2023届云南省玉溪市元江一中高三第二次调研测试物理试题试卷

2023届云南省玉溪市元江一中高三第二次调研测试物理试题试卷

注意事项

1.考生要认真填写考场号和座位序号。

2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑

色字迹的签字笔作答。

3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，同时作用在质点O上有三个共点力入、F2、F3,其中八、g是正六边形的两条边，乃是正六边形的一

条对角线。已知尸尸尸2=2N,则这三个力的合力大小等于

A.6NB.8NC.IOND.12N

2、已知动车组在水平轨道上运动时受到的阻力/=仙2（A为阻力系数），其中和谐号动车组的阻力系数是复兴号动车

组的1.2倍，和谐号动车组的了大速度约为27（）km/h,若复兴号动车组的额定功率约为和谐号动车组的1.44倍，则相

同条件下，复兴号动车组在额功率下的最大速度约为（）

A.330km/hB.300km/hC.290km/hD.260km/h

3、下列说法正确的是（）

A.布朗运动虽不是分子运动，但它证明了组成固体颗粒的分子在做无规则运动

B.液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间的距离，表现为引力

C.扩散现象可以在液体、气体中进行，不能在固体中发生

D.随着分子间距增大，分子间引力和斥力均减小，分子势能一定减小

4、物理学是研究物质运动最一般规律和物质基本结构的学科，在物理学的探索和发现过程中，科学家们运用了许多研

究方法如：理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立物理模型法等。以下关于物理学研究

方法的叙述中正确的是

A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是微元法

B.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度

与质量的关系，这里运用了假设法

C.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各

小段位移相加，这里运用了理想模型法

At*Ay

D.根据速度定义式丫=——，当Af-O时，——就可以表示物体在f时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法

Ar△r

5、如图所示，由。么Ob,Oc三个铝制薄板互成120。角均匀分开的I、n、HI三个匀强磁场区域，其磁感应强度分

别用BpB2.&表示.现有带电粒子自a点垂直0a板沿逆时针方向射入磁场中，带电粒子完成一周运动，在三个磁

场区域中的运动时间之比为1：2：3,轨迹恰好是一个以。为圆心的圆，则其在6、c处穿越铝板所损失的动能之比为

B.5：3

C.3：2D.27：5

6、“双星系统”由相距较近的星球组成，每个星球的半径均远小于两者之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体,

它们在彼此的万有引力作用下，绕某一点做匀速圆周运动。如图所示，某一双星系统中A星球的质量为B星球的

质量为机2,它们球心之间的距离为L,引力常量为G,则下列说法正确的是（）

B星球的轨道半径为瑞「

A.

B.A星球运行的周期为-------

C.A星球和B星球的线速度大小之比为,"1：m2

D.若在。点放一个质点，则它受到两星球的引力之和一定为零

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、在大型物流货场，广泛的应用传送带搬运货物.如图甲所示，与水平面倾斜的传送带以恒定的速率运动，皮带始终

是绷紧的，将m=lkg的货物放在传送带上的A端，经过1.2s到达传送带的B端.用速度传感器测得货物与传送带的

速度v随时间t变化的图象如图乙所示.已知重力加速度g=10m/s2,则可知（）

A.货物与传送带间的动摩擦因数为0.5

B.A、B两点的距离为2.4m

C.货物从A运动到B过程中，传送带对货物做功的大小为12.8J

D.货物从A运动到B过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为4.8J

8、在星球M上一轻弹簧竖直固定于水平桌面，物体尸轻放在弹簧上由静止释放，其加速度«与弹簧压缩量x的关系

如图产线所示。另一星球N上用完全相同的弹簧，改用物体。完成同样过程，其加速度。与弹簧压缩量x的关系如。

线所示，下列说法正确的是（）

A.同一物体在M星球表面与在N星球表面重力大小之比为3：1

B.物体尸、0的质量之比是6：1

C.M星球上物体R由静止开始做加速度为3ao的匀加速直线运动，通过位移xo时的速度为商兀

D.图中尸、。下落的最大速度之比为如

2

9、一质点做简谐运动的图象如图所示，下列说法正确的是.（填正确答案标号）

B.在10s内质点经过的路程是20cm

C.第4s末质点的速度最大

D.在f=ls和f=3s两时刻，质点位移大小相等、方向相同

E.在f=2s和f=4s两时刻，质点速度大小相等、方向相同

10、如图所示，理想变压器原、副线图的应数些为〃I："2=2:1,输人端接在〃=30在sin100"（V）的交流电源上，Ri

为电阻箱，副线圈连在电路中的电阻R=10。，电表均为理想电表。下列说法正确的是（）

A.当Ri=0时，电压表的读数为30V

B.当R=0时，若将电流表换成规格为“5V5W”的灯泡，灯泡能够正常发光

C.当所=10。时，电流表的读数为L2A

D.当所=10。时，电压表的读数为6V

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）小明想要粗略验证机械能守恒定律。把小钢球从竖直墙某位置由静止释放，用数码相机的频闪照相功能拍

