2023年海南省天一大联考高考化学三模试卷(含答案解析)

1030页2023年海南省天一大联考高考化学三模试卷一、单项选择题〔3188.0分〕依据绿色化学的原则，以下反响不符合“原子经济性”要求的是乙烯与水反响生成乙醇 B.淀粉水解生成葡萄糖C.以苯和溴为原料生产溴苯 D.乙烯聚合为聚乙烯制取较纯洁的一氯乙烷最好承受的方法是乙烷和氯气反响C.乙烯和氯化氢反响

乙烯和氯气反响D.乙烷通入浓盐酸以下各组有机物只用一种试剂无法鉴别的是乙醇、甲苯、硝基苯 B.苯、苯酚、己烯C.苯、甲苯、环己烷 D.甲酸、乙醛、乙酸以下有机物的命名正确的选项是B.：甲基丙醇B.：甲基丙醇C.：二溴乙烷D.：2D.：2，2二甲基丁酸苯、乙醇和乙酸都能发生取代反响B.C.在酸性条件下，

5种构造的水解产物是 和D.使用溴的四氯化碳溶液或酸性A.消去反响B.氧化反响A.消去反响B.氧化反响

溶液都可以除去乙烷中混有的乙烯7. 二苯并呋哺构造简式为，其一氯代物有C.D.加成反响取代反响3种 B.4种 C.5种 D.7. 二苯并呋哺构造简式为，其一氯代物有C.D.加成反响取代反响8. 某有机物构造简式为则用Na、NaOH、与等物质的量的该有机物恰好反响时，消耗Na、NaOH、的物质的量之比为9. 某有机物的构造简式为A.3：3：2 B.3：2：1 8. 某有机物构造简式为则用Na、NaOH、与等物质的量的该有机物恰好反响时，消耗Na、NaOH、的物质的量之比为9. 某有机物的构造简式为应有加成反响复原反响消去反响氧化反响 水解反响中和反响应有加成反响复原反响消去反响氧化反响 水解反响中和反响与稀盐酸反响．A.B.C.D.糖类、油脂、蛋白质都是高分子化合物，它们水解的最终产物不一样在鸡蛋清溶液中分别参与饱和

、 溶液，都会因盐析产生沉淀可用油脂的碱性水解来制备肥皂和甘油乙醇和汽油都是可再生能源，所以要大力进展“乙醇汽油”与发生取代反响，生成只含碳、氯的氯代烷．该烃可能是A.B.C.D.： 某链烃最多能与1molHCl发生加成反响生成1mol与发生取代反响，生成只含碳、氯的氯代烷．该烃可能是A.B.C.D.

该氯代烷能D乙酸乙醛制悬浊液过滤A.AB.BC.CD.D12. 除去以下物质中所含少量杂质，所选用的试剂和分别方法能到达试验目的的是选项12. 除去以下物质中所含少量杂质，所选用的试剂和分别方法能到达试验目的的是选项ABC混合物括号内为杂质苯苯酚乙烷乙烯乙酸乙酯乙酸试剂足量NaOH溶液酸性溶液NaOH溶液分别方法分液洗气分液甲苯在光照下与

反响，主反响为苯环上引入氯原子引入羟基的方法常有卤代烃和酯的水解、烯烃的加成、醛类的复原将D.

与酸性 溶液反响即可得到14. 分枝酸可用于生化争论．其构造简式如图．以下关于分枝酸的表达正确的14. 分枝酸可用于生化争论．其构造简式如图．以下关于分枝酸的表达正确的是2种官能团可与乙醇、乙酸反响，且反响类型一样C.1mol3molNaOH发生中和反响D.可使溴的四氯化碳溶液、酸性高锰酸钾溶液褪色，且原理一样以下关于常见有机化合物的说法中，不正确的选项是甲烷和氯气反响生成一氯甲烷，苯和硝酸反响生成硝基苯，两者的反响类型一样分子式为

的有机物只有三种，它们互为同系物苯不能使溴的四氯化碳溶液褪色，说明苯分子中没有碳碳双键16. 经争论觉察白蚁信息素有：16. 经争论觉察白蚁信息素有：二甲基庚烯，二甲基辛烯，家蚕的性信息素为：以下说甲基辛烯，家蚕的性信息素为：以下说2， 1庚烯的分子式为2， 二甲基

庚烯与3， 二甲基

辛烯互为同系物以上三种信息素均能使溴的四氯化碳溶液褪色

加成，产物只有一种某有机化合物的构造简式如以下图，以下说法正确的选项是不能发生银镜发应1mol该物质最多可与 反响D.与、均能发生反响1mol4molD.与、均能发生反响有机物甲的发光原理如下：关于有机物甲和有机物乙的说法正确的选项是互为同分异构体 B.均可发生加成反响C.均可与碳酸氢钠溶液反响 D.均最多有7个碳原子共平面化合物Ⅲ是合成中药黄芩中的主要活性成分的中间体，合成方法如下：以下有关表达正确的选项是I的分子式为II中全部原子有可能均共面可用

溶液鉴别有机物IIII1mol产物III与足量溴水反响，消耗 的物质的量为 mol阿魏酸在食品、医药等方面有着广泛用途．一种合成阿魏酸的反响可表示为以下说法正确的选项是可用酸性

溶液检测上述反响是否有阿魏酸生成香兰素、阿魏酸均可与

、NaOH溶液反响通常条件下，香兰素、阿魏酸都能发生取代、加成、消去反响41种确定条件下，以下厨房用品的主要成分或有效成分不能水解的是小苏打 B.食醋 C.淀粉 D.植物油以下有关说法正确的选项是“爆竹声中一岁除，春风送暖入屠苏”，爆竹的内充物为黑火药配方为硝石、木炭和硫黄。以下有关说法正确的选项是A.A.黑火药应贴的危急品标志是黑火药爆炸生成三种氧化物硝石的化学式为以下表达错误的选项是乙酸乙酯可用作碘水的萃取剂 B.氨基酸脱水缩合可形成多肽C.酚醛树脂易被强酸、强碱腐蚀 D.顺丁橡胶可被强氧化剂氧化氢氰酸 是一种弱酸，在水溶液中存在电离平衡：数为 以下说法正确的选项是

