2023-2024学年广西南宁二中、柳铁一中高三（上）开学物理试卷（含解析）

2023-2024学年广西南宁二中、柳铁一中高三（上）开学物理试卷

一、单选题（本大题共6小题，共24.0分）

1.比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量

方法、比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理

量的大小取舍而改变。下列式子不属于比值法定义物理量的是（）

U

B.E=£D.R

2.当前，我国机器人产业总体发展水平稳步提升，应用场景显著扩展，产品优势不断

增强，创新型企业大量涌现。某品牌机器人做直线运动位移-时间图像（％-t图像）如

图所示，下列说法中正确的是（）

A.该机器人在J时刻离出发点最远

B.在〃〜t2时间内，该机器人运动的加速度方向不变

C.该机器人在0〜匕时间内的速度大于在t2〜t3时间内的速度

D.在0〜S时间内，该机器人运动速度方向始终不变，先做加速运动，后做减速运动

3.如图所示，物体a、b用细绳与弹簧连接后跨过滑轮，a静止在倾角为30。的

粗糙斜面上。已知7Ha=|mb，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由30。缓慢增大

到45。的过程中，a相对斜面保持静止，则此过程中（）

A.弹簧的弹力增大B.物体Q对斜面的压力增大

C.物体a受到的静摩擦力减小D.物体a受到的静摩擦力先减小后增大

4.九重之际向天间，天宫掠影惊苍穹。“天宫”空间站中三名宇航员正环绕地球运行，与此同时，“天问”

探测器在环绕火星运行。假设它们的运行轨道都是圆轨道，地球与火星的质量之比为P，“天宫”与“天问”

的轨道半径之比为关于“天宫”空间站与“天问”探测器，下列说法不正确的是（）

A.运行周期之比为用B.环绕速度之比为

C.加速度之比为幺D.动能之比为?

5.如图所示，交流发电机通过电阻不计的导线为右侧的电路供电，电压表和电流表均为理想电表，变压器

为理想变压器，副线圈两端接有开关S、滑动变阻器R以及两个定值电阻治、/?2。保持线圈4BCD（电阻不计）

在磁场中匀速转动，电流表4和电压表匕、彩的示数变化大小分别为4和4/、AU2,下列说法正确的是（）

o

A.当线圈4BCD位于如图所示的位置时，线圈ABCD产生的感应电动势最大

B.若发电机线圈的转速变为原来的2倍，其他条件不变，原线圈的输入功率也变为原来的2倍

C.当滑动变阻器的滑动触头向下滑动而其他条件不变时，电压表匕的示数变大

D.闭合开关S,移动滑动变阻器的滑动触头而其他条件不变时，//与//比值不变

6.如图所示，长均为L的两根轻绳，一端共同系住质量为m的小球，另一端分别固定在等

高的力、B两点，A,B两点间的距离也为L.重力加速度大小为g。现使小球在竖直平面内

以4B为轴做圆周运动，若小球在最高点速率为加寸，两根绳的拉力恰好均为零，则小球在

最高点速率为2。时，最高点每根绳的拉力大小为（）

A.\/~3mgB.^y/~3mgC.3mgD.2'J~3mg

二、多选题（本大题共4小题，共22.0分）

7.如图，MN和PQ是电阻不计的平行金属导轨，其间距为3导轨弯曲部分光滑，平直部分粗糙，二者平滑

链接，右端接一个阻值为R的定值电阻。平直部分导轨左边区域有宽度为d、方向竖直向上、磁感应强度大

小为B的匀强磁场。质量为小、电阻为2R的金属棒从高为八处静止释放，到达磁场右边界处恰好停止。己知

金属棒与平直部分导轨间的动摩擦因数为4,金属棒与导轨间接触良好。则金属棒穿过磁场区域的过程中（）

A.流过定值电阻的电流方向是：N-Q

B.通过金属棒的电荷量为缭

C.金属棒克服安培力所做的功为|mg(/i-/zd)

D.电阻R产生的焦耳热为：m9(九-〃d)

