2024年广东省深圳市中考物理模拟试卷(三)及答案解析

2024年广东省深圳市中考物理模拟试卷（三）

一、单项选择题（本题共7小题，每小题2分，共14分。在每小题给出的四个选项中，只

有一项符合题意）

1.（2分）某物体从地面上某一点出发沿直线运动，其s-t图像如图所示，对物体的运动情

况进行分析，下列说法错误的是（）

A.物体在6s内运动的路程为15mB.物体在前2s内和最后2s内的速度相等

C.物体在2〜4s内处于静止状态D.物体在6s内的平均速度为2.5m/s

2.（2分）一种合金魔术道具，久握在34（的手中不熔化，放在60七的水中会熔化，则该

合金的熔点可能是（）

A.16七B.30℃C.47℃D.70℃

3.（2分）一只小鸟在平静的湖面上飞过，以下描述正确的是（）

A.小鸟在湖中所成的像是实像B.小鸟靠近湖面时，像远离湖面

C.小鸟在湖中的像始终和小鸟一样大D.小鸟到湖面的距离大于像到湖面的距离

4.（2分）现在中学生近视眼患者越来越多，保护眼睛刻不容缓，学校开展了上、下午各一

次眼保健操活动来预防近视，如图中关于近视眼成因及远视眼矫正的原理图正确的是

5.（2分）如图所示，水平桌面上盛有适量盐水的烧杯中，漂浮着冰块A,悬浮着物块B。

当冰块A完全熔化后，下列分析错误的是（）

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A.烧杯中盐水的密度变小B.烧杯内液面不发生变化

C.杯底受到液体的压强变小D.物块B受到的浮力变小

6.（2分）喜欢物理的小陈，根据所学的物理知识，设计了如图所示的电路图，按照电路图

连接好电路。电源电压不变，闭合开关S后，当他把滑动变阻器的滑片P由中点向右移

动时，下列说法正确的是（）

A.滑动变阻器的电阻变大，灯泡变暗B.电流表的示数变小，灯泡亮度变暗

C.滑动变阻器的电阻变大，它两端的电压不变

D.电流表的示数变大，电路中的总电阻变大

7.（2分）电给我们生活带来了极大的便利，关于安全用电常识做法正确的是（）

A.电冰箱、电热水器的金属外壳不需要接地

B.使用试电笔时，手指可以碰到金属笔尖

C.为了防止触电，现在家庭电路中都安装空气开关、漏电保护器

D.保险丝是用铅镭合金制作的，当电流过大时，它由于温度升高而熔断起到保护的作用

二、作图题（本题共2小题，第8题2分，第9题2分，共4分）

8.（2分）根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'。

9.（2分）闭合开关S后，在通电螺线管和条形磁铁的共同作用下，小磁针静止在图示位置。

请在图中标出小磁针的N极和A点的磁感线方向。

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三、填空题（共4小题，每空1分，共11分）

10.（2分）如图1所示，圆柱体的直径是cm；如图2所示，秒表的读数为

11.（3分）如图所示，图（选填"B”或"C”）是热机的原理图。图A是汽油机

的冲程，与它改变内能方式相同的是图所示的演示实验。

12.（3分）目前核能已经被广泛利用，核能属于（选填“可再生”或“不可

再生”）能源；其中核电站工作是利用（选填“核裂变”或“核聚变”）反应

释放出大量的核能，再通过发电机转化为能。

13.（3分）班级厨艺展示活动中，用煤气炉烹饪食物主要是通过（填“做功”

