山东省临沂市沂河新区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷+

山东省临沂市沂河新区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷(解析版)一、选择题（每题选项中，只有一项最符合题目的要求，每题2分，共40分）1．（2分）期末考试前，小明整理错题，梳理出几个结论，分析正确的是（）A．一个物体受两个力的作用，若这两个力的三要素完全相同，它们一定是平衡力 B．动滑轮省一半力，机械效率一定等于50% C．做功越少，功率越小，机械效率越小 D．功率越大，反映做功越快，与机械效率无关2．（2分）如图所示的四个实例中，属于增大压强的是（）A．运输车装有很多轮子 B．滑雪板的面积较大 C．安全锤头部做成锥形 D．书包的背带较宽3．（2分）将重5N的物体轻轻放入盛满水的容器中，溢出水的重力为3N，下列对物体所受的浮力大小和物体静止后的浮沉情况分析正确的是（）A．5N上浮 B．3N沉底 C．3N漂浮 D．5N悬浮4．（2分）向如图所示的敞口容器中加水，水在不流动时，能达到的最高位置是（）A．A容器口 B．B容器口 C．C容器口 D．D点位置5．（2分）“水韵琅琊•夜游沂河”文旅综合项目为人们提供乘船夜赏中心城区四河八岸的美丽风光。如图是一艘载满游客前行的游船，下列判断正确的是（）A．船上的游客受到水的浮力作用 B．游客下船后，船底所受水的压强不变 C．游客越多，船所受水的浮力越大 D．游客下船后，船排开的水的体积变大6．（2分）2023年2月3日，我市首届市民冰雪节于在茶山滑雪场开幕。如图所示，滑雪运动员从山上加速滑下的过程中（）A．运动状态保持不变 B．动能逐渐增大 C．滑雪板可增大压强 D．惯性越来越大7．（2分）将同一小球先后放入装有密度不同的液体的甲、乙两容器中，静止时两容器中液面高度相同，如图所示，则（）A．甲容器中的液体密度较大 B．甲容器中小球所受浮力大 C．乙容器底部所受到液体的压强大 D．乙容器中小球排开液体的质量大8．（2分）初中劳动课程要求每位学生独立制作午餐或晚餐3～4个菜。小强在家学炒菜过程中涉及到的物理知识，下列分析正确的是（）A．吃菜时，使用的筷子是省力杠杆 B．切菜时，锋利的刀刃可以增大压力 C．洗菜时，沉在水底的蔬菜受力平衡 D．扔菜叶时，利用惯性力将菜叶扔到垃圾桶9．（2分）王伟老师经常引导学生利用身边的生活用品做实验，通过动手动脑，学习物理知识，揭示物理规律。下面的实验（如图）不是揭示流体压强与流速关系的实验是（）A． B． C． D．10．（2分）如图所示，钓鱼时，钓鱼竿可看成是一个杠杆。能正确表示其支点O、动力F1和阻力F2的是（）A． B． C． D．11．（2分）小明利用如图所示的简单机械移动物体A时，当沿不同方向分别用F1、F2、F3的力，以不同速度匀速拉动物体时，忽略绳子与滑轮的摩擦，下列说法中正确的是（）A．F1＝F2＝F3 B．F1＜F2＜F3 C．F1＞F2＞F3 D．F1＝F2＜F312．（2分）在水平桌面上放一个重300N的物体，物体与桌面的摩擦力为60N，如图所示，若不考虑绳的重力和绳的摩擦，使物体以匀速移动1m，水平拉力F和其移动距离的大小为（）A．300N1m B．150N1m C．30N2m D．60N2m13．（2分）如图所示，分别用力F1、F2通过滑轮以相同速度匀速提升同一重物若所用时间相同且不计滑轮重及摩擦，则力F1、F2及做的功W1、W2的大小关系为（）A．F1＝F2，W1＝W2 B．F1＞F2，W1＞W2 C．F1＞F2，W1＝W2 D．F1＜F2，W1＜W214．（2分）2023年5月8日，跳水世界杯蒙特利尔站女子10米台争夺，中国选手全红婵两跳满分，获得冠军。如图所示，正在比赛中的全红婵（）A．起跳过程中运动状态保持不变 B．上升过程中重力势能转化为动能 C．下落过程中动能保持不变 D．入水过程中所受水的浮力逐渐增大15．（2分）教室里，同学们正在调换座位，下列所描述的情境中，人对物体一定做功的是（）A．甲抱着一叠课本原地不动 B．乙在推一张堆满课本的课桌，但未推动 C．丙背着书包从教室前排匀速走到后排 D．丁推着一张空课桌在教室地面上前进16．（2分）我们居住的城市高楼林立，如不小心发生高空坠物事件，可能给人们的生命财产造成损害。日前，某小区的陈先生早上下楼取车时发现车的后挡风玻璃穿了一个孔，上面还插着一个可乐瓶，肇事的可乐瓶里还有可乐。对此，下列描述正确的是（）A．可乐瓶从高空坠落过程中重力没有做功 B．可乐瓶从高空坠落，机械能变大 C．可乐瓶砸在挡风玻璃的瞬间，具有很大的重力势能 D．可乐瓶从高空坠落，重力势能转化为动能17．（2分）如图所示，有一满桶水，某同学分别采用背、抱、拉、滚的方式来运水，在粗糙程度相同的水平地面上匀速行走相同的路程，水平运动这一过程中，他对这桶水做功最多的是（）A．背 B．抱 C．拉 D．滚18．（2分）2023年3月28日，随着QW6029航班在临沂机场平稳落地，由青岛航空执飞的长春一临沂一重庆往返航班正式开通。如图所示，正在加速起飞的飞机（）A．运动状态不变 B．机械能逐渐增大 C．机翼上方的空气流速小 D．所受空气浮力逐渐增大19．（2分）如图中甲所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它沿水平木板匀速滑动，图乙是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象。当两次木块运动的距离相同时，下列说法正确的是（）A．木块第1次受到的拉力较大 B．木块第2次受到的摩擦力较大 C．第1次拉力做的功较多 D．第1次拉力做功的功率较大20．（2分）放在水平地面上的物体A，受到方向不变的水平拉力F的作用，如图甲所示，拉力F随时间t的变化关系如图乙所示，物体A运动的速度v与时间t的关系如图丙所示。下列说法中正确的是（）A．物体A在2～6s内做匀速直线运动 B．物体A在0～2s内受到的摩擦力为20N C．拉力F在6～8s内所做的功为40J D．拉力F在6～8s内的功率为40W二、填空题（每空1分，共18分）21．