2024年山东省东营实验中学中考物理一模试卷

2024年山东省东营实验中学中考物理一模试卷一、选择题（本大题包括10小题，每小题3分，共30分；在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．（3分）如图所示的光现象，主要由光的折射形成的是（）A．林间的光柱 B．雨后的彩虹 C．水中的倒影 D．天上的日食2．（3分）下列关于声现象的说法，正确的是（）A．用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音色会不同 B．“闻其声辨其人”是根据声音的音调来判断的 C．市区内某些路段“禁鸣喇叭”，这是在传播过程中减弱噪声 D．喇叭发音时，放在纸盆上的纸屑在上下跳动，说明物体振动发出声音3．（3分）北斗3号最后一颗全球组网卫星在西昌卫星发射中心发射成功（如图），它是北斗3号系列第三颗地球同步卫星，主要用于无线电导航、无线电测定等（）A．该卫星在加速升空的过程中，机械能不变 B．该卫星进入同步轨道后，相对地表静止 C．该卫星运行一周的时间约为365天 D．该卫星与地面基站可通过超声波传递信息4．（3分）在“探究凸透镜成像的规律”时，将点燃的蜡烛放在距凸透镜15cm处，在透镜另一侧距离透镜25cm处的光屏上得到烛焰清晰的像。则下列相关说法正确的是（）①光屏上成倒立、放大的实像②照相机是利用这一成像原理工作的③该透镜的焦距f满足7.5cm＜f＜12.5cm④将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，要使光屏上出现清晰的像，光屏应靠近透镜A．只有①③ B．只有②④ C．只有②③ D．只有①④5．（3分）如图为我国新型反潜巡逻机。机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在。图中能解释磁异探测器工作原理的是（）A． B． C． D．6．（3分）下列关于温度、热量和内能说法正确的是（）A．等质量的0℃的冰和0℃的水内能相等 B．内能小的物体可以向内能大的物体进行热传递 C．物体的内能减少，它的温度一定降低 D．做功和热传递都可以改变物体的内能，但功和热量是不同的物理量，单位也不同7．（3分）下列体育运动中，用物理知识解释合理的是（）A．通常说球门是静止的，是以操场上滚动的足球为参照物 B．穿钉鞋参加百米赛跑，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的 C．引体向上时，悬挂在单杠上静止的同学受到的拉力和重力是相互作用力 D．推出去的铅球能继续运动，是因为受到推力的作用8．（3分）生活处处皆物理，下列现象与物态变化的对应关系中错误的是（）A．严冬，堆成的雪人变小﹣熔化 B．水烧开时，壶嘴出现“白气”﹣液化 C．用吹风机将头发吹干﹣汽化 D．放在衣柜的樟脑丸变小了﹣升华9．（3分）用细线将两个半径相同的实心小球A和B连接在一起，放入水中，静止后的状态如图所示（）A．F浮A＝GA B．F浮A＝F浮B C．GA＞GB D．ρA＞ρ水10．（3分）为创建无烟校园，学校科技活动小组设计了一种简易烟雾报警控制器，如图所示。电路中R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小（）A．当烟雾增大时，电压表示数变小，电流表示数变大 B．当烟雾增大时，电压表示数变小，电流表示数也变小 C．当电路中电流增大到一定值，该装置开始报警 D．减小R0的阻值可以提高报警器的灵敏度，使控制器在烟雾较淡时就触发报警二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11．（2分）古诗词是中华民族传统文化的瑰宝。“船到江心抛锚迟，悬崖勒马早已晚”，不但有警世作用，两个“动作”显得较晚，是因为船和马都有，很难立即停下来，从力的作用效果看，“勒马”是为了改变马的。12．（2分）试电笔可以用来判断火线和零线。如图所示，持笔方式正确的是（选填“甲”或“乙”）；为了防止触电，控制用电器的开关应连接在（选填“零线”或“火线”）和用电器之间。13．（2分）如图是a、b两种液体的质量与体积的关系图象，由此可知，b液体的密度等于kg/m3；相同质量的a、b两种液体，的体积较小。14．（2分）教室里，可以从不同方向看到桌椅、书本等物体，是由于这些物体会对照射到其上的光线产生（选填“镜面”或“漫”）反射，这种反射（选填“遵循”或“不遵循”）光的反射定律。