2024高考物理专项复习连接体模型

2024高考物理专项复习连接体模型目录TOC\o"1-3"\h\u【模型一】轻绳相连加速度相同的连接体模型 1【模型二】板块连接体模型 4【模型三】轻绳绕滑轮加速度模型。 8【模型四】弹簧连接体中的分离问题模型。 121．分离问题1 122．分离问题2 123.分离问题3 12【模型五】斜劈模型。 15【模型一】轻绳相连加速度相同的连接体模型mm1m2Fμμamm1m2Fμμamm1m2Fμμamm1m2Famm1m2Fμμam3μ求m2、m3间作用力,将m1和m2看作整体整体求加速度隔离求内力T-μm1g=m1a得整体求加速度隔离求内力T-m1g(sinθ-μcosθ)=m1a得整体求加速度隔离求内力T-m1g=m1a得mm1m2F2μμaF1隔离T-F1-μm1g=m1a得【模型演练1】（2023·北京·统考高考真题）如图所示，在光滑水平地面上，两相同物块用细线相连，两物块质量均为1kg，细线能承受的最大拉力为2N。若在水平拉力F作用下，两物块一起向右做匀加速直线运动。则F的最大值为（

）

A．1N B．2N C．4N D．5N【答案】C【详解】对两物块整体做受力分析有F=2ma再对于后面的物块有FTmax=maFTmax=2N联立解得F=4N故选C。【模型演练2】（2022·全国·统考高考真题）如图，一不可伸长轻绳两端各连接一质量为m的小球，初始时整个系统静置于光滑水平桌面上，两球间的距离等于绳长L。一大小为F的水平恒力作用在轻绳的中点，方向与两球连线垂直。当两球运动至二者相距时，它们加速度的大小均为（）A． B． C． D．【答案】A【详解】当两球运动至二者相距时，,如图所示由几何关系可知设绳子拉力为，水平方向有解得对任意小球由牛顿第二定律可得解得故A正确，BCD错误。故选A。【模型演练3】【多选】（2022·全国·统考高考真题）如图，质量相等的两滑块P、Q置于水平桌面上，二者用一轻弹簧水平连接，两滑块与桌面间的动摩擦因数均为。重力加速度大小为g。用水平向右的拉力F拉动P，使两滑块均做匀速运动；某时刻突然撤去该拉力，则从此刻开始到弹簧第一次恢复原长之前（）A．P的加速度大小的最大值为B．Q的加速度大小的最大值为C．P的位移大小一定大于Q的位移大小D．P的速度大小均不大于同一时刻Q的速度大小【答案】AD【详解】设两物块的质量均为m，撤去拉力前，两滑块均做匀速直线运动，则拉力大小为撤去拉力前对Q受力分析可知，弹簧的弹力为AB．从此刻开始到弹簧第一次恢复原长之前的过程中，以向右为正方向，撤去拉力瞬间弹簧弹力不变为，两滑块与地面间仍然保持相对滑动，此时滑块P的加速度为解得此刻滑块Q所受的外力不变，加速度仍为零，过后滑块P做减速运动，故PQ间距离减小，弹簧的伸长量变小，弹簧弹力变小。根据牛顿第二定律可知P减速的加速度减小，滑块Q的合外力增大，合力向左，做加速度增大的减速运动。故P加速度大小的最大值是刚撤去拉力瞬间的加速度为。Q加速度大小最大值为弹簧恢复原长时解得故滑块Q加速度大小最大值为，A正确，B错误；C．滑块PQ水平向右运动，PQ间的距离在减小，故P的位移一定小于Q的位移，C错误；D．滑块P在弹簧恢复到原长时的加速度为解得撤去拉力时，PQ的初速度相等，滑块P由开始的加速度大小为做加速度减小的减速运动，最后弹簧原长时加速度大小为；滑块Q由开始的加速度为0做加速度增大的减速运动，最后弹簧原长时加速度大小也为。分析可知P的速度大小均不大于同一时刻Q的速度大小，D正确。故选AD。【模型二】板块连接体模型mm1m2μ光滑aFmm1m2μ1μ2a)θmm1μ1μ2a)θm2整体：a=F/(m1+m2)隔离m1：f=m1a得f=m1F/(m1+m2)整体：a=g(sinθ-μ2cosθ)方向沿斜面向下隔离m1：m1gsinθ-f=m1a得f=μ2m1gcosθ方向沿斜面向上若μ2=0则f=0整体：a=g(sinθ-μ2cosθ)方向沿斜面向下隔离m1：f=m1acosθ得f=m1g(sinθ-μ2cosθ)cosθ方向水平向左若μ2=0则f=m1gsinθcosθ【模型演练1】（2024·福建漳州·高三福建省东山第一中学校考期中）如图所示，A，B两物块的质量分别为和，静止叠放在水平地面上。A，B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为。现对A施加一水平拉力F，则（）

