安徽省徽师联盟2023-2024学年高三年级上册10月联考 物理

高三•物理10月质量检测卷

考生注意：

1.答题前，考生务必在答题卡上将自己的学校、姓名、班级、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写清楚，

考生考试条码由监考老师粘贴在答题卡上的“条码粘贴处”。

2.选择题使用2B铅笔填涂在答题卡上对应题目标号的位置上，如需改动，用橡皮擦擦干净后再填涂其它答

案；非选择题用0.5毫米黑色签字笔在答题卡的对应区域内作答，超出答题区域答题的答案无效；在草稿纸上、

试卷上答题无效。

3.考试结束后由监考老师将答题卡收回。

一、单选题：本题共6小题，每题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。

1.下列有关力学单位制和物理学研究方法的叙述中，说法正确的是（）

A.“千克米每二次方秒”被定义为“牛顿”，“牛顿”是国际单位制中的基本单位

B.实验表明，物体在空气中高速行进时，空气阻力f与受力面积S及速度"的关系为f=心公，则在国际单

位制中，比例系数k的单位是kg/m2

C.当4t极短时，字就可以表示物体在某时刻或某位置的瞬时速度，这体现了物理学中的微元法

lit

D.在无需考虑物体的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是“理想模型法”

2.在一平直公路上有甲、乙两车同向行驶，其7图像如图所示。已知在z=2s时两车并排行驶，则下列说法正

确的是（）

A.在f=0时，甲车在乙车前7.5m

B.在片9s时，乙车在甲车前15m

C.两车另一次并排行驶的时刻是看7s

D.从第一次并排行驶到第二次并排行驶，两车之间最远相距5m

【高三•物理10月质检第1页，共6页】

3.如图所示，光滑水平地面上放有截面为;圆周的柱状物体4/与墙面之间放一光滑的圆柱形物体8,对Z

4

施加一水平向右的力尸，整个装置保持静止。若将4的位置向左移动稍许，整个装置仍保持平衡，则（）

A.8对墙的压力减小

B.地面对4的支持力增大

C.4对8的支持力增大

D.外力尸减小

4.2023年7月底，受台风"杜苏芮”影响，河北涿州市遭遇罕见特大暴雨洪水灾害，多个村庄和小区积水严重，

导致人员被困。如图所示，武警战士驾驶冲锋舟去解救被困于对岸的人员，假设河岸是平直的且足够长，河

的宽度d=180m,冲锋舟在静水中的速度大小巧=5m/s,河水的流速大小以=4m/s。则（）

B

/u"

d=180m//——=

I.•,1

/

~^~A

A.冲锋舟到达河对岸的最短时间为20s

B.冲锋舟以最短时间渡河发生的位移是324m

C.冲锋舟以最短位移渡河所用时间是60s

D.若水流速度突然变大，则武警战士到达对岸所用的最短时间将变长

5.在某次跳伞演练中，空降兵在离地面H=224m处跳伞，由静止开始在竖直方向做自由落体运动，下落t=5s

后立即打开降落伞，匀减速下降直至着地，空降兵间隔At=ls依次跳伞离机。为了保证空降兵的安全，要

求空降兵落地的速度小于或等于5m/s。重力加速度g=10m/s2,每个空降兵的跳伞操作相同，当第一个空降

兵着地时，在空中的空降兵人数有

A.7人B.8人C.9人D.10A

6.2023年5月28日，东航C919首个商业航班—MU9191航班从上海虹桥国际机场起飞，平稳降落在北京

首都国际机场，标志着国产大飞机C919圆满完成首个商业航班飞行.如图甲为机场工作人员利用传送带将

货物运送到机舱的情景，简化为如图乙所示。长度L=20m的传送带以v=4m/s顺时针运动，某时刻将质

量为m的货物（可看做质点）无初速度放在传送带底端，口=4s时货物与传送带共速，之后随传送带一起

【高三•物理10月质检第2页，共6页】

运动到上方机舱，传送带与水平面间的夹角9=37。，重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,

则（）

甲

A.货物加速阶段的位移大小为16m

B.货物在传送带上运动的时间为7s

C.货物在传送带上留下的摩擦痕迹长度为4m

D.货物与传送带之间的动摩擦因数为0.5

二、多选题：本题共4小题，每题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选

对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7.如图所示，固定光滑斜面的倾角为aA,B两球用轻质弹簧相连，两球质量ma=3mB，系统静止时，挡板