（5分）（1）一辆新能源小汽车在平直公路上以20m/s的速度匀速行驶30km，发动机提供的牵引力是600N。①司机开车系上安全带可以减小紧急刹车时由于造成的伤害。②小汽车的外观呈流型，在高速行驶时小汽车对地面的压力重力（选填“大于”、“小于”或“等于”）。③此过程中牵引力做的功是J，发动机的输出功率为kW。④当汽车需上坡时，一般为了增大牵引力，使汽车（选填“加”或“减”）速。22．（2分）使用简单机械可以给人们的生活带来便利。如图甲所示，旗杆的顶端安装着一个定滑轮，用来改变拉力的；如图乙所示，把手尽量远离钢丝钳的转动轴，这是为了增大，从而在使用时更加省力。23．（2分）如图所示，小华和小红一起坐在秋千凳上荡秋千，她们的重力分别是G1、G2，且G1＜G2，某次从最高点下摆到最低点的过程中，她们重力做功的大小分别为W1、W2，重力做功的功率分别为P1、P2。则W1W2（＞/＜/＝），P1P2（＞/＜/＝）。24．（3分）如图所示，一个60g的小球从水里上浮直至漂浮在水面上。小球在A位置时受到的浮力为FA，水对杯底压强为pA；在B位置时受到的浮力为FB，水对杯底的压强为pB，则它们的大小关系是FAFB，pApB（选填“＜”、“＞”或“＝”）；漂浮时小球受到水的浮力为N。（g取10N/kg）25．（2分）用如图所示的滑轮沿竖直方向提起一重为16N的物体A（滑轮重、绳重及摩擦忽略不计），绳子自由端移动距离0.2m。滑轮处于静止状态，其实质是一个杠杆，此时物体A所受到的合力大小为N。26．（2分）在腌制咸鸭蛋的过程中，鸭蛋逐渐变咸说明了分子，同时也说明了分子间存在。27．（2分）如图甲，小明操控遥控器使电动遥控飞机匀速升空过程中，遥控飞机的机械能（选填“增大”、“减小”或“不变”）；如图乙，桌上放一个装满水的瓶子，中间有一个气泡。他用手向右推一下瓶子，气泡将向（“前”或“后”）运动。三、实验题（23题4分，24题6分，25题8分，26题6分，共24分）28．（2分）如图，一小球漂浮在盛水的烧杯中，将烧杯放置在斜面上，各物体均处于静止状态，请作出小球所受浮力示意图和烧杯对斜面压力的示意图（小球的重心已标出）。29．（2分）临沂第四十中学附属幼儿园倡议亲子植树活动。如图甲，小丽妈妈正在用铁锹铲土。将铁锹视为杠杆，O为支点，请在图乙中画出：（1）手在A处施加的最小动力F的示意图；（2）F的力臂L。30．（6分）小娟用如图所示装置探究影响液体内部压强大小的因素，U形管中盛有水，实验操作：（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ盐水＝1.1×103kg/m3，g＝10N/kg）（1）若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，可通过（选填字母）方法进行调节；A.从U形管内向外倒出适量水B.向U形管内添加适量水C.拆除软管重新安装（2）比较②、③两图，可得结论：同种液体，（选填“密度”、“高度”或“深度”）越大，液体压强越大；若要探究液体压强与液体密度的关系，则应选择两图进行比较；（3）若要探究液体内部同一深度向各个方向的压强是否相等，应进行的操作是：保持压强计的探头在同种液体中的深度不变，改变；（4）小娟完成上述实验后，用“T”形玻璃管对着U形管右边管口吹气（乙图），可以看到（填“左”或“右”）管中的液面较高，该实验说明了，压强越小。31．（8分）如图所示，小伟和小强探究“杠杆的平衡条件”实验中，使用的实验器材有铁架台、带有刻度的杠杆、弹簧测力计、细线、钩码若干（每个钩码重均为0.5N）等。（1）实验前，小伟观察到杠杆静止时如图甲所示，他应将杠杆两侧的螺母向（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置静止；实验过程中，应使杠杆重新在水平位置平衡，目的是；（2）如图乙所示，小伟在A点挂3个钩码，应在B点挂个钩码，才能使杠杆在水平位置平衡；平衡后若在A、B两点各增加1个钩码，则杠杆端（选填“左”或“右”）会下降；（3）如图乙所示，小伟用弹簧测力计替代钩码，首先在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计逐渐向右倾斜，要使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将逐渐，原因是杠杆所受拉力的力臂。（选填“变大”“变小”或“不变”）（4）用细线将重为4N的物块挂于杠杆左侧，现将物块浸没在装有水的烧杯中，调节右侧钩码的位置，使杠杆处于水平平衡，如图丙所示，则细线对杠杆的拉力是N，物块在水中所受浮力为N。32．（6分）如图，某实验小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平面上的同一木块，木块移动一段距离后停止。（1）实验中，探究的动能是指（填序号）。A.小球在斜面上的动能B.小球撞击木块时的动能C.小球撞击木块后的动能D.木块被小球撞击的动能（2）小球滚下斜面的过程中，它的能转化为动能，其动能大小是通过来反映的。（3）分析比较两次实验，可探究出的结论是：质量相同的物体，速度越大，动能越大。这个结论可用于解释汽车（选填“超速”或“超载”）带来的危害。（4）在“探究动能的大小跟哪些因素有关”的实验中，下列说法正确的是。A.实验所用斜面和水平面都必须是光滑的B.木块向前滑行的过程中机械能保持不变C.小球质量越大，到达斜面底端的速度越大D.木块被撞击后滑行的越远，说明小球的动能越大四、计算题（27题10分，28题8分，共18分）33．（10分）如图为中国新一代通用型导弹驱逐舰169号（武汉舰），它是052B型导弹驱逐舰。其满载时的排水量约为7×103t，当驱逐舰以72km/h的速度匀速直线航行时，受到的阻力是7×105N。（海水密度近似取1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：（1）在水面下4m深处，船体受到的海水的压强是多少？（2）驱逐舰满载时，受到的浮力是多少？（3）驱逐舰满载时，驱逐舰的重力是多少？（4）驱逐舰满载时以72km/h的速度匀速航行，牵引力做功的功率是多少？34．（8分）快递业务服务提升了生活质量，为了提高快递配送效率，可使用如图所示的物流机器人完成最后三公里的快速智能配送。若空载时该物流机器人质量为600kg，每个轮胎与地面的接触面积为0.05m2，当该物流机器人完成所有配送任务后返回服务站时，在某平直道路上在100s内匀速行驶400m，已知机器人匀速行驶所受阻力是其重力的0.02倍，g取10N/kg。求此过程中：（1）求机器人对水平路面的压强；（2）机器人匀速行驶时牵引力做功；（3）机器人匀速行驶时牵引力的功率。

