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高级中学名校试卷PAGEPAGE1上海市2023届高考数学模拟测试卷07一、填空题1.已知集合,集合,则__________.〖答案〗〖解析〗.故〖答案〗为:2.随机变量,,若,,则________〖答案〗〖解析〗∵随机变量服从,符合二项分布,由二项分布概率公式:得:∴,解得,又,∴.故〖答案〗为:.3.已知实数x、y满足,则的最小值为____________.〖答案〗〖解析〗依题意,当且仅当,即时等号成立.所以的最小值为.故〖答案〗为:.4.设为抛物线的焦点,点在上,过作轴的垂线,垂足为,若,则_________.〖答案〗4〖解析〗由抛物线的定义知,所以.故〖答案〗为:45.若函数,为奇函数,则参数a的值为___________.〖答案〗1〖解析〗当时,,当时,,故,而,故即,故〖答案〗为:1.6.用表示等差数列的前n项和,若,,则m的值为______.〖答案〗〖解析〗由,则,由,则,所以.故〖答案〗为:7.第31届世界大学生夏季运动会将在今年7月28日至8月8日在四川省成都市举行.有编号为1,2,3,4,5的五位裁判,分别就座于编号为1,2,3,4,5的五个座位上,每个座位恰好坐一位裁判,则恰有两位裁判编号和座位编号一致的坐法种数为________.〖答案〗20〖解析〗依题意,5人中选出2人,他们的编号与座位编号一致,有种方法,剩余3人都不坐与自己编号相同的座位有2种方法,由分步计数乘法原理得所求的坐法种数为.故〖答案〗为:208.若函数的图像可由函数的图像向右平移个单位所得到,且函数在区间上是严格减函数,则__________.〖答案〗〖解析〗由题意得,则,当时,,函数在区间上是严格减函数,故,即且,则,而,故,故〖答案〗为:9.设,,为虚数单位,若是关于的二次方程的一个虚根,则______.〖答案〗2〖解析〗将代入方程得:,即,即,所以,解得,所以.故〖答案〗为:210.如图,在四棱锥中,平面,,,,,直线与平面成角.设四面体外接球的圆心为,则球的体积为__________.〖答案〗〖解析〗在底面ABCD上,,AD⊥AB,DC=2,AD=AB=1,所以∠ADB=∠ABD=45°,所以,在△BCD上,,由余弦定理可得:,所以,所以∠CBD=90°.所以BD⊥CB.又因为PD⊥平面ABCD,所以PD⊥BC.又PD∩BD=D,PD面PBD,BD面PBD所以BC⊥面PBD,所以BC⊥PB.则△PCD和△PBC均为直角三角形,当O点为PC中点时,OP=OD=OB=OC,此时O为四面体PBCD的外接球的球心.∵直线PA与平面ABCD成45°角.PD⊥平面ABCD,则∠PAD=45°,∴PD=AD=1,又,∴四面体PBCD外接球的半径为,所以四面体PBCD外接球的体积为.故〖答案〗为:.11.已知点,,若圆上存在点P满足,则实数a的取值的范围是____________.〖答案〗〖解析〗设点,则,而,则,整理得,即点的轨迹是原点为圆心,2为半径的圆,因为点在圆,即圆与圆有公共点,而圆的圆心为,半径为1,因此,即,解得或,所以实数a的取值的范围是.故〖答案〗为:

12.对于具有相同定义域D的函数和,若存在函数(k,b为常数),对任给的正数m,存在相应的,使得当且时,总有,则称直线为曲线和的“分渐近线”.给出定义域均为的四组函数如下:①,;②,;③,;④,其中,曲线和存在“分渐近线”的是________.〖答案〗②④〖解析〗和存在分渐近线的充要条件是时,.对于①,,当时,令由于,所以为增函数,不符合时,,所以①不存在;对于②,,因为当且时,,所以存在分渐近线;对于③,,当且时,与均单调递减,但的递减速度比快,所以当时会越来越小,不会趋近于0,所以不存在分渐近线;对于④,,当时,,且因此存在分渐近线.故存在分渐近线的是②④.故〖答案〗为②④.二、单选题13.已知为两个随机事件,则“为互斥事件”是“为对立事件”的(

