2020-2021学年广东省深圳市高一（下）期末物理试卷（附答案详解）

2020-2021学年广东省深圳市高一（下）期末物理试卷

1.关于分子动理论，下列说法正确的是（）

A.气体扩散的快慢与温度无关

B.布朗运动是液体分子的无规则运动

C.分子间同时存在着引力和斥力

D.分子间的引力总是随分子间距增大而增大

2.下列说法正确的是（）

A.汤姆生发现电子并提出了原子的核式结构模型

B.卢瑟福通过a粒子的散射实验发现质子

C.贝克勒尔发现天然放射现象

D.玻尔发现电子并提出了原子的核式结构模型

3.把一个小球套在光滑细杆上，球与轻弹簧相连组成弹

簧振子，小球沿杆在水平方向做简谐运动，它围绕平：：：

AOB

衡位置。在A、B间振动，如图所示。下列结论正确

的是（）

A.小球在。位置时，动能最大，加速度最小

B.小球在A、B位置时，加速度最大，速度也最大

C.小球从A经。到B的过程中，速度一直增加

D.小球从A到。的过程中，弹簧的弹性势能不断增加

4.一个单摆在地面上做受迫振动，其共振曲线（振幅A与驱动力

频率/的关系）如图所示，则下列说法正确的是（）

A.此单摆的固有周期约为2s

B.此单摆的摆长约为1m

C.若摆长增大，单摆的固有频率增大

D.若摆长增大，共振曲线的峰将向左移动

5.如图所示，A,B为振幅相同的相干波源，且向外传

播过程中振幅衰减不计，图中实线表示波峰，虚线

表示波谷，则下列叙述错误的是（）

A.。点始终处于波峰位置

B.R、S两点始终处于静止状态

C.P、。连线上各点振动始终加强

D.P点在图中所示的时刻处于波谷，再过;个周期处于平衡位置

4

fff

6.如图是氢原子的能级图，对于一群处于n=4的氢原子，下-0

列说法中正确的是（）3»

A.这群氢原子能够吸收任意能量的光子后向更高能级跃

迁I--------------------------13.6

B.这群氢原子能够发出4种不同频率的光

C.从n=4能级跃迁到n=3能级发出的光的波长最长

D.如果发出的光子中有两种能使某金属产生光电效应，其中--种-定是由"=3能

级跃迁到n=2能级发出的

7.有两个匀强磁场区域，宽度都为3磁感应强度大小LjXX

都是8,方向如图所示.由均匀导线制成单匝正方形口一

闭合线框，边长为L.闭合线框从左向右匀速穿过与线

框平面垂直的两个匀强磁场区域，规定感应电流逆时针方向为正方向，则线框从位

置/运动到位置〃的过程中感应电流，•随时间，变化的图象正确的是（）

8.如图甲所示，一理想变压器原、副线圈匝数之比为22：1,其原线圈两端接入如图

乙所示的正弦交流电，副线圈通过电流表与负载电阻R=200相连。若交流电压表

和交流电流表都是理想电表，则下列说法中正确的是（）

第2页，共35页

A.电流表的示数是0.5VZ4

B.变压器的输入功率是5W

C.流过R的电流方向每秒改变50次

D.当t=1x10-25时电压表的示数是0丫

9.如图所示，质量为仞的车厢静止在光滑的水平面上，车

厢内有一质量为，"的滑块，以初速度%在车厢地板上向

右运动，与车厢两壁发生若干次碰撞，最后相对车厢静Q

止，则车厢的最终速度是（）

A.0B.v0,方向水平向右

C.舞，方向水平向右D.等，方向水平向右

M+mM

10.如图所示，两个质量相等的物体从同一高度沿倾角不同

的两个光滑固定斜面由静止自由滑下（a>0）,到达斜//

面底端的过程中（）

A.两物体所受重力冲量相同B.两物体所受合外力冲量不同

C.两物体到达斜面底端时动量相同D.两物体到达斜面底端时动量不同

11.下列核反应方程中，Xi、X2,X3、X4代表a粒子的有（）

A.包+包Yn+XiB.iH+lHn+X2

C.卷5u+MT.Ba+弱Kr+3X3D.Jn+fLiH+X4

12.如图所示，而cd为水平放置的平行“U”形光滑金属导

轨，间距为/,导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场，

磁感应强度大小为B,导轨电阻不计。已知金属杆MN

倾斜放置，与导轨成。角，单位长度的电阻为「，保持

金属杆以速度丫沿垂直于的方向滑动（金属杆滑动过程中与导轨接触良好），则

()

A.电路中感应电动势的大小为多

B.电路中感应电流的大小为史也

C.金属杆所受安培力的大小为幺竺竺

D.金属杆的热功率为号

13.一列向右传播的简谐横波，当波传到x=2.0机处的P点时开始计时，该时刻波形如

图所示，t=0.9s时，观察到质点P第三次到达波峰位置，下列说法错误的是（）

A.波速为0.5m/s

B.经1.4s质点P运动的路程为70c”

C.t=1.6s时，x=4.5m处的质点。第三次到达波谷

D.与该波发生干涉的另一列简谐横波的频率一定为2.5Hz

14.如图所示，质量分别为m和2〃?的A、8两个木块间用轻弹簧相连，放在光滑水平

面上，A靠紧竖直墙用水平力F将B向左压，使弹簧被压缩一定长度，静止后弹簧

储存的弹性势能为E.这时突然撤去F，关于A，B和弹簧组成的系统，下列说法中

正确的是（）

A.撤去尸后，系统动量守恒，机械能守恒

B.撤去F后，A离开竖直墙前，系统动量不守恒，机械能守恒

C.撤去产后，A离开竖直墙后，弹簧的弹性势能最大值为E

D.撤去F后，A离开竖直墙后，弹簧的弹性势能最大值为!