15．（2分）《天工开物》中描述了古人应用桔水的情景。桔槔的结构相当于一个普通的杠杆，如图所示，水桶悬挂点到支点的距离和重物悬挂点到支点的距离之比为1：2，杠杆恰好在水平位置平衡，则重物质量为kg。（不计杠杆自重）16．（2分）我国最新096战略核潜艇将在下潜深度、续航等各方面都在全球处于领先地位，为核潜艇提供动力的是核反应堆，核燃料在核反应堆中发生的是核（选填“裂变”或“聚变”），核能是（选填“可再生”或“不可再生”）能源。17．（2分）玻璃棒在与丝绸摩擦过程中（选填“得到”或“失去”）电子，如图所示，若用这只摩擦后的玻璃棒接触不带电的验电器的金属小球（选填“由A到B”或“由B到A”）。三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共36分）18．（4分）请你根据图中通电螺线管的S极，标出小磁针静止时N极及电源的正负极。19．（5分）如图所示，一枚鸡蛋漂浮在盛有盐水的容器中。请画出该鸡蛋的受力示意图。20．（9分）小明想知道酱油的密度，于是他和小华用天平和量筒做了如下实验：（1）将天平放在水平台上，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡（选填“右”或“左”）调。（2）用天平测出空烧杯的质量为17g，在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总质量如图甲所示，酱油的体积如图乙所示，则酱油的密度为kg/m3。（3）小明用这种方法测出的酱油密度会（选“偏大”或“偏小”）。（4）小华不小心将量筒打碎了，老师说只用天平也能测量出酱油的密度。于是小华添加两个完全相同的烧杯和适量的水，设计了如下实验步骤①调好天平，用天平测出空烧杯质量为m0；②将一个烧杯，用天平测出烧杯和水的总质量为m1；③用另一个相同的烧杯装满酱油，用天平测出烧杯和酱油的总质量为m2。④则酱油的密度表达式ρ＝。（已知水的密度为ρ水）21．（9分）图甲是“探究冰的熔化特点”实验装置，图乙是根据实验数据描绘出冰在熔化时温度随时间变化的图像。（1）图乙是某时刻温度计的示数，温度是℃。（2）图丙是根据实验数据绘制的冰熔化时温度随时间变化的图像，图像中的冰的熔化过程经历了min。冰在5min时的内能（选填“大于”“等于”或“小于”）3min时的内能。（3）分析图丙所示的图像，若AB段物质的比热容为c1，CD段物质的比热容为c2，则c1＝c2。（4）重复实验，当试管中的冰开始熔化时，立即将试管浸入到另一只装有冰水混合物的烧杯中（选填“能”或“不能”）继续熔化。22．（9分）在“伏安法测电阻”的实验中，电源电压接近3V左右。（1）如图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线在图中补画出正确的连线。（2）排除故障并正确操作，刚合上开关，发现电压表的示数为3V，则故障是。（3）移动滑片P，当电压表的示数为1.3V时，电流表的示数如图乙x＝Ω。若要将电压表的示数调到2.0V，需将滑片P向移动。（选填“左”或“右”）（4）某同学利用一个电压表和一个已知阻值的电阻R0，设计如图丙的电路，同样测出待测电阻Rx的阻值。实验步骤如下：①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；②，用电压表测出电源的电压U；③可得待测电阻Rx＝。（用U、U1和R0表示）四、计算题（本大题包括2小题，共20分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）23．（9分）如图是可供游客在海上游玩时的一种旅游观光艇，此观光艇的质量为900kg，在海上航行的最大速度为36km/h，如果海水的密度取1.0×103kg/m3，g＝10N/kg，求：（1）观光艇以最大航速匀速行驶2小时的路程是多少米？海水平均阻力为1.0×106N，则这一过程中观光艇所做的功至少为多少？（2）该观光艇在水面下70cm深处有一个面积为10cm2的小零件，求小零件受到的海水的压力是多少？（3）假设每位乘客的平均质量为60kg，观光艇满载乘客时，此时浸入水中的体积多大？24．（11分）小明家新买了一个电热水壶，其铭牌如表所示，求：额定电压220V额定功率1100W容积2L（1）电热水壶正常工作时，发热板的电阻是多少？（2）小明家安装的电能表如图所示，某次家中只有热水壶在工作，在2min内电能表的转盘转了90转（3）用这个水壶将初温为20℃的满壶水煮沸，水吸收的热量是多少？[气压为1个标准大气压，水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）]。（4）若热水壶效率是80%，在额定电压下使用，要加热多长时间才能把水煮沸？

