2023年天津市西青区中考物理二模试卷（含答案）

2023年天津市西青区中考物理二模试卷

一、单选题:

1.2023年3月3日是我国第24个“全国爱耳日”，我们应提升爱耳、护耳意识，降低噪声

影响，守护听力健康。图中的措施是在声源处减弱噪声的是（

道路两旁安装隔音板B.在学校周围植树

C.医院附近禁止鸣笛D.工人戴防噪声耳罩

2.早晨，路边的小花小草上会有露水，其中与露水形成有关的物态变化是（）

A.升华B.凝固C.熔化D.液化

3.中国的诗词歌赋中蕴含着丰富的光学知识，下列说法正确的是（）

A.“楼台倒影入池塘”，楼台倒影是光的折射形成的

B.“人有悲欢离合，月有阴晴圆缺”，阴晴圆缺的月亮是自然光源

C.“起舞弄清影，何似在人间”，影子的形成是由于是光的反射

D.“日月如逝川，光阴石中火”，日食和月食原理都是光沿直线传播

4.将电灯、开关和插座接入家庭电路中，如图中完全正确的是（）

B.

火线

零线

火线

零线

5.如图所示的措施中，为了增大摩擦的是（)

A.甲图给门的合页加润滑剂

B.乙图在手上涂防滑粉

C.丙图冰壶运动员用冰刷摩擦冰面

D.丁图机器运动部分安装滚动轴承

6.关于如图所示的四幅图中，说法正确的是（）

(D)

①分别在A、B、C三处用同样大小的力推门，在C处感觉关上门的难度最大，说明力的

作用效果与力的大小有关

②锤头松了，人们常用撞击锤柄的方法使锤头紧套在锤柄上，利用了锤头的惯性

③活塞式抽水机利用大气压，标准大气压下，能提升水的最大高度约为∣0.3m

④自制气压计从一楼走上五楼，观察到管内水柱变高，说明大气压随高度的增加而减小

A.①②B.②③④C.①③④D.①②③

7.在如图所示的四个通电螺线管中，能正确地表示通电螺线管磁极极性的是（）

A.B.-------11-------

C.D.------11-------

8.如图，在动车站的自动检票闸机口，乘客需刷身份证同时进行人脸识别，两个信息都符

合后闸机门（电动机）才自动打开，可检票通过。身份证和人脸识别系统相当于开关，

信息符合后开关自动闭合，下列模拟电路中，符合上述要求的是（）

9.在如图所示的电路中，闭合开关S后，要使滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表的

示数减小，则M、N应与滑动变阻器上的哪两个接线柱连接（）

A.M接CN接DB.M接AN接BC.M接AN接DD.M接CN接B

10.下列数据与事实相符的是（）

A.一节新干电池电压为3V

B.人的正常体温大约是42°C

C.初中物理课本长度大约是26Cm

D.托起两个鸡蛋所用的力大约是ION

二、多选题：

（多选）11∙在探究凸透镜成像规律的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰

在光屏上恰好成一清晰等大的实像，下列说法正确的是（）

矽IbCmlo203040506070809010股

A.该凸透镜的焦距是IOcm

B.将蜡烛移动到20Cm刻度处，移动光屏可得到倒立、缩小的实像

C.将蜡烛移动到35Cm刻度处，为使烛焰在光屏上成一清晰的像，应向右移动光屏

D.将蜡烛移动到45Cm刻度处，为使烛焰在光屏上成一清晰的像，应向右移动光屏

（多选）12.小京利用铝块、细线、量筒、适量的水和一个形状不规则的小蜡块进行了如图

所示的四个操作步骤，图中Vo、VHV2、V3分别是量筒中水面所对应的示数。已知水

的密度为p水，利用图中测量出的物理量和p水可以得到的正确的表达式是（）

A.蜡块的体积是V2-Vi

B.铝块的体积是V3-Vo

C.蜡块的质量是（Vl-Vo）p水

D.蜡块的密度是;水

（V2-V3）

（多选）13.如图所示，电源电压为12V且保持不变，灯泡Ll标有“12V6W”的字样，灯

泡L2标有“2V1W”的字样，电流表量程为0~3A,滑动变阻器R标有“12Q2A”的字

样（假设灯丝电阻不变），则下列说法正确的是（）

A.闭合Si、S2,断开S3时，LI的实际功率为6W

B.只闭合S3,变阻器滑片滑到最右端时，L2正常发光

C∙闭合Si、S2、S3时，电路消耗的最小功率为18W

D.改变三个开关的状态和调节滑动变阻器滑片，电路消耗的最大功率为30W

三、填空题

14.如图所示，木块的长度为cm,电流表的读数为A»

