2018上海市杨浦区高考物理二模试题（卷）详解版

...wd......wd......wd...2018年上海市杨浦区高考物理二模试卷一、选择题〔共40分．第1-8小题，每题3分，第9-12小题，每题3分．每题只有一个正确答案1．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕以下现象中，与原子核内部变化有关的是〔〕A．光电效应 B．a粒子散射实验C．天然放射现象 D．x射线的发射2．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕以下关于光子说的基本内容，不正确的说法是〔〕A．光子的能量跟它的频率有关B．紫光光子的能量比红光光子的能量大C．光子是具有质量、能量和体积的实物微粒D．在空间传播的光是不连续的，而是一份一份的，每一份叫一个光子3．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕科学家常用中子轰击原子核，这是因为中子〔〕A．质量较小 B．质量较大 C．能量较大 D．是电中性的4．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕科学技术的开展促进了人们对原子、原子核的认识，以下说法中正确的选项是〔〕A．β衰变说明原子核内部存在自由电子B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反响C．α粒子散射实验结果说明原子内部正电荷是均匀分布的D．氡原子核的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天一定只剩下1个未发生衰变5．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕简谐运动属于〔〕A．匀变速运动 B．匀速直线运动C．变加速运动 D．匀加速直线运动6．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕关于匀变速直线运动，以下说法正确的选项是〔〕A．匀变速直线运动的速度随时间均匀变化B．匀减速直线运动就是加速度为负值的运动C．匀加速直线运动的速度一定与时间成正比D．速度先减小再增大的运动一定不是匀变速直线运动7．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕以下说法中正确的选项是〔〕A．物体间的相互作用力，不一定是同性质的力B．轻绳给物体拉力必沿绳且指向绳收缩的方向C．静止在斜面上的物体，物体所受斜面的作用力与物体所受重力大小一定相等D．人推自行车在水平路面上前进，前轮受的摩擦力向后，后轮受的摩擦力向前8．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕关于物体的内能，以下说法中正确的选项是〔〕A．水分子的内能比冰分子的内能大B．一定质量的0℃的水结成0℃的冰，内能一定减少C．物体所在的位置越高，分子势能就越大，内能越大D．一样质量的两个同种物体，运动物体的内能一定大于静止物体的内能9．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕某同学从电子市场购置了一款手机电池板，如以以下图，根据电池板上的标识，该电池一次可以提供的最大电能约为〔〕A．8.4×103J B．7.4×103J C．2.6×104J D．3.0×104J10．〔4分〕〔2018•闵行区二模〕如以以下图，圆筒形铝管竖直置于水平桌面上，一磁块从铝管的正上方由静止开场下落，穿过铝管落到水平桌面上，下落过程中磁块不与管壁接触．忽略空气阻力，那么在下落过程中〔〕A．磁块做自由落体运动B．磁块的机械能守恒C．铝管对桌面的压力大于铝管的重力D．磁块动能的增加量大于重力势能的减少量11．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕关于通电直导线在磁场中所受的安培力，以下说法正确的选项是〔〕A．