摄照片如图所示。已知设置的频闪频率为了,当地重力加速度为g。

⑴要验证小钢球下落过程中机械能守恒，小明需要测量以下哪些物理量______（填选项前的字母）。

A.墙砖的厚度dB.小球的直径OC.小球的质量〃？

⑵照片中A位置______（“是”或“不是”）释放小球的位置。

（3汝口果表达式（用题设条件中给出的物理量表示）在误差允许的范围内成立，可验证小钢球下落过程中

机械能守恒。

12.（12分）学校实验小组为测量一段粗细均匀的金属丝的电阻率，实验室备选了如下器材：

A电流表Ai,量程为10mA,内阻n=50C

B电流表Ai,量程为0.6A,内阻「2=0.2。

C电压表V,量程为6V,内阻门约为15k。

D.滑动变阻器R,最大阻值为15Q,最大允许电流为2A

E定值电阻Ri=5£l

E.定值电阻R2=100C

G直流电源E,动势为6V,内阻很小

H.开关一个，导线若干

I.多用电表

J.螺旋测微器、亥！1度尺

(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，如图1所示，则金属丝的直径口=mm.

(2)实验小组首先利用多用电表粗测金属丝的电阻，如图2所示，则金属丝的电阻为C

(3)实验小组拟用伏安法进一步地测量金属丝的电阻，则电流表应选择,定值屯阻应选择.(填

对应器材前的字母序号)

(4)在如图3所示的方框内画出实验电路的原理图.

(5)电压表的示数记为U,所选用电流表的示数记为I,则该金属丝电阻的表达式Rx=,用刻度尺测得待测

金属丝的长度为L,则由电阻率公式便可得出该金属丝的电阻率.(用字母表示)

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，半径均为R=1m的光滑圆弧轨道A8与8c在3点平滑连接，固定在竖直面内，A端与固定

