广西南宁市某中学2023-2024学年高三年级下册5月月考物理试题含答案

广西南宁市第二中学2024届5月份月考物理科目试题

本试卷满分100分，考试时间75分钟

（时间：75分钟，分值：100分）

一、选择题（共10小题，共46分，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分，第8〜10题有多项符

合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）

I.核污水中主要含有的放射性元素氤（；H）是氢的一种同位素。氤在自然界中有少量存在，其半衰期约

为12年，发生衰变时生成;He并放出一个带电粒子，也可以和：H发生核反应，生成一个;He。下列说

法正确的是（）

A.；H发生的衰变是a衰变

B.该反应存在质量亏损，所以质量数不守恒

C.100个；H存放24年后大约还剩25个

D.；H和；H发生核反应可用于制造氢弹

2.2023年10月26日，我国自主研发的神舟十七号载人飞船圆满的完成了发射，与天和核心舱成功对接。

如图所示为神舟十七号的发射与交会对接过程示意图，图中①为飞船的近地圆轨道，其轨道半径为②

为椭圆变轨轨道，③为天和核心舱所在的圆轨道，其轨道半径为小，P、。分别为②轨道与①、③轨道的

交会点。关于神舟十七号载人飞船与天和核心舱交会对接过程，下列说法正确的是（）

A.神舟十七号飞船先到③轨道，然后再加速，才能与天和核心舱完成对接

B.神舟十七号飞船在②轨道。点的加速度大于③轨道。点的加速度/

c,神舟十七号飞船在①轨道运动的角速度大于天和核心舱在③轨道运动的角速度r/

D.神舟十七号飞船在轨道②上的点的机械能等于在轨道③上的。点的机械能

3.国内首台新型墙壁清洁机器人——“蜘蛛侠”是由青岛大学学生自主设计研发的，“蜘蛛侠”利用8只“爪

子”上的吸盘吸附在接触面上，通过“爪子”交替伸缩，就能在墙壁和玻璃上自由移动。如图所示，“蜘蛛侠”

在竖直玻璃墙面上由/点沿直线匀减速爬行到右上方2点，在这一过程中，设“蜘蛛侠”除重力外所受其他

各个力的合力为R下列各图中表示该合力厂的方向可能正确的是（）

4.如图所示，空间中分布着磁感应强度大小为3的匀强有界磁场，M是其左边界，一面积为S的〃匝圆

形金属线框垂直于磁场放置，圆形线圈的圆心。在斯上，线圈电阻为上若线框以角速度。绕环匀速转

动，并从图示位置开始计时，则（）

A.通过金属线框的磁通量最大值为等

B.，=把时，线框中的感应电流最大

co

C.0到三时间内，通过线框的电量为吧

2（02R

D.线框中产生的交变电动势的最大值为

5.2023年10月3日，杭州亚运会十米跳台跳水决赛中，中国运动员全红禅获得冠军。图甲是她站在跳台

起跳的精彩瞬间，从她离开跳台开始计时，全红禅重心的图像可简化为如图乙所示。则全红禅（）

A.0〜〃内加速度先向上后向下

B.七时到达水下最低点

C.入水后加速度逐渐增大

D.ti~t2的平均速度比t4~t5的大

6.半径为0.1m的圆内有匀强磁场，磁感应强度3大小为0.4T,现将一单匝正方形线框放入磁场，线框平

面与磁场方向垂直，其中一顶点与圆形磁场区域的圆心。点重合，如图，当通过线框的电流/为1A时,

线框所受的安培力大小为（）

A.—NB

25-会

7T

C.—ND.—N

2550

7.电子束光刻技术以其分辨率高、性能稳定、功能强大而著称，其原理简化如图所示，电子枪发射的电

子经过成型孔后形成电子束，在束偏移器间不加扫描电压时，电子束垂直射到晶圆上某芯片表面并过中心

。点，单个电子进入束偏移器的初动能恒定。电子的重力不计，则（）

A.束偏移器间加的电压越大，电子通过束偏移器的时间越短

B.进入束偏移器的初动能越大，电子通过束偏移器的时间越短

C.束偏移器间加上稳定扫描电压，电子在束偏移器内做变加速运动

D.在不同的扫描电压下，电子离开束偏移器时速度的反向延长线不可能相

交同一点

8.某同学将一质量为根的小球从距离地面高反处逆风水平抛出，抛出时的速度大小为%,小球落地时的

速度大小为2%,方向竖直向下。已知小球运动过程中，受到水平方向的风力且大小恒定，重力加速度为g,

则小球从抛出到落地的过程中（）

A.小球落地的时间为-B.落地时合外力的功率大小为2爪9%

79

C.小球的机械能减小了皿

D.小球做的是变加速曲线运动

4

9.一列简谐横波沿x轴在介质中传播,图甲是t=Os时刻的波形图，此时质点P的纵坐标为5cm,图乙是

质点Q的振动图像，下列说法正确的是（）

A.该波沿轴正方向传播B.该波的波速为0.4m/s

C.0~1.5s质点P经过的路程小于10cmD.，=2s时刻质点P位于波峰

10.如图所示，空间有一正方体abcd-aT/c”，。点固定电荷量为+。（。＞0）的点电荷，d点固定电荷量

为的点电荷，。、。’分别为上下两个面的中心点，则（）

A.6点与c点的电场强度相同

B.，点与小点的电势相同

C.。点与。'点的电势相同

b'

