挑战64 新疆卷（新疆近四年共30题）（解析版）-2022年中考物理真题《压轴挑战》分类汇编

年中考物理真题《压轴挑战》分类汇编（解析版）挑战64新疆卷（新疆近四年共30题）19、20、21、22年压轴题型统计：选择题填空题实验题计算与综合能力题合计电学综合424111力学综合612413其他综合05106合计1087530一．选择题（共10小题）1．（2022•新疆）如图所示，斜面的长为高的4倍，物体恰能在斜面上匀速下滑，下滑一段距离的过程中，该物体重力做的功和克服阻力做的功相等。若用平行于斜面向上的拉力F将物体匀速拉上斜面时，斜面的机械效率为（）A．20% B．25% C．50% D．75%【答案】C。【解答】解：由题知，下滑一段距离的过程中，该物体重力做的功和克服阻力做的功相等，设下滑的距离为s0，下降的竖直高度为h0，则有：Gh0＝fs0﹣﹣﹣﹣﹣﹣①如图所示：根据数学知识可得﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，由①②可得f＝G•sinθ，用平行于斜面向上的拉力F将物体匀速拉上斜面时，物体对斜面的压力大小和接触面的粗糙程度不变，则物体受到的滑动摩擦力大小不变，仍然为f＝G•sinθ；将物体匀速拉上斜面时，假设拉到顶端，则有用功W有用＝Gh，克服摩擦力所做的额外功W额＝fs，总功：W总＝W有用+W额＝Gh+fs＝Gh+G•sinθ×s＝Gh+Gh＝2Gh，所以斜面的机械效率η＝×100%＝×100%＝50%。故选：C。2．（2022•新疆）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，Rt为热敏电阻。在0℃～80℃的范围内，电压表的示数U随热敏电阻的温度t变化的关系如图乙所示。已知当温度t由10℃升高到30℃的过程中，热敏电阻Rt的阻值变化了20Ω，则温度t由30℃升高到50℃的过程中，热敏电阻Rt的阻值变化情况是（）A．阻值减小且阻值变化量小于20Ω B．阻值减小且阻值变化量大于20Ω C．阻值增大且阻值变化量小于20Ω D．阻值增大且阻值变化量大于20Ω【答案】A。【解答】解：由乙图可知，热敏电阻R两端的电压UR跟温度t之间的关系是温度越高，热敏电阻R两端的电压越小，则热敏电阻的阻值随温度的增加而减小；当温度是10℃时，I1＝＝；Rt1＝＝，故Rt＝＝，根据Rt和UV的函数关系可知：当温度t由10℃升高到30℃的过程中，变化量为ΔU，热敏电阻Rt的阻值变化量ΔRt＝20Ω；所以温度t由30℃升高到50℃的过程中，由于电压表的示数U随热敏电阻的温度t变化的关系是一次函数关系，变化量仍为ΔU，由于Rt和UV是类似反比例函数关系，根据函数关系分析可知，热敏电阻Rt的阻值变化量小于ΔRt，也可以取特殊值进行比较。故选：A。3．（2022•新疆）正六边形钢质螺母的质量为7.9g，其空心圆的面积为正六边形的面积的，当螺母如图甲所示平放在水平地面上时，螺母对地面的压强为p；当螺母如图乙所示立放在水平地面上时，螺母对地面的压强为4p。已知钢的密度为7.9×103kg/m3，则正六边形的边长为（）A．cm B．cm C．cm D．cm【答案】B。【解答】解：平放在水平地面上时，螺母对地面的压强为p，p＝＝；立放在水平地面上时，螺母对地面的压强为4p，4p＝；两式相比可得＝；设六边形边长为a，高度为h，则S边＝ah，S六＝a2×6；结合上面式子化简可得h＝；正六边形中钢的体积V＝＝＝1cm3；六边形体积为2V，且2V＝S六h，即2×1cm3＝a2×6×＝a3，解得a＝cm，故ACD错误，B正确；故选：B。4．（2021•新疆）国产运一20大型运输机在跑道上加速滑行的过程中，随着飞机受到的升力的变化，跑道对运输机的支持力F1和摩擦力F2的大小变化情况是（）A．F1变大，F2变大 B．F1变小，F2变小 C．F1变大，F2变小 D．F1变小，F2变大【答案】B。【解答】解：飞机在跑道上滑行时，因机翼是“上凸下平”的，则机翼上方的空气流速大，空气对飞机的压强小；下方的空气流速小，空气对飞机的压强大，这样空气对飞机产生一个向上的升力。当飞机加速滑行时，飞机受到的升力变大；在竖直方向上飞机受竖直向下的重力和竖直向上的支持力及升力的作用，且G＝F支+F升，当飞机受到的升力变大时，地面对飞机的支持力变小，因压力和支持力是一对相互作用力，其大小相等，故飞机对地面的压力也变小，在接触面粗糙程度一定时，地面对飞机的摩擦力也变小，即F1、F2均变小，故A、C、D错误，B正确。故选：B。5．（2021•新疆）如图所示的电路中，电源电压恒为3V，R1、R2均为定值电阻。若断开开关S1、S3，闭合开关S2，电路的总功率为0.5W；若断开开关S2，闭合开关S1、S3，则电路的总功率不可能为（）A．1W B．2W C．3W D．4W【答案】A。【解答】解：断开开关S1、S3，闭合开关S2，该电路为串联电路，根据P＝可知，电路的总电阻为：R＝＝＝18Ω，所以：R1+R2＝18Ω；断开开关S2，闭合开关S1、S3，该电路为并联电路，则总功率为：P'＝＝＝＝，由于R1+R2＝18Ω，且电阻值都大于0，当R1＝R2时，其乘积是最大的，则最小功率为：P'＝＝2W，所以总功率不可能小于2W，故A符合题意。故选：A。6．（2021•新疆）如图甲所示，一质地均匀的长方体砖块放在水平地面上。现将砖块切去一部分，剩余部分如图乙所示，此时砖块对地面的压强为2000Pa；将图乙中的砖块倒置后如图丙所示，此时砖块对地面的压强为3000Pa。则图甲中砖块对水平地面的压强为（）A．2250Pa B．2400Pa C．2500Pa D．2750Pa【答案】B。