2024年山东省东营实验中学中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题包括10小题，每小题3分，共30分；在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．（3分）如图所示的光现象，主要由光的折射形成的是（）A．林间的光柱 B．雨后的彩虹 C．水中的倒影 D．天上的日食【分析】根据对应的光学知识逐个分析选择项中的光学现象，确定其形成原理得到答案。【解答】解：A、透过树丛的光束是直的。故A不符合题意。B、雨后的彩虹这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，分成各种彩色光，是光的折射现象；C、水中倒影，它是由光的反射形成的；D、日食，太阳射向地球的光线被月亮挡住了而形成的。故D不符合题意。故选：B。【点评】各种光学现象的形成机制只有三种：光的直线传播；光的反射；光的折射。此题考查的就是光学现象与形成机制对应起来。2．（3分）下列关于声现象的说法，正确的是（）A．用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音色会不同 B．“闻其声辨其人”是根据声音的音调来判断的 C．市区内某些路段“禁鸣喇叭”，这是在传播过程中减弱噪声 D．喇叭发音时，放在纸盆上的纸屑在上下跳动，说明物体振动发出声音【分析】（1）音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。（2）防治噪声的途径，从三方面考虑：①在声源处；②在传播过程中；③在人耳处。（3）声音是由物体振动产生的振动。【解答】解：A、用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的响度不同；B、每个发声体发出声音的音色是不同的，故B错误；C、市区内某些路段“禁鸣喇叭”，故C错误；D、喇叭发音时，说明发声的纸盆正在振动，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了声音的特征、防治噪声的途径，声音的产生，有一定的综合性，但难度不大，强化对课本基础知识的记忆是解决识记性题目的基础。3．（3分）北斗3号最后一颗全球组网卫星在西昌卫星发射中心发射成功（如图），它是北斗3号系列第三颗地球同步卫星，主要用于无线电导航、无线电测定等（）A．该卫星在加速升空的过程中，机械能不变 B．该卫星进入同步轨道后，相对地表静止 C．该卫星运行一周的时间约为365天 D．该卫星与地面基站可通过超声波传递信息【分析】（1）动能与物体的质量和速度有关，物体的质量越大、速度越大，动能越大；重力势能与物体的质量和高度有关，物体的质量越大、高度越高，重力势能越大；机械能等于动能与势能之和；（2）判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化；若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的；（3）地球自转周期约为24小时；（4）电磁波可以在真空中传播，而声音不能在真空中传播。【解答】解：A、在卫星加速升空的过程中，速度变大，动能和重力势能都增大，故A错误；B、卫星进入同步轨道后，卫星相对于地表是静止的；C、地球同步卫星和地球的自转周期相同，故C错误；D、卫星与地面站之间是真空，所以只能利用电磁波传递信息。故选：B。【点评】本题考查了机械能的影响因素、运动和静止的判断、地球同步卫星的运转周期以及卫星通信等问题，涉及的知识较多，但难度不大，是一道基础题。4．（3分）在“探究凸透镜成像的规律”时，将点燃的蜡烛放在距凸透镜15cm处，在透镜另一侧距离透镜25cm处的光屏上得到烛焰清晰的像。则下列相关说法正确的是（）①光屏上成倒立、放大的实像②照相机是利用这一成像原理工作的③该透镜的焦距f满足7.5cm＜f＜12.5cm④将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，要使光屏上出现清晰的像，光屏应靠近透镜A．只有①③ B．只有②④ C．