数经典易错题会诊与高考试题预测9

PAGEPAGE63经典易错题会诊与2012届高考试题预测（九）考点9圆锥曲线►对椭圆相关知识的考查►对双曲线相关知识的考查►对抛物线相关知识的考查►对直线与圆锥曲线相关知识的考查►对轨迹问题的考查►考察圆锥曲线中的定值与最值问题►椭圆►双曲线►抛物线►直线与圆锥曲线►轨迹问题►圆锥曲线中的定值与最值问题经典易错题会诊命题角度1对椭圆相关知识的考查1．(典型例题Ⅰ)设椭圆的两个焦点分别为F1、F2，过F2作椭圆长轴的垂线交椭圆于点P，若△FlPF2为等腰直角三角形，则椭圆的离心率是()[考场错解]A[专家把脉]没有很好地理解椭圆的定义，错误地把当作离心率．[对症下药]D设椭圆的方程为=l(a，b>0)由题意可设|PF2|=|F1F2|=k，|PF1|=k，则e=2．(典型例题)设双曲线以椭圆=1长轴的两个端点为焦点，其准线过椭圆的焦点，则双曲线的渐近线的斜率为()A．±2B．±C．±D．±[考场错解]D由题意得a=5，b=3，则c=4而双曲线以椭圆=1长轴的两个端点为焦点，则a=c=4，b=3∴k=[专家把脉]没有很好理解a、b、c的实际意义．[对症下药]C设双曲线方程为=1，则由题意知c=5，=4则a2=20b2=5，而a=2b=∴双曲线渐近线斜率为±=3．(典型例题)从集合{1，2，3…，11}中任选两个元素作为椭圆方程=1中的m和n，则能组成落在矩形区域B={(x，y)‖x|<11，且|y|<9}内的椭圆个数为()A．43B．72C．86D．90[考场错解]D由题意得，m、n都有10种可能，但m≠n故椭圆的个数10×10-10=90．[专家把脉]没有注意，x、y的取值不同．[对症下药]B由题意得m有10种可能，n只能从集合11，2，3，4，5，6，7，81中选取，且m≠n，故椭圆的个数：10×8-8=72．4．(典型例题)设直线l与椭圆=1相交于A、B两点，l又与双曲线x2-y2=1相交于C、D两点，C、D三等分线段AB，求直线l的方程()[考场错解]设直线l的方程为y=kx+b如图所示，l与椭圆，双曲线的交点为A(x1，y1)、B(x2，y2)、C(x3，y3)、D(x4，y4)，依题意有=3由所以x1+x2=-由得(1-k2)x2-2bkx-(b2+1)=0(2)若k=±1，则l与双曲线最多只有一个交点，不合题意，故k≠±1所以x3+x4=、由x3-x1=x2-x4x1+x2=x3+x4-bk=0或b=0①当k=0时，由(1)得x1、2=±由(2)得x3、4=±由=3(x4-x1)即故l的方程为y=±②当b=0时，由(1)得x1、2=±，由(2)得x3、4=由=3(x4-x3)即综上所述：直线l的方程为：y=[专家把脉]用斜截式设直线方程时没有注意斜率是否存在，致使造成思维片面，漏解．[对症下药]解法一：首先讨论l不与x轴垂直时的，情况．设直线l的方程为y=kx+b，如图所示，l与椭圆、双曲线的交点为：A(x1，y1)、B(x2，y2)、C(x3，y3)、D(x4，y4)，依题意有．由得(16+25k2)x2+50bkx+(25b2-400)=0．(1)所以x1+x2=-由得(1-k2+x2-2bkx-(b2+1)=0．若k=±1，则l与双曲线最多只有一个交点，不合题意，故k≠±1．所以x3+x4=由x1+x2=x2+x4或b=0．①当k=0时，由(1)得由(2)得x3、4=±由(x4-x3)．即故l的方程为y=±②当b=0时，由(1)得x1、2=自(2)得x3、4=(x4-x3)．即故l的方程为y=．再讨论l与x轴垂直时的情况．设直线l的方程为x=c，分别代入椭圆和双曲线方程可解得yl、2=y3、4=即综上所述，直线l的方程是：y=x、y=±和x=解法二：设l与椭圆、双曲线的交点为：A(x1，y1)、B(x2，y2)、C(x3，y3)、D(x4，y4)，则有由i的两个式子相减及j的两个式子相减，得：因C、D是AB的三等分点，故CD的中点(x0，y0)与AB的中点重合，且于是x0=y0=x2-x1=3(x4-x3)．因此若x0y0≠0，则x2=x1x4=x3y4=y3y2=y1．因A、B、C、D互异，故xi≠xj，yi≠yj，这里ij=1，2，3，4且i≠j(1)÷(2)得16=-25，矛盾，所以x0y0=0．①当x0=0，y0≠0时，由(2)得y4=y3≠0，这时l平行x轴．设l的方程为y=b，分别代入椭圆、双曲线方程得：xl、2=x3、4=∵x2-x1=3(x4-x3)．故l的方程为y=±②当y0=0，x0≠0，由(2)得x4=x3≠0，这时l平行y轴．设l的方程为x=c，分别代入椭圆、双曲线方程得：yl、2=y3、4=∵y2-y1=3(y4-y3)故l的方程为：③当x0=0，y0=0时，这时l通过坐标原点且不与x轴垂直．设l的方程为y=kx，分别代入椭圆、双曲线方程得：x1、2=故l的方程为y=综上所述，直线l的方程是：y=、y=和x=5．(典型例题)设A、B是椭圆3x2+y2=λ上的两点，点N(1，3)是线段AB的中点，线段AB的垂直平分线与椭圆相交于C、D两点．(1)确定A的取值范围，并求直线AB的方程；(Ⅱ)试判断是否存在这样的A，使得A、B、C、D四点在同一个圆上?并说明理由．(此题不要求在答题卡上画图)[考场错解](1)设A(x1，y1)B(x2，y2)则有:(x1-x2)(x1+x2)+(yl-y2)(yl+y2)=0依题意，x1≠x2∴kAB-∵N(1，3)是AB的中点，∴x1+x2=2,yl+y2=6从而kAB=-9又由N(1，3)在椭圆内，∴λ<3×12+32=12∴λ的取值范围是(-∞，12)直线AB的方程为y-3=-9(x-1)即9x+y-12=0[专家把脉]①用“差比法”求斜率时kAB=这地方很容易出错．②N(1，3)在椭圆内，λ>3×12+32=12应用结论时也易混淆．[对症下药](1)解法1：依题意，可设直线AB的方程为y=A(x-1)+3，代入3x2+y2=λ，整理得(k2+3)x2-2k(k-3)x+(k-3)2-λ=0．①设A(x1，y1)、B(x2、y2)，则x1，x2是方程①的两个不同的根，∴△=4[λ(k2+3)-3(k-3)2]>0，②且x1+x2=，由N(1，3)是线段AB的中点，得，∴A(k-3)=k2+3．解得k=-1，代入②得，λ>12，即λ的取值范围是(12，+∞)．于是，直线AB的方程为y-3=-(x-1)，即x+y-4=0．解法2：设A(x1，y1)、B(x2，y2)，则有(x1-x2)(x1+x2)+(y1-y2)(y1+y2)=0依题意，x1≠x2，∴kAB=-∵N(1，3)是AB的中点，∴x1+x2=2，yl+y2=6，从而kAB=-1．又由N(1，3)在椭圆内，∴λ>3×12+32=12，∴λ的取值范围是(12，∞)．直线AB的方程为y-3=-(x-1)，即x+y-4=0．(Ⅱ)解法1：∵CD垂直平分AB，∴直线CD的方程为y-3=x-1，即x-y+2=0，代入椭圆方程，整理得4x2+4x+4又设C(x3，y3)，D(x4，y4)，CD的中点为M(x0，y0)，则x3，x4是方程③的两根，∴x3+x4=-1，且x0=(x3+x4)=-，y0=x0+2=，即M(-，)．于是由弦长公式可得|CD|=④将直线AB的方程x+y-4=0，代入椭圆方程得4x2-8x+16-λ=0⑤同理可得|AB|=⑥∵当λ>12时，>,∴|AB|<|CD|假设存在λ>12，使得A、B、C、D四点共圆，则CD必为圆的直径，点M为圆心．