【解答】解：设图乙中砖块重力为G1，底面积为S1，图丙中砖块底面积为S2，由F＝pS可知，图乙中砖块对地面压力F1＝p1S1＝2000Pa×S1图丙中砖块对地面压力F2＝p2S2＝3000Pa×S2又因为图乙、丙中为同一砖块且均水平自然放置，F1＝F2＝G1，即：2000Pa×S1＝3000Pa×S2解得：S2＝S1，将乙、丙两图组装为一组合长方体，则F总＝2G1，S总＝S1+S2＝S1，组合长方体体压强：p＝＝＝1.2×2000Pa＝2400Pa柱形均匀固体：p＝ρgh，由于图甲和组合长方体的密度和高度均相同，所以图甲中砖块对地面的压强p＝2400Pa。故选：B。7．（2020•新疆）一个盛有足够多水的溢水杯放在水平桌面上，先往溢水杯中投入一个质量为m的小球A，从溢水杯中溢出的水的质量为20g，再往溢水杯中投入一个质量为2m的小球B，从溢水杯中再次溢出的水的质量为80g，此时A、B小球受到的总浮力为F浮，水对溢水杯底部产生的压力比两小球投入溢水杯前增加了△F，已知小球A、B的密度均小于水的密度，则（）（g＝10N/kg）A．F浮＝1.2N，△F＝0.2N B．F浮＝1.2N，△F＝1.2N C．F浮＝1.0N，△F＝1.0N D．F浮＝1.0N，△F＝0N【答案】A。【解答】解：先往溢水杯中投入一个质量为m的小球A，从溢水杯中溢出的水的质量为20g；再往溢水杯中投入一个质量为2m的小球B，从溢水杯中再次溢出的水的质量为80g；投入2m的小球之前溢水杯是满的，所以小球排开的水的重力等于浮力：F浮B＝G排B＝m排Bg＝0.08kg×10N/kg＝0.8N；小球A的质量为小球B的一半，则其放入水中时，排开的水的质量应该为：m排A＝80g×＝40g＝0.04kg；则小球A受到的浮力为：F浮A＝G排A＝m排Ag＝0.04kg×10N/kg＝0.4N；此时A、B小球受到的总浮力为：F浮＝F浮A+F浮B＝0.4N+0.8N＝1.2N；由于小球A排开的水的质量要大于溢水杯中溢出的水的质量，即开始时溢水杯没有加满，放入小球A后，液面会上升，则上升的水的质量为m'＝40g﹣20g＝20g＝0.02kg；其重力为：G'＝m'g＝0.02kg×10N/kg＝0.2N；由于溢水杯是规则的容器，则液体产生的压力等于液体的重力，所以增大的压力为：△F＝G'＝0.2N。故选：A。8．（2020•新疆）如图所示的电路中，电源电压保持不变，滑动变阻器R1、R2的滑片可移动的最大距离相等。开始时，R1、R2的滑片均位于变阻器的正中间，开关闭合后，电路的总功率为0.4W．若将R1的滑片向左移动3cm，R2的滑片向右移动3cm，电路的总功率变为0.3W；若将R1、R2的滑片从正中间均向右移动3cm，电路的总功率变为0.5W．已知滑动变阻器电阻丝的阻值与其长度成正比，则滑动变阻器R1的最大阻值与R2的最大阻值之比为（）A．3：1 B．4：1 C．5：1 D．6：1【答案】B。【解答】解：设滑动变阻器R1、R2的滑片可移动的最大距离均为L，1cm长度电阻丝的阻值分别为r1、r2，当R1、R2的滑片均位于变阻器的正中间时，接入电路中的电阻分别为r1、r2，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，此时电路的总功率：P1＝，即0.4W＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①将R1的滑片向左移动3cm、R2的滑片向右移动3cm时，两变阻器接入电路中的电阻依次为（+3cm）r1、（+3cm）r2，此时电路的总功率：P2＝，即0.3W＝﹣﹣﹣﹣②将R1、R2的滑片从正中间均向右移动3cm时，两变阻器接入电路中的电阻依次为（﹣3cm）r1、（+3cm）r2，此时电路的总功率：P3＝，即0.5W＝﹣﹣﹣﹣③由①②可得：r1+r2＝3（3cm×r1+3cm×r2）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣④由②③可得：2（r1+r2）+5（3cm×r2﹣3cm×r1）＝3（3cm×r1+3cm×r2）﹣﹣﹣⑤由④⑤可得：r1＝4r2，则滑动变阻器R1的最大阻值与R2的最大阻值之比＝＝＝＝。故选：B。9．（2019•新疆）如图电路中，R1：R2＝2：3，开关闭合后，电路的总功率为P0．若将R1的阻值增大2Ω，R2的阻值减小2Ω，电路的总功率仍为P0；若将R1的阻值减小2Ω，R2的阻值增大2Ω，电路的总功率为P；则P：P0等于（）A．3：2 B．4：3 C．5：4 D．6：5【答案】A。【解答】解：由图知，两个滑动变阻器并联；由题意知，R1：R2＝2：3，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①开关闭合后，电路的总功率：P0＝+，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②若将R1的阻值增大2Ω，R2的阻值减小2Ω，电路的总功率：P0＝+，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③由以上①②③式可解得：R1＝4Ω，R2＝6Ω；将R1＝4Ω，R2＝6Ω代入②式可得：P0＝+＝+﹣﹣﹣﹣﹣﹣④若将R1的阻值减小2Ω，R2的阻值增大2Ω，此时电路的总功率：P＝+＝+﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑤由④⑤两式可解得：P：P0＝（+）：（+）＝3：2。故选：A。10．（2019•新疆）如图，盛有水的圆柱形小容器漂浮在盛有水的圆柱形大容器中，大容器的底面积是小容器的4倍（大、小容器壁的厚度均不计）。现将体积相等的小球A、B投入小容器中，投入后，两容器内的水对各自容器底部压强的增加量相等。小球A的密度的最大值为（）A．4×103kg/m3 B．5×103kg/m3 C．6×103kg/m3 D．7×103kg/m3【答案】D。