磁感应强度跟导线所受的安培力成正比B．安培力的方向跟磁感应强度的方向垂直C．磁感应强度的方向跟安培力的方向一样D．通电直导线在磁场中某处受到的安培力为零，那么该处的磁感应强度一定为零12．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕如以以下图，左边的体积是右边的4倍，两边充以同种气体，温度分别为20℃和10℃，此时连接两容器的细玻璃管的水银柱保持静止，如果容器两边的气体温度各升高10℃，忽略水银柱及容器的膨胀，那么水银柱将〔〕A．向左移动 B．向右移动C．静止不动 D．条件缺乏，无法判断二、填空题13．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕某同学从空中点O以v0=20m/s的速度竖直向上抛出一小球，不计空气阻力，g取10m/s2．求：抛出后3s末小球的速度大小为m/s，3s内的路程为m．14．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕一个带正电的质点，电量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由a点移到b点。在这过程中，除电场力外，其他力做的功为6.0×10﹣5J，质点的动能增加了8×10﹣5J，那么从a到b的过程中电场力做的功为J，a、b两点间电势差U为V。15．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕一定质量的理想气体〔气体分子间作用力不计〕压强p与摄氏温度t的关系如以以下图，气体从状态A变到状态B，那么气体在状态A的体积在状态B的体积；此过程中，气体内能〔均选填“变大〞、“不变〞或“变小〞〕16．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕如以以下图，沿波的传播方向上有间距均为2m的五个质点a、b、c、d、e，均静止在各自的平衡位置．一列简谐波以2m/s的速度水平向右传播，t=0时刻波到达质点a，且质点a开场由平衡位置向下运动，t=3s时质点a第一次到达波峰，那么该列波的波长为m，质点e在t=s时第一次到达波峰．17．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕额定功率为80kW的汽车，在平直公路上行驶的最大速度是20m/s，汽车质量是2000kg，如果汽车从静止开场先做加速度为2m/s2的匀加速直线运动，到达额定功率后以额定功率行驶，在运动过程中阻力不变，那么汽车匀加速运动时的牵引力F=N，汽车从静止开场运动的10s的过程中牵引力力做的功W=J。三、综合题〔共40分〕18．〔10分〕〔2018•杨浦区二模〕某同学在做“用DIS测定电源的电动势和内阻〞的实验时用如图〔a〕所示的电路，其中定值电阻阻值R1=0.5欧〔1〕图〔a〕中B为传感器，滑动变阻器R在实验中起作用：〔2〕实验测得的路端电压U相应电流I的拟合曲线如图〔b〕所示，由此得到电源电动势E=V，内阻r=欧。〔3〕、该实验中应该选用以下哪个规格的滑动变阻器〔以下是滑动变阻器铭牌上的规格参数〕A、50欧，2AB、20欧，0.5AC、20欧，1AD、20欧，2A19．〔14分〕〔2018•杨浦区二模〕如以以下图，斜面ABC下端与光滑的圆弧轨道CDE相切于C，整个装置竖直固定，D是最低点，圆心角∠DOC=37°，E、B与圆心O等高，轨道轨道半径R=0.30m，斜面长L=1.90m，AB局部光滑，BC局部粗糙，现有一个质量为m=0.10kg的小物块P从斜面上端A点无初速下滑，物块P与斜面BC局部之间的动摩擦因数为0.75．取sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2，忽略空气阻力，求：〔1〕物块通过B点时的速度大小vB；〔2〕物块第一次通过C点时的速度大小vC；〔3〕物块第一次通过D点后能上升的最大高度；〔4〕分析说明物块最终处于什么状态。20．