2023年广东省梅州市高考物理质检试卷

2023年广东省梅州市高考物理质检试卷

1.中国跳水“梦之队”在东京奥运会上荣获7金5银12枚奖牌。某同学将[W（m∙J）

一小球（可看成质点）从平台边缘竖直向上抛出来模拟运动员的跳水运动，Tk

从小球抛出时开始计时，若小球的速度与时间关系的图像如图所示，不计J/，L2>∙O∖

空气阻力。则下列说法正确的是（）

A.小球在1.2s时到达最高点B.小球在水中最深处时加速度最大

C.跳台与水面的高度差是2.4TnD.小球潜入水中的深度为3.2Zn

2.2022年11月30日，神舟十五号载人飞船与空间站完成对接，“胜利会师”的两个航天员

乘组一起在中国人自己的“太空家园”留下了足以载入史册的太空合影（如图所示）。空间站

绕地球飞行的轨道可视为圆轨道，轨道离地面高度约为400km。下列说法正确的是（）

A.空间站的线速度小于同步卫星的线速度

B.完成对接后中国空间站的质量增大，但运行速度大小不变

C.空间站内的航天员处于平衡状态

D.神舟十五号载人飞船的发射速度小于7.9km∕s

3.如图甲所示，理想变压器原线圈接入图乙所示的交变电压，副线圈电路中RO为定值电阻，

R是滑动变阻器，原、副线圈的匝数之比为10：1,匕和匕是理想交流电压表，示数分别用UI和

”表示；4和4是理想交流电流表，示数分别用A和/2表示。则下列说法正确的是（）

WN

220立

0.01OO2¾s

-22Qy∕2

甲乙

A.t=0.01s时，电压表匕的示数Ul不为零

B.滑片P向下滑动过程中，UJi的数值变小

C.滑片P向下滑动过程中，牛的数值变大

1Z

D.滑片P向下滑动过程中，R消耗的功率一定变大

4.亲子游戏有益于家长与孩子之间的情感交流。如图所示，父亲与儿子站在水平地面玩抛

球游戏，两人相向站立，各持一小球并将球水平抛出，下述抛球方式可能使两球在落地前相

遇的有（）

A.父亲先将球抛出

B.儿子先将球抛出

C.两人同时将球抛出

D.儿子下蹲适当高度后再与父亲同时将球抛出

5.如图甲所示，B超检查是医学上常用的诊断方法,其基本原理是探头向人体内发射超声波,

超声波遇到人体不同的组织会产生不同程度的反射。图乙、丙是仪器检测到的探头发送和接

收的超声波图像，其中图乙为某时刻沿X轴正方向发送的超声波，图丙为一段时间后沿X轴负

方向返回的超声波。已知超声波在人体内传播速度约为1500τn∕s,下列说法正确的是（）

v/mm

丙

A.图丙中质点b正沿y轴正方向运动

B.图乙和图丙中，质点α和质点b加速度相同

C.图乙中质点ɑ的振动周期为r=8.0xl0Ts

D.图乙中质点α在此后的0.1S时间内运动的路程为40Om

6.梅州的非物质文化遗产有不少，兴宁花灯就是其中一种，它与北京官灯是一脉相承，始

于宋代，流行于明清，是传承了上千年的客家传统习俗。花灯用四条长度相同、承受能力相

同的绳只高高吊起，如图所示，绳子与竖直方向夹角为。，花灯质量为m,则下列说法正确的

是（）

A.每条绳子的拉力均相同

B.增大绳子与竖直方向的夹角，花灯受的合外力增大

C.绳子拉力的合力方向为竖直方向

D.绳子长一些更易断

7.人们对手机的依赖性越来越强,有些人喜欢平躺着看手机（如图所示）,不仅对眼睛危害大,

还经常出现手机砸伤脸的情况。若手机质量约为200g,从离人脸约20Cm的高处无初速掉落，

砸到人脸后手机未反弹，人脸受到手机的冲击时间约为O.ls,重力加速度g取IOm/S2,不计

空气阻力。下列说法正确的是（）

A.手机下落的过程和与人脸接触的过程均处于失重状态

B.手机对人脸的冲量大小约为0.4N∙S

C.手机对人脸的平均冲力大小约为6N

