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文档简介
2023年安徽省合肥市高考数学第一次质检试卷
一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,满分40分.在每小题给出的四个选项中,只
有一项是符合题目要求的.
1.(5分)己知复数Z满足(1-i)z=2-i,则复数Z的虚部为()
1133
A.-B.-iC.-D.-i
2222
2.(5分)设集合M={x∣x=g+/,〃eZ},2={小=$n∈Z},则CNM=()
A.0B.{x∣x="∈Z)C.{x∣X=竽,n∈Z}D.{x∖x=2n,n∈Z}
3.(5分)核酸检测是目前确认新型冠状病毒感染最可靠的依据.经大量病例调查发现,试
剂盒的质量、抽取标本的部位和取得的标本数量,对检测结果的准确性有一定影响.己
知国外某地新冠病毒感染率为0.5%,在感染新冠病毒的条件下,标本检出阳性的概率为
99%.若该地全员参加核酸检测,则该地某市民感染新冠病毒且标本检出阳性的概率为
()
A.0.495%B.0.9405%C.0.99%D.0.9995%
4.(5分)将函数y=sin(Zr+φ)(∣φ∣<J)图象上各点横坐标缩短到原来的;,再向左平移
B个单位得到曲线C.若曲线C的图象关于),轴对称,则φ的最小值为()
6
πππTl
λ∙3d-6J123
22
5.(5分)已矢口p:x+y>0,q∙.∕n(√x+1+%)—ln(<y∕y+1-y)>0,贝∣]p是q的()
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要条件
6.(5分)已知线段PQ的中点为等边三角形ABC的顶点A,且AB=PQ=2,当PQ绕点A
转动时,而∙C⅛的取值范围是()
A.[-3,3]B.[-2,2]C.[-3,1]D.[-1,3]
7.(5分)抛物线E:y2=4χ的焦点为凡曲线/:y=4∣x-l∣交抛物线E于A,B两点,
则aABF的面积为()
A.4B.6C.3√5D.8
8.(5分)已知正方体ABC£)-4BICl£>1的棱长为4,M,N分别是侧面CDl和侧面BCI的
中心,过点M的平面α与直线ND垂直,平面a截正方体ACi所得的截面记为S,则S
的面积为()
A.5√3B.4√6C.7√6D.9√6
二、选择题:本大题共4小题,每小题5分,满分20分.在每个小题给出的选项中,有多
项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.
(多选)9.(5分)已知“>0,函数/(x)=Xfl-〃(x>0)的图象可能是()
(多选)10.(5分)已知数列3)满足。"=4"+入(-2)"I若对V"WN+,都有。"+1>所成
立,则整数人的值可能是()
A.-2B.-IC.OD.1
(多选)11.(5分)已知圆锥S。(。是底面圆的圆心,S是圆锥的顶点)的母线长为√7,
高为√5.若P,。为底面圆周上任意两点,则下列结论正确的是()
A.三角形SpQ面积的最大值为2次
B.三棱锥O-S尸。体积的最大值羊
C.四面体SOPQ外接球表面积的最小值为llπ
D.直线SP与平面SoQ所成角的余弦值的最小值为呼
(多选)12.(5分)已知函数f(x+l)是偶函数,且/(2+x)=-∕(x).当Xe(0,1]时,
f(x)=xcos],则下列说法正确的是()
A.f(x)是奇函数
B./(x)在区间(耳ɪ,包守)上有且只有一个零点
C.f(x)在(白,1)上单调递增
D./(%)区间(J,1)上有且只有一个极值点
三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,满分20分.把答案填在答题卡上的相应位置.
13.(5分)函数/(x)=x3在点(1,/(1))处的切线与直线2%+y+l=0平行,则实
数a—.
14.(5分)二项式(x+l)2(x+65展开式中,9的系数是.
15.(5分)已知AB为圆C:(χ-2)2+S-m)2=3的一条弦,M为线段48的中点,若
CM2+OM2^3(O为坐标原点),则实数〃?的取值范围是.
