2023年新疆乌鲁木齐十三中中考三模物理试题（解析版）

2023年新疆乌鲁木齐十三中中考物理三模试卷

一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分。在每小题列出的四个选项中，只有一

项符合题目要求，请按答题卷中的要求作答）

1.依据疫情防控工作要求，学校师生属于应检尽检人员。当听到老师用扩音器通知大家做核酸检测时，我

们能够分辨出是某位老师的声音，这主要利用了声音的（）

A.速度B.响度C.音调D.音色

【答案】D

【解析】

【详解】每个发声体发出的声音的音色一般不同，核酸检测时，我们能够分辨出是某位老师的声音，这主

要利用了声音的音色，故ABC不符合题意，D符合题意。

故选D。

2.雨后的校园清新洁净，景色分外美丽。下列说法正确的是（）

A.浓密的树荫是光的折射形成的

B.娇艳的花朵是光源，可以发出光线

C.洁白云朵在积水中的倒影是光的反射形成的

D.温暖的阳光由红、黄、蓝三种色光混合而成

【答案】C

【解析】

【详解】A.浓密的树荫是树挡住太阳光后形成的暗影区，是光的直线传播形成的，故A错误；

B.娇艳的花朵不能发光，不是光源，但花朵可以反射光线，故B错误；

C.水面相当于平面镜，洁白的云朵在积水中的倒影是平面镜成像，是光的反射形成的，故C正确。

D.温暖的阳光由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种色光混合而成，是复色光，故D错误。

故选C。

3.水是生命之源，节约用水是我们每个人应尽的义务。关于水的物态变化，下列说法正确的是（）

A.初春，万物复苏、冰雪消融，这是熔化现象，需要放热

B.夏天，将糖水放入冰箱制成冰棍，这是凝固现象，需要吸热

C.秋天的早晨，花草上出现晶莹的露珠，这是液化现象，需要放热

D.冬天，房屋上出现白色的霜，这是凝华现象，需要吸热

【答案】C

【解析】

【详解】在物态变化过程中，熔化、汽化、升华吸收热量，凝固、液化、凝华放出热量。

A.冰雪消融，是熔化过程，冰吸热熔化成为水，故A错误；

B.糖水放入冰箱制成了冰棍，液态变成固态，这是凝固现象，需要放热，故B错误；

C.露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，放出热量，故C正确；

D.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，放出热量，故D错误。

故选C。

4.湿地被称为“地球之肾”，能调节空气的湿度和温度，其中能调节温度主要是因为水的（）

A.比热容大B.密度大C.流动性大D.热值大

【答案】A

【解析】

【详解】A.由公式Q=的变形式

Ar=—

cm

可知，质量相同的不同物质，当吸收或放出相同热量时，比热容较大的物质温度变化较小，因此，比热容

大的物质对调节温度有很好的作用。湿地中含有大量的水，而水的比热容较大，当周围环境开始升温时，

湿地升高的温度比周围环境升高的温度小，出现温差，从而使热量由周围环境向含水较多的湿地传递，湿

地中的水吸收周围环境释放的热量，使周围温度上升较小；当周围环境温度下降时，由于水的比热容大，

含水较多的湿地下降的温度比周围环境下降的温度小，出现温差，从而使热量由湿地向周围的环境传递，

周围环境吸收热量，温度下降较小；这样利用水的比热容较大使周围环境的温度不会发生太大的变化，起

到了调节温度的作用，因此湿地能调节温度主要是因为水的比热容大，故A符合题意；

B.密度是指某种物质组成的物体质量与它的体积之比，是物质的一种特性，水的密度与调节温度无关，

故B不符合题意；

C.流动的水在运动过程中与接触且具有温度差的物体之间会发生热传递，但这些传递的热量对与之不接

触的环境之间影响不大，故水的流动性大对湿地可以调节温度的功能没有太多贡献，故c不符合题意；

D.热值是指燃料完全燃烧放出的热量与燃料质量之比，其物理意义是1kg燃料完全燃烧放出的热量，而

水并不是燃料不具有热值，故D不符合题意。

故选Ao

5.近年来，我国在材料、能源等领域取得了辉煌的成就，下列说法正确的是（）

A.量子计算机中的电子器件都是由超导体制成

B.水力、风力、火力发电是不可再生能源的利用

C.新能源汽车的动力部件是畜电池，其工作原理与内燃机的工作原理相同

D.光纤通信，是利用光在纤维材料中多次反射传输信息的

【答案】D

【解析】

【详解】A.量子计算机中的电子器件主要是由半导体材料制成的，故A错误；

B.水力发电、风力发电属于可再生能源的利用，火力发电属于不可再生能源的利用，故B错误；

