江苏省南京市九年级(上)期末物理试卷(解析版)

2018-2019学年江苏省南京市九年级（上）期末物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）每小题给出的四个选项中只有一个选项正确，请将正确选项填在答题卡上．1．下列哪一个单位不是电功率的单位（）A．W B．kW C．kW•h D．J/s2．下列说法中与实际相符的是（）A．人体的安全电压不低于36V B．一节新蓄电池的电压为1.5V C．家用微波炉正常工作时的电流大约是0.3A D．挂壁式空调正常工作时的功率约为1200W3．如图所示，属于费力杠杆的是（）A．镊子 B．起瓶器 C．剪刀 D．钢丝钳4．掉在水平地面上的弹性小球会跳起，而且弹跳的高度会越来越低。图示是小球弹跳的频闪照片，小球在1、2位置的高度一样。则（）A．小球在1、2位置的动能相同，机械能也相同 B．小球在1、2位置的动能相同，2位置的机械能较小 C．小球在1、2位置的机械能相同，2位置的动能较小 D．小球在1、2位置的重力势能相同，2位置的动能较小5．下列说法中正确的是（）A．只要物体吸收了热量，温度就一定升高 B．只要物体的内能增加了，就一定是吸收了热量 C．物体的温度虽然没有变化，但它的内能有可能增加 D．只要物体的温度保持不变，就一定没有吸热也没有放热6．下述各种现象中，属于做功改变内能的是（）（1）锯条锯木头，锯条发烫（2）擦划火柴，火柴头着火（3）冬天对着手呵气，手变暖（4）电流通过导体，导体会发热。A．（1）（2） B．（2）（3） C．（1）（2）（3） D．（1）（2）（4）7．家用电吹风主要由带扇叶的电动机和电热丝组成，为了保证电吹风的安全使用，要求：电吹风不吹风时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电吹风仍能吹风。如图电路中符合要求的是（）A． B． C． D．8．如图所示，电源电压不变，R1R2为定值电阻且R1＞R2．开关S闭合后，电流表示数最大的是（）A． B． C． D．9．将光敏电阻R、定值电阻R0、电流表、电压表、开关和恒压电源连接成如图所示电路。光敏电阻的阻值随着光照强度的增大而减小。闭合开关，逐渐增大光照强度，则（）A．A表和V表示数均变小 B．A表示数变大，V表示数变小 C．A表示数变小，V表示数变大 D．A和V表示数均变大10．家用照明的白炽灯泡，有时灯丝会被烧断，烧断灯丝经常是发生在开灯的那一瞬间，这是因为在开灯的那一瞬间（）A．通过灯丝的电流比正常工作时的电流大 B．灯丝两端的电压比正常工作时的电压高 C．灯丝的电阻等于正常工作时的电阻 D．灯泡的实际功率比额定功率小11．如图所示电路，电源电压不变，当开关S1闭合、S2断开时，电流表示数为0.2A，电压表示数为6V；若将两表互换位置，并同时闭合S1和S2，电流表示数为0.5A，则下列说法中正确的是（）A．电压表示数为3.6V B．R1的阻值为18Ω C．R2的阻值为30Ω D．整个消耗的功率为3W12．如图所示，电源电压恒为9V，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器的规格为“24Ω0.8A”，灯泡标有“3V1.5W”字样。闭合开关，在电路安全的情况下（不考虑灯丝电阻的变化），则下列说法中正确的是（）A．灯泡的最小功率是0.54W B．滑动变阻器的电阻允许调节的范围是0～24Ω C．电流表示数的变化范围是0.1A～0.5A D．电压表示数的变化范围是1V～3V二、填空题（本题共8小题，每空1分，共26分）13．有一杠杆，动力臂是阻力臂的4倍，则F动：F阻＝，这是（填省、费）力杠杆。如果两力臂都增加各自的1倍，则F动：F阻＝。14．（1）唐诗中有“黄河远上白云间”和“不尽长江滚滚来”的诗句，从机械能的角度看，前一句生动形象地表明黄河水存储着大量的能，后一句表明长江水具有大量的能。（2）在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让小车从斜面上由静止释放，小车下滑后撞击斜面底端的木块。实验时通过来比较动能的大小。15．如图甲所示装置，在透明塑料盒的底部钻一个孔，把电子式火花发生器的放电针紧紧地塞进孔中，打开塑料盒盖，向盒内滴入数滴酒精，再将盒盖盖紧，然后揿动电火花发生器的按钮，随着“呯”的一声响，看到盒盖，在此过程中，酒精燃烧后的燃气的能转化为塞子的能。图中（选填“乙”或“丙”）汽油机的工作过程与这一实验过程中能量的转化是一致的。如果该汽油机飞轮转速是1800r/min，则它每秒钟内对外做功次。16．如图所示，当开关S闭合后，电压表和电流表均有一定的示数，两灯泡L1、L2均正常发光。如果灯泡L1的灯丝突然断开，则电压表的示数将（选填“变大”、“不变”或“变小”），电流表的示数将（选填“变大”、“不变”或“变小”），灯泡L2将会（选填“变亮”、“变暗”或“熄灭”）。17．如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置。（1）图中虚线框内的装置相当于简单机械中的；（2）油量表是用表改装的；（3）当油箱中的浮标向上运动时，R的电阻值将，此时电路中的电流将。（选填“增大”或“减小”）18．现有两电热水壶分别是甲“220V﹣1500W”、乙“220V﹣1000W”，甲壶中装有2kg的水，乙壶中装有1kg的水（水的初温相同），当同时给它们通电正常工作时，壶（选填“甲”或“乙”）电流做功快；要想把水烧开，壶（选填“甲”或“乙”）电流做功多；壶（选填“甲”或“乙”）把水烧开需要的时间少。19．我国某地的太阳能光伏发电项目已经并网成功，预计年发电量可达5×106kW•h，这一项目是通过高科技将太阳能转化为能。某学校共有250盏标有“220V40W”字样的日光灯，若它们同时正常工作，则通过其中一盏灯的电流为A，上述电能可供这些日光灯正常工作h。20．一小灯泡上标有“6V3.6W”字样，其电流I随两端电压U变化关系的曲线如图所示。