X2y2
16.(5分)已知双曲线氏—=l(α>0,b>0)的左右焦点分别为四,Fι,A为其右
顶点,P为双曲线右支上一点,直线PB与y轴交于。点.若A。〃「放,则双曲线E的
离心率的取值范围为.
四、解答题:本大题共6小题,满分70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.(10分)已知数列{“"}为公差不为零的等差数列,其前"项和为S”45=2.2,S3=aj.
(1)求{“"}的通项公式如;
1111
(2)求证:-7+-7+-7+---+-7<l(n∈N*).
ɑlgɑɜan
18.(12分)如图,正方体ABC。-AIBICIOI的棱长为4,点M为棱441的中点,P,Q分
别为棱BBi,CCI上的点,且BIP=CQ=1,PQ交BCl于点M
(1)求证:MN〃平面ABC
(2)求多面体BQMPQ的体积.
19.(12分)已知AABC的内角A,B,C所对边的长分别为4,b,c,且廿+2,2-2/=0.
(1)若tαnC=/,求4的大小;
(2)当4-C取得最大值时,试判断AABC的形状.
CC(X=X
20.(12分)已知曲线C/+y2=2,对曲线C上的任意点尸(x、y)做压缩变换M=工得
√2
到点P'(χ',y).
(I)求点P(X',y)所在的曲线E的方程;
(2)设过点尸(-1,0)的直线/交曲线E于A,8两点,试判断以AB为直径的圆与直
线X=-2的位置关系,并写出分析过程.
21.(12分)研究表明,温度的突然变化会引起机体产生呼吸道上皮组织的生理不良反应,
从而导致呼吸系统疾病的发生或恶化.某中学数学建模社团成员欲研究昼夜温差大小与
该校高三学生患感冒人数多少之间的关系,他们记录了某周连续六天的温差,并到校医
务室查阅了这六天中每天高三学生新增患感冒而就诊的人数,得到资料如下:
日期第一天第二天第三天第四天第五天第六天
昼夜温差X47891412
(℃)
新增就诊人ʃɪ加)丐州
数y(位)
2
参考数据:∑匕y↑=3160,∑f=1(yi-y)=256.
(1)已知第一天新增患感冒而就诊的学生中有7位女生,从第一天新增的患感冒而就诊
17
的学生中随机抽取3位,若抽取的3人中至少有一位男生的概率为广,求yι的值;
24
(2)已知两个变量X与y之间的样本相关系数r=弗,请用最小二乘法求出y关于X的
经验回归方程y=bx+α,据此估计昼夜温差为15℃时,该校新增患感冒的学生数(结
果保留整数).
参考公式:h=∑k(XL吗一刃
22
∑a(XL幻物=1(χi-χ)∙⅛1(yi-y)
22.(12分)己知函数/(x)=欣+嘿■.
(1)讨论函数/(χ)的单调性;
(2)若关于X的方程F(X)=〃有两个实数解,求〃的最大整数值.
2023年安徽省合肥市高考数学第一次质检试卷
参考答案与试题解析
一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,满分40分.在每小题给出的四个选项中,只
有一项是符合题目要求的.
1.(5分)已知复数Z满足(l-z)z=2-i,则复数Z的虚部为()
1133
A.—B.-iC.-D.-i
2222
【解答】解:由(1-i)z=2-i可得Z=若=涉那捣=詈三产=|+2»,
所以复数Z的虚部为士
2
故选:A.
2.(5分)设集合M={X∣X=^+4,"GZ},N={x∣x=%"6Z},则CNM=()
Ltτ,
rirλγι
A.0B.{x∖x=2,∕7∈Z)C.{x∖x=-ξ-,∏∈Z}D.{x∖x=2nt∕t∈Z}
【解答】解::集合M={x∣x=?+!,"CZ}={XIX=与i,"∈Z},
N={小=今,"∈Z},
则CNM={X∣X=竿=货∕7∈Z}.
故选:B.