)A.充分非必要条件 B.必要非充分条件C.充要条件 D.非充分非必要条件〖答案〗B〖解析〗根据互斥事件和对立事件的概念可知,互斥不一定对立,对立一定互斥,所以“A、B为互斥事件”是“A、B为对立事件”的必要非充分条件.故选:B14.如图,一组数据,的平均数为5,方差为,去除,这两个数据后,平均数为,方差为,则(

)A., B., C., D.,〖答案〗D〖解析〗由题意可得:,则,故,∵是波幅最大的两个点的值,则去除,这两个数据后,整体波动性减小,故.故选:D.15.如图,四边形ABCD是边长为1的正方形,平面ABCD,平面ABCD,且,点G为MC的中点.则下列结论中不正确的是(

)A. B.平面平面ABNC.直线GB与AM是异面直线 D.直线GB与平面AMD无公共点〖答案〗D〖解析〗因为平面ABCD,平面ABCD,则,取的中点,连接,如图,点G为MC的中点,则,且,于是四边形是平行四边形,,在正方形中,,则,因此四边形为平行四边形,,而,点G为MC的中点,有,所以,A正确;因为,平面,平面,则平面,又,平面,平面,则平面,而平面,所以平面平面ABN,B正确;取DM中点O,连接,则有,即四边形为梯形,因此直线必相交,而平面AMD,于是直线GB与平面AMD有公共点,D错误;显然点平面,点平面,直线平面,点直线,所以直线GB与AM是异面直线,C正确.故选:D16.已知曲线:,为上一点,①的取值范围为;

②的取值范围为;③不存在点,使得;