点M到直线AB的距离为d=⑦于是，由④、⑥、⑦式和勾股定理可得|MA|2=|MB|2=d2+故当λ>12时，A、B、C、D四点均在以M为圆心，为半径的圆上．(注：上述解法中最后一步可按如下解法获得：)A、B、C、D共圆△ACD为直角三角形，A为直角|AN|2=|CN|·|DN|，即.⑧由⑥式知，⑧式左边=,由④和⑦知，⑧式右边=∴⑧式成立，即A、B、C、D四点共圆解法2：由(Ⅰ)解法1及λ>12，∵CD垂直平分AB，∴直线CD方程为y-3=x-1，代入椭圆方程，整理得4x2+4x+4-λ=0．③将直线AB的方程x+y-4=0，代入椭圆方程，整理得4x2-8x+16-λ=0．⑤解③和⑤式可得xl，2=不妨设A(1+计算可得,∴A在以CD为直径的圆上．又B为A关于CD的对称点，∴A、B、C、D四点共圆．(注：也可用勾股定理证明AC⊥AD)专家会诊1．重点掌握椭圆的定义和性质，加强直线与椭圆位置关系问题的研究．2.注重思维的全面性，例如求椭圆方程时只考虑到焦点在，轴上的情形；研究直线与椭圆位置关系时忽略了斜率不存在的情形……3．注重思想方法的训练，在分析直线与椭圆位置关系时要利用数形结合和设而不求法与弦长公式韦达定理联系去解决；关于参数范围问题常用思路有：判别式法，自身范围法等．求椭圆的方程常用方法有：定义法，直接法，待定系数法，相关点法，参数法等．考场思维调练1已知椭圆的中心O是坐标原点，A是它的左顶点，F是它的左焦点，l1，l2分别为左右准线，l1与x轴交于O，P、Q两点在椭圆上，且PM⊥l1于M,PN⊥l2于N，QF⊥AO，则下列比值中等于椭圆离心率的有()A.1个B．2个C.4个D．5个答案：C解析：对(1)，(4)的正确性容易判断；对(3)，由于=e，故(3)正确；对(5)，可求得|QF|=|BF|=,,故(5)正确；(2)显然不对，所选C．2椭圆有这样的光学性质：从随圆的一个焦点出发的光线，经椭圆壁反射后，反射光线经过随圆的另一个焦点．今有一个水平放置的椭圆形台球盘，点A、B是它的焦点，长轴长为20，焦距为2c，静放在点A的小球(小球的半径不计)，从点A沿直线出发，经椭圆壁反弹后第一次回到点A时，小球经过的路程是()A．4aB．2(a-c)C.2(a+c)D．以上答案均有可能答案：D解析：(1)静放在点A的小球(小球的半径不计)从点A沿直线出发，经椭圆壁右顶点反弹后第一次回到点A时，小球经过的路程是2(d-c)，则选B；(2)静放在点A的小球(小球的半径不计)从点A沿直线出发，经椭圆壁左顶点反弹后第一次回到点A时，小

球经过的路程是2(a+c)，则选C；(3)静放在点A的小球(小球的半径不计)从点A沿直线出发，经椭圆壁非左右顶点反弹后第一次回到点A时，小球经过的路程是4a，则选A.于是三种情况均有可能，故选D.3已知椭圆+y2=1(a>1)，直线l过点A(-a，0)和点B(a，ta)(tt>0)交椭圆于M．直线MO交椭圆于N(1)用a，t表示△AMN的面积S；(2)若t∈[1，2]，a为定值，求S的最大值．答案：易得l的方程为了y=(x+a)…1分由得(a2t2+4)y2-4aty=0解得了y=0或y=即点M的纵坐标yM=S=S△AMN=2S△AOM=|OA|·yM=(2)由(1)得，S==(t>0)令V=+a2t，V′=-+a2由V′=O当时t>时，V′>0；当0<t<时，V′<0．．．10分若1≤a≤2，则，故∈[1，2]当t=时，Smax=a若a>2，则0<<1，∵V=+a2t在[1，2]上递增，进而S(t)为减函数．∴当t=1时，Smax=综上可得Smax命题角度2对双曲线相关知识的考查1．(典型例题1)已知双曲线x2-=1的焦点为F1、F2，点M在双曲线上且，则点M到x轴的距离为()[考场错解]B[专家把脉]没有理解M到x轴的距离的意义．[对症下药]C由题意得a=1，b=，c=可设M(x0，y0)|MF1|=|ex0+a|=|x0+1|，|MF2|=|ex0-a|=|x0-1|由|MF1|2+|MF2|2=|F1F2|2得x02=即点M到x轴的距离为2．(典型例题)已知双曲线=1(a>0，b>0)的右焦点为F，右准线与一条渐近线交于点A，△OAF的面积为(O为原点)，则两条渐近线的夹角为()A．30°B．45°C．60°D．90°[考场错解]B[专家把脉]把两条渐近线的夹角看成渐近线的倾斜角．[对症下药]D由题意得A()s△OAF=·c·，则两条渐近线为了y=x与y=-x则求两条渐近线的夹角为90°．3．(典型例题Ⅲ)双曲线=1(a>1，b>0)的焦距为2c，直线l过点(a，0)和(0,b)，且点(1，0)到直线l的距离与点(-1，0)到直线l的距离之和s≥c，求双曲线的离心率e的取值范围．[考场错解]直线l的方程为=1即bx+ay-ab=0点(-1，0)到直线l的距离：，点(1，0)到直线l的距离:∴+=得5a于是得5即4e4-25e2+25≤0解不等式得≤e2≤5，所以e的取值范围是[专家把脉]没有理解双曲线离心率的意义及自身存在的范围e>1．[对症下药]解法：直线J的方程为=1，即bx+ay-ab=0．由点到直线的距离公式，且a>1，得到点(1，0)到直线l的距离d1=同理得到点（-1，0）到直线l的距离d2=s=d1+d2=由解不等式，得专家会诊1．注意双曲线两个定义的理解及应用，在第二定义中，要强调e>1，必须明确焦点与准线的对应性2．由给定条件求出双曲线的方程，常用待定系数法，当焦点位置不确定时，方程可能有两种形式，应防止遗漏．3．掌握参数a、b、c、e的关系，渐近线及其几何意义，并注意灵活运用．考场思维训练1已知F1，F2为双曲线=1(a>0,b>0)的两个焦点，过F2作垂直x轴的直线，它与双曲线的一个交点为P，且∠pF1F2=30°，则双曲线的渐近线方程为()答案：D解析：由已知有=tan30°=，所以2a2=b2渐近线方程为y=±,所以选取D2若Fl、F2双曲线=1的左、右焦点，O为坐标原点，P在双曲线左支上，M在右准线上，且满足(1)求此双曲线的离心率；答案：由知四边形PF1OM为平行四边形，又由知OP平分∠F1OM,∴PF1OM菱形，设半焦距为c，由=c知，即c+e2-e-2=0,∴e=2(e=-1舍去)(2)若此双曲线过点N(2，)，求双曲线方程：答案：∵e=2=∴c=2a,∴双曲线方程为代入，有

即所求双曲线方程为=1.(3)设(2)中双曲线的虚轴端点为B1，B2(B1在y轴正半轴上)，求B2作直线AB与双曲线交于A、B两点，求时，直线AB的方程．答案：依题意得B1（0，3），B2（0，-3）,设直线AB的方程为y=kx-3,A(x1,y1),B(x2,y2)则由∵双曲线的渐近线为y=±,∴当k=±时，AB与双曲线只有一个交点，即k≠±.∵x1+x2=y1+y2=k(x1+x2)-6=,y1y2=k2x1x2-k(x1+x2)+9=9又（x1，y1-3）,=(x2,y2-3),⊥,即k2=5,∴k=±.故所求直线AB的方程为y=x-3或y=-x-3.3设双曲线-y2=1的右顶点为A、P是双曲线上异于顶点的一个动点，从A引双曲线的两条渐近线的平行线与直线OP(O为坐标原点)分别交于Q和R两点．(1)证明：无论P点在什么位置，总有；答案：设OP：y=kx与AR：y=解得同理可得所以|·|设||2=（m,n）,则由双曲线方程与OP方程联立解得m2=所以||2=m2+n2=(点在双曲线上，1-4k2>0);(2)设动点C满足条件：，求点C的轨迹方程．