2023-2024学年 苏教版 必修二 自由组合定律常规解法 学案

提能点(一)解决自由组合问题的基本方法分离定律是自由组合定律的基础，要学会运用解决分离定律相关问题的方法来解决自由组合的问题，常见的方法如下：方法一：棋盘法1．要求：表头中应标出雌配子和雄配子。横行和竖行，一般应对应填写雌、雄配子的基因型和概率。棋盘中内容，一般应对应填写子代的每种基因型、表型及概率。2．棋盘法遗传图解模型3．分析：通过上面的遗传图解，可计算F2中各表型的种类、比例及概率，各基因型的种类、比例及概率。方法二：分枝法分枝法是将多对基因(或多对性状)分开，单独考虑每一对的情况，然后再通过分枝连接，最后写出基因型或表型及相应概率的方法。如黄色圆粒豌豆(YyRr)与黄色皱粒豌豆(Yyrr)杂交，其子代的基因型及相应概率、表型及相应概率如图所示。方法三：拆分法1．基本思路：在独立遗传的情况下，将自由组合问题转化为若干个分离定律问题，如AaBb×Aabb可分解为Aa×Aa、Bb×bb。2．理论依据：每对相对性状都遵循分离定律且互为独立事件，最后将各对等位基因的拆分结果相乘，这是概率理论中的乘法原理。3．常见题型(以AaBbCc×AABbCc为例)(1)拆分：AaBbCc×AABbCc可分解为Aa×AA、Bb×Bb、Cc×Cc。(2)“先分再组”的实例分析亲本组合Aa×AABb×BbCc×CcAaBbCc×AABbCc配子种类2种、1种2种、2种2种、2种2×2×2＝8(种)、1×2×2＝4(种)配子组合2×1＝2(种)2×2＝4(种)2×2＝4(种)2×4×4＝32(种)F1基因型种类2种3种3种2×3×3＝18(种)F1基因型及其比例1/2AA、1/2Aa1/4BB、2/4Bb1/4bb1/4CC、2/4Cc1/4cc如AabbCc：1/2×1/4×2/4＝1/16F1表型种类1种2种2种1×2×2＝4(种)F1表型及其比例全显3/4显、1/4隐3/4显、1/4隐如全显：1×3/4×3/4＝9/164.多对相对性状的自由组合拓展分析相对性状对数123……nF1配子种类数24(22)8(23)……2n可能的组合数416(42)64(43)……4nF2基因型种类数39(32)27(33)……3n分离比1∶2∶1(1∶2∶1)2(1∶2∶1)3……(1∶2∶1)nF2表型种类数24(22)8(23)……2n分离比3∶1(3∶1)2(3∶1)3……(3∶1)n注：表中最右列的代数式适用于F1中n对基因均为杂合的情况，如果n对基因不都是杂合的，则不适用。[典例1]已知A与a、B与b、C与c3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是()A．表型有18种，AaBbCc个体的比例为1/16B．表型有18种，aaBbCc个体的比例为1/16C．表型有8种，Aabbcc个体的比例为1/6D．表型有8种，aaBbCc个体的比例为1/16[解析]A与a、B与b、C与c3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交，子代表型有2×2×2＝8(种)，AaBbCc个体的比例为1/2×1/2×1/2＝1/8，aaBbCc个体的比例为1/4×1/2×1/2＝1/16，Aabbcc个体的比例为1/2×1/2×1/4＝1/16，故选D。[答案]D[典例2](2023·淮安期中)白化病(由A或a控制)与亨廷顿舞蹈症(由B或b控制)都是常染色体遗传病，有一家庭中两种病都有患者，系谱图如下，请据图回答：(1)亨廷顿舞蹈症属于__________性遗传病，白化病属于__________性遗传病。(2)2号和9号的基因型分别是_______和_______。(3)7号携带白化病基因的可能性是________。(4)若13号与14号再生一个孩子，则为两病兼患女孩的可能性是________。