2022届宁夏银川市高三二诊模拟考试物理试卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角〃条形码粘贴处〃o

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3,非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、在核反应方程:中，X表示的是

A.质子B.中子C.电子D.a粒子

2、地光是在地震前夕出现在天边的一种奇特的发光现象，它是放射性元素氮因衰变释放大量的带电粒子，通过岩石裂

隙向大气中集中释放而形成的。已知氨1；Rn的半衰期为3.82d,经衰变后产生一系列子体，最后变成稳定的％Pb,

在这一过程中（）

A.要经过4次a衰变和4次0衰变

B.要经过4次a衰变和6次p衰变

C.氯核常Rn的中子数为86,质子数为136

D.标号为a、b、c、d的4个氨核案Rn经3.82d后一定剩下2个核未衰变

3、如图所示，在光滑水平面上,有质量分别为2m和，”的A8两滑块，它们中间夹着一根处于压缩状态的轻质弹簧（弹簧

与A、B不拴连），由于被一根细绳拉着而处于静止状态.当剪断细绳，在两滑块脱离弹簧之后，下述说法正确的是（）

A.两滑块的动量大小之比0,：Ps=2：1

B.两滑块的速度大小之比乙：%=2:1

C.两滑块的动能之比/：=上2

D.弹簧对两滑块做功之比叼：匕=1：1

4、放射性元素4经过2次a衰变和1次p衰变后生成一新元素B,则元素B在元素周期表中的位置较元素A的位置

向前移动了

A.1位B.2位C.3位D.4位

5、1789年英国著名物理学家卡文迪许首先估算出了地球的平均密度.根据你所学过的知识，估算出地球密度的大小

最接近（）（地球半径R=6400km,万有引力常量G=6.67xlO'N-m2/kg2）

A.5.5xl03kg/mJB.5.5xl04kg/m3C.7.5xl03kg/m3D.7.5xl04kg/m3

6、如图所示，MN、PQ是倾角为。的两平行光滑且足够长的金属导轨，其电阻忽略不计。空间存在着垂直于导轨平

面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为瓦导体棒打、cd垂直于导轨放置，且与导轨接触良好，每根导体棒的质量均

为，”，电阻均为r,导轨宽度为L与导轨平行的绝缘细线一端固定，另一端与打棒中点连接，细线承受的最大拉力

TmM=2mgsin^o现将cd棒由静止释放，当细线被拉断时，则（）

,田贻、士心一।d2/〃grsin6„，隹林、士心〜।位mgrsin。

A.cd棒的速度大小为一胃下一B.cd棒的速度大小为^—

B~匕B~匕

C.cd棒的加速度大小为gsin。D.cd棒所受的合外力为2mgsin。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，在磁感应强度为8的匀强磁场中，为一个与磁场方向垂直、长度为L的金属杆，已知

ab=bc=cO=-oa、c两点与磁场中以。为圆心的同心圆（均为部分圆弧）金属轨道始终接触良好。一电容为。

3

的电容器连接在金属轨道上。当金属杆在与磁场垂直的平面内以。为轴，以角速度①顺时针匀速转动且电路稳定时，

下列说法正确的是（）

A.Q、。、c、O四点比较，。点电势最高

B.电势差U"=24o

C.电势差=2（7而

D.电容器所带电荷量为一4CBoZ?,

9

8、如图所示，定值电阻K和电阻箱电阻K串联在恒定电压为U的电路中，电压表Vi、V2和电流表A均为理想电表,

且电压表V1的示数大于电压表V2的示数。已知电阻箱电阻后的最大值大于定值电阻R的值，若现在逐渐增大电阻

箱的电阻直至最大，则下列有关说法正确的是（）

A.必不变，也不变

IA/

B.牛变大，|嘲变大

C.电阻箱电阻消耗的功率逐渐增大

D.电阻箱电阻消耗的功率先增大后减小

9、如图所示为用绞车拖物块的示意图。拴接物块的细线被缠绕在轮轴上，轮轴逆时针转动从而拖动物块。已知轮轴的

半径K=0.5m,细线始终保持水平，被拖动的物块初速度为零，质量m=lkg,与地面间的动摩擦因数"=0.5,轮轴的角

速度/随时间，变化的关系是。=奶A=2rad/s2,g取10m/s2,以下判断正确的是（）

A.物块的加速度逐渐增大B.细线对物块的拉力恒为6N

C.U2s时，细线对物块的拉力的瞬时功率为12WD.前2s内，细线对物块拉力做的功为12J

10、如图所示，水平转台上有一个质量为"，的物块，用长为L的细线将物块连接在转轴上，细线与竖直转轴的夹角为

0,此时细线中张力为零，物块与转台间的动摩擦因数为四（〃<tan。），最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块随转台由

