2024年高考押题预测物理卷（黑龙江卷1）含答案

2024年黑龙江省高考押题预测卷01【新课标】

高三物理

（考试时间：75分钟试卷满分：100分）

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如

需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写

在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回

一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1〜8题只有

一项符合题目要求，第9〜12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2

分，有选错或不答的得0分。

一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1〜5题只有

一项符合题目要求，第6〜8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3

分，有选错的得0分。

1.艺术体操是一种艺术性较强的女子竞技性体操项目，如图所示，运动员站在场地中以一定频率上

下抖动绸带的一端，某时刻绸带形状如图所示，下列说法中正确的是（）

A.此时绸带上P点运动方向向右

B.绸带自右向左运动呈现波浪状起伏

C.如果要在该绸带上产生更加密集的波浪状起伏效果，运动员上下抖动的频率应增大

D.运动员上下抖动越快波浪运动的速度越快

2.A,B两物体质量之比m与mB=3:1,它们以相同的初速度在水平面上做匀减速直线运动，直到停

止，其v-t图像如图所示。物体的加速度为a,位移为x,摩擦力为了,摩擦力做功为由，则在此过

程中（）

B.fA：fB=9:1

C.xA:xB=3:1D.WfA:WfB=1:9

3.根据玻尔的氢原子结构模型，氢原子处于基态时的能量值为々，处于"能级时的能量值为马，

氢原子由高能级向低能级跃迁时会产生各种谱线系，其中由高能级向。=2能级跃迁时产生

的光谱线属于巴尔末线系，普朗克常量为〃，真空中的光速为C,则巴尔末系中光谱线的最大波长

为（）

9hc4hc4hc36hc

A.——B.一_-C.-D.一

七1七13七15七1

4.卫星上装有太阳能帆板，可将光能转化为电能储存在蓄电池中，为卫星提供电能。现有一颗人造

地球卫星绕地球做匀速圆周运动，其运行轨道位于赤道平面上，轨道半径为地球半径的，I倍。已知

地球的自转周期为7°,半径为R,地球同步卫星轨道半径约为5，lR。在春分这一天，太阳光可视为

直射赤道，该卫星绕地心转动一周，太阳能帆板能接收到太阳光的时间约为（门=2.24"）

A.0.07ToB.O.O3ToC.O.14ToD.O.27To

5.在两平行板存在匀强电场和匀强磁场间，电场强度E和磁感应强度B相互垂直，带正电的粒子沿

中轴线方向从平行板左侧射入，如图所示。当粒子速度等于号时，恰好沿着图示虚线①作直线运动。

若粒子速度大于。时，不计粒子重力，下列关于粒子运动的说法正确的是（）

D

A.粒子可能沿虚线③运动，动能减小

B.粒子可能沿虚线③运动，动能增大

C.粒子可能沿虚线②运动，动能减小

D.粒子可能沿虚线②运动，动能增大

6.如图甲所示，长2m的本板Q静止在某水平面上，t=0时刻，可视为质点的小物块P以水平向右

的某初速度从Q的左端向右滑上木板。P、Q的i/-t图像如图乙所示。其中。、b分别是1s内

P、Q的v-t图像，c是［~2s内P、Q共同的v-t图像。已知P、Q的质量均是1kg,g^L10m/s2,

则以下判断正确的是（）

A.P、Q系统在相互作用的过程中动量不守恒

B.在0~2s内，摩擦力对Q的冲量是NMs

C.P、Q之间的动摩擦因数为0/

D.P相对Q静止的位置在Q木板的右端

7.如图所示，竖直轻弹簧下端固定在水平地面上，将质量m=2kg的小球从轻弹簧正上方由静止释

放，小球下落过程中受到恒定的空气阻力作用.以小球开始下落的位置为原点，竖直向下为y轴正

方向，取地面处为重力势能零点，在小球下落到最低点的过程中，弹簧的弹性势能Ep八小球的重力

势能Ep2随V变化的关系图像分别如图甲、乙所示，弹簧始终在弹性限度内，取重力加速度9=10m/s2,