D.将带正电的试探电荷由6点沿直线移动到。点，其电势能先增大后减小

二、非选择题（本题共5小题，共54分.考生根据要求作答）

11.（5分）某兴趣小组利用轻弹簧与刻度尺设计了一款加速度测量仪，如图甲所示。轻弹簧的右端固定，

左端与一小车固定，小车与测量仪底板之间的摩擦阻力可忽略不计。在小车上固定一指针，装置静止时，

小车的指针恰好指在刻度尺正中间，图中刻度尺是按一定比例的缩小图，其中每一小格代表的长度为1cm。

测定弹簧弹力与形变量的关系图线如图乙所示：用弹簧测力计测定小车的重力，读数如图丙所示。重力加

速度g取10m/s2o

（1）根据弹簧弹力与形变量的关系图线可知，弹簧的劲度系数左=N/m。（保留两位有效数字）

（2）某次测量小车所在位置如图丁所示，则小车的加速度方向为水平向（填“左”或"右，'）、大

小为m/s2。

（3）若将小车换为一个质量更小的小车，其他条件均不变，那么该加速度测量仪的量程将。

（选填“不变”“增大”或“减小”）

（4）加速度测量仪制作完成后，将刻度尺不同刻度对应的加速度大小标在尺上。在测量某次运动的过程

中，该同学观察到指针由读数较大的位置逐渐变小到读数几乎为0。则在这段时间内该运动可能

为=

A.匀加速直线运动B.匀减速直线运动

C.加速度减小的减速运动D.加速度减小的加速运动

12.（10分）某实验室有如下器材：

表头Gi(1mA2Q)

表头G2(10mA3Q)

滑动变阻器以（0〜10。）滑动变阻器&（0~10kQ）

电源f个

开关、导线若干

不同定值电阻若干

两个个非线性元件

UN

(1)需要一个量程为0〜3V的电压表，可用G1串联个Q的电阻改装而成;需要一个量程为0〜60mA

的电流表，可用G2并联一个。的电阻改装而成。

(2)利用改装的电压表和电流表测电源的电动势和内阻，用图甲的电路图，得到多组数据，绘出图乙中

的U-/图像，则电源电动势为V,内阻为。(结果保留两位有效数字)。

(3)将两个相同的非线性元件接入电路图丙，图丁是该非线性元件的电压和电流关系，则该电源的效率

是%(结果保留一位小数)。

13.(10分)如图所示，开口向上、放在地面上的汽缸内用活塞封闭一定质量的理想气体，活塞的质量为加,

横截面的面积为S。一质量为2加的物块放在缸底，用细线(不可伸长)与活塞相连接且细线刚好拉直，

这时缸内气体的温度为与，大气压强为Z，不计活塞与缸壁间的摩擦，现对缸内气体缓慢加热，重力加速

度为g。

(1)当缸底物块对缸底的压力刚好为零时，缸内气体温度工为多大?