当元件两端的电压为3V时，元件的电阻为Ω，电功率为W。三、解答题（本大题共11小题，共50分）21．如图所示，用裁纸刀裁纸。加在裁纸刀上的动力为F，支点在O点，请在图中画出动力臂并用L标明。22．如图所示，试在甲、乙两个“O”内选填“电压表”和“电流表”的符号，使两灯组成并联电路。23．请在图中用笔画线代替导线将电灯、插座正确接入电路。24．在探究杠杆平衡条件的实验中，如果杠杆右侧高左侧低，则可将左侧的平衡螺母向调节，使其在水平位置平衡。如图所示，在支点左侧20cm刻度处挂3个重均为0.5N的钩码，在支点右侧15cm刻度处用弹簧测力计拉杠杆，使其水平平衡。要使弹簧测力计示数最小，弹簧测力计的拉力应沿方向，此时读数为N。25．在“估测人上楼时的功率”的实验中：（1）为了计算出人上楼的功率，需测量一些物理量，所使用的测量工具分别为：、、。（2）小明和小强两同学为比较上楼的功率的大小。小明的重力500N，小强的重力600N，他们跑到五楼，小明用时30s，小强用时28s，则同学做功多；同学做功快。26．（6分）某实验小组测一滑轮组机械效率的数据如表：实验次数动滑轮重G动/N钩码重G钩/N钩码上升高度h钩/m直接将钩码举高做的功W有用/J动力F动/N动力作用点移动距离S动/m使用滑轮组动力做的功W总/J滑轮组的机械效率η10.5310.10.10.70.30.2147.6%220.10.21.10.30.3360.6%340.10.420.30.666.6%（1）请你在图中画出本实验的绕绳方法；（2）由表中数据可知，用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，克服动滑轮的重所做的额外功（填“相同”或“不同”）；提升的物重增加时，克服摩擦和绳重所做的额外功，滑轮组的机械效率（填“变大”、“变小”或“不变”）；（3）多次改变提升的物重测量滑轮组的机械效率，目的是为了。A．减小摩擦B．多次测量取平均值减小误差C．获得多组数据归纳出物理规律（4）由本实验（填“能”或“不能”）推断；任何机械的机械效率跟物重均有关。27．如图所示的电路，L1和L2两只灯泡是关系（选填“串联”或“并联”）。开关闭合后，电流表（甲）测量的是通过的电流（选填“L1”、“L2”或“L1和L2”，下同），电流表（乙）测量的是通过的电流。28．物理课上同学们用图装置探究“电热和哪些因素有关”：两个烧杯中水和煤油质量、初温都相等。（电路尚未连接）（1）实验装置中的错误之处是；（2）温度计的作用是；（3）若想探究“电热和电阻的关系”，则甲、乙两只电热器应该联在电路中（选填“串”或“并”），并且阻值（选填“相等”或“不相等”）。29．（11分）学习电学时我们会做许多相关实验。实验一：在图所示的电路中，闭合开关S，灯L不亮，电压表V有示数。已知除灯L和电阻R外，电路中各处均接触良好，其余元件均完好。（1）请判断该电路中存在的故障可能是或；（2）为进一步确定故障，小华同学将图中的电压表正确并联在灯L两端，请判断他能否查找出电路的故障，并说明理由。。（3）若小明同学将一个电流表正确串联在电路中，闭合开关S，观察电流表的示数情况。若电流表有示数，说明故障是，若电流表无示数，说明故障是。实验二：小明同学利用电压表和电流表测定待测电阻Rx的阻值，他按下面正确的步骤进行实验：【设计实验】小明根据伏安法测电阻的原理设计了正确的电路图。【实验器材】电源（电压保持不变）、滑动变阻器（铭牌上标有“20Ω2A”字样）、电流表、电压表、待测电阻Rx、开关、导线若干。（1）如图是他实验时的电路，但连接不完整，请你帮他完成电路的连接（要求滑片向右移，电压表示数变大）。（2）在连接实物电路时，闭合开关前应把滑动变阻器的滑片位置调到（填写“C”或“D”）端。（3）闭合开关S，观察到电压表和电流表示数分别为1.7V和0.14A．继续实验又测得两组数据，记录表格中。则该同学所用电源电压为V。（4）实验中测出电阻Rx的阻值为Ω．（结果保留一位小数）实验次数电压/V电流/A电阻/Ω11.70.1412.122.20.1812.232.50.2012.5（5）该同学设想进行第4次实验：调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为1.5V，事实上实验没有做成功，其主要原因是。30．一辆汽车总质量为1200kg，以36km/h的速度在水平公路上做匀速直线运动，已知发动机的功率是60kW，求：（1）10min内汽车发动机做了多少功？（2）若发动机输出的能量全部转化为汽车的机械能，则汽车受到的阻力是多少？31．（7分）某型号的电饭锅有两档，若开关S置于“1”挡和“2”挡时，串联在电路电流表示数分别为5A和0.1A，其测试电路如图所示。（1）当开关S置于“2”挡时，电饭锅处于（“高温烧煮”或“焖饭、保温”），理由是。（2）求电阻R0的值。（3）当开关S置于“2”挡时，电饭锅的总电功率是多大？（4）若电能全部转化为水的内能，当开关S置于“1”挡时，需用多少时间将质量是2kg初温为20℃的水烧至100℃．[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]

