2023-2024学年江西省上饶市余干县重点达标名校初中物理毕业考试模拟冲刺卷含解析

2023-2024学年江西省上饶市余干县重点达标名校初中物理毕业考试模拟冲刺卷考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单选题（本大题共10小题，共30分）1．关于下列四幅图中的现象，所对应的文字说法或解释正确的是A．图示现象说明了太阳光是由红、绿、蓝三种色光混合形成的B．皮影戏可利用光的反射原理来解释C．水中的倒影是光的折射现象D．透过鱼缸和水看的是鱼的虚像2．热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的．要想设计一个通过电表示数反映热敏电阻随环境温度变化的电路，要求温度升高时电表示数减小，以下电路符合要求的是（）A． B． C． D．3．如图所示，几个同学在只有电流表或电压表时，利用一个已知阻值的电阻R0，设计了下面四个测量未知电阻RX阻值的电路，其中不可行的是A． B．C． D．4．如图所描述的情景中，没有发生动能转化为势能的是（）A．B．C．D．5．如图所示，电源电压不变，灯泡L及R0的电阻不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片向右端移动的过程中，各元件均安全工作，下列说法正确的是()A．电流表的示数变小B．灯泡L的亮度变亮C．电压表示数的变化量与电流表示数的变化量之比变大D．通过R0的电流的变化量大于通过滑动变阻器的电流的变化量6．我国民间有句谚语：“水缸出汗蛤蟆叫，大雨不久就来到”．其中，“水缸出汗”是指盛水的水缸外表面出现了一层密密麻麻的小水珠．小水珠是由A．水缸中的水蒸气液化形成的 B．空气中的水蒸气凝华形成的C．水缸中的水汽化形成的 D．空气中的水蒸气液化形成的7．下列数值最接近实际的是A．适合人洗澡的温度约70°C B．一名中学生的重力约50NC．课桌的高度约75dm D．某中学生步行的速度约1m/s8．下图为一种测量环境湿度的仪器和它的简化工作原理图．电源电压恒为6V，定值电阻R=10Ω，R0为湿敏电阻，R0随环境湿度的增加而减少，R0的阻值范围为2Ω～20Ω，电压表接入电路的量程为0～3V，电流表接入电路的量程为0～0.6A．闭合开关S，当环境的湿度增加时，在保证两表安全的情况下，下列说法正确的是（）A．R0两端的电压变大B．电压表示数与电流表示数的比值变大C．经过R0的最大电流为0.5AD．电阻R的最大功率为0.9W9．水平面上有两个相同的溢水杯，分别装满不同的液体，将同一个小球A分别放入溢水杯中静止时，如图所示．从甲杯中溢出了0.6N的液体，从乙杯中溢出了0.4N的液体．下列说法不正确的是A．小球A在甲杯中受到的浮力大于在乙杯中受到的浮力B．小球A的重力等于0.6N，在乙杯中受到的浮力等于0.4NC．小球A放入前，甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力D．小球A放入前，液体对甲杯底的压强等于液体对乙杯底的压强10．原子中带负电的是（）A．质子 B．电子 C．中子 D．原子核二、多选题（本大题共3小题，共12分）11．小强同学用图的电路图进行实验，得到了如下数据：当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.3A，小灯泡的功率为0.9W，当滑片P移到中点时，电压表示数变化了2V，此时小灯泡恰好正常发光，且功率为2W。请根据以上数据判断下列说法正确的是：A．电源电压为9VB．小灯泡正常发光时的电阻为10ΩC．小灯泡正常发光时的电阻为12.5ΩD．滑动变阻器的最大阻值为20Ω12．我国的“嫦娥工程”将按“绕月、落月和驻月”三步进行，预计2012年实施落月探测。已知月球上无大气、无磁场、弱重力。在学校举行的“我想象中的月球车”科技活动中，爱动脑的小强提出了以下有关设想，你认为不合理的是A．必须配备降落伞，以确保安全落月B．可在月球车上安装重垂线，以便观察倾斜程度C．应该配备指南针，以便确定方向D．可为月球车安装备用汽油机，以便应急使用13．如图所示，两个底面积相同的薄壁容器甲乙分别装有密度为ρa，ρb的液体，放置在水平桌面上，现将同一物块(密度为ρ)分别放入两容器中，物块静止时两容器中液面等高．下列说法正确的是A．液体密度与物体密度的关系为ρa＜ρb＜ρB．放入物块后，乙容器底受到液体的压强较大C．放入物块后，乙容器底受到液体的压力较大D．放入物块后，甲容器对桌面的压强增加量较大三、填空题（本大题共5小题，共10分）14．某家用白炽灯上标有“220V40W”字样，其中额定功率40W表示的物理意义是_____________；在生活中，人们还常用千瓦·时（kW·h）作为_________的单位，千瓦·时也称为“度”，1度电可供“220V40W”的白炽灯正常工作________h.15．一木块放在水平桌面上，如图所示，现用水平推力F将木块缓慢推动，使其一部分露出桌面（但未倾翻）．在此过程中，木块对桌面的压力_____（填“变大”“变小”或者“不变”），摩擦力_____，木块对桌面的压强_____（“变大”“变小”或者“不变”）16．一艘游船自重为8×103N，当空船漂浮在长江水面上时，船受到的浮力为_____N，该船排水量为2×103kg，则船满载时排开江水的体积为______m3；船从长江驶入大海时，将__________一些(选填“下沉”或“浮起”)．（g取10N/kg，ρ江水=1.0×103kg/m3）．17．如图所示．将重1N正方体物块放在标有刻度的水平桌面上静止．则该物块的边长为____________cm.物块对染面的压强为_________________Pa．