15.如图所示是甲、乙两种金属的光电子的最大初动能与入射光频

率的关系图象，由图象可知（）

A.无论用什么金属做实验，图象的斜率不变

B.同一色光照射下，甲金属发射的光电子的最大初动能比乙金

属发射的光电子的最大初动能大

C.要获得相等的最大初动能的光电子，照射甲金属的光的频率要比照射乙金属的

光的频率大

D.甲金属的逸出功比乙金属的逸出功大

第4页，共35页

16.如图所示：某同学对双缝干涉实验装置(图1)进行调节并观察实验现象：

(1)图2甲、图2乙是光的条纹形状示意图，其中干涉图样是(填字母).

光源凸透货滤光片电健双缝速光筒测最头及日像111111n111ri

---V-.TP--1---------j]---------------------j—•出||||||

-，，，，，，，，，，，，，，，，，，，，，，，.，，，.，，，，，，，}，，.，，，，.，，，，，，，X，，，，，♦A_B

图甲图乙

图1图2

(2)下述现象中能够观察到的是：

A.将滤光片由蓝色的换成红色的，干涉条纹间距变宽

B.将单缝向双缝移动一小段距离后，干涉条纹间距变宽

C.换一个两缝之间距离较大的双缝，干涉条纹间距变窄

/).去掉滤光片后，干涉现象消失

(3)如果测得第一条亮条纹中心与第六条亮条纹中心间距是11.550nwn,求得这种色

光的波长为m.(已知双缝间距d=0.2mm,双缝到屏的距离L=700mm)

17.如图所示，图甲是一列简谐横波在t=0时刻的波形图，尸点是此时处在平衡位置的

一个质点.图乙是质点尸的振动图象.

(1)判断这列波的传播方向；

(2)经过时间匕=6s,质点尸通过的路程s：

(3)经过tz=30s,波向前传播的距离x.

18.如图1所示，一个圆形线圈的匝数n=1000匝，线圈面积S=0.02rn2,线圈的电阻

r=l。，线圈外接一个阻值R=40的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里

的匀强磁场中，磁感应强度随时间的变化规律如图2所示。求

图1图2

(1)在0〜4s内穿过线圈的磁通量变化量;

(2)前4s内产生的感应电动势；

(3)6s内通过电阻R的电荷量q。

19.如图所示，同一光滑水平轨道上静止放置A、B、C三个物块，A、8两物块质量均

为m,C物块质量为2m,B物块的右端装有一轻弹簧，现让A物块以水平速度北向

右运动，与B碰后粘在一起，再向右运动推动C(弹簧与C不粘连)，弹簧没有超过

弹性限度.求：

ABC

(1)4与B碰撞中的动能损失；

(2)整个运动过程中，弹簧的最大弹性势能.

第6页，共35页

20.如图所示，足够长光滑导轨倾斜放置，导轨平面与水平面夹角9=37。，导轨间距

L=0.5m,其下端连接一个定值电阻R=0.50,其它电阻不计。两导轨间存在垂直

于导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度B=0.2T.一质量为m=O.OlKg的导体棒

ab(其电阻不计)垂直于导轨放置，现将导体棒由静止释放，取重力加速度g=

10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8.

(1)判断金属棒下滑过程中产生的感应电流方向；

(2)求导体棒下滑的最大速度；

(3)求H棒下滑过程中电阻R消耗的最大电功率；

(4)若导体棒从静止加速到u=2m/s的过程中，通过R的电量q=0.2C,求R产生

的热量Q-

21.某同学把普通高中物理课本《必修二》从地板捡起放回课桌上，在此过程中，课本

重力势能的增加量约为()

A.0.37B.3JC.30./D.300J

22.如图，两只小鸟甲、乙质量近似相等，落在倾斜的

树枝上，则()