静止开始缓慢加速转动，则下列说法正确的是（）

»

A.转台一开始转动，细线立即绷直对物块施加拉力

B.当细线中出现拉力时，转台对物块做的功为

C.当物体的角速度为J—W—时，转台对物块的支持力为零

V2Lcos6>

D.当转台对物块的支持力刚好为零时，转台对物块做的功为幽”0

2cos。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）用如图甲所示的装置研究小车的匀变速直线运动。图乙是某次实验得到的一条纸带，纸带上相邻两个计数

点间还有四个打点画出。已知4、B两点间距离为乙，D,E两点间距离为右，且有4>右，交变电流的频率为了。

小车1_,打点计时器

■BCDE

11^y左.・・・•右

I-7I-——>>[~

磋码和盘⑥乙]L[

回答下列问题。

（1）纸带上显示的运动方向为；（选填“从左向右”或““从右向左”）

（2）小车运动的加速度为4=:（用题给物理量字母表示）

（3）£点的速度为以=（用题给物理量字母表示）。

12.（12分）实验小组利用以下方法对物体的质量进行间接测量，装置如图1所示：一根轻绳跨过轻质定滑轮与两个

相同的重物P、Q相连，已知重物P、Q的质量均为机，当地重力加速度为g。在重物Q的下面通过轻质挂钩悬挂待

测物块Z,重物P的下端与穿过打点计时器的纸带相连。

（1）先接通频率为50Hz的交流电源，再由静止释放系统，得到如图2所示的纸带，则系统运动的加速度”m/s2

（结果保留2位有效数字）；

（2）在忽略阻力的理想情况下，物块Z质量M的表达式为M=（用字母机、a、g表示）；

（3）实际情况下，空气阻力、纸带与打点计时器间的摩擦、定滑轮中的滚动摩擦不可以忽略，物块Z的实际质量与理论

值M有一定差异，这种误差是误差（填“偶然”或“系统

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图甲所示，在平面直角坐标系xOy中关于x轴对称放置两平行金属板A、B,A、B板的左端均在y轴

上，两板间距离d=6.0cm,板长匕=1.8cm,距两板右端L=28cm处放置有足够长的垂直x轴方向的荧光屏，两者之间

区域分布着匀强磁场，磁感应强度3=1.0T,方向垂直坐标平面向里。大量比荷为且=5.0x104C/kg带负电粒子以速度

m

y0=6.0xl03m/s从坐标原点O连续不断的沿x轴正向射入板间，离开板间电场后进入磁场，最后打在荧光屏上。在两板

间加上如图乙所示的交流电压，不计粒子重力，不考虑场的边缘效应和粒子的相对论效应，求：

（1）/=0时刻发射的粒子离开电场时的速度大小及偏转距离；

⑵粒子打在荧光屏上的范围；

14.（16分）2014年12月14日，北京飞行控制中心传来好消息，嫦娥三号探测器平稳落月。嫦娥三号接近月球表面

过程可简化为三个阶段：一、距离月球表面一定的高度以v=L7km/s的速度环绕运行，此时，打开七千五百牛顿变推

力发动机减速，下降到距月球表面H=100米高处时悬停，寻找合适落月点；二、找到落月点后继续下降，距月球表

面/?=4m时速度再次减为0；三、此后，关闭所有发动机，使它做自由落体运动落到月球表面。已知嫦娥三号着陆时

的质量为1200kg,月球表面重力加速度g，为1.6m/s2,月球半径为K,引力常量G,（计算保留2位有效数字）求：

（1）月球的质量（用g'、R、G字母表示）

（2）从悬停在100米处到落至月球表面，发动机对嫦娥三号做的功？

（3）从-1.7km/s到悬停，若用10分钟时间，设轨迹为直线，则减速过程的平均加速度为多大？若减速接近悬停点的最

后一段，在垂直月面的方向下落，且加速度大小为上述减速过程的平均值，求此时发动机的平均推力为多大？

15.（12分）如图所示，乙和乙是间距为。的两条平行的虚线，右上方和%下方有磁感应强度大小均为8、方向均

垂直纸面向里的匀强磁场，一电子从A点在纸面内沿与以成30。角方向以速度％射出，偏转后经过乙上的C点。已知

电子的质量为加，带电荷量为不计电子重力。求：

XXXXXXXX

XXXXXXXX

B

'xxxXXXX

-2LJL•JL乂乂-乂

xx

⑴电子第一、二次经过。上的两点间的距离;