A．当时，A，B都相对地面静止B．当时，A的加速度为C．当时，A相对B静止D．无论F为何值，B的加速度不会超过【答案】BD【详解】A．之间的最大静摩擦力为与地面间的最大静摩擦力为当时，有可能大于，因此，可能相对地面发生滑动，故A错误；B．当时，对整体，根据牛顿第二定律有解得的共同加速度为当两物体未发生相对滑动时，越大，加速度越大，当两物体发生相对滑动时，的加速度最大，对，根据牛顿第二定律有解得的最大加速度为因为，则A的加速度为，故B正确；C．当两物体恰好发生相对运动时，对整体，根据牛顿第二定律有对，根据牛顿第二定律有联立解得故当时，、之间发生相对滑动，故C错误；D．的最大加速度为，因此无论F为何值，B的加速度不会超过，故D正确。故选BD。【模型演练2】（2021·全国·高考真题）水平地面上有一质量为的长木板，木板的左端上有一质量为的物块，如图（a）所示。用水平向右的拉力F作用在物块上，F随时间t的变化关系如图（b）所示，其中、分别为、时刻F的大小。木板的加速度随时间t的变化关系如图（c）所示。已知木板与地面间的动摩擦因数为，物块与木板间的动摩擦因数为，假设最大静摩擦力均与相应的滑动摩擦力相等，重力加速度大小为g。则（）A． B．C． D．在时间段物块与木板加速度相等【答案】BCD【详解】A．图（c）可知，t1时滑块木板一起刚在从水平滑动，此时滑块与木板相对静止，木板刚要滑动，此时以整体为对象有A错误；BC．图（c）可知，t2滑块与木板刚要发生相对滑动，以整体为对象，根据牛顿第二定律，有以木板为对象，根据牛顿第二定律，有解得BC正确；D．图（c）可知，0~t2这段时间滑块与木板相对静止，所以有相同的加速度，D正确。故选BCD。【模型演练3】（2024上·江苏镇江·高三江苏省镇江中学校考阶段练习）如图所示，质量分别为2m和3m的木块A、B叠放后放在光滑的水平面上，A和B之间的动摩擦因数为μ。现给B施加随时间t增大的力，式中是常数，重力加速度为g。求：（1）A、B没有发生相对滑动时，B对A的摩擦力随时间变化的关系式；（2）由的表达式中时刻开始计时，A、B间发生相对滑动所对应的时刻。【答案】（1）；（2）【详解】（1）根据题意，设A、B没有发生相对滑动，整体的加速度为，对整体由牛顿第二定律有设B对A的摩擦力为，对物体A由牛顿第二定律有联立解得（2）根据题意可知，当对A的摩擦力达到最大静摩擦力时，A、B间发生相对滑动，则有解得【模型三】轻绳绕滑轮加速度模型。mm1m2aaμmm1m2aa隔离m1：T-μm1g=m1a隔离m2：m2g-T=m2a得，隔离m1：m1g-T=m1a隔离m2：T-m2g=m2a得，若μ=0，且m2<<m1，若m1=m2，T=m1g=m2g【模型演练1】（2023上·黑龙江七台河·高三统考期中）如图所示，质量分别为、的两物块P、Q用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，开始时用手托住物块Q，使物块P静止在水平桌面上。已知物块P与桌面间的动摩擦因数，P与桌面边缘距离足够长，Q与地面的高度差，重力加速度g取。放手后，求：（1）物块Q落地前，绳中张力的大小；（2）物块P运动的总位移大小s。【答案】（1）；（2）【详解】（1）物块Q落地前，P、Q有相同的加速度，设为，以P为对象，根据牛顿第二定律有以Q为对象，根据牛顿第二定律有联立解得（2）物块Q落地前瞬间，P、Q的速度大小为P通过的位移大小为物块Q落地后，P继续在水平桌面上做匀减速运动，设加速度大小为，以P为对象，根据牛顿第二定律有解得P继续在水平桌面上通过的位移大小为物块P运动的总位移大小为【模型演练2】（2022·河北·统考高考真题）如图，轻质定滑轮固定在天花板上，物体和用不可伸长的轻绳相连，悬挂在定滑轮上，质量，时刻将两物体由静止释放，物体的加速度大小为。