只有②③ D．只有①④【分析】（1）凸透镜成像时，得到的实像都是倒立的，且满足：u＞2f时，2f＞v＞f，成倒立缩小的实像，应用照相机；u＝2f时，v＝2f，成倒立等大的实像；2f＞u＞f时，v＞2f，成倒立放大的实像，应用投影仪；f＞u时，v＞u，成正立放大的虚像，应用放大镜。（2）当凸透镜成实像时，物近像远像变大；物远像近像变小；近视镜是凹透镜，对光线具有发散作用。【解答】解：蜡烛距离凸透镜15cm时，在透镜的另一侧25cm处光屏上得到一个清晰的像，成倒立放大实像；故①正确；此时物体在一倍焦距和二倍焦距之间，像在二倍焦距之外；即25cm＞2f；2f＞15cm＞f，解得：4.5cm＜f＜12.5cm。故③正确；近视镜片是凹透镜，对光线具有发散作用，像将延迟会聚，为使光屏上看到清晰的像，使像成在光屏上。故选：A。【点评】此题主要考查了凸透镜成像的规律，首先要熟记规律的内容，特别是成像特点、物距、像距、焦距之间的关系。5．（3分）如图为我国新型反潜巡逻机。机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在。图中能解释磁异探测器工作原理的是（）A． B． C． D．【分析】磁异探测器最终将信号转换为变化的电流，因此是一个发电机，分析下面四幅图，找出发电机的原理即可。【解答】解：磁异探测器将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，说明有感应电流产生；A、开关闭合后，切割磁感应线，说明此时有感应电流产生，是发电机的工作原理；B、图示的实验是电磁铁的原理，可制成电磁铁；C、图示为磁极之间的相互作用；D、图示为通电导体在磁场中受力，不合题意。故选：A。【点评】解答本题的关键要能从题意中分析出该装置利用了发电机的原理，再同相关的实验装置相对应即可。6．（3分）下列关于温度、热量和内能说法正确的是（）A．等质量的0℃的冰和0℃的水内能相等 B．内能小的物体可以向内能大的物体进行热传递 C．物体的内能减少，它的温度一定降低 D．做功和热传递都可以改变物体的内能，但功和热量是不同的物理量，单位也不同【分析】①物体具有的内能与温度、状态、物质种类、质量等都有关系；②发生热传递的条件是存在温度差；③物体内能变化，可能引起温度变化，有可能引起状态的改变；④在物理学中，功和各种能量的基本单位都是焦耳。【解答】解：A、0℃的冰和水状态不同，冰的内能小于水；B、内能只能从高温物体转移到低温物体，故B正确；C、水结冰时，温度保持不变；D、做功和热传递都可以改变物体的内能，但单位相同，故D错误。故选：B。【点评】要正确理解温度、热量与内能的关系，改变物体内能的两种方法是等效的，以及热传递的条件和热传递的特点。解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体吸收了热量，不一定是用来升高温度。7．（3分）下列体育运动中，用物理知识解释合理的是（）A．通常说球门是静止的，是以操场上滚动的足球为参照物 B．穿钉鞋参加百米赛跑，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的 C．引体向上时，悬挂在单杠上静止的同学受到的拉力和重力是相互作用力 D．推出去的铅球能继续运动，是因为受到推力的作用【分析】（1）被研究的物体和参照物之间如果发生位置的改变，被研究的物体是运动的，如果没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的；（2）滑动摩擦力大小与压力和接触面的粗糙程度有关，压力越大、接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；（3）掌握二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上并在同一条直线上；（4）物体都有保持原来运动状态的性质称之为惯性。【解答】解：A、以滚动的足球为参照物，球门是运动的；B、百米赛跑运动员穿“钉子鞋”，故B正确；C、运动员在单杠上静止时，故C错误；D、推出去的铅球能继续运动，仍要保持原来的运动状态，故D错误。故选：B。【点评】本题主要考查了运动和静止的相对性、影响滑动摩擦力大小的因素、平衡状态的判断、力与运动的关系等，属基础知识的考查。8．（3分）生活处处皆物理，下列现象与物态变化的对应关系中错误的是（）A．严冬，堆成的雪人变小﹣熔化 B．水烧开时，壶嘴出现“白气”﹣液化 C．