⑵电子从A点运动到C点所用的总时间。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

【解析】设x为：：X,根据核反应的质量数守恒：二，贝11：二二1

电荷数守恒：二--=8-匚则二=3即X为：-三为质子，故选项A正确，BCD错误。

点睛：本题考查了核反应方程式，要根据电荷数守恒、质量数守恒得出X的电荷数和质量数，从而确定X的种类。

【解析】

AB.原子核衰变过程，一次a衰变核电荷数和质量数分别减少2和4,一次0衰变核电荷数不变，质量数增加1,所

以要经过4次a衰变和4次p衰变，A正确，B错误；

C.氨/Rn核的质子数为86,质量数为222,中子数为136,C错误；

D.半衰期是大量原子核衰变的统计规律，几个原子核不具有统计意义，D错误。

故选Ao

3、C

【解析】

在两滑块刚好脱离弹簧时运用动量守恒得：2mvA+mvB=Q,得巳=-?,两滑块速度大小之比为：4;两滑

2以2

咸121

块的动能之比几：耳s=4-----=-.B错误C正确；两滑块的动量大小之比为=--=7,A错误；弹簧对

L欣2PBrnvB1

两滑块做功之比等于两滑块动能之比为：1：2,D错误.

4、C

【解析】

a粒子是；He,。粒子是一；e,因此发生一次a衰变电荷数减少2,发生一次//衰变电荷数增加1,据题意，电荷数变

化为：-2x2+1=-3,所以新元素在元素周期表中的位置向前移动了3位.故选项C正确.

【点睛】

衰变前后质量数和电荷数守恒，根据发生一次a衰变电荷数减少2,发生一次p衰变电荷数增加1可以计算出放射性

元素电荷数的变化量.

5、A

【解析】

GMm可得地球质量M=*,地球体积公式V=g万N可得密度夕=^N=5.5xl()3kg/m3,

由黄金代换mg

R2

故A正确BCD错误。

6、A

【解析】

AB.据题知，细线被拉断时，拉力达到

Tm=2mgsm0

根据平衡条件得：对ab棒

4=4+机gsin。

则得ab棒所受的安培力大小为

F安.=mgsin0

由于两棒的电流相等，所受的安培力大小相等，由

E

E=BLv、/=奈F.^=BIL

得

广B2l}v

2FT

联立解得，cd棒的速度为

2mgrsin0

u=

B-I3

故A正确，B错误；

CD.对cd棒：根据牛顿第二定律得

mgsmO-F.；i=ma

代入得

,_1B2IJImgrsmd八

a=gsind---------------------彳3——=0

m2rB2l3

故CD错误。

故选A。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7,BD

【解析】

A.如图所示

杆"cO顺时针匀速转动切割磁感线，由右手定则知感应电动势方向为a,杆〈由c、O相当于电源，所以〃点电势

最高，故A错误；

BC.综合运动规律，改的中点〃的线速度为

2,

v.=co—L

3

综合电路规律，电路稳定后，电容器既不充电也不放电，电路中无电流，由法拉第电磁感应定律得

u℃=E«c=B^LZi

解得

Uac=Eac=^B(vI?

同理，出?中点的线速度为

5,

V,=CD-—L

26

又有

]

Uab=Eah=B--L.v2=^-Bcol}

J10

匕。中点C的线速度为

1,

v,=(Z?--£

33

可得

29

UI,O=Eho=B-LV3=-BCDIJ

故B正确，C错误；

D.电容器接在4、C两点间，带电荷量为

Q=cuuc

解得

42

Q=CUac=-CBcol3

故D正确。

故选BD。

8、AD

【解析】

A.对于定值电阻，根据欧姆定律有：

区卫=必

故A正确;

B.将定值电阻和恒定电压电路等效成一个电源，其中U是等效电动势，R是等效内阻，可得

叫考

「嘲

故B错误；

CD.在等效电路中，当&=R,电阻箱电阻消耗的功率最大，又依题意可知电阻箱的原阻值小于定值电阻油,可见,

在逐渐增大电阻箱的电阻直至最大的过程中，电阻箱电阻消耗的功率先增大后减小，故C错误，D正确。

故选AD»

9、BCD

【解析】

A.轮轴边缘的线速度大小等于物体的速度大小，根据线速度好角速度的关系，有

v=Reo=Rkt

可见物体做匀加速直线运动，加速度

a=秋=0.5x2m/s2=lm/s2

故A错误；

B.对物体，根据牛顿第二定律

F—1.img=mu

代入数据解得

尸=6N

故B正确；

C.U2s时，物体的速度为

u=ar=1x2m/s=2m/s

细线对物块的拉力的瞬时功率为

p=fV=2x6W=12W

故C正确；

D.前2秒内，物体的位移

x--at2=—xlx22m=2m

22

细线对物块拉力做的功为

W=&=6X2J=12J

故D正确。

故选BCD,

10、BD

【解析】

AB.转台刚开始转动，细线未绷紧，此时静摩擦力提供向心力，当转动到某一角速度助时，静摩擦力达到最大值,

根据牛顿第二定律，有

"mg=mLsinOco^

此时物块线速度大小为

v=Lsin®①]