3.(5分)核酸检测是目前确认新型冠状病毒感染最可靠的依据.经大量病例调查发现,试
剂盒的质量、抽取标本的部位和取得的标本数量,对检测结果的准确性有一定影响.已
知国外某地新冠病毒感染率为0∙5%,在感染新冠病毒的条件下,标本检出阳性的概率为
99%.若该地全员参加核酸检测,则该地某市民感染新冠病毒且标本检出阳性的概率为
()
A.0.495%B.0.9405%C.0.99%D.0.9995%
【解答】解:记感染新冠病毒为事件A,感染新冠病毒的条件下,标本为阳性为事件B,
贝IJP(A)=0.5%,P(BH)=99%,
故某市民感染新冠病毒且标本检出阳性的概率为PCAB)=P(A)P(B∣A)=0.5%×99%
=0.495%.
故选:A.
4.(5分)将函数y=sin(2x+φ)(∣φ∣<J)图象上各点横坐标缩短到原来的M再向左平移
三个单位得到曲线C若曲线C的图象关于y轴对称,则φ的最小值为()
6
πTTTTTC
A——R――C――D—
j36123
【解答】解:将函数y=sin(2x+φ)(∣φ∣<y)图象上各点横坐标缩短到原来的:,再向
左平移三个单位得到曲线c:g(X)=Sin(4x+φ+冬),
6ɔ
由于曲线C的图象关于y轴对称,
故<p+=ZTT+今(AeZ),
整理得φ=∕στ一强(jt∈Z);
由于:lφl<^
当A=O时,φ=-5,
十6
故选:B.
5.(5分)已知p:x+y>0,q:∕n(√x2+1+%)—ITl(Jy?+1—y)>0,则P是q的()
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要条件
【解答】解:令Jf(X)=In(S?+1+无),χwR,f(0)=0,
且/(X)+/(—%)=仇(V/+1+x)+InZX2+1—χ)=Inl=0,
故/(x)=^∏(Vx2+1+X)为奇函数,尤>0∏⅛,√x2+1+X递增,则∕Q)=∕n(√x2+1+%)
也递增,
又一(κ)为奇函数,则/(x)在R上递增,〃=g,若无+y>0,贝∣Jx>-y,
则/(冗)>f(-ʃ),即"(VX2+1+χ)>lnQ丫2+/一y)
22
即InsJX2+1÷%)—In(Jy2+1-y)>0;PUq,若ln(y∕x÷1+%)—Zn(λ∕y+1-y)
>0,
则等价于正(V%2+1+%)>仇(Jy2+1—y),即/(尤)>f(-y),
由/(X)在R上递增,则x>-y,即x+y>0,
故〃是9的充要条件,
故选:C.
6.(5分)已知线段PQ的中点为等边三角形ABC的顶点A,且A3=PQ=2,当PQ绕点A
转动时,BP∙CQ的取值范围是()
A.[-3,3]B.[-2,2]C.[-3,1]D.[-1,3]
【解答】解:以A点为原点,以与BC平行的直线为X轴,与BC垂直的直线为y轴,建
则4(0,0),B(-l,-√3),C(l,-√3),易知P、。两点都是圆4:/+y2=l上的动
点,
当直线PQ斜率不存在时,P(0,-1),Q(0,1),
此时而=(1,√3-1),CQ=(-1,l+√3),则而∙C⅛=-1+3-I=1,
当直线PQ斜率不存在时,可设直线P0的方程为y=履,
当心。时,联立卷串=],解得P.iQ‘一点’一点)’
TlkI~~T
则BP=Cy==+1,-T==+√3),CQ=(―i1-1,—fi+ʌ/ɜ),
22
√l+k√l+∕ci
TTl1
'BPCQ=(而+】)YfD+(/2+ʌ/ɜ)(----1+V3)=
-(T=L=+1)2+3-(-^)=1—『2=,
X√1÷k2乒
Λ-l≤BP∙CQ<1,
1_kʌ
同理,当ZWo时,P(-ηJ=,-1=),QL
¼fc2Jl+必
:.BQ-CQ=1+,2,JΛ<BPCQ≤3,
Jw
综上所述,后∙C⅛的取值范围是[-1,3],
故答案选:D.