【解答】解：体积相等的小球A、B投入小容器中，设球的体积为V，由于A、B两个小球浸没在水中，则排开水的体积为V排1＝2V；所以，小容器中水面上升的高度：△h1＝＝，则小容器中的水对其底部压强的增加量为：△p小＝ρ水g△h1＝ρ水g×；由于小容器漂浮在圆柱形大容器中，所以A、B投入小容器后，水对大容器底部压力的增加量为：△F＝GA+GB＝ρAgV+ρBgV，则大容器底部压强的增加量为：△p大＝＝；由题意可知：△p大＝△p小，所以，＝ρ水g×﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①已知：S大＝4S小﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②联立①②可得：ρA+ρB＝8ρ水﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③；由于B球是需要浸没在水中的，所以B球的最小密度为ρB最小＝ρ水；则由③可得，小球A的最大密度：ρA最大＝8ρ水﹣ρB最小＝8ρ水﹣ρ水＝7ρ水＝7×1×103kg/m3＝7×103kg/m3。故选：D。二．填空题（共8小题）11．（2022•新疆）张北柔性直流电网工程不仅满足了北京冬奥会100%的清洁电力需求，还点亮了京城的万家灯火。（1）该工程全部利用张家口地区的大规模风能、太阳能等可再生（填“可再生”或“不可再生”）能源发电，保障了北京冬奥会场馆100%的绿色电力供应。电能输送到北京后，通过换流站为运动员居住的房间和北京部分家庭提供交流（填“直流”或“交流”）电。该工程为了保障供电的“柔性”，在承德丰宁修建了世界上最大的抽水蓄能电站，电力富余时，通过电动机（填“发电机”或“电动机”）将水抽到高处，电力短缺时，利用水力发电保障电网的稳定性。（2）北京冬奥会人工造雪所需的电能全部由该工程提供。北京首钢大跳台赛道的人工雪为密度较大的冰状雪，这有利于减小（填“增大”或“减小”）运动员与赛道间的摩擦力。小红在研究比赛过程中大气对运动员身体压强情况时，通过查阅资料得到气体的压强p与流速v的关系式为（其中C为常量，ρ为空气密度）。由关系式可知，空气流速越大的位置，压强越小（填“越大”或“越小”），在北京首钢大跳台场馆内，常量C约为105（填“103”“105或“107”）Pa。【答案】（1）可再生；交流；电动机；（2）减小；越小；105。【解答】解：（1）风能、太阳能能从自然界源源不断得到，是可再生能源；电能输送到北京后，通过换流站为运动员居住的房间和北京部分家庭提供交流电；抽水蓄能电站，电力富余时，通过电动机将水抽到高处，电力短缺时，利用水力发电保障电网的稳定性；（2）大跳台赛道的人工雪为密度较大的冰状雪，其表面光滑，在压力一定时，这样能减小运动员与赛道间的摩擦力；由公式p＝C﹣ρv2，（式中C是常量，ρ表示空气密度）可知：空气流速越大的位置，压强越小；在北京首钢大跳台场馆内，空气流速非常小，气体压强接近大气压，所以常量C≈105Pa。故答案为：（1）可再生；交流；电动机；（2）减小；越小；105。12．（2022•新疆）中国空间站的建造和运营对人类太空研究具有重大意义。（1）空间站在太空中有（填“有”或“没有”）惯性。以空间站为参照物，考场中的小明是运动（填“运动”或“静止”）的；翟志刚在空间站出舱作业时，他看到的星星不会（填“会”或“不会”）一闪一闪的“眨眼睛”。（2）由于太空接近于真空，所以在太空中水的沸点很低（填“高”或“低”）。若在空间站的夜间（太阳光照不到空间站的时间），将水排入太空，水会瞬间汽化（填物态变化名称），然后又立即凝华成冰晶。整个过程中，排入太空中的水放出（填“放出”或“吸收”）的热量较多。（3）已知空间站绕地球转一圈的路程为4.25×104km，运行时间为92min，空间站运动的速度大小约为7.7km/s（保留1位小数）。若从某时刻开始计时，王亚平在24h内经历了15次日出，则开始计时的时刻是空间站的白天（填“白天”或“夜间”）。【答案】（1）有；运动；不会；（2）低；汽化；放出；（3）7.7；白天。【解答】解：（1）一切物体都具有惯性，所以空间站在太空中有惯性；以空间站为参照物，考场中的小明的位置发生改变，所以小明是运动的；我们看到一闪一闪的星星是因为光通过大气层发生折射的缘故，太空接近于真空，所以翟志刚在空间站出舱作业时，他看到的星星不会一闪一闪的“眨眼睛”；（2）太空接近于真空，气压低则水的沸点低，将水排入太空，水会瞬间汽化，然后又立即凝华成冰晶。整个过程中，水由初始的液体变为固态，所以排入太空中的水放出的热量较多；（3）空间站运动的速度：v＝＝＝7.7km/s；已知绕地球转一圈的运行时间为92min，24h内绕地的次数：≈15.7次，则开始计时的时刻是空间站的白天。故答案为：（1）有；运动；不会；（2）低；汽化；放出；（3）7.7；白天。13．（2021•新疆）电动扶梯在公共场场所的广泛应用为人们的生活带来了极大的便利。（1）如图所示为某商场的电动扶梯，其电动机的额定电压与工厂用的动力电路的电压相同，该电压为380（填“220”或“380”）V，人在该电压下发生的触电事故一般为接触（填“接触”或“电弧”）触电。该电动机工作时外壳必须（填“必须”或“不必”）接地。（2）若该商场每层楼的高度为4.5m，电动扶梯与水平面的夹角为30°，电动扶梯上行时运行速度为0.50m/s，则乘客站立在电动扶梯上从一楼到二楼所需要的时间为18s。按照电动扶梯安全规定，随电动扶梯一起上行的扶手的速度可以略大于（填“大于”或“小于”）0.50m/s。若该电动扶梯上最多可同时站立45人，每个人的质量按60kg计算，则该电动扶梯应选择额定功率为7.5（填“5.5”“7.5”或“15”）kW的电动机。【答案】（1）380；接触；必须；（2）18；大于；7.5。【解答】解：（1）我国工厂用的动力电路的电压为380V；由于电压高于对人体安全的电压，人接触时会发生触电；为避免触电事故，该电动机工作时外壳必须接地。