时刻轻绳突然断开，物体能够达到的最高点恰与物体释放位置处于同一高度，取时刻物体所在水平面为零势能面，此时物体的机械能为。重力加速度大小为，不计摩擦和空气阻力，两物体均可视为质点。下列说法正确的是（）A．物体和的质量之比为 B．时刻物体的机械能为C．时刻物体重力的功率为 D．时刻物体的速度大小【答案】BCD【详解】A．开始释放时物体Q的加速度为，则解得选项A错误；B．在T时刻，两物体的速度P上升的距离细线断后P能上升的高度可知开始时PQ距离为若设开始时P所处的位置为零势能面，则开始时Q的机械能为从开始到绳子断裂，绳子的拉力对Q做负功，大小为则此时物体Q的机械能此后物块Q的机械能守恒，则在2T时刻物块Q的机械能仍为，选项B正确；

CD．在2T时刻，重物P的速度方向向下；此时物体P重力的瞬时功率选项CD正确。故选BCD。【模型四】弹簧连接体中的分离问题模型。1．分离问题1分离类型：A与弹簧分离AAFa处于原长，分离：弹力为零；加速度此瞬间还为零AA处于压缩状态，接触分离问题2分离类型：B与地面分离AABFa处于伸长状态，分离：弹力为零；加速度此瞬间还为零AAB处于压缩状态，xxOF分离mAax1+x2(mA+mB)g+mAa斜率k3.分离问题3临界条件：①力的角度：A、B间弹力为零FAB=0；②运动学的角度：vA=vB、aA=aB.分离类型：A、B分离AABFa处于压缩状态，x2=mB(g+a)/k分离：弹力为零；加速度瞬间还相等ttOv分离aBt1A【模型演练1】【多选】（2023·山西·校联考模拟预测）如图所示，劲度系数为400N/m的竖直轻弹簧下端固定在地面上，上端与质量为2kg的物块1连接，质量为4kg的物块2叠放在1上，系统处于静止状态。现对物块2施加竖直向上的拉力，使物块2竖直向上做匀加速直线运动，已知拉力在内为变力，0.2s后为恒力，取，下列说法正确的是（）

A．物块2匀加速直线运动的加速度大小为B．时，拉力的大小为24NC．时，拉力的大小为28ND．时，弹簧弹力的大小为56N【答案】AB【详解】系统处于静止状态0~0.2s过程中时对系统时，对物块1弹簧弹力对物块2联立解得，，，，，故选AB。【模型演练1】【多选】．（2024·全国·高三专题练习）如图甲所示，质量分别为m、M的物体A、B静止在劲度系数为k的弹簧上，A与B不粘连，现对物体A施加竖直向上的力F，使A、B一起上升，若以两物体静止时的位置为坐标原点，两物体的加速度随位移的变化关系如图乙所示，重力加速度大小为g，则（）A．在图乙中段表示拉力F逐渐增大B．在图乙中段表示B物体减速上升C．位移为时，A、B之间弹力为D．位移为时，A、B一起运动的速度大小为【答案】ACD【详解】A．根据牛顿第二定律上升过程中，弹簧弹力逐渐减小，则在图乙中段表示拉力F逐渐增大，A正确；B．段加速度方向不变，仍做加速运动，B错误；C．系统静止时位移为时，对B联立得C正确；D．根据可知，图像与横轴所围成的面积的2倍表示速度平方的变化量，则位移为时，A、B一起运动的速度大小为D正确。故选ACD。【模型五】斜劈模型。1.无外力变速型2.已知μ加外力变速型【模型演练1】．（2023上·山东·高三校联考阶段练习）如图所示为利用斜面从货车上卸货的示意图，货箱沿斜面下滑过程中斜面始终保持静止状态，下列说法正确的是（）A．若货箱匀速下滑时，在其上面施加一个竖直向下的恒力F后，货箱将加速下滑B．若货箱匀速下滑时，在其上面施加一个垂直斜面向下的恒力F后，货箱继续匀速下滑C．若货箱匀速下滑时，在其上面施加一个斜向左下方向的恒力F后，货箱继续匀速下滑D．若货箱加速下滑时，在其上面施加一个竖直向下的恒力F后，货箱下滑加速度变大【答案】D【详解】AD．货箱匀速下滑时，其受到的重力沿斜面分力与摩擦力相互平衡，则有可得若货箱加速下滑，则同理可得施加竖直向下的力F后货箱沿斜面向下的力变为货箱受到的摩擦力变为则联立可得货箱匀速下滑时，在其上面施加一个竖直向下的恒力F后会有此时货箱仍然匀速下滑；货箱加速下滑时，在其上面施加一个竖直向下的恒力F后会有此时货箱仍然加速下滑，且Fx增大量大于f，货箱下滑加速度变大，故A错误，D正确；B．