答案：∵点C为QR的中心，设C（x,y）,则有，消去k,可得所求轨迹方程为x2-x2-4y2=0(x≠0).命题角度3对抛物线相关知识的考查。1．(典型例题)过抛物线y2=4x的焦点作一条直线与抛物线相交于A、B两点，它们的横坐标之和等于5，则这样的直线()A.有且仅只有一条B．有且仅有两条C.有无穷多条D．不存在[考场错解]D由题意得|AB|=5p=4，通径长为2×4=85<8，故不存在这样的直线．[专家把脉]没有理解抛物线焦点的弦长及p的意义．[对症下药]B解法一：由题意得P=2，通径长为4，而|AB|=x1+x2+p=7，由7>4，则这样的直线有且仅有两条，解法二：用待定系数法设直线方程为y=k(x-1)采用设而不求的方法求出k有两个值，即直线有且仅有两条．2．(典型例题1)设A(x1，y1)，B(x2，y2)两点在抛物线y=2x2上，l是AB的垂直平分线．(1)当且仅当x1+x2取何值时，直线l经过抛物线的焦点F?证明你的结论；(Ⅱ)当直线l的斜率为2时，求l在y轴上截距的取值范围．[考场错解](Ⅱ)，设l在y轴上的截距为b，依题意得l的方程为y=2x+b，过点A、B的直线方程可写为y=与y=2x2联立得2x2+x-m=0．得x1+x2=-；设AB的中点N的坐标为(x0，y0)则x0=(x1+x2)=-,y0=-x0+m=+m．由N∈l,得+m=-+b，于是b=即得l在y轴上截距的取值范围为[].[专家把脉]没有借助“△>0”来求出m>，无法进一步求出b的范围，只好胡乱地把m当作大于或等于0．[对症下药](1)F∈l|FA|=|FB|A、B两点到抛物线的准线的距离相等．∵抛物线的准线是x轴的平行线，y1≥0，y2≥0，依题意y1、y2不同时为0，∴上述条件等价于yl=y2x12=x22(x1+x2)(x1-x2)=0；∵x1≠x2，∴上述条件等价于x1+x2=0．即当且仅当x1+x2=0时，l经过抛物线的焦点F。(Ⅱ)设l在y轴上的截距为b，依题意得l的方程为y=2x+b过点A、B的直线方程可写为y=-x+m，所以x1、x2满足方程2x2+x-m=0，得x1+x2=-；A、B为抛物线上不同的两点等价于上述方程的判别式+8m>0，即m>设AB的中点N的坐标为(x0，y0)，则x0=(x1+x2)=-，y0=-x0+m=+m由N∈l，得+m=-+b，于是b=+m>即得l在y轴上截距的取值范围为(，+∞)．3．(典型例题)如图，过抛物线y2=2px(p>0)上一定点p(x0，y0)(y0>0)，作两条直线分别交抛物线于A(x1，y1)，B(x2，y2)．(1)求该抛物线上纵坐标为的点到其焦点F的距离；(Ⅱ)当PA与PB的斜率存在且倾斜角互补时，求的值，并证明直线AB的斜率是非零常数．[考场错解](1)当y=时，x=又抛物线的准线方程为x=-P，由抛物线定义得，所求距离为(Ⅱ)设直线PA的斜率为kPA，直线PB的斜率为kPB由y21=2px1,y20=2px0相减得(yl-y0)(y1+y0)=2P(x1-x0)故kPA=(x1≠x0)．同理可得kpB=(x2≠x0)由kPA=-kPB得y0=-2(yl+y2)故设直线AB的斜率为kAB。由y22=2px2,y21=2px1相减得(y2-y1)(y2+y1)=2P(x2-x1)故kAB=将y1+y2=-y0(y0>0)代入得kAB=-故kAB是非零常数．[专家把脉]①没有掌握抛物线的准线方程，②计算不够准确．[对症下药](1)当y=时，x=，又抛物线y2=2px的准线方程为x=，由抛物线定义得，所求距离为-(-)=(Ⅱ)设直线PA的斜率为kPA，直线PB的斜率为kPB由y12=2px1，y20=2px0相减得(y1-y0)(yl+y0)=2P(x1-x0)，故kPA=(x1≠x0)．同理可得kPB=(x2≠x0)．由PA、PB倾斜角互补知kPA=-kPB，即=-，所以yl+y2=-2y0，故=-2.设直线AB的斜率为kAB由y22=2px2，y21=2pxl相减得(y2-y1)(y2+y1)=2p(x2-x1)，所以将yl+y2=-2y0(y0>0)代入得所以kAB是非零常数．4．(典型例题)在平面直角坐标系xOy中，抛物线y=x2上异于坐标原点O的两不同动点A、B满足AO⊥BO(如图所示)．(1)求△AOB的重心C(即三角形三条中线的交点)的轨迹方程；(Ⅱ)△AOB的面积是否存在最小值?若存在，请求出最小值；若不存在，请说明理由．∵OA⊥OB．[考场错解]（Ⅰ）设△AOB的重心为G(x,y)A(x1,y1)B(x2,y2)则∵OAx1x2+yly2=0(2)又点A、B在抛物线上，有y1=x12，y2=x22代入(2)化简得xlx2=0或-1∴y=[（x1+x2）2-2x1x2]=3x2+或3x2，故重心为G的轨迹方程为y=3x2或y=3x2+.[专家把脉]没有考虑到x1x2=0时，△AOB不存在[对症下药]（Ⅰ）设△AOB的重心为G(x,y)A(x1,y1)B(x2,y2)则又点A、B在抛物线上，有y1=x12，y2=x22代入(2)化简得xlx2=-1∴y=[（x1+x2）2-2x1x2]==3x2+所以重心为G的轨迹方程为y=3x2+(Ⅱ)S△AOB=由(1)得S△AOB=当且仅当x16=x26即x1=-x2=-1时，等号成立。所以△AOB的面积存在最小值，最小值为1。专家会诊用待定系数法求抛物线标准方程，注意分类讨论思想。凡涉及抛物线的弦长，弦的中点，弦的斜率问题时要注意利用韦达定理，能避免求交点坐标的复杂运算。解决焦点弦问题时，抛物线的定义有广泛的应用，而且还应注意焦点弦的几何性质。考场思维调练1已知抛物线y2=4x的准线与x轴交于M点，过M作直线与抛物线交于A、B两点，若线段AB的垂直平分线与x轴交于D(x0，0)(1)求x0的取值范围．答案：由题意易得M（-1，0）设过点M的直线方程为y=k(x+1)(k≠0)代入y2=4x得k2x2+(2k2-4)x+k2=0(1)再设A(x1,y1),B(x2,y2),则∴AB的中点坐标为那么线段AB的垂直平分线方程为又方程（1）中Δ=（2k2-4）2-4k4＞0，∴0＜k2＜1，∴(2)△ABD能否是正三角形?若能求出x0的值，若不能，说明理由答案：若ΔABD是正三角形，则有点D到AB的距离等于｜AB|2=(1+k2)(x1-x2)2=(1+k2)[(x1+x2)2-4x1x2]=点以AB的距离d=据d2∴4k4+k2-3=0,(k2+1)(4k2-3)=0,∴k2=,满足0<k2<1.∴△ABD可以为正△，此时x0=2经过抛物线y2=4x的焦点F的直线l与该抛物线交于A、B两点．(1)若线段AB的中点为M(x，y)，直线的斜率为A，试求点M的坐标，并求点M的轨迹方程；答案：设A(x1,y1)、B（x2,y2）,直线AB的方程为：y=k(x-1)k≠0)把y=k(x-1)代入y2=4x得:消去k可得点的轨迹方程为：y2=2x-2(x>0)(2)若直线l的斜率k>2，且点M到直线3x+4y+m=0的距离为，试确定m的取值范围．答案：∴∴∵∴0<1-3-m<∴0<1-3-m<或0<1-3-m<∴<m<-2∴或<m<-4∴<m<-2∴m的取值范围为（，-2）.3在以O为坐标原点的直角坐标系中，已知点T(-8，0)，点M在y轴上，点N在x轴的正半轴上，且满足(1)当M在y轴上移动时，求点P的轨迹C；答案：设点P（x,y）由，知P是M、N中点，又M在y轴上，N在x轴正半轴上，故M坐标为（0，2y）,N个坐标为（2x,0）.