从开始运动到细线中将要出现拉力过程中，设转台对物块做的功为W,对物块由动能定理，可得

W~~mv2

2

联立解得

W=gj^imgLsin0

故A错误，B正确；

CD.当转台对物块支持力恰好为零时，竖直方向

mg=Tcos0

水平方向

Tsmd=mLsin0a>2

联立解得

①2=j八

此时物块的线速度大小为

v2=Lsin0a>2

从开始运动到转台对物块的支持力刚好为零过程中，设转台对物块做的功为%,对物块由动能定理，可得

...1•)

W,=—mv；

联立解得

mgLsin20

W-,=--------------

2cos。

故C错误，D正确。

故选BD,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、从左向右Si)/

7530

【解析】

(1)口］小车加速运动，相邻两点间距离越来越大，所以依次打出点的顺序是E、D,C、B、A,则纸带显示的运动方向

为从左向右。

(2)［2］交变电流的频率为了,则相邻打点的时间间隔为

则图乙中相邻计数点间的时间为5T,由运动规律得

L,-L2=3a(5T)2

解得

Ci-

75

(3)由运动规律得

1,

2

L2=vD(5r)+-«(5T)

vE=vD+a(5T)

解上述两式得

二(7…)/

E30

【解析】

根据位移差公式©=4〃求解系统的加速度。对整个系统进行分析，根据牛顿第二定律求解M的表达式。根据误差

来源分析误差的性质。

【详解】

根据位移差公式以=。72,解得系统运动的加速度为

aT=(295+3.29)-(232+2.64)wo=&.。曲

T24x0.022

(2)⑵根据牛顿第二定律，对Q和Z有

+—T=(Af+m)«

对物体P有

T一mg=ma

1,2ma

联立解得知=——。

g-a

(3)[3]由题意可知本实验中误差是由于实验原理的选择而造成的，无法通过多测数据来消除，故这是一种系统误差。

【点睛】

本题主要考查了通过系统牛顿第二定律测质量的方法，能分析出实验误差的原因。明确系统误差和偶然误差的定义。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)1.0xl04m/s；2.8cm；(2)(3.6cm,6.8cm)

【解析】

(1)粒子穿过偏转电场时间

，=4=3.0义10%=7

%

根据牛顿第二定律可得

qU

—=tna

d

解得

〃=8X1。91117s2

1=0时刻，粒子从偏转电场飞出时的竖直分速度

3

vv=a»—T—a^T=8.0x10m/s

)33

飞出时速度

v=J说+u；=l.OxlO4m/s

偏转距离

v=—6f(—Z)2+

233323

解得

y=2.8cm

⑵由题意知，所有粒子飞出电场时速度大小和方向均相同，则所有粒子在磁场中运动轨迹都是平行的，所有粒子在磁

场中的运动时间均相同。

粒子飞出电场的方向与水平方向成。角

4

tan6==二一

%3

在磁场中，根据牛顿第二定律可得

v2

qvB=m——

R

解得

R=20cm

粒子在磁场中运动轨迹如图所示，由集合关系可知

L2=Rsina+Rsin。

解得

.c3

sinp=—

粒子在磁场中运动过程中的y轴方向的便宜距离均为

Ay=7?cosa-Reosp=4cm

r=0时刻的粒子在荧光屏上的纵坐标

Y=y+Ay=6.8cm

f=2x1CTs时刻粒子在电场中偏移

+(-«)•—1»—?--(-a)(—t)2=-0.4cm

3323

Z=2X10-4S时刻的粒子荧光屏上的纵坐标

y'=y'+Ay=3.6cm

即范围坐标为(3.6cm,6.8cm)

o'R2

14、(1)«——；(2)-1.8x105j：(3)2.8m/s2；5300N。

G

【解析】

(1)由于

,GMm

mg=-r-

可求

(2)由100m下降过程中到4m前发动机会做功，取100m和4m为初末状态，前后动能没变，用动能定理

/"g'(HJz)+W=O

所以

W=-mg'(H-h)=-1200xl.6x96J=-1.8xl05J

即发动机做功为-1.8x105Jo

(3)减速过程的平均加速度

^^.L2r