或“热传递”）的方式增大食物的内能。现场香气四溢属于现象，表明分子在

不停地做无规则的运动。活动结束，剩余煤气的热值（填“变大”“变小”或

“不变”）。

四、实验探究题（共3小题，每空1分，共16分）

14.（5分）在“探究光的反射规律”的实验中，如图所示，水平放置平面镜，白色纸板竖

直立在平面镜上，纸板由E、F两部分组成，可以绕ON翻折。

（1）实验时，把纸板ENF垂直放在平面镜上，光线A0的入射角大小是度。

（2）为了探究反射角与入射底大小的关系，应进行的操作是（选字母序号）。

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A.改变纸板与平面镜之间的夹角B.沿ON向后转动纸板E

C.沿ON向后转动纸板FD.改变入射角的大小

（3）将一束光贴着纸板E沿A0射到镜面上0点，纸板F上会显示出反射光束0B,接

着将纸板F绕ON向后翻折，则纸板F上（选填“能”或“不能”）显示出反

射光束，由此说明反射光线，入射光线与法线在内（选填“同一平面”或

“不同平面

（4）若让另一束光沿B0方向射向平面镜，反射光将沿0A方向射出。该实验现象说明

_（选字母序号）。

A.反射角等于入射角B.在光的反射现象中，光路可逆

15.（5分）为了探究滑动摩擦力的大小跟哪些因素有关，小明同学在如图所示的情景中,

沿水平方向匀速拉动水平桌面上的木块，弹簧测力计的示数如图厅示。

（2）小明同学刚开始拉木块时，木块没有被拉动，则木块所受摩擦力的大小―

（填“大于”、“小于”或“等于“）拉力的大小。

（3）甲、乙两次实验是为了探究滑动摩擦力的大小与有关。

（4）在图丙所示的情景中垃力增大为4N时，木块受到的滑动摩擦力的大小为

No

（5）实验完成后，同学们对实验进行了改进，如图丁所示。水平拉动木板向左运动，A

弹簧测力计的示数为5.8N,B弹簧测力计的示数为2.6N,则木板与木块之间的摩擦力大

小为No

16.（6分）用如图所示的电路测量小灯泡的电阻，小灯泡的额定电压为2.5V。

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图1图2

图3

（1）用笔画线代替导线，将图1中的器材连接成完整电路；

（2）连接电路后，闭合开关，灯泡不亮，电流表和电压表都有较小的示数，无论怎样移

动滑片，灯泡都不发光，两表示数均无变化，其原因可能是：;

A.灯泡短路B.灯泡断路C.滑动变阻器接的是下端两接线柱

（3）故障排除后，移动滑片到某一位置，电压表的示数如图2所示，此时灯泡两端的电

压为V,要测量灯泡的额定电流，应将图1中滑动变阻器的滑片向（选

填“A”或"B”）端移动，使也压表的示数为V；

（4）移动滑片，记下多组数据，并绘制成图3所示图象，则灯泡正常发光时的电阻为

_____Q（结果保留一位小数）。

五、计算题（第17题5分，第18题7分，共12分）

17.（5分）如图，工人用动滑轮提升重为800N的物体，所用拉力为F,物体以0.2m/s的速

度匀速上升，此时动滑轮的机球效率为80%,不计绳重和摩擦。求：

（1）物体在10s内上升的高度。—

（2）工人对绳端的拉力。$

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18.（7分）如图甲是某茶具匕煮茶器的电路原理图，心是加热电阻.口2是保温时的分压电

阻，S为电源开关，Si为自动温控开关。S、Si都闭合时，煮茶器处于加热状态；当水沸

腾后，Si会自动断开，转为保温状态。煮茶器工作过程中的P-t图像如图乙所示，不计

电阻值随温度的变化。求：

（1）电阻R1的阻值。

（2）当煮茶器处于保温状态时，2的电功率。

（3）当煮茶器处于保温状态时，电阻R2在100s内消耗的电能。

六、综合能力题（共2小题，每空1分,19题7分，20题6分，共13分）

19.（7分）阅读短文，回答问题c

如图是我国自行设计的“蛟龙号”载人潜水器，它带有一定数量的压载铁，当下潜至海

洋深处时，潜航员会适时抛掉一定数量的压载铁，实现潜水器的悬停或者上浮。海水密

度会随着深度的变化而发生改变，海面处1m3海水的质量是i（）22kg,而在7000m深处，

由于海水被压缩，1山3海水的质量达到i（）60kg。不仅如此，不同地点物体所受的重力也

会有所不同，北冰洋由于纬度比印度洋高，所以物体受到的重力要比印度洋大。

（1）为使“蛟龙号”不至过重而又能克服海水的巨大压力，科学家选用钛合金来制作潜

水器的外壳，这主要是利用了次合金的下列哪一物理属性;

