浙江省湖州市九校联合2024届中考五模物理试题含解析

浙江省湖州市九校联合重点中学2024届中考五模物理试题

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处”o

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）

1.如图所示，闭合电键S,灯L亮，一段时间后灯L熄灭.若电路中只有一处故障，且只发生在灯L或R上.现用

一只规格相同且完好的灯〃替换灯L,正确的判断是

----'I~0s

A.若灯〃亮，则灯L一定断路B.若灯〃亮，则灯L一定短路

C.若灯〃不亮，则电阻R一定断路D.若灯//不亮，则电阻R一定短路

2.煮饭烧菜时，经常需要加盖子，这样做的主要目的是

A.降低水的沸点，食物容易煮熟

B.升高水的沸点，食物容易煮熟

C.减少锅中水的蒸发量，不容易烧干

D.减少锅中热量的散失，节约燃料

3.关于运动和力，下列说法正确的是（）

A.汽车速度越大越难以停下来，说明物体速度越大，惯性越大

B.甲乙两队进行拔河比赛甲队获胜，说明甲队拉乙队的力大于乙队拉甲队的力

C.推门时手离门轴越远越省力，说明力的作用效果与力的作用点有关

D.汽车可处于静止状态，也可处于运动状态。但房子总处于静止状态

4.如图，电源电压保持不变，闭合开关后，当滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，下列说法正确的是

A.电压表V示数变大

B.电流表A2示数变小

C.变阻器接入电路部分消耗电功率变大

D.电压表V与电流表A2示数比值不变

5.生活中用“低声细语”来形容声音，这里的“低”描述的是声音的

A.音调B.响度C.音色D.频率

6.关于内能和热量，下列说法正确的是（）

A.物体吸收热量，温度一定升高

B.物体运动的越快，物体的内能越大

C.同一物体的温度越高，内能越大

D.温度越高的物体，所含的热量越多

7.在图（a）所示的电路中，电源电压保持不变，Ri、R2为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合电键S,将滑动变阻器

的滑片P从右端滑到左端的过程中，电压表Vi、V2的示数随电流表A示数变化的完整图线如图（b）中①、②图线所

示，在图（c）中能正确反映该过程的电压表V3随电流表A示数变化的完整图线是

二、填空题（本大题7小题，共21分）

8.小明坐在教室的座位上时，能从黑板上方的电子钟玻璃面内看到两盏日光灯的像，如图甲所示，这是光的现

象；当他走到讲台前再看钟玻璃面发现像不见了，如图乙所示.那么这两盏灯像的位置_____（选填“改变”或“未改

变”）,这两盏灯之间是联.

甲乙

9.我国首艘自主建造的国产航母--OOIA型航空母舰可搭载不少于36架歼-15舰载机，与之前的“辽宁舰”相比

更具战斗力.若在海上试验中某舰载机飞离OOIA型航空母舰时，该航空母舰所受浮力将（选填“变大”、“变

小”或“不变”）；此时相对于航空母舰，该飞离的舰载机是（选填“运动”或“静止”）的.

10.水平桌面上两个完全相同的烧杯中分别盛有甲、乙两种液体，将两个完全相同的小球分别放入两烧杯中，当两球

静止时，两液面高度相同，球所处的位置如图所示。小球在甲液体中所受浮力为FA、所排开甲液体的重力为GA、甲

液体对容器底的压强为p甲；小球在乙液体中所受浮力为FB、所排开乙液体的重力为GB、乙液体对容器底的压强为p

乙，则FAFB、GAGB、p甲Pz（均选填“>”、"=”或

11.如图所示，用固定在墙上的三角支架A8C放置空调室外机.如果A处螺钉松脱，则支架会绕点倾翻.已

知A3长40cm,AC长30cm,室外机的重力为300N,正好处在A5中点处，则4处螺钉的水平拉力为N（支架

重力不计）.为了安全，室外机应尽量______（填“靠近”或“远离”）墙壁.