〔16分〕〔2018•杨浦区二模〕如图甲所示，光滑的平行金属导轨水平放置，导轨间距L=1m，左侧接一阻值为R=0.5欧的电阻。在MN与PQ之间存在垂直轨道平面的有界匀强磁场，磁场宽度d=lm．质量m=1kg的金属棒ab置于导轨上，与导轨垂直且接触良好，不计导轨和金属棒的电阻。金属棒ab受水平力F的作用从磁场的左边界MN由静止开场运动，其中F与x〔x为金属棒距MN的距离〕的关系如图乙所示、通过电压传感器测得电阻R两端电压随时间均匀增大，那么：〔1〕金属棒刚开场运动时的加速度为多少〔2〕磁感应强度B的大小为多少〔3〕假设某时刻撤去外力F后金属棒的速度v随位移s的变化规律满足v=v0﹣s〔v0为撤去外力时的速度，s为撤去外力F后的位移〕，且棒运动到PQ处时恰好静止，那么外力F作用的时间为多少2018年上海市杨浦区高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题〔共40分．第1-8小题，每题3分，第9-12小题，每题3分．每题只有一个正确答案1．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕以下现象中，与原子核内部变化有关的是〔〕A．光电效应 B．a粒子散射实验C．天然放射现象 D．x射线的发射【分析】α粒子散射现象是用α粒子打到金箔上，受到原子核的库伦斥力而发生偏折的现象；天然放射现象是原子核内部自发的放射出α粒子或电子的现象；光电效应是原子核外层电子脱离原子核的束缚而逸出；阴极射线打到金属上从金属中发出X射线，是核外电子逸出。【解答】解：A、光电效应是原子核外层电子脱离原子核的束缚而逸出，没有涉及到原子核的变化，故A错误；B、α粒子散射实验说明了原子内部有一个很小的核，并没有涉及到核内部的变化，故B错误；C、天然放射现象是原子核内部发生变化自发的放射出α粒子或电子，从而发生α衰变或β衰变，反响的过程中核内核子数，质子数，中子数发生变化，故C正确；D、阴极射线打到金属上从金属中发出X射线，是核外电子逸出，未产生新核，故D错误。应选：C。2．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕以下关于光子说的基本内容，不正确的说法是〔〕A．光子的能量跟它的频率有关B．紫光光子的能量比红光光子的能量大C．光子是具有质量、能量和体积的实物微粒D．在空间传播的光是不连续的，而是一份一份的，每一份叫一个光子【分析】光子的能量跟它的频率成正比；紫光的频率比红光的频率大；光子没有静止质量，也没有具体的体积，光子不是实物粒子；光是在空间传播的电磁波，是不连续的，是一份一份的能量。【解答】解：A、根据E=hv判断出光子的能量与光子的频率因素成正比关系。故A正确；B、在可见光的范围内，紫光的频率最大，而红光的频率最小，根据公式E=hv可得：紫光的能量大。故B正确；C、光子具有能量，但没有静止质量，也没有具体的体积，它不是实物粒子。故C错误；D、光是在空间传播的电磁波，是不连续的，是一份一份的能量，每一份叫做一个光子。故D正确此题选择不正确的，应选：C。3．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕科学家常用中子轰击原子核，这是因为中子〔〕A．质量较小 B．质量较大 C．能量较大 D．是电中性的【分析】中子因为它本身是不带电的，因此它和原子核的相互作用，它可以不受到库仑力的影响，另外它在穿越物质的过程中，它不会引起物质的电离．【解答】解：用中子轰击原子核，因为中子呈电中性，在轰击原子核的过程中，不受原子核的作用力，另外不会引起物质的电离。故D正确。A、B、C错误。应选：D。4．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕科学技术的开展促进了人们对原子、原子核的认识，以下说法中正确的选项是〔〕A．β衰变说明原子核内部存在自由电子B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反响C．α粒子散射实验结果说明原子内部正电荷是均匀分布的D．