参考答案与试题解析一、选择题（每题选项中，只有一项最符合题目的要求，每题2分，共40分）1．（2分）期末考试前，小明整理错题，梳理出几个结论，分析正确的是（）A．一个物体受两个力的作用，若这两个力的三要素完全相同，它们一定是平衡力 B．动滑轮省一半力，机械效率一定等于50% C．做功越少，功率越小，机械效率越小 D．功率越大，反映做功越快，与机械效率无关【考点】滑轮（组）的机械效率；平衡力与相互作用力的辨别；功率的概念与单位；机械效率的概念．【答案】D【分析】（1）力的三要素指力的大小、力的方向和力的作用点；一对平衡力必须满足四个条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上；（2）使用动滑轮能省力；根据机械效率η＝分析机械效率；（3）根据功、功率、机械效率的关系分析。功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量；机械效率是有用功与总功的比值。【解答】解：A、由于这两个力的三要素完全相同，即大小、方向、作用点都一样，那么这两个力作用在一个物体上时，不可能是平衡力，故A错误；B、使用动滑轮能省力；由于不能确定有用功和总功的大小，所以不能确定动滑轮的机械效率是多少，故B错误；C、功率大小与做功多少和时间无关，做功少，功率不一定小，机械效率不一定小，故C错误；D、功率越大，反映做功越快，与机械效率无关，故D正确。故选：D。2．（2分）如图所示的四个实例中，属于增大压强的是（）A．运输车装有很多轮子 B．滑雪板的面积较大 C．安全锤头部做成锥形 D．书包的背带较宽【考点】增大和减小压强的方法和应用．【答案】C【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。【解答】解：A、运输车装有很多轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A不合题意。B、滑雪板的面积较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B不合题意。C、安全锤头部做成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C符合题意。D、书包的背带较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D不合题意。故选：C。3．（2分）将重5N的物体轻轻放入盛满水的容器中，溢出水的重力为3N，下列对物体所受的浮力大小和物体静止后的浮沉情况分析正确的是（）A．5N上浮 B．3N沉底 C．3N漂浮 D．5N悬浮【考点】物体的浮沉条件及其应用．【答案】B【分析】因为容器盛满水，因此，物体排开水的重力就是溢出的水重，再根据阿基米德原理可判断其浮力的大小，根据浮力与重力的关系判断出物体的浮沉。【解答】解：容器盛满水，所以物体排开的水与溢出的水相同，其重力为3N，根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力就等于它排开的水的重力，因此，物体所受到浮力为3N，由于浮力小于重力，所以物体最终沉底。故选：B。4．（2分）向如图所示的敞口容器中加水，水在不流动时，能达到的最高位置是（）A．A容器口 B．B容器口 C．C容器口 D．D点位置【考点】连通器原理．【答案】B【分析】连通器构造的特点：上端开口、底部连通的仪器叫连通器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。【解答】解：分析题目中的原图不难看出，若该装置中倒入水后，其上端开口，下部连通，即为连通器，故在静止时，液面应保持相平，故为了使液体不至于溢出，所以静止后水能到达的最高位置是B位置；故选：B。5．（2分）“水韵琅琊•夜游沂河”文旅综合项目为人们提供乘船夜赏中心城区四河八岸的美丽风光。如图是一艘载满游客前行的游船，下列判断正确的是（）A．船上的游客受到水的浮力作用 B．游客下船后，船底所受水的压强不变 C．游客越多，船所受水的浮力越大 D．游客下船后，船排开的水的体积变大【考点】物体的浮沉条件及其应用；液体压强的概念和特点；阿基米德原理的应用．【答案】C【分析】A、游客没有浸入水中，不受水的浮力的作用，故A错误；BCD、游客越多，游船的重力越大，重力和浮力是一对平衡力，大小相等，据此可知所受的浮力的变化情况；游客下船后，游船的重力变小，所受的浮力变小，根据V排＝可知船排开水的体积的变化情况；漂浮的物体受到的浮力等于液体对物体向上的压力，所以船底受到的压力越小，受力面积一定，由p＝可知游船船底受到的压强的变化情况。【解答】解：A、游客没有浸入水中，不受水的浮力的作用，故A错误；BCD、游客越多，游船的重力越大，重力和浮力是一对平衡力，大小相等，所以浮力越大。故C正确；游客下船后，游船的重力变小，所受的浮力变小，根据V排＝可知船排开水的体积变小；故D错误；漂浮的物体受到的浮力等于液体对物体向上的压力，所以船底受到的压力越小，受力面积一定，由p＝可知游船船底受到的压强越小，故B错误；故选：C。6．（2分）2023年2月3日，我市首届市民冰雪节于在茶山滑雪场开幕。如图所示，滑雪运动员从山上加速滑下的过程中（）A．运动状态保持不变 B．动能逐渐增大 C．滑雪板可增大压强 D．惯性越来越大【考点】动能和势能的转化；物体运动状态变化的判断；惯性与惯性现象；增大和减小压强的方法和应用．