2018-2019学年江苏省南京市九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）每小题给出的四个选项中只有一个选项正确，请将正确选项填在答题卡上．1．下列哪一个单位不是电功率的单位（）A．W B．kW C．kW•h D．J/s【分析】对每个选项中的单位进行分析，明确其来历及对应的物理量，确定符合题意的选项。【解答】解：在国际单位制中，A、W是功率的主单位。不符合题意；B、kW是功率的常用单位。不符合题意；C、kW•h是电能的常用单位。符合题意；D、J/s是功率的主单位W的符合单位形式。不符合题意。故选：C。【点评】此题考查的是我们对常见物理量及其对应单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，难度较小，容易解答。2．下列说法中与实际相符的是（）A．人体的安全电压不低于36V B．一节新蓄电池的电压为1.5V C．家用微波炉正常工作时的电流大约是0.3A D．挂壁式空调正常工作时的功率约为1200W【分析】（1）对于生活中常见的电压值要熟练掌握，如一节干电池电压1.5V、一节蓄电池电压2V、我国照明电路电压220V、对人体安全的电压是不高于36V；（2）家庭电路的电压是220V，家用微波炉的功率大约1000W，挂壁式空调正常工作时的功率在1000W以上。【解答】解：A、对人体安全的电压为不高于36V，故A不合实际；B、一节蓄电池的电压是2V，故B不符合实际；C、家用微波炉的功率在1000W左右，正常工作时通过的电流I＝＝≈4.5A，故C不符合实际；D、挂壁式空调正常工作时的功率在1000W以上，约为1200W，故D符合实际。故选：D。【点评】本题考查了学生对生活中常见的电压值和电功率值的了解与掌握，属于基础题目。3．如图所示，属于费力杠杆的是（）A．镊子 B．起瓶器 C．剪刀 D．钢丝钳【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A正确B、起瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误；C、剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C错误；D、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误。故选：A。【点评】题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。4．掉在水平地面上的弹性小球会跳起，而且弹跳的高度会越来越低。图示是小球弹跳的频闪照片，小球在1、2位置的高度一样。则（）A．小球在1、2位置的动能相同，机械能也相同 B．小球在1、2位置的动能相同，2位置的机械能较小 C．小球在1、2位置的机械能相同，2位置的动能较小 D．小球在1、2位置的重力势能相同，2位置的动能较小【分析】（1）重力势能，其大小由地球和地面上物体的相对位置决定，物体质量越大、位置越高、物体具有的重力势能就越大；（2）机械能包括物体的动能和势能，小球弹跳的高度会越来越低隐含的信息是机械能逐渐减小。【解答】解：（1）小球在1、2位置的高度相同，所以重力势能相同；由于与空气摩擦等，小球机械能逐渐减小，所以在1处的机械能大，2处的机械能小；（2）小球在1、2位置的高度相同，所以重力势能相同，但在2处的机械能小，所以2位置的动能小。故选：D。【点评】对于这类题目要抓住题目的隐含信息，小球弹跳的高度会越来越低，就是明显告诉小球的机械能越来越小，由于高度相同，所以重力势能相同，所以动能在同样的高度时，动能会越来越小。5．下列说法中正确的是（）A．只要物体吸收了热量，温度就一定升高 B．只要物体的内能增加了，就一定是吸收了热量 C．物体的温度虽然没有变化，但它的内能有可能增加 D．只要物体的温度保持不变，就一定没有吸热也没有放热【分析】（1）物体吸收了热量，温度不一定会升高，但内能增加；（2）改变物体内能的方法有做功和热传递【解答】解：A、物体吸热温度并不一定升高，如液体的沸腾过程，晶体的熔化过程等，故A错误；B、改变物体内能的方法有做功和热传递，物体的内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界物体对它做了功，故B错误；C、虽然物体的温度不变，它的内能可能增加，例如液体的沸腾过程，晶体的熔化过程等，吸收热量，温度不变，但内能增加，故C正确；D、晶体熔化时继续吸热，但温度不变，故D错误。故选：C。【点评】解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体吸收了热量，不一定是用来升高温度。6．下述各种现象中，属于做功改变内能的是（）（1）锯条锯木头，锯条发烫（2）擦划火柴，火柴头着火（3）冬天对着手呵气，手变暖（4）电流通过导体，导体会发热。A．（1）（2） B．（2）（3） C．（1）（2）（3） D．（1）（2）（4）【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；它们的不同点是：热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。【解答】解：（1）锯条锯木头，克服摩擦做功，使锯条的内能增加、温度升高而发烫，是利用做功的方式改变内能；（2）擦划火柴，克服摩擦做功，使火柴头的内能增加、温度升高达到燃点而燃烧，是利用做功的方式改变内能；（3）冬天对着手呵气，是手从热气吸收热量，使手的内能增加、温度升而暖和，是利用热传递的方式改变内能；（4）电流通过导体，电流做功，消耗电能转化为内能，使导体会发热，是利用做功的方式改变内能。故选：D。【点评】本题考查了改变物体内能的方法，知道做功和热传递改变物体内能的区别是本题的关键。7．家用电吹风主要由带扇叶的电动机和电热丝组成，为了保证电吹风的安全使用，要求：电吹风不吹风时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电吹风仍能吹风。如图电路中符合要求的是（）A． B． C． D．【分析】由题意“电吹风不吹风时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电吹风仍能吹风”可知，电热丝和电动机可以独立工作、即为并联，且只有电动机工作时电热丝才能工作。【解答】解：A．电热丝和电动机串联，而电动机不能够独立工作，故A不合题意；B．电动机和电热丝并联连接，电路中只有一个总开关控制，开关闭合，电热丝和电动机同时工作，而电动机无法独立工作，故B不合题意；C．电动机和电热丝并联连接，S1控制整个电路，S2控制电动机，S1闭合，S2断开，只有电热丝工作，电动机不工作，故C不符合题意；D．