2023年中考物理训练全国通用含答案(选择题)

专题Ol选择题

ɪ.如图甲所示，水平地面上的一物体，受到方向不变的水平推力厂的作用，尸的大小

与时间，的关系如图乙,物体的速度V与时间f的关系如图丙，以下说法正确的是（）

①0~2秒，物体处于静止状态，是因为推力小于摩擦力

②2~4秒，物体受到的摩擦力为2N

③2~4秒，物体做匀速直线运动

④4~6秒，推力尸做的功为16J

A.只有①③B.只有①④C.只有②③D.只有②④

【答案】D

【详解】①.由VT图象可知，O〜2秒，物体没有推动，物体处于平衡状态，受到的

摩擦力与推力是一对平衡力，所以f=凡故①错误；

②③.由V-图象可知，在4s~6s物体做匀速直线运动，处于平衡状态，由尸一图象

可知在4s~6s拉力F=2N,由平衡条件可得滑动摩擦力

/=尸=2N

由VT图象可知，物体在2~4秒做加速直线运动，受到的摩擦力为滑动摩擦力。而压

力和接触面的粗糙程度都不变，物体受到的摩擦力仍是2N,故②正确，③错误；

④.由VT图象可知，在4s~6s物体运动的速度u=4m∕s,由v=±得，4s~6s物体运动

t

的距离为

s=vr=4m∕s×（6s-4s）=8m

则4~6秒推力F做的功为

W=R=2Nx8m=16J

故④正确。

故选D。

2.每天运动一小时，健康生活一辈子。周末，小明与小强相约到东莞佛灵湖绿道骑单

车健身，如图是他们某段时间内的运动图像，下列说法中正确的是（）

A∙前10s,小明在做匀速直线运动B.前IOs,小强处于静止状态

C.小强的运动状态一直不变是因为他不受力的作用D.小明在第IOs时受到的力是

非平衡力

【答案】A

【详解】A.小明的运动图像描述的是他通过的路程与所用时间的关系，斜线部分表示

小明在做匀速直线运动，水平部分表示小明处于静止状态。前10s,小明在做匀速直线

运动，故A正确。

B.小强的运动图像描述的是小强的速度随时间变化的关系，小强的运动速度保持不变，

做匀速直线运动，前10s,小强做匀速直线运动，故B错误。

C.小强的运动状态不变，说明小强受力平衡，而不是因为他不受力的作用，故C错误：

D.由图可知，小明在第IOs时处于匀速直线运动状态，受力平衡，故D错误。

故选A。

3.如图所示，放在水平桌面上的甲、乙、丙三个完全相同的容器，装有三种不同的液

体，将三个完全相同的长方体A分别放入三种液体中，静止时三个容器的液面恰好相

平。则下列判断正确的是（）

①物体A受到的浮力F甲浮=F乙殍=F丙浮

②容器对桌面的压力尸WV尸NVF丙

③液体的密度P甲>p乙丙

④液体对容器底的压强Pψ<p乙=P丙

0h

∖∖∖∖∖∖∖∖∖∖∖∖∖∖∖∖∖

甲乙丙

A.只有①②B.只有②④C.只有①③D.只有③④

【答案】A

【详解】①根据图示可知，甲悬浮，乙、丙漂浮，所以其所受的浮力与其自身的重力相

等，故

F中浮=F乙浮=F丙泞

故①正确；

③④由图可知，物体排开的液体的体积关系为

Vφ>V^>Vf^

由于

FIP浮=FZif=F用浮

根据阿基米德原理七=X⅛g∕可知

P单（p乙VP∣^i

故③错误；

因为丙的密度最大，并且液体的深度相同，因此山P=Pg6可知，丙容器底所受的压强

最大，其次是乙，再次是甲，故液体对容器底的压强

PΨ<pZVP内

故④错误；

②根据图示可知，三个容器中液面的高度相同，甲中物体排开液体的体积最大，丙中物

体排开液体的体积最小，所以丙中液体最多，由③知丙液体的密度最大，由"7〒/知

丙液体的质量最大，且三个物体和容器相同，由

F=G=ιng

可知，丙容器对桌面的压力最大，其次是乙，最小的是甲，故容器对桌面的压力

Fψ<F^l<∙Fftf

故②正确。

故选A。

4.小明用如图所示的模型模冰川在海面上漂浮的场景。底面积为200cm2的容器中装的

是水，漂浮着的是正方体冰块，已知冰块的质量为0∙9kg,冰的密度为0.9g∕cn√,下列

说法正确的是（）

A.冰块熔化后，容器对桌面的压强增大