A.图乙中。=4

B.小球刚接触弹簧时速度大小为2，2m/s

C.小球刚接触弹簧时速度大小为，而m/s

D.当弹簧的压缩量为高m时，小球有最大速度

8.如图甲所示,用活塞将一定质量的理想气体封闭在上端开口的直立圆筒形气缸内，气体从状态Af

状态B3状态Cf状态人完成一次循环，其状态变化过程的p-1/图像如图乙所示.已知该气体在

状态A时的温度为600K,下列说法正确的是（）

A.气体在状态B时的温度为200K

B.气体在状态C时的温度为300K

C.气体从状态AfB过程中，外界对气体做的功为4x105」

D.气体从状态AfB玲C的过程中，气体对外做的功为8xl05J

第n卷

二、实验题：本题共2小题，共15分。

9.（6分）电容储能已经在电动汽车、风力发电等方面得到广泛应用.某同学设计了图甲所示电路,

探究不同电压下电容器的充、放电过程和测定电容器的电容.器材如下：

电容器C（额定电压10V,电容标识不清人

电源E（电动势127,内阻不计入滑动变阻器R"最大阻值20Q）；

电阻箱/?2（阻值。〜99999。）；电压表”量程151/,内阻较大人

开关与、S2,电流传感器，计算机，导线若干.

r〃/

ur;

r-rrLr

T-LTri

I-4-LI

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—I±I-l

rlr

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J--14JJJ:i

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rTr二T

-二

t-!丰-4iXH

-

-lL1I十I

lI-TT+

JJ一

ll-3C

.

2-!-64

o.图

丙

⑴按照图甲连接电路，闭合开关与、断开开关52,若要升高电容器充电电压，滑动变阻器％的滑片

应向端滑动（选填“。”或"b"）.

⑵当电压表的示数为a=31/时，调节/?2的阻值，闭合开关52,通过计算机得到电容器充电过程电

流随时间变化的图像；保持R2的阻值不变，断开开关与，得到电容器放电过程电流随时间变化的图

像，图像如图乙所示.测得%=6mA,则/?2=O.

⑶重复上述实验，得到不同电压下电容器的充、放电过程的电流和时间的图像，利用面积法可以得

到电容器电荷量的大小，测出不同电压下电容器所带的电荷量如下表：

实验次数123456

U/V345678

Q/x10~3C0.140.190.240.300.330.38

请在图丙中画出U-Q图像，并利用图像求出电容器的电容为E（结果保留两位有效数字）

10.（8分）小明同学学完了单摆后，想用单摆来测重力加速度，设计的实验装置如图甲所示，在

摆球的平衡位置处安放一个光电门，连接数字计时器，记录小球经过光电门的次数。

甲乙

⑴下列说法中正确的是

4在释放摆球的同时开始计时

区质量相同的铁球和软木球，应选用铁球作为摆球

C可将摆球从平衡位置拉开一个较大角度然后释放摆球

D摆长就是绳子的长度

⑵在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺测得从悬点至摆球顶端的长度为L,再用螺旋测微器测

量摆球直径，则摆球直径d=_______cm：

⑶将摆球从平衡位置拉开一个合适的角度，静止释放摆球，摆球在竖直平面内稳定摆动后，启动数

字计时器，摆球通过平衡位置时从1开始计数，同时开始计时，当摆球第"次（为大于3的奇数/通

过光电门时停止计时，记录的时间为3此单摆的周期丁=（用h"表示人重力加速度的大

小为（用L、d和丁表示人

三、计算题：本题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写

出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

11.（5分）如图所示，一个半径R=0.75m的半圆柱体放在水平地面上，一小球从圆柱体左端A点

正上方的8点水平抛出（小球可视为质点恰好从半圆柱体的C点掠过.已知。为半圆柱体圆心，0C

与水平方向夹角为53°,（g=10m/s2,sin37°=06cos37°=0.8）求：

AO

⑴小球从B点运动到C点所用时间;

⑵小球做平抛运动的初速度.