（2）电动扶梯与水平面的夹角为30°，已知每层楼的高度为4.5m，则根据数学知识可知：楼梯长：s＝2h＝2×4.5m＝9m，由v＝可得，上楼时间：t＝＝＝18s；当人走上扶梯的台阶时，脚的速度突然增大，但人的上身由于惯性会后仰而摔倒，所以出于安全考虑，扶手的速度可以略大于电梯速度，即可以略大于0.50m/s；若该电动扶梯上同时站立45人，则总重力：G总＝m总g＝nm人g＝45×60kg×10N/kg＝2.7×104N，根据斜面原理可知电动机需要的拉力：F＝＝＝1.35×104N，则电动机的功率P＝Fv＝1.35×104N×0.50m/s＝6750W＝6.75kW，因5.5kW＜6.75kW＜7.5kW，所以，应选择额定功率为7.5kW的电动机。故答案为：（1）380；接触；必须；（2）18；大于；7.5。14．（2021•新疆）2021年4月29日，我国“天问一号”火星探测器携带“祝融号”火星车成功着陆火星。（1）“祝融号”火星车在火星上具有（填“具有”或“没有”）惯性。匀速爬坡时，“祝融号”火星车的机械能增大（填“增大”“减小”或“不变”）。照射在“祝融号”上的太阳光是由七（填“三”或“七”）种色光混合而成的。（2）由于火星上没有类似于地磁场的磁场分布，所以在火星上不能（填“能”或“不能”）使用指南针辨别方向。火星极地附近的干冰（固态二氧化碳）是大气中的二氧化碳凝华（填“液化”或“凝华”）形成的，该过程放出（填“吸收”或“放出”）热量。（3）小红设想分别在地球和火星上用同一滑轮组匀速提升同一重物。若在地球上绳子自由端的拉力为4.0N，小红通过查阅资料后推算出，在火星上绳子自由端的拉力为1.5N，不计绳重与摩擦，则该滑轮组在地球上的机械效率等于（填“大于”“小于”或“等于”）在火星上的机械效率；若在火星上大气压能托起水银柱的最大高度为15mm，则火星上的大气压为765Pa（已知水银的密度为13.6×103kg/m3）。【答案】（1）具有；增大；七；（2）不能；凝华；放出；（3）等于；765。【解答】解：（1）任何物体都有惯性，“祝融号”火星车在火星上也具有惯性；匀速爬坡时，“祝融号”火星车的质量不变，速度不变，动能不变，质量不变，高度变大，重力势能变大，所以机械能增大；照射在“祝融号”上的太阳光是复色光，由七种色光混合而成的；（2）由于火星上没有类似于地磁场的磁场分布，所以指南针无法辨别方向；火星极地附近的干冰（固态二氧化碳）是大气中的二氧化碳直接凝华形成的，凝华放热；（3）不计绳重与摩擦，物体的质量、动滑轮的质量不变，根据η＝＝＝＝＝可知，滑轮组的机械效率不变；不计绳重与摩擦，在地球上绳子自由端的拉力为：F地球＝4.0N，滑轮组动滑轮上绳子的段数为n，则有F地球＝（G+G动）＝（m+m动）g地球；所以（m+m动）g地球＝4.0N……①，在火星上时，绳子的段数n以及物体的质量不变，则有：（m+m动）g火星＝1.5N……②，由①、②可得：g火星＝g地球＝×10N/kg＝3.75N/kg，大气压为：p＝ρ水银g火星h＝13.6×103kg/m3×3.75N/kg×0.015m＝765Pa。故答案为：（1）具有；增大；七；（2）不能；凝华；放出；（3）等于；765。15．（2020•新疆）目前，我国时速600公里高速磁悬浮列车研制已取得重大技术突破，标志着我国磁悬浮技术已达到世界领先水平。（1）我国高速磁悬浮列车上装有电磁体，铁轨上装有线圈（相当于电磁铁），通电后，可使列车悬浮起来，悬浮后列车的惯性等于（填“大于”“小于”或“等于”）悬浮前的惯性。由于磁悬浮列车与轨道不接触，磁悬浮列车行驶时的噪声比普通轮轨列车行驶时的噪声小（填“大”或“小”）；列车以600km/h的速度匀速行驶时，列车牵引系统的电功率为2.4×107W，不计能量损失，列车受到的阻力大小为1.44×105N。（2）高速磁悬浮列车上电磁体始终通有直流电，铁轨上线圈通电后，电磁体和线圈会变成一节节带有N极和S极的电磁铁，列车所受磁力如图所示，图中列车在磁力作用下正在向右（填“左”或“右”）行驶；要保证列车一直向前行轨道驶，线圈的N极和S极就要不断变换，则铁轨上线圈中应通交流（填“直流”或“交流”）电；为了节约能源，列车行驶时应对铁轨上线圈分区段（填“分区段”或“全线路”）供电。【答案】（1）等于；小；1.44×105；（2）右；交流；分区段。【解答】解：（1）我国高速磁悬浮列车上装有电磁体，铁轨上装有线圈（相当于电磁铁），通电后，可使列车悬浮起来；惯性大小跟物体的质量有关，因列车的质量不变，所以悬浮后列车的惯性等于悬浮前的惯性。声音是由物体振动产生的，由于磁悬浮列车与轨道不接触，所以磁悬浮列车行驶时的噪声比普通轮轨列车行驶时的噪声小；列车牵引系统的电功率为2.4×107W，不计能量损失；列车的速度v＝600km/h＝600×m/s＝m/s；由P＝Fv得牵引力：F＝＝＝1.44×105N；（2）列车所受磁力如图所示，根据异名磁极相互吸引、同名磁极相互排斥，则可知列车受到的合力方向向右，所以图中列车在磁力作用下正在向右移动；要保证列车一直向前行轨道驶，线圈的N极和S极就要不断变换，改变电流方向可以改变磁极，则铁轨上线圈中应通交流电；为了节约能源，列车行驶时应对铁轨上线圈分区段供电。故答案为：（1）等于；小；1.44×105；（2）右；交流；分区段。16．（2020•新疆）目前，口罩是抗击新冠疫情的重要防护用品已成为国际共识。自疫情暴发以来，我国已向世界各国捐赠和出口口罩一百多亿只，彰显了中国的大国情怀和国际担当。（1）普通医用口罩由内、中、外三层构成，口罩外层具有防水作用，可阻断部分病毒通过飞沫传播。戴过的口罩内层会变得潮湿，将其晾干的过程中，水发生的物态变化是汽化，该过程吸热。（2）口罩中间层﹣﹣熔喷布始终带有静电，则熔喷布属于绝缘体（填“导体”或“绝缘体”）。当不带电的病毒靠近熔喷布外表面时，会被熔喷布吸附（填“吸附”或“排斥”），使病毒不能通过熔喷布从而阻断病毒的传播。