8.如图(a)为简谐横波在t=0.2s时刻的波形图，P是平衡位置在=1.0m处的质点，Q是平衡位置在过=

4.0m处的质点，M是平衡位置在=8.0m处的质点，图(b)为质点Q的振动图像、下列说法正确的是()

A.在t=0.2s时，质点P向y轴负方向运动

B.在t=0.25s时，质点P的加速度方向沿y轴负方向

C.质点M简谐运动的表达式为y=10sin(107rt)

D.t=0.2s到t=0.35s,质点P通过的路程为(20+10V-7)cm

9.如图所示，图1是不同温度下的黑体辐射强度随波长;I的变化规律图；图2为光电效应原理图，某种单色光

照射到光电管的阴极上时，电流表有示数；图3为氢原子的能级图，有大量处于n=5能级的氢原子向能级

跃迁；图4为放射性元素14c剩余质量7n与原质量的比值随时间t的变化规律图，下列说法中正确的是()

A.图1中，随着温度的升高，各种波长辐射强度的极大值向波长较短的方向移动

B.图2中，用频率更低的光照射光电管的阴极时，电流表一定没有示数

C.图3中，从n=5能级跃迁到n=4能级时产生的光子波长最长

D.图4中，14c的半衰期是5700年，则100个14c经过5700年还剩50个14c

10.如图所示，倾斜传送带按顺时针匀速转动，将质量为2kg的小物块轻轻放在传送带底端，小物块恰好在

传送带的中点与传送带共速，之后匀速上升到传送带顶端。已知传送带与水平面夹角。=30。，传送带顶端

离地高度力=10m,重力加速度g=10m/s2。若全过程中传送带因为传送物体多消耗的电能是400/,下列

说法正确的有（）

h

6

A.物体在传送带上加速运动与匀速运动时间之比为1：1

B.传送带速度为v=10m/s

C.物体与传送带间动摩擦因数〃=?

D.在全过程中产生的热量Q=150/

三、实验题(本大题共2小题，共14.()分)

