种，故选A。41．（2022-2023高二下·辽宁·期末）在实际工业生产中，乙二醇可通过环氧乙烷与水直接化合的方法合成，其合成路线如图所示，下列说法正确的是

A．乙二醇可用于生产汽车防冻液 B．CH2=CH2的结构简式为CH2C．上述两步反应均属于取代反应 D．上述合成路线的设计不符合“绿色化学”理念【答案】A【详解】A．乙二醇可用于生产汽车防冻液，故A正确；B．CH2是乙烯的最简式，乙烯的结构简式：CH2=CH2，故B错误；C．根据图示两步反应特征，产物均只有一种，原子利用率百分之百，均属于加成反应，故C错误；D．上述合成路线各步反应原子利用率达百分之百，符合“绿色化学”理念，故D错误；答案选A。42．（2022-2023高二下·河北秦皇岛·期末）一种利胆药物Z的合成路线如图所示，下列说法错误的是

A．X含有三种官能团B．Y与溴水反应，1molY最多消耗C．X与足量反应，1molX最多消耗的物质的量为4molD．等物质的量的X、Y、Z与足量NaOH溶液反应，消耗NaOH的物质的量之比为1：2：3【答案】D【详解】A．分子中含有醚键、酯基和碳碳双键三种官能团，A正确；B．Y分子中只有碳碳双键与溴水发生加成反应，1molY最多消耗，B正确；C．X分子中只有苯环、碳碳双键与氢气发生加成反应，则1molX最多能与4molH2发生加成反应，C正确；D．X、Y、Z分子中与NaOH溶液反应的官能团是酯基、酚羟基和肽键，X含酯基，Y含酯基和酚羟基，Z含酚羟基和肽键，因此等物质的量的X、Y、Z与足量NaOH溶液反应，消耗NaOH的物质的量之比为1：2：2，D错误；故选D。43．（2022-2023高二下·辽宁·期末）中药夏枯草所含成分齐墩果酸，可用于治疗传染性急性黄疸型肝炎，缓解跌打损伤、腰膝酸软等症状。其分子结构如图所示，下列说法错误的是A．分子中所有C原子可能在同一平面上 B．含有3种官能团C．可发生加成和取代反应 D．能使酸性高锰酸钾溶液褪色【答案】A【详解】A．该分子中含甲基、亚甲基、同一碳原子连接4个C原子的基团，具有类似于甲烷的四面体结构，所有C原子不可能在同一平面上，A项错误；B．齐墩果酸含有羟基、碳碳双键、羧基3种官能团，B项正确；C．含有碳碳双键可以发生加成反应，含有羧基、羟基可以发生取代反应，C项正确；D．含有碳碳双键、羟基，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，D项正确；答案选A。44．（2022-2023高二下·吉林长春·期末）有机物菠萝酯的合成路线(反应条件略去)如图所示：

下列叙述不正确的是A．反应(1)和(2)均为取代反应B．苯氧乙酸和菠萝酯均可与NaOH溶液发生反应C．反应(2)产物中残留的烯丙醇可用溴水检验D．苯氧乙酸的芳香同分异构体中，同时含-OH和-COOH的共有17种【答案】C【详解】A．反应(1)生成苯氧乙酸的同时生成HCl，反应(2)为羧酸与醇的酯化，因此均属于取代反应，A正确；B．-COOH能与NaOH中和，酯基在碱性条件下水解，因此苯氧乙酸和菠萝酯均与NaOH溶液反应，B正确；C．菠萝酯中含有碳碳双键，也能使溴水褪色，故不能用溴水检验烯丙醇是否残留，C错误；D．苯氧乙酸的芳香类同分异构中，苯环上一取代的结构有1种如图

；苯环上二取代

，取代基可以为-COOH和-CH2OH或者-CH2COOH和-OH，连同位置异构共6种可能，苯环上三取代

，取代基分别为-COOH、-OH、-CH3，有10种可能，所以共有17种同分异构，D正确；答案选C。45．（2022-2023高二下·宁夏吴忠·期末）在有机合成中，常会将官能团消除或增加，下列相关过程中反应类型及相关产物不合理的是A．乙烯→乙二醇：CH2=CH2

B．溴乙烷→乙醇：CH3CH2BrCH2=CH2CH3CH2OHC．1－溴丁烷→1－丁炔：CH3CH2CH2CH2BrCH3CH2CH=CH2

CH3CH2C≡CHD．乙烯→乙炔：CH2=CH2

CH≡CH【答案】B【详解】A．乙烯与Br2发生加成反应产生1，2-二溴乙烷，然后与NaOH水溶液共热，发生取代反应产生乙二醇，两步实现物质转化，合成路线简洁，A不符合题意；B．溴乙烷是卤代烃，可以与NaOH水溶液共热，发生取代反应产生乙醇，一步就可以实现物质的转化，因此上述题干的转化步骤不简洁，B符合题意；C．1-溴丁烷与NaOH的乙醇溶液共热发生消去反应产生1-丁烯CH3CH2CH=CH2，CH3CH2CH=CH2与Br2水发生加成反应产生1，2-二溴丁烷