2

B.熔化前冰块在水下面的体积占总体积的：

C.冰块完全熔化后液面上升2cm

D.熔化前冰块底部所受液体压强为900Pa

【答案】D

【详解】A.冰熔化成水之后，状态变化，质量不变，冰块熔化前后，容器对桌面的压

力不变，都等于容器的重力、冰块的重力、水的重力之和，由P=!知道，冰块熔化后，

容器对桌面的压强不变，故A错误；

B.冰块漂浮在水面上，所以

产浮=G冰

根据阿基米德原理知道

z¼g%=x⅛g%;

则

匕kQ=—×½⅛="魁呷×V=2.v

RT*AKlg∕cm3*10*

9

即熔化前冰块在水下面的体积占总体积的三，故B错误；

C.冰熔化成水之后，状态变化，质量不变，所以

w⅛=机水

由相=0V知道

z⅛y冰=2/水

则

匕=^×V=0∙9g∕Cnj=9_

*PM*ɪg/em3*IO

故

唳=匕*水

则冰块完全熔化后容器里的水面的深度不变，故C错误;

9

D.熔化前冰块在水下面的体积占总体积的后，由V=S∕1知道，熔化前冰块在水下面的

高度占总高度的三9，冰块的体积

m0.9kg3

3=O-OOIm

^0.9xlθkg∕m∙'

则冰块的高度力=0∙Im,则熔化前冰块底部所受液体压强为

99

,

P=p,κg×-h=1.0×10kg∕m'XɪON/kg×—×0.1m=900Pa

故D正确。

故选D。

5.如图甲所示，质量为40kg的小林同学站在高台上竖直向上匀速拉动绳子，脚与地面

的总接触面积为（1（Mn?,现改变G物，计算并绘出机械效率〃与G物的关系图象，如图

乙所示，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（）

①此滑轮组动滑轮的重力为20N

②当G扬=15ON时，小林对绳子的拉力为60N

③当G∕=120N时∙，若此时的拉力的功率为15W,则物体上升的速度为0.3m∕s

④若水平高台能承受的最大压强为12500Pa,则该滑轮组所能提升物体的最大机械效率

为90%

A.只有②④B.只有②C.只有①③D.只有①②

【答案】A

【详解】①计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率

%=%GhG

7=亡而弧=五百

由图象可知当物体的重力为120N时，滑轮组的机械效率80%,即

120N

80%=

120N+%

解得动滑轮重力为

G*30N

故①错误；

②图知绳子的有效段数〃=3,不计绳重和摩擦，当G布150N时，小林对绳子的拉力

F=G物+G动15ON+3ON_60N

33

故②正确；

③不计绳重和摩擦，当G“=120N时，小林对绳子的拉力

120N+30N

=50N

33

根据

可知，绳子自由端移动的速度

/也=0.3.

F,50N

则物体上升的速度

物33

故③错误;

④人的重力

Gχ=∕πΛg=40kg×ɪ0N∕kg=400N

由压强公式可知，水平高台能承受的最大压力

F产PS=12500Pa×0.04m2=500N

则人受到的最大支持力

尸爻=尸必二50ON

由力的平衡条件可知，绳子的最大拉力

F锻产F爻-GΛ=500N-400N=100N

因为不计绳重和摩擦时，作用在绳子自由端的最大拉力为

P_G•大+G动

最大一3

则小林所能提升的最大物重

GG产YIFG”G后3x100N-30N=270N

根据①可知滑轮组的机械效率

G1

77=--------------=--------——

G+G动"鱼

G

因动滑轮的重力不变，当重物的重力最大时，机械效率最高，则该滑轮组所能提升物体

的最大机械效率

270N

“大=GrG动×l∞%=90%

270N+30N

故④正确。

综上所述：故A正确，BCD错误。

故选A。

6.如图所示，小球从弹簧正上方4点静止下落（忽略空气阻力，弹簧处于自由伸长状

态）,在8点与弹簧接触,小球将弹簧压缩至C点时速度变为零。从A到C过程中（)