D.手机与人脸作用过程中动量变化量大小约为0

8.如图所示，为关于近代物理学的图象，则下列说法正确的有（）

A.如图甲所示，由黑体的辐射强度与辐射光波长的关系可知，随温度的升高，辐射强度的极

大值向波长较长方向移动

B.如图乙所示，发生光电效应时，入射光光强越强，光电子的最大初动能也就越大

C.如图丙所示，α粒子散射实验中，α粒子与金原子中的原子核碰撞可能会发生大角度偏转

D.如图丁所示，大量氢原子处于n=4的激发态，跃迁过程中可能释放出6种频率的光子，其

中从n=4的能级跃迁到Ti=3能级辐射的光子波长最长

9.如图所示为电子束焊接机简易原理图，图中带箭头的虚

线表示电场线，P、Q是电场中的两点。K为阴极，A为阳极，

两点距离为d,在两极之间加上高压U,—电子从K极由静止

被加速。不考虑电子重力，元电荷为e,则（）

A.AK之间的电场强度为g

B.P点的电势低于Q点的电势

C.电子由K到4的电势能减少了eU

D.电子由P运动到Q,电场力做负功

10.如图所示，长方体的力BCo面为正方形，整个空间存在竖直向上的匀强磁场，现在ZB、

BC、CD、∕λ4上分别放置四根导体棒，且构成一闭合回路，当回路中通有沿力BSM方向的电

流时，下列说法正确的是（）

A.CD棒所受的安培力方向垂直纸面向外B.四根导体棒均受安培力的作用

C.CD棒与ZM棒所受的安培力大小相等D.ZM棒所受的安培力最大

11.在天宫课堂中，我国航天员演示了利用牛顿第二定律测量物体质量的实验，受此启发,

某同学利用气垫导轨、力传感器、无线加速度传感器、轻弹簧和待测物体等器材设计了测量

物体质量的实验。如图甲所示，主要步骤如下：

加速度传感器

」力传感器Γ-l

匚二LQfi两迦及2双滑块气垫导轨

6/卜K＞通气源

图甲

①将力传感器固定在气垫导轨左端支架上，加速度传感器固定在滑块上；

②接通气源，放上滑块，调平气垫导轨；

③将弹簧左端连接力传感器，右端连接滑块，弹簧处于原长时滑块左端位于。点，4点到。点

的距离为5.00cτn,拉动滑块使其左端处于4点，由静止释放并开始计时；

④计算机采集获取数据，得到滑块所受弹力尸，加速度α随时间t变化的图像，部分图像如图

乙所示。

fF/N

回答以下问题(结果均保留两位有效数字)：

(1)弹簧的劲度系数为N/m；

(2)该同学从图乙中提取某些时刻尸与ɑ的数据，画出a-F图像如图丙中I所示，由此可得滑

块与加速度传感器的总质量为kg；

(3)该同学在滑块上增加待测物体，重复上述实验步骤，在图丙中画出新的a-F图像II,则

待测物体的质量为kg。

12.用一张锌片和一张铜片，中间夹一张浸过盐水的纸，并从锌片和铜片各引出一个电极,

这样就组成了一个电池。为研究该电池组的特性，某同学进行了以下实验：(计算结果均保留

3位有效数字)

甲乙

(1)将电池组按图中所示接入电路，图中电流表的量程为IOm4内阻为1000；

(2)闭合开关,调节电阻箱的值,发现当R=IoOo时，电流表的示数/如图乙所示,则/

mA↑

(3)反复调节电阻箱的值，读出多组电流表的示数/(算出;的值)和对应电阻箱的阻值R,并在

图丙中描出了相应的数据点，请利用已描出的点绘出;-R图线;

(4)由图丙绘出的;-R图线可知，该电池组的电动势为V,内电阻为0。

13.如图所示，生活中，我们用保温杯接开水后拧紧杯盖，待水冷却后就很难拧开

.某可显示温度的保温杯容积为500mZ,倒入200n√热水后，拧紧杯盖，此时显示温

度为87。配压强与外界相同.已知，外界大气压强PO为1.0x105pα,温度为17。&

杯中气体可视为理想气体，不计水蒸气产生的压强。

(1)请写出水冷却后杯子很难拧开的原因.