[解析](1)由1、2号不患白化病而他们的女儿5号患白化病推知，白化病应由隐性基因控制；由3、4号患亨廷顿舞蹈症而他们的女儿11号正常推知，亨廷顿舞蹈症为显性遗传病。(2)逐对分析两种遗传病，则2号基因型对于亨廷顿舞蹈症为Bb，对于白化病应为Aa，故其基因型是AaBb；9号基因型对于亨廷顿舞蹈症为bb，对于白化病为Aa，其基因型是Aabb。(3)1号和2号关于白化病的基因型均为Aa，故7号关于白化病的基因型为1/3AA、2/3Aa，故携带白化病基因的可能性是2/3。(4)由18号与19号表型可推知13号基因型为AaBb,14号基因型为Aabb，故13号与14号再生一个两病兼患女孩的可能性为1/2(女孩)×1/4(患白化病)×1/2(患亨廷顿舞蹈症)＝1/16。[答案](1)显隐(2)AaBbAabb(3)2/3(4)1/16[方法规律]具有“自由组合”关系的两种病概率的计算当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况的概率分析如下：根据序号所示再进一步拓展：序号类型计算公式①同时患两病概率mn②只患甲病概率m(1－n)③只患乙病概率n(1－m)④不患病概率(1－m)(1－n)拓展求解患病概率①＋②＋③或1－④只患一种病概率②＋③或1－(①＋④)以上规律可用下图帮助理解：[针对训练]1．基因型为AaBb和AaBB的豌豆杂交，两对基因独立遗传，子一代的基因型种类和能稳定遗传的比例分别是()A．6、1/4 B．6、1/8C．8、1/4 D．8、1/8解析：选AAaBb和AaBB两种基因型的豌豆个体杂交，采用拆分法计算。Aa×Aa→1AA、2Aa、1aa，Bb×BB→1Bb、1BB。因此，子一代的基因型种类是3×2＝6(种)；能稳定遗传的个体(纯合子)所占比例为1/2×1/2＝1/4。2．基因型为AaBb与aaBb个体杂交，两对基因独立遗传，F1的表型比例是()A．9∶3∶3∶1 B．1∶1∶1∶1C．3∶1∶3∶1 D．3∶1解析：选C根据基因自由组合定律，基因型为AaBb的个体与aaBb的个体杂交，F1的表型比例是(1∶1)(3∶1)＝3∶1∶3∶1。3．基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，这三对基因分别位于非同源染色体上，F1形成的配子种类数和F1自由交配获得的F2的基因型种类数分别是()A．4和9 B．4和27C．8和27 D．32和81解析：选C基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，F1基因型为AaBbCc，求配子种类数可采用拆分法：Aa产生配子的类型及比例为1A∶1a，Bb为1B∶1b，Cc为1C∶1c，则AaBbCc产生配子种类数是2×2×2＝8(种)；同理，Aa×Aa→1AA∶2Aa∶1aa，Bb×Bb→1BB∶2Bb∶1bb，Cc×Cc→1CC∶2Cc∶1cc，则F2的基因型种类数是3×3×3＝27(种)，C正确。4．多指症由显性基因控制，先天性聋哑由隐性基因控制，决定这两种遗传病的基因自由组合，一对男性患多指、女性正常的夫妇，婚后生了一个手指正常的聋哑孩子。这对夫妇再生下的孩子为手指正常、先天性聋哑、既多指又先天性聋哑这三种情况的概率分别是()A．1/2、1/4、1/8 B．1/4、1/8、1/2C．1/8、1/2、1/4 D．1/4、1/2、1/8解析：选A若与多指症有关的基因用A/a表示，与先天性聋哑有关的基因用B/b表示，一对男性患多指、女性正常的夫妇，婚后生了一个手指正常的聋哑孩子，可知这对夫妇的基因型为AaBb、aaBb。分别考虑两对相对性状，这对夫妇所生孩子中多指的概率为1/2，手指正常的概率为1/2；先天性聋哑的概率为1/4，不患先天性聋哑的概率为3/4，既多指又先天性聋哑的概率为1/2×1/4＝1/8，A符合题意。5．(2023·无锡质检)绵羊黑面(A)对白面(a)为显性，长角(B)对短角(b)为显性，两对基因位于常染色体上且独立遗传。