，常温下电离常溶液的增大HCN溶液浓度，其电离程度减小上升HCN溶液温度，平衡逆向移动参与少量NaOH溶液，会使 增大则键的键能为 键的键能为 ， 键的键能为 ，且则键的键能为A.B.C.A.B.C.D.将少量Na投入到水中：NaClO溶液中滴加少量D.D.向沉淀中滴加乙酸：

溶液：溶液：A.制备B.枯燥A.制备B.枯燥C.收集氨气D.处理尾气

为阿伏加德罗常数的值。以下表达正确的选项是1mol乙烷分子中含有的共价键数目为完全溶于水转移的电子数为标准状况下，

含有的原子数为14g乙烯和丙烯的混合物中含有的质子数为以下试验操作正确的选项是使用冷凝管时，从下口通入冷凝水用碱式滴定管量取

酸性 溶液27. 向二氯化铂的HClKCl，可得到蔡氏盐。27. 向二氯化铂的HClKCl，可得到蔡氏盐。以下相关表示正确的选项是A.11778的铂原子：B.KCl的电子式：C.协作物中铂的化合价为D.基态碳原子的价电子排布图：28. 试验室制备和收集氨气时，以下装置不能到达相应试验目的的是过滤洗涤沉淀时，一边倒入蒸馏水，一边用玻璃棒搅拌沉淀常温下两种钠盐NaXNaY溶液的物质的量浓度均为 ，加水稀释时溶液的pH与稀释倍数的对数 的关系如以下图。以下推断错误的选项是HX、HY均为弱酸，且HX的酸性比HY的强的NaX、NaY溶液中，前者对水的电离促进作用较大D.随着溶液的稀释，NaY溶液中渐渐减小D.随着溶液的稀释，NaY溶液中渐渐减小二、双选题〔312.0分〕短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，W的最高0，W、X、Y形成的化合物甲的构造如以下图，Z原子半径大小：电负性大小：X、Y形成的化合物为离子化合物33. 水杨酸33. 水杨酸是护肤品宠儿。以下有关水杨酸的说法正确的选项是1mol水杨酸最多可与

发生加成反响与对甲氧基苯甲酸互为同系物存在分子内氢键，使其在水中的溶解度减小分子中的碳原子均承受 杂化体中，该电池工作时放电的示意图如以下图，以下推断正确的选项是一种型氟离子电池的电解质为 和体中，该电池工作时放电的示意图如以下图，以下推断正确的选项是

， 可嵌入这两种盐的晶放电时，a极为该电池的正极充电时， 移向b极D.电池总反响为D.电池总反响为35.有机物构造如图，请写出Ⅲ中所含官能团的名称 。写出以下官能团的构造简式 。三、填空题〔35.有机物构造如图，请写出Ⅲ中所含官能团的名称 。写出以下官能团的构造简式 。醛基 羧基 酯基乙醇在核磁共振氢谱醛基 羧基 酯基乙醇在核磁共振氢谱中可能有 组信号峰，甲醚在核磁共振氢谱中可能有 组信号峰。在常温下测得的某烃的度之比为2：3，试确定该烃的构造简式为在常温下测得的某烃的的构造简式是 ，名称是的构造简式是 ，名称是 ；的反响类型是 ； 的反响类型是 ；反响的化学方程式是反响的化学方程式是 。38.苯氯乙酮是一种具有荷花香味且有强催泪作用的化学试剂它的构造简式如以下图则苯氯乙酮不行能具有的化学性质是 填字母。加成反响取代反响消去反响水解反响银镜反响由丙烯经以下反响可化学制得F、G两种高分子化合物，它们都是常用的塑料。写出丙烯生成A的化学方程式 。写出丙烯生成F的化学方程式 写出丙烯生成A的化学方程式 。写出丙烯生成F的化学方程式 。写出A生成B的化学方程式 。写出B生成C的化学方程式 。与制的碱性悬浊液共热转化为D的化学方程式 。利用某废铜下脚料主要成分是可制备硫酸铜晶体蓝矾，制备方法如图利用某废铜下脚料主要成分是可制备硫酸铜晶体蓝矾，制备方法如图1所示：废铜与浓硝酸，稀硫酸反响的化学方程式为 。工业上制备尿素的反响是：确定温废铜与浓硝酸，稀硫酸反响的化学方程式为 。工业上制备尿素的反响是：确定温：，蓝矾的化学式为： 。度下，在容积为的恒溶液密闭容器中参与和，反响过程中有关物质的物质的量2所示，度下，在容积为的恒溶液密闭容器中参与和，反响过程中有关物质的物质的量2所示，40s是反响到达平衡状态。曲线甲表示的物质是 写化学式。反响开头至到达平衡时平均反响速率，的平衡转化率是 。上升温度平 填“不移动”“向正反方向移动”或“向逆反响方向移动”下同；用Fe电极作阳极可处理酸化后的亚硝酸盐污水，使转化为无害气体，且溶液渐渐变为黄色，则 转化为无害气体的离子方程式为 。如图中铁钉发生的电化学腐蚀类型是 ，负极反响式为 如图中铁钉发生的电化学腐蚀类型是 ，负极反响式为 。试验室配置溶液时，需向溶液中滴加几滴稀硫酸，其目的是 ，溶液中离子浓度由大到小的挨次是 。Fe的化合价是，其净水过程中既表现出强氧化性，又表现了强吸附性，则Fe的化合价是，其净水过程中既表现出强氧化性，又表现了强吸附性，则与水反响的离子羰基铁酸是一种二元弱酸，其第一步电离方程式为 。时，向含得溶液的的溶液中参与确定量的后，恰好到达溶液平衡，测，通过计算推断所得的中是否含有杂质： 除外除外；其中，核磁共振氢谱峰面积比为3：2：2：2的物质构造简式为 写化学式。写出为原料制备的合成路西他沙星是一种广谱喹诺酮类抗菌药，可用于治疗严峻的感染性疾病。一种合成西他沙星中间S的合成路线如以下图：的化学名称是 。的构造简式为的化学名称是 。的构造简式为 ，C生成D的反响类型是 。生成E的化学方程式为 。的同分异构体中，与X含有一样的官能团，且含苯环的有 种不考虑立体异构，X线： 其他试剂任选。42. 线： 其他试剂任选。42. Cu是被广泛应用的金属之一，铜器件在空气中久置会生成铜锈：答复以下问题：元素在元素周期表中的位置为 基态Cu原子的核外电子排布式为 ，基态 有 个未成对电子。参与生成铜锈的物质 中O原子的杂化方式为 ， 分的晶体类型是 ，含 键。AuCuAu金属互化物的密度为，阿伏加德罗常数为，则晶胞边长 阿伏加德罗常数为，则晶胞边长 nm。五、试验题〔111.0分〕知：该黑色物质可能含CuO、知：该黑色物质可能含CuO、CuS、及有可能被黑色掩盖颜色的砖红色。该兴趣1所示试验流程对该黑色物质的成分进展探究，其中步骤iii2装置中进展。：在酸中不稳定，生成和Cu：在酸中不稳定，生成和Cu；铜的硫化物难溶于稀硫酸。假设测得滤渣Ⅰ中含写出“黑色物质”中参与稀硫酸发生反响生成Cu的离子方程式：检验图2中整套装置气密性的方法是 ，仪检验图2中整套装置气密性的方法是 ，仪器X的名称是 。步骤ii中检验固体Ⅱ洗涤干净的方法是 。通过计算确定固体Ⅱ中确定存在的硫化物是 写化学式。为防止环境污染，丙装置可选用以下装置中的 填标号答案：C