(2)求杯内温度降到17。C时，杯内气体的压强。

14.如图所示，两块水平放置、相距为d=0.5m的长金属板接在电压U=IlZ的电源上。两

板之间的虚线右侧区域存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为8。将喷墨打印机

的喷口靠近两板中间的位置，从喷口连续不断喷出质量均为τn=3.2XlO-kg、速度水平且

大小均为%=5m/s、电荷量相等的墨滴。墨滴在电场区域恰能水平向右做匀速直线运动,

并垂直磁场左边界进入电场、磁场共存区域后，最终打在下板的M点。M点与磁场左边界的

水平距离亦为d,取g=10m∕S2.

(1)判断墨滴所带电荷的电性，并求其电荷量q；

(2)求磁场的磁感应强度8。

15.某物流公司用如图所示的传送带将货物从高处传送到低处。传送带与水平地面夹角O=

37°,顺时针转动的速率为为=2m∕s,,将质量为m=25kg的物体无初速地放在传送带的顶端

A,物体到达底端8后能无碰撞地滑上质量为M=50kg的木板左端。已知物体与传送带、木

板间的动摩擦因数分别为〃I=0.5,μ2=0.25,4B的距离为S=8.20m。设最大静摩擦力等于

滑动摩擦力，重力加速度g=10τn∕s2(已知sin37。=0.6,CoS37。=0.8)。求：

(1)物体滑上木板左端时的速度大小；

(2)若地面光滑，要使物体不会从木板上掉下，木板长度L至少应是多少：

(2)若木板与地面的摩擦因数为小且物体不会从木板上掉下，求木板的最小长度LmaX与〃的

关系式。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：4、小球从平台边缘竖直向上抛出，在O-0.4s时间内小球上升，0.4s-2.0s时间内

小球下降，不计空气阻力，小球在空中运动时加速度不变，则小球在0.4s时达到最高点，1.2S小球

开始进入水面，故4错误；

B、1.2s至2.0s时间内进入水中做减速运动，2.0s到水中最深处，加速度为0,故B错误；

C、由图可知小球上升时间为h=0.4s,上升的高度九=:S=gx0.4m=0.8m；0.4-1.2s小球

自由下落的高度为殳=y-^2=I×θ∙8m=3.2m,因此跳台与水面的高度差为九=h2-h1=

3.2m-0.8m=2.4m,故C正确；

D、若小球潜入水中做匀减速运动，则通过的位移为∕⅛=:t2=∣xθ∙8m=3.2m,而实际上，小

球做加速度减小的减速运动，相同时间位移较小，故小球潜入水中的深度小于3.2m,故。错误；

故选：Co

根据速度正负表示速度方向，分析小球的运动方向，确定其运动情况；根据U-t图像与时间轴所

围的面积表示物体通过的位移，结合运动学公式即可求得跳台与水面的高度差。

本题考查D-t图像，关健要明确V-t图像与时间轴所围的面积表示物体通过的位移，速度正负表

示速度方向。

2.【答案】B

【解析】解：AB。设地球半径为R,人造卫星等航天器距离地面九处绕地球做匀速圆周运动，根据

万有引力提供向心力得：

G爵=7n悬=m（爷”（R+九）

我们知道同步卫星得周期是24小时，代入公式可以得出同步卫星距离地面的高度约为36000km,

并由公式可知，轨道半径大则线速度小，并且同样的高度有同样的环绕速度，与环绕的航天器质

量无关，故A错误，B正确；

C、平衡状态只对应静止或者匀速直线运动，而空间站内的航天员随着空间站一起匀速圆周运动，

不是处于平衡状态，故C错误；

。、7.9∕σn∕s是航天器发射的最小速度，并且是根据万有引力提供向心力在航天器近地运行时推导

出来的，轨道半径大，运行速度小，但是发射时的速度要大于7.9∕σn∕s,故。错误。

故选：B。

人造卫星等航天器绕地球做圆周运动，主要解题思路就是万有引力提供向心力，列式讨论分析。

关于人造卫星等航天器发射与运行的问题，我们一定要注意区分发射速度与运行速度，发射高轨

道卫星等航天器，需要较大的发射速度才能够进入高轨道，但是进入高轨道万有引力变小，速度

也变小，即使调整轨道加速，在绕行轨道上的运行速度也小于发射时的速度以及第一宇宙速度。

3.【答案】A

【解析】解：4电表的示数为交流电的有效值，电压表匕示数应为220V,故A正确；

B.当滑片向下滑的过程中，副线圈中连入电路中的总电阻变小，根据理想变压器电压与匝数比的

关系i⅞=詈Ul可知，副线圈两端电压不变，根据功率公式P?=户可知，变压器输出功率增大，

根据变压器的功率关系，原线圈中的输入功率Pl=UlA也增大，故B错误；

C.滑片向下滑的过程中，副线圈中连入电路中的总电阻变小，根据欧姆定律，负载的总电阻R负载=

器也减小，故C错误;