C.新能源汽车的动力部件是畜电池，是将电能转化机械能，而内燃机的工作原理是将内能转化为机械

能，故C错误；

D.光纤通信是以光波作为信息载体，利用光在纤维材料中多次反射传输信息的，故D正确。

故选D。

6.让滑块从斜面滑下，逐渐减小水平面的粗糙程度，测量滑块在水平面上的运动距离，探究“运动物体如

果不受其他物体的作用，会一直运动下去吗”。下列做法能获得结论的是（）

A.坚持不懈进行多次实验探究B.改进实验装置进行实验探究

C.调整实验方案进行实验探究D.在实验基础上进行合理推理

【答案】D

【解析】

【分析】

【详解】不受力的物体在现实生活中是不存在的，探究“运动物体如果不受其他物体的作用，会一直运动

下去吗”。必须在实验的基础上加以合理的推理才能得到。故D符合题意，ABC不符合题意。

故选D。

7.小谢在做实验时，先连成如图所示的电路，闭合开关S1并观察灯泡亮暗情况后，再闭合开关S?,小谢

A.两只灯泡一直都不亮B.两只灯泡一直亮

C.两只灯泡开始都亮，后来L2不亮D.两只灯泡开始都亮，后来L1不亮

【答案】D

【解析】

【详解】由电路图可知，闭合开关Si后，Ll、L2串联，都发光；再闭合开关S2,S2与其相连的导线将灯

泡Li短路，Li熄灭，L2仍然发光。

故选D。

8.如图所示，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向上滑动时，观察到的是现象是（）

A.灯泡变亮，电压表示数不变

B.灯泡变暗，电压表示数变大

C.电路消耗的总功率变小，电压表示数不变

D.电路消耗的总功率变大，电压表示数变大

【答案】A

【解析】

【详解】BD.由电路图可知，这个电路为串联电路，电压表测的是总电压，即电源电压，所以示数不变,

故BD不符合题意；

A.滑动变阻器的滑片向上滑动，其阻值减小，电路总阻值R总=R3R灯，R总阻值也减小，根据欧姆定律

,U

/==可知/变大，由尸=尸氏知：灯泡实际功率尸灯变大，灯泡变亮，故A符合题意；

R总

c.该电路中由P=U/可知电路消耗的总功率变大，故c不符合题意。

故选A„

9.如图所示，用一水平压力月将重为10N的物体压在粗糙程度相同的竖直墙壁上。当压力厂为30N时，

体处于静止状态；当压力尸为25N时，物体恰好匀速下滑。下列说法中正确的是（）

F

G

A.物体处于静止状态时，受到墙壁对它竖直向下的摩擦力为10N

B,若物体匀速下滑的速度为0.2m/s,则其重力做功的功率为5W

C.物体在匀速下滑过程中，受到墙壁对它竖直向上的摩擦力为15N

D.保持25N的压力不变，竖直向上施加20N的拉力可使物体匀速上滑

【答案】D

【解析】

【详解】A.物体处于静止状态时，竖直方向受重力和摩擦力，二力平衡，因此受到墙壁对它竖直向上的

摩擦力为10N,故A错误；

B.若物体匀速下滑的速度为0.2m/s,则其重力做功的功率为

P=GV=10NX0.2m/s=2W

故B错误；

C.物体在匀速下滑过程中，竖直方向受重力和摩擦力，二力平衡，因此受到墙壁对它竖直向上的摩擦力

为10N,故C错误；

D.滑动摩擦力与压力和接触面粗糙程度有关，保持25N的压力不变，则物体匀速上滑时，摩擦力仍为

10N,方向竖直向下，重力为10N,方向竖直向下，物体受力平衡，则需竖直向上施加拉力为

F=G+/=10N+10N=20N

故D正确。

故选D。

10.在“富国强军”的时代要求下，大连造船厂建造了首艘国产航空母舰.在建造过程中需要使用大型起重

机“龙门吊”.它主要由主梁和支架构成，可以提升和平移重物，其示意图如图所示.在重物由主梁右端缓

慢移到左端的过程中，右支架对主梁的支持力F与重物移动距离s的关系图象是

【答案】B

【解析】

【分析】在重物由主梁右端缓慢移到左端的过程中，以左侧的支柱为支点，右支架对主梁的支持力F为动

力，重物对杠杆的拉力为阻力，根据的平衡条件分析出右支架对主梁的支持力F与重物移动距离s的关系.

【详解】根据题意，重物在主梁右端时，重物产生的拉力全部作用在右端支架，则右支架对主梁的支持力尸

最大；

重物由主梁右端缓慢移到左端的过程中，将主梁左端看作杠杆的支点，则重物对主梁的拉力为阻力，阻力

不变，但阻力臂减小，且动力臂也不变，所以动力减小，即右支架对主梁的支持力厂减小，关系为

广GL,

歹=一广，因为L2为变量，所以为一次函数关系.

L\

故B图符合题意.

【点睛】注意理解移动过程中，应将主梁的左端看作支点，根据杠杆的平衡条件可得，右端的支持力会不

断减小.

11.如图所示，电源电压保持不变。闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P位于。点时，电压表的示数为