O-A

A.弹簧的机械能不变

B.小球的机械能一直减小

C.小球和弹簧的总机械能不变

D.小球的重力势能转化为小球的动能

【答案】C

【详解】小球自4点由静止开始自由下落，高度减小，速度变大，重力势能减小，动能

变大，重力势能转化为动能；接触8点前，小球下落过程中，忽略空气阻力，小球的机

械保持不变；到达8点时与弹簧接触，再向下运动时，高度减小，重力势能减小，弹簧

发生了弹性形变，弹性形变的程度逐渐变大，弹性势能逐渐变大，小球的机械能转化为

弹簧的机械能，即弹簧的机械能变大、小球的机械能逐渐变小；不计阻力，整个状态的

机械能守恒，即小球和弹簧的总机械能不变，故C符合题意，ABD不符合题意。

故选Co

7.如图是小明利用闪光照相机拍摄小球自由竖直下落时的照片，下列关于小球在竖直

下落过程中重力做功的功率随时间变化的图像。正确的是（）

【答案】A

【详解】由图示知，小球在下落过程中，相同时间内通过的路程变大，则小球下落的速

度是随时间不断增大。小球下落过程中重力做功的功率

WGh

Pn=-=—=Gv

因为小球的重力不变，其速度不断变大，所以小球下落过程中重力做功的功率随时间变

化而变大，且小球自由竖直下落时，始终只受到重力作用，故速度变化相同，即U与/

成正比，所以「与，成正比，故A正确，BCD错误。

故选A。

8.图甲是一种测温电路，温度表由量程为3V的电压表改装而成，电源电压U恒为6V,

R的阻值为40C,热敏电阻的阻值R随温度，变化的关系如图乙所示。则()

A.温度表示数减小，说明温度升高B.电路可测量的最高温度为50°C

C.温度表的10°C应标在电压表IV刻度处D.若仅将U减小，电路可测量的最高温

度将增大

【答案】D

【详解】A.由图乙可知，随温度升高，该热敏电阻的阻值增大，由串联分压原理可知

电压表示数增大，即温度表示数增大，故A错误,不符合题意；

B.由图甲可知R和R,串联，温度表并联在《两端，由串联电路的分压规律可知电阻越

大，其两端电压越大，已知电压表(温度表)的最大量程为3V,即用两端的电压最大

为U龙3V,由串联电路的电压特点可知R两端的最小电压

UM=U-U,火=6V-3V=3V

此时电路中的最小电流

/="=空=」A

小R40Ω40

则用的最大阻值为

由图乙可知此时测得最高温度为30°C;故B错误，不符合题意；

C.由图乙可知，当温度为KrC时，R,'=20Ω,山串联电路的电阻特点可知总电阻

RB=R+&'=40。+20Ω=60Ω,

电路中的电流

则为两端的电压

U,=/R；=0.1AX20C=2V

故C错误，不符合题意；

D.若仅将U减小，则R两端的最小电压也减小，由欧姆定律可知电路中的最小电流也

减小，则由R=与可知R,的最大值增加，由图乙可知，测得的最高温增加，故D正确，

符合题意。

故选D。

9.在燃气改造中，需安装自动报警器以防管道漏气。如图为报警器的简化电路图，电

源电压不变，R。为定值电阻，R为气敏电阻（其阻值随煤气浓度的增大而减小）。闭合

开关，下列说法正确的是（）

Λ0K

A.煤气浓度增大时，电压表的示数变大

B.煤气浓度增大时，电流表的示数变大

C.煤气浓度减小时，保护电阻Ro消耗的电功率变大

D.不管煤气浓度如何变化，电压表与电流表示数的比值始终不变

【答案】B

【详解】由电路图可知，两电阻串联，电压表测量R两端的电压，电流表测电路中的电

流。

AB.当煤气浓度增大时，气敏电阻R的阻值减小，电路中的总电阻减小，由/=§可

知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；由U=∕R可知，定值电阻&两端的电压

变大，由串联电路电压的规律可知R两端的电压变小，电压表的示数变小，故B正确，

A错误;