7.(5分)抛物线E:∕=4χ的焦点为F,曲线/:y=*|久一1|交抛物线E于A,B两点,
则AABF的面积为()
A.4B.6C.3√5D.8
【解答】解:;曲线/:y=4∣x-1|,当x>l时,y=*(x-1);当XVl时,y=4(1一X),
当x>l时,联立直线与抛物线'=2"一D,
y2—4x
解得卜=9y后,设4(9+4隗,4+2√5),
(y=2√5—4
当XVl时,联立直线与抛物线卜=2Q一X),
∖y2=4x
解得卜=9[4勺设8(9-4√5,2√5-4).
Iy=2v5—4
又尸(1,。),3藕.
.*.IAB:X—y∕5y+1=0,
.∙.点F到直线AB的距离为d=-ɪ=堂,又MBl=√320+64=8√6,
V5+1ɔ
:.S»ABF=Iμβ∣∙d=∣×8√6×^=8.
故选:D.
8.(5分)已知正方体ABC£>-AIBICloI的棱长为4,M,N分别是侧面CD和侧面BCI的
中心,过点M的平面α与直线ND垂直,平面a截正方体ACi所得的截面记为S,则S
的面积为()
A.5√3B.4√6C.7√6D.9√6
【解答】解::正方体ABCD-AIBICIol的棱长为4,M,N分别是侧面C£>1和侧面BCl
的中心,
.∙.以D为坐标原点,建立空间直角坐标系,如图,
侧面CA的中心M(O,2,2),侧面BCl的中心N(2,4,2),D(0,0,0),
:.DN=(2,4,2),点M在平面α与平面CDDIcj的交线上,设P(O,yι,zι)为这
条交线上任意一点,
MP=(0,y∖-2,zɪ-2),
VMP-DN=4(jι-2)+2(Zl-2)=0,Λ2y∣+z∣=6,
令zι=0,得F(0,3,0),令zι=4,得G(0,1,4),连接FG,
平面a与平面ABCQ必相交,设Q(x,y,0)为这条交线上任意一点,
FQ=(x,y-3,0),
•:FQ-DN=2x+4(y-3)=0,.,.x+2y=6,令x=4,得E(4,1,0),连接PE,
:平面48ιCιZ)ι〃平面ABa),平面a与平面AIBICIOI的交线过点G,与直线FE平
行,
过G作GH〃/7E,交AiDi于HG,0,4),GH=Ct,-L0),FE=(4,-2,00,
由港〃∕⅛,得t=2,:.H(2,0,4),
.∙.平面a与平面ABBlA1,平面AQDiAi都相交,
则平面a与直线AAl相交,令交点为K(4,0,〃i),EK=(0,-1,加),
由皮•加=-4+2m=0,得K(4,0,2),
连接EK,HK,得截面五边形EFGHK,即截面。为五边形EFG/7K,
EF=FG=2®GH=EK=√5,HK=2y∕2,取EF中点L(2,2,0),连接GL,EH,
则GL=EH=√∏,
在AEHK中,CoS乙EKH=_√10jSinNEKH=芈,
Zca,ΠAɔɔ
1∙ιJΛC
AEHK的面积SΔEHK=^EK.HKSiMEKH=^×√5×2√2×^=√6,
在LFGL中,cos/GFL=涓界:产=ɪSinNGFL=半,
Zur,Lrɔɔ
AFGL边FL上的高h=FG∙sinZGFL=芈,
√5
梯形EFGH面积SEFGH=∣(GW+FF)∙∕ι=∣(√5+2√5)Xɪ=6√6,
.'.S的面积为S=S4EHK+SEFGH=1遍.
故选:C.
二、选择题:本大题共4小题,每小题5分,满分20分.在每个小题给出的选项中,有多
项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得()分.