现用多对雌、雄绵羊分别进行如下两组杂交实验：第一组：多对雌、雄绵羊杂交，获得的F1中黑面长角∶黑面短角∶白面长角∶白面短角＝3∶3∶1∶1；第二组：多对雌、雄绵羊杂交，获得的F1中黑面长角∶黑面短角＝3∶1。回答下列问题：(1)这两对等位基因的遗传遵循______________定律。(2)第一组实验中，亲本绵羊的基因型组合是________________，第二组实验中，亲本绵羊是________(填“纯合子”或“杂合子”)。(3)让第一组实验F1中的所有黑面长角分别和白面长角雌雄个体相互交配，理论上，F2的表型及比例是____________________________________________。(4)若第二组实验中的亲本绵羊均为黑面个体，________(填“能”或“不能”)确定所有亲本关于面色的基因型只有一种，理由是_________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。解析：(1)绵羊黑面(A)对白面(a)为显性，长角(B)对短角(b)为显性，两对基因位于常染色体上且独立遗传，所以这两对等位基因的遗传遵循基因的(分离和)自由组合定律。(2)第一组实验中，子代有黑面和白面且数量比为3∶1，亲本就面色这对基因来说是Aa和Aa，子代有长角和短角且数量比为1∶1，亲本就角长这对基因来说是Bb和bb，因此亲本绵羊的基因型组合是AaBb×Aabb；第二组实验中，子代只有黑面(显性性状)，亲本就面色这对基因来说有一方是AA，另一方不能确定，而子代有长角和短角且数量比为3∶1，亲本就角长这对基因来说是Bb和Bb，因而亲本绵羊是杂合子。(3)第一组实验中亲本是AaBb×Aabb，所以F1中的黑面长角基因型是1/3AABb、2/3AaBb，白面长角基因型是aaBb。所有黑面长角分别和白面长角雌雄个体相互交配，两对基因分别计算：1/3AA、2/3Aa和aa杂交，F2中Aa∶aa＝2∶1，表型及比例为黑面∶白面＝2∶1；Bb×Bb，F2中B_∶bb＝3∶1，表型及比例为长角∶短角＝3∶1，所以F2的表型及比例是黑面长角∶黑面短角∶白面长角∶白面短角＝6∶2∶3∶1。(4)若第二组实验中的亲本绵羊均为黑面个体，不能确定所有亲本关于面色的基因型只有一种，理由是亲本绵羊均为黑面，其基因型组合可能是AA×AA或AA×Aa，都可以使F1全为黑面，无法确定某个亲本的基因型为AA还是Aa。答案：(1)基因的(分离和)自由组合(2)AaBb×Aabb杂合子(3)黑面长角∶黑面短角∶白面长角∶白面短角＝6∶2∶3∶1(4)不能亲本绵羊均为黑面，其基因型组合可能是AA×AA或AA×Aa，都可以使F1全为黑面，无法确定某个亲本的基因型为AA还是Aa提能点(二)9∶3∶3∶1的变式及应用(一)“和”为16的特殊分离比问题AaBb自交后代性状比可能原因分析AaBb测交后代性状比9∶7当双显性基因同时出现时为一种表型，其余基因型控制另一种表型：(9A_B_)∶(3A_bb＋3aaB_＋1aabb)9∶71∶39∶3∶4一对等位基因中隐性基因纯合(aa)制约其他显性基因的作用：(9A_B_)∶(3A_bb)∶(3aaB_＋1aabb)9∶3∶41∶1∶29∶6∶1双显、单显、双隐分别对应一种表型：(9A_B_)∶(3A_bb＋3aaB_)∶(1aabb)9∶6∶11∶2∶115∶1只要有显性基因存在，其表型就一致，双隐基因型控制另一种表型：(9A_B_＋3A_bb＋3aaB_)∶(1aabb)15∶13∶11∶4∶6∶4∶1A与B的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强：1(AABB)∶4(AaBB＋AABb)∶6(AaBb＋AAbb＋aaBB)∶4(Aabb＋aaBb)∶1(aabb)1∶2∶113∶3一种显性基因(A)本身不直接控制性状表现，但抑制另一种显性基因(B)的作用，使后者的作用不能显示出来：(9A_B_＋3A_bb＋1aabb)∶(3aaB_)13∶33∶112∶3∶1一对等位基因中显性基因(A)制约其他显性基因的作用：(9A_B_＋3A_bb)∶(3aaB_)∶(1aabb)12∶3∶12∶1∶1分析这些比例会发现，无论是哪种比例，各表型所占份数之和都等于16，如9∶7(9＋7＝16)、12∶3∶1(12＋3＋1＝16)等。