(2)当缸内气体体积为原来的1.2倍时，缸内气体温度是多少？

14.(14分)如图，在平面直角坐标系xOy中，直角三角形区域4BC内存在垂直纸面向里的匀强磁场药,

线段CO=OB=£,0=30°；第三象限内存在垂直纸面的匀强磁场星(图中未画出)，过C点放置着一面与y

轴平行的足够大荧光屏C。；第四象限正方形区域03/芭内存在沿x轴正方向的匀强电场。一电子以速度

vo从x轴上P点沿y轴正方向射入磁场，恰以。点为圆心做圆周运动且刚好不从NC边射出磁场；此后电

子经第四象限从E点进入第三象限，最后到达荧光屏时速度方向恰好与荧光

屏平行。已知电子的质量为加、电荷量为e,不计电子的重力，囱和星的大

小均未知，求：

(1)尸点距。点的距离；

(2)电子到达E点时的速度大小；

(3)第三象限内的磁感应强度班的大小。

15.（15分）如图所示，轨道a、b、c在同一竖直平面内，其中a是末端水平（可看做与D重合）的光滑

圆弧轨道,b是半径为r=2m的光滑半圆形轨道且直径DF沿竖直方向，水平轨道c上静止放置着相距1=1.0m

的物块B和C,B位于F处，现将滑块A从轨道a以上距D点高为H的位置由静止释放，滑块A经D处

水平进入轨道b后能沿轨道（内轨）运动，到达F处与物块B正碰，碰后A、B粘在一起向右滑动，并再

与C发生正碰.已知A、B、C质量分别为m、m、km,均可看做质点，物块与轨道C的动摩擦因数产0.45.（设

碰撞时间很短，gIX10m/s2）

（1）求H的最小值和H取最小值时，AB整体与C碰撞前瞬间的速度；

（2）若在满足（1）的情境条件下，碰后瞬间C的速度=2.0m/s,请根据AB整体与C的碰撞过程分析k

的取值范围，并讨论与C碰撞后AB的可能运动方向.

2024届5月份月考物理科目试题答案

题号12345678910

答案DCDCDBBABBCCD

1、D

【详解】A.；H衰变时的核反应方程为汨-：He+_：e,故;H发生的衰变是。衰变，故A错误；

B.该反应存在质量亏损，但质量数守恒，故B错误；

C.半衰期适用于大量的统计规律，对于100个;H原子没有实际意义，故C错误；

D.旭和;H发生核反应方程为汨+洱f；He+；n

该反应为氢核聚变反应，可用于制作氢弹，故D正确。故选D。

2、C

【详解】A.神舟十七号飞船先到②轨道，然后经过。点再加速变轨到③轨道，才能与天和核心舱完成对

接，故A错误；

B.由万有引力提供向心力GfMm=加。，可得。=G岑M

rr

可得神舟十七号飞船在②轨道。点的加速度等于③轨道点。的加速度，故B错误；

C.由万有引力提供向心力6岑=加厂疗可得。

因为在①轨道运动半径小于在③轨道运动的半径，所以神舟十七号飞船在①轨道运动的角速度一定大于天

和核心舱在③轨道运动的角速度，故C正确；

D.神舟十七号飞船在②轨道的P点和Q点机械能守恒，在②轨道的。点加速变轨到③轨道，故③轨道的

Q点机械能大于②轨道的P点，故D错误故选C。

3、D

【详解】由题意知，“蜘蛛侠”由4点沿直线匀减速爬行到右上方2点，即加速度方向和速度方向相反，在

竖直平面内蜘蛛侠加速度方向应该是从8指向/,根据牛顿第二定律在竖直平面内蜘蛛侠所受合力方向应

该是从B指向力,重力方向竖直向下，根据力的平行四边形定则可以判断所受其他各个力的合力厂方向，

只有D项符合。故选D。

4、C

【详解】A.线圈磁通量最大为墨故A错误

B.当"/时，即血=2万时，线框回到图示位置，此时的感应电流最小，B错误；

co

C.当：=二，即必=1时，线圈转到与图示垂直位置，此时磁通量为零，则0到3时间内，通过线框

2。22。

1

nBSconnBS,,

的电重为-----=——-故C正确;

R兀2。2R

v1

D.线框中产生的交变电动势的最大值为稣=”"2。=5"55。口错误；故选C。

5、D

【详解】A.0~〃内图像的斜率均为正值，可知加速度一直向下，选项A错误；

B.七时到速度将要减小，则远动员刚接触水面，办时刻达水下最低点，选项B错误;