11.某同学做“探究求合力的方法”的实验，如图甲所示，在水平桌面上，将轻质小圆环挂在橡皮条的一端,

另一端固定，橡皮条的长度为GE。在图乙中，用手通过两个弹簧测力计共同拉动小圆环，小圆环受到拉力居、

尸2、尸3三力的共同作用，静止于。点，橡皮条伸长的长度为EO。撤去Fi、F2,改用一个力F单独拉住小圆环,

仍使它静止于。点，如图丙所示。

4实验过程中吕、F?间的夹角要适当的大一些

8.用一个力F单独拉住小圆环时，小圆环可以不在。点

C.实验时必须记录&、七的方向

D实验前弹簧秤要进行机械调零

(2)①在探究过程中应用了的物理方法。

②若实验中，用4B两只弹簧测力计把橡皮条上的结点拉到某一位置。，这时4。、BO间夹角/力。8<90。，

如图丁所示，现改变弹簧测力计4的拉力方向，使a角减小，但不改变它的拉力大小，那么要使结点仍被拉

到。点，就应调节弹簧测力计B拉力的大小及£角，在下列调整方法中，可行的方法是。

4.增大B的拉力和/?角

B.增大B的拉力，£角不变

C.增大B的拉力，减小S角

DB的拉力大小不变，增大口角

12.某同学在研究标有额定工作状态为“3忆1.5W”的小灯泡的伏安特性曲线实验中，实验室提供以下器

材：

电流表4（量程100mA，内阻约为10）

电流表4（亶理600mA,内阻约为0.3。）

电压表U（量程3.0N,阻约为60000）

滑动变阻器R1（最大阻值为100）

滑动变阻器/?2（最大阻值为500。）

电源E（电动势为4V,内阻不计）

单刀单掷开关与单刀双掷开关若开，导线若干

（1）为了提高测量的准确度与有效性，应该选择电流表,滑动变阻器（填器材后面的代号）；

（2）若实验电路如图1所示，在实验过程中，应先将滑动变阻器的滑片P置于变阻器的端（填“左”或

“右”）；调整好滑片位置后将单刀双掷开关S3置______点（填“a"或ub"）o

（3）正确连接电路后，开始实验，调节滑动变阻器的滑片，如果电压表的示数可以从零开始变化，灯泡也不

亮，则可能故障是。

4灯泡支路发生了短路

8.灯泡支路发生了断路

C.电流表内部线圈烧断了

。.滑动变阻器左下端接入电路的导线有断路故障

（4）故障排除后，将滑片P向右调节，得到多种状态下小灯泡实际工作的电压与电流的对应数据、记录在表

格中，描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图2所示。

,F/N

(5)将这个小灯泡接入新电路(图3所示)中，电源内阻不计，该电路中其他元件的相关参数如图中标识，则该

小灯泡在该电路中的实际工作功率为勿(结果保留三位有效数字)。

四、简答题(本大题共2小题，共27.0分)

13.导热的U形管一端封闭，管中用水银封闭一定质量的气体，U形管两直管长度相等，间距为d,且d远大

于管的粗细。当U形口向上、直管竖直放置时，管中两水银面等高，如图(a),此时封闭气体柱长度为

大气压强为Po,室内温度不变，水银密度为p,重力加速度为g。

⑴若将U形管在管平面内缓慢逆时针转过90。成图(b),或顺时针缓慢转过90。成图(c),求(b)(c)两图中封闭

气体柱长度之比(结果用Po、p、g、d表示)；

(2)若U形管从图(c)继续顺时针缓慢转动，当左侧管中水银恰好与管口相齐时两侧管中水银面连线恰好在竖

直方向上,如图⑷。已知d=22.5cm,l0=15cm,求大气压强p0(单位用anHg表示)。

14.如图所示，一半径为R的圆与X轴相切于原点。，圆内有直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大为8。

与x轴垂直的竖直虚线与磁场最右端相切，其右侧的第I象限内存在沿-y方向的匀强电场。现有一束比荷

为£的带正电粒子沿着+y方向从原点。射入磁场，粒子离开磁场时方向沿x轴正方向，进入电场后，经电场

偏转打到x轴上坐标为(3R,0)的点，不计粒子的重力，求：

(1)粒子射入磁场时的速度；

(2)电场强度的大小；

(3)若仅使从。点射入的带电粒子初速度方向与-x轴方向成30。角，求粒子从。点出发到再次打到x轴上所用

的时间。

五、计算题(本大题共1小题，共13.0分)

15.如图所示，质量M=1kg的平板车A放在光滑的水平面上，质量m=0.5kg的物块B放在平板车右端上表

面，质量m=0.5kg的小球C用长为6.4m的细线悬挂于。点，。点在平板车的左端正上方，距平板车上表面的

高度为6.4小，将小球向左拉到一定高度，悬线拉直且与竖直方向的夹角为60。，由静止释放小球，小球与平

板车碰撞后，物块刚好能滑到平板车的左端，物块相对平板车滑行的时间为0.5s,物块与平板车间的动摩擦

因数为0.6,忽略小球和物块的大小，重力加速度g取10m/s2,求：

(1)平板车的长度；

(2)小球与平板车碰撞过程损失的机械能。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：A、公式a=£为牛顿第二定律的表达式，说明物体的加速度与F正比，与质量m成反比，故4