12.一个实心铁球，放在水中静止时所受浮力为尸1,放在水银中静止时所受浮力为尸2,则Fi：尸2=（已

知〃水=1.0X103kg/m3,pft=7.9X103kg/m3,〃水果=13.6X103kg/m3）（,

13.2019年1月16日，我国“氢弹之父”、两弹元勋、改革先锋于敏，在北京瀛然长逝，享年93岁。氢弹是利用氢

核的（选填“裂变”或“聚变”）在瞬间释放的能量，核能是（填“可再生”或“不可再生”）能源

14.如图所示，闭合Si、Sz、S3时，电压表示数为3V,电流表示数为0.5A,R在10s内产生的热量是J；闭合8、

S3,断开Sz时，电压表示数为2V,此时Ri与Rz的功率之比为-

R.R、

15.作出图中质量为2kg的小球所受重力的示意图.

16.根据图中小磁针静止时的指向，在图中标出通电螺线管的N、S极和电源的正负极.

()

CTWlsoN

-1电M—

17.作出图中物体通过平面镜所成的像.

（）

四、实验题（本大题共5小题，共20分）

18.小明利用天平、烧杯、量筒等器材测量橙汁的密度;

…国……茵_.鸟A

7

yy=।।用调节好的天平测量质量的过程中，发现指针偏转如图

甲乙丙

甲所示，为了使天平在水平位置平衡，应_________.下列实验步骤合理的顺序是（用字母表示）.

A.计算橙汁的密度

B.用天平测出空烧杯的质量为104.8g

C.烧杯中盛适量的橙汁，用天平测出橙汁和烧杯的总质量为,"

D.调节天平平衡

E.将烧杯中的橙汁全部倒入量筒中，读出橙汁的体积为50mL测量橙汁和烧杯总质量时，祛码和游码的位置如图乙

所示，则总质量桃=__g,橙汁的密度为—kg/mL小华在本实验中不用量筒，只添加一个完全相同的烧杯和适量的水,

也完成了该实验，实验步骤如下：

a.用已调好的天平测出空烧杯的质量，记为机0；

b.向一个烧杯倒入适量橙汁，用天平测出橙汁和烧杯的总质量，记为mi；

c.向另一个相同的烧杯中倒入与橙汁等深度的水（如图丙），用天平测出水和烧杯的总质量，记为机2；

d.计算出橙汁的密度〃断=（水的密度用〃水表示）.

19.某同学探究杠杆平衡条件时，使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻线间的距离相等.如图甲所示，为使

杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向一一（选填“左”或“右”）端调节，其目的是为了便于直接读出__；

杠杆水平平衡后，在杠杆上的A点悬挂了2个钩码，如图乙所示，为使杠杆保持水平平衡，应在B点悬挂—一个钩码,

如果用弹簧测力计在B点竖直向上拉，则（选填“能”或“不能”）使杠杆保持水平平衡.

20.为了探究漂浮在液面上的均匀实心正方体物块露出液面的高度h与哪些因素有关。某组同学进行了讨论并形成了

两个猜想。猜想（一）认为h的大小可能与液体的密度。液有关；猜想（二）认为h的大小可能与正方体物块的密度。物有

关。为此，他们与老师一起设计了探究方案如下：

探究步骤（一）：探究h与液体密度p的关系

（1）测出正方体物块的边长H。

（2）将这个正方体物块分别漂浮于不同液体中，测出相应的h值。

（3）记录数据并归纳总结结论。

探究步骤（二）：探究“与的关系

（1）选用不同密度的若干正方体物块，要求它们的边长相等，测出边长

（2）将不同密度的正方体物块分别漂浮于水面上，测出相应的力值。

（3）设计记录数据表如表一所示。

表一

实验序号物块的密度。物（千克/立方米）水的密度。液（千克/立方米）以厘米）小厘米）

1

2

3

・・・

（4）记录数据并归纳总结结论。

探究步骤（三）：进一步综合分析并归纳总结结论。

①你认为探究步骤（一）中需要改进的地方是什么?答：.