12.（12分）某实验小组想测量元电荷的电量大小。装置如图所示，在真空容器中有正对的两平行

金属板A和B,两板与外部电路连接，两板间相距d=0.3m。外部电路电源电动势£=300V,内阻r=

1.0。，保护电阻Ro=19.0。，电阻箱的阻值R可调。实验时，电键$闭合、$2断开时，小组从显微镜

发现容器中有一个小油滴正好在两板中间处于静止状态，该油滴质量为m=3.2xI0Fkg,Wg=

10m/s2,求：

⑴该油滴带电性质及所带电量q；

⑵调节电阻箱R=20.0。，闭合电键S2,油滴将加速下落，求油滴下落到B板的时间”结果可以保留

根号八

13.（21分）如图所示，在光滑水平面内从左至右连续存在有5个宽度均为L的矩形区域，其中区

域I、III、V的长度均为L,其间存在沿竖直方向交替变化的图示匀强磁场，磁感应强度大小均为B；

区域n、IV为长度均为s的无场区域。一质量为m、电阻为R、边长为d（s<d<"的正方形单匝金属

线框ABCD以大小为力的初速度开始进入区域I,运动过程中线框的AB边始终与各区域的边界线平

行，线框最终离开区域V。

H二二二=二，二TT•二,二二百三W十一一…4…一…七

♦1

«>・••1；xxxxr

1111

，«••♦•1；

J1X/XxX【xXX：;!XXXX

[I；m：nI：V山

4••••1!XXXX»

I1i114

1XXXX:，••♦•，：XXXXJ

，1」______________________w

⑴求线框的AB边刚进入区域I时，线框的加速度大小；

⑵求线框完全进入区域III中的速度大小；

⑶若在线框开始进入区域I时，对线框施加一可变的水平外力，使线框做匀速直线运动至线框刚好完

全离开区域V,求水平外力做功的平均功率。

2024年黑龙江省高考押题预测卷01【新课标】

物理，全解全析

12345678

cBDACBCABDAD

一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1〜5题只有

一项符合题目要求，第6〜8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3

分，有选错的得0分。

1.艺术体操是一种艺术性较强的女子竞技性体操项目，如图所示，运动员站在场地中以一定频率上

下抖动绸带的一端，某时刻绸带形状如图所示，下列说法中正确的是（）

A.此时绸带上‘点运动方向向右

B.绸带自右向左运动呈现波浪状起伏

C.如果要在该绸带上产生更加密集的波浪状起伏效果，运动员上下抖动的频率应增大

D.运动员上下抖动越快波浪运动的速度越快

【答案】C

【解析】4此时绸带上'点运动方向向上，故/错误；

区绸带自左向右运动呈现波浪状起伏，故2错误；

C绸带上产生更加密集的波浪状起伏效果，说明波长变小，而同种介质中同类型波的传播波速是不

变的，根据

可知运动员上下抖动的周期变短、频率增大。故C正确，。错误。

故选C。

2.4,8两物体质量之比nvms=3:7,它们以相同的初速度为在水平面上做匀减速直线运动，直到停

止，其v-t图像如图所示。物体的加速度为。，位移为小摩擦力为/,摩擦力做功为”,则在此过程

中（）

v八

D.

【答案】B

ADfA04=1月

【解析】‘根据图像斜率绝对值等于加速度大小，贝『物体加速度大小为'，物体加速

度大小为"-"，可得力"根据牛顿第二定律可得为，小可得

故/错误，台正确;