m

不属于比值定义；

B、某点的电场强度E由电场本身决定，所以电场强度公式E=（属于比值定义法，故B属于比值定义；

C、磁感应强度与在磁场中的电流元无关，B运用的是比值定义法，故C属于比值定义；

。、电阻R与电压及电流无关，所以电阻公式/?=彳属于比值定义法，故。属于比值定义。

本题选不属于比值定义法的，

故选：4。

所谓比值定义法，就是用两个物理量的“比值”来定义一个新的物理量的方法，比值法定义的基本特点是

被定义的物理量往往是反映物质的属性，与参与定义所用的物理量无关。根据物理量的定义分析是否是比

值定义法。

本题的关键是理解比值定义法的特点：被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用

的物理量的大小取舍而改变。

2.【答案】B

【解析】解：4、由图可知，该机器人在匕时刻回到出发点，故A错误；

图像的斜率表示质点的运动速度，由图可知，该机器人在0〜t1时间内沿正方向做匀速直线运动，

“〜时间内先减速，减速至零，然后做反方向做加速运动，t2〜^3时间内沿负方向做匀速直线运动。质点

在0〜tl时间内的速度小于在灰〜t3时间内的速度。根据加速度与速度方向的关系可知，在ti〜t2时间内，该

机器人运动的加速度方向不变，一直沿负方向，故B正确，CQ错误。

故选：B。

根据x-t图像直接读出机器人在2时刻离出发点的远近，根据x-t图像的斜率表示速度，分析机器人的运

动情况，判断加速度方向是否变化。

本题的关键是要知道x-t图像的斜率表示速度，斜率正负表示速度方向。

3.【答案】D

【解析】解：4对物体b受力分析，根据平衡可得?用=小源，弹簧的弹力始终等于物体b的重力，大小不变，

故A错误;

8.对物体a受力分析，可得凤=magcosd

易知倾角由30。缓慢增大到45。的过程中，斜面对物体a的支持力减小。根据牛顿第三定律可知物体。对斜面

的压力也减小，故B错误；

CD.同理，沿斜面方向，物体a的受力平衡，有magsin。+f=F弹

依题意

nia=|mh

联立，可得/=|?nag-7nagsi"。

倾角由30。缓慢增大到45。的过程中，物体a受到的静摩擦力先减小至零然后反向增大。故C错误；。正确。

故选：D。

本题分别对a、b受力分析，根据平衡列式，根据解析式判断，即可解答。

本题的关键是根据平衡列式，根据解析式判断大小，考查学生用数学解答物理问题能力。

4.【答案】D

【解析】解：4、根据万有引力提供向心力有:竿=m号r,解得:T=2兀后，代入数据解得:*=落,

故4正确；

B、根据万有引力提供向心力有：誓=字，整理得〃==，代入数据解得：£=故2正确；

C、根据万有引力提供向心力有：^=ma,整理得a=缪，代入数据解得：衿=,，故C正确；

。、由于无法知道“天宫”空间站与“天问”探测器的质量，无法计算动能之比，故。错误。

本题选不正确的，

故选：D。

根据万有引力提供向心力可解得运动周期、速度、加速度之比，由于无法知道“天宫”空间站与“天问”

探测器的质量，无法计算动能之比。

天体运动都可近似地看成匀速圆周运动，其向心力由万有引力提供，即尸刃=尸附根据相应的向心力表达

式进行分析。

5.【答案】D

【解析】解：4、当线圈48CD位于如图所示的位置时，穿过线圈的磁通量最大，但磁通量的变化率为0,根

据法拉第电磁感应定律可知，线圈力BCD产生的感应电动势为0,故A错误；

B、转速加倍时，根据法拉第电磁感应定律可得%==2?rnBS,可知原线圈产生交流电感应电动势的

最大值/变为原来的2倍，有效值。方也增大为原来的2倍，根据理想变压器输入功率等于输出功率，即：P2

Pi=*可得原线圈的输入功率将变为原来的4倍，故B错误；

R总

c、电压表匕测量的是变压器输出端的电压，输出端的电压取决于输入端电压及变压器原副线圈的匝数比即

似=荒，所以，当滑动变阻器的滑动触头向下滑动而其他条件不变时，电压表匕示数保持不变，故c错误；

。、设变压器输出端的电压为E,闭合开关S,移动滑动变阻器的滑动触头而其他条件不变时，根据闭合电

路欧姆定律可得：U2=E-IR1,可得44与4比值为等=%,R1不变，所以4U2与川比值不变，故。正

确。

故选：Do

线圈位于中性面时，感应电动势为零；

根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律、功率公式以及变压器的电流关系即可判断输出功率的变化；