若制作熔喷布的高压设备输出的电压为22kV，该电压为家庭电路电压的100倍。（3）在熔喷布的生产环节﹣﹣熔融挤压时，熔喷布受到的压强为5×105Pa，约为5个标准大气压。若某规格的熔喷布密度为0.9×103kg/m3，1m2熔喷布的质量为25g，则该熔喷布的厚度为3×10﹣5m（结果保留1位有效数字）。1吨该规格的熔喷布大约可以制造普通医用口罩（单层熔喷布）120（填“15”“40”或“120”）万个。【答案】（1）汽化；吸；（2）绝缘体；吸附；100；（3）5；3×10﹣5；120。【解答】解：（1）戴过的口罩内层会变得潮湿，将其晾干的过程中，水由液态变成气态，是汽化现象，汽化吸热；（2）熔喷布始终带有静电，不易导电，因此是绝缘体；由于带电体能够吸引不带电的轻小物体，所以当不带电的病毒靠近熔喷布外表面时，会被熔喷布吸附，使病毒不能通过熔喷布从而阻断病毒的传播；家庭电路的电压为220V，设高压设备输出的电压为家庭电路电压的n倍，则n＝＝100；（3）1个标准大气压约为105Pa，熔喷布受到的压强为5×105Pa，则可知该压强是标准大气压的5倍；由ρ＝可得，1m2熔喷布的体积：V＝＝≈27.8cm3＝2.78×10﹣5m3，由V＝Sh可得，该熔喷布的厚度：h＝＝＝2.78×10﹣5m≈3×10﹣5m（结果保留1位有效数字）；1t该规格的熔喷布的面积为：S总＝×1m2＝4×104m2，一个口罩的面积约S1＝18cm×18cm＝324cm2＝0.0324m2，因此1吨该规格的熔喷布大约可以制造普通医用口罩个数：N＝＝≈1.23×106（个），约为120万个。故答案为：（1）汽化；吸；（2）绝缘体；吸附；100；（3）5；3×10﹣5；120。17．（2019•新疆）小霞的父母带她到蔬菜种植基地体验生活。（1）基地内蔬菜大棚的建筑方向为东西方向，当阳光从空气斜射入拱形大棚的塑料薄膜中时，折射角小于（填“大于”或“小于”）入射角。正午时，照射到大棚顶部光线的入射角小于（填“大于”或“小于”）照射到大棚侧面下半部分光线的入射角。当光照射到物体上时，会对物体表面产生压力，太阳光对大棚顶部薄膜产生的压强为5×10﹣6Pa，约为大气压的5×10﹣11倍。（2）小霞在大棚内吃着刚摘的黄瓜，感受到声音是由于物体的振动产生的；看到西红柿，她想起物理老师制作的水果电池，用一个西红柿制作的水果电池的电压约为0.2（填“0.2”或“2”）V；她拿起菜筐中体积大小差不多的西红柿和辣椒，用手掂了掂，就判断出西红柿的密度大于（填“大于”或“小于”）辣椒的密度。【答案】（1）小于；小于；5×10﹣11；（2）振动；0.2；大于。【解答】解：（1）根据光的折射定律可知，当阳光从空气斜射入拱形大棚的塑料薄膜中时，折射角小于入射角。入射角为入射光线与法线的夹角，如图，正午时，阳光垂直照射到大棚顶部，入射角为零度；照射到大棚侧面下半部分光线的入射角较大；所以正午时，照射到大棚顶部光线的入射角小于照射到大棚侧面下半部分光线的入射角。太阳光对大棚顶部薄膜产生的压强为5×10﹣6Pa，约为大气压的＝5×10﹣11倍。（2）小霞在大棚内吃着刚摘的黄瓜，感受到声音是由于物体的振动产生的；水果电池的电压很小，用一个西红柿制作的水果电池的电压约为0.2V；体积大小差不多的西红柿和辣椒，体积基本相等，用手掂了掂，可知西红柿的质量大于辣椒的质量，根据ρ＝可知，西红柿的密度大于辣椒的密度。故答案为：（1）小于；小于；5×10﹣11；（2）振动；0.2；大于。18．（2019•新疆）中国标准动车组“复兴号”CR400系列的成功研制，对我国掌握核心技术，加快高铁“走出去”具有重要战略意义。（1）“复兴号”动车组进行了多项技术创新和改进。例如运行过程中，二次能源﹣﹣电能的消耗降低了10%左右。车内噪声有一定程度的降低，正常运行时约为60（填“6”或“60”）dB；刹车过程优先采用再生制动，也就是将电动机转变为发电机，从而将动车的动能转化为电能。（2）“复兴号”动车组座位上装有两孔和三孔插座。三孔插座不能（填“能”或“不能”）防止电器漏电。同一排座位上正在充电的两部手机之间是并（填“串”或“并”）联的，使用快速充电器给手机充电时，其充电功率（“功率”或“电压”）一定比使用普通充电器时大。（3）京沪高铁线路全长1463km。一列从北京到上海的“复兴号”动车组载客1193人，当动车组以300km/h的速度行驶时，平均每人一百公里消耗电能3.4度；当动车组以350km/h的速度行驶时，平均每人一百公里消耗电能3.8度。该动车组全程消耗的电能约为6（填“6”、“60”或“600”）万度。动车组以350km/h的速度行驶时的电功率约为以300km/h的速度行驶时的电功率的1.3（填“1.1”、“1.2”或“1.3”）倍。【答案】（1）二；60；发电；（2）不能；并；功率；（3）6；1.3。【解答】解：（1）“复兴号”动车组进行了多项技术创新和改进。例如运行过程中，二次能源﹣﹣电能的消耗降低了10%左右。车内噪声有一定程度的降低，正常运行时约为60dB；刹车过程优先采用再生制动，也就是将电动机转变为发电机，从而将动车的动能转化为电能；（2）“复兴号”动车组座位上装有两孔和三孔插座。三孔插座不能防止电器漏电；同一排座位上正在充电的两部手机之间是并联的；使用快速充电器给手机充电时，即充电时间短，根据t＝可知，其充电功率一定比使用普通充电器时大；（3）京沪高铁线路全长1463km。一列从北京到上海的“复兴号”动车组载客1193人，当动车组以300km/h的速度行驶时，平均每人一百公里消耗电能3.4度；当动车组以350km/h的速度行驶时，平均每人一百公里消耗电能3.8度，故平均平均每人一百公里消耗电能为：×7.2kW•h＝3.6kW•h，故该动车组全程消耗的电能约为：×1193×3.6kW•h≈62832.96kW•h，即该动车组全程消耗的电能约为6万度；P＝＝＝，故通过相同的距离，动车组以350km/h的速度行驶时的电功率与以300km/h的速度行驶时的电功率之比等于消耗的电能与速度之积之比，即＝＝≈1.3，动车组以350km/h的速度行驶时的电功率约为以300km/h的速度行驶时的电功率的1.3倍。