15.2022年6月5日，神舟十四号载人飞船发射圆满成功。飞船升空时，以地球为参照物,

飞船是（选填“运动”或“静止”）的；飞船进入太空后，航天员携带物品的

质量将（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

16.中华茶文化源远流长。如图所示，茶叶采用真空包装时，抽去茶叶袋中的空气，在

作用下，茶叶袋会被压扁；用热水沏茶时，茶香四溢，这是分子形成

的。

17.重500N的物体，在IOON的水平拉力作用下，沿水平地面以0.5m∕s的速度匀速运动IOs,

在这个过程中，拉力所做功的功率是W,重力做功为Jo

18.搬运砖头的独轮车，车箱和砖头所受的总重力G为800N,独轮车的有关尺寸如图所示。

推车时人手向上的力F的大小为N；独轮车属于杠杆（选填“省力”

或“费力”)。

19.如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S,滑动变阻器滑片P从a端移动到b

端的整个过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图像如图所示。则电阻R1的阻值

为。；当变阻器滑片P处于a端时，电阻Ri消耗的功率为Wo

四、综合题：

20.小明帮爷爷网购了一台电热足浴盆，铭牌上标有“220V500W”，将该足浴盆按容量装

满IOkg的水正常工作30min,水温从20℃升高至35℃,已知C木=4.2XIO3J/(kg∙°C),

求：

(1)水吸收的热量；

(2)该足浴盆的热效率。

21.在如图甲所示的电路中，电源电压为6V且保持不变，闭合开关S后，滑片P从b端移

动到a端的过程中，电压表示数U与电流表示数I的关系图像如图乙所示，贝∣J:

(1)Ri的电阻为多少？

(2)电路消耗的最小功率为多少？

(3)1分钟RI产生的热量最多是多少？

乙

22.在“探究影响滑轮组机械效率的因素”的实验中，小明用同一滑轮组进行了三次实验,

实验数据如表:

序号动滑轮重G物重G/N物体上升的绳端受到的绳端移动的滑轮组的机

动/N高度h/cm拉力F/N距离s/cm械效率η∕%

10.51100.63055.6

20.52101.03066.7

30.541030

(I)根据表格中的数据，在图甲种画出滑轮组的绕绳方法；

(2)第三次实验时，测力计示数如图乙所示，此时绳端受到的拉力为N,所

做的有用功为J,滑轮组的机械效率为%;

(3)根据表格中的数据分析可知：随着物重的增大，滑轮组机械效率(选填

“变小”、“不变”或“变大

23.如图所示是小明同学测量调和油密度的实验。

（1）按图甲把天平放在桌面上，调节天平横梁平衡，这一过程中的错误

是O

（2）用正确操作方法将天平调平后，小明先用天平测出空烧杯的质量为14g,将适量的

调和油倒入烧杯中，测量结果如图丙所示，则烧杯和调和油的总质量为go

（3）将烧杯中的调和油全部倒入量筒中，如图乙所示，调和油的体积为mL。

（4）由以上实验数据可计算出调和油的密度为kg∕m3o

（5）若按上述步骤进行实验，调和油密度的测量值与真实值相比会（填“偏

大”“偏小”或“不变”）。

24.现要测量阻值约为500。电阻RX的具体阻值，提供的器材如下：待测电阻，两节旧干

电池，两个开关Si、S2,导线若干。另外，还有可供选择的以下器材：

A.电流表A（量程：0~0.6A）

B.电压表V（量程：0~3V）

C.定值电阻Rl（阻值：5Q）

D.定值电阻R2（阻值：300∩）

为进行较准确的测量，请你从A、B、C、D、四个实验器材中再选择两个器材，并根据

要求解答下列问题：

（1）画出实验电路图，并标明所选用定值电阻的符号：

（2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量；

（3）写出待测电阻的数学表达式（用已知量和测量量表示）。

25.放在水平桌面上的底面积直径为D的圆柱形容器中装有适量的水，现将一质量为m的

木块A放入水中，木块A漂浮，它露出水面的部分是它总体积的l∕n,如图（甲）所示;

将一体积为V的金属块B放在木块A上，木块恰好浸没在水中，如图（乙）所示；若将

金属块B放入某种液体中，容器底对金属块B的支持力是F,如图（丙）所示。

（1）画出图（甲）中木块A在竖直方向上的受力示意图。

（2）图（乙）相比于未放金属块B之前的图（甲），水对容器底的压强增加了多少？

（3）图（丙）中容器中液体的密度为多少？

甲乙丙

2023年天津市西青区中考物理二模试卷

参考答案与试题解析

一、单选题:

1.2023年3月3日是我国第24个“全国爱耳日”，我们应提升爱耳、护耳意识，降低噪声

影响，守护听力健康。图中的措施是在声源处减弱噪声的是（）

【分析】根据减弱噪声的途径分析解答：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处

减弱。

【解答】解：

A、道路两旁安装隔音板，是在声音传播的过程中减弱噪声，故A错误；

B、在学校周围植树，是在声音传播的过程中减弱噪声，故B错误；

C、医院附近禁止鸣笛，是在声源处减弱噪声，故C正确；

D、工人戴防噪声耳罩，是在人耳处减弱噪声，故D错误。

故选：C。

【点评】本题主要考查学生对减弱噪声途径的方法的了解和掌握，是一道基础题，难度

不大。

2.早晨，路边的小花小草上会有露水，其中与露水形成有关的物态变化是（）

A.升华B.凝固C.熔化D.液化

【分析】物质由气态变成液态的过程叫做液化，液化是放热过程。

【解答】解：早晨的温度较低，空气中的水蒸气放热，液化形成小水珠，附着在花草上,

就是我们看到的露水。故D正确，ABC错误。

故选：D。

【点评】解决此类题目首先要弄清液化的特点，知道液化是由物体气态变为液态的过程,

根据选项所给物理现象的特点进行判断分析。

3.中国的诗词歌赋中蕴含着丰富的光学知识，下列说法正确的是（）

A.“楼台倒影入池塘”，楼台倒影是光的折射形成的

B.“人有悲欢离合，月有阴晴圆缺”，阴晴圆缺的月亮是自然光源

C.”起舞弄清影，何似在人间”，影子的形成是由于是光的反射

D.“日月如逝川，光阴石中火”，日食和月食原理都是光沿直线传播

【分析】（1）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸

上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

（2）影子是由于光照射到不透明的物体形成的阴影部分，是由于光的直线传播形成的；

（3）我们把能自身能发光的物体叫做光源。

【解答】解：A、楼台倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；

B、月亮本身并不发光，不是光源，是因为反射了太阳光才被人看见的，故B错误；

C、影子是由光的直线传播过程中，遇到不透明物体，阻挡了光的传播，在其后边形成的

一个黑色的区域，故C错误；

D、日食和月食都是由光的直线传播形成的，日食是月球挡住了太阳光，月食是地球挡住

了太阳光，故D正确。

故选：D。

【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的直线传播、光的反射的理解，在

学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。

4.将电灯、开关和插座接入家庭电路中，如图中完全正确的是（）

B.

火线

零线

火线

零线

【分析】为了安全，控制灯泡的开关应该与火线相连；三孔插座的左孔接零线，右孔接

火线，中间孔接地线，据此作图0

【解答】解：电灯的开关要接在火线和灯泡之间；插座的三孔要按照“左零右火上接地”

的原则，故C正确。

故选：Co

【点评】开关控制灯泡时，开关接在零线和灯泡之间也能控制灯泡，但是在切断电路时，

灯泡上还与火线相连，更换灯泡是不安全的。

5.如图所示的措施中，为了增大摩擦的是（）

图甲图乙图丙图丁

A.甲图给门的合页加润滑剂

B.乙图在手上涂防滑粉

C.丙图冰壶运动员用冰刷摩擦冰面

D.丁图机器运动部分安装滚动轴承

【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，

增大接触面的粗糙程度；

（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接

触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。

【解答】解：A、给门的合页加润滑剂，使接触面脱离，属于减小摩擦，故A不合题意；

B、在手上涂防滑粉，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B

符合题意；

C、冰壶比赛中运动员在冰壶前方“刷冰”，使冰熔化，形成一层水膜，通过使接触面脱

离，从而减小了摩擦力，故C不合题意；

D、机器运动部分安装滚动轴承，用滚动摩擦代替滑动摩擦，属于减小摩擦，故D不合

题意。

故选：Bo

【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在

生活中应用非常广泛，解答此类问题时要利用控制变量法研究。

6.关于如图所示的四幅图中，说法正确的是()

(A)(B)(C)(D)

①分别在A、B、C三处用同样大小的力推门，在C处感觉关上门的难度最大，说明力的

作用效果与力的大小有关

②锤头松了，人们常用撞击锤柄的方法使锤头紧套在锤柄上，利用了锤头的惯性

③活塞式抽水机利用大气压，标准大气压下，能提升水的最大高度约为10.3m

④自制气压计从一楼走上五楼，观察到管内水柱变高，说明大气压随高度的增加而减小

A.①②B.②③④C.①③@D.①②③

【分析】(1)力的大小、方向和作用点影响力的作用效果；

(2)一切物体都有保持运动状态不变的性质，叫惯性；

(3)据大气压与支持水柱的压强相等列等式，计算出大气压支持水柱的高度，做出判断；

(4)大气压不是一成不变的，与高度、天气都有关，且随高度的增加而减小。

【解答】解：①分别在A、B、C三处用同样大小的力推门，在C处感觉关上门的难度最

大，这说明力的作用效果与力的作用点有关，故①错误；

②锤头松了，用撞击锤柄的方法能使锤头紧套在锤柄上，是因为撞击时，锤柄停止运动，

而锤头由于惯性，要保持原来的运动状态，继续向下运动，这是利用了锤头的惯性，故

②正确;