由变压器的变压规律第=詈，可判断电压表示数是否变化；

n2

由变压器的电压关系、电流关系以及欧姆定律即可判断的的意义，确定其变化与否。

AI

本题考查了变压器的特点，结合闭合电路欧姆定律分析电阻变化引起电流、电压的变化。知道变压器的电

压之比等于匝数之比，电流比等于匝数反比。

6.【答案】A

【解析】解：小球在最高点速率为"时，两根绳的拉力恰好均为零，有：mg=m^

当小球在最高点的速率为2"时，根据牛顿第二定律有：mg+2Tcos300=zn与-，

解得：T=y/~3mg）则A正确，BCD错误

故选：Ao

当两根绳的拉力恰好为零时，靠重力提供向心力，结合牛顿第二定律列出表达式，当速率为功时，靠重力

和两根绳拉力的合力提供向心力，结合牛顿第二定律列出表达式，联立求出绳子的拉力。

解决本题的关键知道最高点的临界情况，抓住小球向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解。

7.【答案】BD

【解析】解：人根据右手定则可知，导体棒切割磁感线产生的感应电流MTP,所以流过定值电阻的电流

QtN,故A错误，

B、电流的定义式/=左，闭合电路的欧姆定律/=就，法拉点电磁感应定律E=竿，联立解得勺=票，

A<P=BdL,所以通过金属棒的电荷量为禁，故B正确，

。、对金属棒由动能定理得：mg/i-qngd-W纥=0解得卬安=mg/i+4mgd,故。错误。

。、根据C项可知回路产生总的焦耳热Q=W^=mgh+nmgd,金属棒与电阻R上产生的焦耳热之比为氏=

2

锣=2,所以电阻R产生的焦耳热为-〃d),故。正确，

IRt13

故选：BD。

根据右手定则确定感应电流方向，根据电流定义式、闭合电路的欧姆定律与法拉第电磁感应定律计算电荷

量，根据动能定理与电路特点计算焦耳热。

本题考查单棒切割磁感线产生感应电动势的导体滑杆模型，注意夯实基础，对基本规律的应用与理解。

8.【答案】AD

【解析】解：A、由题图(b)为质点Q的振动图像，则知在t=0.2s时，质点Q正从平衡位置向波峰运动，所

以t=0.2s时，质点Q沿y轴正方向运动，根据平移法可知该波沿%轴正方向传播，此时质点P正向y轴负方向

运动，故A正确；

B、由图乙读出周期T=0.2s,从t=0.2s至亚=0.25s经过的时间为At=0.05s=。7；在t=0,2s时质点P正

4

向y轴负方向运动，则经过那期，即在t=0.25s时，质点P位于x轴下方，加速度方向与y轴正方向相同，故

B错误；

C、质点Q简谐运动的表达式为y=Asin爷t-O.lsin^t(zn)=0.1sinl0nt(m')；则质点M简谐运动的表达

式为y=0.10sm(107rt—zr)(m),故C错误；

D、由图知：A=10cm=0.1m,该简谐横波的表达式为y=Asin竿％=O.lsi几金x(?n)=0.1$讥含(巾)；在

t=0,2s时P的位移为y=0.1sin^(Tn)=0.05/无(m)=5>A~2(cm)；在t=0.25s波向前传播的位移x==

7x8m=2m；即t=0.25sP的位移与t=0.2s时久=-l/n处的质点的位移相同y'=0.10=

4q

-0.05，7(m)=-5C(cm);所以从t=0.2s到t=0.35s,质点P通过的路程为s=y-y'=54皿+

5\T2cm+2A=(10<^+20)cm.故。正确。

故选：ADo

由乙图读出Q点在t=0.20s时的振动方向，结合甲图判断出波的传播方向；分别由两图读出波长和周期，求

出波速，由》=成求波传播的距离，根据时间与周期的关系分析质点P的运动方向，根据M点的振动情况可

以得到M点做简谐运动的表达式；根据质点Q的振幅、周期和初位相写出P简谐振动的表达式，由此求解通

过的路程。

此题要抓住两种图象的联系，由振动图象读出振动方向，由波动图象判断波的传播方向。书写振动方程要

抓住三要素：振幅、角频率和初相位。

9.【答案】AC

【解析】解：4根据黑体辐射强度随波长;I的变化规律，可知随着温度的升高，各种波长辐射强度的极大值

向波长较短的方向移动，故4正确；

B.某种单色光照射到光电管的阴极上时，电流表有示数，说明能发生光电效应。用频率更低的光照射光电管

的阴极时，如果频率小于极限频率，则电流表没有示数，如果频率仍然大于极限频率，则电流表有示数，

故8错误；

C.在图丙的5个能级之间，从n=5能级跃迁到建=4能级时，能级差最小，根据E=hv=与可知光子频率最

小，波长最长，故c正确；

D半衰期指的是大量原子核衰变时的统计规律，100个14c不是大量，经过一个半衰期后不一定剩余50个，

故。错误。

故选：AC.