3V；当滑片P从。点向左滑动2cm后，电压表示数变为4V；若滑片P继续向左滑动2cm后，电压表示数

变为（）

A.8VB.7VC.6VD.5V

【答案】C

【解析】

【分析】由图可知，&和滑动变阻器A串联，电压表测量几两端的电压，当滑片P位于。端时，设出此

时电路的总电阻，根据欧姆定律表示出电路中的电流，根据欧姆定律表示出电压表的示数；当滑片P从a

点向左滑动2cm后，接入电路中的电阻减小，设减小的电阻为R,同理表示出电压表的示数，然后联立等

式即可求出电路中的总电阻与移动电阻之间的关系；

导体的材料和横截面积相同的条件下，电阻的大小与导体的长度成正比，据此可知滑片P继续向左滑动

2cm后电路的总电阻，同理表示出电压表的示数，然后联立等式求出电压表的示数。

【详解】由图可知，凡和滑动变阻器R串联，电压表测量凡两端的电压。当滑片P位于。点时，设

区总=%+6

,U

则电路中的电流所以，电压表的示数4=/1凡，即

R总

—=3V……①

R总

当滑片P从。点向左滑动2cm后，接入电路中的电阻减小，设减小的电阻为R,则电路中的电流

R&~R

电压表的示数。0'=/2%，即

由①?②可得

R—R

因导体的材料和横截面积相同的条件下，电阻的大小与导体的长度成正比，所以，从。点向左滑动2cm

后，减小的电阻为R,则滑片P继续向左滑动2cm后，减小的电阻为2H,此时电路中的电流

R总-2R

电压表的示数

u°”=A4

即

由①+③可得

U''=Lx3V=^7?—x3V=6V

R总-2R4R—2R

故选C。

12.如图甲所示为边长为20cm的薄壁正方体容器（质量不计）放在水平桌面上，将质地均匀的实心圆柱

体竖直放在容器底部，其横截面积为200cm2、高为10cm。向容器内缓慢注入某种液体，圆柱体始终竖

直，圆柱体对容器底部的压力与注入液体的质量关系如图乙所示。下列判断正确的是（）

A.圆柱体的密度小于液体的密度

B.当注入液体质量为2kg时，圆柱体所受的浮力为10N

C.当液体对容器底的压强与容器对桌面的压强之比为1:3时，物体未浸没

D.当液体对容器底的压强与容器对桌面的压强之比为1:3时，注入液体质量为4.5kg

【答案】D

【解析】

【详解】A.由图乙可知，当注入液体质量大于2kg时，圆柱体对容器底部的压力不变，说明此时圆柱体

浸没在液体中，即圆柱体沉底了，由浮沉条件可知，圆柱体的密度大于液体密度，故A错误；

B.由题意知，圆柱体的底面积为

2

S柱体=200cm=0.02m-

其高为

A=10cm=0.1m

则圆柱体的体积

33

唳体=S柱体々=002m2xO.lm=2xlOm

正方体容器的底面积

22

S容器=20cmx20cm=400cm=0.04m

圆柱体刚好浸没时，液体的体积

2233

%=(S容器一S柱体)h=(0.04m-0.02m)x0.1m=2x10m

由图乙可知，圆柱体刚好浸没时，注入液体的质量为2kg,则液体的密度

33