C.图像的斜率等于加速度，可知从打~打入水后加速度逐渐减小，选项C错误；

D.因〃〜〃的加速度为g,则速度从零增加到V2的平均速度瓦=半

…内加速度小于g,则速度从V4减小到零用的时间大于右-小得踵（=/=记

即可知。~/2的平均速度比。〜打的大，选项D正确。故选D。

6、B

【详解】线框在磁场的有效线段的长度£=也尺=包m

10

安培力大小为尸=8辽=正N故选B。

25

7、B

【详解】A,电子通过束偏移器，在初速度方向做匀速直线运动，所以通过束偏移器的时间与所加的扫描

电压无关，因为故A错误；

B.电子在初速度方向做匀速直线运动，故电子进入束偏移器的初动能越大，初速度越大，通过束偏移器

的时间越短，故B正确；

C.束偏移器间加上稳定扫描电压，电子在束偏移器内做类平抛运动，是匀变速曲线运动，故C错误；

D.在不同的扫描电压下，电子离开束偏移器时速度的反向延长线相交于初速度方向的位移中点，所有电

子通过束偏移器在初速度方向的位移相同，故D错误。故选B。

8、AB

A.小球在竖直方向做自由落体运动，根据口=/12知1=回，故A正确；

27g

B.落地时小球单速度为2vo,方向竖直向下，故水平风力的瞬时功率为零，只有竖直向下的重力的功率，

大小为P=2mgv（）,故B正确；

C.下落过程中，水平风力做负功，使小球机械能减小，阻力做的功使水平方向动能减为零，,

所以机械能减少了（机用，故C错误；

D.小球受竖直向下的重力和水平方向的恒定风力，两力的合力也是恒定的，且方向为斜向下方，与初速

度方向成一定角度，故小球是做匀变速曲线运动，故D错误。故选AB

2

9、BC

【详解】A.由图乙可知t=Os时，质点Q向了轴负方向运动，再由同侧法可知，该波沿x轴负方向传播,

A错误；

B.由图甲可知，该波的波长为X=2.4m,由图乙可知，该波的周期为T=6s,故该波的波速为

22.4

v=—=-^-m/s=0.4m/sB正确；

C.由上分析可知，该波向x轴负方向传播，故0〜1.5s质点P向y轴正方向运动，经过该质点的路程

小于一个振幅，C正确；

D.由上分析可知，质点P沿y轴正方向运动，故f=2s时质点P不可能位于波峰，D错误。故选BC。

10、CD

【详解】A.由对称性知，b点与c点的电场强度大小相等，但方向不同，故A错误;

B.若取无限远处电势为零，垂直于ad且过OO'的平面为电势为零的等势面，。'点与优点关于该等势面

对称，两点电势绝对值相等，一正一负，故B错误；

C.。点与。点在两点电荷的中垂面上，故两点电势都为零，故C正确;

D.对试探电荷受力分析，俯视图如图所示，由图可知将带正电的试探电荷由b点沿直线移动到。点的过

程中，电场力先做负功后做正功，其电势能先增大后减小，故D正确。故选CD。

11、（每空1分，共5分）20左5增大CD/DC

【详解】（1）口］由胡克定律尸=日

F4

可知弹簧的劲度系数为左=—=k^7TN/m=20N/m

x20x10-2

（2）⑵［3］由图丙可得弹簧测力计的示数为为=2.0N

由二力平衡可得玛B=Wg

解得小车质量为用=&=称kg=0.2kg

gio

由图丁可知弹簧处于压缩状态，弹簧弹力向左，设压缩量为为，根据牛顿第二定律有

又F、=kx1其中尤［=5cm联立解得a=5m/s2

则小车的加速度方向为水平向左，大小为5m/s2。

（3）［4］设弹簧的最大形变量为%,根据牛顿第二定律可得丘m=

解得可测量的最大加速度为④=区

m

可知若将小车换为一个质量更小的小车，其他条件均不变，那么该加速度测量仪的量程将增大。

3

（4）［5］指针由读数较大的位置逐渐变小到读数几乎为0,说明小车的加速度逐渐减小到几乎为0,即小车

可能做加速度逐渐减小的加速运动，也可能做加速度逐渐减小的减速运动。故选CD。

12、（每空2分，共10分）29980.63.01488.3

【详解】（1）［1］将Gi改装成0〜3V的电压表时需要串联电阻分压，分压电阻的阻值为K=29980

'g

［R

［2］将G2改装成量程为0〜60mA的电流表时需要并联电阻分流，分流电阻的阻值为4=皆子=。.6。

（2）［3］。-/图像的纵截距表示电源电动势，可知E=3.0V

［4］图像斜率表示内阻，有厂=当=*需。=14。

M50x10

（3）［5］根据闭合电路欧姆定律有斤U+2"整理并代入数据得。=3.0-28/

mg

P\=Po1分

3

当缸底物块对缸底的压力刚好为零时，缸内气体压强

3mg

Pi=Po1分

J

气体发生等容变化，则根据查理定律有生=华

1分

解得k"?

2分

（2）当缸内气体体积为原来的1.2倍时，设气体的温度为《，此过程气体发生的是等压变化，根据盖吕萨

V1.2%

克定律有彳.......1分

6(A>S+3/wg)7

解得2分

5(p0S+mg)°

14、（14分）（1）二（2）及%;（3）+或.=9二加%

2LeLe

【详解】（1）电子在区域/5C内以O点为圆心做匀速圆周运动，在G点与

4C相切，有

4

7?=Zsin30°1分

d=R1分

解得d=三...............1分

(2)电子从H点进入电场做类平抛运动，轨迹如图所示

根据运动学规律，有

£=v(/................1分

...............1分

解得V=V2v0.................1分

V

(3)tana=」........1分

%

①若磁场方向垂直于纸面向里，设其做匀速圆周运动的轨道半径为〃，圆

心为。，如图所示，^ri+rlcosa=L................1分

evB2=m—................1分

解得(V2+l)mv0................1分

2Le

②若磁场方向垂直于纸面向外，设其做匀速圆周运动的轨道半径为2圆心

为。2，如图所示，有

丫2一芍c°sa=L................1分

v

evB2=m—.......