③活塞式抽水机是利用大气压工作的，据P=Pgh知，在标准大气压下，能提升水的最大

PO1.013×IO5Pa

高度h=-10.3m

P水g1.0×103kg∕m3×9.8N∕kg

故③正确;

④从一楼到五楼，高度增加，观察到管内水柱变高，是因为瓶内气压不变，而瓶外气压

变小了，这说明大气压随高度的增加而减小，故④正确。

故选：B,

【点评】本题考查了力的作用效果、惯性的利用、液体压强公式的应用、大气压与高度

的关系，属于基础题。

7.在如图所示的四个通电螺线管中，能正确地表示通电螺线管磁极极性的是（）

A.B.

C.D.

【分析】由电源的极性可判出电流方向，然后由安培定则可判定。

【解答】解：A、电流由左端流入，由安培定则知右侧为N极，A错。

B、电流由右端流入，由安培定则知左侧为N极，B错。

C、电流由右侧流入，由安培定则可知右侧为N极，错。

D、电流由右侧流入，由安培定侧可知右侧为N极，D对。

故选：D。

【点评】本题为安培定则的直接应用，须熟练应用安培定则。

8.如图，在动车站的自动检票闸机口，乘客需刷身份证同时进行人脸识别，两个信息都符

合后闸机门（电动机）才自动打开，可检票通过。身份证和人脸识别系统相当于开关,

信息符合后开关自动闭合，下列模拟电路中，符合上述要求的是（）

-®-

∖S1sʌ

B.Ll—

【分析】根据题意分析两个开关的连接方式，从而得出正确的电路图。

【解答】解：根据题意可知，只有两个开关都闭合的情况下，闸机自动打开，这说明两

个开关相互影响，是串联的，然后与电动机串联，故B正确。

故选：Bo

【点评】本题考查根据要求设计电路，逐一对每个电路进行分析，找出与题中条件相符

合的电路图即可。

9.在如图所示的电路中，闭合开关S后，要使滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表的

示数减小，则M、N应与滑动变阻器上的哪两个接线柱连接（）

A.M接CN接DB.M接AN接BC.M接AN接DD.M接CN接B

【分析】滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中的电阻丝的长度来改变电阻的，它的正

确接法是“一上一下”。哪一段电阻丝被接入电路中是由下面的接线柱决定的。若接左下

接线柱，滑片向右移动，电阻变大，则电路中的电流变小；若接右下接线柱，滑片向左

移动，电阻变大，则电路中的电流变小。

【解答】解：滑片向右移动，电流表示数减小，电阻值则增大：所以应将A、C或A、D

接入电路，即M接A,N接C或D。

故选：Co

【点评】滑动变阻器接入电路时，一定要选择一上一下接线柱，并且滑动变阻器连入电

路的部分，取决于连入电路的下面接线柱。

10.下列数据与事实相符的是（）

A.一节新干电池电压为3V

B.人的正常体温大约是42℃

C.初中物理课本长度大约是26Cm

D.托起两个鸡蛋所用的力大约是ION

【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要

进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

【解答】解：A.一节干电池电压为1.5V,故A不正确；

B.人体的正常体温约为37℃,变化幅度不大，故B不正确；

C.中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm,物理课本的长度略大于

20cm,在26Cm左右，故C正确；

D.托起两个鸡蛋所用的力大约是1N,故D不正确。

故选：Co

【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地

学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。

二、多选题：

（多选）11.在探究凸透镜成像规律的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰

在光屏上恰好成一清晰等大的实像，下列说法正确的是（）

JFiIwITl川川TIlll测⅛，ψιι∣F∣ι∣ι师ɪTIIunF川IζifMllIinF川川IF川川I][

劫OanlO2030405060708090100限

A.该凸透镜的焦距是IoCm

B.将蜡烛移动到20Cm刻度处，移动光屏可得到倒立、缩小的实像

C.将蜡烛移动到35Cm刻度处，为使烛焰在光屏上成一清晰的像，应向右移动光屏

D.将蜡烛移动到45Cm刻度处，为使烛焰在光屏上成一清晰的像，应向右移动光屏