【答案】B【分析】（1）物体受到平衡力作用时，会保持静止状态或匀速直线运动状态；（2）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度；（3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；（4）惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，惯性大小只与物体质量有关。【解答】解：A．滑雪运动员从山上加速滑下的过程中，速度不断变大，运动状态不断变化，故A错误；B．滑雪运动员从山上加速滑下的过程中，质量不变，速度变大，动能增大，故B正确；C．穿滑雪板是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，防止下陷，故C错误；D．滑雪运动员从山上加速滑下的过程中，质量不变，惯性的大小不变，故D错误。故选：B。7．（2分）将同一小球先后放入装有密度不同的液体的甲、乙两容器中，静止时两容器中液面高度相同，如图所示，则（）A．甲容器中的液体密度较大 B．甲容器中小球所受浮力大 C．乙容器底部所受到液体的压强大 D．乙容器中小球排开液体的质量大【考点】物体的浮沉条件及其应用；固体压强大小比较；液体压强的比较大小；阿基米德原理的应用．【答案】A【分析】（1）根据物体浮沉条件，结合图示分析，对两液体的密度大小和小球在两液体中所受浮力大小以及排开液体质量的大小作出判断；（2）根据液体压强公式p＝ρgh分析，对两容器中液体对底部的压强大小作出判断。【解答】解：设甲容器中的液体为甲液体，乙容器中的液体为乙液体。A、由图可知，小球在甲液体中漂浮，甲液体密度大于小球的密度；小球在乙液体中悬浮，乙的液体密度等于小球的密度，甲容器中的液体密度较大，则两容器中液体的密度：ρ甲＞ρ乙，故A正确；BD、由图可知，小球在甲液体中漂浮，浮力等于重力，在乙液体中悬浮，浮力等于重力，所以小球在甲、乙液体中受到的浮力相等，根据阿基米德原理F浮＝G排＝m排g知两容器中小球排开液体的质量相等，故BD错误；C、由图可知，甲、乙两容器内液体深度相同，ρ甲＞ρ乙，根据p＝ρgh知，两容器底面受到液体的压强：p甲液＞p乙液，故C错误。故选：A。8．（2分）初中劳动课程要求每位学生独立制作午餐或晚餐3～4个菜。小强在家学炒菜过程中涉及到的物理知识，下列分析正确的是（）A．吃菜时，使用的筷子是省力杠杆 B．切菜时，锋利的刀刃可以增大压力 C．洗菜时，沉在水底的蔬菜受力平衡 D．扔菜叶时，利用惯性力将菜叶扔到垃圾桶【考点】杠杆的分类；惯性在实际生活中的应用；平衡状态的判断；增大和减小压强的方法和应用．【答案】C【分析】（1）动力臂比阻力臂短的杠杆是费力杠杆。（2）在压力一定时，减小受力面积可以增大压强。（3）沉在水底的蔬菜受到的力是平衡的。（4）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性不是一种力。【解答】解：A、吃菜时，使用的筷子是费力杠杆，故A错误；B、切菜时，锋利的刀刃减小受力面积，可以增大压强，故B错误；C、洗菜时，沉在水底的蔬菜受重力、支持力和浮力平衡，故C正确；D、扔菜叶时，利用惯性将菜叶扔到垃圾桶，惯性不是力，故D错误。故选：C。9．（2分）王伟老师经常引导学生利用身边的生活用品做实验，通过动手动脑，学习物理知识，揭示物理规律。下面的实验（如图）不是揭示流体压强与流速关系的实验是（）A． B． C． D．【考点】流体压强与流速的关系．【答案】C【分析】要解答本题需掌握：流体的流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。【解答】解：A、在两张纸片中间吹气，纸片合拢。这是因为纸片中间空气流速大，压强变小，纸外侧的压强不变，纸受到向内的压强大于向外的压强，受到向内的压力大于向外的压力，纸在压力差的作用下向中间靠拢。B、将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来。D、当用力吹漏斗时，气流从漏斗的壁快速流出，速度比较大，乒乓球的上部气流流速大，压强比较小，乒乓球的下部受到的大气压是不变的，托着乒乓球不会掉下来。以上三个实验表明气体流动时，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。C、吸管吸饮料，饮料上升是利用了大气压的作用。故选：C。10．（2分）如图所示，钓鱼时，钓鱼竿可看成是一个杠杆。能正确表示其支点O、动力F1和阻力F2的是（）A． B． C． D．【考点】杠杆及其五要素．【答案】B【分析】根据杠杆绕着转动的固定点叫支点，可判断杠杆的支点；动力是使杠杆转动的力，阻力是阻碍杠杆转动的力。【解答】解：图中钓鱼竿是下面手与鱼竿接触的位置，动力是上面手施加的力，阻力为鱼线对鱼竿竖直向下的拉力，故B正确，ACD错误。故选：B。11．（2分）小明利用如图所示的简单机械移动物体A时，当沿不同方向分别用F1、F2、F3的力，以不同速度匀速拉动物体时，忽略绳子与滑轮的摩擦，下列说法中正确的是（）A．F1＝F2＝F3 B．F1＜F2＜F3 C．F1＞F2＞F3 D．F1＝F2＜F3【考点】定滑轮及其工作特点．【答案】A【分析】定滑轮的工作特点是：使用定滑轮只能改变力的方向，不能省力。【解答】解：由图可知，图中滑轮是定滑轮，定滑轮不能省力，因为物体A匀速运动，所以F1、F2、F3都与物体A受到地面的摩擦力相等，所以三种拉法所用拉力一样大，故BCD错误；故A正确。故选：A。12．（2分）在水平桌面上放一个重300N的物体，物体与桌面的摩擦力为60N，如图所示，若不考虑绳的重力和绳的摩擦，使物体以匀速移动1m，水平拉力F和其移动距离的大小为（）A．300N1m B．150N1m C．30N2m D．60N2m【考点】滑轮组中的相关计算；滑轮组及其工作特点．【答案】C【分析】（1）如图，物体在水平方向上做匀速直线运动，根据二力平衡的条件可知物体所受的拉力等于物体受到的摩擦力，然后根据定滑轮和动滑轮的工作特点，即可求出绳子末端拉力与摩擦力之间的关系；（2）有两段绳子与动滑轮接触，绳端移动的距离是物体移动距离的2倍。【解答】解：由于物体在水平面上做匀速直线运动，所以物体所受拉力等于物体受到的摩擦力；滑轮组是由两根绳子承担动滑轮，所以绳子末端拉力F＝f＝×60N＝30N；有两段绳子与动滑轮接触，绳子自由端移动的距离是物体移动距离的2倍，故绳子自由端移动的距离s＝2s物＝2×1m＝2m，故ABD错误，C正确。