若货箱匀速下滑时，在货箱上面施加一个垂直斜面向下的恒力F后，货箱受到的摩擦力增大，则货箱减速下滑，故B错误；C．若货箱匀速下滑时，其上面施加一个斜向左下方向的恒力F后，则货箱受到的沿斜面向下的力增量大于摩擦力增量，货箱加速下滑，故C错误；故选D。【模型演练2】．（2023上·安徽·高三校联考阶段练习）如图所示，在水平地面上有一质量为M、倾角为的斜面，斜面上表面光滑。质量为m的小滑块自斜面顶端滑下，斜面始终保持静止，若可变，当取某数值时，地面所受摩擦力最大，此时地面对斜面支持力大小为（）A． B． C． D．【答案】A【详解】小物块沿斜面下滑的加速度大小为把此加速度分解为水平和竖直方向，在水平方向的加速度竖直方向的加速度对整个小物块和斜面系统整体在水平方向上列牛顿定律当时，地面摩擦力最大，此时，对系统在竖直方向上列牛顿定律解得A正确。故选A。【模型演练3】（2023上·广西柳州·高三柳州高级中学校考阶段练习）如图所示，质量为m的木块A置于斜劈B上，A与B一起沿光滑固定斜面由静止开始下滑，二者始终保持相对静止，重力加速度为g，则在下滑过程中，下列说法正确的是（）A．木块A所受的合力竖直向下B．木块A只受重力和支持力作用C．木块A受B作用于它的摩擦力大小为D．木块A受到的支持力大小等于木块A的重力大小【答案】C【详解】A．对整体易得加速度沿着斜面向下，对A将加速度分解为水平向左的加速度ax和竖直向下的加速度ay，而对A受力有重力mg（竖直向下）、支持力N（竖直向上）和摩擦力f（水平方向），显然水平分加速度只能由摩擦力提供，即故小木块受到水平向左的摩擦力故AB错误；C．将AB看成一个整体，根据牛顿第二定律可得可得对A进行水平方向受力分析，可得则可得木块A受B作用于它的摩擦力大小为，故C正确；D．对A进行竖直方向受力分析，可得木块A受到的支持力大小小于木块A的重力大小，故D错误；故选C。1.（2021·海南·高考真题）如图，两物块P、Q用跨过光滑轻质定滑轮的轻绳相连，开始时P静止在水平桌面上。将一个水平向右的推力F作用在P上后，轻绳的张力变为原来的一半。已知P、Q两物块的质量分别为、，P与桌面间的动摩擦因数，重力加速度。则推力F的大小为（）A． B． C． D．【答案】A【详解】P静止在水平桌面上时，由平衡条件有推力F作用在P上后，轻绳的张力变为原来的一半，即故Q物体加速下降，有可得而P物体将有相同的加速度向右加速而受滑动摩擦力，对P由牛顿第二定律解得故选A。2．（2020·江苏·统考高考真题）中欧班列在欧亚大陆开辟了“生命之路”，为国际抗疫贡献了中国力量。某运送防疫物资的班列由40节质量相等的车厢组成，在车头牵引下，列车沿平直轨道匀加速行驶时，第2节对第3节车厢的牵引力为F。若每节车厢所受摩擦力、空气阻力均相等，则倒数第3节对倒数第2节车厢的牵引力为（）A．F B． C． D．【答案】C【详解】根据题意可知第2节车厢对第3节车厢的牵引力为F，因为每节车厢质量相等，阻力相同，故第2节对第3节车厢根据牛顿第二定律有设倒数第3节车厢对倒数第2节车厢的牵引力为F1，则根据牛顿第二定律有联立解得。故选C。3．（2019·海南·高考真题）如图，两物块P、Q置于水平地面上，其质量分别为m、2m，两者之间用水平轻绳连接。两物块与地面之间的动摩擦因数均为，重力加速度大小为g，现对Q施加一水平向右的拉力F，使两物块做匀加速直线运动，轻绳的张力大小为（）A． B． C． D．【答案】D【详解】根据牛顿第二定律，对PQ的整体：；对物体P：；解得，故选D。4．（2023上·湖南张家界·高三慈利县第一中学校考阶段练习）如图所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量分别为和的物体A和B（B物体与弹簧连接），弹簧的劲度系数为，初始时物体处于静止状态。现用竖直向上的拉力作用在物体A上，使物体A开始向上做加速度为的匀加速直线运动（重力加速度为g），则（）A．施加外力前，弹簧的形变量为B．