(x>0)得8x-2y2=0即y2=4x(x>0)故点P的轨迹是（0，0）为顶点，以（2，0）为焦距的抛物线.(除去原点)(2)若动直线l经过点D(4，0)，交曲线C与A、B两点，求是否存在垂直于x轴直线l'被以AD为直径的圆截得的弦长恒为定值?若存在，求出l'的方程，若不存在，请说明理由．答案：设AD中点为H，垂直于x轴的直线l′的方程为x=a.以AD为直径的圆交l′于E、F两点。EF的中点为G因为|EH|=|AD|（其中（x1,y1）为坐标），|HG|=所以|EG|2=|EH|2=[（x1-4）2+yx2]-[(x1-2a)2+4]=[(x1-4)2+4x1]-[(x1-2a)2+8(x1-2a)+16]=[4ax1-12x1-4a2+16a]=（a+3）x1-a2+4a所以当a=3时，以AD为直径的圆截得的弦长恒为定值，l′的方程x=3.命题角度4对直线与圆锥曲线的关系的考查1．(典型例题Ⅰ)设双曲线C：(a>0)与直线l：x+y=1相交于两个不同的点A、B，(1)求双曲线C的离心率e的取值范围；(Ⅱ)设直线l与y轴的交点为P，且，求a的值．[考场错解](1)由C点与l相交于两个不同的点，故知方程组有两个不同的实数解，消去y并整理得(1-a2)x2+2a2x-2a2=0①故4a4+8a2(1-a2)>0解得：0<a<双曲线的离心率e=∵0<a<∴即离心率e的取值范围()．(Ⅱ)，设A(x1，y1)B(x2，y2)P(0，1)∵∴(x1，yl-1)=(x2，y2-1)由此得x1=x2，由于x1，x2都是方程①的根，且1-a2≠0，所以消去x2得[专家把脉](1)没有考虑到1-a2≠0(Ⅱ)没有注意到题目本身的条件a>0．[对症下药](1)由C与l相交于两个不同的点，故知方程组有两个不同的实数解，消去y并整理得(1-a2)x2+2a2x+2a2x-2a2=0所以解得0<a<且a≠1．双曲线的率心率e=且a≠1，∴e>且e≠，即离心率e的取值范围为()∪()．(Ⅱ)设A(x1，y1)，B(x2，y2)，P(0，1)．∵∴(x1,y1-1)=(x2,y2-1)由此得x1=x2，由于x1，x2都是方程①的根，且1-a2≠0，所以x2=-，消x2，得-，由a>0，所以a=2．(典型例题Ⅱ)给定抛物线C：y2=4x，F是C的焦点，过点F的直线l与C相交于A、B两点(1)设l的斜率为1，求与夹角的大小；(Ⅱ)设，若λ∈[4，9]，求l在y轴上截距的变化范围．[考场错解](1)设与夹角为α；由题意l的方程为了y=x-1，将y=x-1代入y2=4x得x2-6x+1=0设A(x1，y1)B(x2，y2)则有x1+x2=6，x1x2=1．易得·=x1x2+y1y2=-3，cosα=∴α=-arccos(Ⅱ)由题意知，过A、B分别作准线的垂线，垂足分别为A'、B'．∴|FB|=|BB'|，|AF|=|AA'|∴|BB’|=λ|AA'|，λ∈[4，9]设l的方程为y=k(x-1)由得k2x2-(2k2+4)x+k2=0∴x=∴|AA'|=+l=|BB'|=[专家把脉](Ⅰ)没有理解反余弦的意义．(Ⅱ)思路不清晰．[对症下药](1)C的焦点为F(1，0)，直线l的斜率为1，所以l的方程为了y=x-1．将y=x-1代入方程y2=4x，并整理得x2-6x+1=0．设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则有xl+x2=6，x1x2=1．=(x1，y1)·(x2,y2)=x1x2+yly2=2x1x2-(x1+x2)+1=-3．所以与夹角的大小为π-arccos(Ⅱ)由题设得(x2-1，y2)=λ(1-x1，-y1)，即①②由②得y22=λ2y21．∵y21=4x1，y22=4x2，∴x2=λ2x1③联立①、③解得x2=λ，依题意有λ>0，∴B(λ，2)或B(λ，-2)，又9(1，0)，得直线l方程为(λ-1)y=(x-1)或(λ-1)y=2(x-1)．当λ∈[4，9]时，l在y轴上的截距为或-由=，可知：在[4，9]上是递减的，∴≤≤，-≤-≤-直线l在y轴上截距的变化范围为[-，-]∪[，]．3．(典型例题)已知椭圆C：(a>b>0)的左、右焦点为Fl、F2，离心率为e直线l:y=ex+a与x轴、y轴分别交于点A、B，M是直线l与椭圆C的一个公共点，P是点Fl关于直线l的对称点为P，设(1)证明：λ=1-e2；(Ⅱ)确定λ的值，使得△PF1F2是等腰三角形．[考场错解](Ⅱ)要使△PF1F2为等腰三角形必有三种情况：(1)当|PF1|=|F1F2|时设点p的坐标是(x0，y0)则解得由|PF1|=|F1F2|得[]2+两边同时除以4a2，化简得从而e2=于是(2)当|PF1|=|F1F2|时，同理可得解得e2=3于是λ=1-3=-2．(3)当|PF2|=|F1F2|时，同理可得=4c2解得e2=1于是λ=1-1=0综上所述，当λ=或-2或0时△PF1F2，F2为等腰三角形．[专家把脉](1)没有注意到因为PF1⊥l，所以∠PF1F2=90°+∠BAF1为钝角，要使△PF1F2为等腰三角形，必有|PF1|=|F1F2|(2)没有注意到椭圆离心率的范围．[对症下药](1)证法一：因为A、B分别是直线l：y=ex+a与x轴、y轴的交点，所以A、B的坐标分别是(-)(0,a).由所以点M的坐标是(-c,)，由得(-c+)=λ(，a)．即证法二：因为A、B分别是直线l:y=ex+a与x轴、y轴的交点，所以A、B的坐标分别是(-，0)，(0，a)，设M的坐标是(x0，y0)，由得()，所以因为点M在椭圆上，所以=1，即e4-2(1-λ)e2+(1-λ)2=0，解得e2=1-λ即λ=1-e2．(Ⅱ)解法一：因为PF1⊥l，所以∠PF1F2=90°+∠BAF1为钝角，要使△PF1F2为等腰三角形，必有|PF1|=|F1F2|,即|PF1|=c.设点F1到l的距离为d，由|PF1|=d，=,得=e．所以e2=，于是λ=1-e2=.即当λ=时，△PF1F2为等腰三角形．解法二：因为PF1⊥l，所以，∠PF1F2=90°+∠BAF1为钝角，要使△PF1F2为等腰三角形，必有|PF1|=|F1F2|,设点P的坐标是(x0，y0)，则解得由|PF1|=|FlF2|得=4c2，两边同时除以4a2，化简得=e2．从而e2=于是λ=l-e2=．即当λ=时，△PF1F2为等腰三角形．4．(典型例题)抛物线C的方程为y=ax2(a<0)，过抛物线C上一点P(x0，y0)(x0≠0)作斜率为k1，k2的两条直线分别交抛物线C于A(x1，y1)B(x2，y2)两点(P、A、B三点互不相同)，且满足k2+λk1=0(λ≠0且λ≠-1)．(Ⅰ)求抛物线C的焦点坐标和准线方程；(Ⅱ)设直线AB上一点M满足=λ，证明线段PM的中点在y轴上(Ⅲ)当A=1时，若点P的坐标为(1，-1)，求∠PAB为钝角时点A的纵坐标y1的取值范围．[考场错解](1)抛物线C的方程y=ax2(a<0)得，焦点坐标为(，0)准线方程为x=-(Ⅲ)∵P(-1，1)在y=ax2上，故a=-1∴y=-x2由(Ⅱ)易得y1=-(k1+1)2，y2=(k2+1)2，因此，直线PA、PB分别与抛物线C的交点A、B的坐标为A(-k1-1,-k21-2k1-1)，B(k1-1，-k21+2k1-1)于是=(k1+2,k21+2k1)，=(2k1，4k1)，2k1(k1+2)(2k1+1)因∠PAB为钝角且P、A、B三点互不相同，故必有·<0易得k1的取值范围是k1<-2或<kl<0，又∵yl=-(k1+1)2故当k1<-2时，y<-1;当-<k1<0时-1<yl<-即y1∈．