答案与解析 解析：解： 乙烯与水反响生成乙醇是加成反响，故A错误；D.乙烯聚合为聚乙烯高分子材料，反响物全部转化为产物，原料利用率为，故D错误。B.解析：解： 乙烯与水反响生成乙醇是加成反响，故A错误；D.乙烯聚合为聚乙烯高分子材料，反响物全部转化为产物，原料利用率为，故D错误。应选：C。“绿色化学”原子经济性反响是原料分子中的原子全部转化成所需要的产物，不产生副产物，常见的加成反响和加聚反响符合要求．此题考察“绿色化学”学问，难度不大，要生疏各种反响类型，还要考虑环保、经济等方面．答案：C，该反响有杂质HCl，该反响有杂质HCl生成，且可能含有其它氯B、，产物是二氯乙烷不是氯乙烷，故B错误．C、，生成物只有一氯乙烷，符合原子经济理念，故C正确．D、乙烷和浓盐酸不反响，故DC、，生成物只有一氯乙烷，符合原子经济理念，故C正确．望的最终产物，这时原子的利用率为．望的最终产物，这时原子的利用率为．此题考察了乙烯和乙烷的化学性质，难度不大，留意烷烃和烯烃化学性质的区分．答案：C解析：解：A、乙醇、甲苯和硝基苯中，乙醇可以和水互溶、甲苯不和水互溶但比水轻、硝基苯不和水互溶但比水重，可以用水来鉴别，故不选A；B、苯、苯酚和己烯可以选浓溴水，苯不和溴水反响、苯酚和浓溴水生成白色沉淀、己烯和溴水加成使其褪色，可以鉴别，故不选B；C、苯、甲苯和环己烷三者性质相像，不能鉴别，选C；D、甲酸、乙醛、乙酸可选制氢氧化铜，甲酸能溶解制氢氧化铜但加热时生成红色沉淀、乙醛不能溶解氢氧化铜但加热时生成红色沉淀、乙酸只能溶解氢氧化铜，可以鉴别，故不选D。应选：C。钾、制、溶液等．可以和水互溶、甲苯不溶于水但比水轻、硝基苯溶于水但比水重，可以鉴别；鉴别时留意物质的特性和共性，例如苯、苯酚和己烯可以选浓溴水，苯不和溴水反响、苯酚和浓溴水生成白色沉淀、己烯和溴水加成使其褪色，甲酸、乙醛、乙酸都能和制氢氧化铜反响，甲酸能溶解制氢氧化铜但加热时生成红色沉淀、乙醛不能溶解氢氧化铜但加热时生成红色沉淀、乙酸只能溶解氢氧化铜．选择适当的试剂和方法，准确观看反响中的明显现象，如颜色的变化、沉淀的生成和溶解、气体的钾、制、溶液等．答案：A4421个甲基，正确命名为：甲B、2C、2个溴原子，正确命名为：C、2个溴原子，正确命名为：1，二溴乙烷，故C错误；D、432个甲基，正确命名为：3，二甲基丁酸，故D错误，二甲基丁酸，故D错误，A、烷烃的命名：选取最长碳链为主链，距离支链最近的一端为1号碳；B、醇类命名：选取含有羟基的最长碳链为主链，距离羟基最近的一端为1号碳；C2个Br原子，分别标出其位置；D、羧酸命名：选取含有羧基的最长碳链为主链，含有羧基的碳为1号碳．此题主要考察的是烷烃的命名、醇类的命名、卤代烃的命名、羧酸的命名等，难度不大．答案：A解析：解：苯与液溴、浓硝酸在确定条件下都能发生取代反响，乙酸与乙醇的酯化反响属于取代B.依据“定一移一”的原则，且分子中左右两边的两个C解析：解：苯与液溴、浓硝酸在确定条件下都能发生取代反响，乙酸与乙醇的酯化反响属于取代B.依据“定一移一”的原则，且分子中左右两边的两个C对称，则的二氯取代产物有：种构造，故B错误；C.的水解产物是和，C.的水解产物是和，D.可以用溴除去乙烷中的乙烯，但是不能用酸性高锰酸钾溶液溶液除去乙烷或者的乙烯，缘由是酸性高锰酸钾溶液能够与乙烯反响生成的杂质二氧化碳，故D错误；应选：A。B.依据“定一移一”的原则求算的二氯取代产物数目；B.依据“定一移一”的原则求算的二氯取代产物数目；C.酯化反响原理为“酸脱羟基醇脱氢”，则酯的水解中会进入乙醇中；D.除杂时不能引进的杂质，酸性高锰酸钾溶液能够将乙烯氧化成二氧化碳，引进了的杂质．此题考察了取代反响的推断、同分异构体数目的求算、酯的水解原理、物质的除杂方法等学问，题目难度不大，试题涉及的学问点较多，留意明确酯的水解原理，把握求算同分异构体数目的方法．6.C.酯化反响原理为“酸脱羟基醇脱氢”，则酯的水解中会进入乙醇中；解析：解： 为分子内脱水生成醚，为取代反响，不属于消去反响，故A错误；D.被取代，属于取代反响，故D正确；B.为醇的催化氧化反响，属于氧化反响，故B正确；C.解析：解： 为分子内脱水生成醚，为取代反响，不属于消去反响，故A错误；D.被取代，属于取代反响，故D正确；应选：A。A.为分子内脱水生成醚；B.为醇的催化氧化反响；D.被取代。C.1，4D.被取代。此题考察有机物的构造与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系、有机反响为解答的关键，侧重分析与应用力气的考察，留意反响中官能团的变化，题目难度不大。答案：B解析：4解析：4种位置的H：4种，由构造的对称性分析存在的几种位置的H，有几种位置的氢就有几种一氯代物；此题考察学生同分异构体的概念，留意等效氢的推断，要求学生具有整合学问的力气，难度较大．答案：B解析：【分析】此题考察有机物的构造和性质，题目难度不大，此题留意有机物的官能团的种类和性质，为解答该题的关键．