如果发现异常比例的和为16，就可判断该性状是由两对独立遗传的等位基因控制的，就可以用自由组合定律解题。(二)“和”小于16的由基因致死导致的特殊分离比1．胚胎致死或个体致死2．配子致死或配子不育[典例](2023·常州测评)某种小鼠的体色受常染色体基因的控制，现用一对纯合灰鼠杂交，F1都是黑鼠；F1中的雌雄个体相互交配，F2体色表现为9黑∶6灰∶1白。下列叙述正确的是()A．小鼠体色遗传遵循基因的自由组合定律B．若F1与白鼠杂交，后代表现为2黑∶1灰∶1白C．F2灰鼠中能稳定遗传的个体占1/2D．F2黑鼠有两种基因型[解析]F2体色表现为9黑∶6灰∶1白，是“9∶3∶3∶1”的变式，这说明小鼠的体色受两对等位基因的控制(用A/a、B/b表示)，遵循基因自由组合定律，A正确；若F1黑鼠(AaBb)与白鼠(aabb)杂交，后代基因型为AaBb、Aabb、aaBb、aabb，所以表型为1黑∶2灰∶1白，B错误；F2灰鼠的基因型有AAbb、Aabb、aaBB、aaBb，比例为1∶2∶1∶2，其中能稳定遗传的个体占1/3，C错误；F2黑鼠有四种基因型，分别是AABB、AABb、AaBB、AaBb，D错误。[答案]A[方法规律]9∶3∶3∶1变式题的解题步骤[针对训练]1．某种鼠中，毛的黄色基因Y对灰色基因y为显性，短尾基因T对长尾基因t为显性，且基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死，这两对基因是独立遗传的。现有两只黄色短尾鼠交配，后代的表型比例为()A．9∶3∶3∶1 B．3∶3∶1∶1C．4∶2∶2∶1 D．1∶1∶1∶1解析：选C基因Y或T纯合时都能使胚胎致死，故黄色短尾鼠基因型为YyTt。两只黄色短尾鼠(YyTt)交配，后代中黄色(Yy)∶灰色(yy)＝2∶1，短尾(Tt)∶长尾(tt)＝2∶1，两对性状组合，后代的表型比例为(2∶1)×(2∶1)＝4∶2∶2∶1，C正确。2．在西葫芦的皮色遗传中，已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性，但在另一白皮基因(W)存在时，基因Y和y都不能正常表达(两对基因独立遗传)。现有基因型为WwYy的个体自交，其后代表型种类及比例是()A．4种；9∶3∶3∶1 B．2种；13∶3C．3种；12∶3∶1 D．3种；10∶3∶3解析：选C白皮基因(W)存在时，基因Y和y都不能正常表达，所以基因型为WwYy的个体自交，其后代中，基因型为W_Y_、W_yy的个体表现为白皮，共占12/16，基因型为wwY_的个体表现为黄皮，占3/16，基因型为wwyy的个体表现为绿皮，占1/16，即后代表型种类为3种，比例是12∶3∶1。3．牵牛花的花色(白色和红色)由两对独立遗传的等位基因(A、a，B、b)共同控制，控制途径如图所示，现有基因型为AABB和aabb的两个品种进行杂交，F1自交得F2。下列说法错误的是()A．F1的表型为白色B．F2白色个体中的纯合子所占比例为3/13C．F2中红色个体所占比例为3/16D．F1测交后代的表型比例为1∶1∶1∶1解析：选DAABB和aabb两个品种进行杂交，F1基因型为AaBb，表型为白色，A正确；F1的基因型为AaBb，其自交产生F2的基因型及比例为A_B_(白色)∶A_bb(红色)∶aaB_(白色)∶aabb(白色)＝9∶3∶3∶1，可见F2白色个体中的纯合子所占比例为3/13，B正确；F2中红色个体(A_bb)所占比例为3/16，C正确；F1测交，即AaBb×aabb，子代为AaBb(白色)∶Aabb(红色)∶aaBb(白色)∶aabb(白色)＝1∶1∶1∶1，对应的表型及比例为白色∶红色＝3∶1，D错误。