氡原子核的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天一定只剩下1个未发生衰变【分析】β衰变是原子核内的中子转化为质子同时释放出电子；枣糕模型提出原子内部正电荷是均匀分布的，a粒子散射实验结果说明原子内部正电荷只占整个原子的很小空间；太阳辐射来自太阳内部的热核反响；半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用。【解答】解：A、β衰变是原子核内的中子转化为质子同时释放出电子，不是证明原子核内部存在电子，故A错误；B、太阳辐射的能量来自于太阳内部的热核反响，故B正确；C、从绝大多数α粒子几乎不发生偏转，可以推测使粒子受到排斥力的核体积极小，所以带正电的物质只占整个原子的很小空间，故C错误；D、半衰期对大量的原子核适用，对少量的原子核不适用，故D错误；应选：B。5．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕简谐运动属于〔〕A．匀变速运动 B．匀速直线运动C．变加速运动 D．匀加速直线运动【分析】根据简谐运动的加速度与位移的关系，分析加速度是否变化，来判断简谐运动的性质，假设加速度不变，是匀变速直线运动；假设加速度变化，那么是变加速运动。【解答】解：根据简谐运动的特征：a=﹣，可知物体的加速度大小和方向随位移的变化而变化，位移作周期性变化，加速度也作周期性变化，所以简谐运动是变加速运动。应选：C。6．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕关于匀变速直线运动，以下说法正确的选项是〔〕A．匀变速直线运动的速度随时间均匀变化B．匀减速直线运动就是加速度为负值的运动C．匀加速直线运动的速度一定与时间成正比D．速度先减小再增大的运动一定不是匀变速直线运动【分析】匀变速直线运动是加速度不变的直线运动，速度的方向可能与加速度的方向一样，也可能相反。根据以上知识即可求解【解答】解：A、匀变速直线运动是加速度不变的直线运动，速度均匀变化，故A正确；B、匀减速直线运动是速度方向和加速度方向相反的运动，加速度并不一定为负值，故B错误；C、匀加速直线运动的速度不一定与时间成正比，如果有初速度即v=v0+at，故C错误D、速度先减小再增大的运动可能是匀变速直线运动，如匀减速直线运动，减速到零再反向加速运动，故D错误应选：A。7．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕以下说法中正确的选项是〔〕A．物体间的相互作用力，不一定是同性质的力B．轻绳给物体拉力必沿绳且指向绳收缩的方向C．静止在斜面上的物体，物体所受斜面的作用力与物体所受重力大小一定相等D．人推自行车在水平路面上前进，前轮受的摩擦力向后，后轮受的摩擦力向前【分析】作用力与反作用力的性质一定一样，绳子上的弹力一定沿绳指向绳收缩的方向；明确平衡条件，知道物体在平衡状态下，合力为零；根据摩擦力的性质确定摩擦力的方向。【解答】解：A、物体间的相互作用力，一定是同性质的力，故A错误；B、轻绳给物体拉力必沿绳且指向绳收缩的方向，故B正确；C、根据平衡条件可知，静止在斜面上的物体，物体所受斜面的作用力与物体所受重力大小一定相等，方向相反，故C正确；D、人推自行车在水平路面上前进时，前后轮均相对地面向前运动，故前轮受的摩擦力向后，后轮受的摩擦力向后，故D错误。应选：BC。8．〔3分〕〔2018•杨浦区二模〕关于物体的内能，以下说法中正确的选项是〔〕A．水分子的内能比冰分子的内能大B．一定质量的0℃的水结成0℃的冰，内能一定减少C．物体所在的位置越高，分子势能就越大，内能越大D．一样质量的两个同种物体，运动物体的内能一定大于静止物体的内能【分析】物体内所有分子动能与分子势能之和是物体的内能；做功与热传递是改变物体内能的两种方式；物体的内能由物质的量、物体的温度与物体体积决定．