【解答】能与1个羧基，能与Na1个酚羟基、11个醇羟基；能与NaOH1能与1个羧基，则消耗Na、NaOH则消耗Na、NaOH、3：2：1，解析：解：该有机物含有酚羟基，具有酸性，可发生取代反响、氧化反响，则正确；含有羧基，具有酸性，可发生中和、酯化反响，则正确；解析：解：该有机物含有酚羟基，具有酸性，可发生取代反响、氧化反响，则正确；含有羧基，具有酸性，可发生中和、酯化反响，则正确；含有碳碳双键，可发生加成、加聚、氧化反响，则正确，含有，则可发生消去、取代反响，则正确，不能发生的反响类型为，应选含有碳碳双键，可发生加成、加聚、氧化反响，则正确，含有，则可发生消去、取代反响，则正确，不能发生的反响类型为，该有机物含有酚羟基，可发生取代、氧化和显色反响，含有羧基，具有酸性，可发生中和、酯化反响，含有碳碳双键，可发生加成、加聚、氧化反响，含有氯原子，可发生消去、取代反响，以此解答该题．为解答该题的关键，留意把握有机物反响的类型的推断．答案：C解析：解：A、相对分子质量在一万以上的为高分子化合物，而糖类和油脂均不是高分子化合物，故A错误；B故B错误；C、油脂在碱性条件下的水解为高级脂肪酸钠和甘油，可以制得肥皂和甘油，称为皂化反响，故C正确；D、汽油来自石油，石油不能再生，故汽油是不行再生资源，故D错误。应选：C。A、相对分子质量在一万以上的为高分子化合物；B、重金属盐溶液能使蛋白质变性；C、油脂在碱性条件下的水解称为皂化反响；D、汽油来自石油，石油不能再生。此题考察了石油、油脂和蛋白质的性质，难度不，应留意区分能使蛋白质变性和盐析的盐的区分。解析：解：解析：解：1molHCl发生加成反响，则该烃分子含有1个键；该卤代烷能和1个碳碳双键、6个H原子，选项中只有符合，7个H1个H该卤代烷能和1个碳碳双键、6个H原子，选项中只有符合，1mol某链烃最多能和1molHCl1mol某链烃最多能和1molHCl1个1mol该卤代烷能和发生取代反响，生成只含碳元素和氯元素的氯代烃，卤代烃分子中含有7个H1个H原子为链烃与HCl发生加成反响引入，所以链烃分子中含有6个H原子，据此结合选项推断．此题考察了有机物分子式确定，题目难度中等，明确取代反响、加成反响原理为解答关键，留意娴熟把握常见有机物构造与性质，试题培育了学生的分析力气及灵敏应用力气．答案：A解析：解： 苯不溶于水，苯酚与氢氧化钠溶液反响，可分液分别，故A正确；B.乙烯被氧化生成二氧化碳，引入杂质，可用溴水除杂，故B错误；C.二者都与氢氧化钠溶液反响，应用饱和碳酸钠溶液除杂，故C错误；解析：解： 苯不溶于水，苯酚与氢氧化钠溶液反响，可分液分别，故A正确；应选：A。A.苯酚与氢氧化钠溶液反响；B.乙烯被氧化生成二氧化碳；C.二者都与氢氧化钠溶液反响；D.二者都与氢氧化铜在确定条件下反响。此题考察混合物分别提纯，为高频考点，把握有机物的性质、有机反响、混合物分别方法为解答的关键，侧重分析与试验力气的考察，留意分别方法的选择，题目难度不大。答案：B解析：解：甲苯在光照下与反响，甲基上H解析：解：甲苯在光照下与反响，甲基上H被取代，而在催化剂条件下苯环上引入氯原子，C.碳碳双键、均可被高锰酸钾氧化，与高锰酸钾反响不能生成，故CB.C.碳碳双键、均可被高锰酸钾氧化，与高锰酸钾反响不能生成，故CD.、D.、发生加成反响生成，、发生加成生成，最终、发生加聚反响，不涉及酯化反响，故生成，最终、发生加聚反响，不涉及酯30页A.甲苯在光照下与反响，甲基上HA.甲苯在光照下与反响，甲基上H被取代；C.碳碳双键、均可被高锰酸钾氧化；C.碳碳双键、均可被高锰酸钾氧化；D.、发生加成反响生成，、发生加成生成，最终、发生加聚反响。此题考察有机物的构造与性质，为高频考点，把握官能团与性质、有机反响为解答的关键，侧重分析与应用力气的考察，留意选项生成，最终、发生加聚反响。解析：解：分子中含解析：解：分子中含、4种官能团，故A错误；B.含与乙醇发生酯化反响，含与乙酸发生酯化反响，故BB.含与乙醇发生酯化反响，含与乙酸发生酯化反响，故B正确；C.不是苯环，只有与NaOH1mol2molNaOH发生中和反响，故D.碳碳双键与溴的四氯化碳溶液发生加成反响，双键与均能被酸性高锰酸钾溶液氧化，原理由构造简式可知，分子中含、、碳碳双键、醚键等，结合羧酸、醇、烯烃的性质来不同，故D错误；应选：由构造简式可知，分子中含、、碳碳双键、醚键等，结合羧酸、醇、烯烃的性质来解答．此题为2023留意官能团的推断，题目难度不大．答案：B解析：解： 甲烷和氯气反响生成一氯甲烷，H被解析：解： 甲烷和氯气反响生成一氯甲烷，H被Cl取代；苯和硝酸反响生成硝基苯，苯环上的HB.分子式为故B错误；苯中不含碳碳双键，则苯不能使溴的四氯化碳溶液褪色，故C正确；葡萄糖为根本养分物质，则血液中葡萄糖含量过低，会使人患“低血糖”症，故D正确；应选：B。B.分子式为的有机物有正戊烷、戊烷、异戊烷，分子式一样；A.H被ClHB.分子式为的有机物有正戊烷、戊烷、异戊烷，分子式一样；C.苯中不含碳碳双键；D.葡萄糖为根本养分物质．此题考察较综合，涉及有机物构造与性质、同分异构体、有机反响类型及根本养分物质，留意根底学问的考察，综合性较强，题目难度不大．