4．[多选]冬瓜瓜形的性状由两对独立遗传的基因D/d、F/f控制。两个不同基因型的圆球形冬瓜作亲本杂交，子一代全部是扁盘形，子一代自交，子二代中出现扁盘形∶圆球形∶长形＝9∶6∶1，下列叙述正确的是()A．子一代扁盘形冬瓜的基因型是DdFfB．子一代扁盘形冬瓜与长形冬瓜杂交，子代的性状分离比是1∶1∶1∶1C．两个圆球形亲本的基因型是DDff和ddFFD．子二代圆球形冬瓜中杂合子占5/6解析：选AC子一代自交，子二代中出现扁盘形∶圆球形∶长形＝9∶6∶1，说明子一代扁盘形冬瓜的基因型是DdFf，A正确；子一代扁盘形冬瓜(DdFf)与长形冬瓜(ddff)杂交，子代的性状分离比是扁盘形(DdFf)∶圆球形(Ddff＋ddFf)∶长形(ddff)＝1∶2∶1，B错误；子一代扁盘形冬瓜的基因型是DdFf，圆球形为单显性个体，则两个圆球形亲本的基因型是DDff和ddFF，C正确；子二代圆球形冬瓜(D_ff＋ddF_)中纯合子(DDff、ddFF)占1/3，则杂合子占2/3，D错误。5．(2023·无锡期中)[多选]致死现象可影响后代性状分离比。现有基因型为AaBb的个体互相交配(两对等位基因独立遗传)，后代出现了异常的性状分离比。下列说法正确的是()A．若分离比为4∶2∶2∶1，则两对基因显性纯合(AA和BB)均致死B．若分离比为5∶3∶3∶1，则基因型为AB的雄配子或雌配子致死C．若分离比为7∶3∶1∶1，则基因型为Ab(或aB)的雄配子和雌配子致死D．若分离比为9∶3∶3，则基因型为aabb的受精卵不能发育或在胚胎阶段致死解析：选ABD若分离比为4∶2∶2∶1，对应9∶3∶3∶1中分别少了5、1、1，说明两对基因显性纯合(AA和BB)均致死，A正确；若AaBb产生的基因型为AB的雄配子或雌配子致死，则配子组合为(Ab∶aB∶ab)×(AB∶Ab∶aB∶ab)，后代分离比为5∶3∶3∶1,B正确；若AaBb产生的基因型为Ab(或aB)的雄配子或雌配子致死，以aB为例，则配子组合为(AB∶Ab∶ab)×(AB∶Ab∶aB∶ab),后代分离比为7∶3∶1∶1，若基因型为Ab(或aB)的雄配子和雌配子致死，分离比应该为5∶3∶1，C错误；若分离比为9∶3∶3，少了一份隐性纯合子，则基因型为aabb的受精卵不能发育或在胚胎阶段致死，D正确。6．天竺兰的花色受两对等位基因(A/a、B/b)控制，已知A与B的作用效果相同，且显性基因越多，花色越深。现有两种纯合的中红花天竺兰杂交，F1全为中红花，F1自交得到F2，F2的表型及比例为深红花∶红花∶中红花∶淡红花∶白花＝1∶4∶6∶4∶1，回答下列问题：(1)亲本天竺兰的基因型分别为______________，若F1测交，则后代表型及比例为________________________________________。(2)红花个体的基因型有______种；F2中深红花个体与基因型为________________的个体杂交获得的红花个体比例最大。(3)某兴趣小组利用深红花个体与白花个体杂交，再让F1自交培育纯合的中红花品种，F2中的中红花纯合个体占________，将筛选出的中红花个体再进行________，以提高中红花纯合个体的比例。解析：(1)F1的表型及比例为深红花∶红花∶中红花∶淡红花∶白花＝1∶4∶6∶4∶1，是9∶3∶3∶1的变式，因此F1的基因型是AaBb，植株中含4个显性基因时花色为深红，含3个显性基因时花色为红色，含2个显性基因时花色为中红，含1个显性基因时花色为淡红，没有显性基因时花色为白色，因此亲本两种纯合中红花天竺兰的基因型为AAbb和aaBB；F1的基因型为AaBb，若F1测交，则后代基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，表型及比例为中红花∶淡红花∶白花＝1∶2∶1。