外力施加的瞬间，A、B间的弹力大小为m（g-a）C．A、B分离时弹簧弹力大小为m（g+a）D．从开始运动到A、B分离经历的时间为【答案】C【详解】A．施加外力前，根据受力平衡可得，弹簧的形变量为A错误；B．外力施加的瞬间，以物体B为对象，设A对B的压力为，根据牛顿第二定律可得解得B错误；C．A、B在分离时，此时A、B间的弹力为，以物体B为对象，根据牛顿第二定律可得解得此时弹簧的弹力大小为C正确；D．设A、B分离时弹簧的压缩量为，可得解得从开始运动到A、B分离经历的时间为，则有解得D错误；故选C。5．（2024上·山东济南·高三统考期末）如图所示，静置于光滑水平面上的A物体通过跨过定滑轮的轻绳与B物体相连，轻绳处于拉直状态。已知A、B两物体的总质量不变，不计滑轮的质量和摩擦。同时将A、B两物体由静止释放，释放后瞬间轻绳的拉力大小为T。下列说法正确的是（）

A．B物体的质量越大T越大 B．A物体的质量越大T越大C．A、B两物体的质量相等时T最大 D．A、B两物体的质量相等时T最小【答案】C【详解】A、B两物体的加速度大小相等。以A物体为研究对象，由牛顿第二定律得以B物体为研究对象，由牛顿第二定律得可得由题A、B两物体的总质量不变，即不变；由数学知识可知，当时，有最大值；所以当时，有最大值。故选C。6．（2023上·青海·高三校联考阶段练习）如图所示，三个完全相同的物体A、B、C用两根轻质细绳连接，作用在物体C上的水平恒力F使整体沿粗糙水平面向右做匀加速直线运动，下列说法正确的是（

）A．A、B间轻绳中的张力大小为B．A、B间轻绳中的张力大小为C．B、C间轻绳中的张力大小为D．B、C间轻绳中的张力大小为【答案】B【详解】AB．设物体质量均为，与地面间的动摩擦因数为，对A、B、C整体，有解得对A，有解得故A错误，B正确；CD．将对A、B看成整体，有解得故CD错误。故选B。7．（2024上·黑龙江哈尔滨·高三哈尔滨三中校考期末）如图，质量分别为2m和3m的方形物体A和B在水平恒力F作用下，沿光滑水平面向右运动，A刚好不下滑，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g，则A、B间的动摩擦因数为（）A． B． C． D．【答案】B【详解】设物体运动的加速度大小为，对A、B整体有隔离B，可得A对B作用力大小由牛顿第三定律知B对作用力大小对在竖直方向有得故选B。8．（2023上·河北张家口·高三张家口市第一中学专题练习）如图所示，质量为M的光滑斜面体上有一质量为m的木块沿斜面匀加速下滑，斜面体静止不动，则斜面体对地面的压力应（）A．等于（M+m）g B．大于（M+m）g C．小于（M+m）g D．无法确定【答案】C【分析】对斜面体和滑块整体，受重力、地面的支持力、地面对其向右的静摩擦力，对整体运用牛顿第二定律列式分析即可．【详解】由题，斜面是光滑的，则由牛顿第二定律可得物体m下滑时加速度大小为a=gsinθ．对整体进行研究，分析受力情况，作出力的示意图将m的加速度a分解为水平和竖直两个方向，根据牛顿第二定律有：竖直方向：（M+m）g-N=masinθ＞0，则N＜（M+m）g，所以斜面体受地面的支持力小于（M+m）g．故选C．9．（2023上·江西·高三校联考阶段练习）如图所示，质量为M的物体Q上表面水平，质量为m的物体P放在Q上，一起沿倾角为的光滑斜面以一定的初速度向上滑动，到最高点后又沿斜面一同下滑，在整个过程中斜面始终静止。已知重力加速度为g，则（