no1/_?=="=V®,w«w—f*5

根据图像与横轴围成的面积表示位移可知-"，-一,可得‘一，根据

Wf可得叫W/L-3：J故。错误。

故选瓦

3.根据玻尔的氢原子结构模型，氢原子处于基态时的能量值为0,处于“能级时的能量值为％,

一予。氢原子由高能级向低能级跃迁时会产生各种谱线系，其中由高能级向0=2能级跃迁时产生

的光谱线属于巴尔末线系，普朗克常量为“，真空中的光速为：则巴尔末系中光谱线的最大波长为

4k36M

A.一3B.一直C.一福D.一百

【答案】D

r-Ain-an-2

【解析】根据,可知，频率越小，波长越大，故由能级跃迁到一能级的光谱线属于巴尔末

线系且波长最大，光子能量为京，根据£'v,可得s事，根据，

可得的。

故选。。

4.卫星上装有太阳能帆板，可将光能转化为电能储存在蓄电池中，为卫星提供电能。现有一颗人造

地球卫星绕地球做匀速圆周运动，其运行轨道位于赤道平面上，轨道半径为地球半径的、"倍。已知

地球的自转周期为7°,半径为内,地球同步卫星轨道半径约为5'示。在春分这一天，太阳光可视为

直射赤道，该卫星绕地心转动一周，太阳能帆板能接收到太阳光的时间约为八行=2,24,

O.O7T0.03T0.14TO.27T

A.CD.tU.aU.0

【答案】A

【解析】解：对于地球同步卫星，万有引力提供向心力，有G5、/

(as2JIr/6

对于人造卫星，有G

解得人造卫星的周期3--小1":

如图所示：

人造卫星在A到㈠顺时针加勺过程中太阳能帆板无法工作

由几何关系知廿二3。

则这颗卫星绕地球转动一周，太阳能帆板工作的时间为k*1T,：0.07Tc;

故/正确，BCD错误。

故选：同。

5.在两平行板存在匀强电场和匀强磁场间，电场强度£和磁感应强度6相互垂直，带正电的粒子沿中

轴线方向从平行板左侧射入，如图所示。当粒子速度等于机寸，恰好沿着图示虚线①作直线运动。

若粒子速度大于£时，不计粒子重力，下列关于粒子运动的说法正确的是

B

()

XXXx"x-③

A.粒子可能沿虚线③运动，动能减小

B.粒子可能沿虚线③运动，动能增大

c.粒子可能沿虚线②运动，动能减小

D.粒子可能沿虚线②运动，动能增大

【答案】C

£

【解析】粒子受电场力和洛伦兹力，洛伦兹力不做功，若粒子速度大于后时，贝！T「'"，所以粒子

向上弯曲，且电场力做负功，所以动能减小，故C正确，ABD错误。

故选：Co

6.如图甲所示，长2m的本板Q静止在某水平面上，t=0时刻，可视为质点的小物块P以水平向右的某

初速度从Q的左端向右滑上木板。户、。的v-t图像如图乙所示。其中。、6分别是0-力内Q的v-t

图像，c是1-2s内。、Q共同的v-t图像。已知P、Q的质量均是Mg,g取lOm/s，，则以下判断正确

的是()

Av/(m-s-1)

2Q1

77777777777777777777777'\:

012t/s

甲乙

A.、J系统在相互作用的过程中动量不守恒

B.在"“内，摩擦力对口的冲量是‘‘

C.’、。之间的动摩擦因数为°」

D.0相对。静止的位置在。木板的右端

【答案】BC

【解析】解：&。与。组成的系统在速度相等以后做匀速运动,

说明地面摩擦力为零，故相互作用

的过程系统所受的外力之和为零，系统动量守恒，故/错误。

B、从图象可知，■右内对口,先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动，在1,'内无摩擦力,

根据动量定理，摩擦力的冲量等于动量的变化，

所以：故§正确。

p2mzsIm/sIs.

。、从速度为‘减为一所需的时间为，则

代入数据解得："二"”，故C正确。

D、在X"时，'、°相对静止，一起做匀速直线运动，在”：讷/的位移：”