C与斜面垂直，弹簧中轴线与与斜面平行，则在突然撤去挡板的瞬间（）

A.A球加速度为gsin。

B.4球的加速度为0

C.8球加速度为4gsin8

D.4和8球的加速度相同

8.某同学用一手机传感器软件探究电梯上升过程中的超失重现象，该软件可以实时测量手机运动时的加速度。

现该同学携带该手机进入电梯，先运行手机加速度传感器软件采集数据，之后按下按钮电梯上升，传感器上

显示电梯上升过程中，加速度a随时间，变化的情况如图所示，重力加速度g=10m/s2,则（）

a/(m/s2)

10122830征s

A.在10~12s时间内，该同学处于超重状态

B.若该同学的体重为60kg,上升阶段他对电梯的最大压力为582N

C.电梯一共上升的距离为10.8m

D.在0~30s时间内，该同学受到电梯的支持力先减小后增大

【高三•物理10月质检第3页，共6页】

9.跳台滑雪是勇敢者的运动，它是利用山势特点建造一个特殊跳台。运动员在滑雪道上获得一定速度后从跳台

飞出，在空中飞一段距离后着落。如图所示，运动员从跳台4处沿水平方向以20m/s的速度飞出，落在斜坡

上的8处，斜坡与水平方向的夹角为37。，不考虑空气阻力（g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8）,下

列说法正确的是（）

A.运动员在空中飞行的时间为3s

B.A,8间的距离为75m

C.运动员到B处着坡时的速度大小为25m/s

D.运动员在空中离坡面的最大距离为9m

10.如图所示，水平桌面上平放有15张卡片，每一张卡片的质量均为m,用手指以竖直向下的力尸（F>>mg）

压第1张卡片，并以一定速度向右移动手指，确保第1张卡片与第2张卡片之间有相对滑动，其他卡片保持

相对静止，当最上面那张卡片划走之后，继续以相同的力尸划动下一张卡片，设最大静摩擦力与滑动摩擦

力相等，手指与卡片之间的动摩擦因数为小，卡片之间的动摩擦因数为出，卡片与桌面之间的动摩擦因数为

43,下列说法正确的是（）

A.内>的>42

B.划第1张卡片时，第2张卡片受到第3张卡片的摩擦力方向向左

C.划第1张卡片时，第10张卡片与第11张卡片之间的摩擦力大小为火（F+10mg）

D.划第1张卡片时，最后一张卡片受到桌面的摩擦力大小为0

三、实验题：本题共2题，第11题6分，第12题8分，满分14分。

11.（6分）小明同学用如图甲所示装置“研究小球做平抛运动”的实验：

（1）下列做法可以减小实验误差的有o

A.实验时让小球每次都从同一高度由静止开始滚下

B.使用密度小、体积大的球

C.使斜槽末端的切线保持水平

D.尽量减小钢球与斜槽间的摩擦

【高三•物理10月质检第4页，共6页】

(2)在某次实验中，小明同学记录了小球在运动过程中的三个位置，如图乙所示，图中每一小正方格边长L=

5cm,则该小球做平抛运动的初速度为m/s；8点的速度为m/s.(g=10m/s2,结果保留两

位有效数字)

12.(8分)用如图甲所示的装置探究“探究加速度与力、质量的关系'’的实验。

(1)实验小组一在保持槽码质量一定，探究“加速度与小车质量的关系”时，下列做法正确的是;

A.在调节木板倾斜角度平衡摩擦力时，应该将槽码用细线通过定滑轮系在小车上

B.调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行

C.实验时，先释放小车，再接通打点计时器的电源

D.通过增减小车上的硅码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度

j单位:cm(

3.35,

(2)实验得到如图乙所示的纸带，已知打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz,相邻两计数点之间还有

四个点未画出，由图中的数据可知，C点的瞬时速度是m/s,小车运动的加速度大小是_

m/s2：(结果保留三位有效数字)