，

再与NaOH的乙醇溶液共热发生消去反应产生1-丁炔，反应步骤简洁，C不符合题意；D．乙烯与Br2水发生加成反应产生1，2-二溴乙烷，1，2-二溴乙烷再与NaOH的乙醇溶液共热发生消去反应产生乙炔，反应步骤简洁，D不符合题意；故选B。46．（2022-2023高二下·河北邯郸·期末）由有机化合物经三步合成的路线中，不涉及的反应类型是A．取代反应 B．消去反应 C．加成反应 D．氧化反应【答案】C【详解】由结构简式可知，在氢氧化钠溶液中共热发生水解反应生成，铜做催化剂条件下，与氧气共热发生催化氧化反应生成，浓硫酸作用下共热发生消去反应生成，则制备过程中不涉及的反应类型为加成反应，故选C。47．（2022-2023高二下·辽宁丹东·期末）异丙酚的结构简式如图所示。下列说法错误的是

A．室温下异丙酚比苯酚更难溶于水 B．异丙酚与苯酚互为同系物C．异丙酚能与碳酸钠溶液反应产生气泡 D．异丙酚能与溶液发生显色反应【答案】C【详解】A．室温下异丙酚烃基比苯酚烃基更多碳原子，所以更难溶于水，A正确；B．异丙酚与苯酚结构相似，分子组成相差6个，二者互为同系物，B正确；C．酚羟基的酸性比碳酸弱，所以异丙酚与碳酸钠溶液反应不产生气泡，C错误；D．异丙酚含有酚羟基，能与溶液发生显色反应，D正确；故选C。48．（2022-2023高二下·黑龙江大庆·期末）异黄酮类是药用植物的有效成分之一、一种异黄酮类化合物Z的部分合成路线如下：

下列有关化合物X、Y和Z的说法错误的是A．1molX与足量氢气反应消耗B．1molY最多能与反应C．可用酸性高锰酸钾溶液检验Z中的碳碳双键D．Z与足量加成所得有机物的1个分子中含有6个手性碳原子【答案】C【详解】A．X中含有1个苯环和1个羰基，1molX与足量氢气反应消耗，故A正确；B．酚羟基、酯基水解生成的酚羟基和羧基都能和NaOH以1:1反应，该分子中含有2个酚羟基、2个酯基，水解后又产生1个酚羟基，所以1molY最多能消耗5molNaOH，故B正确；C．Z中含有酚羟基和碳碳双键，二者都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，不能用酸性高锰酸钾溶液检验Z中的碳碳双键，故C错误；D．手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，Z与足量加成所得有机物为

，含有6个手性碳原子，位置为

，故D正确；故选C。考向4生物大分子合成高分子49．（2022-2023高二下·吉林长春·期末）下列说法正确的是A．麦芽糖的水解产物不能发生银镜反应B．植物油中含碳碳不饱和键，硬化后可用于生产人造奶油C．脱氧核糖核酸充分水解后得到磷酸、脱氧核糖和5种碱基D．蛋白质溶液里加入饱和硫酸铵溶液，蛋白质析出，加水不溶解【答案】B【详解】A．麦芽糖的水解产物是葡萄糖，葡萄糖有醛基可以发生银镜反应，故A错误；B．植物油中含有碳碳不饱和键，能与氢气发生加成反应从而转化为固态脂肪(人造奶油)，故B正确；C．脱氧核糖核酸充分水解后完全水解后会得到磷酸、脱氧核糖和4种碱基分别是A、T、G、C，故C错误；D．蛋白质溶液里加入饱和硫酸铵溶液发生盐析，盐析是可逆的，加水还能溶解，故D错误；故选B。50．（2022-2023高二下·辽宁葫芦岛·期末）下列关于有机物说法正确的是①理论上1mol苯和1mol甲苯均能与3molH2发生加成反应②用灼烧的方法可以区别蚕丝和棉花③油脂水解可得到氨基酸和甘油④纤维素和淀粉都是多糖，二者互为同分异构体⑤多糖和蛋白质在一定条件下都能水解⑥乙醇中是否含水，可用金属钠来检测A．①③④ B．①②⑤ C．②⑤⑥ D．④⑤⑥【答案】B【详解】①甲苯可看作苯分子中的一个氢原子被甲基取代的产物，则理论上1mol苯和1mol甲苯均能与3molH2发生加成反应，①正确；②灼烧时，蚕丝具有烧焦羽毛的气味，棉花具有烧纸的气味，则用灼烧的方法可以区别蚕丝和棉花，②正确；③油脂水解可得到硬脂酸和甘油，蛋白质水解生成氨基酸，③不正确；④纤维素和淀粉都是多糖，属于高聚物，但二者的聚合度不同，不互为同分异构体，④不正确；⑤多糖中的淀粉、纤维素和蛋白质都是高分子化合物，在一定条件下都能水解，⑤正确；⑥钠与乙醇、水都能反应，所以乙醇中是否含水，不能用金属钠来检测，⑥不正确；综合以上分析，①②⑤正确，故选B。51．（2022-2023高二下·辽宁丹东·期末）下列关于有机物的说法正确的是A．常温下苯酚和乙醇均能在水溶液中部分电离B．蔗糖及其水解产物均不能发生银镜反应C．向鸡蛋清溶液中加入硫酸铜溶液产生沉淀，加水后沉淀可溶解D．可用新制悬浊液鉴别乙醇、乙醛和乙酸【答案】D【详解】A．乙醇为非电解质，在水溶液中不电离，A错误；B．蔗糖不能发生银镜反应，其水解产物为葡萄糖，能发生银镜反应，B错误；C．向鸡蛋清溶液中加入硫酸铜溶液，使蛋白质变性，不可逆，加水后沉淀不可溶解，C错误；D．乙醇和新制不反应，乙醛和新制产生砖红色沉淀，乙酸能使新制溶解，所以可用新制悬浊液鉴别乙醇、乙醛和乙酸，D正确；故选D。52．（2022-2023高二下·吉林松原·期末）生活中的有机物非常重要，下列说法正确的是A．煮沸后豆浆中的蛋白质大部分水解成了氨基酸B．淀粉、纤维素可转化为葡萄糖，两者互为同分异构体C．油脂不属于天然高分子化合物D．仅用氢氧化钠溶液就能区分乙醇和乙醛【答案】C【详解】A．煮沸后豆浆中的蛋白质发生了变性，没有发生水解，故A错误；B．淀粉和纤维素的分子式不同，不互为同分异构体，故B错误；C．油脂不属于天然高分子化合物，故C正确；D．乙醛、乙醇中加入NaOH溶液均无明显现象，不能用氢氧化钠溶液就能区分乙醇和乙醛，故D错误；故选C。53．（2022-2023高二下·江西赣州·期末）对乙酰氨基酚(扑热息痛)，可以缓解发热给身体带来的不适，其结构如下。下列关于对乙酰氨基酚的说法不正确的是