【解答】解：A、所有分子动能与势能之和是物体的内能，对一个分子不能谈内能，不能对比一个水分子与一个分子的内能关系，故A错误；B、一定质量的0℃的水结成0℃的冰要释放热量，其内能一定减少，故B正确；C、分子势能与分子间分子力和分子间距离有关，与物体的位置高度无关，故C错误；D、物体内所有分子动能与势能之和是物体的内能，物体内能由物质的量、物体的温度与物体体积决定，物体内能与物体是否运动无关，故D错误；应选：B。9．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕某同学从电子市场购置了一款手机电池板，如以以下图，根据电池板上的标识，该电池一次可以提供的最大电能约为〔〕A．8.4×103J B．7.4×103J C．2.6×104J D．3.0×104J【分析】此题考察对电池性能的认识，由图可得出电池的电动势及总电量，由W=UIt求出电池提供的最大电能。【解答】解：由图可知，电池的电动势为3.7V；由图可知，该电源的电量为：q=2000mA•h=2000×3.6C=7200C；那么最大电能W=UIt=UQ=3.7×7200J≈2.66×104J；故ABD错误；C正确；应选：C。10．〔4分〕〔2018•闵行区二模〕如以以下图，圆筒形铝管竖直置于水平桌面上，一磁块从铝管的正上方由静止开场下落，穿过铝管落到水平桌面上，下落过程中磁块不与管壁接触．忽略空气阻力，那么在下落过程中〔〕A．磁块做自由落体运动B．磁块的机械能守恒C．铝管对桌面的压力大于铝管的重力D．磁块动能的增加量大于重力势能的减少量【分析】条形磁铁通过铝管时，导致铝管的磁通量发生变化，从而产生感应电流，出现感应磁场要阻碍原磁场的变化，导致条形磁铁受到一定阻力，因而机械能不守恒；在下落过程中导致铝管产生热能；根据楞次定律得出铝管对桌面的压力大于铝管的重力．【解答】解：A、磁铁在铝管中运动的过程中，虽不计空气阻力，但在过程中，出现安培力作负功现象，从而磁块不会做自由落体运动，故A错误，B、磁铁在整个下落过程中，除重力做功外，还有产生感应电流对应的安培力做功，导致减小的重力势能，局部转化动能外，还有产生内能。故机械能不守恒；同时增加的动能小于重力势能的减小量，故BD错误；C、磁铁在整个下落过程中，由楞次定律中来拒去留规律可知，铝管受向下的作用力，故铝管对桌面的压力一定大于铝管的重力，故C正确；应选：C。11．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕关于通电直导线在磁场中所受的安培力，以下说法正确的选项是〔〕A．磁感应强度跟导线所受的安培力成正比B．安培力的方向跟磁感应强度的方向垂直C．磁感应强度的方向跟安培力的方向一样D．通电直导线在磁场中某处受到的安培力为零，那么该处的磁感应强度一定为零【分析】此题考察了产生条件、大小与方向，当电流方向与磁场平行时不受安培力，根据左手定那么可知安培力的方向与磁场垂直．引用公式F=BIL时，注意要求磁场与电流垂直，假设不垂直应当将导线沿磁场与垂直于磁场分解，因此垂直时安培力最大，最大为F=BIL．【解答】解：A、根据磁感应强度定义式B=，可知：磁感应强度跟导线所受的安培力，及电流与导线长度均没有关系，故A错误；B、根据左手定那么可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故B正确，C错误；D、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，而此时的磁感应强度不一定为零，故D错误。应选：B。12．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕如以以下图，左边的体积是右边的4倍，两边充以同种气体，温度分别为20℃和10℃，此时连接两容器的细玻璃管的水银柱保持静止，如果容器两边的气体温度各升高10℃，忽略水银柱及容器的膨胀，那么水银柱将〔〕A．向左移动 B．向右移动C．静止不动 D．条件缺乏，无法判断【分析】这类题目只能按等容过程求解．因为水银柱的移动是由于受力不平衡而引起的，而它的受力改变又是两段空气柱压强增量的不同造成的，所以必须从压强变化入手．【解答】解：假定两个容器的体积不变，即V1，V2不变，所装气体温度分别为293k和283k，当温度升高△T时，左边的压强由p1增至p'1，△p1=p'1﹣p1，右边的压强由p2增至p′2，△p2=p′2﹣p2。