【分析】（1）根据像距和物距的关系确定焦距的大小；

（2）根据焦距的大小，由物距与焦距的关系进行判断；

（3）凸透镜成实像时，具有物近像远像变大的特点；

（4）物距小于焦距，成正立、放大的虚像。

【解答】解：A、由图可知，此时的物距等于像距，为20.0cm,成的是倒立、等大的实

像，则u=2f,故f=10cm,故A正确；

B、将蜡烛移动到20Cm刻度处时，物距为30.0cm>2f,成的是倒立、缩小的实像，故B

正确；

C、将蜡烛移动到35Cm刻度处，u=50cm-35cm=15cm,物距在一倍焦距和二倍焦距之

间，像距应大于二倍焦距，故应向右移动光屏，才能在光屏上呈现清晰的像，故C正确；

D、将蜡烛移动到45Cm刻度处，u=50cm-45cm=5cm,物距小于焦距，成正立、放大

的虚像，故光屏上接收不到像，故D错误。

故选：ABCo

【点评】本题考查了凸透镜成像规律的应用，要熟练掌握规律的内容，解决此题的关键

是求出焦距的大小。

（多选）12.小京利用铝块、细线、量筒、适量的水和一个形状不规则的小蜡块进行了如图

所示的四个操作步骤，图中Vo、VBV2、V3分别是量筒中水面所对应的示数。已知水

的密度为P水，利用图中测量出的物理量和P水可以得到的正确的表达式是（）

B.铝块的体积是V3-Vo

C.蜡块的质量是（VLVO）p水

D.蜡块的密度是K

（V2-V3）

【分析】A.由丙丁两图可知，蜡块的体积；

B.由甲丁两图可知，铝块的体积；

C.由乙图可知，蜡块是漂浮在水面上，则蜡块受到的重力等于蜡块受到的浮力，根据阿

基米德原理得蜡块的质量；

D.由密度公式得出蜡块的密度。

【解答】解：A、由丙丁两图可知，蜡块的体积是V2-V3,故A错误；

B、由甲丁两图可知，铝块的体积是V3-Vo,故B正确；

C、由乙图可知，蜡块是漂浮在水面上，则蜡块受到的重力等于蜡块受到的浮力，根据阿

基米德原理得，F浮=P水gV曲则有mg=p,κgV排，则m=（Vl-Vo）P水，故C正确;

nC_m蜡块_(VI-Vo)P水

故D正确。

P始块历嬴=…

故选：BCDo

【点评】本题考查浮力和密度的有关知识，是一道综合题。

（多选）13.如图所示，电源电压为12V且保持不变，灯泡Ll标有“12V6W”的字样，灯

泡L2标有,,2V1W”的字样，电流表量程为0~3A,滑动变阻器R标有“12Q2A”的字

样（假设灯丝电阻不变），则下列说法正确的是（）

S3

A.闭合Si、S2,断开S3时，Ll的实际功率为6W

B.只闭合S3,变阻器滑片滑到最右端时，L2正常发光

C.闭合Si、S2、S3时，电路消耗的最小功率为18W

D.改变三个开关的状态和调节滑动变阻器滑片，电路消耗的最大功率为30W

【分析】（1）闭合Si、S2,断开S3时，电路为Ll的简单电路，根据额定电压下灯泡正

常发光可知此时Li的实际功率；

（2）只闭合S3时，L2与变阻器R串联，当灯泡L2正常发光时其两端的电压和额定电压

相等，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点和P

=Ul求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻，然后与滑动变

阻器的最大阻值相比较进行判断；

（3）闭合Si、S2、S3时，Ll与变阻器并联，电流表测干路电流，当滑动变阻器接入电

路中的电阻最大时电路中消耗的电功率最小，根据并联电路的电压特点和P=止求出变

R

阻器消耗的电功率，然后加上LI的电功率即为电路消耗的最小功率；

（4）闭合Si、S2、S3时，Ll与变阻器并联，电流表测干路电流，根据P=Ul求出Ll正

常发光时的电流，又知道滑动变阻器允许通过的最大电流，根据并联电路的电流特点求

出此时电路中的电流，然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，根据P=Ul

求出电路消耗的最大功率。

【解答】解：(1)闭合Si、S2,断开S3时，电路为Ll的简单电路，

因电源的电压和灯泡Li的额定电压相等，

所以，灯泡Ll的实际功率为6W,故A正确；

(2)只闭合S3时，L2与变阻器R串联，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，当灯泡L2正常发光时，变阻器两端的电压：

Ui9=U-U2=12V-2V=IOV,

因串联电路中各处的电流相等，

所以，由P=Ul可得，电路中的电流：

12=—=-^=0.5A,

U22V

由I=且可得，滑动变阻器接入电路中的电阻:

R

冷悬=2皿"，

Rjft=

所以，变阻器滑片滑到最右端时，L2不可能正常发光，故B错误；

(3)闭合Si、S2、S3时，Ll与变阻器并联，电流表测干路电流，

当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中消耗的电功率最小,

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，变阻器消耗的电功率：

PR=尤=(12V)2=∣2W,

R12Ω

电路消耗的最小功率：

P小=P1+PR=6W+12W=18W,故C正确；

(4)闭合Si、S2、S3时，Ll与变阻器并联，电流表测干路电流，

L1正常发光时的电流：

=£16W

=0.5A,

ʊl12V

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且滑动变阻器允许通过的最大电流为2A,

所以，电路中的电流：

I=h+IR=O.5A+2A=2.5A<3A,

所以，电路中的最大电流为2.5A,

电路消耗的最大功率：

P大=Ul=I2VX2.5A=30W,故D正确。

故选：ACDo

【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭

合、断开时电路连接方式的判断，难点是电路消耗最大功率的判断。

三、填空题

14.如图所示，木块的长度为2.20cm,电流表的读数为0.08A。

0.2°∙”,,3

Icm23

川∣ιι川川IIllllhIlIIMIl

乙

【分析】刻度尺读数时，先明确分度值，再根据对应的刻度位置读数，并估读到分度值

的下一位；

明确电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数。

【解答】解：刻度尺的分度值为0.1cm,木块的左端在1.00Cm位置，右端在3.20Cm位置,

木块的长度为3.20cm-LOOcm=2.20cm；

电流表的量程为0~0.6A,分度值为0.02A,示数为0.08A。

故答案为：2.20；0.08»

【点评】本题考查了长度和电流表的读数，属于基础题。

15.2022年6月5日，神舟十四号载人飞船发射圆满成功。飞船升空时，以地球为参照物,

飞船是运动（选填“运动”或“静止”）的；飞船进入太空后，航天员携带物品的

质量将不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

【分析】（1）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参

照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；

（2）质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变，如果只

是改变了形状、状态、位置、温度则不会发生改变。

【解答】解：飞船升空时，以地球为参照物，飞船的位置不断变化，所以是运动的；

质量决定于物体所含物质的多少，与位置无关，所以飞船进入太空后，航天员携带物品

的质量不变。

故答案为：运动；不变。

【点评】此题是一道联系社会热点的综合题，考查的知识点较多，难度不大。

16.中华茶文化源远流长。如图所示，茶叶采用真空包装时，抽去茶叶袋中的空气，在大

气压作用下,茶叶袋会被压扁；用热水沏茶时，茶香四溢，这是分子不停地做无规

则运动形成的。

【分析】真空包装，是指袋内气压远小于外界大气压；

分子在不停地做无规则运动。

【解答】解：茶叶采用真空包装时，抽去茶叶袋中的空气，包装袋内气压小于外界大气

压，在大气压作用下，茶叶袋会被压扁；用热水沏茶时，茶香四溢，这是扩散现象，说

明组成物质的分子在不停地做无规则运动。

故答案为：大气压；不停地做无规则运动。

【点评】本题考查大气压的应用和分子的热运动，属于基础题。

17.重500N的物体，在IOON的水平拉力作用下，沿水平地面以0.5π√s的速度匀速运动10s,

在这个过程中，拉力所做功的功率是50W,重力做功为0J。

【分析】已知拉力的大小和物体的运动速度，根据公式P=FV可求拉力所做功的功率；

在重力方向上没有移动距离，所以重力做功为0。

【解答】解：拉力所做功的功率：P=∙^=版=FV=IoONXo.5m∕s=50W;

tt

物体在水平地面上运动，重力的方向是竖直向下的，物体在重力的方向上没有移动距离,

所以重力做功为0J。

故答案为：50；Oo

【点评】本题考查功率的计算，关键是知道影响做功的因素是有力作用在物体上和物体

在力的方向上移动距离，会根据这两个因素判断力是否做功。

18.搬运砖头的独轮车，车箱和砖头所受的总重力G为800N,独轮车的有关尺寸如图所示。

推车时人手向上的力F的大小为240N：独轮车属于省力杠杆（选填“省力”或

“费力

【分析】（1）根据杠杆的平衡条件BLI=F2L2可以求出作用在车把上竖直向上的力的大

小；

（2）结合图片和生活经验，先判断独轮车在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，

再判断它是属于哪种类型的杠杆。

【解答】解：（1）由FLI=GL2可得：F×lm=800×0.3m,解得：F=240N;