夕液=%=-3=1x10kg/m

33

液嗫2xlO-m°

根据阿基米德原理可得，当圆柱体刚被浸没时，它受到的浮力

3333

F浮=&g埠=&g唳体=lxlOkg/mxlON/kgx2xlO-m=20N

故B错误；

C.由B知，圆柱体刚好浸没时注入液体的质量为2kg；当注入液体质量力zi小于或等于2kg时，容器内液

体的深度

〃=J_=_________四__________

P液P液（s容器—s柱体）

液体对容器底部的压强

7，叫叫g/g

Pl=P额gh二夕液g———-~-二c2八八0-2、=nn9rY12......①

「液（S容器-S柱体）（0.04m-0.02m）0.02m

由图乙可知，当没有注入液体时圆柱体对容器底的压力为150N,即圆柱体的重力为150N,则注入液体

后，容器对桌面的压力为

F=150N+叫g

容器对桌面的压强

F150N+犯g

P2-5^--0.04m2……②

己知

y……③

。23

将①②代入③解得

网=3kg

由图乙可知，圆柱体刚好浸没时，注入液体的质量为2kg,因

叫=3kg>2kg

所以圆柱体一定浸没，故C错误；

D.当注入液体的质量加大于2kg时，即注入液体的深度大于10cm,因液体体积与圆柱体体积之和等于容

器底面积乘以液体的深度，即

rrj

S容器〃=%+匕4体=二-+丫柱体

P液

则此时液体的深度

mT7

3+V柱体

h'上-------

s容器

此时液体对容器底部的压强

匕4体”

m

，Q液S+夕液g/主体④

P、液=P漱gh7二夕液且"---------二---------/

,容器D容器

容器对桌面压强

F150N+mg

「容器一二"—一oC⑤

将代④⑤入③解得

m—4.5kg

故D正确。

故选D。

二、填空题（本大题共3小题，每空1分，共26分；请将符合题意的内容填在答题卷相应的

横线上）

13.2022年10月31日15时37分，梦天实验舱搭乘长征5号B遥四运载火箭，在中国文昌航天发射场发

射升空，约8分钟后准确进入预定轨道；11月1日4时27分，梦天实验舱与空间站组合体成功对接。

（1）火箭升空时，会向下喷出高温高压燃气，根据物体间力的作用是，从而获得向上的推力，火

箭等高速航天器外壳的制作要求轻巧、耐高温。所以该类材料应具备小、熔点高的特性。几乎所有

火箭发射都选择朝东方向是因为地球，使火箭在地面未发射之前，己经具有了一个向东的速度，从

而节省推进剂。火箭和飞船加速上升过程中，飞船的机械能会（选填“增大”“减小”或“不

变”），火箭外壳的温度会（选填“升高”“降低”或“不变”），这是用方式改变物体内能

（选填“做功”或“热传递”）；

（2）在进入预定轨道后，梦天实验舱采取“追”空间站组合体的方式进行交会对接，它们之间的距离也

不断缩短，此过程中，梦天实验舱相对于空间站组合体是（填“运动”或“静止”）的。梦天实验

舱上的摄像头实时传回画面，摄像头的镜头相当于一个凸透镜，所成的像是（填“放大”“缩小”