A．其同分异构体可能是氨基酸B．与溶液可以发生显色反应C．分子中所有的碳原子一定共平面D．可以发生取代、氧化、水解等反应【答案】C【详解】A．该有机物分子式为，其同分异构体可能是氨基酸(例如

)，故A正确；B．该有机物中含有酚羟基，能与溶液发生显色反应，故正确；C．因为键属于轴对称，是可以旋转的，因此“”旋转，使得“”中碳原子与苯环可能不在一个平面，故C错误；D．根据酚羟基，能发生取代、氧化，含有酰胺键，能发生水解反应，故D正确；综上所述，答案为C。54．（2022-2023高二下·山西·期末）核酸采样管里的红色液体叫病毒核酸保存液，其主要成分是胍盐和少量的双咪唑烷，并添加一种酸碱指示剂酚红，酚红在中性环境中显红色，如果保存液被污染，pH降低，就会由红色变黄。一种胍盐、双咪唑烷和酚红的分子结构如图所示，以下说法中不正确的是

A．盐酸胍的化学式为，属于盐类B．双咪唑丁烷可以与羧酸反应生成酰胺C．双咪唑丁烷常用作配体，其配位原子是ND．酚红中的苯环上的一氯代物有6种【答案】B【详解】A．根据结构信息，盐酸胍的化学式为，属于盐类，A正确；B．双咪唑丁烷属于烃的衍生物，不含胺基或亚胺基，不可以与羧酸反应生成酰胺，B错误；C．双咪唑丁烷中的氮原子含有孤对电子，常用作配体，配位原子是N，C正确；D．根据酚红的结构，其苯环上有6种氢原子、则苯环上的一氯代物有6种，D正确；故选B。55．（2022-2023高二下·云南玉溪·期末）下列物质能够自身聚合成高分子的是A．CH3CH2OH B．C． D．HOOC(CH2)3COOH【答案】C【详解】分子结构中含有碳碳双键或三键的有机物，可以发生加聚反应；分子结构中同时含有羧基、羟基(或氨基)，可通过缩聚反应形成高分子化合物，C物质中同时含有羧基和羟基，自身可以聚合成高分子，故答案选C。56．（2022-2023高二下·辽宁丹东·期末）下列说法正确的是A．尼龙、羊毛和棉花都是天然纤维B．聚四氟乙烯可用作不沾锅涂层，其化学性质比较活泼C．聚合物可由异戊二烯加聚制得D．羟基丁酸通过缩聚反应制得【答案】C【详解】A．尼龙属于合成纤维，羊毛的成分为蛋白质，均不属于天然纤维，A错误；B．聚四氟乙烯化学性质稳定，防腐能力强，用作不粘锅材料，B错误；C．该聚合物名为聚异戊二烯，单体为异戊二烯，C正确；D．该高聚物单体为，名为2-羟基丁酸，D错误；答案选C。57．（2022-2023高二下·山东济宁·期末）高分子化合物在材料领域发挥着重要作用，下列说法正确的是A．阻燃材料()由苯酚和甲醇缩聚制得B．合成潜艇消声瓦()的单体均存在顺反异构C．PVC()的单体可发生加成反应、消去反应D．防弹衣的主要材料为，它的两种单体核磁共振氢谱的峰数和峰面积之比均相同【答案】C【详解】A．由结构简式可知该阻燃材料的单体为苯酚和甲醛，两者通过缩聚反应生成，故A错误；B．该聚合物单体为1，3-丁二烯和苯乙烯，均不存在顺反异构，故B错误；C．PVC单体为氯乙烯，含碳碳双键能发生加成反应，含氯原子且氯所连碳的邻位碳有氢，能继续发生消去反应，故C正确；D．该材料的单体为对苯二甲酸和对苯二胺，均含两种氢，峰面积之比分别为1：2、1：1，故D错误；故选：C。58．（2022-2023高二下·北京西城·期末）有一种功能性的聚合物P，合成路线如下：