18．几种测量仪器的测量结果如图所示：（1）图甲中被测物体的长度为_____________cm；（2）图乙中温度计的读数为_____________℃；（3）图丙中弹簧测力计的示数为_____________N．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19．如图是小明家里新买的电养生壶，铭牌如图所示，为了测它烧水时的效率，小明进行了如下实验：将养生壶装满，断开家里其他的用电器，将养生壶单独接入家庭电路中，闭合开关，加热6分钟之后，壶内的水恰好开始沸腾，已知加入的水为20℃，c水＝4.2×103J/（kg•℃）．（1）养生壶的电阻是多少？（2）养生壶中的水吸收的热量是多少？（3）壶的加热效率是多少？（保留1位小数）20．物体在30N的水平拉力作用下沿拉力方向做匀速直线运动，5秒内前进了10m．求此过程中拉力做的功W和功率P．21．如图是某电热饮水机内部的电路原理图，如表是其说明书上收集到的数据。该电热饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），其内部有一个热水箱，热水箱中的水温达到90℃时，温控开关S0就会自动断开，停止加热进入保温状态；当水温降至60℃时，温控开关S0又会自动闭合重新加热。求：水桶容量20L热水箱容量2L额定电压220V加热时的功率440W保温时的功率40W电热饮水机加热时电流的大小；当热水箱里装满水时（按2L计算），水的质量为多少？（提示：1L＝1×10﹣3m3；ρ水＝1.0×103kg/m3）当热水箱里温度降至60℃时，温控开关自动闭合重新加热700s至90℃这一过程中，水吸收的热量是多少？消耗的电能是多少？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]结合第（3）问的计算结果，请简述水吸收的热量和消耗的电能不相等的原因；正常加热时R1的电阻值是多少？五、作图题（本大题共2小题，共4分）22．在图中的〇里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。23．在图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上，补上后要求：闭合电键，当滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表的示数变小．六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24．如图所示是“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置．⑴该实验利用了转换法，通过观察_____来判断_____（选填“小球”或“木块”）动能的大小；⑵让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与_____的关系；⑶换用质量不同的小球，使它们从斜面的_____（选填“相同”或“不同”）高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与_____的关系．25．实验室有如下器材：天平（含砝码）、量筒、烧杯、弹簧测力计、金属块、小石块、细线（质量和体积不计）、足量的水（密度已知）（1）甲组选用上述一些器材测量金属块的密度，步骤是：①把天平放在水平桌面上，如图甲所示，接下来的操作是：a．将游码移到零刻线处；b．向_____（填“左”或“右”）调节平衡螺母，使天平平衡；c．在左盘放金属块，向右盘加减砝码并移动游码使天平重新平衡，如图乙所示，金属块的质量m＝_____；②在量筒中倒入20mL水；③把金属块浸没在量筒的水中，如图丙所示；④计算金属块的密度是_____kg/m1．小组成员讨论时提出：测量时如果按照图丙所示的读数方式来读数，该实验所测密度与金属块实际的密度相比将_____（选填“偏大”或“偏小”）（2）乙组选用上述一些器材（没有天平），设计了一种测量小石块密度的实验方案．选用器材：弹簧测力计、小石块、细线、水、烧杯．主要实验步骤：①用细线将小石块挂在调节好的弹簧测力计的挂钩上，用弹簧测力计测小石块在空气中的重力G，如图丁所示，小石块的重力为_____．②_____．小石块密度的表达式：ρ石＝_____ρ水（用字母表示，已知水的密度为ρ水）26．实验室购买了一批规格为“2.5V1.0W”的小灯泡，小明同学为了检验这批灯泡是否合格，他选择其中一只小灯泡利用图甲所示的电路图进行了实验.请用笔画线代替导线，将图乙所示的实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时小灯泡变暗，连接导线不能交叉）.小明调节滑动变阻器的滑片得到了三组电压和电流的数据，填入他自己设计的表格.次数电压U/V电流I/A电功率P/W电功率平均值/W120.3222.50.36330.39①请指出这个表格设计不合理的地方：____________________________.②小明操作规范读数正确，根据表中数据，小明通过计算判断该小灯泡不合格，他判断的理由是__________.③假如生产这种小灯泡钨丝的长度是一定的，则这个小灯泡不合格的原因是钨丝比合格产品小灯泡钨丝______（选填“粗”或“细”）.小明还想探究电流与电阻的关系，于是将甲图中的小灯泡换成电阻，当电阻阻值是5Ω时，电流表示数为0.4A；将5Ω的电阻更换为10Ω电阻后，接着调节滑动变阻器，使_______________________，再读出电流表的示数；多次实验后作出的I-R图像是图中的____________.A．B．C．D．