故选：C。13．（2分）如图所示，分别用力F1、F2通过滑轮以相同速度匀速提升同一重物若所用时间相同且不计滑轮重及摩擦，则力F1、F2及做的功W1、W2的大小关系为（）A．F1＝F2，W1＝W2 B．F1＞F2，W1＞W2 C．F1＞F2，W1＝W2 D．F1＜F2，W1＜W2【考点】比较功的大小；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点．【答案】C【分析】（1）不计滑轮重及摩擦，使用定滑轮不省力，使用动滑轮能省一半力。（2）物体上升的速度和时间相同，由h＝vt可知，物体上升高度的关系，根据W＝Gh可知拉力对物体做功的大小关系，不计滑轮重和摩擦，拉力做的功等于拉力对物体做的功。【解答】解：（1）左图为定滑轮，右图为动滑轮，不计滑轮重及摩擦时，F1＝G，F2＝G，因此F1＞F2。（2）物体上升的速度和时间相同，由h＝vt可知，物体上升高度相同，根据W＝Gh可知拉力对物体做功的大小相等，不计滑轮重及摩擦时，拉力做的功等于拉力对物体做的功，即：W1＝W2。故选：C。14．（2分）2023年5月8日，跳水世界杯蒙特利尔站女子10米台争夺，中国选手全红婵两跳满分，获得冠军。如图所示，正在比赛中的全红婵（）A．起跳过程中运动状态保持不变 B．上升过程中重力势能转化为动能 C．下落过程中动能保持不变 D．入水过程中所受水的浮力逐渐增大【考点】阿基米德原理的应用；动能和势能的转化；物体运动状态变化的判断．【答案】D【分析】（1）力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。（2）机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关，重力势能大小与质量和高度有关。动能和势能可以相互转化。（3）根据阿基米德原理，F浮＝ρ液V排g，ρ液一定，V排越大，受到的浮力越大。【解答】解：A、起跳过程中运动状态改变，是力改变了她的运动状态，故A错误；B、上升过程中，速度变小，质量不变，动能变小，高度变大，重力势能变大，动能转化为重力势能，故B错误；C、下落过程中，重力势能转化为动能，所以动能变大，故C错误；D、入水过程中，她排开的水的体积变大，根据F浮＝ρ液V排g，所受水的浮力逐渐增大，故D正确。故选：D。15．（2分）教室里，同学们正在调换座位，下列所描述的情境中，人对物体一定做功的是（）A．甲抱着一叠课本原地不动 B．乙在推一张堆满课本的课桌，但未推动 C．丙背着书包从教室前排匀速走到后排 D．丁推着一张空课桌在教室地面上前进【考点】力是否做功的判断．【答案】D【分析】解答本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。【解答】解：A、甲同学抱着一叠课本原地不动，人对课本施加了力，但没有移动距离，人对课本没有做功，故A错误。B、乙同学用力推课桌但没有推动，人对课桌施加了力，但没有移动距离，人对课桌没有做功，故B错误。C、丙同学提着一只书包从教室前排走到后排，人对书包施加的力竖直向上，书包移动的方向不是沿力的方向移动，人对书包没有做功，故C错误。D、丁同学推着一张空课桌在教室地面上前进，人对课桌施加了力，并且在力的方向上移动了距离，人对课桌做了功，故D正确。故选：D。16．（2分）我们居住的城市高楼林立，如不小心发生高空坠物事件，可能给人们的生命财产造成损害。日前，某小区的陈先生早上下楼取车时发现车的后挡风玻璃穿了一个孔，上面还插着一个可乐瓶，肇事的可乐瓶里还有可乐。对此，下列描述正确的是（）A．可乐瓶从高空坠落过程中重力没有做功 B．可乐瓶从高空坠落，机械能变大 C．可乐瓶砸在挡风玻璃的瞬间，具有很大的重力势能 D．可乐瓶从高空坠落，重力势能转化为动能【考点】动能和势能的转化；机械能的概念；力是否做功的判断；势能大小的比较．【答案】D【分析】做功的条件：有力，且物体在力的方向上通过距离；被举高的物体具有重力势能，在物体下落时，重力势能会转化为动能对外做功。物体的质量越大、高度越高，重力势能越大，其转化为动能时，往往也会越大。据此来对本题中的现象进行分析。【解答】解：A、可乐瓶从高空坠落过程中在重力的方向上通过了距离，重力做功，故A错误；B、可乐瓶坠落时，克服与空气的摩擦做功，一部分机械能转化为内能，机械能变小，故B错误；C、可乐瓶砸在挡风玻璃的瞬间，其速度达到最大，具有很大的动能，故C错误；D、可乐瓶从高空坠落，高度变小，重力势能减小，速度变大，动能变大，重力势能会转化为动能，故D正确。故选：D。17．（2分）如图所示，有一满桶水，某同学分别采用背、抱、拉、滚的方式来运水，在粗糙程度相同的水平地面上匀速行走相同的路程，水平运动这一过程中，他对这桶水做功最多的是（）A．背 B．抱 C．拉 D．滚【考点】比较功的大小．【答案】C【分析】物理学中规定，功等于力跟物体在力的方向上移动距离的乘积。先判断力的大小、物体在力的方向上移动的距离相同，利用功的公式W＝Fs分析判断。【解答】解：由图可知，AB中该同学是用背背、用手抱，即力的方向向上，桶是在水平方向上移动的距离，即沿向上的方向没有移动距离，因此不做功；C中滑动摩擦力大于D中的滚动摩擦力，由于匀速拉动水桶，所以C中拉力大于D中拉力，由于所移动的距离s相同，由W＝Fs可知C做功最多，故ABD不合题意，C符合题意。故选：C。18．（2分）2023年3月28日，随着QW6029航班在临沂机场平稳落地，由青岛航空执飞的长春一临沂一重庆往返航班正式开通。如图所示，正在加速起飞的飞机（）A．运动状态不变 B．机械能逐渐增大 C．机翼上方的空气流速小 D．所受空气浮力逐渐增大【考点】机械能的概念；物体运动状态变化的判断；流体压强与流速的关系；阿基米德原理的应用．【答案】B【分析】（1）速度大小变化或运动方向变化都是运动状态变化。（2）动能大小与物体的质量和速度有关，物体的质量越大、速度越大，动能越大；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；机械能为动能和势能的和。