已知：

下列说法不正确的是A．E的分子式为B．F的结构简式是

C．E和F发生缩聚反应生成PD．聚合物P中含有酯基【答案】C【详解】A．由图可知，E的分子式为，A正确；B．结合EP结构可知，形成高分子化合物P的单体之一F的结构简式是

，B正确；C．E和F发生成P的过程中没有生成小分子化合物，为加聚反应，C错误；D．聚合物P中含有酯基-COO-，D正确；故选C。59．（2022-2023高二下·贵州六盘水·期末）材料在国民经济发展中发挥着重要作用，下列有关说法不正确的是A防弹衣的主要材料：

聚合物分子内含有酰胺基B隐形飞机的微波吸收材料：单体能使溴水褪色C隐形眼镜的材料：

该物质具有良好的亲水性，可经加聚反应制备D尼龙66：

由己胺和己酸经缩聚反应制备A．A B．B C．C D．D【答案】D【详解】A．从结构简式可知，该聚合物分子内含有酰胺基，A正确；B．聚乙炔的单体为乙炔，含碳碳三键、能使溴水褪色，B正确；C．该物质富含亲水基羟基、具有良好的亲水性，可由经加聚反应制备，C正确；D．尼龙66由1,6-己二胺和1，6-己二酸经缩聚反应制备，D不正确；选D。60．（2022-2023高二下·福建三明·期末）高分子可用于制备聚合物离子导体，合成路线如下：

下列说法错误的是A．苯乙烯分子中所有原子可能共平面B．反应1为加聚反应，反应2为取代反应C．试剂为

D．试剂为

【答案】C【详解】A．根据苯分子中12个原子共平面，乙烯中6个原子共平面，若两个平面重叠，则苯乙烯分子中所有原子共平面，选项A正确；B．反应1为和苯乙烯的加聚反应，M和b发生取代反应生成N，故B正确；C．试剂a为，故C错误；D．M和b发生取代反应生成N，试剂b为，故D正确；故选C。61．（2022-2023高二下·山东泰安·期末）聚酰胺(PA)具有良好的力学性能，合成路线如下图所示。下列说法错误的是

A．Y中含有五元环 B．②是酯化反应C．PA可发生水解反应重新生成Z D．该合成路线中甲醇可循环使用【答案】C【分析】

经过催化剂，加热得到Y：

，Y与甲醇发生酯化反应生成Z:，Z与发生缩聚反应生成PA。【详解】A．Y为，其中含有五元环，A正确；B．②是Y与甲醇发生酯化反应生成Z：，为酯化反应，B正确；C．根据PA和Z的结构简式可以推知：PA水解可得到，不能得到Z，C错误；D．根据PA和Z的结构简式可以推知：Z与生成PA时，有甲醇产生，可循环使用，D正确；故选C。62．（2022-2023高二下·山西运城·期末）有一种由简单单体聚合而成的高分子，结构片段如图所示，下列有关说法正确的是A．该高分子由4种单体缩聚而成B．该高分子的几种羧酸单体互为同系物C．该高分子的单体之一为乙二醇，乙二醇可被连续催化氧化生成单体之一的草酸D．该高分子有固定熔、沸点，1mol上述结构片段在NaOH溶液中完全水解，最多消耗5molNaOH【答案】C【详解】A．该高分子由乙二酸、乙二醇、丙二酸、1,2-丙二醇、对苯二甲酸5种单体缩聚而成，故A错误；B．丙二酸不含苯环，对苯二甲酸含苯环，二者结构不相似，不互为同系物，故B错误；C．乙二醇氧化为乙二醛，再氧化为乙二酸即草酸，故C正确；D．高分子化合物是混合物，没有固定熔沸点，故D错误；答案选C。63．（2022-2023高二下·福建福州·期末）高聚物A在生物医学上有广泛应用。以甲基丙烯酸β—羟乙酯(HEMA)和N—乙烯基吡咯烷酮(NVP)为原料合成高聚物A的路线如下。下列说法正确的是