参考答案一、单选题（本大题共10小题，共30分）1、D【解析】

A、图中是三种颜色的光的混合，不能说明了太阳光是由红、绿、蓝三种色光混合形成的，故A错误；B、皮影戏可利用光的直线传播原理来解释，故B错误；C、水中倒影属于平面镜成像，平面镜成像是光的反射现象，故C错误；D、装有水的圆形鱼缸，中间比边缘厚，所以装水的圆形鱼缸相当于一个凸透镜；当金鱼在“凸透镜”的一倍焦距以内时，就可以看到正立、放大的虚像，故D正确。2、D【解析】

A．由电路图可知，热敏电阻与R0并联，电流表测并联电路干路电流．当温度升高时，热敏电阻阻值变小，干路电流变大，故A不符合题意．B．热敏电阻与R0并联，电流表测热敏电阻的电流，当温度升高时，热敏电阻阻值变小，由可知，通过热敏电阻的电流变大，电流表示数变大，故B不符合题意．C．已知热敏电阻与R0串联，电压表测R0两端的电压，当温度升高时，热敏电阻阻值变小，根据串联电路分压原理，电压表示数变大，故C不符合题意．D．已知热敏电阻与R0串联，电压表测热敏电阻两端的电压，当温度升高时，热敏电阻阻值变小，根据串联电路分压原理，电压表示数变小，故D符合题意为答案．3、C【解析】