（3）流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。（4）根据F浮＝ρ空气gV排判断浮力大小。【解答】解：A、正在加速起飞的飞机，运动状态改变，故A错误；B、正在加速起飞的飞机质量不变，速度变大，动能变大；高度增大，重力势能变大，所以机械能增大，故B正确；C、机翼上方的空气流速比机翼下方的流速快，因此机翼下方气体压强大于机翼上方气体压强，从而产生了升力，故C错误；D、飞机加速起飞的过程中排开空气的体积不变，空气密度逐渐变小，受到空气的浮力逐渐变小，故D错误。故选：B。19．（2分）如图中甲所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它沿水平木板匀速滑动，图乙是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象。当两次木块运动的距离相同时，下列说法正确的是（）A．木块第1次受到的拉力较大 B．木块第2次受到的摩擦力较大 C．第1次拉力做的功较多 D．第1次拉力做功的功率较大【考点】比较功率的大小；比较功的大小．【答案】D【分析】（1）滑动摩擦力的大小只与压力和接触面的粗糙程度有关；先判断两次运动过程中滑动摩擦力的大小，然后根据图象判断木块两次的运动状态，然后根据二力平衡的条件分析拉力和摩擦力的关系；（2）根据作用在物体上的拉力和在拉力方向上通过的距离，利用公式W＝FS比较两次做功的多少。（3）根据决定功率的因素即木块的拉力和木块的速度进行分析。【解答】解：AB、由于滑动摩擦力的大小只与压力和接触面的粗糙程度有关，上述两个过程中，木块对木板的压力没有变，接触面的粗糙程度没有变，所以两次运动过程中滑动摩擦力相等，故B错误；从图象上可以看出，木块两次都是做匀速直线运动，而做匀速直线运动的物体受平衡力作用，所以两次木块受到的拉力和摩擦力相等，因为摩擦力相等，所以拉力也相等，故A错误；C、两次的拉力相同，两次运动距离也相等，所以两次做的功相等，故C错误；D、从图中可以看出第一次木块运动的速度较大，而木块所受的拉力相同，根据公式P＝＝＝Fv可知，第1次拉力做功的功率较大；故D正确。故选：D。20．（2分）放在水平地面上的物体A，受到方向不变的水平拉力F的作用，如图甲所示，拉力F随时间t的变化关系如图乙所示，物体A运动的速度v与时间t的关系如图丙所示。下列说法中正确的是（）A．物体A在2～6s内做匀速直线运动 B．物体A在0～2s内受到的摩擦力为20N C．拉力F在6～8s内所做的功为40J D．拉力F在6～8s内的功率为40W【考点】功率的计算及公式的应用；摩擦力的大小；力与图象的结合；功的计算和公式的应用．【答案】D【分析】（1）根据丙图判定物体的运动状态；（2）物体A在水平面上静止，拉力和摩擦力是一对平衡力；（3）根据速度和时间求出物体移动的距离；根据W＝Fs求出功的大小；（4）根据P＝求出功率的大小。【解答】解：A、由图丙可知，物体A在2～6s内速度是一直变大的，做的是加速运动，故A错误；B、由图可知，物体在0～2s内处于静止状态，此时的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，由图可知，此时的拉力为10N，所以摩擦力为10N，故B错误；C、根据图可知，在6～8s内拉力的大小为20N，此时的运动速度为2m/s，拉力F在6～8s内移动的距离为s＝vt＝2m/s×2s＝4m，则拉力所做的功为：W＝Fs＝20N×4m＝80J，故C错误；D、拉力F在6～8s内的功率为：P＝＝＝40W，故D正确。故选：D。二、填空题（每空1分，共18分）21．（5分）（1）一辆新能源小汽车在平直公路上以20m/s的速度匀速行驶30km，发动机提供的牵引力是600N。①司机开车系上安全带可以减小紧急刹车时由于惯性造成的伤害。②小汽车的外观呈流型，在高速行驶时小汽车对地面的压力小于重力（选填“大于”、“小于”或“等于”）。③此过程中牵引力做的功是1.8×107J，发动机的输出功率为12kW。④当汽车需上坡时，一般为了增大牵引力，使汽车减（选填“加”或“减”）速。【考点】功率的计算及公式的应用；惯性与惯性现象；流体压强与流速的关系；功的计算和公式的应用．【答案】①惯性；②小于；③1.8×107；12；④减。【分析】（1）惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质；（2）流体流速越快的位置压强越小，据此分析汽车对地面压力的变化；（3）利用W＝Fs可以计算出牵引力所做的功；根据t＝计算出汽车的行驶时间，根据P＝发动机的输出功率；（4）根据P＝Fv分析解答。【解答】解：①司机开车系上安全带，这是为了减小紧急刹车时由于人的惯性带来的伤害；②小汽车高速行驶时，车顶的空气流速大于车底的空气流速，车顶空气压强小于车底空气压强，所以会产生向上的压强差，即而产生一定大小的向上的升力，使小汽车对地面的压力小于小汽车所受的重力；③汽车行驶的路程：s＝30km＝3×104m，牵引力做的功：W＝Fs＝600N×3×104m＝1.8×107J，汽车的行驶时间：t＝＝＝1500s，发动机的输出功率：P＝＝＝12000W＝12kW；④根据P＝Fv可得：F＝由此可知，当汽车需上坡时，功率一定，为了增大牵引力，应使汽车的速度减小。故答案为：①惯性；②小于；③1.8×107；12；④减。22．（2分）使用简单机械可以给人们的生活带来便利。如图甲所示，旗杆的顶端安装着一个定滑轮，用来改变拉力的方向；如图乙所示，把手尽量远离钢丝钳的转动轴，这是为了增大动力臂，从而在使用时更加省力。【考点】定滑轮及其工作特点；杠杆的应用．【答案】见试题解答内容【分析】解决此题要知道：（1）定滑轮的特点：使用定滑轮不省力但能改变力的方向。（2）根据杠杆的平衡条件，在使用杠杆时，动力臂越长越省力。【解答】解：国旗杆上的滑轮为定滑轮，定滑轮不能省力，但可以改变用力的方向，利用它来升国旗，可以改变施加力的方向；把手尽量远离钢丝钳的转动轴，这样增大了动力臂，使其用起来更加省力。故答案为：方向；动力臂。23．