A.树枝对小鸟的作用力竖直向上

B.树枝对小鸟的作用力大于小鸟对树枝的作用力

C.树枝对甲小鸟的摩擦力小于对乙小鸟的摩擦力

D.树枝对甲小鸟的支持力大于对乙小鸟的支持力

23.运动员将网球水平击出，用为、h、E和P分别表示网球下落过程中竖直方向的分

速度、下落的高度、机械能和重力的瞬时功率，则下列图像正确的是（不计空气阻

力）（）

24.质量为，"的某同学在背越式跳高过程中，恰好越过高度为的横杆，不计空气阻力,

重力加速度为g。则（）

A.起跳阶段，地面对人的弹力不做功

B.上升过程中，重力势能增加，咫/7

C.从起跳最低点到上升最高点过程先超重后失重

D.刚接触海绵垫时，在竖直方向即作减速运动

25.游戏中有一个小球A自由下落，从等高处水平抛出一个相同小球B,不计空气阻力,

则（）

A.小球B一定能击中小球A

B.若要击中小球4则必须在A下落同时抛出小球8

第8页，共35页

C.小球A下落后再将小球8抛出，仍可能击中小球A

D.若小球B斜向上抛出，同时释放小球A,则一定无法击中

26.如图，摩天轮悬挂的座舱在竖直平面内做匀速圆周运

动。关于座舱内某一游客（）

A.其所受合力指向轨迹圆心

B.他与座舱和地球组成的系统机械能守恒

C.从最高点到最低点过程中，所受摩擦力保持不变

D.在最高点、最低点对座椅的压力之差随转速减小而减小

27.向心力演示器结构如图所示。长槽3上的两个挡板A、B距转轴水平距离分别为r

和2r,短槽4上挡板C距转轴水平距离为心通过调整塔轮上的皮带，可以使其套

到半径大小不同的塔轮1和2上，以改变长短槽旋转角速度之比.实验过程中，忽

略小球半径的影响。

（1）若要探究向心力大小与小球角速度的关系，需选择两个质量_____（填“相等”

或“不相等”）的小球，分别放在位置C和位置______（填“A”或）。

（2）某同学通过实验得到如下表格中的数据：

向心力大小之比F

实验次数小球质量之比半径之比角速度之比

（标尺格子数）

11:11:11:11:1

21:11:11：21：4

31:11:11：31：9

根据上述数据可以得到的结论是

,5

28.某实验小组利用如下装置探究弹簧的物理性质，所用器材有：气垫导轨、光电门、

数字计时器（图中未画出）、带有挡光条的滑块、祛码等。

(1)实验步骤:

①将气垫导轨放在桌面上，打开气泵并将导轨调至水平，判断调平的依据是:

②应选用宽度d=(填“4"、或)的挡光条实验误差更小；

A.0.50cm

B.2.00cm

C.3.00cm

③将轻质弹簧一端固定于气垫导轨左侧，另一端与滑块相连，当滑块静止(弹簧处

于原长)时，将光电门中心正对挡光条所在位置安装在导轨上；

④用跨过定滑轮的轻绳将滑块与祛码盘相连，放一个祛码，如图1所示。测得稳定

时弹簧长度/，计算出弹簧形变量X；

⑤剪断细绳，记录挡光时间r,由u=测得滑块通过光电门时的瞬时速度；

⑥逐次递增祛码个数，重复步骤④⑤。记录的部分数据如表，根据数据可得弹簧

劲度系数k=N/m(g取9.8m/s2)；

祛码质量(g)050100150200250

弹簧长度(an)15.6017.5619.5421.4623.4025.32

⑦根据实验数据，获得3-%图线，如图2所示。

(2)回答下列问题：

①释放滑块过程中，弹簧的弹性势能转化为;

②由上述实验可得结论：对同一根弹簧，弹性势能Ep与弹簧形变量x的关系为

A.Epocx

2

B.Epocx

-2

C.Epoc%

简述理由：

第10页，共35页

29.地球的质量为M,地球同步卫星的轨道半径为r,引力常量为G。

(1)求地球同步卫星的向心加速度；

(2)“天间一号"某次绕火星做圆周运动的向心加速度与地球同步卫星的加速度大

小相等，求此时“天问一号”离火星表面的高度。(已知火星质量为山，火星半径

为R)

30.玻璃滑道游戏中，一漂流艇(可视为质点)从长为64机、高为6机的玻璃直滑道的斜

面顶端由静止匀加速滑下，依次经过斜面上的A、B、C三点，已知4B=6m,BC=8m,

漂流艇通过这两段位移的时间都是2s,g取10m/s2。求：

(1)漂流艇在B点的速度大小；

(2)漂流艇加速度大小；

(3)若漂流艇和人的总质量为120口，则漂流艇从滑道顶端到底端的过程中，机械能

的损失量。

31.通过扫码可实现快递自动分拣。传送带在电动机带动下，，1°m/

Th」码仪

8(•)