或“等大”）的（填“实”或“虚”）像；

(3)火箭的芯级助推器上用氢作为燃料，主要的优点是它的高；

(4)核心舱通过电磁波向地面传送信息，电磁波从核心舱到相距480km的地面接收站所需时间约为

(5)核心舱安装了光电转化效率很高的太阳能电池板。若这些太阳能电池板总面积为134m2,光电转化效

率为30%,太阳能的辐射能为1000J/m2-s,则太阳能电池板向核心舱内蓄电池充电的功率为W。

【答案】①.相互的②.密度③.自西向东自转④.增大⑤.升高⑥.做功⑦.

运动⑧.缩小⑨.实⑩.热值⑪1.6X10-3⑫40200

【解析】

【详解】(1)口]火箭升空时，会向下喷出高温高压燃气，根据物体间力的作用是力作用的相互性，从而获

得向上的推力。

⑵由夕可知，在体积一定时，密度小的质量小，重力小。火箭等高速航天器外壳的制作要求轻巧、

耐高温。所以该类材料应具备密度小、熔点高的特性。

[3]几乎所有火箭发射都选择朝东方向是因为地球自西向东自转，使火箭在地面未发射之前，由于惯性已经

具有了一个向东的速度，从而节省推进剂。

[4][5][6]火箭和飞船加速上升过程中，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大，所以飞船的机械

能会增大，火箭外壳的温度会升高，这是用做功方式改变物体内能。

(2)[7]在进入预定轨道后，梦天实验舱采取“追”空间站组合体的方式进行交会对接，它们之间的距离

也不断缩短，此过程中，梦天实验舱相对于空间站组合体的位置发生变化，是运动的。

[8][9]摄像头的镜头相当于一个凸透镜，作用相当于照相机，所成的像是缩小实像。

(3)[10]火箭的芯级助推器上用氢作为燃料，主要的优点是它的热值高，在燃烧时放热能力强。

(4)[11]根据速度公式，电磁波从核心舱到相距480km的地面接收站所需时间约为

(5)[12]接收的太阳能的辐射能功率为

块阳二1000"n?.sX134m2=134000W

根据〃=不『得，太阳能电池板向核心舱内蓄电池充电的功率为

映阳

P电=〃尸太阳=30%X134000W=40200W

14.华为手机的超级快充充电器最大充电电流可达5A.现有华为某一型号的电池，容量为4200mAh(其

中“mA”为电流的单位“毫安”，“h”为时间的单位“小时”)，假设充电器始终以最大充电电流充

电，且把电池充满，只需要______min(保留整数)。如果将此电池电量全部用完，然后停下家里其它用电

器，只给手机充电，充满后发现标有“3000revs/(kWh)”字样的电能表转了63转，则充电消耗的电能

为kWh。有一款磁吸式充电宝包括一个主充电宝和四个子充电宝。每个子充电宝的容量是

600mA・h,对外提供的电压为5V,一个子充电宝能提供的电能是J。手机屏幕多彩的颜色是由红、

蓝、_____三种色光混合而成的。手机已经进入“5G”时代，所谓“5G”指的是第五代移动通信技术，

“5G”手机传递信息的载体是频率更高的(填“超声波”或“电磁波”)；手机中科技含量最高的

元件是芯片，芯片的核心部分主要是由(填“导体”、“半导体”或“绝缘体”)材料制成的；智

能手机传递信息的电信号采用(填“模拟”或“数字”)信号。

【答案】@.50②.7.56X104③.1.08X104④.绿⑤.电磁波⑥.半导体⑦.数

字

【解析】

【详解】[1]已知超级快充充电器最大充电电流为

/=5A=5000mA

由/=?可得，电池充满需要的时间为

t

Q破00mA?