(多选)9.(5分)已知a>0,函数f(x)=xa-ax(x>0)的图象可能是()
【解答】解:当OVaVl时,函数y=/在(O,+∞)上单调递增,函数y=/在(0,+
°°)上单调递减,
因此函数f(X)=Jtfl-Or在(O,+∞)上单调递增,而/(O)=-I,f(α)=0,函数图
象为曲线,A可能;
当a-∖时,函数/(x)=X-I在(0,+∞)上的图象是不含端点(0,-1)的射线,B
可能;
当a>∖时,取α=2,有f(2)=f(4)=0,即函数f(x)=x2-2x,x>0图象与x轴
有两个公共点,
又Xe(0,+8),随着X的无限增大,函数y=/呈爆炸式增长,其增长速度比的
大,
因此存在正数XO,当x>xo时,诏Va力恒成立,即/(x)<0,C可能,。不可能.
故选:ABC.
(多选)10.(5分)已知数列{而}满足而=4"+入(-2)/1.若对V"∈N+,都有“fl+ι>α”成
立,则整数人的值可能是()
A.-2B.-1C.0D.1
jl
【解答】解:∙.∙%l=4+4(-2)n+ι,即即+i=4+1+/1(—2尸+2,
若对VzIeN+,都有0n+ι>α”成立,BP4n+1+λ(-2)n+2>4,,+λ(-2)π+l,
Λ3×4n>λ(-2)/I-入(-2)"2=3入(-2)"I即4">入(-2),l+l对V"∈N+都成
立;
n111
当"为奇数时,av(;;+]=2吁1恒成立,m<(2-)min=2-=1,即入<1;
rιl
当〃为偶数时,£=一2吁1恒成立,则λ>(-2^)nuιx=-2,即入>-2;
(-2)n+1
故整数人的取值范围是-2<入<1,则整数入的值可能是-1,0,
故选:BC.
(多选)11.(5分)已知圆锥SO(O是底面圆的圆心,S是圆锥的顶点)的母线长为行,
高为g∙若P,。为底面圆周上任意两点,则下列结论正确的是()
A.三角形SPQ面积的最大值为2g
B.三棱锥O-SPQ体积的最大值竽
C.四面体SOPQ外接球表面积的最小值为llπ
√21
D.直线SP与平面SOQ所成角的余弦值的最小值为、一
【解答】解:对选项A,由母线长为夕,高为疗,
可得底面半径为夜/=2,设BC是底面圆的一条直径,
贝UcoSNBSC=(2+乎)屐4=<0,即NBSC是钝角,
2×√7×√77
[17
又SASPQ=2XSPXSQXsinZ-PSQ=[x巾XV7XSin乙PSQ=《sin(PSQ,
则存在点P,Q,当NPSQ=900时,
7
SinNPSQ=1,三角形SPQ面积的最大值为5,故4错误;
选项8,VSΔSOP=∣×SO×OP=∣×√3×2=√3,当OQJ_面SOP时,
(Vθ-SPQ^max=(VQ-S0p)max=WXSASOPXOQ=WX8X2=—ɜ->故B正:确;
选项C,设aOPQ的外接圆半径为r,
:S0J_底面圆,;.四面体SOPQ外接球半径R,
.∙.R2=r2+(S0yt若外接球表面积的最小,即外接球的半径R最小,
又7?2="+率即在底面圆中,AOPQ的外接圆半径最小,
由正弦定理2r=Si2PQ=SinloPQ,
二点P经过线段。。的中垂线时,/0PQ最大,AOPQ的外接圆半径最小,
34325
22
此时勿=薪=竽,R=r+-=-+-=--
43412
即四面体SOPQ外接球表面积的最小值为4万/?2=竽兀,故C错误;
选项。,设点P到平面SOQ的距离为d,直线SP与平面SOQ所成角θ的正弦值为SinO=
dd
点=方
则当OPL面SoQ时,(Sine)mtn=*=缘'
√21
此时直线SP与平面SOQ所成角的余弦值最小,最小值为十,故力正确;
故选:BD.