为质点)无初速放在与扫码仪B相距10，"的A点处，包裹与传送带间的动摩擦因数

为〃=0.5(最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，g=10m/s2»求：

(1)包裹从4运动到B的时间；

(2)将一个包裹运送到B点的过程中，传送带克服摩擦力所做的功；

(3)在A处每隔1s无初速度放上一个0.5kg的包裹，从开始释放第1个，到该包裹

恰好运动到B处的时间内，电动机因运送AB间所有包裹而多消耗的电能。

32.台球运动中，母球和靶球的质量均为160g,如图所示，运动员用球杆击打母球，

已知母球与靶球碰前瞬时速率为0.6M/S,正碰后瞬间靶球的速度为0.4m/s,则碰

后母球的速度为m/s,该碰撞过程中产生的热量为人

33.为安全着陆火星，质量为24()总的探测器先向下喷气，

使其短时悬停在距火星表面高度100,”处。已知火星表

第12页，共35页

面重力加速度g火=3.7m/s2,不计一切阻力，忽略探测器的质量变化。

⑴若悬停时发动机相对火星表面喷气速度为3.7km/s,求每秒喷出气体的质量：

5）为使探测器获得水平方向大小为O.lm/s的速度，需将12g气体以多大速度沿水

平方向喷出？并计算此次喷气发动机至少做了多少功？

34.真空中光滑绝缘水平面上有两个带正电的点电荷A、B,电

量均为Q。如图所示，电荷B固定，电荷A在外力作用下沿

虚线向电荷8缓慢移动，此过程中，外力的大小将（填

“变大”、“不变”或“变小”）;已知M、N两点距电荷B

均为厂，且ZMBN=60。。当电荷A移动到M点时，N点场

强大小为（已知静电力常量为k）。

B

35.如图所示，两正对着的足够大的平行金属板倾斜放置，与水平方向的夹角均为0,

板间存在匀强电场。电量为-q，质量为，"的小球由静止出发，恰沿水平方向向右

做匀加速直线运动，重力加速度为g,求：

(i)两极板间电场强度的大小:

(ii)小球出发后，时间内，电场对小球做的功(始终未达到极板)。

第14页，共35页

答案和解析

1.【答案】C

【解析】

【分析】

本题考查了分子间的相互作用力、布朗运动和扩散多个知识点，但都属于基础知识，平

时多理解、多积累。

【解答】

4、扩散的快慢与温度有关，温度越高，扩散越快，故A错误；

8、布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的无规则运动，它是液体分子的不规则运动的

反映，故8错误；

C、分子间同时存在相互作用的引力和斥力，故C正确；

。、分子间同时存在引力和斥力，引力和斥力均随着分子间距离的增大而减小，故力错

误；

故选：Co

2.【答案】C

【解析】

【分析】

根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。

本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记

忆，这也是考试内容之一。

【解答】

A.汤姆生发现电子，卢瑟福提出了原子核式结构模型，故A错误；

A卢瑟福通过a粒子散射实验提出了原子核式结构模型，证实了原子是由原子核和核外

电子组成的，而不能证实了原子核内存在质子，故B错误；

C.贝克勒尔发现天然放射现象，故C正确；

D卢瑟福提出了原子核式结构模型，故。错误。

故选C。

3.【答案】A

【解析】解：A、振子经过平衡位置时，速度最大，位移为零，所以经过平衡位置动能

最大，恢复力为零，加速度为零，故A正确；

8、在A、B位置时，速度为零，位移最大，恢复力最大，加速度最大，故B错误；

C、由于恢复力指向平衡位置，所以振子从A经。到B的过程中，回复力先做正功，后

做负功，故C错误；

。、小球从A到。的过程中，弹簧的形变量减小，则弹性势能不断减小，故。错误。

故选：A。

根据弹簧振子在周期性运动过程中，速度、位移、加速度、恢复力和能量的变化和之间

的关系分析即可。

明确弹簧振子在周期性运动过程中，速度、位移、加速度、恢复力和能量的变化和之间

的关系是解题的关键和核心。

4.【答案】ABD

【解析】解：

A、由图可知该单摆的周期为7=，=2s,故A正确；

B、由单摆周期公式7=2兀日，可知摆长约为1加，故B正确；

C、同样由单摆周期公式可知摆长增加，则单摆周期增加，故固有频率减小，故C错误，

。、共振曲线的峰值将向左移动，故〃正确

故选：ABD.

根据驱动频率与共振频率相近时，单摆的振幅最大可知，摆的周期；由单摆的周期公式

可得出摆长，并分析出摆长增大时，周期相应增大频率相应减小。

本题可直接由共振曲线得出单摆周期，再由单摆周期公式分析出结果。

5.【答案】A

【解析】解：A、在。点，两列波波峰与波峰相遇，振动加强，振幅增大，即Q点做振

幅增大的振动，不是总是处于波峰位置，故4错误；

8、在K、S两点，波峰与波谷相遇，振动减弱，振幅为零，始终处于静止状态，故B

正确；

C、在P点，波谷与波谷相遇，在。点，波峰与波峰相遇，振动加强，则P、。连线上

第16页，共35页

各点振动始终加强，故C正确；

。、P是波谷与波谷相遇，所以P点在图中所示的时刻处于波谷，再过;周期处于平衡位

置，故。正确。

本题选错误的，

故选：A。

两列波干涉时，波峰与波峰或波谷与波谷相遇处，振动始终加强；波峰与波谷相遇处振

动始终减弱。根据时间与周期的关系确定P点的运动状态。

在波的干涉现象中，振动加强点的振动始终是加强的，但质点在简谐运动，其位移随时

间是周期性变化，不是静止不动的。

6.【答案】C

【解析】解：A、氢原子发生跃迁，吸收的能量必须等于两能级的能级差。故A错误。

B、根据盘=6知，这群氢原子能够发出6种不同频率的光子。故B错误。

C、结合能级图可知，从n=4跃迁到n=3辐射的光子能量最小，频率最小，则波长最

长。故C正确。

如果发出的光子有两种能使某金属产生光电效应，知两种光子为能量最大的两种，

分别为由n=4跃迁到n=1,和几=3跃迁到n=l能级发出的。故。错误。

故选：Co

能级间跃迁辐射或吸收的光子能量必须等于两能级间的能级差，能级差越大，辐射的光

子能量越大，频率越大，波长越小.