A.密度大，硬度大B.密度大，硬度小

C.密度小.硬度大D.密度小.硬度小

（2）在印度洋某一深度处的潜水器与下潜至北冰洋同一深度处的该潜水器相比，质

量,受到的浮力（均选填“变大”“变小”或“不变”）：

（3）相同体积的海水在不同深度处的质量不相同，说明液体分子间有°在下

潜过程中，“蛟龙”号载人潜水器所受到的海水压强将（选填“增大”“不变”

或“减小”）。

（4）正在水下匀速下潜的“蛟龙号”需要紧急上浮，潜水器可以抛掉随身携带的压载铁。

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抛掉压载铁后，“蛟龙号”所受的浮力将（选填“大于”“等于”或“小于”）

重力，此后“蛟龙号”在水中将（填运动情况）。

20.（6分）如图甲所示为某太阳能百叶窗的示意图，它既能遮阳，治能发电。它的构造特

点是百叶窗的叶片为太阳能电池板（以下简称电池板），其工作电路示意图如图乙所示，

电池板将太阳能转化为电能（转化效率为10%）,为蓄电池充电，蓄电池再向节能灯供电。

设太阳每秒钟辐射到每平方米电池板上的能量为1.2X103J（即为1.2X103W/m2）,电池

板对蓄电池充电的功率为60W；蓄电池充满电后，能够让10盏“12V3W”节能灯正常

工作6小时，不考虑蓄电池充电和供电时的电能损耗。则：

一

一

电

池板

室

甲乙

（1）电池板对蓄电池充电，是将电能转化为能的过程。

（2）白天蓄电池处于充电不供电状态，在图乙中应闭合开关o

（3）10盏“12V3W”节能灯正常工作时的总电功率为；Vo

（4）要将剩余一半电量的蓄电池充满电，电池板需对蓄电池充电_________小时。若充

电电压为20V,则充电电流为Ao

（5）该百叶窗电池板的面积为1m2。

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2024年广东省深圳市中考物理模拟试卷（三）

参考答案与试题解析

一、单项选择题（本题共7小题，每小题2分，共14分。在每小题给出的四个选项中，只

有一项符合题意）

1.【分析】（1）根据图像可知6s内物体运动的路程；

（2）从图中分别找出物体在前2s和后2s的路程，根据丫=旦分析速度大小关系；

t

（3）在2〜4s内，物体运动的路程为0,物体相对于参照物的位置没有变化，物体是静

止的，据此分析；

（4）从图中找出物体在6s的路程，根据v=2计算物体在6s内的平均速度。

t

【解答】解：A、由s-t图像可知，当t=6s时，路程s=15m,即物体在6s内运动的路

程为15m,故A正确；

B、从图中可知，物体在前2s的路程为5m,物体在后2s的路程为：15m-5m=10m,

根据丫=巨可知，物体在前2s为和后2s内的速度不相等，故B错误；

t

C、在2〜4s内，物体运动的路程为0,以地面为参照物，物体相对于地面的位置没有变

化，物体处于静止，故C正确；

D、物体在6s内的平均速度为：丫=巨=为担=2.5m/s故D正确。

t6s

故选：Bo

【点评】本题主要考查速度的计算，关键能从图像上找出有用的信息，属于典型的图像

问题，虽有一定的综合性，但难度不大。

2.【分析】熔化是物质由固态变为液态的过程，晶体熔化是固定的温度叫熔点，不同的晶体

熔点一般不同。

【解答】解：久握在34七的手中不熔化，放在60℃的水中会熔化，说明该合金的熔点t：

34℃<t<60℃,故ABD选项错误，C选项正确。

故选：Co

【点评】本题考查晶体熔点，是简单的基础题。

3.【分析】平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上

下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等；简记为：正立、

等大、对称、虚像。

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【解答】解：由于物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体到镜面的距离相等，像和