（2分）如图所示，小华和小红一起坐在秋千凳上荡秋千，她们的重力分别是G1、G2，且G1＜G2，某次从最高点下摆到最低点的过程中，她们重力做功的大小分别为W1、W2，重力做功的功率分别为P1、P2。则W1＜W2（＞/＜/＝），P1＜P2（＞/＜/＝）。【考点】比较功率的大小；比较功的大小．【答案】＜；＜。【分析】利用做功公式W＝Fs＝Gh，以及功率公式P＝进行判断。【解答】解：（1）从最高点下摆到最低点的过程中，小华和小红的重力做功分别为：W1＝G1h，W2＝G2h，因为h相同，且G1＜G2，则W1＜W2；（2）由P＝可知，小华和小红的重力做功的功率分别为：P1＝，P2＝，因为t相同，W1＜W2，所以P1＜P2。故答案为：＜；＜。24．（3分）如图所示，一个60g的小球从水里上浮直至漂浮在水面上。小球在A位置时受到的浮力为FA，水对杯底压强为pA；在B位置时受到的浮力为FB，水对杯底的压强为pB，则它们的大小关系是FA＞FB，pA＞pB（选填“＜”、“＞”或“＝”）；漂浮时小球受到水的浮力为0.6N。（g取10N/kg）【考点】物体的浮沉条件及其应用；固体压强大小比较；液体压强的概念和特点．【答案】＞；＞；0.6。【分析】（1）由图可知乒乓球在A、B位置时，排开水的体积大小，然后根据阿基米德原理判断浮力大小；（2）由于乒乓球从水里上浮直至漂浮在水面上，排开水的体积减小，水面下降，则根据p＝ρgh即可判断水对杯底压强大小关系；（3）物体漂浮时，受到的浮力等于自身的重力。【解答】解：（1）由图可知：乒乓球在A位置时是浸没，V排A＝V球，在B位置时是漂浮，V排B＜V球，所以V排A＞V排B，由F浮＝ρgV排可知：FA＞FB。（2）由于从水里上浮直至漂浮在水面上，排开水的体积减小，水面下降，则hA＞hB，根据p＝ρgh可知：pA＞pB。（3）漂浮时小球受到水的浮力等于自身的重力，即：F浮＝G＝mg＝0.06kg×10N/kg＝0.6N。故答案为：＞；＞；0.6。25．（2分）用如图所示的滑轮沿竖直方向提起一重为16N的物体A（滑轮重、绳重及摩擦忽略不计），绳子自由端移动距离0.2m。滑轮处于静止状态，其实质是一个动力臂是阻力臂两倍的杠杆，此时物体A所受到的合力大小为0N。【考点】动滑轮及其工作特点；力的合成与应用．【答案】动力臂是阻力臂两倍的；0【分析】（1）动滑轮的实质是动力臂是阻力臂两倍的杠杆。（2）物体受到平衡力时合力为零。【解答】解：图中的滑轮是动滑轮，其实质是一个动力臂为阻力臂两倍的杠杆，滑轮处于静止状态，物体A受到的拉力和重力是一对平衡力，A受到的合力为0N。故答案为：动力臂是阻力臂两倍的；0。26．（2分）在腌制咸鸭蛋的过程中，鸭蛋逐渐变咸说明了分子在永不停息地做无规则运动，同时也说明了分子间存在间隙。【考点】分子的热运动；分子间的作用力．【答案】在永不停息地做无规则运动；间隙【分析】物质由分子组成，一切物体的分子都永不停息地做无规则运动，分子间有间隙。【解答】解：把鸭蛋放在盐水里一段时间，鸭蛋就变咸了，说明盐水分子不停做无规则运动，这就是鸭蛋与盐之间的扩散现象，说明了分子在永不停息地做无规则运动，同时还说明了分子之间有间隙。故答案为：在永不停息地做无规则运动；间隙。27．（2分）如图甲，小明操控遥控器使电动遥控飞机匀速升空过程中，遥控飞机的机械能增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）；如图乙，桌上放一个装满水的瓶子，中间有一个气泡。他用手向右推一下瓶子，气泡将向右（“前”或“后”）运动。【考点】机械能的概念；惯性与惯性现象．【答案】增大；右。【分析】动能大小的影响因素：质量和速度。质量不变时，速度越大，动能越大；地面附近的物体由于被举高具有重力势能；机械能等于动能和势能的总和。惯性是物体保持原来运动状态不变的性质。【解答】解：遥控飞机匀速升空过程中，质量不变，速度不变，则遥控飞机的动能不变；高度增加，遥控飞机的重力势能增大；因机械能等于动能与势能的总和，所以其机械能增大；原来瓶子和水都保持静止，后来瓶子由于受推力由静止变运动，而瓶里的水由于具有惯性，仍想保持静止，所以水相对于瓶子向后运动，把气泡挤到右方。故答案为：增大；右。三、实验题（23题4分，24题6分，25题8分，26题6分，共24分）28．（2分）如图，一小球漂浮在盛水的烧杯中，将烧杯放置在斜面上，各物体均处于静止状态，请作出小球所受浮力示意图和烧杯对斜面压力的示意图（小球的重心已标出）。【考点】力的示意图与图示．【答案】【分析】小球漂浮时，处于静止状态，受力平衡，受到浮力的作用点为小球的重心，浮力的方向总是竖直向上的，压力的作用点在接触面上，压力的方向与接触面垂直向下。【解答】解：过小球的重心沿竖直向上的方向画一条带箭头的线段，用符号F浮表示，过杯子与桌面接触的中心，沿垂直于斜面向下的方向画一条带箭头的线段，用符号F表示；如图所示：29．（2分）临沂第四十中学附属幼儿园倡议亲子植树活动。如图甲，小丽妈妈正在用铁锹铲土。将铁锹视为杠杆，O为支点，请在图乙中画出：（1）手在A处施加的最小动力F的示意图；（2）F的力臂L。【考点】杠杆中最小力的问题；力臂的画法．【答案】【分析】由杠杆的平衡条件可知：当阻力、阻力臂一定时，动力臂最长时动力最小，据此分析解答。【解答】解：由分析知，用铁锹铲土时铁锹的动力臂最长时，动力最小，连接支点O和力的作用点A，以OA为力臂是最长的动力臂，由A点做OA的垂线画出最小的力F，方向向上，如图所示：30．（6分）小娟用如图所示装置探究影响液体内部压强大小的因素，U形管中盛有水，实验操作：（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ盐水＝1.1×103kg/m3，g＝10N/kg）（1）若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，可通过C（选填字母）方法进行调节；A.从U形管内向外倒出适量水B.向U形管内添加适量水C.拆除软管重新安装（2）比较②、③两图，可得结论：同种液体，深度（选填“密度”、“高度”或“深度”）越大，液体压强越大；若要探究液体压强与液体密度的关系，则应选择③④两图进行比较；（3）若要探究液体内部同一深度向各个方向的压强是否相等，应进行的操作是：保持压强计的探头在同种液体中的深度不变，改变探头在液体中的方向；（4）小娟完成上述实验后，用“T”形玻璃管对着U形管右边管口吹气（乙图），可以看到右（填“左”或“右”）管中的液面较高，该实验说明了气体流速越大的位置，压强越小。