该题考查波尔理论与跃迁，解决本题的关键知道能级间跃迁满足的规律，即Em-En=

hv.

7.【答案】C

【解析】

【分析】

导体切割磁感线时产生感应电动势那部分导体相当于电源，由楞次定律或右手定则判断

出感应电流方向，根据在电源内部电流从负极到正极，就可确定感应电动势的方向。

解决本题的关键掌握切割产生的感应电动势公式和欧姆定律公式，会通过右手定则或楞

次定律判断感应电流的方向。

【解答】

金属棒刚进入磁场时切割磁感线产生感应电流，右手定则判断出感应电流方向为逆时针

方向，为正值，故BO错误；

此过程感应电流大小：4=9=#,v不变，人不变；

当线框刚进入第二个磁场时，右侧金属棒切割磁感线产生的感应电动势方向向下，左侧

金属棒产生的感应电动势向上，总的感应电动势方向为顺时针方向，感应电流沿顺时针

方向，为负值。此过程，感应电流的大小：/2=等=2/,故A错误，C正确。

故选：C。

8.【答案】B

【解析】解：。、由图乙可知交流电压最大值（/皿=220&V,有效值为220匕据变压

比可知，输出电压有效值为10V,电压表的示数为有效值，则任意时刻的示数均为10V,

故。错误；

A、根据欧姆定律可知，/=£=0.54故A错误；

B、变压器的输出功率P=U/=5〃，根据输出功率等于输入功率可知，变压器的输入

功率是5W,故B正确；

C、周期7=0.02s,则流过R的电流每秒改变50次，方向每秒改变100次，故C错误。

故选：Bo

由图乙可知交流电压最大值UM=220V2IZ,周期T=0.02s；

根据变压比和电流比结合欧姆定律求解电流表示数和变压器的输入功率；

电压表的示数为有效值。

根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电

压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键。

9.【答案】C

【解析】

【分析】

选滑块与小车组成的系统为研究对象，水平方向不受外力作用，故水平方向动量守恒,

并且最后两者具有共同的速度，由此得解。

第18页，共35页

本题主要考查系统动量守恒定律的理解与应用，难度不大。这是一道典型的动量守恒的

题目。

【解答】

选滑块与小车组成的系统为研究对象，规定向右为正方向，由水平方向动量守恒得：

mv0=(M+m)v,所以有：v-方向水平向右，与孙同向，故C正确，AB。错

误。

故选Co

10.【答案】BD

【解析】

【分析】

分析物体的受力情况，并找出各力的冲量情况，由动量定理、动能定理可判断出各量是

否相同。

在研究功能关系时一定不要忽视了受力分析过程，只有正确地受力分析才能准确地找出

做功情况。

【解答】

物体在下滑中只有重力做功，而重力做功只与高度差有关，故两种情况下重力做功相等,

由［机/=小。九得两种情况下到达斜面底端的速度的大小是相等的，方向沿斜面向下；

人设斜面的倾角为/?,根据牛顿第二定律有：，〃加加小，〃“，则可得两物体的加速度分

别为：“"iiW与a'ysiuc,设斜面的高度为〃，根据位移时间关系有：—j,

可得两物体在斜面上运动时间为：f也与/'—LJ也，则可知两物体运动

sinUygsinnyg

时间不同，根据/=?ngt可知，两物体所受重力的冲量也不相同，故A错误；

注物体在两种情况下到达斜面底端的速度的大小是相等的，而速度的方向不同，所以两

种情况下物体的末动量不同，根据动量定理：/=Ap=mu-0,所以合力的冲量大小

相等，方向是不同的，故B正确；

CD.物体在两种情况下到达斜面底端的速度的大小是相等的，而速度的方向不同，所以

两种情况下物体的末动量不同，故C错误，。正确。

故选BD。

11.【答案】BD

【解析】解：A、根据电荷数守恒、质量数守恒知，Xi的电荷数为2,质量数为3,但不

是a粒子，故A错误；

B、根据电荷数守恒、质量数守恒知，X2的电荷数为2,质量数为4,为a粒子，故B正

确；

C、根据电荷数守恒、质量数守恒知，X3的电荷数为0,质量数为1,为中子，故C错

误；

D、根据电荷数守恒、质量数守恒知，X4的电荷数为2,质量数为4,为a粒子，故。正

确。

故选：BD。

根据核反应方程中电荷数守恒、质量数守恒确定X是否是a粒子。

解决本题的关键知道在核反应过程中电荷数守恒、质量数守恒，注意a粒子是质子数为

2,质量数为4,同时要会区别中子、电子，质子，离子。

12.【答案】AZ)

【解析】解：A、由于速度方向是与金属棒垂直的，而整个金属棒又是与磁场垂直，所

以整个金属棒均垂直切割磁感线，切割长度L=一)，所以感应电动势E==笺故

sm0sinO

选项A正确；

B、先求出电路的总电阻R=Lr=-=r,电路的电流眼盘=史，故选项B错误；

sm0Rr

C、由安培力公式有尸=8%=喀，故选项C错误；

rsinO

D、由热功率的公式P=/2R得到热功率「=吧，故选项。正确。

rsinO

故选：AD.