水平直杆平滑连接，两段圆弧所对的圆心角均为60。，一个质量为机=1kg的圆环套在直杆上，静止在p点，Q4间的

距离为/=lm,圆环与水平直杆间的动摩擦因数〃=0.5,现给圆环施加一个水平向右的恒定拉力/，使圆环向右运

动，圆环运动到8点时撤去拉力，结果圆环到达C点时与圆弧轨道间的作用力恰好为零，重力加速度g=10m/s2,

求：

⑴拉力尸的大小；

(2)若不给圆环施加拉力，而是在P点给圆环一个初速度%,结果圆环从C点滑出后，下落R=1m高度时的位置离。2

点距离也为R,初速度%应是多大。

14.（16分）如图所示，竖直平面内的四分之一圆弧轨道下端与水平桌面相切，小滑块A和B分别静止在圆弧轨道

的最高点和最低点。现将A无初速度释放，A与B碰撞后结合为一个整体，并沿桌面滑动。已知圆弧轨道光滑，半

径K=0.2m；A和B的质量相等均为lkg；A和B整体与桌面之间的动摩擦因数〃=0.2。取重力加速度g=10m/s2.求：

（1）碰撞前瞬间A的速率v；

（2）A和B系统碰撞过程损失的机械能；

（3）A和B整体在桌面上滑动的距离Lo

A0

nV

15.（12分）如图所示，在竖直面内有一矩形区ABCD,水平边AB=6L,竖直边BC=8L,O为矩形对角线的交点。将

一质量为，"的小球以一定的初动能自O点水平向右抛出，小球恰好经过C点。使此小球带电，电荷量为〃（g>0）,同

时加一平行于矩形ABCD的匀强电场，现从O点以同样的初动能沿各个方向抛出此带电小球，小球从矩形边界的不同

位置射出，其中经过D点的小球的动能为初动能的5倍，经过E点（DC中点）的小球的动能和初动能相等，重力加

速度为g，求：

⑴小球的初动能；

⑵取电场中O点的电势为零，求D、E两点的电势；

⑶带电小球所受电场力的大小和方向

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1,A

【解析】

将尸卜尸2合成如图，由几何关系得，尸卜B的合力

用=K=2N

由于尸12与尸3的方向相同，由几何关系可得，三力的合力

F=Fl2+Fy=6N

故A项正确，BCD三项错误。

，个八、

0

2、A

【解析】

两列车的阻力分别为：

启谐=1・2公和谐

启兴=虹复兴2

根据夕=为〃可得

P豆兴=1・44扁谐兴匕〃复兴

扁谐谐匕〃和谐

联立解得

匕度兴二324km/h

故选Ao

3、B

【解析】

A.布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的运动，是液体分子无规则热运动的反映，不是组成固体颗粒的分子在做无规

则运动，故A错误；

B.液体表面层，分子较为稀疏，分子间距离大于平衡时的距离与，因此分子间作用力表现为引力，液体表面有收缩

趋势，故B正确；

C.扩散现象可以在液体、气体中进行，也能在固体中发生，故C错误；

D.分子间距离为平衡时的距离为，分子间作用力为零，当分子间距离广大于七时，分子间作用力表现为引力，此时

随着分子间距厂的增大分子间作用力做负功，分子势能々，增大，所以当分子间距增大时，分子势能不一定减小，故D

错误；

故选Bo

4、D

【解析】

A中采用了理想模型法；B中采用控制变量法；C中采用了微元法；D中是极限思维法；

故选D.

5、D

【解析】

带电粒子在磁场运动的时间为f在各个区域的角度都为6=120=-,对应的周期为了=丁，则有

2万3Bq

兀租兀wi111

t=故B=—9则三个区域的磁感应强度之比为4：与：员二1：=6:3:2,三个区域的磁场半径相同

3Bq3tqtAt2

mv1)B2a2r2

为r==,又动能且二券加口，联立得纥=2"—，故三个区域的动能之比为：

bq22m

E-:Ekl:4=叶：无：氏=36:9:4,故在b处穿越铝板所损失的动能为△纥=用一4=36-9=27,故在c

处穿越铝板所损失的动能为△耳=耳2-％3=9-4=5,故损失动能之比为△堞=27:5,D正确，选D.

6、B

【解析】

由于两星球的周期相同，则它们的角速度也相同，设两星球运行的角速度为①，根据牛顿第二定律，对A星球有：

「町见2

G2=mxa)rt

对B星球有

得

4:弓=/：班

又

ri+r2=L

得

机27

弓二------L

叫+7n2

町L

弓

"?]+肛，

故A错误;

B.根据

—m,m,4万2

G节厂=班亍^（

4=机~27L

叫+m2

解得周期

L

T=2TTL

G（町+，〃2），

故B正确;

C.A星球和B星球的线速度大小之比

□A_叫_机2

vBcor2班

故C错误;

D.。点处的质点受到B星球的万有引力

门Gm.mGmm

F^-2

4L

町+机2)

受到A星球的万有引力

_Gm1mGm}m

7nl+胆)

故质点受到两星球的引力之和不为零，故D错误。

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AD

【解析】

A、在O~0.2s时间内，货物的速度小于传送带速度，货物受到沿斜面向下的滑动摩擦力作用，由牛顿第二定律有

mgs\n0+piingcosd=max,由图乙可得q=lOm/s2,货物加速到与传送带速度相等后，在0.2〜12s•时间内，货

物速度大于传送带速度，/.imgcos0=ma,,由图乙可得叼=2加/s?,联立解得cos6=0.8,〃=0.5,

故A正确；

B、vu图象与/轴所围的面积表示位移，货物的位移等于传送带的长度，由图乙可知传送带的长度为L=3.2?m,B错

误；

C、货物受到的摩擦力为/=〃mgcos8=4N,0〜02s时间内的位移为王=0.2m,对货物受力分析知摩擦力沿传

送带向下，摩擦力对货物做正功，=A=®-8?,同理().2〜1.2s时间内，货物的位移为，摩擦力沿传

送带向上，对货物做的负功为叼2=-笈2=-1271,所以整个过程，传送带对货物做功的大小为12J-O.8J=1L2J,C

错误；

D、货物与传送带摩擦产生的热量等于摩擦力乘以相对路程，0〜02s时间内，传送带的位移为七=0-4m,0.2〜1.2s

时间内，传送带的位移为5=抑，总相对路程为—=七-4+々-/=加2?,货物与传送带摩擦产生的热量为

<2=/Ax-=4.8?,故D正确.