T=0.84h=50min

t5000mA

[2]^3000revs/(kW-h)”表示电路中的用电器每消耗lkW・h的电能，电能表的转盘转3000r,则电能表转

盘转动63转时，充电消耗的电能为

63r

W=-------------------=0.021kW.h=0.021X3.6X106J=7.56xlO4J

3000r/(kW.h)

[3]每个子充电宝的容量是600mA・h,对外提供的电压为5V,则一个子充电宝能提供的电能为

W=5=5Vx0.6Ax3600s=l.08x104J

⑷手机画面的颜色是由红、绿、蓝三种色光合成的。

[5]手机是利用电磁波传递信息的，“5G”手机是利用频率更高的电磁波传递信息的。

⑹半导体材料的导电性能介于导体与绝缘体之间，具有一些特殊的物理性质，可以制成二极管、三极管和

芯片等，手机芯片是由半导体制成的。

⑺数字信号比模拟信号抗干扰能力强，便于存储、处理与交换，更有利于长距离传输。智能手机传递信息

的电信号采用数字信号。

15.近期，世界首条商业运营氢能源有轨电车正式在高明上线启动。据介绍有轨电车的特别之处在于采用

氢燃料电池作为动力源，做到了污染物“零排放”。新型的有轨电车搭载了230kW大功率氢燃料电池堆和

大容量钛酸锂电池，两者配合为车辆供电。有轨电车运行时，氢燃料电池作为牵引主动力，锂电池则在启

动加速阶段提供辅助动力，车辆最高能以时速70km持续运行。每列车安装6个储气瓶，每瓶储氢量

3kg,续航能力可达100km。车辆惰行、停站时，燃料电池为锂电池充电；制动时，锂电池回收制动能

量，实现能量的循环利用。氢燃料电池和锂电池的混合动力，具有响应快，启动加速性能好、制动能量回

收率高等突出优势。

（1）电车上的乘客看到站台往后退，则乘客选择的参照物是（选填“电车”或“站台”），电车在

座椅一侧都设置有方便乘客手机充电用的插座，这些插座之间是的（选填“串联”或“并联”）；

（2）氢能源有轨电车制动时，锂电池回收制动能量的过程是能转化为电能，并最终转化为化学能；

（3）如果有轨电车以最高时速行驶3min,该电车行驶的路程是______km；

（4）若要放出L68X109J的热量，则需要完全燃烧瓶氢气（氢燃料的热值为L4X108j/kg）；

（5）这种新型的电车使用大功率氢燃料电池堆供电，供电10h的电能可供50盏“220V,10W”的节能灯

工作h；

（6）相对于氢能源有轨电车，燃油汽车比较耗油且环境污染严重，目前高明区汽车保有量在迅速增长，

如果每辆汽车每年耗油L6t,汽车内燃机的效率平均为30%,如果把内燃机效率提高1%,则每年每车可

节约燃油t（结果保留两位小数）。

【答案】①.电车②.并联③.机械④.3.5⑤.4⑥.4600⑦.0.06

【解析】

【详解】（1）口］车上乘客看到站台在后退，这是以电车为参照物，站台与电车的相对位置发生了改变。

⑵电车在座椅一侧都设置有方便乘客手机充电用的插座，这些插座之间互不影响，是并联的。

（2）［3］锂电池回收制动能量的过程是机械能转化为电能，并最终转化为化学能，储存起来。

（3）［4］由材料可知，有轨电车最高时速v=70km/h,行驶时间

/=3min=——h

20

该电车行驶的路程

s=vt=rl0km/hx—h=3.5km

20

（4）⑶由。放可得，氢燃料的质量

9

Q放1.68xlOJ10,

q1.4xlO8J/kg6

已知每瓶储氢量3kg,则需要完全燃烧瓶子的数量

.=12kg=4（瓶）

3kg

（5）⑹根据P=匕得，供电10小时的电能为

t

W=Pz=230kWxl0h=2300kW-h

50盏“220V,10W”的节能灯的功率

P=50xl0W=500W=0.5kW

这些电能可供50盏“220V,10W”的节能灯工作时间

（6）[7]因为内燃机效率提高1%,所以

〃2=〃I+1%=30%+1%=31%

所以Wfi'用=〃gm,因为内燃机效率提高后有用功是相同的，所以每辆汽车：〃10"1=〃20"2,所以

/%=以叫，则每辆汽车每年节约燃油

tn,=(1------)xl.8t®0.06t

%%31%

三、作图题（每图2分，共6分）

16.室内一盏电灯通过木板隔墙上的两个小洞，透出两条细小光束（如图所示）。请根据这两条光束的方向

确定室内电灯的位置。（保留作图痕迹）

室内室外

墙

【解析】

【详解】如图所示，根据光是沿直线传播的原理，每条光线通过小洞都是沿直线传播的；故答案为:

室内室外、

17.一张薄纸片也能将开口向下的一杯水托起且滴水不漏，如图所示，请画出图中大气对纸片的压力的示

意图。

【解析】

【详解】在纸片的中央选取压力的作用点，然后过作用点作垂直于纸片向上的力，如图所示:

18.在括号里标出电源的“+”极或“-”极并用箭头标出磁感线方向。

【解析】

【详解】由图知，小磁针的右端为N极，根据磁极间的相互作用规律可知，螺线管的左端为S极、右端为

N极；在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出来回到S极，所以图中磁感线的方向是向左的；螺线管的右