物体的大小相等，所以不管小鸟向哪个方向飞，像始终和物体等大，因此在小鸟靠近水

面的过程中，小鸟所成的像大小将不变，故ABD错误、C正确。

故选：Co

【点评】此题主要考查学生对平面镜成像特点的理和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像

特点去分析即可比较容易地做出解答。

4.【分析】近视眼能看清近处的物体，不能看清远处物体，看远处的物体时，像成在视网膜

的前方，凹透镜对光线有发散作用，近视眼配戴凹透镜来矫正；

远视眼能看清远处的物体，不能看清近处的物体，看近处的物体时，像成在视网膜的后

方，凸透镜对光线有会聚作用，远视眼配戴凸透镜来矫正。

【解答】解：眼睛看远处的物体，像成在视网膜的前方，是近视眼的成因，故①是近视

眼的成因图；

凹透镜对光线有发散作用，能使像推迟会聚在视网膜上，所以近视眼需要配戴凹透镜来

矫正，故②是近视眼的矫正图；

眼睛看近处的物体，像成在视网膜的后方，是远视眼的成因，故③是远视眼的成因图；

凸透镜对光线有会聚作用，能使像提前会聚在视网膜上，说明配戴凸透镜能矫正远视眼，

故④是远视眼的矫正图。

故选：B。

【点评】图示的四个图来源于课本，分别表示了远视眼和近视眼的成因与矫正的光路图。

明确近视眼与远视眼的成因是解决此题的关键。

5.【分析】（1）水的密度小于盐水的密度；

（2）液面高度的变化，可由比较冰块排开盐水的体积和冰块熔化成的水的体积来确定；

（3）冰块熔化后质量不变，容器底部受到的压力等于盐水的重力和物块B受到的浮力，

浮力变小，压力变小，压强变小；

（4）浮力的大小等于物体排开的液体所受的重力大小，所以影响浮力大小的因素是液体

的密度和物体排开的液体的体枳。

【解答】解：A、冰化成水后，由于水的密度小于盐水的密度，混合后，盐水的密度变小,

故A正确；

B、冰块漂浮，则F=G=G,即：m=m,则V=排=八一；冰块全

浮排冰排冰排P盐水P盐水

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部熔化成水后质量不变,

=?=善,由于水的密度小于盐水的密度,

水的体积为:

水P水P水

所以，V->V”即液面会上升，故B错误；

C、根据力的相互作用，杯底受到的液体压力等于漂浮的冰块、悬浮的物块以及盐水的重

力，冰融化后，悬浮的物块沉底，其重力一部分直接作用于杯底，故液体对杯底的压力

减小，冰融化前后，杯底的受力面积不变，由p=E可知，杯底受到液体的压强变小，故

s

C正确；

D、冰化成水后，盐水的密度变小，由阿基米德原理可知物块B受到的浮力变小，故D

正确。

故选：Bo

【点评】此题考查了物体浮沉条件的应用以及压强的变化，掌握内化成水质量不变是解

题的关键。

6.【分析】由电路图可知，闭合开关S,灯泡与滑动变阻器并联，电流表测干路的电流；

电源电压保持不变，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯

泡的电流和灯泡的实际功率的变化，进一步得出灯泡亮度的变化；

根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据并联电路的电压规律判断变阻

器两端的电压变化，根据欧姆定律可知变阻器支路的电流变化，利用并联电路的电流特

点可知干路电流的变化。

【解答】解：由电路图可知，闭合开关S,灯泡与滑动变阻器并求，电流表测干路中的

电流，因电源电压保持不变，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移

动时，通过灯泡的电流和灯泡日勺实际功率均不变，则灯泡亮度不变，

当滑动变阻器滑片P由中点向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，电路总电阻变

大，

根据并联电路的电压规律可知，变阻器两端的电压不变，由1=£可知，变阻器支路的电

流变小，即电流表的示数变小，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流变小，

综上可知，C正确，ABD错误。

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故选：c.