C.当煤气的浓度减小时，气敏电阻K的阻值增大，电路中的总电阻增大，由/=与可

知，电路中的电流变小，由P=FR可知定值电阻&消耗的电功率变小，故C错误；

D.电压表测量R两端的电压，电流表测电路中的电流，由欧姆定律可知电压表与电流

表示数的比值等于R的阻值,R的阻值随煤气浓度的增大而减小,所以煤气浓度变化时，

电压表与电流表示数的比值是变化的，故D错误。

故选B。

10.如图甲所示，电源电压不变，电流表的量程为0-0.6A,电压表的量程为0-15V,小

灯泡参数“？V?W"模糊不清。

第一次只闭合开关S和Si,滑片P从4端移到万端；

第二次仅闭合开关S和S2,保证电路中所有元件都安全的前提下，最大范围内移动滑

片P。图乙是这两次实验过程绘制的电压表和电流表示数变化的关系图像。下列判断正

A.小灯泡的参数为“5V125W”

B.电源电压为6.5V

C.只闭合开关S、S2,电路的总功率最大时，灯与滑动变阻器的功率之比为5：1

D.只闭合开关S、S∣,滑动变阻器的最大电功率与定值电阻的最大电功率之比为1：4

【答案】D

【详解】第一次只闭合开关s、Si,滑动变阻器与定值电阻凡串联，电压表

测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流；第二次只闭合开关S、S2,

滑动变阻器与灯泡L串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中

的电流；第一次只闭合开关S、Si,滑片P从α端移到6端，当滑片在。端

时，滑动变阻器接入电路中的电阻为0,其分得的电压为0,即电压表示数

为0,所以图乙中直线为滑动变阻器与R。串联时的图像，曲线为滑动变阻器

与灯泡L串联时的图像。

AC.图乙中曲线为滑动变阻器与灯泡串联时的图像，由图像可知，电压表示

数最小为L5V时，此时灯泡两端电压最大，则灯泡正常发光，额定电压是

U额=U-U小=6V-1.5V=4.5V

此时电路中的电流是0.5A,则小灯泡的额定功率

心=U额/颌=4.5V×0.5A=2.25W

则小灯泡的参数为“4.5V2.25W”。只闭合开关S、S2,电路的总功率最大时，

电路中的电流最大，由图像知最大电流为O∙5A,滑动变阻器的电压为L5V,

灯泡电压为4.5V,根据P=U/可知灯与滑动变阻器的功率之比

额/4.5V=3

∕⅛U,jtil1.5V1

故AC错误；

BD.只闭合开关S、S∣,滑片P在α端时，电路中只有Ho,此时电路中电流

最大为

/大=0.6A

滑片在方端时，滑动变阻器与定值电阻串联，电路中的电流最小，最小为

/小=0.2A

滑动变阻器两端电压为4V；由欧姆定律和串联电路的电压特点得，电源电压

U=I大氏=1,风+4丫

即

0.6A×JR0=0.2A×/?0+4V

解得

%=10Ω

电源电压

U=∕∕‰=0.6Aχl0Ω=6V

根据

P=I2R

可知定值电阻的功率最大值

2

P0=IJR=(0.6A)X10Ω=3.6W

滑片在。端时，根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值

滑动变阻器的电功率

UjRU2U2

ΛO+R"^~(∕⅞+⅞)2~(∕⅞-⅛)2

%跖

所以，当

R滑=Ro=H）C

时，滑动变阻器的电功率最大，最大为

U2（6V）2

%=—ɪ=-ʌ_>—=0.9W

rttmax

4Λ04×10Ω

只闭合开关S、S1,定值电阻的功率最大值与的滑动变阻器的功率最大值之比为

∕⅜max0.9W=1

P03.6W4

故B错误，D正确：综上可知，故ABe错误，D正确。

故选D。

11.图甲是创新小组的同学们设计的自动控温电热水器的电路图。控制电路中，电源电

压恒定，热敏电阻Q阻值随温度变化的关系如图乙所示。电热丝R，、以为均置于水箱

中，电磁铁线圈电阻忽略不计，当&的滑片移到某一位置不动，电磁铁电流达到一定

值时，衔铁被吸下，进入保温状态。下列分析正确的是（）

A.水温升高时，幻的阻值会变大

B.水温升高时，通过R/电流变小

C.水温下降时，上两端电压变大

D.水温下降时，R2的电功率变小

【答案】D

【详解】A.由图乙可知，水温升高时，Q的阻值会变小，故A错误;