[专家把脉]没有掌握好抛物线的标准形式及交并集的概念．[对症下药](1)由抛物线C的方程y=ax2(a<0)得，焦点坐标为(0，)，准线方程为y=-．(Ⅱ)证明：设直线PA的方程为y-y0=k1(x-x0)，直线PB的方程为y-y0=k2(x-x0)．点P(x0，y0)和·点A(x1，y1)的坐标是方程组的解．将②式代入①式得ax2-k1x+klx0-y0=0，于是x1+x0=，故x1=-x0③又点P(x0，y0)和点B(x2，y2)的坐标是方程组的解．将⑤式代入④式得ax2-k2x+k2x0-y0=0．于是x2+x0=，故x2=-x0,由已知得，k2=-λkl，则x2=⑥设点M的坐标为(xM,yM)，由=λ，则xM=.将③式和⑥式代入上式得x0，即xM+x0=0．所以线段PM的中点在y轴上．(Ⅲ)因为点P(1，-1)在抛物线y=ax2上，所以a=-1，抛物线方程为y=-x2．由③式知x1=-k1-1，代入y=-x2得y1=-(k1+1)2．将λ=1代入⑥式得x2=k1-1，代入y=-x2得y2=-(k2+1)2．因此，直线PA、PB分别与抛物线C的交点A、B的坐标为A(-k1，-1，-k21-2k1-1)，B(k1-1，-k12+2k1-1)．于是=(k1+2，k12+2k1)，=(2K1，4K1)，=2k1(k1+2)+4kl(k12+2k1)=2k1(k1+2)(2k1+1)．因∠PAB为钝角且P、A、B三点互不相同，故必有<0．求得k1的取值范围是k1<-2或-<k1<0．又点A的纵坐标y1满足y1=-(k1+1)2，故当k1<-2时，y1<-1；当-<k1<0时，-1<y1<-.即y1∈(-∞，-1)U(-1，-)．专家会诊1．判定直线与圆锥曲线交点个数的基本方法是联立方程组，判断方程组解的组数，对于直线与双曲线的交点个数问题还可借助直线与渐近线斜率的关系来判断，而直线与抛物线的位置关系则可借助直线与抛物线对称轴的位置关系来判定，不可混淆．2．涉及弦长的问题中，应熟练地利用韦达定理，设而不求计算弦长，不要蛮算，以免出现差错．3．涉及弦长的中点问题，常用“差分法”设而不求，将弦所在直线的斜率，弦的中点坐标联系起来，相互转化。考场思维调练1设椭圆，双曲线，抛物线y2=2(m+n)x，(其中m>n>0)的离心率分别为e1、e2、e3，则()A．e1e2>e3B．e1e2<e3Ce1e2=e3D．e1e2与e3大小不确定答案：B解析：e1=故选B.2已知平行四边形ABCD，A(-2，0)，B(2，0)，且|AD|=2(1)求平行四边形ABCD对角线交点E的轨迹方程．答案：设E（x,y）,D(x0,y0)∵ABCD是平行四边形，∴∴（4，0）+（x0+2，y0）=2(x+2,y)∴(x0+6,y0)=（2x+4,2y）∴又|AD|=2，∴（x0+2）2+y02=4,∴(2x-2+2)2=4即：x2+y2=1∴ABCD对角线交点E的轨迹方程为x2+y2=1.(2)过A作直线交以A、B为焦点的椭圆于M、N两点，且|MN|=,MN的中点到了轴的距离为，求椭圆的方程．答案：设过A的直线方程为y=k(x+2)以A、B为焦点的椭圆的焦距2C=4,则C=2设椭圆方程为将y=k(x+2)代入(*)得即(a2+a2k2-4)x2+4a2k2-a4+4a2=0设M(x1,y1),N(x2,y2)则∵中点到轴的距离为，且MN过点A，而点A在y轴的左侧，∴MN中点也在y轴的左侧。即12a2+12a2k2-32k2=160∴12a2+12(2a2-8)-32k2=160∴k2=∴a2·(a2-8)(9a2-8)=0,∵a>c=2,∴a2=8∴b2=a2-c2=8-4=4,∴所求椭圆方程为(3)与E点轨迹相切的直线l交椭圆于P、Q两点，求|PQ|的最大值及此时l的方程．答案：由（1）可知点E的轨迹是圆设是圆上的任点，则过(x0,y0)点的切线方程是x0x+y0y=1当y0≠0时，代入椭圆方程得：令则∵15≤t<31∴当t=15时|PQ|2取最大值为15，|PQ|的最大值为此时直线l的方程为y=±1.②当时，容易求得故所求的最大值为，此时l的方程为y=±1.命题角度5对轨迹问题的考查1．(典型例题)已知双曲线的中心在原点，离心率为若它的一条准线与抛物线y2=4x的准线重合，则该双曲线与抛物线y2=4x的交点到原点的距离是()A.2B．C．18+12D．21[考场错解]C[专家把脉]对双曲线的定义理解不够深刻．[对症下药]B设双曲线方程为=1，由题意得则a=b=，则双曲线方程为=1,由得A（3，2），故交点到原点的距离为2．(典型例题)已知点A（-2，0）、B(3，0)，动点P(x，y)满足=x2，则点P的轨迹是()A.圆B．椭圆C．双曲线D．抛物线[考场错解]C由·=x2，得(-2-x，-y)·(3-x，-y)=x2即(-2-x)(3-x)+(-2x)(-y)+(-y)(3-x)+(-y)·(-y)=x2化简得y2+2xy-x-3y-6=0则点P的轨迹是C.[专家把脉]没有理解数量积的坐标运算．[对症下药]D考查了圆锥曲线中的轨迹方程．由题=(-2-x，-y)，=(3-x，-y)，由·=x2．∴(-2-x)·(3-x)+y2=x2即y2=x+6．3．(典型例题)如图，直线l1:y=kx(k>0)与直线l2:y=-kx之间的阴影区域(不含边界)记为W，其左半部分记为W1，右半部分记为W2．(1)分别用不等式组表示W1和W2；(Ⅱ)若区域Ⅳ中的动点p(x,y)到l1，l2的距离之积等于d2，求P点的轨迹C的方程；(Ⅲ)设不过原点O的直线l与(Ⅱ)中的曲线C相交于Ml，M2两点，且与l1，l2分别交于M3，M4两点，求证△OM1M2的重心与△OM3M3的重心重合．[考场错解](1)W1={(x,y)|y≠±kxx<0|W2=｛(x，y)｝y=±kx,x>0|(Ⅱ)直线l1:kx-y=0直线l2:kx+y=0由题意得·=d2即=d2∴k2x2-y2±(k2+1)d2=0故动点P的轨迹C的方程为k2x2-y2±(k2+1)d2=0(Ⅲ)略[专家把脉]没有很好地理解题意，第二问出现两解，致使第三问过于复杂难以完成．[对症下药]解：(I)W1={(x，y)|kx<y-kx，z<0|，W2={(x,y)|kx<y<bc，x>0}，(Ⅱ)直线l1:kx-y=0直线l2:kx+y=0，由题意得·=d2，即=d2，由P(x，y)∈W，知k2x2-y2>0，所以=d2，即k2x2-y2-(k2+1)d2=0，所以动点P的轨迹C的方程为k2x2-y2-(k2+1)d2=0；(Ⅲ)当直线J与，轴垂直时，可设直线J的方程为，x=a(a≠0)．由于直线l，曲线C关于x轴对称，且l1与l2关于x轴对称，于是M1M2，M3M4的中点坐标都为(a，0)，所以△OM1M2，△OM3M4的重心坐标都为(a，0)，即它们的重心重合，当直线l1与x轴不垂直时，设直线J的方程为y=mx+n(n≠0)．由,得(k2-m2)x2-2mnx-n2-k2d2-d2=0由直线l与曲线C有两个不同交点，可知k2-m2≠0且△=(2mn)2+4(k2-m2)×x(n2+k2d2+d2)>0设M1、M2的坐标分别为(x1，y1)，(x2，y2)，则x1+x2=，y1+y2=m(x1+x2)+2n，设M3、M4的坐标分别为(x3，y3)，(x4,y4)，由及得x3=,x4=从而x3+x4==x1+x2，所以y3+y4=m(x3+x4)+2n=m(x1+x2)+2n=y1+y2，于是△OM1M2的重心与△OM3M4的重心也重合．