:可知。与。相对静止时不在木板的右端，故。错误。

7.如图所示，竖直轻弹簧下端固定在水平地面上，将质量E=1kg的小球从轻弹簧正上方由静止释

放，小球下落过程中受到恒定的空气阻力作用.以小球开始下落的位置为原点，竖直向下为y轴正方

向，取地面处为重力势能零点，在小球下落到最低点的过程中，弹簧的弹性势能£触、小球的重力势

能L随y变化的关系图像分别如图甲、乙所示，弹簧始终在弹性限度内，取重力加速度9=厅,

已知弹簧的弹性势能与：=：依仅为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量J,下列说法正确的是

0.50.6y/m0.50.6y/m

甲乙

A,图乙中°

B.小球刚接触弹簧时速度大小为入

C.小球刚接触弹簧时速度大小为、‘WE/S

1

D.当弹簧的压缩量为而…时，小球有最大速度

【答案】ABD

【解析】4由图可知，小球到最低点时，高度下降“叫则重力势能减少"％F**3；由

图可知6='°-°,则故/正确；

9c重力势能转化为摩擦热和弹簧的弹性势能，根据Q=/A…解得门川；结合图

,o.5m"A小我1闻

像可知小球高度下降内，重力和阻力做功，根据,*",解得小球刚接触弹簧时

速度大小为故3正确，c错误；

D当小球高度下降°6nl时，弹簧的压缩量为力二°"E,此时J,。弓用5鼻，解得*=％*1*；当

，mg一.，？"不‘

小球速度最大时，小球加速度为零，根据平衡条件，解得，*,

Tzr^

即当弹簧的压缩量为J时，小球有最大速度，故D正确。

ABD

故选：。

8.如图甲所示，用活塞将一定质量的理想气体封闭在上端开口的直立圆筒形气缸内，气体从状态AT

状态状态C）状态A完成一次循环，其状态变化过程的p-V图像如图乙所示.已知该气体在状态

4时的温度为600处下列说法正确的是

E

Z

Z

Z

二7Z

7

二7

：7

-7

A.气体在状态。时的温度为?如*

B.气体在状态（时的温度为3以*

C.气体从状态A过程中，外界对气体做的功为4"1*，

4->g->c8*109）

D.气体从状态的过程中，气体对外做的功为

【答案】AD

Ei_”

【解析】4对于理想气体：过程，由查理定律有得3200K故/正确；

迎=±_

2「一C过程，由盖-吕萨克定律有匚一「，得「「'一：故8错误；

C由于状态'与状态’温度相同，气体内能相等，而“一8过程是等容变化，气体对外不做功，故C

错误；

（过程中气体体积膨胀对外做功，即从状态‘到状态’气体对外做功

,故。正确。

故选：。

三、实验题：本大题共2小题，共14分。

9.（6分）电容储能已经在电动汽车、风力发电等方面得到广泛应用.某同学设计了图甲所示电路，

探究不同电压下电容器的充、放电过程和测定电容器的电容.器材如下：

电容器0额定电压电容标识不清,；

电短电动势n”，内阻不计,；滑动变阻器最大阻值2吗；

电阻箱叼且值电压表"量程"V,内阻较大,；

“,按照图甲连接电路，闭合开关果、断开开关与，若要升高电容器充电电压，滑动变阻器也的滑片

应向端滑动'选填"°"或

‘刁当电压表的示数为3;时，调节勺的阻值，闭合开关通过计算机得到电容器充电过程电流

随时间变化的图像；保持々的阻值不变，断开开关与，得到电容器放电过程电流随时间变化的图像,

图像如图乙所示.测得吗则3。

’可重复上述实验，得到不同电压下电容器的充、放电过程的电流和时间的图像，利用面积法可以得

到电容器电荷量的大小，测出不同电压下电容器所带的电荷量如下表：

实验次数123456

tz/v345fl8

Q/Xi(r3cO.k0.2S0.240.310.3303

请在图丙中画出“一°图像，并利用图像求出电容器的电容为〜结果保留两位有效数字，

8

/5

可

4.7xW*-49xW

【解析】【分析】

〃，闭合开关5,,若要升高电容器充电电压，根据滑动变阻器分压器的分压原理进行分析;

根据欧姆定律计算A2阻值;

/子画出U-0图像，根据电容的定义式求解电容;

I力充电时电路的电阻小于放电时的电阻。

【解答】

闭合开关5,，若要升高电容器充电电压，滑动变阻器滑片应向b端滑动;