用吹风机将头发吹干﹣汽化 D．放在衣柜的樟脑丸变小了﹣升华【分析】物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化；由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。【解答】解：A、严冬堆成的雪人变小，属于升华，符合题意；B、水烧开时，是壶嘴里冒出的温度较高的水蒸气遇冷液化形成的，不符合题意；C、用吹风机将头发吹干，属于汽化现象，不符合题意；D、放在衣柜的樟脑丸变小了，属于升华现象，不符合题意。故选：A。【点评】本题考查了学生对物态变化的判断，分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。9．（3分）用细线将两个半径相同的实心小球A和B连接在一起，放入水中，静止后的状态如图所示（）A．F浮A＝GA B．F浮A＝F浮B C．GA＞GB D．ρA＞ρ水【分析】（1）对实心小球A受力分析可得出小球A所受的浮力与重力的大小关系；（2）先由图得到实心小球A和B浸没在水中，从而得出它们排开水的体积相等，再利用F浮＝ρ水V排g来比较两个实心小球所受浮力的大小；（3）对实心小球A和B受力分析可得出小球A所受的重力与小球B所受的重力的大小关系；（4）由实心小球A的受力情况及阿基米德原理即可判断。【解答】解：A、对实心小球A受力分析可知：F浮A＝GA+F，由此可知，F浮A＞GA，故A错误；B、实心小球A和B的半径相同，由图可知，那么它们排开水的体积相等浮＝ρ水V排g可知，F浮A＝F浮B，故B正确；C、对实心小球A受力分析可知：F浮A＝GA+F，即GA＝F浮A﹣F，对实心小球B受力分析可知：GB＝F浮B+F，所以GA＜GB，故C错误；D、由（1）知：F浮A＞GA，则ρ水gV排＞ρAgVA，因为它们浸没在水中，则V排＝VA，所以ρA＜ρ水，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了学生对物体浮沉条件和阿基米德原理原理的掌握和应用。10．（3分）为创建无烟校园，学校科技活动小组设计了一种简易烟雾报警控制器，如图所示。电路中R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小（）A．当烟雾增大时，电压表示数变小，电流表示数变大 B．当烟雾增大时，电压表示数变小，电流表示数也变小 C．当电路中电流增大到一定值，该装置开始报警 D．减小R0的阻值可以提高报警器的灵敏度，使控制器在烟雾较淡时就触发报警【分析】由电路图可知，R与R0串联，电压表测R两端的电压。根据光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小可知，当烟雾增大时，光敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端电压的变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化量，据此得出控制器在烟雾较淡时就触发报警时分得的电压变化，然后分析选项得出答案。【解答】解：由电路图可知，R与R0串联，电压表测R两端的电压。AB、因光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，光敏电阻的阻值增大，由I＝，电路中的电流减小；由U＝IR可知，R0两端的电压减小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，即电压表的示数增大；C、当烟雾增大时，R两端的电压增大到一定程度，故C错误；D、减小R3的阻值，根据串联电路的分压规律可知，R0分担的电压变小，根据串联电路的电压关系可知，由于触发报警的电压表示数不变，烟雾变淡，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，分析出控制器在烟雾较淡时就触发报警时光敏电阻分得的电压变化是关键。二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11．（2分）古诗词是中华民族传统文化的瑰宝。“船到江心抛锚迟，悬崖勒马早已晚”，不但有警世作用，两个“动作”显得较晚，是因为船和马都有惯性，很难立即停下来，从力的作用效果看，“勒马”是为了改变马的运动状态。