A．HEMA和NVP均可发生水解反应B．NVP分子中所有原子均处于同一平面C．HEMA和NVP通过缩聚反应生成高聚物AD．高聚物A能与NaOH、NaHCO3反应【答案】A【详解】A．HEMA分子结构中含有酯基，NVP分子结构中含有肽键，所以这两种分子均可发生水解反应，故A正确；B．NVP分子中含有碳碳单键，碳氮单键等结构，因此分子中所有原子一定不处于同一平面，故B错误；C．HEMA和NVP是通过碳碳双键之间发生加聚反应生成高聚物A，故C错误；D．高聚物A含有酯基能与NaOH反应，但不含有羧基，不能与NaHCO3反应，故D错误；故选A。64．（2022-2023高二下·辽宁沈阳·期末）一种自修复高分子材料在被外力破坏后能够复原，其结构简式如图所示。下列说法正确的是

A．合成该高分子的两种单体互为同系物 B．该高分子可通过缩聚反应合成C．该材料能耐强酸或强碱的腐蚀 D．该高分子化合物含有两种含氧官能团【答案】A【分析】由该高分子的结构简式可知，其单体为和。【详解】A．由分析可知，两种单体的结构相似，相差2个，互为同系物，A正确；B．由分析指，两种单体中均含碳碳双键，通过加聚反应产生高分子化合物，B错误；C．由该高分子的结构简式可知，高分子中含有酯基结构，在强酸或强碱的条件下能发生水解反应，则使用该材料时应避免接触强酸或强碱，C错误；D．该高分子中只含有酯基1种含氧官能团，D错误；故选A。考向5有机推断题（非选择题）65．（2022-2023高二下·安徽阜阳·期末）阿扎司琼是一种化疗药物的活性成分，下图是某课题组报道的阿扎司琼的合成路线：

请回答下列有关问题：(1)根据系统命名法，A的名称为；G的含氧官能团有(填名称)。(2)阿扎司琼的分子式为；D→E的反应类型是。(3)写出B与足量NaOH水溶液反应的化学方程式：。(4)B的一种同分异构体，碱性条件下水解后酸化，含苯环的产物分子中不同化学环境的氢原子数目比为1∶1∶1。写出符合条件的同分异构体的结构简式：。(5)请参照上述合成路线，设计以苯酚为原料合成

的路线(除含苯环结构外的其他试剂任选)。【答案】(1)邻羟基苯甲酸(或2-羟基苯甲酸)醚键、酰胺基、酯基(2)C17H20O3N3Cl还原反应(3)

+2NaOH

+CH3OH+H2O(4)

(5)

【分析】A的不饱和度为5，从C的结构可知，A中含有苯环，A和甲醇在浓硫酸作用下发生酯化反应，所以A分子中含有羧基，结合C的结构可知，A为邻羟基苯甲酸，和甲醇发生酯化反应后生成邻羟基苯甲酸甲酯，得到的B和氯气发生取代反应生成C，C发生硝化反应生成D，D发生还原反应，硝基被还原为氨基得到E，E和ClCH2COCl发生取代反应生成F，F中氮原子上的氢原子被甲基取代生成G，G最后得到阿扎司琼。【详解】（1）由分析可知，A的名称为邻羟基苯甲酸；根据G的结构简式可知，分子中的含氧官能团有醚键、酰胺基、酯基，故答案为：邻羟基苯甲酸；醚键、酰胺基、酯基；（2）根据阿扎司琼的分子结构可知阿扎司琼的分子式为；D→E的反应为硝基被还原为氨基，反应类型为还原反应，故答案为：C17H20O3N3Cl；还原反应；（3）B中有酯基和酚羟基，酯基可以在NaOH溶液中发生水解，酚羟基可以和NaOH发生中和反应，反应的化学方程式为：

+2NaOH

+CH3OH+H2O；（4）B为邻羟基苯甲酸甲酯，分子式为C8H8O3，其碱性条件下水解后酸化，且含苯环的产物分子中不同化学环境的氢原子数目比为1∶1∶1的同分异构体为