故答案为：（1）二；60；发电；（2）不能；并；功率；（3）6；1.3；三．实验探究题（共7小题）19．（2022•新疆）如图所示为“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验装置。实验过程如下：先将盛有盐水的容器放在电子秤上，然后用手提着系有细线的圆柱体将其缓缓地浸入盐水中（盐水足够深），同时记下圆柱体下表面所处的深度h和电子秤显示的相应的质量m，记录数据如下表所示。已知圆柱体的高度为15cm，当h＝8cm时，用弹簧秤测得细线对圆柱体的拉力为1.2N。h/cm024681012……m/kg2.0002.0402.0802.1202.1602.2002.240……（1）实验过程中，电子秤示数逐渐增大时，细线对圆柱体的拉力逐渐减小（填“增大”或“减小”）。（2）当h＝8cm时，圆柱体受到的浮力大小为1.6（填“21.6”或“1.6”）N。分析表中数据可知：圆柱体受到的浮力大小与浸入盐水的体积成正比。（3）圆柱体的密度与盐水的密度之比为14：15。【答案】（1）减小；（2）1.6；正；（3）14：15。【解答】解：（1）设容器和盐水的总重力为G0，圆柱体重力为G，电子秤受到压力为F，细线对圆柱体拉力为F拉，则有：F＝G0+G﹣F拉，即：m示g＝G0+G﹣F拉，G0、G一定，当电子秤示数（m示）逐渐增大时，细线对圆柱体的拉力逐渐减小；（2）由表格数据知，当h＝0时，圆柱体还没有浸入盐水中，不受浮力，此时m示g＝G0＝2.000kg×10N/kg＝20N，当h＝8cm时，电子秤示数为2.160kg，由m示g＝G0+G﹣F拉，有：G﹣F拉＝m示g﹣G0＝2.160kg×10N/kg﹣20N＝1.6N；所以圆柱体受到的浮力F浮＝G﹣F拉＝1.6N；圆柱体浸入某一深度时，电子秤示数与h＝0时电子秤示数的差为Δm，因为F浮＝G﹣F拉＝m示g﹣G0＝Δmg，当h＝2、4、6、812cm时，圆柱体浸入液体的体积与浸入深度成正比，受到的浮力分别为：2.040kg×10N/kg﹣20N＝0.4N，2.080kg×10N/kg﹣20N＝0.8N，2.120kg×10N/kg﹣20N＝1.2N，1.6N，2.240×10N/kg﹣20N＝2.4N，据此可知，圆柱体受到的浮力大小与浸入盐水的体积成正比；（3）h＝8cm时，圆柱体受到的拉力为1.2N，浮力为1.6N，所以圆柱体的重力G＝F浮+F拉＝1.6N+1.2N＝2.8N，由G＝mg和ρ＝可得，G＝ρ物Vg，即：2.8N＝ρ物Vg•••①由阿基米德原理可得，圆柱体受到的浮力：F浮＝ρ盐gV排，即：1.6N＝ρ盐g×V•••②①÷②可得：ρ物：ρ盐＝14：15。故答案为：（1）减小；（2）1.6；正；（3）14：15。20．（2022•新疆）某兴趣小组用如图甲所示的电路测量滑动变阻器R1的最大电阻，电源电压保持不变。该小组通过实验测得6组电压表示数U和电流表示数I的数据并在I﹣U图像中描点，如图乙所示。（1）闭合开关S前，应将滑动变阻器R2（填“R1”或“R2”）的滑片调至最右端。（2）请根据描点数据，在图乙中做出滑动变阻器R1的最大电阻的I﹣U图像。（3）根据做出的图像，求得R1的最大阻值为5Ω。（4）滑动变阻器R2的最大阻值至少为25Ω。（填“20”“25”或“30”）（5）实验中发现，当滑动变阻器R2接入电路的电阻为零时，电压表的示数小于电源电压。该小组通过讨论，对产生此现象的原因提出了多种猜想。他们提出的下列猜想中，最不合理的一项是C（填序号）。A.电流表本身有电阻B.导线本身有电阻C.电压表本身的电阻不够大D.电压表使用前未调零【答案】（1）R2；（2）如图所示；（3）5；（4）25；（5）C。【解答】解：（1）实验中是测量滑动变阻器R1的最大电阻，因此R1相当于一个定值电阻，因此起滑动变阻器的作用的是滑动变阻器R2，因此为了保护电路，闭合开关S前，应将滑动变阻器R2的滑片调至阻值最大的最右端；（2）用平滑的线将图中所描点连起来，如图所示：；（3）由图像中可知，6组电压表示数U和电流表示数I的数据分别为：（2V，0.4A）、（4V，0.8A）、（6V，1.2A）、（8V，1.6A）、（10V，2.0A）、（12V，2.4A），由欧姆定律可知，6次实验的滑动变阻器R1的最大电阻为：R1＝＝＝…＝＝5Ω，因此滑动变阻器R1的最大电阻为5Ω；（4）由图像可知，电源电压至少为12V，电路中的最小电流为0.4A，此时对应的电压为2V，由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，此时滑动变阻器R2接入电路的阻值：R2＝＝＝25Ω，因此滑动变阻器R2的最大阻值至少为25Ω；（5）当滑动变阻器R2接入电路的电阻为零时，电压表的示数小于电源电压，由串联电路的电压特点可知，除了滑动变阻器R1外，还有元件分压，因此可能是电流表或导线本身有电阻，从而分压，或者电压表在使用之前没有调零，电压表与滑动变阻器R1并联，根据并联电路的特点可知，电压表对滑动变阻器R1两端的电压没有影响，故C选项不合理，故选C。故答案为：（1）R2；（2）如图所示；（3）5；（4）25；（5）C。21．（2021•新疆）某兴趣小组用如图所示的实验器材探究磁敏电阻RB在强弱不同的磁场中的阻值变化情况。无磁场较弱磁场较强磁场强磁场U/V6.06.06.06.0I/A0.400.360.300.24（1）请用笔画线代替导线将实物图连接完整。（2）磁敏电阻在强弱不同的磁场中时，电压表和电流表的示数如图表所示，则在无磁场的环境中，磁敏电阻的阻值为15Ω；磁敏电阻的阻值随所处环境的磁场的增强而增大（填“增大”或“减小”）。