由查理定律得：△P1=△T，△P2=△T，因为p2=p1，所以△p1＜△p2，即水银柱应向左移动。应选：A。二、填空题13．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕某同学从空中点O以v0=20m/s的速度竖直向上抛出一小球，不计空气阻力，g取10m/s2．求：抛出后3s末小球的速度大小为10m/s，3s内的路程为25m．【分析】取竖直向上方向为正方向，竖直上抛运动可以看成一种加速度为﹣g的匀减速直线运动，由速度时间公式求3s末小球的速度大小．由位移公式求出3s内的位移以及最大高度，再求3s内的路程．【解答】解：取竖直向上方向为正方向，竖直上抛运动可以看成一种加速度为﹣g的匀减速直线运动，那么抛出后3s末小球的速度为v=v0﹣gt=20﹣10×3=﹣10m/s，速度大小为10m/s．3s内的位移为x==×3=15m，小球上升的最大高度为H===20m那么3s内的路程为S=2H﹣x=25m故答案为：10，25．14．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕一个带正电的质点，电量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由a点移到b点。在这过程中，除电场力外，其他力做的功为6.0×10﹣5J，质点的动能增加了8×10﹣5J，那么从a到b的过程中电场力做的功为2.0×10﹣5J，a、b两点间电势差U为1×104V。【分析】质点在静电场中由A点移到B点的过程中，电场力和其他外力对质点做功，引起质点动能的增加。电场力做功为Wab=qUab，根据动能定理求解a、b两点间的电势差Uab。【解答】解：由a点移到b点，根据动能定理得：Wab+W其它=△EK即电场力做功：Wab=△EK﹣Wab=8.0×10﹣5﹣6.0×10﹣5=2.0×10﹣5J，根据Wab=qUab，得：故答案为：2.0×10﹣5，1×104。15．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕一定质量的理想气体〔气体分子间作用力不计〕压强p与摄氏温度t的关系如以以下图，气体从状态A变到状态B，那么气体在状态A的体积小于在状态B的体积；此过程中，气体内能变小〔均选填“变大〞、“不变〞或“变小〞〕【分析】在p﹣t图象上作出过A、B两点的等容线，斜率越大，体积越小，根据热力学第一定律气体与外界之间的热量交换。【解答】解：在p﹣t图象中作出过A、B两点的等容线，延长交于同一点﹣273.15℃。C为定值，T为热力学温度，根据理想气体的状态方程：=C可得：p=可知等容线斜率越大，体积越小，所以气体在状态A的体积小于在状态B的体积，气体从状态A到状态B，温度降低，又因为是一定质量的理想气体，故内能变小。故答案为：小于，变小。16．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕如以以下图，沿波的传播方向上有间距均为2m的五个质点a、b、c、d、e，均静止在各自的平衡位置．一列简谐波以2m/s的速度水平向右传播，t=0时刻波到达质点a，且质点a开场由平衡位置向下运动，t=3s时质点a第一次到达波峰，那么该列波的波长为8m，质点e在t=7s时第一次到达波峰．【分析】根据质点a开场向下振动，t=3s时刻第一次到达最低点，找出时间与周期的关系，分析波传播的距离与波长关系，从而求出波长和周期．再结合波的传播方向，分析质点e何时第一次到达波峰．【解答】解：由题意：质点a开场向下振动，t=3s时刻第一次到达最低点，那么有：T=3s，那么：T=4s，所以该波的波长为：λ=vT=4×2=8〔m〕t=4s波传播的距离x=vt=2×4=8〔m〕，那么t=4s时波刚好传到e点．e点刚开场向下振动，再经过T=3s第一次到达波峰，所以t=4s+3s=7s时质点e第一次到达波峰故答案为：8，717．