(多选)12.(5分)已知函数/(x+l)是偶函数,且f(2+x)=-∕(x).当x∈(0,1]时,
/(x)=XCoSg则下列说法正确的是()
A./(ɪ)是奇函数
B./(x)在区间(出尹,包吴)上有且只有一个零点
C.f(x)在(右,1)上单调递增
D./(Λ)区间6,1)上有且只有一个极值点
【解答】解:函数∕α+i)是偶函数,故/(-χ+i)=∕(χ+i),
因为/(2+x)=-∕(x),所以/(l+x)=-f(χ-l),
故/(-x+∖)=-/(ɪ-1),
将X替换为x+1,得到/(-x)=-∕(x),故F(X)为奇函数,A正确;
因为/(2+x)=-∕(x),故/(4+x)=-∕(x+2),故/(4+x)=f(x),
所以/(x)的一个周期为4,
故/(x)在区间(曳畀,包ML)上的零点个数与在区间牛ɪ)上的相同,
因为点)=那s*=0,而/(2+x)=-∕(x)=∕(-χ),故“2-9=%)=0,
,2212π-l
其中l一,2一一∈(一,-----),
TCTlTlTC
故/(无)在区间6,与与至少有2个零点,B错误;
X6(焉,1)时,/(x)=XcosK则/'(%)=cos<+<s讥9,
ɔ/lʌʌʌʌ
令t=pt∈(1/ɪ),h(r)=cosr+∕si∏r,
所以(/)=-sinr+sinr+Zcosr=Zcosr,
当t∈(i,刍时,n(r)=3sf>o,h⑺单调递增,
当t∈g,第)时,h,(r)=FcosrVO,h(/)单调递减,
-V-/j/1\_l•«--ʌ>∕5τΓ∖5ττ5ττ.5TT5ττ/35π-6/3、八
乂h∖∖)=CoSl+sin1>(),∕ι(-g-)=cos-g—I—g-sιπ-g~—--2=^—>0'
故∕?(Z)>0在te(l,节)上恒成立,
所以/(x)>0在1)上恒成立,故f(x)在(右,1)上单调递增,C正确;
11
。选项,X∈(-/1)时,/(x)=XCOS-,
Ill1
故/'(X)=COS7+-SMj令t=7,r∈(1,π),h(r)=cosz+rsi∏r,
XXXX
则万(力=rcosn
当t∈(l,刍)时,h'(/)=rcosr>0,h(r)单调递增,
当t∈g,兀)时,〃'(f)=∕cosr<0,h(/)单调递减,
因为Zz(1)=Cosl+sinɪ>0,∕ιG)=CoS+讥*=*>0,h(Tr)=cosπ+πsinπ=-
<0,
由零点存在性定理,七o∈g,7T),使得力(/())=0,
当∕∈(1,ro)时∙,h(r)>0,当f∈Co,π)时,h(f)<0,%∈(ɪ/:)时,f(X)V
1
O,f(X)单调递减,X∈(―,1)时,/(X)>0,f(X)单调递增,
所以/(x)区间6,1)上有且只有一个极值点,。正确.
故选:ACD.
三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,满分20分.把答案填在答题卡上的相应位置.
13.(5分)函数/(x)=X3-H群在点(1,f(D)处的切线与直线2x+y+l=0平行,则实
数a—5.
【解答】解:V/(x)=x3-alnx,.*.∕,(x)=3%2—p
:.f(1)=3-①
・・♦切线与直线lr+y+l=0平行,
∕√(1)=3-a=-2,.'.a=5.
故答案为:5.
14.(5分)二项式(x+l)2(x+35展开式中,4的系数是15.
【解答】解:二项式(X+1)2(X+i)5=(x2+2x+I)(X+/)5,
二项式(x+])5展开式的通项公式为Tr+1=Cζx5~r-(i)r=Cζx5~2r,r∈/V,r≤5,
所以在二项式(x+l)2(x+1)5展开式中,χ3的系数是IXc£+IxCg=5+10=15.
故答案为:15.
15.(5分)已知AB为圆C:(χ-2)2+(y-w)2=3的一条弦,M为线段A5的中点,若
CM2+OM2^3(O为坐标原点),则实数〃?的取值范围是_(-√23,√23).