端为N极，根据安培定则可以确定电流从螺线管的左端流入、右端流出，从而可知电源的左端为正极，如

四、实验与探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）

19.如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量都是10g,烧杯内的液体质量也相同。（燃

料1是酒精，燃料2是碎纸片）

1-----温度计i------温度计：----温度计

液体a液体a（z液体b

］工^燃料1燃料2燃料1

甲乙丙

燃料加热前的水温/℃①燃料的热值J/kg

10g酒精15352.4X106

10g碎纸片1525

要比较不同燃料的热值，应选择两图进行实验；如表是比较燃料热值的实验数据：完善表格，表中

①应填写的内容是：,并根据表中数据，估算出碎纸片的热值是J/kg。

【答案】①.甲、乙②.燃料完全燃烧后水温/℃③.1.2X106

【解析】

【详解】口］比较燃料的热值，应控制燃料不同而加热的液体相同，故选甲、乙两图进行实验。

⑵实验中通过水升高的温度来比较燃料放出热量的多少，故①中的内容是：燃料完全燃烧后的水温/七。

⑶相同质量的酒精和碎纸片燃烧放热，酒精燃烧放出的热量可以将水的温度升高20℃,碎纸片燃烧放出

的热量可以将水的温度升高10℃,可见碎纸片的热值是酒精的;倍，所以碎纸片的热值为1.2X106j/kg。

20.利用轻质杠杆探究杠杆平衡条件的实验中：

（1）杠杆静止时如图甲所示，此时的杠杆（选填“是”或“否"）处于平衡状态？要使杠杆在水

平位置平衡，则应将平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节。

（2）如图乙，A点挂4个钩码，在8点挂_____个钩码，仍可使其在水平位置平衡。

（3）用弹簧测力计代替钩码，如图丙所示，不断改变弹簧测力计的作用点和力的大小，使杠杆在水平位

置平衡，弹簧测力计的拉力F与其力臂L的图像如图丁所示。图像中每个点与两坐标轴围成的长方形面积

（选填“相等”或“不等”）o

【答案】①.是②.左③.6④.相等

【解析】

【详解】（1）口］由于此时的杠杆处于静止，所以处于平衡状态。

⑵此时杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆平衡螺母向左调

节，直到杠杆在水平位置平衡，目的是为了便于测量力臂和避免杠杆自重对实验的影响。

（2）［3］设一个钩码的重力为G,杠杆的一个小格为L,由杠杆的平衡条件无知

丹气」6G

则〃=6,即在B位置挂上6个钩码，使杠杆在水平位置平衡。

（3）［4］由于阻力和阻力臂不变，利用图像中任意一组数据都能得出

FiLi=3NX0.02m=2NX0.03m=0.06N«m

图像中每个点与两坐标轴围成的方形面积相等，其原因是阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可

知，动力与动力臂的乘积保持不变。

21.探究电流与电阻关系的电路图如图甲所示，可供使用的实验器材有：电源（电压恒为4.5V）、电流

表、电压表、开关各一个，滑动变阻器（A：10。2A、B：20Q1A）两个，定值电阻三个（5。、10。、