B.水温升高时，Q的阻值变小，及阻值不变，Q所在电路的总电阻变小，电源电压不

变，根据欧姆定律可知，通过Ri电流变大，故B错误；

C.水温下降时，Q的阻值变大，&阻值不变，根据串联分压原理可知，R/两端电压变

大，尺两端电压变小，故C错误；

D.心阻值不变，电压变小，根据公式尸=J可知，R2的电功率变小，故D正确。

R

故选D。

12.小军设计的模拟调光台灯电路如图所示，电源电压保持不变。闭合开关，回形针向

左移动时，下列说法正确的是（）

回形针

A.电流表示数变小，电压表示数变大，小灯泡变暗

B.电流表示数变小，电压表示数变小，小灯泡变暗

C.电流表示数变大，电压表示数变大，小灯泡变亮

D.电流表示数变大，电压表示数变小，小灯泡变亮

【答案】D

【详解】AB.根据实物图可知，铅笔芯与灯泡串联接入电路中，电流表测量电路中的

电流，电压表测量铅笔芯两端的电压；闭合开关，回形针向左移动时，铅笔芯接入电路

中的长度变短，电阻变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，

电流表示数变大；根据U=∕R可知，灯泡两端的电压变大；根据P=U/可知，灯泡的实

际功率变大，灯泡变亮，故AB错误；

CD.根据串联电路的电压规律可知，铅笔芯两端的电压变小，电压表示数变小；故C

错误，D正确。

故选D。

13.如图所示是学生设计的模拟调光灯电路，闭合开关后，移动回形针，发现灯泡发光，

但亮度几乎不变，产生这一现象的原因可能是（）

铅笔芯

A.灯泡被短路B.电源断路

C.铅笔芯的总阻值相对于灯泡而言太小D.铅笔芯的总阻值相对于灯泡而言太大

【答案】C

【详解】A.若灯泡被短路，无电流通过灯泡，灯泡将不发光，故A不符合题意；

B.若电源断路，电路中无电流，灯泡将不发光，故B不符合题意；

C.由图铅笔芯和小灯泡串联分压，在移动回形针的过程中，发现灯泡发光，但亮度几

乎不变，根据公式尸=工可知，灯泡实际功率几乎不变，是因为两端的电压几乎不变，

R

说明铅笔芯的电阻相对于小灯泡来说，其电阻太小，也就是说，小灯泡的电阻太大，故

C符合题意；

D.若铅笔芯的总阻值比灯泡的阻值大得多，容易改变电路中的电流，改变灯泡的亮暗，

故D不符合题意。

故选C。

14.小灯泡Ll与L2串联（灯丝电阻不变），其中L2的电功率为4W,且Ll比L2亮，使

用一段时间后，L2灯突然熄灭，Ll的亮度明显变亮，此时Ll的功率为25W,则L2发生

的电路故障及L2未熄灭之前，L的电功率为（）

[-0—<8H

L,L2

s1

A.短路；IWB.短路；9WC.短路；16WD.断路；18W

【答案】C

【详解】由图可知，两灯泡串联，若两灯中只有一灯发光，则电路故障一定不是断路，

而是另一个灯泡短路，因为是Lz灯突然熄灭，Ll的亮度明显变亮，则故障是L2短路。

当L2短路时，此电路为Ll的简单电路，灯Ll的功率为

U2

片=丁=25W……①

ʌ,

两灯泡串联，灯L2的功率为4W,设此时Ll的功率为七，Ll两端的电压为"，则

①②两式联立可得

U225W

FF

解得

5

则L2两端的电压为

U2=U-U'=U-学XU

此时通过电路的电流为

店XU….③

&&

灯L2的功率为

庐遮XUJK×u2-^×U2⑷

P=UJ=QU-LXU）Xq------=-^-----------25------=4W.......