）A．Q对P的支持力大小始终为B．Q对P的摩擦力先水平向右后水平向左C．Q对P的作用力的方向始终垂直斜面向上D．斜面对物体Q的作用力的大小始终为【答案】C【详解】A．物体P和Q一起沿光滑斜面运动，将物体P和Q整体，沿斜面方向有解得故物体P和Q一起向上滑与向下滑的加速度相同，方向沿斜面向下，即物体P有竖直向下的分加速度，物体处于失重状态，所以Q对P的支持力始终小于，故A错误；B．由于物体加速度始终不变，方向沿斜面向下，故物体始终有水平向右的分加速度，根据牛顿第二定律可知，Q对P的摩擦力方向始终向右，故B错误；C．由于整体加速度始终不变，方向沿斜面向下，故Q对P的的摩擦力方向始终向右，支持力竖直向上，根据力的合成可知，Q对P的作用力方向始终垂直斜面向上。故C正确；D．结合上述分析，根据垂直斜面方向合外力为零可知，斜面对Q的作用力的大小始终为，故D错误。故选C。10．（2023上·贵州黔西·高三校考阶段练习）如图所示，质量为M、倾角为θ的斜面A放在水平地面上，质量为m的物块B放在斜面上，轻推一下B，物块恰好能自行匀速下滑。当在斜面底端给该物块一个沿斜面向上的初速度，使物块向上滑到斜面顶端时恰好停下，此过程物块运动的时间为t，斜面始终处于静止状态。重力加速度为g，不计空气阻力，则（）A．物块匀速下滑时所受的摩擦力大小为mgcosθB．斜面的长度为gt2sinθC．物块沿斜面向上滑动的加速度大小为gsinθD．物块上滑的初速度为gtsinθ【答案】B【详解】A．物块匀速下滑时，受力平衡，可知所受的摩擦力大小为f=mgsinθ故A错误；B．物块沿斜面向上做匀减速直线运动，可等效为沿斜面向下的匀加速直线运动，且初速度为零，则斜面的长度为解得故B正确；C．设物块沿斜面向上滑动的加速度大小为a，由牛顿第二定律可得f+mgsinθ=ma解得a=2gsinθ故C错误；D．物块上滑的初速度故D错误。故选B。11．（2023上·河北承德·高三校联考期中）如图所示，A、B两个木块静止叠放在竖直轻弹簧上，已知，轻弹簧的劲度系数为100N/m。若在木块A上作用一个竖直向上的力F，使木块A由静止开始以的加速度竖直向上做匀加速直线运动，从木块A向上做匀加速运动开始到A、B分离的过程中。弹簧的弹性势能减小了，重力加速度g取。下列判断不正确的是（）A．木块A向上做匀加速运动的过程中，力F的最大值是12NB．木块A向上做匀加速运动的过程中，力F的最小值是4NC．从A向上做匀加速运动到A、B分离的过程中，力F对木块做功为D．从A向上做匀加速运动到A、B分离的过程中，力F对木块做功为【答案】D【详解】AB．对A、B整体分析，根据牛顿第二定律可得弹簧开始时被压缩，向上做加速运动，a不变，弹簧弹力逐渐变小，则力F逐渐增大。对A分析，根据牛顿第二定律有a不变，力F逐渐增大，则B、A间的弹力逐渐减小，当B、A间的弹力减小为零时，力F达到最大值保持不变，所以力F的最小值为力F的最大值为故AB正确；CD．A、B静止时，根据胡克定律可得，弹簧的压缩量为A、B分离瞬间，对B分析，根据牛顿第二定律有解得，此时弹簧的压缩量为设A、B分离时的速度为v，则根据运动学规律有整个过程中，根据功能关系可得解得，从A向上做匀加速运动到A、B分离的过程中，力F对木块做功为故C正确，D错误。本题选不正确的，故选D。12．（2023上·河南信阳·高三潢川一中校考阶段练习）如图所示，在光滑水平面上有一质量为的足够长的木板，其上叠放一质量为的铁块。若木板和铁块之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等，现给铁块施加一随时间增大的水平力，木板和铁块加速度的大小分别为和，下列反映和随时间变化的图线中正确的是（）A． B．C． D．【答案】A【详解】AB．当较小时，铁块和木板一起做匀加速直线运动，加速度为当拉力达到一定程度后，铁块和木板之间发生相对滑动；对木板，所受的滑动摩擦力恒定不变，加速度恒定不变，即故A正确，B错误；CD．铁块和木板之间发生相对滑动后，对铁块，加速度为由于可知图线后一段斜率大于前一段的斜率，故CD错误。故选A。13．（2023上·湖北·高三统考阶段练习）如图所示，长木板放在水平地面上，木块放在长木板上，作用在长木板上的水平拉力F使木块和长木板一起向右做匀加速直线运动，运动过程中木块与长木板间的静摩擦力大小为f．已知长木板的质量为木块质量的2倍，木块与长木板间的动摩擦因数等于木板与地面间的动摩擦因数，下列判断正确的是（）A． B． C． D．【答案】A【详解】设木块质量为m，则长木板质量2m，设木块与木板，木板与地面间的动摩擦因数为μ，则对整体对物块解得故选A。14．（2023·黑龙江·校联考一模）如图甲所示，粗糙的水平地面上有长木板P，小滑块Q（可看做质点）放置于长木板上的最右端。现将一个水平向右的力F作用在长木板的右端，让长木板从静止开始运动，一段时间后撤去力F的作用。滑块、长木板的速度图像如图乙所示，已知小滑块Q与长木板P的质量相等，小滑块Q始终没有从长木板P上滑下。重力加速度g=10m/s2。则下列说法正确的是（