电动机和电热丝并联连接，S1控制整个电路，S2控制电热丝，S1闭合，S2断开，只有电动机工作，闭合S2后，电动机和电热丝都工作，断开S1时，电动机和电热丝不工作，故D符合题意。故选：D。【点评】本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出电热丝和电动机的连接方式以及开关的位置是关键。8．如图所示，电源电压不变，R1R2为定值电阻且R1＞R2．开关S闭合后，电流表示数最大的是（）A． B． C． D．【分析】并联电路的总电阻小于任何一个分电阻，串联电路的电阻大于任何一个分电阻；根据I＝知，电压一定时，电阻越小，电流越大。【解答】解：A图，闭合开关后，电阻R1被短路，只有R2工作，此时电流表的示数为；B图，闭合开关后，电阻R1和电流表被短路，只有R2工作，则电流表的示数为0；C图，开关S闭合前，只有电阻R2工作，闭合开关后，两电阻并联，电流表测量干路的总电流，由并联电路的电流特点可得，电流表的示数为+；D图，开关S闭合前，只有电阻R1工作，电流表测量R1的电流，闭合开关后，两电阻并联，电流表仍测量R1的电流，其示数为；综合分析可知C图中电流表的示数最大。故选：C。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别以及电流表的测量范围。9．将光敏电阻R、定值电阻R0、电流表、电压表、开关和恒压电源连接成如图所示电路。光敏电阻的阻值随着光照强度的增大而减小。闭合开关，逐渐增大光照强度，则（）A．A表和V表示数均变小 B．A表示数变大，V表示数变小 C．A表示数变小，V表示数变大 D．A和V表示数均变大【分析】由图可知，光敏电阻R与定值电阻R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。根据“光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小”可知逐渐增大光照强度时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化。【解答】解：由图可知，光敏电阻R与定值电阻R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。因光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，所以，逐渐增大光照强度时，R的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I＝可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故AC错误；由U＝IR可知，R0两端的电压变大，即电压表V的示数变大，故B错误、D正确。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，利用好光敏电阻的阻值与光照强度的关系是关键。10．家用照明的白炽灯泡，有时灯丝会被烧断，烧断灯丝经常是发生在开灯的那一瞬间，这是因为在开灯的那一瞬间（）A．通过灯丝的电流比正常工作时的电流大 B．灯丝两端的电压比正常工作时的电压高 C．灯丝的电阻等于正常工作时的电阻 D．灯泡的实际功率比额定功率小【分析】灯泡钨丝的冷态电阻约是热态电阻的十分之一，通电瞬间电流约是正常工作电流的十倍；这个瞬间大电流会使灯泡内节点电阻较大的局部（比如灯丝与铜丝相接处以及钨丝受伤处）产生局部瞬间大功率（温度大大超过工作状态），使灯泡损坏。【解答】解：A、由I＝可得，电压不变，在通电的瞬间，灯丝的电阻很小，因此通过灯丝的电流比正常工作时的电流大，符合题意；B、灯两端的电压近似等于正常工作电压，不符合题意；C、灯丝的电阻比正常工作时的电阻小很多倍，不符合题意；D、灯泡的实际功率比额定功率大很多倍，所以灯泡才烧坏，不符合题意；故选：A。【点评】解决本题的关键：一是掌握影响电阻大小的因素，二是知道白炽灯泡的工作原理。灯丝的电阻随温度的增大而增大。11．如图所示电路，电源电压不变，当开关S1闭合、S2断开时，电流表示数为0.2A，电压表示数为6V；若将两表互换位置，并同时闭合S1和S2，电流表示数为0.5A，则下列说法中正确的是（）A．电压表示数为3.6V B．R1的阻值为18Ω C．R2的阻值为30Ω D．整个消耗的功率为3W【分析】分析电路如下：①当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，此时电压表测电源电压，电流表测总电流；②若将两表互换位置，并同时闭合S1和S2，则R1、R2并联，电流表测通过R2的电流，电压表仍测电源电压。【解答】解：①当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，②若将两表互换位置，并同时闭合S1和S2，则R1、R2并联，A、第二次两个电阻是并联的，电压表测得是电源电压，所以示数仍为6V，说法不正确，不符合题意；B、第一次两个电阻是串联的，总阻值R＝＝＝30Ω，所以R1＝R﹣R2＝30Ω﹣12Ω＝18Ω，说法正确，符合题意；C、第二次两个电阻是并联时，可以知道R2＝＝12Ω，所以R2的阻值为12Ω，说法不正确，不符合题意；D、同时闭合S1和S2时两个电阻是并联的，消耗的电功率P＝+＝5W，说法不正确，不符合题意；故选：B。【点评】解决此题的关键是弄清两次电路中电阻的连接情况，电压表测量的是谁的电压，电流表测得是哪个电阻的电流，根据串并联电路的特点，结合欧姆定律和电功率公式进行求解。也可以根据实际分析，画出对应的等效电路图。12．如图所示，电源电压恒为9V，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器的规格为“24Ω0.8A”，灯泡标有“3V1.5W”字样。闭合开关，在电路安全的情况下（不考虑灯丝电阻的变化），则下列说法中正确的是（）A．灯泡的最小功率是0.54W B．滑动变阻器的电阻允许调节的范围是0～24Ω C．