0充电瞬间，由欧姆定律艮“一学-d砧SO；

.孝

信7画出L-。图像：

根据（J：£,电容器电容c二'17。」791丁〃;

C8

10.（8分）小明同学学完了单摆后，想用单摆来测重力加速度，设计的实验装置如图甲所示，在摆

球的平衡位置处安放一个光电门，连接数字计时器，记录小球经过光电门的次数。

「效一事》病|

甲乙

“,下列说法中正确的是

4在释放摆球的同时开始计时

3质量相同的铁球和软木球，应选用铁球作为摆球

C可将摆球从平衡位置拉开一个较大角度然后释放摆球

D摆长就是绳子的长度

’刁在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺测得从悬点至摆球顶端的长度为上再用螺旋测微器测

量摆球直径，则摆球直径“二Cm-,

但，将摆球从平衡位置拉开一个合适的角度，静止释放摆球，摆球在竖直平面内稳定摆动后，启动数

字计时器，摆球通过平衡位置时从1开始计数，同时开始计时，当摆球第0次’为大于3的奇数,通过光

电门时停止计时，记录的时间为‘，此单摆的周期三‘用'、"表示‘，重力加速度的大小为

用、和表示；

【答案】⑶4即38；

同民;**白；

14)0

【解析】【分析】’根据实验原理和减小误差的角度确定操作步骤和实验器材；

‘刁游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标卡尺，不需估读，摆长等于悬点到球心的距离；

完成一次全振动的时间为一个周期，根据周期和摆长，结合单摆的周期公式求出重力加速度。

⑥根据单摆的周期公式推导出重力加速度的测量式，然后分析误差原因.

考查单摆的周期和基本仪器的使用和读数问题，会根据题意进行综合分析和判断。

【解答】

02.在平衡位置处开始计时误差较小，故/错误；

on・

为减小空气阻力，应选择质量大、体积小的球；摆长等于绳子的长度加上球的半径；故D错误'2

正确；

C单摆在小角度下的运动为简谐运动，把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度释放，使之做简谐运

动，故C错误。

由图不游标卡尺可知，其不数为：。

'”将摆球从平衡位置拉开一个小角度后静止释放，使摆球在竖直平面内稳定摆动，当摆球经过平衡

位置开始计时，摆球每半个周期经过一次平衡位置，贝丘-三，贝丁-二1

102出

根据单摆的周期公式

可Er

四、计算题：本大题共3小题，共38分。

11.（5分）如图所示，一个半径口二075的半圆柱体放在水平地面上，一小球从圆柱体左端A点正

上方的3点水平抛出‘小球可视为质点’，恰好从半圆柱体的,点掠过.已知。为半圆柱体圆心，℃与水

平方向夹角为53,但:10E/i2,sin37・=0.6,c837・=0冏求

‘引小球做平抛运动的初速度.

nrr

【答案】解：从到点，小球平抛运动，据题意可知小球在点的速度方向与水平方向成,

%==gt①

将速度分解，竖直速度’”

水平方向匀速直线运动，贝卢"必53’

联立可以解得「二°a/4侬

答：小球从'点运动到,点所用时间＜1

‘刁小球做平抛运动的初速度“E/S

12.（12分）某实验小组想测量元电荷的电量大小。装置如图所示，在真空容器中有正对的两平行

金属板A和'，两板与外部电路连接，两板间相距,二°叫外部电路电源电动势"30°、内阻

r-i/V)D-ioMcce

一,保护电阻,-，电阻箱的阻值可调。实验时，电键'闭合、2断开时，小组从显微

镜发现容器中有一个小油滴正好在两板中间处于静止状态，该油滴质量为"尸"g,取

lOm/s2

,求：

0,该油滴带电性质及所带电量4

"‘调节电阻箱闭合电键与，油滴将加速下落，求油滴下落到“板的时间"结果可以保留根

号,。

3.2x«r=C(2)t=

【答案】‘负电；；

【解析】'"电键'闭合、＞断开时，电路断路

该油滴处于静止状态，受力平衡

解得

由于电场方向竖直向下，电场力竖直向上，故该油滴带负电;