④的取值范围为.则上述命题正确的个数是(

)A.1个 B.2个 C.3个 D.4个〖答案〗C〖解析〗对于①,曲线得到,画出图形如下:其中为渐近线,

由曲线和图形可知,故①错误;对于②,可看做曲线上的点到原点的距离,显然无最大值,当点位于椭圆上时,距离原点的距离取得最小值,则,故当时,取得最小值,最小值为1,则的取值范围为,②正确;对于③,因为直线与渐近线平行,故不存在点,使得,③正确;对于④,表示点到直线的距离的倍,又直线与渐近线平行,且距离为,故,由图形可知,在上时,到直线的距离取得最大值,设,则到直线的距离为,当且仅当时等号成立,故的取值范围为,④正确.故选:C三、解答题17.在中,角的对边分别,.(1)求;(2)若的周长为4,面积为,求.(1)解:因为,所以,即,所以,因为,所以,所以又,故,所以,即;(2)解:由余弦定理,得,即,又,所以,即整理得,由面积为,即,所以,.18.如图,为圆O的直径,点在圆O上,,矩形所在平面和圆O所在的平面互相垂直,已知.(1)求证:平面平面;(2)当的长为何值时,二面角的大小为?(1)证明:∵平面平面,,平面平面,∴平面.∵平面,∴,又为圆O的直径,∴,而,平面,∴平面,∵平面,∴平面平面.(2)解:设中点为G,以O为坐标原点,的方向分别为x,y,z轴的正方向建立空间直角坐标系,设,则,,,,∴,,设平面的法向量为,则,即,令,可得取平面的一个法向量为,,即,解得,则当的长为时,二面角的大小为.19.某校举行了一次数学竞赛,为了了解本次竞赛学生的成绩情况,从中抽取了部分学生(男女生各一半)的分数(得分取正整数,满分为100分)作为样本(样本容量为)进行统计,按照,,,,的分组作出如图所示的频率分布直方图,已知得分在,的频数分别为16,4.(1)求样本容量和频率分布直方图中的,的值;(2)70分以下称为“不优秀”,其中男.女姓中成绩优秀的分别有24人和30人,请完成列联表,并判断是否有的把握认为“学生的成绩优秀与性别有关”?男生女生总计优秀不优秀总计0.100.050.0100.0050.0012.7063.8416.6357.87910.828附:,.解:(1)由题意可知,样本容量,,(2)100位学生中男女生各有50名,成绩优秀共有54名,所以学生的成绩优秀与性别列联表如下表;男生女生总计优秀243054不优秀262046总计5050100,没有90%的把握认为“学生的成绩优秀与性别有关”.20.已知椭圆的左右焦点分别为,,为上的动点.(1)若,设点的横坐标为,试用〖解析〗式将表示成的函数;(2)过点的直线与的另一个交点为,为关于轴的对称点,直线与轴交于点,求关于的表达式;(3)试根据的不同取值,讨论满足为等腰锐角三角形的点的个数.解:(1)设,其中,,由得左焦点,则;(2)设点、的坐标为、,由得,于是,由题意,的坐标为,因为、、三点共线,所以,即,将和代入并整理,得,即,即,将代入得,于是.(3)设,于是,,且,当或或时,为等腰三角形,根据椭圆的对称性,只需讨论和两种情况,此时,当等腰三角形的顶角为锐角时即为等腰锐角三角形,①若且为锐角,如图1:在中,,则有,即,解得,由对称性知当时,如图2:以为腰的等腰锐角三角形有2个,②若且为锐角,如图3:首先大于的最小值,∵的最小值为,于是由得即,又∵为锐角,,于是,即,整理得,解得,结合,解得,又,所以,由对称性知当时,如图4:以为腰的等腰锐角三角形的点的个数为4个,综上:当时,只有以为腰的等腰锐角三角形,满足这样的点的个数共有4个,如图4.当时,以为腰的等腰锐角三角形的点的个数为4个,以的等腰锐角三角形有2个,满足这样的点共有6个,图2与图4合并.当时,以为腰的等腰锐角三角形有2个,满足这样的点的个数共有2个,如图2.21.设是定义在上的奇函数.若是严格减函数,则称为“函数”.(1)分别判断和是否为函数,并说明理由;(2)若是函数,求正数的取值范围;(3)已知奇函数及其导函数定义域均为.判断“在上严格减”是“为函数”的什么条件,并说明理由.解:(1)设,所以,所以和均为定义在上的奇函数.当时,函数严格减,故是函数.而当和时,,故不是函数.(2),设,定义域为,,所以是定义在上的奇函数.当时,不是函数,下设.当时,令,则.再设,则.设,所以当时,,函数单调递减,当时,,函数单调递增,所以,即恒成立,所以当时,,所以当时,;当时,.因为,所以当时,当时,,即恒成立,则函数严格单调递增,当时,,即恒成立,则函数严格单调递减,所以正数的取值范围是.(3)函数是定义在上的奇函数,且在上严格减,故为函数.但当或时取值相等,从而不是上严格减的函数.故“在上严格减”不是“为函数”的必要条件.下证“在上严格减”是“为函数”的充分条件.对任意,定义.则由得,且由严格减得,当时,,故当时,,即.现任取,考虑.则,且当时,.由关于函数的讨论知,此时.故当时,,即:对任意,.移项得,故在上严格减,即为函数.综上,“在上严格减”是“为函数”的充分非必要条件.上海市2023届高考数学模拟测试卷07一、填空题1.已知集合,集合,则__________.〖答案〗〖解析〗.故〖答案〗为:2.随机变量,,若,,则________〖答案〗〖解析〗∵随机变量服从,符合二项分布,由二项分布概率公式:得:∴,解得,又,∴.故〖答案〗为:.3.已知实数x、y满足,则的最小值为____________.〖答案〗〖解析〗依题意,当且仅当,即时等号成立.所以的最小值为.故〖答案〗为:.4.设为抛物线的焦点,点在上,过作轴的垂线,垂足为,若,则_________.〖答案〗4〖解析〗由抛物线的定义知,所以.故〖答案〗为:45.若函数,为奇函数,则参数a的值为___________.〖答案〗1〖解析〗当时,,当时,,故,而,故即,故〖答案〗为:1.6.用表示等差数列的前n项和,若,,则m的值为______.〖答案〗〖解析〗由,则,由,则,所以.故〖答案〗为:7.第31届世界大学生夏季运动会将在今年7月28日至8月8日在四川省成都市举行.有编号为1,2,3,4,5的五位裁判,分别就座于编号为1,2,3,4,5的五个座位上,每个座位恰好坐一位裁判,则恰有两位裁判编号和座位编号一致的坐法种数为________.〖答案〗20〖解析〗依题意,5人中选出2人,他们的编号与座位编号一致,有种方法,剩余3人都不坐与自己编号相同的座位有2种方法,由分步计数乘法原理得所求的坐法种数为.故〖答案〗为:208.若函数的图像可由函数的图像向右平移个单位所得到,且函数在区间上是严格减函数,则__________.〖答案〗〖解析〗由题意得,则,当时,,函数在区间上是严格减函数,故,即且,则,而,故,故〖答案〗为:9.设,,为虚数单位,若是关于的二次方程的一个虚根,则______.〖答案〗2〖解析〗将代入方程得:,即,即,所以,解得,所以.故〖答案〗为:210.如图,在四棱锥中,平面,,,,,直线与平面成角.设四面体外接球的圆心为,则球的体积为__________.〖答案〗〖解析〗在底面ABCD上,,AD⊥AB,DC=2,AD=AB=1,所以∠ADB=∠ABD=45°,所以,在△BCD上,,由余弦定理可得:,所以,所以∠CBD=90°.所以BD⊥CB.又因为PD⊥平面ABCD,所以PD⊥BC.又PD∩BD=D,PD面PBD,BD面PBD所以BC⊥面PBD,所以BC⊥PB.则△PCD和△PBC均为直角三角形,当O点为PC中点时,OP=OD=OB=OC,此时O为四面体PBCD的外接球的球心.∵直线PA与平面ABCD成45°角.PD⊥平面ABCD,则∠PAD=45°,∴PD=AD=1,又,∴四面体PBCD外接球的半径为,所以四面体PBCD外接球的体积为.故〖答案〗为:.11.已知点,,若圆上存在点P满足,则实数a的取值的范围是____________.〖答案〗〖解析〗设点,则,而,则,整理得,即点的轨迹是原点为圆心,2为半径的圆,因为点在圆,即圆与圆有公共点,而圆的圆心为,半径为1,因此,即,解得或,所以实数a的取值的范围是.故〖答案〗为:

12.对于具有相同定义域D的函数和,若存在函数(k,b为常数),对任给的正数m,存在相应的,使得当且时,总有,则称直线为曲线和的“分渐近线”.给出定义域均为的四组函数如下:①,;②,;③,;④,其中,曲线和存在“分渐近线”的是________.〖答案〗②④〖解析〗和存在分渐近线的充要条件是时,.对于①,,当时,令由于,所以为增函数,不符合时,,所以①不存在;对于②,,因为当且时,,所以存在分渐近线;对于③,,当且时,与均单调递减,但的递减速度比快,所以当时会越来越小,不会趋近于0,所以不存在分渐近线;对于④,,当时,,且因此存在分渐近线.故存在分渐近线的是②④.故〖答案〗为②④.二、单选题13.已知为两个随机事件,则“为互斥事件”是“为对立事件”的(

)A.充分非必要条件 B.必要非充分条件C.充要条件 D.非充分非必要条件〖答案〗B〖解析〗根据互斥事件和对立事件的概念可知,互斥不一定对立,对立一定互斥,所以“A、B为互斥事件”是“A、B为对立事件”的必要非充分条件.故选:B14.如图,一组数据,的平均数为5,方差为,去除,这两个数据后,平均数为,方差为,则(

)A., B., C., D.,〖答案〗D〖解析〗由题意可得:,则,故,∵是波幅最大的两个点的值,则去除,这两个数据后,整体波动性减小,故.故选:D.15.如图,四边形ABCD是边长为1的正方形,平面ABCD,平面ABCD,且,点G为MC的中点.则下列结论中不正确的是(