〔4分〕〔2018•杨浦区二模〕额定功率为80kW的汽车，在平直公路上行驶的最大速度是20m/s，汽车质量是2000kg，如果汽车从静止开场先做加速度为2m/s2的匀加速直线运动，到达额定功率后以额定功率行驶，在运动过程中阻力不变，那么汽车匀加速运动时的牵引力F=8000N，汽车从静止开场运动的10s的过程中牵引力力做的功W=600000J。【分析】当牵引力等于阻力时，速度到达最大，求得阻力，根据牛顿第二定律求得匀加速运动时的牵引力，利用速度时间公式求得匀加速运动的时间和位移，即可求得10s内牵引力做功【解答】解：当牵引力等于阻力时，速度到达最大，那么f=在加速阶段，根据牛顿第二定律可知F﹣f=ma，解得F=ma+f=8000N匀加速运动到达的最大速度v=加速运动的时间t=通过的位移为故匀加速阶段牵引力做功W1=Fx1=200000J此后在额定功率下运动，那么做功W2=Pt′=400000J，故从静止开场运动的10s的过程中牵引力力做的功W=W1+W2=600000J三、综合题〔共40分〕18．〔10分〕〔2018•杨浦区二模〕某同学在做“用DIS测定电源的电动势和内阻〞的实验时用如图〔a〕所示的电路，其中定值电阻阻值R1=0.5欧〔1〕图〔a〕中B为电流传感器，滑动变阻器R在实验中起调节电流大小作用：〔2〕实验测得的路端电压U相应电流I的拟合曲线如图〔b〕所示，由此得到电源电动势E=2.00V，内阻r=0.84欧。〔3〕、该实验中应该选用以下哪个规格的滑动变阻器〔以下是滑动变阻器铭牌上的规格参数〕DA、50欧，2AB、20欧，0.5AC、20欧，1AD、20欧，2A【分析】〔1〕A串联在电路中，测量电流的，B与滑动变阻器并联，测量电压，闭合电键前，滑动变阻器的滑动头P应位于阻值最大处；〔2〕明确闭合电路的欧姆定律的应用，再根据图象数据进展分析，从而明确电动势和内电阻的大小；〔3〕根据实验原理进展分析，从而明确应选择的滑动变阻器。【解答】解：〔1〕A串联在电路中，测量电流的，所以A是电流传感器；B与滑动变阻器并联，测量电压，所以B是电压传感器；滑动变阻器R在实验中起调节电流大小的作用；〔2〕根据U=E﹣I〔R+r〕可知，图象与纵轴的交点表示电源的电动势，故E=2.00V；图象的斜率表示内阻，那么可知：r+R===1.34Ω；故有：r=1.34﹣0.5=0.84Ω；〔3〕由图可知，测出中的最小电流约为0.1A，此时对应的总电阻为：R总===20Ω此时滑动变阻器接入电阻应为20﹣1﹣0.34=18.6Ω；故滑动变阻器总阻值一定大于18.6Ω；同时为了调节方便，总阻值不应过大，故应选择20Ω的总阻值，同时为了保证安全，额定电流应大于1A，故D正确。应选D；故答案为：〔1〕电流；调节电流大小；〔2〕2.00；0.84；〔3〕D。19．〔14分〕〔2018•杨浦区二模〕如以以下图，斜面ABC下端与光滑的圆弧轨道CDE相切于C，整个装置竖直固定，D是最低点，圆心角∠DOC=37°，E、B与圆心O等高，轨道轨道半径R=0.30m，斜面长L=1.90m，AB局部光滑，BC局部粗糙，现有一个质量为m=0.10kg的小物块P从斜面上端A点无初速下滑，物块P与斜面BC局部之间的动摩擦因数为0.75．取sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2，忽略空气阻力，求：〔1〕物块通过B点时的速度大小vB；〔2〕物块第一次通过C点时的速度大小vC；〔3〕物块第一次通过D点后能上升的最大高度；〔4〕分析说明物块最终处于什么状态。【分析】〔1〕根据几何关系求出BC局部的长度，对A到B运用动能定理，求出B点的速度vB。〔2〕根据物体在粗糙斜面上的受力判断出物体做匀速直线运动，从而得出C点的速度vC。〔3〕运用动能定理列式，求出物块第一次通过D点后能上升的最大高度。〔4〕物块在BC段运动时机械能有损失，经过假设干次后物块最终在C点为最高点、D为最低点的圆弧上往复运动。【解答】解：〔1〕根据几何关系得，斜面BC局部的长度为：l=Rcot37°=0.3×m=0.40m设物块第一次通过B点时的速度为vB，根据动能定理有：mg〔L﹣l〕sin37°=mvB2﹣0，代入数据得：vB=3m/s。〔2〕物块在BC局部滑