电流表示数的变化范围是0.1A～0.5A D．电压表示数的变化范围是1V～3V【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出灯泡的额定电流和电阻，然后结合电压表的量程，电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用U＝IR求出灯泡两端的最小电压，利用P＝I2R求出灯泡的最小功率。【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。根据P＝UI可得，灯的额定电流：IL额＝＝＝0.5A，由I＝得灯泡的电阻：RL＝＝＝6Ω，由于电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，所以灯泡两端的电压最大为3V时，电路中的最大电流I最大＝IL额＝0.5A；由I＝得电路中的最小总电阻：R最小＝＝＝18Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑最小＝R最小﹣RL＝18Ω﹣6Ω＝12Ω，当滑动变阻器接入阻值最大为24Ω时，电路中电流最小、灯泡两端的电压最小（电压表示数最小），各元件都是安全的，所以滑动变阻器的电阻允许调节的范围是12Ω～24Ω，故B错误；电路中的最大总电阻：R最大＝RL+R＝24Ω+6Ω＝30Ω；则电路中的最小电流：I最小＝＝＝0.3A，所以电流表示数的变化范围是0.3A～0.5A，故C错误；灯泡两端的最小电压为：UL最小＝I最小RL＝0.3A×6Ω＝1.8V；所以电压表示数的变化范围是1.8V～3V，故D错误；电流最小时，灯泡的功率最小，其最小功率为：PL最小＝I最小2RL＝（0.3A）2×6Ω＝0.54W，故A正确。故选：A。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电压和电流表的量程确定电路中的最大电流，对于选择题并不一定完全解答选项。二、填空题（本题共8小题，每空1分，共26分）13．有一杠杆，动力臂是阻力臂的4倍，则F动：F阻＝1：4，这是省（填省、费）力杠杆。如果两力臂都增加各自的1倍，则F动：F阻＝1：4。【分析】①利用杠杆的平衡条件：F1×L1＝F2×L2，具体代入数据即可求解。②根据杠杆的分类：动力臂大于阻力臂是省力杠杆，省力杠杆可以省力，所以只需判断动力臂与阻力臂的大小关系或者动力与阻力的大小关系都可以判断杠杆的类型。【解答】解：①根据杠杆的平衡条件：F动×L动＝F阻×L阻可知，F动：F阻＝L阻：L动＝1：4；②因动力臂大于阻力臂，故是省力杠杆；③如果两力臂都增加各自的一倍，比值不变；故答案为：1：4，省，1：4。【点评】解决此类问题就利用杠杆的平衡条件：F1×L1＝F2×L2，具体代入数据分析，同时要注意通读题目，正确的理解题意。14．（1）唐诗中有“黄河远上白云间”和“不尽长江滚滚来”的诗句，从机械能的角度看，前一句生动形象地表明黄河水存储着大量的重力势能，后一句表明长江水具有大量的动能。（2）在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让小车从斜面上由静止释放，小车下滑后撞击斜面底端的木块。实验时通过木块被撞后移动的距离来比较动能的大小。【分析】（1）此题从物理学角度反映了两条大河中的水蕴藏了大量的势能和动能；（2）动能大小无法直接测量，可以利用转换法。【解答】解：（1）从前一句中诗可看出黄河之水高高在上，由于有一定的高度而具有重力势能；后一诗句可看出长江之水在流动，由于运动而具有动能；（2）动能的大小无法直接进行测量，因此可采用转换法，通过观察小木块被推出的距离来进行比较；故答案为：（1）重力势；动；（2）木块被撞后移动的距离。【点评】（1）掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素和实验方法；（2）掌握动能和重力势能的相互转化。15．如图甲所示装置，在透明塑料盒的底部钻一个孔，把电子式火花发生器的放电针紧紧地塞进孔中，打开塑料盒盖，向盒内滴入数滴酒精，再将盒盖盖紧，然后揿动电火花发生器的按钮，随着“呯”的一声响，看到盒盖飞出，在此过程中，酒精燃烧后的燃气的内能转化为塞子的机械（动）能。图乙中（选填“乙”或“丙”）汽油机的工作过程与这一实验过程中能量的转化是一致的。如果该汽油机飞轮转速是1800r/min，则它每秒钟内对外做功15次。【分析】解决此题要掌握：（1）内燃机的工作原理是气体的内能转化为机械能，对外做功；（2）根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程；（3）根据每一个工作循环中，飞轮转动两圈，可利用已知条件算出每秒种对外做功的次数。【解答】解：（1）电火花打火时，酒精气体燃烧膨胀做功，最后内能转化为盒盖的机械能，可以看到盒盖飞出；（2）图乙中的气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，且上端的火花塞发出电火花，是做功冲程，在这一过程中，内能是转化为机械能的；图丙中的气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，此时机械能转化为内能，与电子式火花发生器的能量转化相反；（3）因为汽油机在一个工作循环中，飞轮转动两圈，对外做功一次，故可得出＝30r/s，则每秒做功的次数为＝15（次）。故答案为：飞出，内，机械（动）；乙，15。【点评】此题要考查了内燃机工作原理及过程，并从能量转化的角度与电子式火花发生器的工作原理进行了比较，同时考查了做功冲程与压缩冲程的区分。16．如图所示，当开关S闭合后，电压表和电流表均有一定的示数，两灯泡L1、L2均正常发光。如果灯泡L1的灯丝突然断开，则电压表的示数将变大（选填“变大”、“不变”或“变小”），电流表的示数将变小（选填“变大”、“不变”或“变小”），灯泡L2将会熄灭（选填“变亮”、“变暗”或“熄灭”）。