②请你填写完整，，探究步骤（二）：探究h与的关系”。

③该小组同学在完善方案后进行了实验探究活动，其中实验步骤（二）收集到的数据如表二所示:

表二

实验序号物块的密度。物（千克/立方米）水的密度P液（千克/立方米）人（厘米）五（厘米）

26001000410

38001000210

・・・•・・・・・・・・•・・

根据实验序号1与2与3,初步分析可得出的结论是：漂浮在水面上的物块，o

④根据表二的数据可以推测：若露出水面高度为零时，物块的密度夕物与水的密度夕液的比值等于.

⑤关于正方体物块露出液面的高度h与它的边长H的比值正确的是.

,P液„。物„。液一。物c。物一P液

A.-----B.------C.--------------D.-------------

P物P液P液「物

21.小朱用下图所示的实验装置探究杠杆的平衡条件.

在调节杠杆的平衡时，如果杠杆右侧高左侧低，应将两端的平衡螺母向调节,

使其在水平位置平衡.使杠杆在水平位置平衡的好处是.如图所示，杠杆上的每小格长为2cm,在支点左侧

的A点挂3个重均为0.5N的钩码，在支点右侧的B点，用弹簧测力计拉杠杆，使其在水平位置平衡，这时弹簧测力

计的示数应为N.如果保持B点不动，弹簧测力的方向向右倾斜，使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示

数将变,原因是.

22.立志考一中的刘昱挥同学在做“测量小灯泡电功率”的实验时，连接了如图甲所示的电路，实验前观察小灯泡上

标有“2.5V”字样，电源电压恒为3V.

(1)他检查电路连接，发现有一根导线连接错了，请你在甲图中应改动的导线上打“X”，并用笔画线代替导线画出

正确的接法.

()

(2)改正连接后，闭合开关，电流表的示数为O.UA,电压表的示数如图乙所示，则电压表的示数为V,此

时滑动变阻器的连入电路中电阻为Q.(保留1位小数)

(3)改变变阻器滑片的位置，测得多组对应的电压、电流值，如下表所示，由测得数据可知，小灯泡的正常发光时的

功率为W.请根据此设计的表格和实验记录，说出方案设计中存在的一个问题：

实验次数12345

电压tz/v0.81.21.62.5

电流〃A0.110.220.380.360.44

灯泡功率P/W

平均功率P/W

(4)分析表中数据，发现第次实验数据有误.请在图丙中画出小灯泡的1-U关系图像.

()

(5)昱挥同学思考后觉得：用定值电阻来替代某一电表也能测出小灯泡正常发光时的功率，并设计了四个电路图，其

中正确的是.

五、计算题(本大题共2小题，共13分)

23.2017年5月18日，中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功.实现了我国天然气水合物开发的历史性突