（3）实验中，在无磁场和强磁场中测量磁敏电阻的阻值时滑动变阻器接入电路的电阻阻值相差5Ω，则电源电压为9V；在上表四种情况中，若控制磁敏电阻两端电压保持不变，电路中的滑动变阻器的最大阻值为20Ω，则应控制磁敏电阻两端电压至少为5V。【答案】（1）见上图；（2）15；增大；（3）9；5。【解答】解：（1）电压表应与磁敏电阻并联接入电路，滑动变阻器接入电路时应选择一上一下两个接线柱，如图：；（2）由表格可知，在无磁场的环境中，磁敏电阻两端的电压为6V，通过磁敏电阻的电流为0.40A，由欧姆定律可得此时磁敏电阻的阻值：RB＝＝＝15Ω；由表格可知磁敏电阻两端的电压保持6V不变，随所处环境的磁场的增强，通过磁敏电阻的电流变小，由欧姆定律可得磁敏电阻的阻值变大；（3）滑动变阻器和磁敏电阻串联接入电路，串联电路总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可得电源电压：U＝I（RB+RH）＝0.4A×（15Ω+RH）﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，强磁场中磁敏电阻两端的电压为6V，通过磁敏电阻的电流为0.24A，由欧姆定律可得此时磁敏电阻的阻值：RB′＝＝＝25Ω，实验中，在无磁场和强磁场中测量磁敏电阻的阻值时滑动变阻器接入电路的电阻阻值相差5Ω，由欧姆定律可得电源电压：U＝I′（RB′+RH′）＝0.24A×（25Ω+RH+5Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，①②两式联立，解得：RH＝7.5Ω，U＝9V；由串联电路分压原理可知当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，磁敏电阻两端的电压最小，强磁场中磁敏电阻的阻值最大，此时若滑动变阻器接入电路最大阻值，电路中的电流：I″＝＝＝0.2A，由欧姆定律可得磁敏电阻两端的电压为：UB′＝I″RB′＝0.2A×25Ω＝5V。故答案为：（1）见上图；（2）15；增大；（3）9；5。22．（2020•新疆）如图所示，在探究凸透镜成像规律时，将焦距为10cm的凸透镜A固定在光具座上50cm刻线处，光屏和点燃的蜡烛位于凸透镜两侧。首先调整烛焰中心、透镜中心和光屏中心在同一高度，再将点燃的蜡烛放置在光具座上30cm刻线处，移动光屏到70cm刻线处，烛焰在光屏上成清晰的像，接着保持蜡烛的位置不变，将凸透镜A换成焦距为8cm的凸透镜B并保持位置不变，为使烛焰在光屏上成清晰的像，应将光屏向左（填“左”或“右”）移动。【答案】同一；70；左。【解答】解：（1）实验前，应先调节烛焰、凸透镜、光屏，使它们的中心大致在同一高度，这样可以使所成的像成在光屏的中央；（2）已知凸透镜的焦距为10cm；根据图示可知，将点燃的蜡烛放置在光具座上30cm刻线处，物距：u＝50cm﹣30cm＝20cm＝2f，要使光屏上呈现清晰的像，则像距也等于二倍焦距，即v＝2f，因此需将光屏移到70cm的刻度线处；（3）保持蜡烛的位置不变，将凸透镜A换成焦距为8cm的凸透镜B并保持位置不变时，凸透镜焦距减小，相当于物距变大，像距变小，应将光屏向左移动。故答案为：同一；70；左。23．（2020•新疆）如图所示，小丽在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，用质量相等、表面粗糙程度不同的两个物块A、B放在水平木板上进行实验。（1）用A做实验，水平向左拉动木板时，弹簧测力计的示数如图所示，则木板对A的摩擦力大小为1.4N。再用A、B叠放在一起做实验（A在下、B在上），弹簧测力计的示数较大，说明在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。（2）将B放在水平木板上进行实验，再与用A做的实验进行对比，目的是为了研究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度（填“面积大小”或“粗糙程度”）的关系；用A、B分别做实验时，地面对水平木板的滑动摩擦力大小相等（填“相等”或“不相等”）。【答案】（1）1.4；压力；（2）粗糙程度；相等。【解答】解：（1）根据图示可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为1.4N；当水平向左拉动木板时，因物体A相对于地面处于静止状态，物体A受到的摩擦力和测力计的拉力是一对平衡力，所以木板对A的摩擦力等于弹簧测力计的示数为1.4N；用A、B叠放在一起做实验（A在下、B在上）时，由于A与木板的接触面粗糙程度不变，压力增大，弹簧测力计的示数较大，说明在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。（2）由于A、B的质量相等，则用A、B单独做实验时对水平木板的压力相等，而A、B表面粗糙程度不同，故将B放在水平木板上进行实验，再与用A做的实验进行对比，是为了研究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度的关系；A、B的质量相等，用A、B分别做实验时，则地面受到的压力不变，且地面与木板的粗糙程度不变，因此地面对水平木板的滑动摩擦力大小相等。故答案为：（1）1.4；压力；（2）粗糙程度；相等。24．（2020•新疆）在测量小灯泡的电阻实验中，有两个规格相同的小灯泡，将其中一个小灯泡接入测量电路，通过实验得到的实验数据如下列表格所示。将另一个小灯泡的玻璃罩敲碎，把保存完好的灯丝接入测量电路，并将灯丝浸没在常温纯净水中，通过实验得到灯丝的I﹣U图象如图所示。U/V0.51.01.52.02.53.0I/A0.100.180.230.260.280.30（1）请画出测量小灯泡的电阻的电路图。