点睛：本题一方面要分析工件的运动情况，由图象结合求解加速度，再结合牛顿第二定律分两个过程列式求解摩擦因

数及斜面倾角是关键，求摩擦产生的热量注意找两物体的相对位移.

8、AD

【解析】

A.分析图象可知，弹簧压缩量为零时，物体只受重力作用，加速度为重力加速度，则物体在M星球表面的重力加速

度：gM=3%,在N星球表面的重力加速度：gN=q>，则同一物体在M星球表面与在N星球表面重力大小之比为

3；1,故A正确；

B.分析物体的受力情况，加速度为零时，重力和弹簧弹力平衡，根据平衡条件可得

/gM=蚁0»"cjgN2"0

解得

生」

机Q6

故B错误；

C.M星球上，物体R由静止开始做匀加速直线运动，加速度为3〃<),通过位移xo,根据速度一位移公式

v2=2x3ao,x。

可知速度为u=麻总，故C错误；

D.根据动能定理可知，合外力做功等于动能变化，即

ma•x=△耳

根据图象的面积可得

£

kP=1^-3«o-%o»EkQ.2x0

动能之比

_3叫

4Q

结合前面的分析则最大速度之比

vP_V6

%2

故D正确。

故选AD。

9、ABC

【解析】

A、振动图象表示质点在不同时刻相对平衡位置的位移，由图象可知，质点运动的周期7=4s,其频率.片"=0.25Hz,

故A正确；

B、10s内质点运动了』7,其运动路程为s=2x4A=3x4x2cm=20cm,故B正确；

222

C、第4s末质点在平衡位置，其速度最大，故C正确；

D、f=ls和f=3s两时刻，由图象可知，位移大小相等、方向相反，故D错误；

E、在f=2s质点处于平衡位置，其速度最大，但f=2s和f=4s两时刻，速度方向相反，故E错误.

10、BC

【解析】

输入端电压的有效值为30V,当品=0时，电压表的读数为U2=殳H=：X30V=15V,选项A错误；当修=()时，

2

若将电流表换成规格为“5V,5W”的灯泡，灯泡电阻为&=亍[=5。，此时次级电流[2=/~R=lA,因灯泡的

额定电流为〃.=，=1A,则此时灯泡能够正常发光，选项B正确；当凡=1()。时，设电流表的示数为/,则此时初级

电流为0.51,初级电压：30-0.57x10=30-5/,则次级电压为'(30-5/),则，(30—51)=/xl0,解得/=i.2A,

22

此时电压表读数为/R=12V,选项C正确，D错误；

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、A不是g=df2

【解析】

(1)[1].此题为粗略验证机械能守恒，对于小球直径没有必要测量，表达式左右两边都有质量，所以质量没有必要

测量，只需要测量墙砖的厚度.

(2)[2].图片上可以看出，AB:5C:C£):£)E=1:2:3:4,所以A点不是释放小球的位置.

(3)[3].由匀变速直线运动规律

Ax=aT2

周期和频率关系

T=—

f

其中

若机械能守恒，则

a=g

即满足

K(U_")_乃£＞国(U-%)

12、1.70060EM+K)p=4U(4+RJ

【解析】

(1)由于流过待测电阻的最大电流大约为/=&=().14,所以不能选用电流表A2,量程太大，要改装电流表;

(2)根据闭合电路知识求解待测电阻的表达式

【详解】

(1)根据螺旋测微器读数规则可知。=1.5〃?〃?+20.0x0.01=1.700〃?加

(2)金属丝的电阻为/?=6.0x10=60。

(3)流过待测电阻的最大电流大约为/=9=0.14，所以选用A与R并联充当电流表，所以选用A、E

60

(3)电路图如图所示：

(5)根据闭合电路欧姆定律

I+—

扁

R"。-")

解得：4=

/«+K)

用组nL4L

根据凡=%=0而

万£)火((/_%)

可求得:

p二4“6+用

【点睛】

在解本题时要注意，改装表的量程要用改装电阻值表示出来，不要用改装的倍数来表示，因为题目中要的是表达式,

如果是要计算待测电阻的具体数值的话可以用倍数来表示回路中的电流值.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、⑴40(2-G)N；⑵屈