根据E=B。，L是有效的切割长度，求解感应电动势。根据闭合电路欧姆定律求感应

电流的大小。由F=B/L求安培力，由功率公式求解金属杆的热功率。

本题考查导体切割磁感线中的电动势和安培力公式的应用，要注意明确E=中L为

导轨宽度，即导线的有效切割长度，而求安培力时L为存在电流的总长度。

13.【答案】A

第20页，共35页

【解析】解：A、简谐横波向右传播，由波形平移法知，各点的起振方向为竖直向上。

t=0.9s时，P点第三次到达波峰，即有（2+?7=0.9s,7=0.4s,波长为；I=2m,所

以波速v=，=5m/s,故A错误。

B、t=1.4s相当于3.5个周期，每个周期路程为44=20cm,所以经过1.4s质点P运动

的路程为S=3.5x4/1=14x5cm=70cm,故B正确。

C、经过t=号=等=0.5s,波传到Q,经过2.757即再经过1.1s后Q第三次到达波谷，

所以t=1.6s时，x=4.5ni处的质点。第三次到达波谷。故C正确。

D、要发生干涉现象，另外一列波的频率一定相同，即/="=2.5Hz,故。正确。

本题选错误的，故选：A。

简谐横波向右传播过程中，介质中质点做简谐运动，根据波传播方向判断出质点P的振

动方向，根据t=0.9s时，观测到质点P第三次到达波峰位置，分析得到周期，由图象

读出波长，求出波速。根据时间与周期的关系求经过1.4s质点P运动的路程。波在同一

均匀介质中匀速传播的，运用分段法求质点。第三次到达波谷的时间•发生干涉的条件

是两列波的频率相同。

本题采用分段法求解。第三次形成波谷的时间，也可以根据波形平移法求。要知道质点

在一个周期通过的路程是四倍的振幅。

14.【答案】BD

【解析】

【分析】

根据系统动量守恒的条件：系统不受外力或所受合外力为零判断动量是否守恒.根据是

否是只有弹簧的弹力做功判断机械能是否守恒.撤去尸后，A离开竖直墙后，当两物体

速度相同时，弹簧伸长最长或压缩最短，弹性势能最大.

本题考查动量守恒和机械能守恒的判断和应用能力.动量是否守恒要看研究的过程，要

细化过程分析，不能笼统.

【解答】

A、撤去F后，A离开竖直墙前，竖直方向两物体的重力与水平面的支持力平衡，合力

为零，而墙对A有向右的弹力，使系统的动量不守恒.这个过程中，只有弹簧的弹力对

B做功，系统的机械能守恒.A离开竖直墙后，系统水平方向不受外力，竖直方向外力

平衡，则系统的动量守恒，只有弹簧的弹力做功，机械能也守恒.故A错误，8正确.

C、撤去F后，A离开竖直墙后，当两物体速度相同时，弹簧伸长最长或压缩最短，弹

性势能最大.设两物体相同速度为v,A离开墙时，8的速度为孙.以向右为正方向，由

2

动量守恒定律得:2mv0=3mv,由机械能守恒定律得:E=|-3mv+Ep,又E=

解得，弹簧的弹性势能最大值为Ep=[E,故C错误，。正确.

故选：BD.

15.【答案】AB

【解析】

【分析】

本题考查了光电效应方程的理解和应用，对于图象问题可以写出函数关系式结合数学知

识求解，难度适中。

【解答】

4、根据以=成-%可知，EK-v图象的斜率表示普朗克常量，无论用什么金属做实

验，图象的斜率不变，故A正确；

D、根据光电效应方程有：Ek=hv-W0,其中％为金属的逸出功：Wo=hv0,根据图

象可知，乙的极限频率比甲大，所以乙的逸出功比甲大，故。错误；

B、同一色光照射，则入射光频率相等，根据a=成-％结合乙的逸出功比甲大可知，

甲金属发射的光电子的最大初动能比乙金属发射的光电子的最大初动能大，故B正确;

C、根据%=九丫-%结合乙的逸出功比甲大可知，若以相等，则照射甲金属的光的频

率要比照射乙金属的光的频率小，故C错误；

故选AB.

16.【答案】AAC6.6x10-7

【解析】解：(1)双缝干涉条纹特点是等间距、等宽度、等亮度；衍射条纹特点是中间

宽两边窄、中间亮、两边暗，且不等间距；根据此特点知甲图是干涉条纹，故选人

(2)4、根据双缝干涉条纹的间距公式△£=(4知，将滤光片由蓝色的换成红色的，频率

减小，波长变长，则干涉条纹间距变宽.故A正确；

B、根据双缝干涉条纹的间距公式将单缝向双缝移动一小段距离后，干涉条

a

纹间距不变.故8错误;

第22页，共35页

C、根据双缝干涉条纹的间距公式AX=二九换一个两缝之间距离较大的双缝，干涉条

纹间距变窄.故C正确；

。、去掉滤光片后，通过单缝与双缝的光成为白色光，白色光通过双缝后，仍然能发生

干涉现象.故。错误.