4．(典型例题)已知椭圆=1(a>b>0)的左、右焦点分别是F1(-c，0)、F2(c，0)，Q是椭圆外的动点，满足=2a，点P是线段F1Q与该椭圆的交点，点T在线段F2Q上，并且满足·=0，||≠0．(1)设x为点P的横坐标，证明||=a+；(Ⅱ)求点T的轨迹C的方程；(Ⅲ)试问：在点T的轨迹C上，是否存在点M，使△F1MF2的面积S=b2，若存在，求∠F1MF2的正切值；若不存在，请说明理由．[考场错解](1)证明：由焦半径公式得=a+ex=a+(Ⅱ)设点T的坐标为(x、y)由=0得，在△QF1F2中故有x2+b2=a2(x=±a)(Ⅲ)C上存在M(x0，y0)使s=b2的充要条件是：又=(-C-x0-y0)，=(c-x0,y0)由·=x02-c2+y20=a2-c2=b2即cos∠F1MF2=b2又s=sin∠FlMF2得tan∠FlMF2=2[专家把脉](1)没有注意证明题的书写格式(2)思考问题不够全面．[对症下药](1)证法一：设点P的坐标为(x，y)．由P(x，y)在椭圆上，得2由|x|≤a，知a+≥-c+a>0，所以=a+x．证法二：设点P的坐标为(x，y)．记则r1=，r2=.由r1+r2=2a，r21-r22=4cx，得=r1=a+．证法三：设点P的坐标为(x，y)．椭圆的左准线方程a+=0．由椭圆第二定义得即由x≥-a，知a+≥-c+a>0，所以=a+(Ⅱ)解法一：设点T的坐标为(x，y)．当=0时，点(a，0)和点(-a，0)在轨迹上．当且时，由=0，得又，所以T为线段F2Q的中点．在△QF1F2中，=a，所以有x2+y2=a2综上所述，点T的轨迹C的方程是x2+y2=a2解法二：设点T的坐标为(x，y)．当||=0时，点(a，0)和点(-a，0)在轨迹上．当且时，由又||=||，所以T为线段F2Q的中点．设点Q的坐标为(x'，y')，则因此①由=2a得(x'+c)2+y'2=4a2．②将①代入②，可得x2+y2=a2．综上所述，点T的轨迹C的方程是x2+y2=a2(Ⅲ)解法一：C上存在点M(x0，y0)使S=b2的充要条件是由③得，|y0|≤a，由④得，|y0|≤，所以，当a≥时，存在点M，使S=b2；当a<时，不存在满足条件的点M．当a≥时，=(-c-c0,-y0)，=(c-c0,-y0)，由·=x02-c2+y20=a2-c2=b2，解法二：C上存在点M(x0，y0)使S=b2的充要条件是由④得|y0|，上式代入③得x20=a2-=(a-)(a+)≥0．于是，当a≥时，存在点M，使s=b2;当a<时，不存在满足条件的点M．当a≥时，记k1=kF1M=由|F1F2|<2a,知∠F1MF2<90°，所以tan∠F1MF2==2．专家会诊(1)求轨迹方程的本质是用代数形式将动点的运动规律表示出来，实质上是一个翻译过程，故选取一定解题策略找到动点运动规律的一些表现形式是关键，往往和研究曲线几何性质，讨论直线与曲线位置关系等联系在一起．(2)求轨迹要注意取值范围和“杂点”的去除．考场思维训练1已知椭圆：=1(a>b>0)，点户为其上一点，F1、F2为椭圆的焦点，∠F1PF2的外角平分线为l，点F2关于l的对称点为Q，F2Q交l于点R.(1)当P点在椭圆上运动时，求R形成的轨迹方程；答案：∵点F2关于l的对称点为Q，连接PQ，∴∠F2PQ=∠QPR，|F2R|=|PQ|=|PF2|又因为l为∠F1PF2外角的平分线，故点F1、P、Q在同一直线上，设存在R（x0,y0）,Q(x1,y1),F1(-c,0),F2(c,0).|F1Q|=|F2P|+|PQ|=|F1P|+|PF2|=2a,则（x1+c）2+y12=(2a)2.又得x1=2x0-c,y1=2y0.∴(2x0)2+(2y0)2=(2a)2,∴x02+y02=a2故R的轨迹方程为：x2+y2=a2(y≠0)(2)设点R形成的曲线为C，直线l：y=k(x+a)与曲线C相交于A、B两点，当△AOB的面积取得最大值时，求k的值．答案：如下图：∵S△AOB=|OA|·|OB|·sinAOB=sinAOB当∠AOB=90°时，S△AOB最大值为a2.此时弦心距|OC|=在RT△AOC中，∠AOC=45°，∴°=2已知两点M(-2，0)，N(2，0)，动点P在y轴上的射影为H，||是2和的等比中项．(1)求动点P的轨迹方程，并指出方程所表示的曲线；答案：设动点的坐标为P(x,y),则H（0,y）,(-2-x,-y)·(2-x,-y)=x2-4+y2=|x|,由题意得|PH|2=2·，即x2=2(x2-4+y2)即=1，所以点P的轨迹为椭圆(2)若以点M、N为焦点的双曲线C过直线x+y=1上的点Q，求实轴最长的双曲线C的方程．答案：由已知求得N（2，0）关于直线x+y=1的对称点E（1,-1）,则|QE|=|QN|双曲线的C实轴长2a=|QM|-|QN|=||QM|-|QE||≤|ME|=(当且仅当Q、E、M共线时取“=”)，双曲线C的实半轴长a=3已知△OFQ的面积为2，且=m．(1)设<m<4，求向量与的夹角θ正切值的取值范围；答案：∴tanθ=∴(2)设以O为中心，F为焦点的双曲线经过点Q(如图)，||=c，m=，当取得最小值时，求此双曲线的方程．答案：设所求的双曲线方程为当且仅当c=4时，| 所求方程为(3)设F1为(2)中所求双曲线的左焦点，若A、B分别为此双曲线渐近线l1、l2上的动点，且2|AB|=5|F1F|，求线段AB的中点M的轨迹方程，并说明轨迹是什么曲线．答案：设A（x1,y1）,B(x2,y2)l1的方程为y=-的方程为y=-则有y1=1①y2=-2②∵2|AB|=5|FF1|∴y1-y2=2代入③得∴命题角度6考查圆锥曲线中的定值与最值问题1．(典型例题)如图，点A、B分别是椭圆=1长轴的左、右端点，点F是椭圆的右焦点．点P在椭圆上，且位于x轴的上方，PA⊥PF．(1)求点P的坐标；(2)设M椭圆长轴AB上的一点，M到直线AP的距离等于|MB|，求椭圆上的点到点M的距离d的最小值．[考场错解](1)设P(x，y)则=(x+6，y)(x-4，y)由已知可得则2x2+9x+18=0．∴x=或x=-6∴点P的坐标()或(-6，0)．(2)直线AP：x-y+6=0，设点M(A，0)则M到直线AP的距离为于是解得k=2或18i)当k=2时，椭圆上的点(x，y)到点M的距离为d，d2=(x-2)2+y2=(x-)2+15．∴当x=时d取最小值ⅱ)当k=18时，同理得d2=(x-)2-385当x=时，d2=-385矛盾，故舍去综上所述：当x=时d取得最小值[专家把脉]没有考虑到椭圆的分面有界性，致使思路不清晰，计算繁琐．[对症下药][解](1)由已知可得点A(-6，0)，F(0，4)设点P(x，y)，则=(x+6，y)，=(x-4，y)，由已知可得则2x2+9x-18=0，x=或x=-6．由于y>0，只能x=，于是y=点P的坐标是()(2)直线AP的方程是x-+6=0．设点M(m，0)，则M到直线AP的距离是．于是=|m-6|，又-6≤m≤6，解得m=2．椭圆上的点(x，y)到点M的距离d有，d2=(x-2)2+y2=x2-4x+4+20-x2=(x-)2+15，由于-6≤m≤6，∴当x=时，d取得最小值2．(典型例题)如图，直线y=x严与抛物线y=x2-4交于A、B两点，线段AB的垂直平分线与直线y=-5交于点Q．