解析：解： 由构造简式可知解析：解： 由构造简式可知2，二甲基庚烯的分子式为，故A正确；B.2，二甲基B.2，二甲基3，二甲基辛烯的分子式不同，但构造相像，互为同系物，故C.都含有碳碳双键，可与溴发生加成反响，均能使溴的四氯化碳溶液褪色，故C正确；D.家蚕信息素 与溴发生加成反响时，可分别加在两个双键上，产物不只一种，故D错误；1630页应选D．A.依据构造简式确定元素种类和个数，可确定分子式；B.依据同系物的定义推断；C.都含有碳碳双键，可与溴发生加成反响；D.1，21，4加成．此题考察有机物的构造和性质，侧重学生的分析力气的考察，为高考常见题型和高频考点，题目难度中等，留意把握有机物的官能团的性质，明确同系物、同分异构体等概念的含义．解析：解： 含甲酸某酯构造，能发生银镜反响，故解析：解： 含甲酸某酯构造，能发生银镜反响，故A错误；B.酚的邻位、碳碳双键与溴水反响，则1molB.酚的邻位、碳碳双键与溴水反响，则1mol该物质最多可与反响，故B错误；C.2个酚羟基、及均与NaOH1mol4molNaOHCD.含酚，与发生反响，与碳酸氢钠不反响，故D错误；由构造可知分子中含、酚、、碳碳双键，结合甲酸某酯、酚、卤代烃、烯烃由构造可知分子中含、酚、、碳碳双键，结合甲酸某酯、酚、卤代烃、烯烃的性质来解答．此题考察有机物的构造与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重分析与应用力气的考察，留意烯烃、酯等有机物的性质分析，题目难度不大．答案：B解析：【分析】为解答该题的关键，此题留意酚羟基的性质，题目难度不大．【解答】A.二者分子式不同，不是同分异构体，故A错误；B.都含有碳碳双键，可发生加成反响，故B正确；C.有机物乙不含羧基，与碳酸氢钠不反响，故C错误；D.凡直接与苯环相连的原子，确定在同一平面内，故有机物甲、乙分子中均最少有7个碳原子共平面，故D错误．应选B．答案：B解析：解：解析：解：9个C原子、12个H原子、4个O原子，全部I的分子式为，故AB.苯分子中全部原子共平面、乙烯分子中全部原子共平面、甲醛分子中全部原子共平面，依据苯、乙烯和甲醛的构造特点知II中全部原子可能共平面，故B正确；C.I、III中都含有酚羟基，都能和氯化铁发生显色反响，全部不能用氯化铁溶液鉴别I、III，故C错误；消耗2mol，故D错误；D.III中能和溴水反响的有碳碳双键消耗2mol，故D错误；应选：B。A.I9个C原子、12个H原子、4个O原子；B.苯分子中全部原子共平面、乙烯分子中全部原子共平面、甲醛分子中全部原子共平面，依据苯、乙烯和甲醛的构造特点确定II中全部原子是否共平面；C.I、III中都含有酚羟基，都能和氯化铁发生显色反响；D.III中能和溴水反响的有碳碳双键、苯环上酚羟基邻位氢原子．此题考察有机物构造和性质，为高频考点，侧重考察学生分析推断及学问迁移力气，明确官能团及其性质关系是解此题关键，留意酚和溴水发生取代反响位置，为易错点．答案：B解析：解：阿魏酸中含有碳碳双键，香兰素中含有醛基，酚羟基，都能使酸性高锰酸钾褪色，不能鉴别，故A解析：解：阿魏酸中含有碳碳双键，香兰素中含有醛基，酚羟基，都能使酸性高锰酸钾褪色，不B.香兰素中的酚羟基和阿魏酸中的酚羟基、羧基均可以与碳酸钠和氢氧化钠溶液反响，故B正确；C.香兰素和阿魏酸可以发生取代和加成反响，不能发生消去反响，故C错误；含有醛基，符合题意的有或两种，故D错误。含有醛基，符合题意的有或两种，故D错误。应选：B。A.阿魏酸中含有碳碳双键，香兰素中含有醛基，酚羟基，都能使酸性高锰酸钾褪色；B.香兰素含有酚羟基，阿魏酸中的酚羟基、羧基均可与碳酸钠、氢氧化钠反响；D.符合题意的有或D.符合题意的有或两种．此题考察有机物的构造和性质，是高考中的常见题型和重要的考点之一，属于中等难度的试题，意在考察学生对官能团与物质性质的关系及常见的有机反响类型的推断力气．试题根底性强，侧重对学生力气的培育和解题方法的指导．该题的关键是准确推断出分子中含有的官能团，然后依据相应官能团的构造和性质，灵敏运用即可．有利于培育学生的学问迁移力气和辑推理力气．答案：B解析：解：A、小苏打的主要成分是碳酸氢钠，碳酸氢根能水解，故A错误；B、食醋的有效成分是乙酸，乙酸不能水解，故B正确；C、淀粉是多糖，能水解，故C错误；D、植物油是油脂，能水解，故D错误。应选：B。酯类、卤代烃、二糖、多糖、蛋白质和含弱离子的盐能水解，据此分析。此题考察了物质的性质，难度不大，应留意的是糖类中的单糖不能水解。22.答案：D解析：解：黑火药为易爆物，其危急品标志是，故A错误；解析：解：黑火药为易爆物，其危急品标志是，故A错误；C.黑火药爆炸生成、、，故C错误；D.黑火药的成分之一是，俗称硝石，故DD.黑火药的成分之一是，俗称硝石，故D正确；C.黑火药爆炸生成、、；A.C.黑火药爆炸生成、、；D.黑火药是一硫、二硝、三木炭组成的混合物，其中硝为硝酸钾。此题考察了危急化学品、物质的分类、物质组成等学问，留意学问的积存，题目难度不大。