破.可燃冰清洁无污染、储量巨大，是一种非常理想的新型能源.可燃冰的热值很大，是天然气热值的10倍以上，若

按15计算.[4.2X10,J/(kg•C)；天然气的热值干7X107j/m3]求：体积为0.01n?的可燃冰完全燃烧放出的热量为

多少?若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收，则水升高的温度是多少？

24.一辆1100kg的汽车，轮胎和水平地面的总接触面积为0.11mL这辆汽车在水平路面以800N的牵引力匀速行驶

4.0x104m.求：

汽车对地面的压强；牵引力所做的功；在这次行驶中需要燃烧L0kg的汽油，求这辆汽车的热

机效率.（q汽油=4.6x107j/kg）（计算结果保留1位小数）

六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）

25.图甲是一个电子拉力计原理图。硬质弹簧右端和金属滑片P固定在一起（P与R间的摩擦不计）。电压表量程为0〜

3V,a、b是一根长为6cm的均匀电阻丝，阻值Ri=30Q,电源电压恒为6V。

••

T

TI

T

*

-r柒要保证电压表能正常工作,电路中R。至少应为Q。当拉环不受拉力时，滑片P

,

0200400600F/N

乙

处于a端，闭合开关后电压表的示数是Vo已知该弹簧伸长的长度4L与所受拉力F间的关系如图乙所示，若R。

=45。，开关S闭合后，电流表示数为A,当电压表指针指在0.8V处，作用在拉环上水平向右的拉力为No

将电压表改为拉力器，此拉力器所能测的最大力应为600N；已知该弹簧所能承受的最大拉力为1000N,若使拉力器所

能测的最大力增加100N,拉力器分度值不变，可采取的办法是电源电压和电压表量程不变，将电阻丝换成与原来电阻

丝材料和横截面积相同、长度一定的电阻丝，同时将电阻R。换成阻值为。的电阻，使用这根弹簧用上述这种方

法设计的分度值不变的拉力器所能测的最大力（选填"能"或“不能”）达到lOOONo

26.多功能养生壶具有精细烹饪、营养量化等功能，深受市场认可和欢迎.图乙是某品牌养生壶简化电路图.（p*=

1X103kg/m3,c水=4.2Xl（）3j/（kg*℃）,g=10N/kg）

项目参数

电源电压（V）220

低温档功率（W）275

中温档功率（W）550

高温档功率（W）1100

容积（L）1

养生壶为高温档，说明判断依据；求Ri

甲乙

的阻值；养生壶处于低温档工作时，求电路中的电流大小；在标准大气压下，使用高温档将初温是12℃的一壶水烧开,

若养生壶高温档加热效率为80%,求水吸收的热量和烧开一壶水需要的时间.

27.2019年1月3日，嫦娥四号探测器成功降落于月球背面的预选着陆区，玉兔二号在月球背面留下了第一行脚印,

如图甲所示.假定在月球车前面有一块石头，当车轮通过石块时，用为车轮受的推力，尸2为阻力，如图乙所示.请在

图乙中分别画出尸1与歹2的力臂.

()

据此分析可知，石块高度越高（不高于车轮半径），所需推力.（选填“越大”或“越小”）

甲

参考答案

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）

1、C

【解题分析】

现用一只规格相同且完好的灯口替换灯L,若灯L，亮，则灯L可能断路也有可能短路，故A、B错误；若灯U不亮，

则电阻R一定断路，若是短路，灯L亮，故选C.

2、B

【解题分析】

煮饭烧菜时，加盖子后，锅内的气压增大，水的沸点升高，食物容易煮熟。加盖子，可以减少水的蒸发和减少热量的

散失，但不是主要目的，故B符合题意，ACD不符合题意。

3、C

【解题分析】

惯性是一切物体的固有属性，惯性的大小只与物体的质量有关。相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两

个物体上，作用在同一条直线上。力的三要素：力的大小、方向、作用点，力的三要素影响力的作用效果。静止是相

对的，运动是绝对的，静止是相对的。

【题目详解】

A、惯性的大小只与物体的质量有关，与速度大小无关，所以汽车速度越大越难以停下来，不能说明物体速度越大，

惯性越大。故A错误；

B、甲拉乙的力和乙拉甲的力是相互作用力，故相互作用力大小相等，方向相反。甲方胜了乙方，是因为甲受到的最

大静摩擦力大于乙的最大静摩擦力，故B错误；

C、推门时离门轴越近，用力越大，说明力的作用效果与力的作用点有关，故C正确；

D、静止是相对的，运动是绝对的，在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发

生变化，则运动，不发生变化，则静止。所以汽车可处于静止状态，也可处于运动状态。房子同样如此。故D错误。

故选：Co

【题目点拨】

本题考查力的作用效果、力作用的相互性、运动和静止的相对性、惯性等知识，是一道综合性较强的题目；难点是掌

握牛顿第三定律得内容，由此题的知识我们可以知道，在拔河比赛中要挑选一些体重大的同学，以增加与地面之间的

最大静摩擦力.