15Q）,导线若干。

（1）连接好电路，闭合开关前变阻器的滑片P应该移至（填“a”或"b”）；

（2）上述实验中，小丞先把5。的电阻接入电路中进行测量，接着又改用10。的电阻继续实验，当把10Q

电阻接入电路后，小丞应将滑片P向端移动至适当位置（填"a”或"b”）,目的是；

（3）小丞实验所选用的滑动变阻器应该是上述的（填“A”或"B”）。如果小丞没有正确选用滑

动变阻器，在实验中就会出现这样的情况：当把。的定值电阻接入电路时，发现无论怎样移动变阻

器的滑片，都无法使电压表的示数达到实验要求的数值。

【答案】①.6②.6③.保持电压表示数不变④.B⑤.15

【解析】

【详解】（1）”]滑动变阻器的下面接了左边的。接线柱，所以连接好电路，闭合开关前，将变阻器的滑片

P移至b端使其阻值最大。

（2）[2]⑶把5。的换为10。后，根据串分压的知识，电压表的示数变大，要探究电流与电阻的关系，需

保持电压表的示数不变，应增大滑动变阻器的阻值，将滑片向b端滑动。

（3）[4]由图像知，电阻两端的电压

U=/R=0.5Ax5Q=2.5V

由串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为

4.5V-2.5V=2V

当接入15。电阻时，根据分压原理，变阻器连入电路中的电阻

2V

&=-------xl5Q=12Q

滑2.5V

故选用“20。1A”的滑动变阻器，故选滑动变阻器B。

[5]若选用10。2A的变阻器，当变阻器全部电阻连入电路时，由分压原理，定值电阻的最大值为

25V

&=上一义10。=12.5。

达2V

当把15。的电阻接入电路时，发现无论怎样移动变阻器的滑片，都无法使电压表的示数达到实验要求的数

值。

五、计算题(本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明,

只写出结果不得分)

22.小华在比较不同物质吸热情况的实验中，利用额定功率为400W的电加热器加热水，如图所示，其正

常工作时，将烧杯内0.2kg的水从20℃加热至70℃,所用时间为150s。已知c水=4.2X1C)3J4kg•

求：

(1)加热过程中水吸收的热量；

(2)电加热器的热效率。

水

【答案】(1)4.2X10』⑵70%

【解析】

【详解】解:(1)根据Q=cmAt可得，加热过程中水吸收的热量为

34

0吸=cm(r-r0)=4.2xlOJ/(kg-C)x0.2kgx(70C-20C)=4.2xlOJ

(2)根据题意可知，电热器放出的热量为

(^=Pr=400Wxl50s=6xl04J

则加热效率为

OR4.2x1()4J

77==------；—x100%=70%

4

。放6xlOJ

答：(1)加热过程中水吸收的热量为4.23X104J；

(2)电加热器的热效率为70%。

23.如图甲所示，有A、B两个实心正方体放置在水平地面上，A的边长为0.4m。将B沿水平方向切去厚度

为〃的部分，并将切去的部分叠放在A的上方中央。叠放后A对地面的压强与B剩余的压强随切去厚度〃

的图像如图乙所示。求：

(1)物体A的密度；

(2)物体B重力；

(3)若在B切割前，将