答案：C解析：解：A、乙酸乙酯属于酯类，难溶于水，碘单质可以溶于其中，可用作碘水的萃取剂，故A正确；B、氨基酸脱水缩合可形成多肽，故B正确；C、酚醛树脂化学性质稳定，不易被强酸、强碱腐蚀，故C错误；D、橡胶可以燃烧，可以被氧气这种氧化剂氧化，故D正确。应选：C。A、萃取剂和原来的溶剂互不相溶，但是溶质在萃取剂中的溶解度远大于在原溶剂中的溶解度；B、氨基酸中含有氨基和羧基，氨基去氢羧基去羟基，可以脱去水；C、酚醛树脂化学性质稳定，不易被腐蚀；D、结合顺丁橡胶具有可以燃烧的性质来答复。此题考察了有机物的性质学问，留意学问的归纳和梳理是关键，留意根底学问的考察，难度不大。答案：B解析：解：解析：解：是弱酸，局部电离，导致溶液中，则溶液的，故AB.弱电解质溶液浓度越大，其电离程度越小，所以增大HCN溶液浓度其电离程度减小，故B正确；C.弱电解质电离吸热，所以上升温度促进HCN电离，平衡正向移动，故C错误；D.NaOHHCN电离，但是温度不变电离平衡常数不变，故D错误；应选：B。A.HCN是弱酸，局部电离，导致溶液中 ；B.弱电解质溶液浓度越大，其电离程度越小；C.弱电解质电离吸热；D.电离平衡常数只与温度有关。此题考察弱电解质的电离，侧重考察对根底学问的理解和灵敏运用，明确弱电解质电离特点及其电离影响因素、电离平衡常数影响因素是解此题关键，留意弱电解质溶液浓度与电离程度关系，为解答易错点。解析：解：反响物的总键能生成物的总键能，设解析：解：反响物的总键能生成物的总键能，设键的键能为x，，，此题应用键能来计算反响热，利用公式：反响物的总键能生成物的总键能，可以将的应选：，，此题应用键能来计算反响热，利用公式：反响物的总键能生成物的总键能，可以将的反响物和生成物的键能代入公式，即可求出未知的键的键能。反响物和生成物的键能代入公式，即可求出未知的键的键能。解析：解： 少量Na解析：解： 少量Na投入冷水中生成氢氧化钠和氢气，正确的离子方程式为；，故A错误；B.向NaClO溶液中滴加少量溶液：B.向NaClO溶液中滴加少量溶液：，C.少量碳酸钠反响生成二氧化碳、水和氯化钠，离子反响方程式为：，D.向沉淀中滴加乙酸：，故DD.向沉淀中滴加乙酸：，故D错误；应选：C。2mol1mol氢气，该反响不满足电子守恒；NaClO为强碱弱酸盐，溶液呈碱性，不是酸性环境；C.少量碳酸钠反响生成二氧化碳、水和氯化钠；D.乙酸为弱酸，离子方程式中用分子式表示。此题考察了离子方程式的书写，知道难溶物、弱电解质、氧化物、单质等要写化学式，结合物质间的反响来分析解答，题目难度不大，C为易错点，少量碳酸钠反响生成二氧化碳、水和氯化钠。27.答案：B解析：解： 中子数为117、质子数为78解析：解： 中子数为117、质子数为78，则质量数为：，原子符号为：，B.氯化钾为离子化合物，钾离子与氯离子通过离子键结合，电子式为，故B正确；C.价，则，1个单位负电，则Pt为价，故负电，则Pt为价，故C错误；D.基态碳原子的价电子排布图为，故D错误；元素符号左下角表示质子数，左上角表示质量数；氯化钾为离子化合物，钾离子与氯离子通过离子键结合；C.依据化合物中各元素化合价代数和为0推断；D.不符合能量最低原理。此题考察了原子的表示方法、电子式、核外电子排布图等的书写，难度不大，明确原子中各微粒间量的关系，生疏核外电子排不规律，协作物构造组成是解题关键，题目难度中等。答案：B解析：解：和制备氨气时，需加热，试管口略向下倾斜，图示装置和药品均合B.与浓硫酸反响，不能用浓硫酸枯燥，故解析：解：和制备氨气时，需加热，试管口略向下倾斜，图示装置和药品均合B.与浓硫酸反响，不能用浓硫酸枯燥，故B错误；C.密度比空气小，需要用向下排空气法收集，图示收集方法合理，故C正确；D.不溶于，逸出时溶解在水中，可防止倒吸，图示装置合理，故DD.不溶于，逸出时溶解在水中，可防止倒吸，图示装置合理，故D正确；A.试验室中通过加热氯化铵和氢氧化钙的混合物制备氨气；B.浓硫酸与氨气反响；C.氨气的密度小于空气，承受向下排空气法收集；D.氨气极易溶于水，吸取氨气时需要防止倒吸，氨气不溶于四氯化碳，且四氯化碳的密度较大，图示装置可防止倒吸。此题考察化学试验方案的评价，为高频考点，把握物质的性质、常见气体的制备原理及试验技能为解答的关键，侧重分析与试验力气的考察，留意试验的评价性分析，题目难度不大。解析：解：6解析：解：6个，1个71mol乙烷分子中含有的共价键数目为，故A错误；B.依据方程式：3mol2molB.依据方程式：3mol2mol完全溶于水转移的电子数为，故B错误；D.乙烯和丙烯具有一样最简式，1个8个质子，14g乙烯和丙烯的混合物中含有的质子数为：8mol，个数为，故子数为：8mol，个数为，故D正确；A.16个，1个7条共价键；B.依据方程式：3molB.依据方程式：3mol2mol电子；D.乙烯和丙烯具有一样最简式，1个8个质子；此题考察了阿伏伽德罗常数的有关计算，把握公式的使用和物质的构造、状态是解题关键，题目难度不大，留意气体摩尔体积使用条件和对象。解析：解： 从冷凝管下口通入冷凝水，可保证冷凝管中布满冷水，冷凝效果好，故解析：解： 从冷凝管下口通入冷凝水，可保证冷凝管中布满冷水，冷凝效果好，故A正确；B.