4、D

【解题分析】

由电路图可知，肥与&并联，电压表V测电源两端的电压，电流表4测干路电流，电流表4测Ri支路的电流。

A.因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故A错误；

B.因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过岛的电流不变，即电流表人的示数不变，故

B错误；

C.当滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，接入电路中的电阻变大，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由P

2

=〃=JU可知，变阻器接入电路部分消耗电功率变小，故C错误。

R

D.因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过Ri的电流不变，即电流表4的示数不变，则

电压表V与电流表人示数比值不变，故D正确

5、B

【解题分析】

声音的特征有音调、响度、音色，三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同.音调与

声音振动的频率有关，响度与振动的幅度和距声源的距离有关，音色取决于发声体的形状、材料和结构.“低声细语”

中的“低”是指声音的响度小.故B正确.

6、C

【解题分析】

A.物体吸收热量，内能一定增大，温度可能升高，也可能不变.选项错误.

B.物体的内能跟物体的质量、状态、温度有关，跟物体的运动速度没有关系.选项错误.

C.同一物体的质量和状态一定时，温度越高，内能越大.选项正确.

D.温度越高的物体没有和其它物体发生热传递，也没有热量的吸收和放出，不能谈热量.选项错误.

7、A

【解题分析】

将滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，滑动变阻器接入点路的电阻变小，

根据I="U”/R可知，电路中的电流变大；

根据U=IR可知，Ri两端的电压变大，

故①表示电压表V1、②表示电压表V1.

当滑片位于左端时，Ri与R1串联，

由（b）图象可知：Ri两端的电压Ui=4V,通过的电流L=0.4A,

则Ri=Ui/Ii="4V"/0.4A=10fl；

电源的电压U=Ui+IiRi=4V+0.4AxRi..........①

当滑片位于右端时，RI、R、R1串联，

由（b）图可知，L=0.1A,R两端的电压UR=3V,U/=1V,

,

则电源的电压U=UR+Ui+IiRi=3V+lV+0.1AxR1.........②

由①②两式可得：U=6V.

因V3测电源的电压与R1两端的电压之差，

所以，当Ui=4V、L=0.4A时，V3的示数为U-Ui=6V-4V=1V；

当U/=1V、L=0.1A时，V3的示数为U-U/=6V-1V=4V；

结合选项可知A符合，BCD不符合.

故选A.

二、填空题（本大题7小题，共21分）

8、反射未改变并

【解题分析】

日光灯在电子钟玻璃表面成像，属于平面镜成像，这是光的反射现象；当他走到讲台前，两盏灯的位置不变、电子钟

的位置没变，所以像的位置未改变；这两盏灯工作时互不影响（若一盏灯灭、另一盏灯还能工作），所以它们之间是并

联的.

9、变小运动

【解题分析】

舰载机从航母上起飞后，航母的总重力减小，根据漂浮物体的重力等于自身重力可知：此时航母受到的浮力将变小；

当舰载机飞离航空母舰时，相对于航空母舰，舰载机是运动的.

10、==>

【解题分析】

由图可知，A球漂浮，B球悬浮，所以根据悬浮和漂浮条件可知两球受到的浮力都等于各自的重力，由于两个小球是

相同的，重力相等，所以尸A=FB=G。

根据阿基米德原理可知：排开液体重力GA=FA,GB=FB,所以GA=GB;

由于A球漂浮，B球悬浮，根据物体的浮沉条件可知："甲球，0乙=「球，

则两种液体的密度大小关系是：〃甲>°乙。

且两烧杯中液面相平即〃甲="乙，根据液体压强的计算公式可知：p¥>p乙。

11、C200靠近

【解题分析】

口］由题图可知，如果A处螺钉松脱，则支架会绕C点倾翻.

⑵依题，这是一个以C点为支点的杠杆，根据杠杆平衡条件：

1

=

G空调x—ABF^AC

2

解得F=200N.