）

A．滑块Q与长木板P之间的动摩擦因数是0.5 B．长木板P与地面之间的动摩擦因数是0.75C．t=9s时长木板P停下来 D．长木板P的长度至少是16.5m【答案】C【详解】A．由乙图可知，力F在5s时撤去，此时长木板P的速度为v1=5m/s，6s时两者速度相同为v2=3m/s，在0～6s的过程对Q由牛顿第二定律得根据图乙可知代入数据可得μ1=0.05故A错误；B．5s～6s对P由牛顿第二定律得μ1mg+μ2•2mg=ma1由乙图可知a1=2m/s2代入数据可得μ2=0.075故B错误；C．6s末到长木板停下的过程，对长木板由牛顿第二定律得代入数据可得a3=1m/s2这段时间所以9s时长木板P停下来，故C正确；D．6s前长木板的速度大于滑块Q的速度，6s后长木板P的速度小于滑块Q的速度，由v-t图像的“面积”可知前6s的相对位移大于6s后的相对位移，故长木板P的长度至少为前6s过程中Q相对P滑动的距离故D错误。故选C。15．（多选）（2023上·重庆黔江·高三重庆市黔江中学校校考阶段练习）如图所示，甲叠放在物体乙上，m乙=2m甲=2m，甲、乙之间以及乙与地面之间的动摩擦因数均为μ，一水平外力F向右拉乙，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．要使甲、乙一起运动，则F的最大值为4μmgB．要使甲、乙一起运动，则F的最大值为5μmgC．若F=8μmg，则甲的加速度为μgD．若甲、乙一起向右做匀速直线运动，F方向可变，μ=0.5，则F的最小值为mg【答案】CD【详解】AB．要使甲乙能一起运动，甲乙间的摩擦力小于等于最大静摩擦力，对甲受力分析，有解得对甲乙整体受力分析，有解得AB均错误；C．若F=8μmg，则甲和乙有相对运动，对甲受力分析有解得C正确；D．设甲、乙一起向右做匀速直线运动，F与水平成角时，F有最小值，对甲乙整体受力分析，根据平衡条件，有解得当时，拉力最小，为D正确。故选CD。16．（多选）（2024·全国·高三专题练习）如图所示，两物块A、B之间用细线相连，第一次将物块放在水平面上施加水平拉力，第二次将物块放在足够长斜面上施加平行斜面向上拉力，第三次施加竖直向上拉力，已知物块与水平面和斜面间动摩擦因数均为，斜面倾角为，三根细线能够承受的最大拉力相同，三次均使两物块都动起来，三次最大拉力分别为、、，三次物块最大加速度分别为、、，已知，，以下说法正确的是（）

A． B．C． D．【答案】BC【详解】AB．将两物块放在粗糙斜面上，在外力作用下向上加速运动，根据牛顿第二定律有令两物块间细线拉力为，对物块B进行分析，根据牛顿第二定律有解得可知细线拉力与、、无关，只跟拉力和两物块质量有关，当三种情况细线拉力达到最大时，外力为最大，即有可知故A错误，B正确；CD．当外力最大时系统加速度最大，对A、B整体进行分析，根据牛顿第二定律有解得，，根据题干所给数值，结合上述可知故C正确，D错误。故选BC。17.（多选）．（2023上·北京昌平·高三北京市昌平区第二中学校考阶段练习）如图所示，质量为M、上表面光滑的斜面体放置在水平面上，另一质量为m的物块沿斜面向下滑动时，斜面体一直静止不动。已知斜面倾角为，重力加速度为g，则（）A．地面对斜面体的支持力为B．地面对斜面体的摩擦力为零C．斜面倾角越大，地面对斜面体的支持力越小D．斜面倾角不同，地面对斜面体的摩擦力可能相同【答案】CD【详解】物块在水平方向和竖直方向的加速度大小分别为设地面对斜面体的支持力大小为FN，摩擦力大小为Ff，根据质点系的牛顿第二定律可得解得由上面两式可知，地面对斜面体的支持力小于，且斜面倾角越大，地面对斜面体的支持力越小；地面对斜面体的摩擦力不为零，且当斜面倾角取互余的两个值时，Ff大小相等。