（2）因为独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆。

故答案为：240；省力。

【点评】此题主要考查的是杠杆平衡条件的应用、杠杆的分类，属于中考的常见题型，

难度不大。

19.如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S,滑动变阻器滑片P从a端移动到b

端的整个过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图像如图所示。则电阻RI的阻值

为10Q；当变阻器滑片P处于a端时，电阻Rl消耗的功率为0.1W。

【分析】分析电路图，定值电阻Rl与滑动变阻器R2串联，电压表测Rl两端的电压，电

流表测电路中的电流。

（1）当滑片位于b端时，电路为Rl的简单电路，电压表测Rl两端的电压（电源电压）,

此时电路中的电流最大，由图像可知此时Rl两端的电压、电路中的电流，利用欧姆定律

求

Ri的阻值；

(2)当滑片位于a端时，RBR2串联，电压表测Rl两端的电压，由图像可知，此时电

路中的电流、Rl两端的电压，利用P=Ul求电阻RI消耗的电功率。

【解答】解：由电路图可知，定值电阻Rl与滑动变阻器R2串联，电压表测RI两端的电

压，电流表测电路中的电流。

(1)当滑片位于b端时，电路为RI的简单电路，电压表测电源电压，此时电路中的电

流最大，

由图像可知，电源电压U=3V,此时Rl两端的电压Ul=U=3V,电路中的电流Iift大=

0.3A,

由欧姆定律可得：

UI,3V

Ri==1O∩;

I最大O.3A

(2)当滑片位于a端时，RHR2串联，电压表测Rl两端的电压，此时电路中的电流最

小，

由图像可知，此时电路中的最小电流Iia小=0.IA时，Rl两端的电压U∣'=IV,

电阻RI消耗的电功率Pi'=UlT与小=IVX(HA=O.1W。

故答案为：10;O.Io

【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用以及电功率的计算，从图像中获

取有用的信息是关键。

四、综合题：

20.小明帮爷爷网购了一台电热足浴盆，铭牌上标有“220V500W”，将该足浴盆按容量装

满IOkg的水正常工作30min,水温从20℃升高至35℃,已知C水=4.2XIO3J/(kg∙°C),

求：

(1)水吸收的热量；

(2)该足浴盆的热效率。

【分析】(1)已知足浴盆装满水的质量、水的初温、末温和比热容，根据Q吸=C水m∆t

计算水吸收的热量；

(2)已知足浴盆的额定功率和正常工作时间，根据W=Pt计算足浴盆消耗的电能，根

据Tl=%X100%计算足浴盆的热效率。

W

【解答】解：(1)水吸收的热量为：Q吸=C水mAt=4.2Xl()3j/(kg∙°C)×IOkgX(35℃

-20℃)=6.3×IO5J;

(2)足浴盆常正常工作30min消耗的电能为：W=Pt=500W×30X60s=9×105J,

X1

足浴盆的热效率为：η=⅛×100%=^-？⅛χ100%=70%«

W9×105J

答：(1)水吸收的热量为6.3Xl()5j;

(2)该足浴盆的热效率为70%.

【点评】本题考查热量、电能和效率的计算，属于基本公式的应用。

21.在如图甲所示的电路中，电源电压为6V且保持不变，闭合开关S后，滑片P从b端移

动到a端的过程中，电压表示数U与电流表示数I的关系图像如图乙所示，贝

(1)Ri的电阻为多少？

(2)电路消耗的最小功率为多少？

(3)1分钟Rl产生的热量最多是多少？

甲乙

【分析】由图甲可知，RI与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。

(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻为。时，电路中的电流最大，根据图像读出电路中

的最大电流，根据欧姆定律求出Ri的电阻；

(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的电功率最

小，根据图乙读出电路中的最小电流，根据P=UI求出电路消耗的最小电功率；

(3)由Q=FRt计算1分钟Rl产生的最多热量。

【解答】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电

流。

(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻为O时，电路中的电流最大，由图乙可知此时电路

中电流I大=0.6A,

由I=U可得，Rl的电阻：

R

Rl=—y—=—^—=10∩;

I大0.6A

(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的总功率最

小，

由图乙可知，I小=O.2A,

所以电路消耗的最小功率：

P小=U1,∣∖=6VX0.2A=1.2W；

(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，即通过Rl的电流最

大，其1分钟产生热量最多，

Qi=U2Rit=(0.6A)2×10∩×60S=216JO

答：(I)Rl的电阻为10∩;