(3)实验小组二在探究“质量一定，加速度a与合外力尸的关系”时，某同学根据实验数据作出了如图丙所

示的a-尸图象，其中图线不过原点的原因是•;保持小车质量M不变，将槽码

换成装有砂子的砂桶，不断改变砂桶中砂子的质量，使砂桶和砂子的总质量为⑶根据实验数据描绘出的小

车加速度a与砂桶和砂子的总质量m之间的工-块系图象如图丁所示，则小车的质量M=kg.

am

(g=10m/s2)(结果保留两位有效数字)

【高三•物理10月质检第5页，共6页】

四、解答题：本题共3题，第13题10分，第14题14分，第15题18分，满分42分。

13.(10分)滑块以一定的初速度沿倾角为37。，动摩擦因数为〃的粗糙斜面从底端上滑，经时间t甲到达最高点

4后，再经时间t乙返回到底端。利用频闪仪分别对上滑和下滑过程进行拍摄，频闪照片示意图如图所示。

g=10m/s2>sin37°=0.6,cos37°=0.8,对比甲、乙两图，求：

(1)滑块运动加速度之比a甲:a乙；

(2)动摩擦因数为分

14.(14分)如图甲所示，轻质弹簧下端固定在水平面上，上端叠放着两个物体4、B,系统处于静止状态。现

用竖直向上的拉力F作用在物体4上，使4向上做匀加速直线运动，以系统静止时的位置为坐标原点，竖直

向上为位移x正方向，得到尸随x的变化图像如图乙所示。已知物体Z的质量m=2kg,重力加速度g=10m/s2,

求

(1)弹簧的劲度系数；

(2)物块3的质量M；

(3)F作用瞬间，A.3之间的弹力。

(18分)如图甲所示，质量为M=0.5kg的木板静止在光滑水平面上，质量为m=lkg的物块以初速度vo=4m/s

滑上木板的左端，物块与木板之间的动摩擦因数为〃=0.2,在物块滑上木板的同时，给木板施加一个水平向

右的恒力尸。当恒力尸取某一值时，物块在木板上相对于木板滑动的路程为s,给木板施加不同大小的恒力

F,得到工一尸的关系如图乙所示，其中48与横轴平行，且48段的纵坐标为1mL将物块视为质点，最大

静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2,求:

(1)若尸=0,物块滑出木板时的速度；

(2)C点的纵坐标；

(3)物块恰好不能木板右端滑出，此时外力

产的值。

M上

甲

【高三•物理10月质检第6页，共6页】

【解析】根据位移公式有九=］/2,解得空降兵自由下落的高度九=125m,设打开降落伞时空降兵的速度大小为打，

空降兵做匀减速直线运动过程的位移大小为*，有%=gt=50m/s,x=H-h=99m,设匀减速直线运动的时间为

结合上述有x=空衿，其中0W"地W5m/s,解得3.6s<t<3,96s,即第一个空降兵在空中运动时间为8.6s至8.96s,

跳伞间隔为At=1s,则第一个空降兵着地时在空中的空降兵人数有8人，故选Bo

6.【答案】B

【解析】AD.货物刚放上传送带时做初速度为0的匀加速直线运动，加速阶段位移大小/=8m,t1=4s时货

物与传送带共速，则加速度a=彳=Im/s?,根据牛顿第二定律得〃7Tigcos37。-77igsin37。=77uz,解得〃=0.875,AD

错误；

P^A?=!^Z=k8/m3,故B错误；

B.货物与传送带共速后向上做匀速直线运动，设历时△到达顶端N处，有心-与二a2,解得tz=3s,所以工件从传

C.当及极短时，争就可以表示物体在某时刻或某位置的瞬时速度，这体现了物理学中的极限法，C错误；送带底端到达上方机舱所经过的时间为亡=口+4=7s,B正确：

Jr

C.货物在传送带上留下的摩擦痕迹长度为△%=□♦£I-/=8m,C错误：故选B。

D.在无需考虑物体的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是“理想模型法”，选项D正确。故选D。