【解答】解:圆C:(χ-2)2+(y-W2=3的圆心(2,M,半径为:r=√3,
AB为圆C:(X-2)2+(y-相)2=3的一条弦,M为线段AB的中点,若CA?+OM2=3
(。为坐标原点),
可知以CO为直径的圆与已知圆相交,
以C。为直径的圆:(X-1)(y—52)2=p
可得-亨Vr
解得m∈(-√23,√23).
故答案为:(_723,√23).
X2y2
16.(5分)已知双曲线E:---=l(α>O,b>0)的左右焦点分别为产ι,F2,A为其右
顶点,P为双曲线右支上一点,直线PQ与y轴交于。点.若AQHPF1,则双曲线E的
离心率的取值范围为_(遮+1,+∞)-.
【解答】解:如下图所示,根据题意可得FI(-c,0),F2(c,0),A(a,0),
设P(X1,yι),则直线PFI的方程为y=H(x+c),
ʌɪ~rC
所以直线Pa与y轴的交点Q(0,τ¾),
XΛ~ΓC
ɪ-o
由AQ〃PF2可得心Q=kp&,即爷土=ɪ.
整理得(α+C)Xl=c2-ac,即与=%著,
又因为尸为双曲线右支上一点,所以XINm
当xι="时,AQ,PF2共线与题意不符,即xι>α,
可得='a+,。>a,整理得C2-a2,-2ac>0,即e?-2e-1>0,解得e>V∑+1或e<^1—
√2(舍),
故双曲线E的离心率的取值范围为e>√∑+1.
故答案为:(√∑+1,+8).
四、解答题:本大题共6小题,满分70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.(K)分)已知数列{““}为公差不为零的等差数列,其前〃项和为S,45=2G,S3=al.
(1)求{a”}的通项公式而;
、4▼Ill1*
(2)求证:-τ÷-τ+-τ+∙∙∙÷-T<l(n∈N).
ɑig^
【解答】解:(1)设等差数列{板}的公差为d,由45=22,S3=αi,得
a1+4d=2(α1+d)
301+322d=(Ql+d)?
而dWO,解得d=l,a∖-2,
所以{“"}的通项公式an-n+∖∙,
…,,-11111
证明:(2)由(1)知,-y=--------<--------=~----------,
(n+l)zn(n+l)nn+1
,1111111111
所以-7+ʒ+ʒ+…+=<(1+-••+(--——)=1-——<1.
ɑɪ«2ɑɜα⅞2,、23,'nn+l7n+1
18.(12分)如图,正方体4BCQ-AIBICIDI的棱长为4,点M为棱441的中点,P,。分
别为棱8Bι,CCI上的点,且BlP=CQ=1,PQ交BCl于点、N.
(1)求证:MN〃平面ABCC;
(2)求多面体BZ)MPQ的体积.
【解答】解:(1)证明:∙.∙BιP=CQ=l,正方体的棱长为4,
.".BP=CiQ=S,又BP〃C∖Q,
.♦.△8RV丝△CiQN,
BN=CiMΛ点N为线段BCi的中点,
过点N作NELBC,垂足点为E,
贝IJNE〃CCi,且NE=*CCι=2,
J.NE//AM,且NE=AM=2,
;•四边形AMNE为平行四边形,
,MN〃AE.又MNC平面ABC。,AfcTfflABCD,
.∙.MN〃平面ABCD-,
(2)设多面体Bf)MPQ的体积为匕连接。P,
则V=VB-MPD+VB.PQD
=2Vβ.PQD=2VD-PBQ
11
=2×ɜ×(2×3X4)×4=16,
故该多面体BDMPQ的体积为16.
19.(12分)已知4A8C的内角A,B,C所对边的长分别为“,b,c,且序+2c2-2/=0.
1
(1)若tanC=^,求A的大小:
(2)当A-C取得最大值时,试判断aABC的形状.