(2)电路消耗的最小功率为1.2W；

(3)1分钟Rl产生的热量最多是216J。

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式以及焦耳定律公式的应用,

从图像中获取有用的信息是关键。

22.在“探究影响滑轮组机械效率的因素”的实验中，小明用同一滑轮组进行了三次实验,

实验数据如表：

序号动滑轮重G物重G/N物体上升的绳端受到的绳端移动的滑轮组的机

动/N高度h/cm拉力F/N距离s/cm械效率η∕%

10.51100.63055.6

20.52101.03066.7

30.541030

(1)根据表格中的数据，在图甲种画出滑轮组的绕绳方法；

(2)第三次实验时，测力计示数如图乙所示，此时绳端受到的拉力为1.8N,所做

的有用功为0.4J,滑轮组的机械效率为74.1%；

(3)根据表格中的数据分析可知：随着物重的增大，滑轮组机械效率变大(选填

“变小”、“不变”或“变大”)。

【分析】(1)根据h与S的关系(s=nh)结合表格中数据判断承担物重的绳子段数，然

后绕线；

W有

(2)读出测力计的示数，根据W有用=Gh可求有用功，根据公式Tl=上XIo0%计算机

W总

械效率；

(3)使用同一滑轮组，为了提高机械效率，可从增大有用功或减小额外功考虑。

【解答】解：(1)根据表格中的数据可知，绳子自由端移动的距离是物体上升高度的3

倍，所以动滑轮上有三条绳，如图所示：

(2)如乙图所示，每个小格表示0.2N,弹簧测力计的示数是L8N。

由表可知第三次所做的有用功Wfr用=Gh=4NX0.1m=0.4J,

由表可知第三次所做的总功W总=FS=I.8NX0.3m=0.54J,

滑轮组机械效率η=⅛≤-×100%=^⅛r×100%=74.1%«

W总0.54J

（3）根据表中数据可知，物重由IN增大到4N,其他条件不变时，滑轮组的机械效率由

55.6%增大至U74.1%,故可得出随着物重的增大，滑轮组机械效率变大。

故答案为:（1）见解析;（2）1.8；0.4；74.1；（3）变大。

【点评】此题是“探究滑轮组的机械效率”实验，考查了滑轮组机械效率的计算，根据

数据分析滑轮组的连接方式，同时考查了有关测力计的读数问题，要细心分析每一个问

题。

23.如图所示是小明同学测量调和油密度的实验。

（1）按图甲把天平放在水平桌面上，调节天平横梁平衡，这一过程中的错误是游

码未归零。

（2）用正确操作方法将天平调平后，小明先用天平测出空烧杯的质量为14g,将适量的

调和油倒入烧杯中，测量结果如图丙所示，则烧杯和调和油的总质量为34.8go

（3）将烧杯中的调和油全部倒入量筒中，如图乙所示，调和油的体积为26mL»

（4）由以上实验数据可计算出调和油的密度为0.8×IO3kg∕m∖

（5）若按上述步骤进行实验，调和油密度的测量值与真实值相比会偏大（填“偏

大”“偏小”或“不变”）。

【分析】（1）把天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端的零刻度线处，调节天平横

梁平衡；

（2）用天平测量物体质量时，被测物体的质量等于祛码总质量与游码所对刻度值之和；

（3）先确定量筒的分度值，再根据液面位置读出量筒中调和油的体积；

（4）已知烧杯的质量、烧杯和调和油的总质量，两者之差就是调和油的质量；根据密度

的计算公式计算调和油的密度；

（5）根据密度公式和实验步骤分析解答。

【解答】解：（1）把天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端的零刻度线处；按图甲

调节天平横梁平衡，这一过程中的错误是调节平衡螺母之前没有将游码移到标尺左端零

刻度线处；

（2）由图丙知烧杯和调和油的总质量为：20g+10g+4.8g=34.8g,

（3）量筒的分度值为ImL,由图乙知调和油的体积为V=26mL=26cπ?,

（4）量筒中调和油的质量为：m=34.8g-14g=20.8g,

调和油的密度为：p≈≡-=20∙8ξ^0.8g∕cm3≈0.8×103kg∕m3;

V26cm3

（5）先测空烧杯的质量，再测烧杯和调和油的总质量，再将调和油倒入量筒中测体积时,

因为烧杯壁会残留部分调和油，所以调和油的体积减小了，根据密度公式P=半知，质量

不变，体积减小，密度值就增大了，所以结果偏大。

故答案为：（1）水平；游码未归零；（2）34.8；（3）26；（4）0.8X103；（5）偏大。

【点评】本题考查了天平的调节、液体密度的测量方法以及误差的分析等，掌握原理，

学习中学会以不变应万变。

24.现要测量阻值约为500。电阻RX的具体阻值，提供的器材如下：待测电阻，两节旧干

电池，两个开关Si、S2,导线若干。另外，还有可供选择的以下器材：

A.电流表A（量程：0~0.6A）

B.电压表V（量程：0~3V）

C.定值电阻Rl（阻值：5Q）

D.定值电阻R2（阻值:300∩）

为进行较准确的测量，请你从A、B、C、D、四个实验器材中再选择两个器材，并根据

要求解答下列问题：

（1）画出实验电路图，并标明所选用定值电阻的符号；

（2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量；

（3）写出待测电阻的数学表达式（用已知量和测量量表示）。

【分析】（1）待选器材中选用电压表和已知电阻起到电流表的测量作用，将待测电阻和

已知电阻串联，画出电路图；

(2)先测量出电源电压，再测量出两电阻串联时定值电阻的电压;

(3)根据串联电路的规律和欧姆定律得出待测电阻RX的字母表达式。

【解答】解：(1)2节旧干电池，电源电压小于3V,待测电阻约为500C,由欧姆定律可