【分析】（1）分析电路可知，灯泡L1的灯丝突然断开后，电压表被串联在电路中，要解决此类问题，应知道电压表的内阻很大，电流表的内阻很小的特点。（2）根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可知电路中电流的变化，再根据串联电路的电压特点来分析。【解答】解：（1）当L1的灯丝断开时，此时电路中的连接情况是：灯泡L2、电流表和电压表串联在电路中，则电路中的阻值为这三个元件的电阻之和，由于电压表的电阻很大，根据公式I＝，电路中的电流会很微小，所以电流表的示数将变小，此时L2不发光。（2）由于电压表的内阻远大于灯泡L2的阻值，根据串联电路的分压特点可知：此时电压表的示数几乎为电源电压，因此电压表的示数会增大。故答案为：变大；变小；熄灭。【点评】此题主要考查了对欧姆定律的应用。关键是搞清电压表的内阻，当电压表串联在电路中时，相对于在电路中串联一个阻值很大的电阻。17．如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置。（1）图中虚线框内的装置相当于简单机械中的杠杆；（2）油量表是用电流表改装的；（3）当油箱中的浮标向上运动时，R的电阻值将减小，此时电路中的电流将增大。（选填“增大”或“减小”）【分析】该装置涉及到浮力、杠杆、滑动变阻器、电流表等相关知识，油面上升通过浮子和杠杆使滑动变阻器连入的电阻变小，电路中的电流变大；油面下降通过浮子和杠杆使滑动变阻器连入的电阻变大，电路中的电流变小；据此分析。【解答】解：当油面升高，浮子位置升高，在虚线框内的装置特点是在力的作用下，围绕固定点转动，即是在杠杆作用下，滑动变阻器连入电路的阻值减小，使电路中的电流增大，油量表应显示油量增加，所以用电流表改装为油量表。把电流表表盘的刻度转换成油面高度或油箱内油的体积就可以知道油箱内的存油量。故答案为：（1）杠杆；（2）电流；（3）减小；增大。【点评】本题是利用所学知识解释油量表的原理，是一道力学和电学的综合题，学以致用，符合新课标的要求。18．现有两电热水壶分别是甲“220V﹣1500W”、乙“220V﹣1000W”，甲壶中装有2kg的水，乙壶中装有1kg的水（水的初温相同），当同时给它们通电正常工作时，甲壶（选填“甲”或“乙”）电流做功快；要想把水烧开，甲壶（选填“甲”或“乙”）电流做功多；乙壶（选填“甲”或“乙”）把水烧开需要的时间少。【分析】（1）电功率是表示电流做功快慢的物理量；（2）根据Q＝cm△t判断出电流做功的多少；（3）比较电功率与电功的关系以及t＝比较出哪一个把水烧开需要的时间少。【解答】解：电功率是表示电流做功快慢的物理量，甲壶的功率越大，电流做功越快；根据Q＝cm△t知，甲的质量是乙质量的2倍，甲吸收的热量是乙的2倍，甲电流做的功是乙的2倍，即甲壶电流做功多；根据P＝变形得t＝，已知甲的功率是乙功率的＝1.5倍、甲电流做的功是乙的2倍，所以乙壶把水烧开需要的时间少。故答案为：甲；甲；乙。【点评】本题考查了电功率、电功、吸热大小的比较，熟练各个公式是解题的关键。19．我国某地的太阳能光伏发电项目已经并网成功，预计年发电量可达5×106kW•h，这一项目是通过高科技将太阳能转化为电能。某学校共有250盏标有“220V40W”字样的日光灯，若它们同时正常工作，则通过其中一盏灯的电流为0.18A，上述电能可供这些日光灯正常工作5×105h。【分析】（1）太阳能发电时把太阳能转化为电能。（2）由灯泡铭牌可知，灯泡的额定电压是220V，额定功率是40W，由电功率公式P＝UI的变形公式可以求出灯正常发光时的电流。【解答】解：（1）太阳能光伏发电将太阳能转化为电能。（2）由P＝UI可得，一盏灯正常发光时的电流；I＝＝≈0.18A。年发电量可达5×106千瓦时即为5×109W•h，而共有250盏40W的日光灯，所以可供这些日光灯正常工作的时间为：t＝＝＝5×105h。故答案为：电；0.18；5×105。【点评】本题考查了天阳能发电过程的能量转化、求灯泡正常发光时的电流，难度不大，是一道基础题，熟练掌握并灵活应用基础知识即可正确解题。20．一小灯泡上标有“6V3.6W”字样，其电流I随两端电压U变化关系的曲线如图所示。当元件两端的电压为3V时，元件的电阻为6Ω，电功率为1.5W。【分析】由图象可知，当元件两端的电压为3V时，元件的电流是0.5A．根据欧姆定律可求出电阻，根据P＝UI可求出电功率。【解答】解：由图象可知，当元件两端的电压为3V时，元件的电流是0.5A。所以，元件的电阻：R＝＝＝6Ω。元件电功率：P＝UI＝3V×0.5A＝1.5W。故答案为：6；1.5。【点评】本题属于欧姆定律和电功率的基本运算，难度不大，关键是能够从图象中找出对解题有用的信息。三、解答题（本大题共11小题，共50分）21．如图所示，用裁纸刀裁纸。加在裁纸刀上的动力为F，支点在O点，请在图中画出动力臂并用L标明。【分析】题中告知了杠杆的支点和动力F的示意图，而动力臂是支点到动力的作用线的距离，因此过支点做力的作用下的垂线段即可。【解答】解：首先作力F的作用线，然后过支点O作力F作用线的垂线段，标出力臂的符号，答图如下：【点评】本题考查了力臂的画法。画力臂时关键是要画出支点到力的作用线的距离。22．如图所示，试在甲、乙两个“O”内选填“电压表”和“电流表”的符号，使两灯组成并联电路。【分析】使两灯组成并联电路，可根据电流流向法进行分析；电流从电源的正极出发，在电源左边的第一个节点分成两支，一路经过左边的电灯、一路经过上边的电灯，然后在左边的节点处会合；由此可判断出：甲处电表相当于导线，而乙处电表相当于断路；而电流表的阻值小，在电路中相当于导线，电压表的阻值很大，在电路中相当于断路；由此可判断出“〇”内应填的电表符号。【解答】解：由分析知：要使两灯并联，则甲表相当于导线，故甲处为电流表；乙表相当于断路，故乙表为电压表，电路图如图：。故答案为：如上图。【点评】解答此类题目，应明确在电路中电压表起开路作用，电流表起导线作用。要求：会根据串、并联的连接方式设计电路，会正确使用电压表和电流表。