根据黑体辐射强度随波长;I的变化规律判断；根据光电效应发生的条件判断；根据玻尔理论判断；半衰期是

大量放射性原子的统计规律。

本题考查了黑体辐射、玻尔理论、光电效应以及半衰期等基础知识，要求学生对这部分知识要重视课本，

强化理解并记忆。

10.【答案】CD

【解析】解：力、物块在传送带中点与传送带共速，物块做匀加速直线运动和匀速直线运动的位移相同，故

两段运动的时间之比应为？2：1,故4错误；

BC、小物块在传送带上匀加速运动时有：f-mgs讥J=ma,而摩擦力：f=ixmgcosd

根据运动学公式：v2=2ax

代入可得：v2=2(^gcos0—gsinB)x,v=at,其中冗=\--Ar=h=10m

Zsine

又由能量守恒定律，传送带多消耗的电能：E=+zngh+相对

而相对位移：x相对=x^;-x=vt-=x=10m

联立解得：〃=v=5yT~2m/sit=2y/~2s9故5错误，C正确；

。、由产生的热量：Q=・%的对=芋x2x10xyx10/=150/,故。正确。

故选：CD.

根据题意，由运动学规律可求两段的时间之比：应用牛顿第二定律与运动学公式结合题设条件，求出动摩

擦因数大小和传送带速度；根据摩擦生热的公式求解。

本题是传送带问题，根据题意分析清楚物块的运动过程是解题的前提，应用牛顿第二定律与运动学公式可

以解题。

11.【答案】ACD等效替代ABC

【解析】解：(1)4实验过程中F1、尸2间的夹角要适当的大一些，这样画平行四边形时，画出的平行四边形

就会准些，可以减少实验误差，故A正确；

8.用一个力F单独拉住小圆环时，小圆环也必须在。点，这样两种情况下拉力产生的效果才相同，故8错误；

C利用平行四边形法则作图时必须作出力的大小和方向，所以实验时必须记录用、尸2的大小和方向，故C

正确；

D实验前弹簧秤要进行机械调零，否则读数不准确会造成实验误差太大，故。正确。

故选：ACD.

(2)①在探究过程中应用了等效替代的物理方法。

②由题意可知：保持。点位置不动，即合力大小方向不变，弹簧测力计4的读数不变，利用三角形法则作图

如图所示：

根据图中几何关系可知：B的拉力一定增大，口角可能增大也可能减小，还有可能不变，故A8C正确、。错

误。

故选：ABCo

故答案为：(l)ACD；(2)①等效替代；@ABC.

(1)根据实验原理结合误差产生的原因、减少实验误差的方法进行分析；

(2)①该实验采用的方法是等效替代法；

②要使结点不变，应保证合力大小、方向不变，保持4的读数不变，即要求一个分力大小不变，故可以根据

三角形定则作图分析得出结果。

明确矢量合成的法则，在“验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的,

这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解.