)A. B.平面平面ABNC.直线GB与AM是异面直线 D.直线GB与平面AMD无公共点〖答案〗D〖解析〗因为平面ABCD,平面ABCD,则,取的中点,连接,如图,点G为MC的中点,则,且,于是四边形是平行四边形,,在正方形中,,则,因此四边形为平行四边形,,而,点G为MC的中点,有,所以,A正确;因为,平面,平面,则平面,又,平面,平面,则平面,而平面,所以平面平面ABN,B正确;取DM中点O,连接,则有,即四边形为梯形,因此直线必相交,而平面AMD,于是直线GB与平面AMD有公共点,D错误;显然点平面,点平面,直线平面,点直线,所以直线GB与AM是异面直线,C正确.故选:D16.已知曲线:,为上一点,①的取值范围为;

②的取值范围为;③不存在点,使得;

④的取值范围为.则上述命题正确的个数是(

)A.1个 B.2个 C.3个 D.4个〖答案〗C〖解析〗对于①,曲线得到,画出图形如下:其中为渐近线,

由曲线和图形可知,故①错误;对于②,可看做曲线上的点到原点的距离,显然无最大值,当点位于椭圆上时,距离原点的距离取得最小值,则,故当时,取得最小值,最小值为1,则的取值范围为,②正确;对于③,因为直线与渐近线平行,故不存在点,使得,③正确;对于④,表示点到直线的距离的倍,又直线与渐近线平行,且距离为,故,由图形可知,在上时,到直线的距离取得最大值,设,则到直线的距离为,当且仅当时等号成立,故的取值范围为,④正确.故选:C三、解答题17.在中,角的对边分别,.(1)求;(2)若的周长为4,面积为,求.(1)解:因为,所以,即,所以,因为,所以,所以又,故,所以,即;(2)解:由余弦定理,得,即,又,所以,即整理得,由面积为,即,所以,.18.如图,为圆O的直径,点在圆O上,,矩形所在平面和圆O所在的平面互相垂直,已知.(1)求证:平面平面;(2)当的长为何值时,二面角的大小为?(1)证明:∵平面平面,,平面平面,∴平面.∵平面,∴,又为圆O的直径,∴,而,平面,∴平面,∵平面,∴平面平面.(2)解:设中点为G,以O为坐标原点,的方向分别为x,y,z轴的正方向建立空间直角坐标系,设,则,,,,∴,,设平面的法向量为,则,即,令,可得取平面的一个法向量为,,即,解得,则当的长为时,二面角的大小为.19.某校举行了一次数学竞赛,为了了解本次竞赛学生的成绩情况,从中抽取了部分学生(男女生各一半)的分数(得分取正整数,满分为100分)作为样本(样本容量为)进行统计,按照,,,,的分组作出如图所示的频率分布直方图,已知得分在,的频数分别为16,4.(1)求样本容量和频率分布直方图中的,的值;(2)70分以下称为“不优秀”,其中男.女姓中成绩优秀的分别有24人和30人,请完成列联表,并判断是否有的把握认为“学生的成绩优秀与性别有关”?男生女生总计优秀不优秀总计0.100.050.0100.0050.0012.7063.8416.6357.87910.828附:,.解:(1)由题意可知,样本容量,,(2)100位学生中男女生各有50名,成绩优秀共有54名,所以学生的成绩优秀与性别列联表如下表;男生女生总计优秀243054不优秀262046总计5050100,没有90%的把握认为“学生的成绩优秀与性别有关”.20.已知椭圆的左右焦点分别为,,为上的动点.(1)若,设点的横坐标为,试用〖解析〗式将表示成的函数;(2)过点的直线与的另一个交点为,为关于轴的对称点,直线与轴交于点,求关于的表达式;(3)试根据的不同取值,讨论满足为等腰锐角三角形的点的个数.解:(1)设,其中,,由得左焦点,则;(2)设点、的坐标为、,由得,于是,由题意,的坐标为,因为、、三点共线,所以,

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