22

5RiRl

将①代入④得

5斤K=4W

解得

H=IW或Pr=I6W,

因为小灯泡Ll与L2串联（灯丝电阻不变）时，L2的电功率为4W,且Ll比L2亮，所

以此时L1的功率为16W。

综上可知，C符合题意，ABD不符合题意。

故选C。

15.如图所示电路，闭合开关S后，发现Li、L2两灯泡都不亮。将一根导线的两端分

别接到。、6点时，两灯都不亮；接到以"点时，两灯都不亮；接到小e点时，只有

一只灯泡发光。则电路故障可能是（）

L2L∣

bS

A.开关S接触不良B.灯泡L2灯丝断了

C.灯泡Lz灯丝短路D.灯泡Ll灯丝断了

【答案】D

【详解】A.如果开关S接触不良，那么将导线接入。、6点时，此时电路应该为通路，

两灯泡应该发光，与题目接到点时，两灯都不亮相矛盾，故A不符合题意；

B.如果灯泡L2灯丝断了，那么将导线接入c、"点时，灯泡L2被短路，此时灯泡Ll

接入电路，电路为通路，灯泡Ll应该发光，与题目接到以d点时，两灯都不亮矛盾，

故B不符合题意；

C.如果灯泡L2灯丝短路，那么闭合开关后，灯泡Ll可以发光，与题目闭合开关S后，

发现L、L2两灯泡都不亮相矛盾，故C不符合题意；

D.如果灯泡Ll灯丝断了，那么闭合开关后两灯泡都不亮，将导线分别接在。、〃点和

以4点时，电路仍然为开路，两灯仍然不亮。将导线接到“、e点时，灯泡L2被短路,

此时电路为通路，灯泡L可以发光，与题目相符合，故D符合题意。

故选D。

16.小华用如图甲所示的电路探究滑动变阻器的电功率与通过的电流大小间的关系，电

源电压保持不变，用为定值电阻，R为滑动变阻器。当滑片P由人端移动到α端的过程

中，分别测出几组对应的电压值和电流值，通过计算得出滑动变阻器对应的电功率P，

并画出滑动变阻器的电功率P和电流/的关系图象，如图乙所示。下列关于本次探究的

说法中，正确的是（）

A.图甲电路中①是电压表，②是电流表

B.电源电压为16V

C.整个电路消耗的最小电功率是2.4W

D.整个电路消耗的最大电功率是16W

【答案】C

【详解】A.由图甲可知，②与滑动变阻器并联，①串联在电路中，因为电压表应与

被测电路并联，电流表应与被测电路串联，所以①处应为电流表，②处应为电压表,

故A错误；

B.由图甲可知，当滑片P在6端时，电路中的电流最小，由乙图可知，此时电路中的

电流4=0∙2A,滑动变阻器的电功率4=2W,由

P=Ul=广R

可知，滑动变阻器的最大阻值为

^=f=(oW=5OQ

由乙图可知，当电路中的电流为0.4A时•，滑动变阻器的电功率为3.2W,由

P=UI=I2R

可知，滑动变阻器接入电路的阻值

R=A(O3∙.42AW)2

=20Ω

当滑片尸在b端时，电源电压

U=IbR+凡)=0.2AX(&+50Ω)……①

当电路中的电流为0.4A时，电源电压

U=∕(∕⅞+R)=0.4Aχ(A+20C)……②

由①②解得：％=IOQ,U=12V：故B错误;

C.当滑片P在P端时,电路中的电流最小，电路消耗的电功率最小，最小电功率

展小=Ulh=12V×0.2A=2.4W

故C正确;

D.当滑片P在。端时,电路为凡）的简单电路，电路中的电流最大，电路消耗的电功率

最大，最大电功率

Pu2(12V)2

=14.4W

10Ω

故D错误。

故选C。

17.如图是探究物质熔化和凝固规律的实验图像，说法正确的是（）

A∙该物质是松香，在CD段时处于固态

B.在BC段处于固液共存状态，温度不变，内能大小不变

C.该物质在C点处的内能比在尸点的内能要大

D.该物质在液态时的比热容较小

【答案】C

【详解】A.由图可知，该物质有固定的熔点，是一种晶体，松香是非晶体，所以该物

质不是松香；在Cz）段时处于液态，故A错误；

B.由图可知，在BC段物质处于熔化过程中，是固液共存状态，吸收热量，温度不变，

内能增加，故B错误：

C.由图可知，该物质在C点处于液态，在F点处于固态，温度相同，分子动能相同，

状态不同，在C点处分子之间的距离较大，分子势能较大，所以该物质在C点处的内

能比在尸点的内能要大，故C正确：

D.由图可知，在A8段