D把变压器副线圈看作电源，电阻Ro看作副线圈的内阻，根据电源输出功率与内阻的关系可知，

当R=RO时，电阻R消耗的功率最大；当滑片向下滑的过程中，电阻R变小，但不知道移动滑动片

之前两电阻的大小关系，因此不能确定电阻R消耗的功率的变化情况，故。错误。

故选：Ao

4在交流电中电表显示的都是有效值，根据表达式知道输入电压的有效值；

8.根据理想变压器电压与匝数比的关系分析变压器副线圈两端电压，根据功率公式分析副线圈消

耗的功率，再根据功率关系分析原线圈的输入功率；

C.根据欧姆定律求解负载的总电阻：

D把变压器副线圈看作电源，电阻Ro看作副线圈的内阻，分析电阻R上消耗的功率。

本题考查了变压器的构造和原理，同时考查了电路的动态分析；解决本题的关键是理解变压器电

压与匝数比。电流与匝数比的关系以及功率关系；知道电表读数是有效值。

4.【答案】A

【解析】解：4BC、小球抛出后做平抛运动，竖直方向的分运动为自由落体运动，若两球在落地

前相遇，则父亲扔出的球的竖直位移较大，

则根据自由落体运动的位移一时间公式：h=^gt2

可得小球运动的时间为：t=旧

则父亲扔出去的球运动的时间较长，即父亲先将球抛出，故A正确，8C错误；

D,若儿子下蹲适当高度后与父亲同时将球抛出，两球在竖直方向的运动情况相同，由于初始高

度不同，则两球不能相遇，故。错误。

故选：Aa

研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究：物体在水平方向做匀速直

线运动，在竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同，即分运动具有等时性。

本题考查平抛运动，解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平

抛运动的时间由高度决定。

5.【答案】B

【解析】解：4、图丙中波沿X轴负向传播，根据“上下坡法”可知，质点b正沿y轴负方向运动，

故A错误；

B、图乙和图丙中，质点α和质点b位移相同，根据α=-粒可知两质点的加速度相同，故B正确；

m

C、由图可知，波长为;I=12×10-3τn,图乙中质点ɑ的振动周期为T=4=工3S=8.0Xlθʌ.

V1500

故C错误；

D、因为t=0.1s=125007,质点在一个周期内运动的路程为4个振幅，所以图乙中质点α在此后

的0.1s时间内运动的路程为S=12500X44=12500×4×4×10^3m=200m,故。错误。

故选：B.