【解答】解:(1)V⅛2+2C2-2α2≈0,
...序=2(b2+c2-02),根据余弦定理可得:
h2=4hccosA,
Λ⅛=4ccosA,根据正弦定理可得:
4sinCcosA=SinB=SinACOSe+cosASinC,
二.3sinCcosA=SinACoSC,
ΛtanA=3tanC,
当tQ∏C=!时,则tanA=3tanC=1,
又A∈(0,π),.X=半
(2)由⑴知tanA=3tanC,.∖0<C<A<≡,
.A-tα几>一tα-C—2tατιC—22—73
..αn(-)-1+tanA.tanC-1+3tan2c-ι+3tanC-丽一丁
tanc
当且仅当----=3tanCf即当tgτιC=*,C=,时,等号成立,
tanC36
tan(4-O的最大值为w,
又0V4—CV/,.∙.A-C的最大值为V,此时4=生
TT
ΛB=τr-(Λ+Q=
・•・ZXABC为直角三角形.
χ,—X
V=上■得
{5/2
到点PCx',y').
(1)求点P'(x',/)所在的曲线E的方程;
(2)设过点尸(-1,0)的直线/交曲线E于A,B两点,试判断以AB为直径的圆与直
线X=-2的位置关系,并写出分析过程.
(x'=X
【解答】解:⑴由压缩变换Iy=马得到X=X,,y=√Iy.
代入曲线C:X2+J2=2,得到(X')2+23)2=2,
化为第+(y')2=1,即为点P(』,y)所在的曲线E的方程.
(2)设4(xι,W),B(Λ2,”),线段AB的中点M(M),W),
比2
直线/的斜率不为0时,设直线/的方程为my=%+l,代入曲线E的方程万+),2=1,化
为:(川+2)y2-2my-1=0.
A、C2m1
△>0,y"鬲记”=-萨而
1TYl—2
.∙.”=2(-+")=昕'Xo=ZM•昕T=
22
网=√(1+^)[(y1+y2)-4y1y2]=J(l+吗/:?-忌ɪ]=之怨曹之),
2
点M到直线X=-2的距离d=-⅛+2=铝尊>V2(l+m)=1
:.以AB为直径的圆与直线X=-2相离.
直线I的斜率为0时,以AB为直径的圆的方程为了+『=2与直线X=-2相离.
综上可得:以AB为直径的圆与直线X=-2相离.
21.(12分)研究表明,温度的突然变化会引起机体产生呼吸道上皮组织的生理不良反应,
从而导致呼吸系统疾病的发生或恶化.某中学数学建模社团成员欲研究昼夜温差大小与
该校高三学生患感冒人数多少之间的关系,他们记录了某周连续六天的温差,并到校医
务室查阅了这六天中每天高三学生新增患感冒而就诊的人数,得到资料如下:
日期第一天第二天第三天第四天第五天第六天
昼夜温差X47891412
(0C)
新增就诊人yi)4
数y(位)
参考数据:∑P=1W=3160,∑f=1(%-为2=256.
(1)已知第一天新增患感冒而就诊的学生中有7位女生,从第一天新增的患感冒而就诊
17
的学生中随机抽取3位,若抽取的3人中至少有一位男生的概率为京,求),1的值;
(2)已知两个变量X与y之间的样本相关系数r=登,请用最小二乘法求出y关于X的
经验回归方程y=bx+α,据此估计昼夜温差为15℃时,该校新增患感冒的学生数(结
果保留整数).
参考公式:b=$(XT(yς■刃,”一∑F=1(X]](y「力
22
%(XiF⅛1(Xi-X)∙⅛1(yi-y)
17
【解答】解一(1)抽取的3人中至少有一位男生的概率为焉,
则ι-∙⅜=⅛即7×6×57
,
Lylyι(7ι-l)(yι-2)-24
Λγι(yι-1)(W-2)=720=10X9X8,
.*.yι=10;
(2)V∑^1xi=54,
Λx=9,
∙'∙∑f=ι(Xi-初2=64,
∑匕(X「幻(X一力
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