在A图中，Rx和定值电阻R0串联，电压表U1测量定值电阻两端的电压，电压表U2测量Rx两端的电压Ux，由知道，可以先计算出通过定值电阻的电流，然后根据串联电路电流处处相等知道，根据求出电阻Rx，故A可行；B图中，Rx和定值电阻R0并联，电流表A1测量定值电阻的电流，电流表A2测量Rx的电流，由先计算出定值电阻两端的电压，然后根据并联电路各支路电压相等知道，，由求出电阻Rx，故B可行；C图中，Rx和定值电阻R0串联，电流表测量串联电路的电流，由于不能直接或间接测量Rx两端的电压，所以不能求出Rx电阻，故C不可行，符合题意；D图中，当开关S和S1都闭合时，电压表测量电源电压；当开关S闭合S1断开时，电压表直接测量Rx两端的电压，由串联电路总电压等于各串联导体电压之和知道，可以先求出定值电阻两端的电压，然后根据，求出通过定值电阻的电流，又因为串联电路电流处处相等，所以，，最后根据求出电阻，故D可行，综上所述，故选C．4、A【解析】解：A、滑滑梯时，人的高度降低，速度变大，是重力势能转化为动能，没有发生动能转化为势能，故A符合题意；B、荡秋千时，在从低处向高处运动时，人与秋千的速度减小，高度增加，是动能转化为重力势能，故B不合题意；C、在跳水比赛中，人向上弹起的过程中，高度增大，速度减小，是动能转化为重力势能，故C不合题意；D、在单杠上翻转时，若人由下向上运动，人的速度减小，高度增加，是动能转化为重力势能，故D不合题意。故选：A。点睛：本题主要通过生活中的几个实例，考查了动能与势能之间的转化，明确动能与势能的影响因素，据此可结合物体的运动情况做出判断。5、AB【解析】

A．由电路图可知，灯泡L与变阻器R并联后再与R0串联，电压表测并联部分两端的电压，电流表测干路电流。滑动变阻器的滑片向右端移动的过程中，接入电路中的电阻变大，并联部分的总电阻变大，电路的总电阻变大，由可知，电路的总电流变小，即电流表的示数变小，故A符合题意；B．由可知，R0两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分的电压变大，即电压表的示数变大，由可知，通过灯泡L的电流变大，由可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故B符合题意；C．设滑片移动前后电路中的总电流分别为I、I′，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表示数的变化量：即电压表示数的变化量与电流表示数的变化量之比不变，故C不符合题意；D．因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且通过L的电流变大，电路的总电流变小，所以，通过变阻器R的电流变小，且通过R0的电流的变化量小于通过滑动变阻器的电流的变化量，故D不符合题意6、D【解析】

“水缸出汗”出现的一层密密麻麻的小水珠是由空气中的水蒸气遇到冷的水缸液化而形成的，故D正确，ABC错误7、D【解析】

A.适合人洗澡的温度约40℃，故A错误；B.一名中学生的重力约500N，故B错误；C.课桌的高度约80cm，故C错误；D.某中学生步行的速度约4km/h，即1m/s，故D正确．8、D【解析】

由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．

A．当环境的湿度增加时，因R0随环境湿度的增加而减小，根据串联电路分压特点，R0两端电压U0会变小，故A错误；

B．由图可知，电压表测R两端电压，电流表测R电流，由可知，电压表示数与电流表示数的比值等于R的阻值，则电压表示数与电流表示数的比值不变，故B错误；

C．电压表接入电路的量程为0～3V，当电压表最大时，R0=10Ω，此时电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，即经过R0的电流最大，，故C错误；