溶液只能用酸式滴定管量取，故BB.溶液只能用酸式滴定管量取，C.容量瓶、量筒洗涤后晾干即可，不能烘箱中烘干，故C错误；D.洗涤漏斗中的沉淀时，不能用玻璃棒搅拌，避开滤纸破损，导致沉淀损失，故D错误；应选：A。冷凝管承受自下而上通水时，冷凝效果更好；酸性高锰酸钾溶液具有强氧化性、酸性，能够氧化、腐蚀碱式滴定管的胶管；容量瓶、量筒等带有刻度的仪器不能烘干；过滤洗涤沉淀时不能搅拌，否则滤纸简洁破损。把握仪器的使用、试验操作、试验技能为解答的关键，侧重分析与试验力气的考察，留意试验的评价性分析，题目难度不大。答案：A解析：解：常温下，的两种钠盐溶液的pH解析：解：常温下，的两种钠盐溶液的pH7，说明两种钠盐都是强碱弱酸盐，NaX溶液pH值大于NaY溶液，说明水解程度大于，所以HX的酸性比HY的弱，故A错误；C.a点溶液，溶液呈碱性，则，所以，溶液中存在电荷守恒，故C正确；D.温度不变电离平衡常数不变，随着NaY溶液的稀释，溶液碱性减弱，则溶液中增大，B.弱酸根离子促进水电离，酸越弱，酸根离子水解程度越大，其对水电离促进作用越大HX的酸性比HYC.a点溶液，溶液呈碱性，则，所以，溶液中存在电荷守恒，故C正确；D.温度不变电离平衡常数不变，随着NaY溶液的稀释，溶液碱性减弱，则溶液中增大，，则减小，故D正确；，则减小，故D正确；A.常温下，的两种钠盐溶液的pH都大于7，说明两种钠盐都是强碱弱酸盐，溶液的pH越大，说明酸根离子水解程度越大，则其对应酸的酸性越弱；C.a点溶液C.a点溶液，溶液呈碱性，则；，溶液中存在电荷守恒D.，则。此题考察弱电解质的电离及盐类水解，侧重考察图象分析推断及计算力气，明确酸的酸性强弱与酸根离子水解程度关系、电离平衡常数计算方法是解此题关键，留意DD.，则。答案：AC解析：解：短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，W的最高正价与最低负价代数和为合价为 ，可知Y为Na，X为O，Y位于第三周期，则Z位于第三周期，合价为 ，可知Y为Na，X为O，Y位于第三周期，则Z位于第三周期，因Z元素在同周期中原A.原子半径：，故A正确；B.O的非金属性大于A.原子半径：，故A正确；B.O的非金属性大于Cl，则电负性：，故B错误；C.Na和O形成的、均是离子化合物，故C正确；D.中碳原子为杂化，故该离子的空间构型为平面三角形，故DD.中碳原子为杂化，故该离子的空间构型为平面三角形，故D错误；能为HIVA族元素，结合甲的构造式知W为C，由原子序数依次递增，甲中Y的化合价为，短周期主族元素W、能为HIVA族元素，结合甲的构造式知W为C，由原子序数依次递增，甲中Y的化合价为，可知Y为Na，X为O，Y位于第三周期，则Z位于第三周期，因Z元素在同周期中原子半径最小，Z为Cl。C.Na和OC.Na和O形成的、均是离子化合物；D.中碳原子为D.中碳原子为杂化。解析：解： 苯环能和氢气发生加成反响且苯环和氢气以解析：解： 苯环能和氢气发生加成反响且苯环和氢气以1：3反响，羧基中碳氧双键和氢气不反1mol水杨酸最多可与发生加成反响，故1mol水杨酸最多可与发生加成反响，故A错误；D.苯环和羧基上的碳原子价层电子对个数都是3，所以均承受杂化，故D.苯环和羧基上的碳原子价层电子对个数都是3，所以均承受杂化，故D正确；应选：CD。该有机物中含有羧基和酚羟基、苯环，具有羧酸、酚和苯的性质，能发生酯化反响、氧化反响、显色反响、加成反响、取代反响等。此题考察有机物的构造与性质，为高频考点，把握官能团与性质、有机反响、原子杂化类型推断等学问点为解答的关键，侧重分析与应用力气的考察，留意酚、羧酸的性质，题目难度不大。答案：AD解析：解：A、由图中电子的移动方向可知，a极为正极，b极为负极，故A正确；即移向a极，故B错误；C、充电时，阳极发生氧化反响，电极反响式为即移向a极，故B错误；C、充电时，阳极发生氧化反响，电极反响式为，故C错误；D、由装置中反响的两对物质可知，电池总反响为放电，故D正确。D、由装置中反响的两对物质可知，电池总反响为放电，故D正确。Mg是活泼金属、氧化性弱，所以该电池工作时Mg失去电子结合生成b电极为负极，电极反响式为，则a为正极，正极上发生反响：，充电时为电解池，电解池的阳极、阴极与原电池的正极、负极对应，此时a电极为电解池的阳极，电极反响式为，a电极为电解池的阳极，电极反响式为，b电极为阴极，反响式为，据此解答。推断原电池的正负极和电极反响式的书写是难点和易错点，此题难度中等。35.答案：醚键、羰基和碳碳双键 ； ；由官能团的转化可知反响为取代反响， 为加成反响，故答案为：取代反响；加成反响；由官能团的转化可知反响为取代反响， 为加成反响，故答案为：取代反响；加成反响；反响Ⅳ为的消去反响，反响的化学方程式为，解析：解：结合图示可知，有机物Ⅲ分子中含有官能团为醚键、羰基和碳碳双键，解析：解：结合图示可知，有机物Ⅲ分子中含有官能团为醚键、羰基和碳碳双键，醛基为醛类的官能团，其构造简式为：；羧基为羧酸的官能团，其构造简式是：；酯基为酯类的官能团，其构造简式为：，故答案为：；；。故答案为：；；。