23．请在图中用笔画线代替导线将电灯、插座正确接入电路。【分析】（1）三孔插座的接法：上面接地线，左边接零线，右边接火线。（2）家庭电路中，火线首先过保险丝进入开关，然后再进入灯泡顶端的金属点，零线直接和灯泡的螺旋套相连，在更换灯泡时，断开开关，切断火线，操作更安全。【解答】解：（1）三孔插座的上面的孔接地线，左孔接入零线，右孔接火线。如图。（2）电灯的接法：火线先过开关再入灯泡，然后接入顶端的金属点，零线直接接入螺旋套。如图。【点评】（1）三孔插座的接法记忆窍门：上孔接地线理解成﹣﹣“上帝”，左孔接零线理解成﹣﹣一切从零开始。（2）掌握家庭电路中灯泡、开关、保险丝、两孔插座、三孔插座的接法。24．在探究杠杆平衡条件的实验中，如果杠杆右侧高左侧低，则可将左侧的平衡螺母向右调节，使其在水平位置平衡。如图所示，在支点左侧20cm刻度处挂3个重均为0.5N的钩码，在支点右侧15cm刻度处用弹簧测力计拉杠杆，使其水平平衡。要使弹簧测力计示数最小，弹簧测力计的拉力应沿竖直向下方向，此时读数为2N。【分析】（1）实验前杠杆右侧高左侧低，原因是右侧的力和力臂乘积小于左侧的力和力臂乘积，根据杠杆的平衡条件可知，可将左侧的平衡螺母向右调节，减小左侧的力和力臂乘积，使杠杆在水平位置平衡；（2）当把支点到作用点的连线作为动力臂（施力方向与连线垂直）时，动力臂最长、最省力（弹簧测力计示数最小）；（3）知道阻力、阻力臂和动力臂，利用杠杆的平衡条件求动力。【解答】解：（1）杠杆右侧高左侧低，为使杠杆在水平位置平衡，可以将左侧的平衡螺母向右调，或者将右侧的平衡螺母向右调（都向右调）；（2）当沿竖直向下的方向施力时，动力臂最长，此时最省力，弹簧测力计的示数最小；（3）由图知，若竖直向下施力，动力臂L1＝15cm，由题知，阻力F2＝0.5N×3＝1.5N，阻力臂L2＝20cm，∵杠杆在水平位置平衡，∴F1L1＝F2L2，∴动力：F1＝＝＝2N。故答案为：右；竖直向下；2。【点评】阻力和阻力臂一定，动力作用点确定后，沿垂直于支点到作用点连线的方向施力，动力臂最长、最省力。25．在“估测人上楼时的功率”的实验中：（1）为了计算出人上楼的功率，需测量一些物理量，所使用的测量工具分别为：磅秤、卷尺、秒表。（2）小明和小强两同学为比较上楼的功率的大小。小明的重力500N，小强的重力600N，他们跑到五楼，小明用时30s，小强用时28s，则小强同学做功多；小强同学做功快。【分析】（1）人上楼的功率就是克服自身的重力做功，做的功除以做功的时间就是功率；所以该实验的原理是：P＝＝＝，据此选择所需的器材；（2）根据W＝Gh比较两人做功大小，功率表示做功快慢的物理量，根据P＝＝＝比较功率大小即可。【解答】解：（1）人上楼的功率：P＝＝＝，m为人的质量，h为楼梯的高度，t为上楼所用的时间；所以需要磅秤测量自己的质量m、用卷尺测量楼梯的高度h，用秒表测量上楼所用的时间t；（2）小明的重力500N，小强的重力600N，他们跑到五楼，楼梯的高度h，根据W＝Gh，故小强同学做功多；P小明＝，P小强＝，P小明＜P小强，故小强同学做功快。故答案为：（1）磅秤；卷尺；秒表；（2）小强；小强。【点评】本题考查了功率的测量实验及功率的物理意义，关键是明白实验的原理。26．（6分）某实验小组测一滑轮组机械效率的数据如表：实验次数动滑轮重G动/N钩码重G钩/N钩码上升高度h钩/m直接将钩码举高做的功W有用/J动力F动/N动力作用点移动距离S动/m使用滑轮组动力做的功W总/J滑轮组的机械效率η10.5310.10.10.70.30.2147.6%220.10.21.10.30.3360.6%340.10.420.30.666.6%（1）请你在图中画出本实验的绕绳方法；（2）由表中数据可知，用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，克服动滑轮的重所做的额外功相同（填“相同”或“不同”）；提升的物重增加时，克服摩擦和绳重所做的额外功变大，滑轮组的机械效率变大（填“变大”、“变小”或“不变”）；（3）多次改变提升的物重测量滑轮组的机械效率，目的是为了C。A．减小摩擦B．多次测量取平均值减小误差C．获得多组数据归纳出物理规律（4）由本实验不能（填“能”或“不能”）推断；任何机械的机械效率跟物重均有关。【分析】（1）知道物体和弹簧测力计移动的距离，求出绳子的段数，根据绳子的段数求出滑轮组的绕法；（2）用同一滑轮组，动滑轮重相同，提升相同的高度，根据W额＝G轮h判断克服动滑轮的重所做的额外功的大小关系；提升的物重增加时，由表中数据可知有用功、总功增大，二者之差（额外功）增大，而总的额外功等于克服动滑轮的重所做的额外功加上克服摩擦和绳重所做的额外功，所以克服摩擦和绳重所做的额外功变大，滑轮组的机械效率根据表中数据分析；（3）多次改变提升的物重，是为了探究滑轮组机械效率的高低与提升物重大小的关系，据此判断；（4）该实验只能说明滑轮组机械效率与提升物重大小的关系，没有对其它简单机械做实验研究，不能得出其它机械的机械效率跟物重的关系，据此判断。【解答】解：（1）由表格数据可知，各次实验时，弹簧测力计移动的距离是物体上升高度的三倍，所以有三段绳子承担物体和动滑轮的总重，滑轮组绕法如图所示：（2）由题知，用同一滑轮组，动滑轮重相同，提升相同的高度，所以克服动滑轮的重所做的额外功相同；由表中数据可知，第1次总功和有用功之差为0.11J，第2次总功和有用功之差为0.13J，第3次总功和有用功之差0.2J，可见总的额外功变大。因为总的额外功等于克服动滑轮重所做的额外功加上克服摩擦和绳重所做的额外功，所以克服摩擦和绳重所做的额外功变大；由表中数据可知，提升的物重增加时，滑轮组的机械效率变大；（3）多次改变提升的物重，是为了探究滑轮组机械效率与提升物重大小的关系，总结出规律，故选C；（4）该实验只能说明竖直滑轮组的机械效率与提升物重大小的关系，不能得出其它机械的机械效率跟物重的关系。故答案为：（1）见上图；（2）相同；变大；变大；（3）C；（4）不能。【点评】本题考查了如何测定滑轮组的机械效率，并对实验结果进行评估，提高了学生的实验探究能力。