(1)求点Q的坐标(2)当P为抛物线上位于线段AB下方(含点A、B)的动点时，求△OPQ面积的最大值．[考场错解](1)略(Ⅱ)由(1)得Q(5，-5)直线OQ的方程为x+y=0设P(x,-4)∵点P到直线OQ的距离d=∵-4≤x≤8．∴S△OPQ最大值=|(-4+4)2-48|=15[专家把脉]要注意二次函数最大值的求法．[对症下药](1)解方程组，得即A(-4，-2)，B(8，4)，从而AB的中点为M(2，1)，由，得线段AB的垂直平分线方程y-1=-2(x-2)．令y=-5，得x=5，∴Q(5，-5)．(2)直线OQ的方程为x+y=0，设P(x，-4)，∵点P到直线OQ的距离d=∵P为抛物线上位于线段AB下方点，且P不在直线OQ上．∴-4≤x<4-4或4-4<x≤8．∴S△OPQ最大值=303．(典型例题)设椭圆方程为x2+=1，过点M(0，1)的直线l交椭圆于点A、B、O是坐标原点，点P满足，点N的坐标为(，)，当l绕点M旋转时，求：(Ⅰ)动点户的轨迹方程；(Ⅱ)的最小值与最大值．[考场错解](1)①若l的斜率存在，设为k，则l：y=kx+1代入4x2+y2=4中得，(k2+4)x2+2kx-3=0∴x1+x2=i)A=0时，x=0y=1，∴P(0，1)ii）k≠0时，k=∴P点的轨迹为：x2+y2-y=0(y≠O)②若l不存在斜率，∴A、B为上、下顶点．∴P(0，0)(2)解：∵N()，i)，∵k不存在时P(0，0)，ii）k=0时P(0，1)．iii）k≠0时x2+(y-)2=。又∵N()max=2r=1∴min=0．[专家把脉]思路不清晰．[对症下药](1)解法一：直线l过点M(0，1)，设其斜率为A，则J的方程为y=kx+1．记A(x1，y1)、B(x2，y2)，由题设可得A、B的坐标(x1，y1)、(x2,y2)是方程组的解．将①代入②并化简得．(4+k2)x2+2kx-3=0．所以于是设点P的坐标为(x，y)，则消去参数k得4x2+y2-y=0．③当k不存在时，A、B中点为坐标原点(0，0)，也满足方程③，所以点P的轨迹方程为4x2+y2-y=0解法二：设点P的坐标为(x，y)，因A(x1，y1)、B(x2，y2)在椭圆上，所以④⑤④-⑤得所以（x1-x2）(x1+x2)+(y1-y2)(y1+y2)=0当x1≠x2时，有⑥并且⑦将⑦代入⑥并整理得4x2+y2-y=0．⑧当x1=x2时，点A、B的坐标为(0，2)、(0，-2)，这时点p的坐标为(0，0)也满足⑧，所以点P的轨迹方程为(Ⅱ)解法：由点P的轨迹方程知x2≤。即-≤x≤所以故当x=时，取得最小值，最小值为，当x=时，取得最大值，最大值为4．(典型例题)如图，P是抛物线C：y=x2上—点，直线l过点P且与抛物线C交于另一点Q．(1)若直线l与过点P的切线垂直，求线段PQ中点M的轨迹方程；(Ⅱ)若直线l不过原点且与x轴交于点S，与y轴交于点T，试求的取值范围．[考场错解](1)设P(x1，y1)、Q(x2，y2)、M(x0，y0)由y=x2①得y'1=x∴直线l的方程为y=x12=-(x-x1)②联立①②消去y得，x2+-x12-2=0∵M为PQ的中点，∴消去x1得y0=x02+∴PQ中点M的轨迹方程为y=x2++1．(Ⅱ)设直线y=kx+b，分别过P、Q作PP'⊥x轴，QQ'⊥y轴垂足分别为P'、Q'则由消去x得y2-2(k2+b)y+b2=0③则的取值范围是[2，+∞]．[专家把脉](1)没有注意“杂点”的去除；(Ⅱ)没有注意利用重要不等式时等号成立的条件．[对症下药]解法：(1)设P(x1，y1)、Q(x2，y2)、M(x0，y0)，依题意x1≠0，yl>0，y2>0．由y=x2，①得y'=x.∴过点P的切线的斜率k切=x1,∵x1=0不合题意，∴x1≠0．∴直线l的斜率k1=,直线l的方程为y-x21=(x-x1)．②方法一：联立①②消去y，得x2+-x21-2=0．∵M为PQ的中点，消去x1,得y0=x02++1(x0≠0)，∴PQ中点M的轨迹方程为y=x2++1(x≠0)，方法二：由y1=x21,y2=x22，x0=，得y1-y2=x21-x22=(x1+x2)(x1-x2)=x0(x1-x2)，则x0=k1=-∴x1=-,将上式代入②并整理，得y0=x20++1(x0≠0)，∴PQ中点M的轨迹方程为y=x2++1(x≠0)．(Ⅱ)设直线l：y=kx+b，依题意k≠0，b≠0，则T(0，b)．分别过P、Q作PP'⊥x轴，QQ'⊥y轴，垂足分别为p'、Q'，则由消去x，得y2-2(k2+b)y+b2=0．③则方法一：∵y1、y2可取一切不相等的正数，∴的取值范围是(2，+∞)．方法二：∴当b>0时，=|b|+2>2；当b<0时,=-b又由方程③有两个相异实根，得△=4(k2+b)2-4b2=4k2(k2+2b)>0．于是k2+2b>0，即k2>-2b．所以∵当b>0时，可取一切正数，的取值范围是(2+∞)．方法三：由P、Q、T三点共线得kTQ=kTP,即则x1y2-bx1=x2y1-bx2，即b(x2-x1)=(x2y1-x1y2)．于是b=可取一切不等于l的正数，的取值范围是(2，+∞)．专家会诊①直线过定点的问题，常用直线系的思想处理．②定值问题常常用函数的思想处理，即把所求定值通过一些基本变量表示，最终化成常数．③最值问题往往用几何方法，函数或不等式等方法处理．考场思维调练1已知椭圆C：(m>0)，经过其右焦点F且以=(1，1)为方向向量的直线l交椭圆C于A、B两点，M为线段AB的中点，设O为椭圆的中心，射线OM交椭圆C于N点．(Ⅰ)证明：(Ⅱ)求的值．答案：a2=∵直线l过焦点F（m,0）且与向量a(1,1)平行，∴直线l的方程为：y=x-m将其代和椭圆C的方程，并整理可得：８x2-10mx-…①设A(xA,yA),B(xB,yB),M(xM,yM),N(xN,yN).∵M是线段AB的中点，在方程①中由韦达定理，可得：设N’为OM延长线上的点，且M为ON’的中心，则N’平行四边形，将N’的坐标代入椭圆C方程的左端并化简得N’点在椭圆C上，N’与N点重合，∴四边形OANB为平行四边形于是2已知椭圆C：(a>b>0)的左、右焦点分别为F1、F2，离心率e=,P1为椭圆上一点，满足斜率为k的直线l过左焦点F1且与椭圆的两个交点为P、Q，与y轴交点为C，点Q分有向线段所成的比为λ．(Ⅰ)求椭圆C的方程．答案：设△P2F1F2为直角三角形且∠P1F2F1=90°，则r1cos∠F1P1F2,由(Ⅱ)设线段PQ中点R在左准线上的射影为H，当1≤λ≤2时，求|RH|的取值范围．答案：可求得|RH|=3在y=k(x+1)中，令x=0得y=k,即得G（o,k）,定比分点坐标公式在[1，2]上递增，∴3过椭圆C：=1(a>b>0)外一定点A(m，0)作一直线l交椭圆C：于P、Q两点，又Q关于x轴对称点为Ql，连结PQ1交x轴于B点．(1)若λ，求证=λ，答案：连结AQ1，因为Q与Q1关于x轴对称，而A在x轴上则在△APQ1中，AB平分∠PAQ1由内角平分线定理可知：|A，故λ>0且|AP、B、Q1在同一直线且与于是有：(2)求证：点B为一定点(，0)．答案：设过A（m,0）的直线l与椭圆C：，交于P（x1,x2）,Q(x2,y2),Q1与Q关于x轴对称，则Q1（x2,-y2）由而PQ过A（m,0）,则有：而PQ1过B（Xb,0）,同理可求得：下面利用分析法证明：mxB=a2,①只需证：[a2b2+b2x1x2-ab2(x1+x2)][a2b2+b2x1x2+ab2(x1+x2)]=(a2y1y2)2只需证：b2[a2-a(x1+x2)+x1x2]·b2[a2+a(x1+x2)+x1+x2]=(a2y1y2)2即证：b4(a-x1)(a-x2)(a+x1)(a+x2)=(a2y1y2)2②而（x1,y1）在椭圆上，则b2(a2-③同理b2④由③×④可知②成立，从而①式得证.mxB=a2成立.∴xB=另法：证（1）设l直线过A（m,0）和椭圆交于P（x1,y1）,Q(x2,y2),而Q1与Q关于x轴对称，则Q1(x1,-y2)由，则