D．根据P=UI=I2R可知，当R不变时，电流越大，电阻消耗的功率越大；R消耗的最大电功率：PR大=（I大）2R=（0.3A）2×10Ω=0.9W，故D正确．9、D【解析】由阿基米德原理可知,小球A在甲杯中受到的浮力等于0.6N，乙杯中球受到的浮力为0.4N，故A正确；小球A在甲杯中漂浮，浮力等于重力，即小球A的重力等于0.6N，故B正确；小球A在甲杯中漂浮，密度小于液体密度，在乙杯中沉底，密度大于液体密度，故甲杯中液体密度大于乙杯中液体密度，小球A放入前，甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力，故C正确;根据液体压强公式可知，小球A放入前，液体对甲杯底的压强小于液体对乙杯底的压强，故D错误．故选D.点睛：（1）浸在液体中物体都要受到浮力作用；根据阿基米德原理：物体所受浮力的大小与排开液体的重力相等，求出甲杯中小球受到的浮力；根据漂浮时浮力等于重力可求得甲杯中小球的重力，然后根据阿基米德原理分析乙杯中球受到的浮力．（2）杯对桌面的压力等于杯、水、小球的总重力，再利用p＝分析其对桌面的压强；（3）根据p＝ρgh分析液体对杯底的压强．10、B【解析】

质子带正电，电子带负电，中子不带电，原子核带正电，故B正确．二、多选题（本大题共3小题，共12分）11、ACD【解析】

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.3A，小灯泡消耗的功率为0.9W；当滑片P移至中点时，电压表示数变化了2V，此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的功率为2W，由小灯泡消耗的功率变大可知，电路中的电流I＝0.3A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由P＝UI可得，此时灯泡两端的电压：，当滑片P移到中点时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，灯泡两端的电压变大，由电压表示数变化了2V可知，此时灯泡两端的电压UL′＝UL+2V＝3V+2V＝5V，因此时灯泡正常发光，且灯泡的功率PL′＝2W，所以，由可得，灯泡正常发光时的电阻：，故B错误，C正确；当滑片P在最右端时，灯泡两端的电压UL＝3V，电路中的电流I＝0.3A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由可得，电源的电压：U＝UL+IR＝3V+0.3A×R滑…①当滑片P移到中点时，灯泡两端的电压UL′＝5V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：，电源的电压：………②因电源的电压不变，所以，3V+0.3A×R滑＝，解得：R滑＝20Ω，故D正确；电源的电压U＝UL+IR＝3V+0.3A×20Ω＝9V，故A正确；12、ACD【解析】

A、月球上无空气，降落伞不能利用空气阻力来减慢下落的速度，故A错误；B、因为月球上有弱重力，而重力的方向是竖直向下的，可在月球车上安装重垂线，以便观察倾斜程度，故B正确；C、月球上没有地磁场，所以不能使用指南针辨别方向，故C错误；D、月球上没有空气，汽油机内的汽油不能燃烧、不能工作，故D错误。13、BC【解析】

A.根据浮沉条件可知，甲中物块悬浮，所以ρa=ρ，乙中物块漂浮，所以ρb＞ρ，即ρb＞ρa=ρ，故A错误；B.由选项A分析可知ρb＞ρa，根据液体压强公式可知乙容器底受到液体的压强较大，故B正确；C.由选项B分析可知乙容器底受到液体的压强较大，根据公式可知乙容器底受到液体的压力较大，故C正确；D.容器对桌面的压强增加量，因为甲乙容器中增加的重力均来自同一小物块，所以容器对桌面的压强增加量相同，故D错误．三、填空题（本大题共5小题，共10分）14、白炽灯正常工作时，电流1秒做功40J电能25【解析】

额定功率40W表示白炽灯正常工作时，电流1s内做功40J；在生活中，电能的单位常用千瓦·时（kW·h）；1度电可供“220V40W”的白炽灯正常工作的时间t==25h．15、不变不变变大【解析】