，故答案为：

；（5）以苯酚为原料合成，参考上面的合成路线中的从C到F，设计的合成路线为：

。66．（2022-2023高二下·黑龙江哈尔滨·期末）光刻胶是一种应用广泛的光敏材料，其合成路线如图(部分试剂和产物略去)：已知(、为烃基或氢)(、为烃基)(1)A的化学名称是，E的核磁共振氢谱为三组峰，且峰面积之比为3∶2∶1，E能发生水解反应，则F的结构简式为。(2)G分子中所含官能团名称为，羧酸X的结构简式为。(3)B→C所需的试剂Y和反应条件分别为、，由F到G的反应类型为。(4)D和G反应生成光刻胶的化学方程式为．(5)C的一种同分异构体满足下列条件：①能发生银镜反应，其水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应；②苯环上的一氯取代物只有两种，该同分异构体的结构简式为。【答案】(1)苯甲醛(2)羟基CH3COOH(3)新制氢氧化铜悬浊液加热水解反应(取代反应)(4)(5)【分析】A和乙醛反应生成B，根据，由B的分子式逆推可知A是、B是；C和SOCl2发生取代反应生成D，由D逆推可知C是；乙炔和羧酸X发生加成反应生成E，由E的分子式可知X是乙酸，E是；E发生加聚反应生成F，F是；F发生水解反应生成G；根据可知，D和G反应生成和HCl。【详解】（1）根据以上分析，A是，A的化学名称是苯甲醛；X是乙酸，乙炔和乙酸发生加成反应生成E，E的核磁共振氢谱为三组峰，且峰面积之比为3∶2∶1，E能发生水解反应，则E是，E发生加聚反应生成F，F的结构简式为。（2）根据G分子的结构简式，可知所含官能团名称为羟基；乙炔和羧酸X发生加成反应生成E，由E的分子式可知X是乙酸，X的结构简式为CH3COOH。（3）B是、C是，醛基能被新制氢氧化铜悬浊液氧化为羧基，B→C所需的试剂Y和反应条件分别为新制氢氧化铜悬浊液、加热；F是，F发生水解反应生成G。（4）D和G反应生成和HCl，反应的化学方程式为；（5）①能发生银镜反应，其水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应，说明为甲酸酚酯；②苯环上的一氯取代物只有两种，说明结构对称，符合条件的C的同分异构体的结构简式为。67．（2022-2023高二下·福建泉州·期末）乙烯是重要的有机化工原料，其产量是衡量国家石油化工水平发展的标志。以乙烯和淀粉为原料可以实现下列转化：

(1)乙烯的电子式。(2)反应①的反应类型为。(3)写出反应③的化学方程式：。(4)上述物质中，能发生银镜反应的物质有(写名称)。(5)丙烯()与乙烯具有相似的化学性质。①聚丙烯的结构简式为。②在一定条件下丙烯与H2O的加成产物主要为。【答案】(1)

(2)加成反应(3)(4)乙醛、葡萄糖(5)

CH3CH(OH)CH3【分析】乙烯和水发生加成反应生成B为CH3CH2OH，乙烯和溴发生加成反应生成A为BrCH2CH2Br，BrCH2CH2Br碱性水解生成HOCH2CH2OH，乙醇和CH3COOH发生酯化反应生成C为CH3COOCH2CH3，乙醇发生催化氧化生成CH3CHO；淀粉水解生成葡萄糖，葡萄糖在酒化酶的作用下生成乙醇。【详解】（1）乙烯的电子式为：

。（2）由分析可知，反应①是乙烯和溴发生加成反应生成BrCH2CH2Br；（3）③是乙醇和CH3COOH发生酯化反应生成CH3COOCH2CH3，反应反应方程式为。（4）含有醛基的物质能发生银镜反应，葡萄糖和乙醛均含有醛基，所以上述物质中，能发生银镜反应的物质有乙醛、葡萄糖。（5）①聚丙烯的结构简式为：

；②丙烯的结构简式为CH2=CHCH3，在催化剂的作用下也可以与水发生加成反应，根据羟基连接碳原子的不同，可以得到两种产物：CH3CH(OH)CH3、CH3CH2CH2OH，其中主要产物为：CH3CH(OH)CH3。68．（2022-2023高二下·广东韶关·期末）一种局部麻醉剂的中间体(H)的合成路线如图所示：回答下列问题：(1)A的结构简式为；B的化学名称为。(2)E中的含氧官能团名称为，B→C的反应类型为。(3)化合物H分子中采取sp3杂化的碳原子数有个。(4)C→D的化学方程式为。(5)G→H为取代反应，则另一种产物为。(6)写出同时满足下列条件的E的一种同分异构体的结构简式：。①能发生银镜反应；②能发生水解反应，其水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应；③分子中只有4种不同化学环境的氢。(7)参照上述合成路线和信息，以和乙醇为原料(无机试剂和有机溶剂任选)，设计制备的合成路线：。【答案】(1)

对硝基甲苯(或4-硝基甲苯)(2)酯基氧化反应(3)8(4)

(5)CH3CH2OH(6)

(7)

【分析】A在浓硝酸浓硫酸加热的条件下生成B，可推出A为；和苯环相连的C有氢原子，可被酸性高锰酸钾氧化变为羧基，羧酸与乙醇在浓硫酸加热的条件下发生酯化生成D，硝基在锌和乙酸的条件下被还原为氨基，碳氮双键与氢气发生加成反应生成G。【详解】（1）①A在浓硝酸浓硫酸加热的条件下生成B，可推出A为；②B为对硝基甲苯(或4-硝基甲苯)（2）E中的含氧官能团为酯基，B在酸性高锰酸钾的条件下生成C，发生氧化反应；（3）C原子为单键连接的为sp3杂化，C原子为双键连接的为sp2杂化，C原子为三键连接的为sp杂化，H结构中共有8个C原子发生sp3杂化（4）C在浓硫酸加热的条件下与乙醇发生酯化反应，其反应方程式为：

（5）G→H为取代反应，根据元素守恒，可知另一有机产物为CH3CH2OH；（6）能发生银镜反应，则含有醛基；能发生水解反应，含有酯基，水解产物之一遇氯化铁显色，则酯基为酚酯；含有4种不同化学环境的氢原子；其结构可能为：