故选：AC；

(3)已知第1条亮纹中心到第6条亮纹中心间距x=11.550mm,可得△%=(=

-11-.5-5mm=2„.31mm

5

由△x=$/l得：2==

aL5L

/-p\4HX3XX4-in—7

4弋人得：A-]=-11-.5-5--1-0'-_--2--1-0-m=61.6x107m

5x0.7

故答案为：(1)4(2)4C；(3)6.6x10-7

(1)双缝干涉条纹特点是等间距、等宽度、等亮度；

(2)根据双缝干涉条纹的间距公式小x=判断干涉条纹的间距变化；

(3)根据△x=|,求得相邻亮纹的间距△乂根据双缝干涉条纹的间距公式Ax=*推导

波长的表达式，并求出波长的大小.

本题关键是明确实验原理，体会实验步骤，最好亲手做实验；解决本题的关键掌握双缝

干涉条纹的间距公式；解决本题的关键掌握双缝干涉的条纹间距公式=明确相

邻亮纹的间距△尤与亮纹中心间距的关系.

17.【答案】解：(1)由图乙知，t=0时刻质点P正向上振动，所以根据波形平移法知,

该波沿x轴正方向传播；

(2)从图乙可知振动周期为T=4s,一个周期内质点通过的路程为4A,则经过时间t】=

6s=1.57,质点P通过的路程为：s=1.5x44=6x2cm=12cm；

(3)波速为：v=^=^m/s=2m/s»

经过±2=30s,波向前传播的距离x=vt2=2x30m=40m。

答：(1)这列波的传播方向沿x轴正方向；

(2)经过时间口=6s,质点尸通过的路程s是12cvn；

(3)经过t2=30s,波向前传播的距离x是60机。

【解析】本题的关键要把握振动图象和波动图象的内在联系.要注意两种图象判断质点

振动方向方法的区别，波动图象常用波形平移法判断质点的振动方向.而振动图象常用

斜率分析质点的振动方向。

(1)根据振动图象判断出t=0时刻P点的振动方向，再判断波的传播方向；

(2)图乙读出周期，由周期与时间的关系，结合题意，即可求解P点通过的路程：

(3)由公式v=(求出波速，由x=成求解波传播的距离。

18.【答案】解：(1)根据磁通量定义式。=BS,那么在0〜4s内穿过线圈的磁通量变化

量为:

4。=(%—BQS=(0.4-0.2)x0.02Wb=4x10-3Wb；

(2)由图象可知前.4s内磁感应强度8的变化率为:

0.4-0.2

-—=-----------7/s=0.05T/S

At4/

4s内的平均感应电动势为:

E=nS—=1000X0.02X0.05V=1V；

At

E

(3)电路中的平均感应电流为：1=£,

q=it，

0—4s:

由(2)求得E=IV

-E1

/=-——=---A=0.24

R+r4+1

q1=7tl=0.8C

同理4—6s：

Q2=1.6C

两次电流方向相反

故q通=IQI-Q2I=0.8C

0Q2：2)

也可求解q==番a=n詈=1000X『c=-0.8Co

Ks.4+1

答：(1)在0〜4s内穿过线圈的磁通量变化量40=4X10-3〃b；

(2)前4s内产生的感应电动势E=1V；

(3)6s内通过电阻R的电荷量q=O.8C0

第24页，共35页

【解析】本题考查了法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律和电流的定义式的综合运

用，难度不大，需加强训练。

(1)依据图象，结合磁通量定义式=BS,即可求解；

(2)根据法拉第电磁感应定律，结合磁感应强度的变化率求出前4s内感应电动势的大小；

(3)根据感应电动势，结合闭合电路欧姆定律、电流的定义式求出通过R的电荷量。

19.【答案】解：(1)4与8碰撞过程中，取水平向右为正方向，由动量守恒定律得：

mv0=2mv1

得。i=y

222

A与B碰撞中的动能损失=17nv0x2mv1=^mv0

(2)当A、B、C有共同速度时，弹簧弹性势能最大

由动量守恒定律：2m%=(2m+2m)v2

由能量转化守恒定律得，最大弹性势能为

1o1012z

Ep=-x2mv1—-x4mv2=-znvo

【解析】本题分析清楚物体运动过程，明确弹簧的弹性势能最大的条件：速度相同是正

确解题的关键，应用动量守恒定律与能量守恒定律即可解题，注意运用动量守恒定律解

题时要规定正方向。

(1)在A与B碰撞过程中，系统的动量守恒，由动量守恒定律求出它们碰撞后的速度，

再由能量守恒定律求动能损失；

(2)当A、B、C有共同速度时，弹簧的弹性势能最大，根据动量守恒定律以及能量守恒

定律列式求解。

20.【答案】解：(1)由右手定则判断可知金属棒中的感应电流方向为由〃到历

(2)当安培力与重力沿斜面向下的分力相等时，速度最大，导体做匀速运动，设导体棒

下滑的最大速度为与n。

根据平衡条件可得：mgsind=F安=BIL

由闭合电路欧姆定律得：/=牛

解得最大速度为：4n=3zn/s；

(3)当导体棒速度最大时，感应电流最大，R消耗的电功率最大，根据电功率的计算公

式可得：

P=PR=(B-m)