“'闭合电键与电容器与月并联，因此

-5

根据闭合电路欧姆定律

U„=IR

电场强度

根据牛顿第二定律

mg'言二w，口

n

油滴下落到板由运动学公式

联立解得

13.（21分）如图所示，在光滑水平面内从左至右连续存在有$个宽度均为'的矩形区域，其中区域I、

IILv的长度均为上其间存在沿竖直方向交替变化的图示匀强磁场，磁感应强度大小均为；区域n、

IV为长度均为S的无场区域。一质量为m、电阻为门、边长为"的正方形单匝金属线框A&CC以

大小为。的初速度开始进入区域I,运动过程中线框的边始终与各区域的边界线平行，线框最终离

开区域V。

......L-一♦\W.......L--------------------------L---------J

,dLxXXX«：•••*►;;XXXX；

；1।1

IIXXXXi•:!XXXX•

IXxTxX：n：.•/，：IV：V力

，:!XXXX»

d-----------Is;;ia.4

!XXXX：：••♦■；；XXXX:

，一一，______________ii.

’力求线框的此边刚进入区域I时，线框的加速度大小；

化，求线框完全进入区域ni中的速度大小；

何，若在线框开始进入区域I时，对线框施加一可变的水平外力,使线框做匀速直线运动至线框刚好完

全离开区域V,求水平外力做功的平均功率。

【答案】解：线框"8边刚进入区域，时，感应电动势大小为口=”":

回路中的电流为’‘

安培力大小匕

a=二

加速度大小

”------

联立解得

“‘过程•「线框完全进入区域I过程，线框向右的位移为4设动量变化量为,r，以水平向左为正

方向，由动量定理，有*4X加

7=竺

其中

又d=%，At

解得**«

过程’④：从线框4,边开始进入区域II到*8边将要进入区域ni,线框向右的位移为I设动量变化量为

帆，同理，有够-F"

过程也从线框,"边开始进入区域in到线框c边将要进入区域n,线框向右运动的位移为设

动

量变化量为“同理，有1'一

过程从线框C0边开始进入区域II到C'边将要进入区域ni,线框向右运动的距离为设动量变化

小球睁・

且为4〃H右.趣二不-

重为广，同理，有

设线框完全进入区域ni中的速度大小为,，由动量定理可得

dpj,必+即二m%一/nv

_艮风―)

联立解得“"一

日对e中的过程1通过的位移，安培力大小’

线框克服安培力做功为r

对''中的过程.,通过的位移，安培力大小”

线框克服安培力做功为：‘"

对0中的过程'③通过的位移，安培力大小4

W-小揖d-s」」

线框克服安培力做功为‘一

对。’中的过程：通过的位移,

安培力大小

线框克服安培力做功为'

由运动的对称性知，此后线框至完全离开区域”过程，与前述运动过程中克服安培力做功的情形相

同，

W=2f%+%+W,+^p-(10d-43)

因此，全过程中克服安培力做的总功为

全过程中线框运动的时间为T

因此，水平外力所做功的平均功率(d+K+”)斤

2024年黑龙江省高考押题预测卷01【新课标】

物理•参考答案

12345678

cBDACBCABDAD

一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1〜5题只有

一项符合题目要求，第6〜8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3

分，有选错的得0分。

二、实验题：本题共2小题，共14分。

9.（1分）

（1分）

U/V

8

7(I

rn二

rt

6L

一

—r

5

-（2分）

4t-

r-

3-

L-

2l-

r-

t-

1L「

II9/X103c

O0.10.20.30.4

（2分）

10.（1）（2分）亿）0,7833；（2分）口）高；（2分）手".，户（2分）

三、计算题：本题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写

出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

crr27、

10.（5分）【答案】解：从0到点，小球平抛运动，据题意可知小球在点的速度方向与水平方向成,

%=v0ton37'=gt①

将速