由“上下坡法”判断图丙中质点b的振动方向；利用α=-把分析质点α和质点b加速度关系；利用

m

波速公式计算周期；根据时间与周期的倍数关系求质点通过的路程。

本题考查机械波的速度、波长、频率、路程等相关知识。会运用“上下坡法”判断波的传播方向

与振动方向之间的关系，根据时间与周期的倍数关系求质点通过的路程。

6.【答案】C

【解析】解：4、根据对称性可知，每条绳子的拉力大小相等，但方向不同，故A错误；

BC,绳子拉力的合力与花灯的重力等大反向，方向竖直向上，增大绳子与竖直方向的夹角，花灯

受的合外力不变，故B错误，C正确；

。、将拉力分解到水平方向和竖直方向，设绳子上的拉力大小为尸，竖直方向，由平衡条件得：

4Fcosθ—mg

解得：F=溪

绳子长一些，。越小，cos®越大，力尸越小，绳子越不容易断，故。错误。

故选：Co

绳子上拉力方向不同；根据平衡条件判断绳子拉力的合力大小；将拉力分解到水平方向和竖直方

向，根据平衡条件分析拉力与绳长的关系。

本题考查共点力平衡，解题关键是对花灯做好受力分析，根据平衡条件分析即可。

7.【答案】C

【解析】解：4手机接触人脸后，加速度方向是向上的，此时应处在超重状态，故A错误；

B.设竖直向下方向为正方向，v1=yJ~2gh=√2×10×0.2m∕s=2τn∕s（ιz1是手机与人相互作用

之前的速度），对手机用动量定理，则有Tngt-A=0-τn%,由手机对人的冲量），I1=0.6/V∙s,

故8错误：

C因为=把以手机对人的平均作用力A=?=翳N=6N,故C正确；

D.ΔP=mv2—mv1=0—mv1=-OAN-s,故。错误。

故选：C,

以手机为对象，分析手机与人脸相互作用的过程，手机受到的力，然后设定正方向，列动量定理

方程，即可求解。

按动量定理的解题步骤来，此题得到正确结果不难。

8.【答案】CD

【解析】解：4、如图甲所示，由黑体的辐射强度与辐射光波长的关系可知，随温度的升高，辐

射强度的极大值向波长较短的方向移动，故A错误；

8、如图乙所示，发生光电效应时，入射光频率越大，光电子的最大初动能也就越大，与入射光的

强度无关，故B错误；

C、如图丙所示，α粒子散射实验中，α粒子与金原子中的原子核碰撞可能会发生大角度偏转，故

C正确；

D、如图丁所示，大量氢原子处于rɪ=4的激发态，跃迁过程中可能释放出或=6种频率的光子，

其中从n=4的能级跃迁到n=3能级能级差最小，则辐射的光子频率最小，波长最长，故。正确。

故选：CDo

由图可得出波长与辐射强度及温度之间的关系；根据光电效应方程Ekm=hv-%得出最大初动能

与入射光频率”的关系式进行分析；α粒子和金原子的原子核发生碰撞，会发生大角度偏转；跃迁

过程中，根据髭求解释放多少种频率的光子，根据能级差，结合公式C=；If判断光子波长。

本题考查了黑体辐射、光电效应、α粒子散射实验、能级跃迁等基础知识，要求学生对这部分知

识要重视课本，强化理解并熟练应用。

9.【答案】BC

【解析】解：4由题给定的电场线即可知，其间的电场非匀强电场，故4错误；

区根据沿着电场线方向，电势逐步降低，因为电场的线的方向是由4指向K,即Q点的电势高于P点

的电势，故8正确；

C.根据电场力做正功，电势能减少，即伍A=EPK-EPA,因为伍4>0,即EPK-EPA>0,而MK=

UKAe=Ue,故C正确；

D根据电子由P到Q是在加速，由动能定理可得合外力对其做正功，即电场力对其做正功，故。错

误。

故选：BC.

根据沿着电场线的方向电势逐降低，及电场力做功与电势能的关系，即可得出正确的选项了。

本题主要抓住静电场中电势能变化与静电力的功的关系，抓住沿着电场线的方向与电势逐步降低

的结论，可迅速得到解答。

10.【答案】D

【解析】解：4根据左手定则，可知CD棒所受的安培力方向垂直纸面向里，故A错误；

B、由于AB棒与磁场的方向平行，因此AB棒不受安培力的作用，故B错误；

C导体棒CD的有效程度与。。边长度相等，而LoD<LDA

根据F=BIL

可知CD棒所受的安培力小于。4棒所受的安培力大小，故C错误；

DLLl于乙。4>LBc，LOD<LDA

结合上述，可知，ZM棒所受的安培力最大，故。正确。

故选Do

根据左手定则判断受力的方向，根据安培力的公式判断安培力的大小。电流和磁场不垂直时，应

将磁场分解，使用其垂直分量计算安培力。

考查安培力的方向判定和大小计算。当电流和磁场不垂直时，安培力的方向垂直于电流和磁场确

定的平面。

IL【答案】120.200.13

【解析】解：(1)由题知，弹簧处于原长时滑块左端位于。点，4点到。点的距离为5.00cτn.拉动滑

块使其左端处于4点，由静止释放并开始计时。结合图乙的F-t图有

∆x=5.00cm=0.005m,F=0.6ION

根据胡克定律

k=f

∆x

计算出

k≈12/V/m

(2)根据牛顿第二定律有

F=ma

则a-F图像的斜率为滑块与加速度传感器的总质量的倒数，根据图丙中I,则有

则滑块与加速度传感器的总质量为

m=0.20kg

(3)滑块上增加待测物体，同理，根据图丙中II,则有

则滑块、待测物体与加速度传感器的总质量为

m'=033kg

则待测物体的质量为

21m=τn'—m=0.33kg—0.20kg—0.13kg

故答案为：(I)12；(2)0.20；(3)0.13

(1)根据图像结合胡克定律解得；

(2)(3)根据牛顿第二定律结合图像可解得质量.