R

代入数据解得：P=0A8W；

(4)根据电荷量的计算公式有：q=，"t=第=等=半

可得该过程中导体棒移动的位移为：x=lm

根据功能关系可得R产生的热量为：Q=mgxsind-|mv2

代入数据解得：Q=0.04人

答：(1)金属棒下滑过程中产生的感应电流方向由“到公

(2)金属棒下滑的最大速度为3m/s；

(3)必棒下滑过程中电阻R消耗的最大电功率为0.18W；

(4)R产生的热量为0.04小。

【解析】(1)由右手定则判断金属棒中的感应电流方向；

(2)导体棒匀速运动时速度最大，根据共点力平衡条件结合安培力的计算公式求解最大

速度；

(3)根据电功率的计算公式计算R消耗的最大电功率；

(4)根据电荷量的计算公式求出导体棒移动的位移，再根据能量守恒定律求R产生的热

量。

对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，关键是分析和计算安培力的

大小和方向，根据平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量

转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程处理。

21.【答案】B

【解析】解：一本物理课本的质量m=300g=0.3kg,

一本物理课本的重力G=mg=0.3kgxION/kg=3/V,

课桌高度约为\m,课本重力势能的增加量约为：

W=Gh=3Nxlm=3/。

故选：Bo

首先估测物理课本的质量，然后计算它的重力，然后再估测课桌的高度，最后计算重力

势能的增加量即可.

第26页，共35页

本题的难点在于对物理课本质量的估测，这是易错的地方，这要求我们对于生活中的物

体要多观察、多思考。

22.【答案】4

【解析】解：A、小鸟受到竖直向下的重力与树枝的作用力作用，小鸟静止处于平衡状

态，由平衡条件可知，树枝对小鸟的作用力与重力合力为零，等大、反向，树枝对小鸟

的作用力方向竖直向上，故A正确；

8、树枝对小鸟的作用力与小鸟对树枝的作用力是作用力与反作用，由牛顿第三定律可

知，它们大小相等，故B错误；

CD、设小鸟的质量为，"，树枝与水平方向间的夹角为6,小鸟受力如图所示

上

由平衡条件可知，平行于树枝方向：f~mgsind,垂直于树枝方向：F=mgcosO

由于两小鸟质量"?相等，因此树枝对小鸟的摩擦力/、树枝对小鸟的支持力F都相等，

故CQ错误。

故选：A。

作用力与反作用力大小相等、方向相反、作用在同一直线上；对小鸟受力分析，应用平

衡条件分析答题。

本题考查了牛顿第三定律与平衡条件的应用，根据题意对小鸟正确受力分析是解题的前

提，应用平衡条件即可解题。

23.【答案】D

【解析】解：平抛运动在水平方向上的分运动为匀速直线运动，在竖直方向上的分运动

为自由落体运动

A、网球竖直方向的分速度%=gt,由此可知内-t图像应为倾斜直线，故A错误；

B、网球下落的高度=由此可知九一t图像应为抛物线，故8错误；

C、网球做平抛运动过程中，只有重力做功，网球的机械能守恒，其E-t图像应为与时

间轴平行的水平直线，故C错误；

D、重力的瞬时功率P=mgvy=mg2t,由此可知P-t应为过原点的倾斜直线，故D

正确。

故选：Do

平抛运动在在竖直方向上的分运动为自由落体运动，据此可求得竖直分速度为与时间t

的关系，下落高度人和时间f的关系；

平抛运动中只有重力做功，机械能守恒，据此判断E-t图像；根据重力的瞬时功率P=

mgvy-mg2t判定p_t图像；

要判断图像正确与否，关键是要准确写出其函数关系表达式进行判断。

24.【答案】ABC

【解析】解：A、起跳阶段，地面对人的弹力作用点始终没有离开地面，并没有向上的

位移，故地面对人的弹力不做功。故A正确；

B、上升过程中，高度增加，人的重力势能增加，咫从故B正确；

C、起跳到上升过程，加速度先向上，后向下，所以该先同学先超重后失重，故C正确；

。、刚接触海绵垫时，重力大于海绵垫的弹力，加速度向下，该同学在竖直方向上向下

加速运动，当海绵垫的弹力大于该同学的重力后，该同学减速运动，故。错误。

故选：ABC。

(1)从加速度的方向来判断是否为超重和失重状态；(2)从力与位移关系来判断功的正负;

(3)利用重力势能与重力做功的关系，来判断重力势能的变化情况；(4)牛顿第二定律的

应用，判断运动员的运动情况.

本题综合考查牛顿运动定律、功能关系。跨章节的小型综合。对学生要求较高，需要具

备初步分析解决问题的能力，是一道好题。

25.【答案】BD

【解析】解：ABC、小球A自由下落，小球8从等高处