【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都具有惯性；（2）力的作用效果：改变物体的形状、改变物体的运动状态。【解答】解：“船到江心抛锚迟，悬崖勒马早已晚”，所以很难立即停下来，“勒马”是马由运动变为静止，改变了马的运动状态。故答案为：惯性；运动状态。【点评】本题考查了力的作用效果、对惯性的理解，属于基础题目。12．（2分）试电笔可以用来判断火线和零线。如图所示，持笔方式正确的是乙（选填“甲”或“乙”）；为了防止触电，控制用电器的开关应连接在火线（选填“零线”或“火线”）和用电器之间。【分析】（1）使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体。（2）家庭电路的开关必须接在火线与所控制的用电器之间。【解答】解：用螺丝刀形状的试电笔辨别火线、零线时。在家庭电路中，应把用电器的开关安装接在火线与所控制的用电器之间。故答案为：乙；火线。【点评】知道试电笔的使用方法；知道家庭电路中开关的正确接法。13．（2分）如图是a、b两种液体的质量与体积的关系图象，由此可知，b液体的密度等于0.8×103kg/m3；相同质量的a、b两种液体，a的体积较小。【分析】（1）根据图像中提供的信息，运用密度公式，可得出b的密度大小；（2）由图像可直接得出相同质量的a、b两种液体的体积关系。【解答】解：根据图像中的信息，b的密度为：ρb＝＝＝0.6g/cm3＝0.6×103kg/m3。由图像可知，相同质量的a，a的体积较小。故答案为：5.8×103；a。【点评】读懂图像是关键，熟练运用密度的公式可解答此题。14．（2分）教室里，可以从不同方向看到桌椅、书本等物体，是由于这些物体会对照射到其上的光线产生漫（选填“镜面”或“漫”）反射，这种反射遵循（选填“遵循”或“不遵循”）光的反射定律。【分析】漫反射时反射光线射向各个方向，所以我们能从各个不同方向看到本身不发光的物体；漫反射同样遵守光的反射定律。【解答】解：教室里，可以从不同方向看到桌椅，是由于这些物体会对照射到其上的光线产生漫反射；无论是镜面反射还是漫反射都遵循光的反射定律。故答案为：漫；遵循。【点评】本题考查了对漫反射的认识，属于基础题。15．（2分）《天工开物》中描述了古人应用桔水的情景。桔槔的结构相当于一个普通的杠杆，如图所示，水桶悬挂点到支点的距离和重物悬挂点到支点的距离之比为1：2，杠杆恰好在水平位置平衡，则重物质量为10kg。（不计杠杆自重）【分析】根据G＝mg得到水和水桶的总重力，根据杠杆平衡条件得到重物的重力，根据m＝得到【解答】解：水和水桶的总重力：G总＝m总g＝20kg×10N/kg＝200N，根据杠杆平衡条件得到：G总l1＝Gl2，G＝＝100N，重物的质量：m＝＝＝10kg。故答案为：10。【点评】本题考查杠杆的平衡条件的应用，属于基础题。16．（2分）我国最新096战略核潜艇将在下潜深度、续航等各方面都在全球处于领先地位，为核潜艇提供动力的是核反应堆，核燃料在核反应堆中发生的是核裂变（选填“裂变”或“聚变”），核能是不可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源。【分析】（1）核裂变和核聚变都能释放能量，但是又有区别，对于核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量；（2）由可再生能源与不可再生能源的分类要求来看，可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源。【解答】解：（1）核潜艇的核反应堆是利用核裂变释放核能；（2）核能一旦消耗就很难再生，所以核能属于不可再生能源。故答案为：裂变；不可再生。【点评】本题考查了核能的利用，能源的分类，难度不大。17．（2分）玻璃棒在与丝绸摩擦过程中失去（选填“得到”或“失去”）电子，如图所示，若用这只摩擦后的玻璃棒接触不带电的验电器的金属小球由A到B（选填“由A到B”或“由B到A”）。【分析】（1）摩擦起电的实质是电荷的转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电；（2）规定正电荷定向移动的方向为电流方向。负电荷的定向移动方向与电流的方向相反。【解答】解：用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为摩擦过程中玻璃棒失去电子，接触验电器后，电流的方向与电子定向移动的方向相反，所以电流方向是从A到B。故答案为：失去；从A到B。