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律，分清电路的

连接方式是关键。

7.【分析】（1）有金属外壳的用电器必须接地；

（2）使用测电笔时，手指必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体；

（3）为了防止触电，现在家庭电路中安装漏电保护器；

（4）保险丝的作用是在电路中的电流过大时切断电路。

【解答】解：A、电冰箱、电热水器等有金属外壳的用电器必须接地，故A错误；

B、使用测电笔时，手指碰到金属笔尖就会触电，故B错误；

C、为了防止触电，现在家庭电路中都安装漏电保护器，空气开关不能防触电，故C错

误；

D、保险丝是用铅睇合金制作的，它的电阻较大，熔点较低，根据热量公式Q=l2Rt可知,

当电流过大时，它由于温度升高而熔断起到保护的作用，故D正确。

故选：D。

【点评】本题考查安全用电的常识，解决此类题目要结合安全用电的知识进行分析解答。

二、作图题（本题共2小题，第8题2分，第9题2分，共4分）

8.【分析】首先要知道平面镜成像的特点：像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、

大小相等、左右相反，即像与物关于平面镜对称；

其次掌握本题的基本作法：作出两个端点A、B的像点，连接像点即为物体AB在平面

镜中的像。

【解答】解：

根据平面镜成像的特点，先作出物体AB的端点A、B在平面镜中的对称点A'、B',

连接A'、B'点即为物体AB在平面镜中的像，注意辅助线和像用虚线，如图所示：

【点评】在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于

平面镜对称，先作出端点和关缝点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像。

9.【分析】利用电源的正负极，可以确定电流的方向，结合电流表的使用规则，可以确定电

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流表的正负接饯柱。

根据安培定则可以确定螺线管的N、S极，结合螺线管的绕向，利用磁极间的相互作用

可以确定小磁针和条形磁铁的N、S极。

在磁体外部，磁感线的方向是从N极指向S极。

【解答】解：在电源外部，电流是从电源的正极流出，经过外电路回到电源负极。根据

安培定则，右手握住螺纹管，四指指向电流的方向，则大拇指指向右端即为螺线管的N

极，由磁极间的相互作用可知，小磁针左端为S极，右端为N极，由磁极间的相互作用

可知，条形磁铁左端为S极，右端为N极，在磁体外部，磁感线的方向是从N极指向S

极。则条形磁铁磁感线的方向向左；如图所示：

S即一守

JA

【点评】安培定则中共涉及三个方向：①线圈绕向；②电流方向；③磁场方向。在对

于安培定则的考查中，一般是告诉其中两个方向，求第三个方向。

三、填空题（共4小题，每空1分，共11分）

10.【分析】（1）刻度尺的分度值（或叫最小刻度值）为相邻的刻度线表示的长度；使用刻

度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度

当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到

分度值的下一位；

（2）停表小刻度盘表示min,大刻度盘表示s,分针与秒针的示数之和是停表的读数。

【解答】解：（1）由图1知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度

是0.1cm,即此刻度尺的分度值为0.1cm；圆的左侧与8.00cm对齐，右侧与9.20cm,所

以圆的直径为d=9.20cm-8.00cm=1.20cm；

（2）由图2可知，小表盘的分度值是0.5min,停表分针指在5与6间，靠近6min,因

此分针示数是5min；大表盘的分度值是0.1s秒表秒针读数为42s,所以秒表的示数是

5min42s=342so

故答案为：L2Q342。

【点评】本题考查了停表的读数、刻度尺读数及使用方法等问题，是一道基础题，一定

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要掌握常用测量器材的使用及读数方法。

11.【分析】（1）热机就是利用内能来做功的机器；

（2）判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲

程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；活

塞上行为压缩冲程或排气冲程；活塞下行为吸气冲程或做功冲程。

【解答】解：（1）B图是用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升

高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧，是通过对物体做功来增大物体内能的，即是

将机械能转化为内能的过程；

C图对试管中的水加热，加快水的汽化，使试管中水的内能增大，体积膨胀，对外做功,

使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能；

热机就是利用内能来做功的机器，故C图是热机的原理图；

（2）图A中，两气门都关闭，火花塞点火，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，此

冲程将内能转化为机械能；

汽油机的做功冲程中将内能转化为机械能，因此与做功冲程原理相同的是C实验；

故答案为：C；做功；Co

【点评】此题是通过内燃机的工作原理和课本中的实验来验证做功改变物体内能的方法，

是一道比较简单的实验题，掌握热机的工作原理。

12.【分析】（1）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、

核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而

风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于

可再生能源；

（2）核裂变和核聚变都能释放能量，但是又有区别，对于核裂变是可控的，如核电站的

核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核

聚变释放能量：

（3）发电机是把机械能转化为电能的装置。

【解答】解：

据上面的分析可知，核电站所用的核燃料属于不可再生能源，由于核裂变是可控的，故

核电站中的核反应堆就是通过核裂变过程中释放核能带动发电机发电的；对于发电机即

是通过线图在磁场中做切割磁感线运动而产生电能的。

故答案为：不可再生；核裂变；电。

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【点评】本题主要考查学生对可再生能源和不可再生能源特点的理解，同时也考查了同

学们对于核能的利用情况及发电机原理的掌握，这些知识点都是中考的热点。

13.【分析】（1）改变内能的方法有两个：做功和热传递；

（2）扩散现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动；

（3）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫这种燃料的热值，热值是燃料的一种特性，

只与燃料的种类有关.

【解答】解：用煤气炉烹饪食物，食物从锅中吸收热量，用热传递的方式增大食物的内

能；

食物的香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，

因为热值是燃料的一种性质，活动结束，燃烧一部分后，剩余煤气的种类没变，故其热

值不变。

故答案为：热传递；扩散；不变。

【点评】本题考查了与热学相关的多个知识点，联系生活中的现象，能用相关热学知识

做出解释是解答的关键。

四、实验探究题（共3小题，每空1分，共16分）

14.【分析】（1）光的反射规律：三线共面（反射光线、入射光线、法线在同一平面上），两

线分居（反射光线、入射光线分居法线两侧），两角相等（反射角、入射角），光路可逆;

入射角是入射光线与法线的夹角；

（2）反射角随入射角的增大而增大，随入射角的减小而减小，实验中要多次验证；

（3）要验证反射光线与入射光线是否在同一平面上，可以通过让纸板F与纸板E不在同

一平面上来研究；

（4）在反射现象中，光路是可逆的。

【解答】解：（1）如图所示，入射光线A0的法线是ON,纸板ENF与平面镜垂直放置,

图中的入射角是90。-50°=40。；

（2）在探究反射角与入射角的大小关系时，为了得出普遍的规律，应多次改变入射角的

大小，这样才能避免结论的偶然性，应进行的操作是改变光线A0与0N的夹角，故D

正确；

（3）实验中将纸板F向向后折转，纸板F上不能看到反射光线，说明反射光线、入射光

线和法线在同一平面内；

（4）让一束光沿B0方向射向平面镜，即让光线逆着原来的反射光线射向镜面，反射光

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将沿0A方向射出，即反射光慢逆着原入射光线,方向射出，该实验现象说明，在反射现