y1-0=λ(y2-0)∴0-y1=λ(-y2-0)∴①②由①×②得③④④-⑤·由③⑥可知mxB=a2∵∴点B为一定点探究开放题预测预测角度l椭圆1．以椭圆两焦点为直径端点的圆，交椭圆于四个不同点，顺次连结这四个点和两个焦点，恰好围成一个正六边形，那么这个椭圆的离心率等于()A．[解题思路]利用正六边形的性质，求出交点坐标，代入椭圆方程中，可求e．[解答]C设椭圆方程为在椭圆上，∴2．设F1、F2为椭圆的两个焦点，椭圆上有一点P与这两个焦点张成90度的角，且∠PF1F2>PF2F1，若椭圆离心率为，则∠PF1F2：∠PF2F1为()A．1：5B．1：3C．1：2D．1：l[解题思路]求角的比，联想到运用正弦定理，转化为焦半径的比，再利用合比性质解三角形．[解答]A提示：设∠PF1F2=α，则∠PF2F1=90°-α,0<α<45°，在△PF1F2中，由正弦定理得：3．已知一椭圆以抛物线x2=2p(y+)的准线为下准线，焦点为下焦点，椭圆和抛物线分别与直线x=在第一象限内交于点A、B，且A为OB的中点(O为原点)．(1)求椭圆的离心率；(2)若椭圆过点(0，5)，求抛物线和椭圆的方程．[解题思路](1)运用椭圆第二定义；(2)椭圆过点(0，5)可求出F，运用定义求出两方程．[解答](1)由已知抛物线的准线为y=-p，焦点为坐标原点，所以椭圆的下准线为y=-p，下焦点为原点O，则点B的坐标是方程组的解，由方程组得3y2=2py+p2，即3y2-2py-p2=0解之得yl=p，y2=(舍去)∴B(p，p)，A()．由点A在椭圆上，根据椭圆的第二定义有=e(dA为A到椭圆下准线的距离)即得(2)椭圆过点(0，5)，故得p=∴抛物线的方程为x2=5(y+)设M(x，y)为椭圆上任一点，由椭圆下焦点为(0，0)，下准线为y=-，离心率为．4．椭圆的中心是原点O，它的短轴长为2，相应于焦点F(c，0)(c>0)的准线l与x轴相交于点A，|OF|=2|FA|，过点A的直线与椭圆相交于P、Q两点．(1)求椭圆的方程及离心率；(2)若=0，求直线PQ的方程；(3)设=λ(λ>1)，过点P且平行于准线l的直线与椭圆相交于另一点M，证明=-λ．[解题思路](1)设出椭圆的方程，由a、b、c的关系及|OF|=2|FA|可求．(2)运用设而不求的方法求直线PQ的斜率；(3)运用向量的坐标，将M、E点表示出来，即可求证．[解答](1)解：由题意，可设椭圆的方程为=1(a>)．由已知得解得a=，c=2．所以椭圆的方程为，离心率e=。(2)解：由(1)可得A(3，0)．设直线PQ的方程为y=k(x-3)．由方程组得(3k2+1)x2-18k2x+27k2-6=0，依题意△=12(2-3k2)>0，得-<k<.设P(x1，y1)，Q(x2,y2)，则x1+x2=，①x1x2=②由直线PQ的方程得y1=k(x1-3)，y2=k(x2-3)．于是yly2=k2(x1-3)(x2-3)=k2[x1x2-3(x1+x2)+9]．③∵=0,∴xlx2+y1y2=0．④由①②③④得5k2=1，从而k=．所以直线PQ的方程为x-y-3=0或x+-3=0(3)证明：=(x1-3，y1)，=(x2-3，y2)．由已知得方程组注意λ>1，解得x2=因F(2，0)、M(x1，-y1)，故=(x1-2，-y1)=(λ(x2-3)+1，-y1)=(,-y1)=-λ(，y2)．而=(x2-2，y2)=(，y2)，所以=-λ．预测角度2双曲线1．双曲线=1的左右焦点分别为F1、F2、p是双曲线右支上一点，I为△PF1F2的内心，PI交x轴于Q点，若|F1Q|=|PF2|，则I分线段PQ的比为()A．2B[解题思路]利用双曲线的第一定义及三角形内心的性质求得．[解答]A设=λ，由内角平分线性质定理知，λ=又|F1P|-|F2P|=4，∴|F2P|=∴|F2Q|=|F2P|=,∴|F1F2|=|F1Q|+|QF2|=|PF2|+|QF2|==6，解方程，得λ1=-(舍去)，λ2=2，故I分PQ的比为2．选A2．2.设A是双曲线(a>0，b>0)的右顶点,P是双曲线上除顶点外的任一点，过A作两渐近线的平行线分别交直线OP于Q和R两点．(1)求证：|OP|2=|OQ|·|OR|；(2)试确定双曲线上是否存在这样的点P，使得△AQR的面积等于,如果存在，则求出点P的坐标；如果不存在，请说明理由．[解题思路](1)联立OP与渐近线方程，求出Q、R点坐标，从而可证；(2)反证法，假设存在这样的点户，利用S△ARQ=S△OARQ-S△OAR，求出点P的坐标，检验是否符合条件．[解答](1)证明：设P(x0，y0)(y0≠0)，则直线OP的方程为y=，且b2x02-a2y02=a2b2．由得Q点坐标为由得R点坐标为∴|OQ|·|OR|==x02+y02=|OP|2．即|OP|2=|OQ|·|OR|．(2)假设存在这样的点P，依据双曲线的对称性，可先讨论P在第一象限内的情形．设P(x0，y0)(x0>0，y0>0)，yQ>yR则S△ARQ=S△OARQ-S△OAR=a(yQ-yR)=由S△ARQ=,得,∴y02=,从而y0=,∴x0=a所以第一象限内的点P(a，)符合条件．根据双曲线的对称性，另外还有三个这样的点P(-a，)、P（-a，-）和P（a，-）3．已知焦点在x轴上的双曲线C的两条渐近线过坐标原点且两条渐近线与以点A（0）为圆心，1为半径的圆相切，又知C的一个焦点与A关于直线y=x对称。（Ⅰ）求双曲线C的方程；（Ⅱ）设直线y=mx+1与双曲线C的左支交于A、B两点，另一直线l经过M（-2，0）及AB的中点，求直线l在y轴上的截距b的取值范围；（Ⅲ）若Q是双曲线C上的任一点，F1F2为双曲线C的左、右两个焦点，从F1引∠F1QF2的平分线的垂线，垂足为N，试求点N的轨迹方程。[解题思路]（1）直接设方程可求；（2）联立方程求出直线L的方程由k的范围从而求出b的范围；（3）运用相关点法求点N的轨迹方程[解答]（Ⅰ）设双曲线C的渐近线方程为y=kx，则kx-y=0∵该直线与圆x2+(y-)2=1相切，∴双曲线C的两条渐近线方程为y=±x。故设双曲线C的方程为，又双曲线C的一个焦点为（0）。∴2a2=2,a2=1.∴双曲线C的方程为x2-y2=1.(Ⅱ)由得（1-m2）x2-2mx-2=0令f(x)=(1-m2)x2-2xm-2直线与双曲线左支交于两点，等价于方程f(x)=0在（-∞，0）上有两个不等实根。因此解得1<m<又AB中点为（）∴直线l的方程为y=(x+2).令x=0,得b==∵m∈（1，），∴-2（m-）2+∈(-2+,1)∴b∈(-∞,-2-)∪（2，+∞）。（Ⅲ）若Q在双曲线的右支上，则延长QF2到T，使|QT|=|QF1|，若Q在双曲线的左支上，则延长QF2到T，使|QT|=|QF1|，根据双曲线的定义|TF2|=2，所以点T在以F2（，0）为圆心，2为半径的圆上，即点T的轨迹方程是（x-）2+y2=4(x≠0)①由于点N是