【点评】知道摩擦起电的实质、知道验电器的作用和原理即可正确解题，本题是一道基础题。三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共36分）18．（4分）请你根据图中通电螺线管的S极，标出小磁针静止时N极及电源的正负极。【分析】由磁极间的相互作用规律得出小磁针的NS极，由右手螺旋定则得出电源的正负极，由磁感线特点可知磁感线方向。【解答】解：已知螺线管左端为S极，由磁极间的相互作用规律得出小磁针的左端为N极，由右手螺旋定则可知电流由右侧流入；因通电螺线管外部磁感线由N极指向S极，如图所示：【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的使用。利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。19．（5分）如图所示，一枚鸡蛋漂浮在盛有盐水的容器中。请画出该鸡蛋的受力示意图。【分析】根据鸡蛋漂浮在盐水中可知鸡蛋受到的浮力与重力是一对平衡力，由此作图即可。【解答】解：由题知，鸡蛋漂浮在盐水中，所以两力大小相等，重力方向竖直向下，浮力竖直向上、竖直向下画出有向线段表示出浮力和重力，如下图所示：。【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。20．（9分）小明想知道酱油的密度，于是他和小华用天平和量筒做了如下实验：（1）将天平放在水平台上，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡左（选填“右”或“左”）调。（2）用天平测出空烧杯的质量为17g，在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总质量如图甲所示，酱油的体积如图乙所示，则酱油的密度为1.125×103kg/m3。（3）小明用这种方法测出的酱油密度会偏大（选“偏大”或“偏小”）。（4）小华不小心将量筒打碎了，老师说只用天平也能测量出酱油的密度。于是小华添加两个完全相同的烧杯和适量的水，设计了如下实验步骤①调好天平，用天平测出空烧杯质量为m0；②将一个烧杯装满水，用天平测出烧杯和水的总质量为m1；③用另一个相同的烧杯装满酱油，用天平测出烧杯和酱油的总质量为m2。④则酱油的密度表达式ρ＝。（已知水的密度为ρ水）【分析】（1）天平使用前调节平衡时，要调节平衡螺母，规则是“右偏左调，左偏右调”，即指针向右偏就向左调平衡螺母，指针向左偏就向右调平衡螺母，调左侧的还是右侧的平衡螺母都是可以的；（2）砝码与游码示数之和是天平所测物体的质量；由图示量筒读出酱油的体积，然后由密度公式可以求出酱油的密度；（3）在测液体密度时，玻璃容器中的液体向外倒的过程中，容器壁一定要粘液体，所以不能全部倒出，将会带来实验误差，明确对体积测量结果的影响，进一步判断对密度测量结果的影响；（4）只有天平，没有量筒，可以利用等体积的水和酱油，称量水和酱油的质量，根据体积相等列出等式求出酱油的密度。【解答】解：（1）调节时将天平放在水平台上，把游码放在标尺零刻度处，要使横梁平衡。（2）由图甲所示可知，酱油和瓶的总质量：m总＝50g+10g+2g＝62g，酱油的质量m＝62g﹣17g＝45g，由图乙所示量筒可知，酱油的体积：V＝40mL＝40cm3，酱油的密度：ρ＝＝＝1.125g/cm3＝4.125×103kg/m3。（3）小明不可能把烧杯内的酱油全部倒入量筒内，导致测量的酱油的体积偏小知：密度测量结果偏大。（4）小华不小心将量筒打碎了，没有量筒的情况下，用等量替代方法测量酱油的体积①调好天平，用天平测出空烧杯质量为m3。②将一个烧杯装满水，用天平测出烧杯和水的总质量为m1。则水的质量m水＝m1﹣m7，由ρ＝可求得，③用另一个烧杯装满酱油，用天平测出烧杯和酱油的总质量为m5。则水的质量m酱油＝m2﹣m0，烧杯内水的体积等于酱油的体积④则酱油的密度表达式ρ＝＝＝＝。故答案为：（1）左；（2）1.125×103；（3）偏大；（4）装满水；。【点评】本题考查了天平的调节、天平读数、量筒读数、求密度，要掌握天平的使用方法、注意事项与读数方法，求出酱油的质量与体积，应用密度公式可以求出酱油的密度。21．（9分）图甲是“探究冰的熔化特点”实验装置，图乙是根据实验数据描绘出冰在熔化时温度随时间变化的图像。（1）图乙是某时刻温度计的示数，温度是﹣3℃。（2）图丙是根据实验数据绘制的冰熔化时温度随时间变化的图像，图像中的冰的熔化过程经历了4min。