象中，光路是可逆的，故B正确。

故答案为：（1）40；（2）D；（3）不能；同一平面；（4）Bo

【点评】此题主要通过实验探究了光的反射定律。通过各个分实验分别探究了两角大小

和三线之间的关系。实验探究题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生

从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力。

15•【分析】（1）用弹簧测力计水平匀速拉动物块，物块做匀速直线运动，处于平衡状态，

由二力平衡条件可知，滑动摩擦力等于测力计的示数；

（2）静止或匀速直线运动状态都属于平衡状态，物体受力平衡，根据二力平衡条件分析

此时木块所受摩擦力大小与拉力的大小关系；

（3）根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，进而确定探究目的；

（4）根据二力平衡条件分析求出木块在毛巾表面上受到的摩擦力，再根据滑动摩擦力的

影响因素分析拉力增大时滑动摩擦力的大小；

（5）木块处于平衡状态，据此二力平衡条件求出其所受摩擦力的大小及木块所受摩擦力

的方向，根据力的作用是相互的分析木板与木块之间的摩擦力大小。

【解答】解：（1）实验过程中，弹簧测力计必须沿水平方向拉着物块做匀速直线运动，

此时物块处于平衡状态，由二力平衡条件可知，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示

数；

（2）小明同学刚开始拉木块时，木块没有被拉动，木块处于静止状态，由二力平衡条件

可知，此时木块所受摩擦力大小等于拉力的大小；

（3）比较甲、乙两次实验，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，弹簧测力计示数不

同，因此是为了探究滑动摩擦力的大小与压力大小有关；

（4）由题意可知，丙图中木块在毛巾表面做匀速直线运动，根据二力平衡的条件可知，

此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数3.2N,当拉力增大为4N时，木

块的重力不变，木块对水平毛巾表面的压力大小不变，接触面的粗糙程度不变，因此木

块受到的滑动摩擦力大小不变，仍为3.2N；

（5）木块处于平衡状态，弹簧测力计B的示数为2.6N,则弹簧测力计B对木块的拉力

为2.6N,方向水平向右；木块在水平方向上受拉力和摩擦力，由二力平衡可得，摩擦力

与拉力应大小相等，方向相反，故摩擦力大小为2.6N；摩擦力方向水平向左；根据力的

作用是相互的可知，木块与木块之间的摩擦力大小等于木块受到木板的摩擦力大小，因

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此木板与木块之间的摩擦力大小为2.6N。

故答案为：（1）二力平衡；（2）等于；（3）压力大小；（4）3.2（5）2.6

【点评】本题探究滑动摩擦力的大小跟哪些因素有关，考查二力平衡条件和控制变量法

的应用，关键要熟知影响滑动摩擦力大小的因素。

16.【分析】（1）滑动变阻器上下各选一个接线柱串联在电路中；

（2）连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表和电压表都有较小的示数，说明电路

是通路，且电路中电阻较大；无论怎样移动滑片，小灯泡都不亮，两表示数均无变化，

说明滑动变阻器没有变阻的作用，据此分析；

（3）根据电压表选用量程确定分度值读数；比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据

串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；

（4）根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用R=¥求乜小灯泡正常发光时的

电阻。

【解答】解：（1）滑动变阻器上下各选一个接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：

（2）连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表和电压表都有较小的示数，说明电路

是通路，且电路中电阻较大；无论怎样移动滑片，小灯泡都不亮，两表示数均无变化，

说明滑动变阻器没有变阻的作用，即其原因可能是滑动变阻器接的是下面两接线柱，故

选：C；

（3）故障排除后，移动滑片到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量