【考点】探究液体内部的压强．【答案】（1）C；（2）深度；③④；（3）探头在液体中的方向；（4）右；气体流速越大的位置。【分析】（1）U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；（2）液体压强与液体的密度和深度有关，同种液体中，压强随深度的增加而增大；在③④图中，是控制深度相同，改变液体的密度，观察U形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和液体的密度有关；（3）要探究液体内部同一深度向各个方向的压强是否相等，需要保持压强计的探头在同种液体中的同一深度，改变探头在液体中的方向；（4）流速大的位置，压强小。【解答】解：（1）若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故C正确；（2）比较②③两次实验可以发现：液体都是水，③中橡皮膜所处的深度更深，左右两管液面的高度差越大，说明在同种液体中，液体内部深度越大，液体压强越大；在③④图中，控制了深度不变，液体密度不同，液体密度变大，可以观察到U形管两边液面的高度差将变大，液体压强变大，若要探究液体压强与液体密度的关系，应选择③④两图进行比较；（3）要探究液体内部同一深度向各个方向的压强是否相等，需要控制变量，保持压强计的探头在同种液体中的同一深度，改变探头在液体中的方向；（4）用“T”形玻璃管对着U形管右边管口吹气，右端管口流速大，压强小，左端管口流速小压强大，会形成从左到右的压强差，使得右管中的液面较高；该实验说明了气体流速越大的位置，压强越小。故答案为：（1）C；（2）深度；③④；（3）探头在液体中的方向；（4）右；气体流速越大的位置。31．（8分）如图所示，小伟和小强探究“杠杆的平衡条件”实验中，使用的实验器材有铁架台、带有刻度的杠杆、弹簧测力计、细线、钩码若干（每个钩码重均为0.5N）等。（1）实验前，小伟观察到杠杆静止时如图甲所示，他应将杠杆两侧的螺母向右（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置静止；实验过程中，应使杠杆重新在水平位置平衡，目的是直接读出力臂的大小；（2）如图乙所示，小伟在A点挂3个钩码，应在B点挂2个钩码，才能使杠杆在水平位置平衡；平衡后若在A、B两点各增加1个钩码，则杠杆右端（选填“左”或“右”）会下降；（3）如图乙所示，小伟用弹簧测力计替代钩码，首先在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计逐渐向右倾斜，要使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将逐渐变大，原因是杠杆所受拉力的力臂变小。（选填“变大”“变小”或“不变”）（4）用细线将重为4N的物块挂于杠杆左侧，现将物块浸没在装有水的烧杯中，调节右侧钩码的位置，使杠杆处于水平平衡，如图丙所示，则细线对杠杆的拉力是1N，物块在水中所受浮力为3N。【考点】探究杠杆的平衡条件．【答案】（1）右；直接读出力臂的大小；（2）2；右；（3）变大；变小；（4）1；3。【分析】（1）调节杠杆在水平位置平衡，便于在杠杆上直接读出力臂的大小；（2）利用杠杆平衡条件分析；（3）当拉力倾斜时，由力臂的定义分析动力臂的变化，根据杠杆平衡条件分析；（4）根据杠杆平衡条件计算出细线对杠杆的拉力；物块受到的浮力等于物块的重力与细线的拉力之差。【解答】解：（1）由图可知，杠杆的左端下沉，应向右调节杠杆两端的螺母，使杠杆保持水平位置平衡，这是为了便于在杠杆上直接读出力臂的大小；（2）设一个钩码的重力为G，设杠杆的一个小格为L，由杠杆平衡条件可知：3G×2L＝nG×3L，解得：n＝2；平衡后在A、B两点各增加1个钩码，左侧变为4G×2L＝8GL，右侧变为3G×3L＝9GL，即8GL＜9GL，故杠杆不能保持平衡，杠杆右端下降；（3）在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计逐渐向右倾斜，拉力的力臂变小，要使杠杆仍然在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件，因阻力和阻力臂不变，则拉力F将变大；（4）设杠杆每一个小格代表L，每个钩码的重力为G，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2得，3×0.5N×2L＝F拉×3L，所以F拉＝1N；物块所受的浮力为：F浮＝G物﹣F拉＝4N﹣1N＝3N。故答案为：（1）右；直接读出力臂的大小；（2）2；右；（3）变大；变小；（4）1；3。32．（6分）如图，某实验小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平面上的同一木块，木块移动一段距离后停止。（1）实验中，探究的动能是指B（填序号）。A.小球在斜面上的动能B.小球撞击木块时的动能C.小球撞击木块后的动能D.木块被小球撞击的动能（2）小球滚下斜面的过程中，它的重力势能转化为动能，其动能大小是通过木块被撞击后移动的距离来反映的。（3）分析比较甲、乙两次实验，可探究出的结论是：质量相同的物体，速度越大，动能越大。这个结论可用于解释汽车超速（选填“超速”或“超载”）带来的危害。（4）在“探究动能的大小跟哪些因素有关”的实验中，下列说法正确的是D。A.实验所用斜面和水平面都必须是光滑的B.木块向前滑行的过程中机械能保持不变C.小球质量越大，到达斜面底端的速度越大D.木块被撞击后滑行的越远，说明小球的动能越大【考点】探究影响物体动能大小的因素．【答案】（1）B；（2）重力势；木块被撞击后移动的距离；（3）甲、乙；超速；（4）D。【分析】（1）实验时，动能的大小是指小球运动到水平面上，撞击木块时的动能；（2）动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有