Ⅲ的构造简式推断其含有官能、、，据此解答。36.答案：36.答案：3 1解析：解：乙醇解析：解：乙醇3种等效氢原子，则其核磁共振氢谱中有3组甲醚1H原子，则甲醚PMR1组信号峰；在常温下测得某芳香烃PMR谱，观看到两种氢原子给出的信号，其强度之比为2：在常温下测得某芳香烃PMR谱，观看到两种氢原子给出的信号，其强度之比为2：3，2种等效H，故答案为：。分子中含有几种等效H故答案为：。分子中含有几种等效H原子，则在PMR中就含有几组信号峰；峰的强度与每种类型氢原子的数芳香烃中含有苯环，分子式为2个C，可以是一个乙基，也可以为两个甲基，核磁共振氢谱中观看到两种氢原子给出的信号，其强度之比为2：3，数目该芳香烃构造对称，只能为对二甲苯。37.答案：环己烷取代反响加成反响37.答案：环己烷取代反响加成反响解析：解： 由以上分析可知A为，名称为环己烷，故答案为：；环己烷；解析：解：含苯环、，可发生加成反响，故不选；，故答案为：解析：解：含苯环、，可发生加成反响，故不选；，故答案为：；为，被催化氧化为，B转化为C的化学反响方程式为，故答案为：；与制的碱性悬浊液共热转化为D的化学方程式是故答案为：。由合成路线可知，反响Ⅰ为光照条件下的取代反响，所以由合成路线可知，反响Ⅰ为光照条件下的取代反响，所以A为，反响Ⅱ为卤代烃发生的消去反应，反响Ⅲ为环己烯的加成反响，B为，反响Ⅳ为卤代烃的消去反响，生成环己二烯，以38.答案：ce38.答案：ce含，可发生水解反响，属于取代反响，故不选；与相连C的邻位C上没有H含，可发生水解反响，属于取代反响，故不选；与相连C的邻位C上没有H，不能发生消去反响，应选；含，可发生水解反响，故不选；不含，则不能发生银镜反响，应选；与氢气的加成反响，也属于复原反响，故不选；丙烯与溴发生加成反响生成A，化学方程式为，丙烯生成F的化学方程式为，故答案为：；为，在碱性条件下水解生成B为，方程式为故答案为：；故答案为：。有机物含有羰基和氯原子，具有酮、氯代烃的性质；或；依据方程式计量关系可知，乙为、丙为，则、与水共同作用生成和故答案为：。有机物含有羰基和氯原子，具有酮、氯代烃的性质；或；依据方程式计量关系可知，乙为、丙为，则、与水共同作用生成和，硫酸铜溶液经过蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤得到硫酸铜晶体蓝矾；计算，，与溴发生加成反响生成A为，在碱性条件下水解生成B与溴发生加成反响生成A为，在碱性条件下水解生成B为，进而被催化氧化为C，即，进一步被氧化为D，则D为，D与氢气发生加成反响生成E为，E发生缩聚反响生成高聚物可发生加聚反响生成高聚物，F为，以此解答该题。或向逆反响方向移动不移动解析：解：硫酸铜溶液经过蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤得到硫酸铜晶体蓝矾，化学式为，故答案为：；由流程可知，Cu与混合酸稀硫酸、浓硝酸NO逸出，反响的化学方程式为反响生成，其中浓硝酸作氧化剂、全部转化，故答案为：；故答案为：或；；；该反响正向放热，上升温度，平衡逆向移动，即平衡向逆反响方向移动；由于尿素是固体，所以方程式计量关系比例相等，则、的转化率相等，即的平衡转化率为故答案为：或；；；该反响正向放热，上升温度，平衡逆向移动，即平衡向逆反响方向移动；由于尿素是固体，所以方程式计量关系比例相等，则、的转化率相等，即的平衡转化率为，电极作阳极时，属于活泼电极，Fe失电子生成离子，与发生氧化复原反响生成和黄色 ，离子方程式为，故答案为：。制备硫酸铜晶体蓝矾流程为：废铜下脚料与混合酸稀硫酸、浓硝酸反响，得到硫酸铜溶液NO气体，化学方程式为，NO与氧气、解析：解： 食盐水为中性环境，则图中铁钉发生吸氧腐蚀；铁钉发生吸氧腐蚀作负极、Fe失电子，电极反响式为；故答案为：吸氧腐蚀；；是强酸弱碱盐，水解显酸性，滴加几滴硫酸，酸性条件可抑制水解；水解显酸性，则所以浓度大于，由电荷关系可知，，溶液中离子浓度大小挨次是解析：解： 食盐水为中性环境，则图中铁钉发生吸氧腐蚀；铁钉发生吸氧腐蚀作负极、Fe失电子，电极反响式为；故答案为：吸氧腐蚀；；是强酸弱碱盐，水解显酸性，滴加几滴硫酸，酸性条件可抑制水解；水解显酸性，则所以浓度大于，由电荷关系可知，，溶液中离子浓度大小挨次是；故答案为：抑制 水解； ；依据化合物中元素化合价代数和为0可知Fe的化合价为 由于 具有强氧化，与水反响时 作氧化剂，发生复原反响生成“强吸附性”的 胶体，所以反响的离子方程式为胶体，故答案为：；胶体；为二元酸，分步电离，以第一步为主，第一步电离方程式为，故答案为：；恰好到达平衡时溶液的，则浓度积，即、，中含有杂质，，所以故答案为：中含有杂质。图中铁钉发生的吸氧腐蚀，Fe作负极，失去电子生成；高铁酸钾Fe的化合价为，具有强氧化性，可与水发生氧化复原反响生成胶体和，依据电子守恒和电荷守恒写出反响的离子方程式；羰基铁酸是一种二元弱酸，分步电离，以第一步为主，用“”连接；结合方程式计量关系计算；由于和的量与反响计量数成比例，所以、结合方程式计量关系计算；由于和的量与反响