综上所述可知AB错误，CD正确。故选CD。18．（2023·内蒙古·校考模拟预测）如图所示，在粗糙水平面上放一质量为M的斜面，质量为m的木块在竖直向上力F作用下，沿斜面匀速下滑，此过程中斜面保持静止，若将F改为斜向左上，则地面对斜面（）A．无摩擦力 B．有水平向左的摩擦力C．支持力为 D．支持力小于【答案】AD【详解】AB．质量为m的木块在竖直向上力F作用下，沿斜面匀速下滑，木块m受力分析如图所示根据力的平衡条件得若将F改为斜向左上，对质量为m的木块受力分析如图所示根据力的平衡条件对质量为M的斜面受力分析如图所示根据牛顿第三定律，综合以上各式可得所以地面对斜面的摩擦力故A正确，B错误；CD．地面对斜面的支持力为综合以上各式得故C错误，D正确。故选AD。19．（2023上·内蒙古鄂尔多斯·高三鄂尔多斯市第一中学校考阶段练习）如图，质量的物块放在粗糙的水平桌面上，物块与水平桌面间的动摩擦因数为0.20，桌面的左端固定一光滑轻滑轮，轻绳绕过定滑轮，轻绳的一端连接在物块上，另一端吊着质量为m的小球。轻绳承受力足够大，物块与滑轮间的轻绳水平。将物块由静止释放后开始做匀加速直线运动，已知重力加速度大小取，在运动过程中物块不会碰到滑轮，改变小球的质量m，则小球落地前轻绳上的拉力大小可能为（）A．8.5N B．15.5N C．24.5N D．29.5N【答案】AB【详解】当物块匀速运动时，有当其做匀加速直线运动时，对物块有对小球有整理有当趋向于零时，其分母趋向于最小，则的值越大，所以其最大值综上所述，可知轻绳上的拉力大小取值范围在故选AB。20．（多选）（2023上·天津南开·高三统考期中）如图所示，质量分别为的两个物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧测力计连接。大小为F=20N的水平拉力作用在m1上，弹簧测力计始终在弹性限度内且质量可忽略。当系统稳定后，下列说法正确的是（）

A．弹簧测力计的示数是12NB．在突然撤去F的瞬间，m1的加速度不变C．在突然撤去F的瞬间，m2的加速度变小D．在突然撤去F的瞬间，弹簧测力计的示数不变【答案】AD【详解】A．以向右为正方向，对整体分析，由牛顿第二定律得设弹簧的弹力为，对物块分析，由牛顿第二定律得A正确，B．在突然撤去F的瞬间，弹簧的形变量不变，的受力变化为只受弹簧弹力加速度为B错误；C．在突然撤去F的瞬间，弹簧的形变量不变，m2的受力没有变化，故其加速度没有变化，C错误；D．在突然撤去F的瞬间，弹簧的形变量不变，弹簧测力计的示数不变，D正确。故选AD。21．（多选）（2023上·福建·高三校联考期中）如图甲所示，一轻质弹簧放置在光滑水平桌面上，一端固定在墙壁上，另一端拴接物体A，质量均为的物体A、B接触但不粘连。压缩弹簧至某一位置（弹性限度以内）后静止释放A、B，同时给物体B施加水平向右的力F使之做匀加速直线运动，F与作用时间t的关系如图乙所示，则下列说法正确的是（）A．A、B分离时，弹簧刚好为原长状态B．A、B分离时，B的加速度为C．A、B分离时，A的速度为D．刚释放A、B时，弹簧的压缩量为【答案】BD【详解】A．物体A、B分离时，B只受拉力F作用，加速度大于零，此时A的加速度与B的相同，则弹簧弹力大于零，弹簧处于压缩状态，故A错误；B．物体A、B分离后，B的加速度不变，拉力F不变，由图乙可知，此时拉力F为2N，则B的加速度为故B正确；C．由图乙可知0.2s物体A、B分离，分离时A、B的速度相同，均为故C错误；D．时，对A、B整体由牛顿第二定律得，弹簧弹力为运动0.2s后，弹簧压缩量为此时弹簧弹力为联立解得故D正确。故选BD。22．（多选）（2024·广西贵港·统考模拟预测）如图（a）所示，一质量为的长木板静置于粗糙水平面上，其上放置一质量未知的小滑块，且长木板与小滑块之间接触面粗糙。小滑块受到水平拉力作用时，用传感器测出小滑块的加速度与水平拉力的关系如图（b）实线所示。已知地面与长木板的动摩擦因数为0.2，重力加速度，下列说法正确的是（）

A．小滑块与长木板之间的动摩擦因数为