物体放在水平桌面上，物体对水平桌面的压力等于物体的重力，物体的重力不变，则物体对水平桌面的压力不变；桌面受到的压力不变，接触面粗糙程度不变，所以木块受到的摩擦力不变；使木块一部分露出桌面的过程中，桌面受到的压力不变，受力面积减小，由可知，木块对桌面的压强变大．16、8×1032浮起【解析】船漂浮时受到的浮力是：F浮=G=8×103N；由F浮=ρgV排知道，船满载时排开江水的体积是：V排=F浮/ρ水g=2×104N/1.0×103kg/m3×10N/kg=2m3，船从长江驶入大海时，仍然漂浮，即F浮=G，所以，受到的浮力不变，又因为F浮=ρ液gV排，海水的密度大于江水的密度，所以，排开水的体积变小，则游船的船身将浮起一些．17、2.00【解析】

由图知，刻度尺的分度值为1mm，物体左侧与7.00cm对齐，右侧与9.00cm对齐，所以物块的边长L=9.00cm-7.00cm=2.00cm；正方体物块的底面积S=2cm×2cm=4cm2，物块对桌面的压强：p====2.5×103Pa．18、2.65-43.4【解析】

（1）图甲中刻度尺分度值为1mm，所以读数应估读到mm值下一位．物体右边缘读数为3.65cm，左边缘读数为1.00cm，则物体长度为3.65cm-1.00cm=2.65cm．（2）图乙中温度计的分度值为1℃，且为零下，则读数为-4℃．（3）图丙中弹簧测力计的分度值为0.2N，则示数为3.4N．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19、（1）22Ω；（2）3.36×105J；（3）42.4%．【解析】

（1）养生壶正常工作时通过的电流：I＝＝10A；养生壶的电阻：R＝＝22Ω；（2）壶中水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×1×10-3m3＝1kg，养生壶中水吸收的热量：Q吸＝cm（t-t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃-20℃）＝3.36×105J；（3）加热6分钟消耗的电能：W＝Pt＝2200W×6×60s＝7.92×105J，壶的加热效率：η＝≈42.4%．答：（1）养生壶的电阻是22Ω；（2）养生壶中的水吸收的热量是3.36×105J；（3）壶的加热效率是42.4%．20、300J；60W【解析】试题分析：拉力做的功W=Fs=30N×10m=300J；拉力的功率P=W/t=300J/5s=60W．【考点定位】功和功率的计算21、（1）2A；（2）2kg；（3）2.52×105J，3.08×105J；（4）水吸收的热量和消耗的电能不相等的原因是有热散失；（5）121Ω．【解析】解答：（1）由P＝UI可得，电热饮水机加热时电流的大小：I＝P加热U＝440W220V＝2A；（2）水的体积：V＝2L＝2×10-3m3，由ρ＝m＝ρV＝1.0×103kg/m3×2×10-3m3＝2kg；（3）水吸收的热量：Q吸＝cm（t-t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（90℃-60℃）＝2.52×105J，由P＝Wt可得，消耗的电能：W＝Pt′＝440W×700s＝3.08×105J；（4）由上面的计算可知，W>Q吸，因为有热散失；（5）由题意可知，开关S闭合、S0断开时，电路为R2的简单电路，电饮水机处于保温状态；开关S、S0闭合时，R1与R2并联，电饮水机处于加热状态，因电路中总功率等于各用电器功率之和，所以，R1的电功率：P1＝P加热-P保温＝440W-40W＝400W，由P＝U2R可知，正常加热时R1的电阻值：R1＝U五、作图题（本大题共2小题，共4分）22、【解析】

在电路中，电流表相当于导线，与用电器串联；电压表相当于断路，与用电器并联；由电路图可知，左面的圈与电源并联，一定是电压表；中间的圈与后面的电阻串联，一定是电流表；右面的圈与电阻并联，一定是电压表。如图所示：23、变阻器左下接线柱与小灯右接线柱（或电压表最右端接线柱）连接，若线有交叉扣1分【解析】分析：电键S闭合后，电压表测量灯泡两端电压，向右移动滑动变阻器的滑片时，电压表示数变小说明滑片向右移动滑动变阻器接入电路的电阻增大，灯泡分得的电压减小，因此滑片向右移动滑动变阻器接入电路的电阻增大，再按一上一下的原则串联在电路中．