网空调室外机的重力一定，室外机离墙壁越近，力臂越小，作用在A点的拉力越小越安全，所以室外机应尽量靠近墙

壁.

12、10:79.

【解题分析】

因实心小铁球的密度大于水的密度，所以，它在水中静止时沉底，排开水的体积等于自身的体积，则它受到的浮力：Fi=p

水gV排=p水gV球；

因实心小铁球的密度小于水银的密度，所以，它在水银中静止时漂浮，此时它受到的浮力：尸2=GM机铁g印快gV球，

所以二=丝也=义=蜉m3竺=10：

33

F?夕铁g限夕铁7.9xl0kg/m79

13、聚变不可再生

【解题分析】

氢弹是利用氢核的聚变在瞬间释放的能量；核能使用后，不可能在短期内从自然界得到补充，属于不可再生能源。

14、152：1

【解题分析】

（1）由图知，闭合Si、S2、S3时，只有R1连入电路中，电压表测电源电压，电流表测电路中电流，由Q=W=UIt

计算Ri在10s内产生的热量；（2）闭合Si、S3,断开S2时，两电阻串联，电压表测Ri两端电压，由串联电路特点可

知R?两端电压，再由P=UI可得两电阻的功率比。

【题目详解】

由电路图可知：闭合可，J，X时，只有Ri接入电路，此时电压表示数为3V,电流表示数为0.5A,即：U=U[=3V,

I=0.5A,10s内电流产生的热量Q=uLt=3Vx0.5Axl0s=15J；闭合s1，S3,断开s2时，R、R2串联，电压

表测"两端电压，示数为2V,则R?两端电压为：U2=U-U[=3V-2V=1V,此时R1与R2的功率之比为

Pi_I»Ui'_U|'_2V_2

P2I*U2U2IV1,

三、作图题（共7分）

/々

.

15、/

Z

业

G=19.6N

【解题分析】

小球的重心在小球的球心，过球心作竖直向下、大小为G=〃?g=2kgX9.8N/kg=19.6N的力，即重力，如图所示:

一一一、

G=19.6N

【解题分析】

根据磁极间的相互作用和小磁针静止时的位置可知，螺线管的右端应是N极，左端应是S极；由右手螺旋定则可判断

出电源的右端为正极，左端为负极，如上图所示.

17、略

【解题分析】

平面镜所成的像是虚像，像与物关于平面镜对称，故分别过A、B两点作平面镜的垂线，在垂线上作出等距离的对称点

A，B',用虚线连接即为AB的像.作图如下：

点睛：本题考查平面镜成像作图，题目不难，属于易错题型，平面镜成的是虚像，学生最容易把像画成实线.

四、实验题(本大题共5小题，共20分)

18、取下最后添加的祛码，向右移动游码，直至天平平衡DCEBA159.8l.lxlOi初8

【解题分析】

(1)天平调节方法：左偏右调，右偏左调;注意称量前调平衡螺母，称量过程中调游码；

(2)根据天平的使用以及测量密度的原理分析解答；

(1)①祛码加游码为物体的质量；②读出橙汁的体积，算出橙汁的质量，再根据密度的计算公式即可计算橙汁的密度.

(4)只有天平，没有量筒，可以利用等体积的水和橙汁，称量水和橙汁的质量，根据体积相等列出等式求出橙汁的密

度.

【题目详解】

(1)题中在测量质量的过程中指针右偏，所以应取下最后添加的祛码，向右移动游码，直至天平平衡；

(2)①测量质量先调节天平，用天平测出橙汁和烧杯的总质量减去空烧杯的质量，再测量体积，故为了测量结果更准

确，下列实验步骤的合理顺序是DCEBA；

(1)祛码和游码的位置如图乙所示，则总质量为：100g+50g+5g+4.8g=159.8g；

橙汁的质量为：山揶产159.8g—104.8g=55g

橙汁的体积为：V®7=50ml=50cmi

橙汁的密度为：p=—=^^=l.lg/cm3=l.lxlQ3kg/m3

V50cm

mx-

(4)橙汁的密度为：_帆_帆2一根0_帆1—桃0c大

?橙汁一加F夕水

【题目点拨】

测量液体密度时，只有量筒没有天平，可以采用被测液体和水的质量相同进行测量；只有天平没有量筒，可以采用被

测液体和水的体积相同进行测量.酱油体积的测量是本实验的难点，巧妙地利用等效替代法，是解决此题的关键.