（7）以和乙醇为原料设计制备，根据官能团的变化可推知需用框图中E与醛反应生成F的反应原理，故其合成路线为：

69．（2022-2023高二下·吉林通化·期末）化合物G是一种重要的有机合成中间体，由烃A和烃B合成G的路线如下(部分产物及条件已略去)：

已知：①烃A的核磁共振氢谱显示有两组峰，烃B的核磁共振氢谱显示为单峰②

回答下列问题：(1)烃A的名称为，C中含有的官能团名称为。(2)B的结构简式为。(3)试剂a的名称为，反应②的反应条件为。(4)反应①的反应类型为，反应③的化学方程式为。(5)F的同分异构体中，符合下列条件的有种。①苯环上有三个取代基，其中两个取代基相同②能与碳酸氢钠溶液反应③能与FeCl3溶液发生显色反应(6)请以乙烯和环己烯(

)为原料制备

，写出相应的合成路线。(无机试剂任选，合成路线参照本题，反应条件不能省略)【答案】(1)2−丁烯羟基、碳碳双键(2)

(3)甲醇NaOH醇溶液、加热(4)氧化反应

＋2NaOH

＋2NaBr＋2H2O(5)12(6)

【分析】烃A的核磁共振氢谱显示有两组峰，根据A和NBS反应的产物得到A为CH3CH=CHCH3，A发生取代反应生成BrCH2CH=CHCH2Br，BrCH2CH=CHCH2Br在氢氧化钠水溶液中发生取代反应生成C(HOCH2CH=CHCH2OH)，C发生催化氧化生成OHCCH=CHCHO，OHCCH=CHCHO催化氧化变为HOOCCH=CHCOOH，烃B的核磁共振氢谱显示为单峰，则B为环戊烷(

)，B发生取代反应生成D，D发生消去反应生成环戊烯，环戊烯与溴单质发生加成反应，生成E(

)，E发生消去反应生成环戊二烯，环戊二烯与HOOCCH=CHCOOH发生加成反应生成F，F发生酯化反应生成G。【详解】（1）烃A为CH3CH=CHCH3，其名称为2−丁烯，C中含有的官能团名称为羟基、碳碳双键；故答案为：2−丁烯；羟基、碳碳双键。（2）B是环戊烷，其结构简式为

；故答案为：

。（3）F和甲醇发生酯化反应，则试剂a的名称为甲醇，反应②是发生消去反应，则反应条件为NaOH醇溶液、加热；故答案为：甲醇；NaOH醇溶液、加热。（4）反应①是醇的催化氧化，其反应类型为氧化反应，反应③的化学方程式为＋2NaOH

＋2NaBr＋2H2O；故答案为：氧化反应；＋2NaOH

＋2NaBr＋2H2O。（5）F的同分异构体中，能与碳酸氢钠溶液反应，说明含有羧基；能与FeCl3溶液发生显色反应，含有酚羟基；苯环上有三个取代基，其中两个取代基相同，说明含有两个酚羟基，则另一个取代基为−CH3CH2COOH或−CH(CH3)COOH，两个酚羟基在邻位有两种位置的氢，两个酚羟基在间位有三种位置的氢，两个酚羟基在对位有一种位置的氢，因此共6×2=12种；故答案为：12。（6）环己烯(

)和溴的四氯化碳反应生成

，和氢氧化钠醇溶液加热反应生成

，

和乙烯加热条件下反应生成

，其合成路线为

；故答案为：

。70．（2022-2023高二下·山西大同·期末）孟鲁司特钠可用于抗新型冠状病毒肺炎，其制备中间体G的一种合成路线如下：

已知：①C除苯环外还含有一个五元环，D的苯环上只有两个取代基。②

请回答下列问题：(1)由A生成B的反应类型是。(2)F中官能团的名称是。(3)G的分子式为。(4)C的结构简式。(5)链状化合物H是的同分异构体，H能发生银镜反应，H的可能结构共有种(不考虑立体异构)。(6)D生成E和乙酸的化学方程式为。(7)设计以乙醇和乙酸为起始原料制备3-甲基-3-戊醇(

)的合成路线。(无机试剂及有机溶剂任用)。【答案】(1)氧化反应(2)酯基、醚键(3)(4)(5)8(6)+（CH3CO）2O+CH3COOH(7)【分析】在五氧化二钒催化下与氧气发生氧化反应生成，与NaBH4发生还原反应生成C，根据C的分子式C8H6O2可推出C为；根据已知信息②可推知，转化为D，D为；与乙酸酐反应生成E和乙酸，E为；与发生加成反应生成；与碳酸钾反应生成，据此分析。【详解】（1）由A生成B是在五氧化二钒催化下与氧气发生氧化反应生成，反应类型是氧化反应；（2）F为，官能团的名称是酯基、醚键；（3）G为，根据结构简式可知分子式为C15H22O3；（4）C的结构简式为；（5）链状化合物H是的同分异构体，H能发生银镜反应，则含有醛基，分子中除了醛基外，还有4个碳的烯基，烯基有三种碳架C=C-C-C、C-C=C-C、C=C（C）-C，醛基取代在上面的种类分别为4种、2种、2种，共8种，故H的可能结构共有8种（不考虑立体异构）；（6）D生成E和乙酸是与乙酸酐反应生成和乙酸，反应的化学方程式为+（CH3CO）2O+CH3COOH；（7）醇与浓的氢溴酸反应生成溴乙烷，溴乙烷在镁和醚作用下反应生成CH3CH2MgBr；乙酸与乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯，乙酸乙酯与CH3CH2MgBr反应生成3－甲基－3－戊醇，合成路线为。71．（2022-2023高二下·吉林长春·期末）一种药物中间体(G)的一种合成路线如下