冰在5min时的内能大于（选填“大于”“等于”或“小于”）3min时的内能。（3）分析图丙所示的图像，若AB段物质的比热容为c1，CD段物质的比热容为c2，则c1＝c2。（4）重复实验，当试管中的冰开始熔化时，立即将试管浸入到另一只装有冰水混合物的烧杯中不能（选填“能”或“不能”）继续熔化。【分析】（1）（2）明确温度计的分度值，根据液面位置读出示数；晶体熔化时不断吸收热量温度保持不变；晶体在熔化过程中处于固液共存状态，熔化过程中冰吸收热量，内能增加；（3）比热容不同时升高相同的温度，吸收的热量不同，根据Q＝cmΔt判断；（4）冰水混合物温度为零摄氏度，冰熔点为零摄氏度，不能发生热传递，不能吸热；【解答】解：（1）温度计的分度值为1℃，液柱在0摄氏度以下；（2）BC段冰不断吸收热量，温度保持6℃不变，BC段为冰的熔化过程，在熔化过程中虽然温度不变，故冰在5min时内能大于3min时内能；（3）同种物质在AB段和CD段升高相同温度，CD段加热时间是AB段加热时间的2倍，则：QCD＝2QAB，即c2m7Δt2＝2c7m1Δt1，所以；（4）冰熔化的条件是：一是达到熔点；二是继续吸热，浸入另一个装有冰水混合物烧杯中，试管中的冰不能继续吸热。故答案为：（1）﹣3；（2）4；（3）。【点评】本题考查温度计的读数，晶体熔化特点，是一道综合题。22．（9分）在“伏安法测电阻”的实验中，电源电压接近3V左右。（1）如图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线在图中补画出正确的连线。（2）排除故障并正确操作，刚合上开关，发现电压表的示数为3V，则故障是电阻断路。（3）移动滑片P，当电压表的示数为1.3V时，电流表的示数如图乙x＝5Ω。若要将电压表的示数调到2.0V，需将滑片P向右移动。（选填“左”或“右”）（4）某同学利用一个电压表和一个已知阻值的电阻R0，设计如图丙的电路，同样测出待测电阻Rx的阻值。实验步骤如下：①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；②再闭合S1，用电压表测出电源的电压U；③可得待测电阻Rx＝R0。（用U、U1和R0表示）【分析】（1）原电路中，电阻R和电压表短路了，R应与变阻器串联，电压表与电阻R并联；（2）刚合上开关，发现电压表的示数为3V，说明电路正常，电压表测电源电压，电流表的示数为0，说明与电压表并联的电阻断路；（3）电流表接入电路的是0～0.6A的量程，分度值为0.02A，根据欧姆定律可得待测电阻的阻值，若要将电压表的示数调到2.0V，根据串联分压原理可知滑片移动的方向；（4）通过开关的转换分别使电压表测Rx两端的电压为和电源电压，根据串联电路的规律及欧姆定律得出待测电阻的表达式。【解答】解：（1）原电路中，电阻R和电压表短路了，电压表与电阻R并联（2）刚合上开关，发现电压表的示数为3V，电压表测电源电压，说明与电压表并联的电阻断路；（3）电流表接入电路的是0～6.6A的量程，分度值为0.02A，根据欧姆定律可得待测电阻：Rx＝＝3Ω，根据串联分压原理可知需减小滑动变阻器接入电路的电阻；（4）实验步骤如下：①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1：②再闭合S4，用电压表测出电源的电压U；③在①中，两电阻串联x两端的电压为U1；在②中，定值电阻R0短路，电路为电阻Rx的简单电路，电源电压为U，根据串联电路电压规律，两电阻串联时6的电压为：U0＝U﹣U1，由欧姆定律可得，电路中的电流为：I＝I5＝，则待测电阻的表达式：Rx＝＝R0。故答案为：（1）如上图所示；（2）电阻断路；右；（4）②再闭合S8；③R2。【点评】本题伏安法测电阻，考查电路连接、注意事项、故障分析、电流表读数、电阻计算和设计实验方案测电阻的能力。四、计算题（本大题包括2小题，共20分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）23．（9分）如图是可供游客在海上游玩时的一种旅游观光艇，此观光艇的质量为900kg，在海上航行的最大速度为36km/h，如果海水的密度取1.0×103kg/m3，g＝10N/kg，求：（1）观光艇以最大航速匀速行驶2小时的路程是多少米？海水平均阻力为1.0×106N，则这一过程中观光艇所做的功至少为多少？（2）该观光艇在水面下70cm深处有一个面积为10cm2的小零件，求小零件受到的海水的压力是多少？（3）假设每位乘客的平均质量为60kg，观