27．如图所示的电路，L1和L2两只灯泡是并联关系（选填“串联”或“并联”）。开关闭合后，电流表（甲）测量的是通过L1和L2的电流（选填“L1”、“L2”或“L1和L2”，下同），电流表（乙）测量的是通过L1的电流。【分析】分析电流的流向可知：开关闭合后，电流分为两路，一路流向灯泡L2，另一路流向电流表乙，灯泡L1、然后两路汇合共同流向负极。【解答】解：由图知，开关闭合后，电流从电源正极（电源右端为正极）流出，分为两路，一路流向灯泡L2，另一路流向电流表乙、灯泡L1，然后两路汇合经电流表甲和开关，共同流回负极，因此两灯并联连接；电流表甲测量灯泡L1和L2的电流，电流表乙测量的是灯泡L1的电流。故答案为：并联；L1和L2；L1。【点评】知道串并联的概念、知道电流表的用法分析清楚电路结构即可正确解题，本题是一道基础题。28．物理课上同学们用图装置探究“电热和哪些因素有关”：两个烧杯中水和煤油质量、初温都相等。（电路尚未连接）（1）实验装置中的错误之处是不能取不同液体；（2）温度计的作用是通过比较两只温度计升高多少来比较液体吸收热量的多少，从而比较两只电热器放出热量的多少；（3）若想探究“电热和电阻的关系”，则甲、乙两只电热器应该串联在电路中（选填“串”或“并”），并且阻值不相等（选填“相等”或“不相等”）。【分析】本题利用控制变量法来进行研究电流产生的热量与什么因素有关的实验，应控制吸热液体的材料相同，质量相等，通过观察液体的温度的变化来比较吸热的多少。并反映电热的多少，若要探究“电热和电阻的关系”，应控制电流相等，使用阻值不等的电阻进行实验。【解答】解：（1）由于电流产生的热量需要液体吸收，为了使结果有效，应使用相同的等质量的液体来吸热，不能取不同液体来实验，这样无法比较结果。（2）温度计的作用是通过比较两只温度计升高多少来比较液体吸收热量的多少，从而比较两只电热器放出热量的多少。（3）若探究“电热和电阻的关系”，则应控制电阻不等，电流相等，而串联时，电流是相等，故用串联电阻来做实验。故本题答案为：（1）不能取不同液体；（2）通过比较两只温度计升高多少来比较液体吸收热量的多少，从而比较两只电热器放出热量的多少；（3）串；不相等。【点评】本题利用了控制变量法来研究电流产生的电热的影响因素。由于电流产生的热量不容易观察，故用相同材料的等质量的液体来吸收电热，通过温度计来观察液体的温度的变化来反映电热的多少。29．（11分）学习电学时我们会做许多相关实验。实验一：在图所示的电路中，闭合开关S，灯L不亮，电压表V有示数。已知除灯L和电阻R外，电路中各处均接触良好，其余元件均完好。（1）请判断该电路中存在的故障可能是L短路或R断路；（2）为进一步确定故障，小华同学将图中的电压表正确并联在灯L两端，请判断他能否查找出电路的故障，并说明理由。不能，因为R断路或L短路时电压表均无示数。（3）若小明同学将一个电流表正确串联在电路中，闭合开关S，观察电流表的示数情况。若电流表有示数，说明故障是L短路，若电流表无示数，说明故障是R断路。实验二：小明同学利用电压表和电流表测定待测电阻Rx的阻值，他按下面正确的步骤进行实验：【设计实验】小明根据伏安法测电阻的原理设计了正确的电路图。【实验器材】电源（电压保持不变）、滑动变阻器（铭牌上标有“20Ω2A”字样）、电流表、电压表、待测电阻Rx、开关、导线若干。（1）如图是他实验时的电路，但连接不完整，请你帮他完成电路的连接（要求滑片向右移，电压表示数变大）。（2）在连接实物电路时，闭合开关前应把滑动变阻器的滑片位置调到C（填写“C”或“D”）端。（3）闭合开关S，观察到电压表和电流表示数分别为1.7V和0.14A．继续实验又测得两组数据，记录表格中。则该同学所用电源电压为4.5V。（4）实验中测出电阻Rx的阻值为12.3Ω．（结果保留一位小数）实验次数电压/V电流/A电阻/Ω11.70.1412.122.20.1812.232.50.2012.5（5）该同学设想进行第4次实验：调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为1.5V，事实上实验没有做成功，其主要原因是滑动变阻器的最大阻值偏小。【分析】实验一：（1）在串联电路中灯不亮、电压表有示数的故障所在：①灯L被短路，电路中只有电阻R，电压表测量R两端的电压，有示数；②所测用电器开路，电压表通过灯L、闭合的开关、导线接在电源的正负极上，电压表有示数；（2）当把电压表接在灯L两端：灯L被短路，分压为0，电压表的示数为0；电阻R开路，电压表接不到电源上，示数为0．所以不能判断故障所在；（3）电路中接入电流表，电流表若有示数，说明电阻R没有处于开路，据此分析；电流表若没有示数，说明电路处于开路状态，据此分析；实验二：（1）根据表中电流大小确定电流表选用小量程与电阻串联，根据要求滑片向右移，电压表示数变大确定变阻器的连接；（2）在连接实物电路时，为保护电路，闭合开关前应把滑动变阻器的滑片位置调到阻值最大处；（3）闭合开关S前，变阻器的最大电阻连入电路中，根据欧姆定律和串联电路的规律求出电源电压：（4）为减小误差，将三次测量的平均值作为测量结果；（5）根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入12.3Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。【解答】解：实验一：（1）由图一可知，灯与电阻R串联，电压表与电阻R并联，电压表有示数，说明电压表与电源两极连接的部分电路没有断路，即灯泡L没有断路；灯泡不亮，可能是灯泡L短路，也可能是R断路，导致电压表串联在电路中，此时电路中电流几乎为0；综上可知，电路故障可能是灯泡L短路或电阻R断路；（2）将图中的电压表正确并联在灯L两端时，灯L短路或电阻R断路都会使灯不亮、电压表的示数为0，所以不能查找出电路的故障；（3）电路中接入电流表，若电流表有示数，说明电阻R没有断路，则是灯L被短路；若电流表没有示数，说明电路处于断路状态，即是电阻R断路