7.【答案】BC

2.【答案】D

【解析】AB.撤去挡板前后瞬间，弹簧弹力不会发生瞬变，A依旧保持平衡状态，故A的加速度为0,A错误，B正

【解析】A.由V-/图像可知0到2s甲车的位移为*5+10)x2=15m,0到2s乙车的位移为15x2=30m,t=2s

确；

时两车并排行驶，则在尸0时，甲车在乙车前15m,A错误；

CD.撤去挡板前，儿8两球均静止不动，对4受力分析，可知弹簧弹力尸=?7以gsin仇撇去挡板的瞬间对8受力分析，

B.2s至ij6s甲车的位移为410+20)x4=60m,6s到9s甲车的位移为20x3=60m,则2s到9s甲车的位移为120m,

tiF+megsin0=解得%=4gsin6,C正确，D错误；故选BC\

2s到9s乙车的位移为15x7=105m,则在片9s时，甲车在乙车前15m,B错误；8.【答案】AC

C.2s到6s乙车的位移为15x4=60m,所以两车另•次并排行驶的时刻是Z=6s,C错误；【解析】AB.由图可知10~12s时间内该同学处于超重状态，对电梯的压力最大，对其进行受力分析，由牛顿第二

定律有N-mg=ma,由图可知a=0.3m/s2,伐入数据解得N=618N,根据牛顿第三定律可知上升阶段该同学对电

D.2s到4s乙车速度大于甲车速度，所以/=4s时两车相距最远，2s到4s甲车的位移为*10+15)x2=25m,2s到

梯的最大压力为618N,A正确，B错误：

4s乙车的位移为15x2=30m,所以两车之间最远相距5m,D正确：故选D。C.10-12s时间内电梯匀加速上升的距离为*="4=0.61)1,且125末的瞬时速度为1;1=。亡1=0.6m/s,12〜28s

3.【答案】C

时间内电梯匀速上升的距离为S?==9.6m,28〜30s时间内电梯匀减速上升的距高为S3=vvt3-号。1环=0.6m,

【解析】AD.受力分析如图所示，墙对B的作用力FNI=GtanO,A的位置左移，。角增大，墙对B的支持力增大，

则电梯一共上升的距离s=Si+S2+s?=10.8m：

墙对B的支持力和B对墙的压力是一对相互作用力，所以B对墙的压力增大，且以AB为一个整体受力分析，有尸NI=凡

故外力产增大，AD错误：D.10~12s时间内该同学处于超重状态，支持力大于重力，12〜28s时间内电梯匀速运行，支持力和重力相等，28~

30s时间内加速度向下，该同学处于失重状态，支持力小于于重力，所以在0~30s时间内，该同学受到电梯的支持力

*FN

先增大后减小，D错误；故选AC。

9.【答案】ABD

仁【解析】A.运动员做平抛运动，设着陆时间为，，则有x=%t,y=^gt2,由图可知，运动员着陆时tanO=?,可

F

解得t=也,tan。=3s,A正确；

二［上又［9

B.运动员落到斜面上时的位移大小十八=鼻=甯m=75m,B正确；

B.对AB整体分析，地面对A的支持力等于两个物体的重力，所以该力不变.B错误；

C.运动员着陆时取=%,vy=gt,所以i?=Jv}+v}=10V13m/s,C错误：

C.B对A的作用力为人=焉，A的位置左移，6角增大，A对B的支持力增大，C正确；故选C。

D.取沿斜坡向下方向(x方向)与垂直于斜坡向上方向(y方向)分析运动员的运动，则在垂直于斜坡方向上》［=

4.【答案】C

2

vosin0=12m/s»ay=-gcosd=-8m/s,当琦=0时，运动员在空中离坡面的距离最大，则有d=勺表=9m,D正

【解析】AB.当冲锋舟船头正对河岸时，到达河对岸的时间最短，tmin=(=36s,沿河岸运动距离为比岸=vtmin=4x

36=144m,合位移为％合=Jd?+xj?=V1802+1442«231m,AB错误；确，故选ABD。

10.1答案】AB

C.由丁・冲锋舟在静水中的速度七大于水流速也，则合速度可以垂直于河岸，即冲锋舟垂直到达对岸为最短位移，渡【解析】A.对第一张卡片分析，第一张卡片能向右运动，需满足〃/>42(F+mg)，则为>例，为了保证其他卡片

河所用时间£=亍—=60s,C正确：保持相时静止，当最后只剩两张卡片时，倒数第二张卡片向右运动时最底部的卡片不能动，对最底部的卡片有出伊+

J诏-应

mg)V〃3(2+2mg)，由F»mg，所以外>“2，当剩下最后一张卡片时，需满足〃/>的(F+mg)，可知出,为，

D.根据分运动的独立性，水流速变快，冲锋舟行驶到对岸的最短时间不变，D错误；故选C。所以内>“3>也，A正确:

5.【答案】B

【高二•物理10月质地检测第1页，共2页】

B.根据题意，因上一张卡片相对下一张卡片要向右滑动，因此上一张卡片受到下一张卡片的摩擦力一定向左，B正14.【答案】（1）80N/m（2）10kg（3）ION

确：【答案】（1）以A、B整体为研究对象，设物块B质量为M,静止时弹簧压缩量为q，有丘o=（?n+M）g（2分），

C.第•张卡片对第二张卡片的压力大小为FN=F+mg,则第1、2张卡片间的摩擦力大小f=〃式P+mg）,此时下分离之前有F+k（x。—-Si+M）g=（m+M）a（2分）,即尸=kx+（jn+M）a,

面的卡片均处于静止状态，将第2张至第10张卡片作为整体，由平衡条件可知第11张卡片对第10张卡片的静摩擦所以F随x的变化图像的斜率等于劲度系数k=］京%N/m=80N/m（1分）；

力与第1张卡片对第2张卡片的滑动摩擦力平衡，大小为/'=也（尸+7日9），C错误：（2）%=。，有12N=（m+M）a（2分），分离时，有22N—mg=ma（2分）

D.用手指滑动卡片向右运动的过程中，最后一张卡片相对桌面有向右运动的趋势，桌面对它的摩擦力向左，D错误。联立解得a=lm/s2,M=10kg（1分）：

故选ABo

（3）施加拉力尸的瞬间，设A、B之间的弹力为FN，

三、实验题

对B进行受力分析有-Mg-小=Ma（2分），解得FN=10N（2分）。

11.【答案】（1）AC（2分）（2）1.5（2分）2.5（2分）

15.【答案】（1）ym/s（2）1.5m-1（3）IN

【解析】（1）A.为了保证每次抛出时小球的初速度相同，实验时让小球每次都从同一高度由静止开始滚下，A正确；

【解析】（1）由图乙知，48段为物块从木板右侧滑出去，3c段为物块没有从木板上滑出去，DE段为物块从木板左侧

B.为了使小球抛出后受到的空气阻力影响小一些，应使用密度大、体积小的球，B错误：

滑出去（1分）。

C.为了保证小球抛出时做平抛运动，应使斜槽末端的切线保持水平，C正确；

若恒力物块刚滑上木板时，设物块和木板的加速度分别为m、6，

D.小钢球与斜槽间的摩擦不影响每次抛出时小球的初速度是否相同，D错误；

由牛顿第二定律ma】=Rng,Ma=得到a】=2m/s2,a=4m/s2（2分），

故选AC：22

由题意可知，当尸=0时，设经时间力物块从木板右侧滑出，位移差为Im（I分），

（2）由图可知，物体由A-B和由3—C所用的时间相等，且有△产g/2,由图可知△产2bl0cm,解得7^=0.Is,由％=v0T,

则为--12tl2=1（1分），

x=3£=15cm,解得该小球做平抛运动的初速度为卬=1.5m/s：

竖直方向自由落体运动，根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度得3点的竖直分速度为且物块从木板右侧滑出时，需满足物块的速度大于木板的速度，即%>a2t1（1分），

联立解得八（舍），£产长（分），则物块滑出木板时的速度为"二为一。口（分）：

8）<Z=1S11=¥m/s1

=攀=2XO.Im/s=2.0m/s,vB=J诏+询=2.5m/s。

（2）C,。两点对应的为恰好可一起匀加速运动，即物块与木板共速后，木板的加速度。3大小等于物块的最大加速度

12.【答案】（1）BD（2分）（2）0.224（1分）0.745（2分）（3）平衡摩擦力过度（I分）0.40（2分）ai，则有F-4mg=M的=Ma］，解得尸=3N（2分），

【解析】（）平衡摩擦力时，利用小车自身的重力沿斜面的分力平衡接触面的滑动摩擦力，所以不能将槽码用细

1A.物块刚滑上木板时，设木板的加速度为内，由牛顿第二定律有=号幽=震m/s2=10in/s2（1分），

线通过定滑轮系在小车上，故A错误；

设经时间”两者速度相等，有=%—（1分），如亡2一