19、右力臂3不能够

【解题分析】

(1)由图甲可知，杠杆的右端上翘，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向上翘的右端移动，其目的是为了便于

直接读出力臂；

(2)设一个钩码为G,一格的长度为L,根据杠杆的平衡条件可得：2Gx3L=nGx2L,解得：n=3,故为使杠杆保

持水平平衡，应在3点悬挂3个钩码；

(3)杠杆水平平衡后，在杠杆上的A点悬挂了2个钩码，力与力臂的乘积产生逆时针转动的效果，如果用弹簧测力

计在B点竖直向上拉，则力与力臂的乘积产生的效果也是逆时针转动，不能够使杠杆保持水平平衡.

20、记录不同液体的密度〃液物体的密度〃物体积相同，物体密度越大，露出液面的高度越小1C

【解题分析】

①探究物块露出液面的高度与液体密度的关系，需要改变液体的密度，记录不同液体的密度，所以步骤(一)中缺少记

录不同液体的密度；

②步骤(二)中需要探究无的大小与正方体物块的密度〃物的关系；

③比较实验序号1与2与3中的数据，正方体物块的边长相等，物块的密度越大，露出液面的高度越小；

④由表中数据可知，物块的密度增加200kg/m3,露出的高度减小2cm,所以当物体的密度为lOOOkg/n?,露出的高

度为o,所以物块的密度与水的密度的比值为黑黑工=1；

lOOOkg/m

hP海—Pvm

⑤设物块的底面积为S,物块处于漂浮状态，...FMG,"gy排=p物”物，P淑gS(H-h)=p^gSH,—=——

H

P液

故c正确。

21、右便于测量力臂1.2大力臂变小

【解题分析】

(1)杠杆右侧高左侧低，为使杠杆在水平位置平衡，可以将左侧的平衡螺母向右调，或者将右侧的平衡螺母向右调(都

向右调)，调节杠杆在水平位置平衡，为了便于测量力臂.

(2)因为,Fili=F2h,

所以，Fixl0cm=3x0.5Nx8cm,

所以，F1=1.2N.如果保持B点不动，弹簧测力的方向向右倾斜，力臂变短，使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计

的示数将变大.

22、0.423.61.1测量电功率无需取平均值且没有测量电压略大与额

定电压时的功率3C

【解题分析】

(1)电压表并联在灯泡和滑动变阻器的两端，测灯泡和滑动变阻器的总电压，所以电压表的“-”接线柱和滑动变阻器

左上端接线柱连接错误，应把电压表并联在灯泡两端，电压表的“-”接线柱和滑动变阻器的右下接线柱相连(或与灯泡

左端接线柱相连)，如下图:

(2)电压表使用的0~3V,每一个大格代表IV,每一个小格代表0.1V,电压为0.4V,电压表测量的是灯泡的电压

UL=0.4V,贝！I滑动变阻器的电压为：。清=U-UL=3V-0.4V=2.6V,贝!|R渭=』=^^=23.6Q；

I0.11A

(3)有表知灯泡正常发光的电压为2.5V,电流为0.44A,则灯泡的额定功率为：P=CT=2.5VxO.44A=l.lW；灯泡的电

功率随着电压和电流的变化而变化，不能求平均值，且没有测量电压略大于额定电压时的功率；

(4)根据表中的数据画出一。关系图象，如图所示：

IA

由图象知，第3次数据与其他几组差别较大，是错误的数据；

(5)A.灯泡与定值电阻并联，不能判断灯泡是否正常工作，故A错误；

B.闭合右边的开关，电压表上端为正接线柱，下端为负接线柱；只闭合左边的开关，电压表上端为负接线柱，下端

为正接线柱，又不能更改电路，所以其中有一次电压表接线柱一定接反，不能读出电压表示数，故不能测出灯泡的额

定功率，故B错误；

25V

C.灯泡与定值电阻并联，通过开关的断开或闭合能测出干路电流和定值电阻的电流，当定值电阻的电流为

时，灯泡正常工作，则根据尸即可求出灯泡的额定功率，故c正确；

D.闭合左边的开关，电流表把灯泡短路，灯泡不发光；只闭合右边的开关，电流表把电阻短路；两个都闭合或断开

时，电流表均无示数，测不出灯泡的额定电流，故D错误.

五、计算题(本大题共2小题，共13分)

23、(1)1.05X107J(2)22.5℃

【解题分析】

(1)由题意可得，可燃冰的热值：

q可燃冰=15q=15x7.0xl07j/m3=1.05xl()9j/m3；

O.Oln?“可燃冰”完全燃烧放出的热量：

Q®=Vq可燃冰=0.01m3xl.05xl()9j/m3=L05xK)7j；

(2)由唧=“5得被水吸收的热量：

.

76

Q吸=9(2K=90%X1.05X10J=9.45X10J；

由Q®=cmAt可得,水升高的温度：

鱼9.45xl(^”

：

cm4.2X1G3J।kg•XZ)＞100kg

答：(1)0.1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为1.05XWJ；

(2)水升高度的温度是22.5C.

24、(1)1.0xl05Pa;(1)3.1x107j；(3)34.8%

【解题分析】

(1)汽车的重力是：G=mg=1200kgxlQNkg=1.2x104,

汽车在水平地面上时压力等于重力，即F=G=mg=1.2xIO,N

由p=£知道，汽车对地面的压强是：£=L2xlO：N=]0xio5pa；

SS0A2m2

(1)由W=R知道，汽车在水平路面以800N的牵引力匀速行驶4.0X104m,

所做的功是：W^Fs^800N^4.C0<PQt?=x7；

(3)1kg汽油完全燃烧释放的热量是：。放=7的=2电g：4.S%1皿？=x

该汽车发动机的效率是：4=5=92x107?x100%“34.8%

六、综合能力题(本大题共3小题，共18分)

25、30。00.0820040不能

【解题分析】

(1)由于电压表量程为0〜3V,要保证电压表能正常工作，则电压表示数为3V时,

U[3V

电路电流：1===------=0.1A,

&30。

根据串联电路的特点和欧姆定律可得此时电阻Ro的阻值：

(2)由图示可知，滑片在a端时，电压表所测电压为零，电压表示数为0V。

(3)若Ro=45。，开关S闭合后，根据串联电路的特点和欧姆定律可得电路电流:

=----------------=0.08A；

8+&300+45。

当电压表指针指在0.8V处，根据1=可得与电压表并联电阻的阻值:

则弹簧的伸长量：AL=——X10Q=2cm,

30。

由图乙所示图象可知，此时拉力为：200N；

(4)将电压表改为拉力器，由于当电压表指针指在0.8V处，拉力为200N；则拉力器分度值为电压表示数增大0.1V,

则拉力增大25N；

此拉力器所能测的最大力应为600N；若使拉力器所能测的最大力增加100N,即所能测的最大力应为700N；

由图乙所示图象可知，此时拉力增大100N时，弹簧的伸长量就增加1cm；

所以，当拉力为700N时，弹簧的伸长量△L=7cm；

由于电阻丝换成与原来电阻丝材料和横截面积相同、长度一定的电阻丝，则电阻丝每1cm的电阻为5C；

所以，当拉力为700N时电阻丝连入电路的电阻值为：

“5。

Ri=-----x7cm=35£l；

1cm

根据拉力器分度值为电压表示数增大0.1V拉力增大25N可知：当拉力为700N时，电压表示数为U