12.【答案】A2%左bB0.384

【解析】解：(1)根据电功率公式，灯泡的额定电流为/=专=茎A=0.54=500nM

因此电流表应该选择电流表%；

滑动变阻器采用分压式接法，为了方便调节，滑动变阻器应选阻值较小的%;

(2)为了使灯泡的电流最小，在实验过程中，应先将滑动变阻器的滑片P置于变阻器的左端；

根据欧姆定律，灯泡的电阻约为&=：=焉。=6。

由于华=券£=0＞费=合=20

f\x0100U.J

因此电流表应选择外接法，调整好滑片位置后将单刀双掷开关S3置b点；

(3)4若灯泡支路发生了短路，电流表有示数，电压表示数为零，故A错误；

8.若灯泡支路发生了断路，电压表的示数可以从零开始变化，电流表没有示数，灯泡也不亮，故B正确;

C.若电流表内部线圈烧断了，电压表无示数，故C错误；

D若滑动变阻器左下端接入电路的导线有断路故障，电流表有示数，灯泡会发光，故。错误。

故选：B。

(5)由电路图，设灯泡的电压为U,电流为/；

根据闭合电路欧姆定律可得E=U+(^+/)/?3

代入数据整理得U=2-2.5/

将此函数图像在图2中画出来，如图所示:

V

图⑵

根据图(2)可知，交点坐标为(0.32A1.2V)

该小灯泡在该电路中的实际工作功率为P=UI=1.2x0.32W=0.38414/<,

故答案为：/：Ri；(2)左;(3)b；(4)8：(5)0.384,

(1)根据电功率公式，求解灯泡的额定电流，然后选择电流表；滑动变阻器采用分压式接法，据此选择滑动

变阻器；

(2)实验前，应先将滑动变阻器的滑片P置于变阻器的左端；比较待测电阻、电流表内阻和电压表内阻的大

小关系，选择电流表的内、外接法，再确定单刀双掷开关S3的位置；

(3)根据断路和短路故障出现的现象逐项进行分析；

(5)根据闭合定律的欧姆定律求解电源的U-/函数，然后作出U-/图像，交点坐标即为小灯泡实际工作电

流和电压，再根据功率公式求解。

本题考查了小灯泡伏安特性曲线的描绘以及根据伏安特性曲线求小灯泡的实际功率；根据闭合电路的欧姆

定律求解电源的U-/函数并作出图像是解题的关键。

13.【答案】解：(1)封闭气体做等温变化，对于(a)t(b)过程中，根据玻意耳定律可得：

PohS=(Po+pgd^S

对于(a)r(c)过程中，根据玻意耳定律可得：

Po,oS=(po-pgd),2s

联立解得：畀然&

(2)对于(a)-(d)过程中，根据玻意耳定律可得：

PohS=(Po-h)lS

22

根据几何关系可得：l=2l0,/i=Vd+Z

其中d=22.5cm=0.225m,l0—15cm—0.15m,

联立解得：po=75cmHg。

答：(l)(b)、(c)两图中封闭气体柱长度之比为耗鬻；

Po十pga

(2)大气压强为75cmHg。

【解析】(1)封闭气体做等温变化，分别对于(a)-(b)、(a)—(c)过程中，根据玻意耳定律列方程求解；

(2)对于(a)-(d)过程中，根据玻意耳定律列方程求解。

本题主要是考查理想气体状态方程，解答此类问题的关键是找出初、末状态气体的状态参量，根据理想气

体状态方程列方程求解。

14.【答案】解：(1)粒子在磁场中做匀速圆周运动，其轨迹为±圆周，轨迹半径等于圆形磁场区域的半径R,

由洛伦兹力提供向心力得:

qBv=m—

K

解得…=避；

m

(2)粒子进入电场做类平抛运动，沿-y方向做匀加速直线运动，其位移大小等于R；沿十%方向做匀速直线运

动，其位移大小等于3R—R=2R,则有：

R=

2R=vt

由牛顿第二定律得：a4

联立解得：E=迪；

2m

(3)粒子运动轨迹如下图所示:

粒子的在磁场中轨迹半径与圆形磁场区域的半径相等，由几何关系可得，粒子在P点离开磁场时的速度方向

沿工轴正方向，粒子由。到P做圆周运动的圆心角为180。-30。=150。，粒子在磁场中的运动周期为:

_I--2-n--R----2--n-m--

vqB

粒子在磁场中的运动周期为：

,150°T5-

A衙xr=丽

粒子由p到M的过程做匀速直线运动，设此过程运动时间为功，则有:

R-Rsin300=vt2

解得:12f

粒子由M点进入电场，由M到N的过程做类平抛运动，设此过程运动