本题考查牛顿第二定律，解题关键掌握实验原理与实验操作，注意图像斜率的含义。

12.【答案】6.01.4343.0

【解析】解：(2)电流表的最小刻度为0.2m4读数为6.0τn4

(3)根据“描点法”作图的原则，作图时使尽量多的点落在直线上，不能落在直线上的要均匀分布

在直线的两侧，舍弃个别相差较远的点，所作的图相如图所示：

i∕(XlO2A-')

3.0母甘斗并群

E

(4)根据闭合电路的欧姆定律/=而燧

化简得"=:∙R+竿

IEE

2

图像的斜率k=075二")2W.ɪ/-l=0.7VT

250—0

图像的纵截距b=1.0X102A-1

结合;-R函数，图像斜率k="

解得电源电动势E=A1IZ=1.43U

图像纵截距b=整

E

2

解得电源内阻r=bE-Rg=1.0×IO×1.430-IOOP=43.0。

故答案为：(2)6.0；(3)见解析；(4)1.43：43.0«

(2)电流表的最小刻度为0.2m4采用“半格估读法”；

(3)根据“描点法”作图的原则作图；

(4)根据闭合电路的欧姆定律求解;-R函数，结合图像的斜率和纵截距求解电动势和内阻。

本题考查了电源电动势和内阻的测量，关键是要弄懂实验的原理，然后根据闭合定律的欧姆定律

求解：-R函数表达式。

13.【答案】解：(1)水冷却后杯子很难拧开的原因是：水冷却后，杯内气体的温度降低，在杯内

气体质量和体积一定时，根据查理定律，杯内气体压强减小，外界大气压强大于杯内气体压强，

使杯盖紧贴杯身，故杯子很难拧开。

(2)杯内气体做等容变化，根据查理定律有

EI="

τγ~τ2

其中

5

Pl=PO=1.0XIOPalT1=(273+87)K=360K,T2=(273+17)K=290K

5

解得：p2=0.81XIOPa

答：(1)见解析。

(2)杯内温度降到17。C时，杯内气体的压强为0.8IX105Pα..

【解析】(1)水冷却后，杯内气体的温度降低，在杯内气体质量和体积一定时，根据查理定律，杯

内气体压强减小，外界大气压强大于杯内气体压强，使杯盖紧贴杯身，故杯子很难拧开；

(2)封闭的气体发生等容变化，根据查理定律列式得出气体的压强。

本题主要考查了一定质量的理想气体的状态方程，解题的关键点是分析出气体变化前后的状态参

量，结合查理定律即可完成分析。

14.【答案】解：(1)墨滴在电场区域做匀速直线运动，则电场力等于重力

qE=mg

在匀强电场中有：E=W

a

解得q=*=3∙2×10^×10×0.5c=ɪ6X10-2c

由于电场方向向下，电荷受到的电场力方向向上，可知墨滴带负电荷。

(2)墨滴垂直进入电、磁场共存的区域，重力仍与电场力平衡，合力等于洛伦兹力，

墨滴做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有q%B=遇

R

根据题设，墨滴运动的轨迹如图所示,

IκX*κ«ɪ

XXXXU

d'一、、

**

R

设圆周运动的半径为R,则有由图示可知R2=d2+(ff-¾2

5

-4

解得B=1.67。

答：(1)判断墨滴所带电荷的电性为负电荷，并求其电荷量为l∙6x10-25

(2)求磁场的磁感应强度是1.67。

【解析】(1)根据在电场中做匀速直线运动说明墨滴受到的重力与电场力相等，可求出电荷量并判

断电性。

(2)根据墨滴落在M点，进入电磁场以后做匀速圆周运动可求磁感应强度。

根据运动求受力情况，根据受力情况分析物体运动的形式，采用数形结合解决问题。

15.【答案】解：(1)物体速度达到传送带速度前，由牛顿第二定律，有mgsin37。+〃ImgCoS37。=

ma1

解得的=10m∕s2

设物体与传送带共速时运动的位移为修，则对物体诏=2α1x1

解得：x1=0.20m<s

此后物体继续在传送带上做匀加速运动，设加速度为。2,则根据牛顿第二定律，有

o

mgsin37—μ1mgcos37°=ma2

解得：a2=2m/s

2

设物体到达B端时的速度大小为力根据运动学公式有2α2(s-x1)=v