已知：

请回答下列问题：(1)R的名称是；H中含氧官能团名称是。(2)M→N的反应类型是；H分子式是。(3)P的结构简式为。(4)写出Q→H的化学方程式：。(5)T是与R组成元素种类相同的芳香化合物，满足下列条件的T有种结构。①相对分子质量比R多14；②能与金属Na反应放出氢气，但不与反应；③能发生银镜反应。其中，在核磁共振氢谱上有5组峰且峰的面积比为1：1：2：2：2的结构简式为。(写出符合题意的一种即可)【答案】(1)邻羟基苯甲醛或2-羟基苯甲醛醚键、酯基(2)取代反应C15H18N2O3(3)

(4)

＋ClCH2CH2NHCH2CH2Cl→

＋2HCl(5)17

或

【分析】根据N的结构简式及R的分子式可知，R为

，R发生取代反应生成M，根据N的结构简式和M的分子式，则M为

，根据H的结构简式可知，P的结构简式为

，P发生还原反应生成Q，则Q为

，Q发生取代反应生成H，H发生取代反应生成G。【详解】（1）根据分析可知，R为

，则R的名称是邻羟基苯甲醛(或2-羟基苯甲醛)；根据H的结构简式，其中含氧官能团名称是醚键、酯基；（2）M为

，根据M、N结构变化，M→N的反应类型是取代反应；结构简式中每个节点为碳原子，每个碳原子形成4条共价键，不足键由氢原子补齐，则H分子式是C15H18N2O3；（3）根据分析，P的结构简式为

；（4）Q发生取代反应生成H，Q→H的化学方程式：

+ClCH2CH2NHCH2CH2Cl→

+2HCl；（5）R为

，T是与R组成元素种类相同的芳香化合物，相对分子质量比R多14，说明T比R多一个-CH2-；能与金属Na反应放出氢气，但不与NaHCO3反应，说明含有羟基，能发生银镜反应，说明含有醛基，若苯环上取代基为-OH、-CH3、-CHO三种不同结构，则有10种结构；若苯环上取代基为-OH、-CH2CHO，则有邻、间、对3种结构；若苯环上取代基为-CH(OH)CHO，则只有1种结构，若苯环上的取代基为-CH2OH、-CHO，则有邻、间、对3种结构，因此满足条件的T有17种结构；其中，在核磁共振氢谱上有5组峰且峰的面积比为1：1：2：2：2的结构简式为或。72．（2022-2023高二下·河南开封·期末）由化合物A制备可降解环保塑料M和一种医药合成中间体J的合成路线如图：

回答下列问题：已知：ⅰ．

(、、均为烃基)；ⅱ．

ⅲ．G的结构简式为

。(1)B的结构简式为。由B生成C的反应类型是。(2)D的化学名称为。(3)下列说法错误的是(填字母)。a．A可使酸性高锰酸钾溶液褪色

b．B、C分子中均存在手性碳原子c．常温下，E易溶于水

d．G可发生消去反应(4)C→Ｍ反应的化学方程式为。(5)J的同分异构体X能与碳酸钠溶液反应放出气体且能发生加成反应，则X的结构共有种(不考虑顺反异构)。(6)聚乳酸

是可降解塑料的一种。参照上述的合成路线，设计一条由乙炔为起始原料制备聚乳酸的合成路线(无机试剂和有机溶剂任选)。(已知：)【答案】(1)

还原反应(或加成反应)(2)1，3-丙二酸(或丙二酸)(3)bc(4)

(5)8(6)

【分析】C在一定条件下能够发生缩聚反应生成M，可以推知C为CH3CH(OH)CH2COOH，A在酸性高锰酸钾溶液中发生分解反应生成D和B，结合已知信息ⅰ的反应原理和D的分子式可以推知B的结构简式为

，D的结构简式为HOOCCH2COOH，D和C2H5OH在浓硫酸的催化下发生酯化反应生成E，E的结构简式为C2H5OOCCH2COOC2H5，E和G发生信息ⅱ的反应原理生成H，H的结构简式为，H在碱性溶液中水解后酸化得到I，则I为，I脱去1分子CO2得到J，以此解答。【详解】（1）由分析可知，B的结构简式为

，C的结构简式为CH3CH(OH)CH2COOH，则B生成C的反应类型是：还原反应。（2）由分析可知D的结构简式为HOOCCH2COOH，命名为：1，3-丙二酸(或丙二酸)。（3）a．A中含有碳碳双键，可使酸性高锰酸钾溶液褪色，故a正确；b．