（2）在测量灯丝的电阻时，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应调到阻值最大（填“最大”或“最小”）处；将灯丝浸没在常温纯净水中，且每次测量时，电表指针稳定后立即读数并断开开关，目的是为了控制灯丝的温度不变。（3）小灯泡两端的电压为3V时的电阻是常温时小灯泡电阻的10倍；某一手电筒的小灯泡与上述实验中的小灯泡相同，手电筒的开关闭合后小灯泡的电功率D（填字母代号）。A．一直增大B．一直减小C．先增大后不变D．先减小后不变【答案】（1）如上图所示；（2）最大；温度；（3）10；D。【解答】解：（1）伏安法测小灯泡电阻时，滑动变阻器、电流表、灯泡、开关串联组成电路，然后利用并联电路的电压表测灯泡两端的电压，电路图如下图所示：（2）开关闭合前，保护电路的滑动变阻器的滑片应调到阻值最大处；将灯丝浸没在常温纯净水中，且每次测量时，电表指针稳定后立即读数并断开开关，目的是为了控制灯丝的温度不变；（3）由表格数据可知，小灯泡两端的电压为3V时通过的电流为0.3A，由I＝可得，小灯泡的电阻R＝＝＝10Ω；由图象可知，常温时小灯泡的电阻不变，且2.5V时通过的电流为2.5A，此时灯泡的电阻R′＝＝＝1Ω，根据R＝10R′可知，小灯泡两端的电压为3V时的电阻是常温时小灯泡电阻的10倍；根据以上分析可知，小灯泡的电阻随温度的升高而增大，且温度达到一定值时其阻值不变，手电筒的开关闭合后，灯泡两端的电压不变，由P＝UI＝可知，小灯泡的电功率先减小后不变，故选D。故答案为：（1）如上图所示；（2）最大；温度；（3）10；D。25．（2019•新疆）小华在“探究电流跟电阻的关系”的实验中，设计了如图甲的电路。（1）请根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的电路连接完整。（2）闭合开关后发现，电流表示数为零，电压表有明显偏转，则该电路故障是定值电阻处断路。（3）小华排除电路故障后，先将5Ω的定值电阻接入电路中，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数如图丙，记下此时的电流值。取下5Ω的电阻，再分别接入10Ω、15Ω的电阻，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数均为1.5V，记下对应的电流值。通过实验可得出的结论是：当电压一定时，电流与电阻成反比。【答案】（1）如上所示；（2）定值电阻；（3）1.5；反比。【解答】解：（1）根据电路图，变阻器左下接线柱连入电路中，电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，如下所示：（2）经分析，闭合开关后发现，电流表示数为零，电压表有明显偏转，则该电路故障是定值电阻处断路；（3）小华排除电路故障后，先将5Ω的定值电阻接入电路中，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数如图丙，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为1.5V，记下此时的电流值；研究电流与电阻关系时，要控制电阻的电压一定，故取下5Ω的电阻，再分别接入10Ω、15Ω的电阻，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数均为1.5V，记下对应的电流值。通过实验可得出的结论是：当电压一定时，电流与电阻成反比。故答案为：（1）如上所示；（2）定值电阻；（3）1.5；反比。四．计算与综合能力题（共5小题）26．（2022•新疆）如图所示的电路中电源电压恒为3V。闭合开关S后，电阻R1的电功率为3W，电阻R2的电功率为4.5W。求：（1）通过电阻R1的电流；（2）电阻R2的阻值；（3）整个电路在10s内产生的热量。【解答】解：（1）由电路图可知，电阻R1和电阻R2并联；由并联电路的电压特点可知，R1、R2两端的电压为：U1＝U2＝U＝3V，则通过电阻R1的电流：I1＝＝＝1A；（2）由P＝UI＝可知，电阻R2的阻值：R2＝＝＝2Ω；（3）电路中总功率：P＝P1+P2＝3W+4.5W＝7.5W，则整个电路在10s内产生的热量：Q＝W＝Pt＝7.5W×10s＝75J。答：（1）通过电阻R1的电流为1A；（2）电阻R2的阻值为2Ω；（3）整个电路在10s内产生的热量为75J。27．（2022•新疆）某工厂长方体储液池被一块密封隔板隔成左右两部分，其截面图如图所示。隔板上下两部分的厚度不同，隔板较厚部分相对于较薄部分左右两侧凸出的厚度均为0.1m。已知隔板的长为10m，左储液池内储有密度为1.1×103kg/m3的液体。右储液池内储有密度为1.3×103kg/m3的液体。隔板左侧凸出部分的下表面所在的深度为0.5m，隔板凸出部分两侧的下表面受到的液体的压强差与整个隔板最低处受到的两侧液体的压强差均为1.0×103Pa。求：（1）隔板左侧凸出部分的下表面受到的液体压强；（2）隔板右侧凸出部分的下表面受到的液体竖直向上的压力；（3）左储液池中液体的深度。【解答】解：（1）隔板左侧凸出部分的下表面受到的液体压强p左＝ρ左gh左＝1.1×103kg/m3×10N/kg×0.5m＝5.5×103Pa；（2）若p右＝p左+Δp＝5.5×103Pa+1.0×103Pa＝6.5×103Pa；右侧凸出部分的下表面所在的深度h＝＝＝0.5m＝h左，不符题意。所以p右＝p左﹣Δp＝5.5×103Pa﹣1.0×103Pa＝4.5×103Pa；F右＝p右S＝4.5×103Pa×（10m×0.1m）＝4.5×103N；右侧凸出部分的下表面所在的深度h＝＝＝m；（3）整个隔板最低处受到的两侧液体的压强差为1.0×103Pa，结合第