程，分度值0.IV,其示数为2¥,小于灯泡额定电压2.5V,要测量小灯泡的额定电流，

应让灯泡正常发光，即增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器

两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的限值，故应将图甲中滑动变阻

器的滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5V；

（4）由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.3A,则小灯泡

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正常发光时的电阻为：

R匕和8.30。

I0.3A

故答案为：（1）见解答图；（2）C；（3）2；B；2.5（3）8.3,

【点评】本题测量小灯泡的电阻实验，考查了电路连接、电路故障、电压表读数、实验

操作和电阻的计算等知识。

五、计算题（第17题5分，第18题7分，共12分）

17.【分析】（1）由丫=互计算物体在10s内上升的高度；

t

（2）工人使用的是动滑轮，承担重物绳子的段数n=2,不计绳重和摩擦，由廿与丝=

中总

计算工人对绳端的拉力。

FsnF

【解答】解：（1）由题知，物体上升的速度为0.2m/s,

由丫=巨可得，物体在10s内上升的高度：

t

h=vt=0.2m/义10s=2m；

（2）工人使用的是动滑轮，承担重物绳子的段数n=2,不计绳重和摩擦，

由户上=生=乂可得，工人对绳端的拉力：

v总FsnF

F=G=800N=」ooN；

nT|2X80%

答：（D物体在10s内上升的高度为2m；

（2）工人对绳端的拉力为500N。

【点评】本题考查了速度公式、机械效率公式以及滑轮组拉力公式的灵活应用，难度适

中。

18.【分析】（1）由图可知，S、S］都闭合时，R2被短路、电路中只有R1工作，此时煮茶器

处于加热状态，根据图乙可知，加热时的电功率，利用P=g计算出电阻Ri的阻值；

（2）当S闭合、Si断开时，RrR2串联，此时为保温状态，由囹乙可知保温功率，根

据P=UI计算出保温状态时的电流，根据串联电路的特点和P=RRl求出当煮茶器处于

保温状态时，口的电功率；

（3）知道保温状态时的电流，利用欧姆定律求出保温状态时R］两端的电压，根据串联

分压的特点可知R2两端的电压，利用W2=U212t计算出当煮茶器处于保温状态时，电阻

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口2在100s内消耗的电能C

【解答】解：（1）由图甲可知，S、S1都闭合时，R2被短路、电路中只有Ri工作，此时

煮茶器处于加热状态，

根据图乙可知，加热时的电功率Pj=1100W,

TP

根据P=卫一可知，电阻R[的阻值：R1=-^—=（220V）2=44C；

RPftjllOOf

（2）当S闭合、S1断开时，R]、R2串联，此时为保温状态，

由图乙可知，保温功率P=44W,

保

由P=UI可知，保温状杰时的电流口=里=7^”•=0.2A；

保u220V

根据串联电路的特点可知，通过R1的电流11=12=1=0.2A,

保

当煮茶器处于保温状态时，R1的电功率：P=I|2R1=（0.2A）2x440=1.76W；

（3）由欧姆定律可知，保温状态时R]两端的电压：U]=I[R]=0.2AX44Q=8.8V；

根据串联分压的特点可知，R2两端的电压：U2=U-U[=220V8V=2U.2V；

当煮茶器处于保温状态时，电阻R2在100s内消耗的电能：W2=%12—211.2丫乂0.2Ax

100s=4224Jo

答：（1）电阻R1的阻值为44。；

（2）当煮茶器处于保温状态时，”的电功率为L76W

（3）当煮茶器处于保温状态时，电阻R2在100s内消耗的电能为4224J。

【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用、电功率公式的应用以及电能的计

算，注意从图像中获取信息，是一道电学综合题，难度不大。

六、综合能力题（共2小题，每空1分，19题7分，20题6分，共13分）

19.【分析】（1）以“不至过重而又能克服海水的巨大压力”为突破口，从安全和轻便两方

面考虑。

（2）质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系；

不同地点，物体所受的重力也会有所不同，据此根据阿基米德原理分析判断。

（3）分子间存在空隙；根据p