(2)含3个显性基因时花色为红色，红花个体的基因型为AABb、AaBB，共2种；F2深红花(AABB)可与基因型为AAbb或aaBB的个体杂交，后代均为红花，获得的红花个体比例最大。(3)深红花(AABB)与白花(aabb)杂交，F1的基因型为AaBb，自交得F2，其中基因型为AAbb、aaBB的个体为纯合中红花，比例为1/4×1/4＋1/4×1/4＝1/8；基因型为AaBb的个体为杂合中红花，再进行连续自交，可提高中红花纯合个体的比例。答案：(1)AAbb和aaBB中红花∶淡红花∶白花＝1∶2∶1(2)2AAbb或aaBB(3)1/8连续自交/课堂小结与随堂训练/一、知识体系构建二、素养好题训练1．家蚕有结黄茧和结白茧两个品种，其茧色的遗传如图所示。下列有关叙述错误的是()A．基因型相同的白茧个体交配，子代仍为白茧，这样的基因型有6种B．AaBb的个体为白茧，雌雄杂交，子代中白茧∶黄茧＝13∶3C．茧色遗传受两对等位基因控制，遵循基因的自由组合定律D．黄茧品种的基因型有2种解析：选A基因型相同的白茧个体交配，子代仍为白茧，这样的基因型是AABB、AABb、AAbb、Aabb、aabb共5种，A错误；AaBb表现为白茧，雌雄杂交，子代中白茧∶黄茧＝13∶3，B正确；由题图可知，A、B基因位于非同源染色体上，因此遵循自由组合定律，C正确；黄茧品种的基因型有aaBB和aaBb2种，D正确。2．蝴蝶的翅形(正常翅对残缺翅为显性)和翅长(长翅对短翅为显性)分别由位于常染色体上的两对独立遗传的等位基因A、a和B、b决定。基因A纯合时雄蝶致死。基因型为aabb的雄蝶和基因型为AABB的雌蝶交配得到F1，F1随机交配得到F2。F2蝴蝶中正常长翅∶正常短翅∶残缺长翅∶残缺短翅为()A．6∶2∶3∶1 B．15∶5∶6∶2C．9∶3∶3∶1 D．15∶2∶6∶1解析：选B基因型为aabb的雄蝶和基因型为AABB的雌蝶交配，F1的基因型为AaBb，F1随机交配，由于基因A纯合时雄蝶致死，雄蝶中正常长翅(A_B_)∶正常短翅(A_bb)∶残缺长翅(aaB_)∶残缺短翅(aabb)＝6∶2∶3∶1，雌蝶中正常长翅(A_B_)∶正常短翅(A_bb)∶残缺长翅(aaB_)∶残缺短翅(aabb)＝9∶3∶3∶1，则F2蝴蝶中正常长翅∶正常短翅∶残缺长翅∶残缺短翅为15∶5∶6∶2，B正确。3．(2023·泰州月考)基因型为aabbcc的梨子重120克，每产生一个显性等位基因就使梨子增重15克，故基因型为AABBCC的梨子重210克(三对基因分别位于三对不同的染色体上)。甲梨树自交，F1的每个梨子重150克。乙梨树自交，F1的每个梨子重120～180克。甲、乙两梨树杂交，F1的每个梨子重135～165克。甲、乙两梨树的基因型可能是()A．甲AAbbcc，乙aaBBCC B．甲AaBbcc，乙aabbCCC．甲aaBBcc，乙AaBbCC D．甲AAbbcc，乙aaBbCc解析：选D甲梨树自交，F1的果实重量相等，说明甲自交后代不发生性状分离，推测甲是纯合子；乙梨树自交，子代的果实重量不同，后代发生性状分离，说明乙是杂合子，A、B错误。每个显性基因使果实增重15克，而乙自交子代的果实重量为120～180克，推知乙可产生显性基因数为0～3个的配子，乙基因型中不可能有4个显性基因，C错误。若甲为AAbbcc，乙为aaBbCc，甲梨树自交，F1的每个梨子重150克；乙梨树自交，F1的每个梨子重120～180克；甲、乙两梨树杂交，子代有1个、2个或3个显性基因，重量为135～165克，与题干信息相符，D正确。4．某常染色体遗传病中，基因型和患病情况的关系是MM都正常、Mm有50%患病，mm都患病。下图为该病的两个家系，其中4号的基因型与Ⅰ代中的其余三人不同。下列分析错误的是()