传递过程与单元操作真题答案

厦门大学年招收攻读硕士学位研究生入学考试试厦门大学年招收攻读硕士学位研究生入学考试试卷答案解化、化学工程（专业学位（02一、综合题（60分1.（2分）下列四种论述中错误的是B压强差 ∆𝐩=13600×9.8×460+Pa−Pa−300/1000=3.（2分）对如图所示的并联管路，其阻力损失 hf 、 hf 、 hf 的关 QQ1/(hf)AB= hf)A1B= hf(hf)AB= hf)A1B= hf22gZ1+p1+u1+We=gZ2+p2+u2 h 𝐇′−𝐐′温度升高时，空气黏 ，颗粒的沉降速 QQ2/2=d(ρstt2=d(ρstt温度接 的温度，总传热系数接 的对流传热系数125m·s1时的α12m·s1时的α2.5m·s1时的α；蒸汽之间的数值按自大而小的顺序为 状冷凝时的α5>α4>α3>α2>10.（2分）下列强化传热的措施中，错误的是DQQ3/11.（3分）AB015m为101.3kPa，温度为273K，两平面上的分压分别为PA1 和kPa；混合物的1.85×10-5m2/sA11.（3分）AB015m为101.3kPa，温度为273K，两平面上的分压分别为PA1 和kPa；混合物的1.85×10-5m2/sA、B都能穿过两个平面时，AB kmol 7.227×−7.227×DRT220−6.7=7.227×10−7kmol/(mNA=JAp−pA28.314×273=−7.227×10−7kmolNB=12.（3分）等分子反向扩散适合于描 过程中的传质速率关系。（各举1种定的最小液气比时，出塔气体浓度 HOG ；气相总传质单元数NOG 气Y2 X1 减V 中的参数未变，故HZ不变，故NOG100kmol/h，XF0.6QQ4/0.9，则塔顶最大产量为（）A.60B.66.7C.90B则由D=xF−xWD=66.7FxD0.9，则塔顶最大产量为（）A.60B.66.7C.90B则由D=xF−xWD=66.7FxD ，塔釜温 变小增大压强增大,相对挥发度减小,塔顶和塔底温度上升,y1，温度x0，温度t，试用>、=、< x0>=）A.BD1.XC=30%，结合含水量为20%（均为干基）。今有40%（湿基）200kg QQ5/平衡含水量X*=10%，临界含水XC=30%，结合含物料含水量X=0.667平衡含水量X*=10%，临界含水XC=30%，结合含物料含水量X=0.667（干基=1干基G=G11=200×1−0.4=X=0.66730%之间为恒速干燥阶段，30%10%为降速干燥阶段。非结合水分量为120×（0.667-20%）=56kg1：1（其中MC= QQ6/二、计算题（90分U型压差计。由高位槽A至E处的管长为30二、计算题（90分U型压差计。由高位槽A至E处的管长为30m；E至F管长10m（均包括局部阻力的当 PF147Kkp表压U型压差计读数为mmHg，求管路输水量（m3/h）及压力PE22（1）ZE+uE+pE=ZF+uF+pF①H 其中uE=uF，ZE−ZF=222=λlu=0.026×10×uF=0.1325uFd pE−pF=ρ0−gR−ZE−=13600−1000×9.8×0.025−1000×9.8×得pE−pF=−16.513得pE=130.487QQ7/将pE、pF、Hf,E−FuFuF+0.1325uF2+=+2× 1000× 2× 1000×得uF=1.54得：输水量V=0.7850.12×1.54=0.012m3/s=43.2（2）当阀门开启时uF=1.54uF将pE、pF、Hf,E−FuFuF+0.1325uF2+=+2× 1000× 2× 1000×得uF=1.54得：输水量V=0.7850.12×1.54=0.012m3/s=43.2（2）当阀门开启时uF=1.54uF2有ZA+=ZF+uF+pF 2147000+0.026×10+30×Z−Z=16.2584 1000 有ZA+pa=ZE+pE=ZF+得ZA−ZF=16.2584pE1000ZA−ZE=16.2584−2=pFpa pE示数得1000pE−pF=ρ0−gR−ZE−−19600=13600−1000×9.8R−1000×9.8×R V2=V2=V2=2 θA2得2=A θ2=0.89（2）V2=502=K2×152×得K2=5.56QQ8/3.（15分)有一列管式换热器，列管由薄壁钢管制成。壳层通入温度为120℃的饱和水热Cp=1005J/Kg·K)，α≫α空原工况WcCpct2−t1=（T−t1）−（T−=T3.（15分)有一列管式换热器，列管由薄壁钢管制成。壳层通入温度为120℃的饱和水热Cp=1005J/Kg·K)，α≫α空原工况WcCpct2−t1=（T−t1）−（T−=T−lnT−t2−t2−t1=T−lnT−T−KS=WcCpclnT−2′1.5WcCpct2′−t=K′ST−t′2T−K′S=1.5WCcT−′2α蒸汽≫α空K=α空气∝1.5lnT−t1.5ln120′T−t120−tK= 即21201.50.8nT−t1T−tKn120t2得=77.42.5×′′Q=1.5Wct2−=1.5×100577.4−=4964.（15分）高度为9m，平衡关系Y=1.4X，测得气体进、出口浓度X10.015（均为摩尔比）。试求：Y1=0.03，Y20.002，液体出口浓度QQ9/（1）L=Y1−Y2== 1S =1.4×1.87=LY1−1NOGln⁡[1−（1）L=Y1−Y2== 1S =1.4×1.87=LY1−1NOGln⁡[1−)+(1−Y2−1NOG=1−0.749ln0.03−1−0.749 )+0.749]0.002−NOG=Z9 =′（3）Y2=y1−1′NOG=1−sln⁡[1−s)+y2′−1NOG=1−0.749ln0.03−1−0.749)+0.0015−NOG=′Z′HOGNOG=1.5×6.98=10.47′Z−Z=1.47.0.0（流量为100kmol/h时，试求：R=1.5RminQQ10/xq= 2.5×=1+α−1x=1+2.5−×0.5=qxD−0.95−===−0.714−xq= 2.5×=1+α−1x=1+2.5−×0.5=qxD−0.95−===−0.714− R==1.5×1.1=R yx x=0.623x+ 及yy0=xD=1+α−1得x===0α−α−1 2.5−2.5−1y1=0.623x0+0.358=（2）由V′=V1−qV′=V=R+1D=2.65×100=2656.（15分）常压下操作的干燥系统如下图所示，已知GC=720kg干料X1=0.5kg水/kgX2=0.2kg水/kg干料，t0=20℃，td=10℃，t2=60℃，ψ2=0.8tPs试求QQ11/ 0.8×=0.622×101.30.819.90.116kg/kgH=2P−ψ2=0.622P =0.622×101.31.230.00764kg/kgs,tt0= 0.8×=0.622×101.30.819.90.116kg/kgH=2P−ψ2=0.622P =0.622×101.31.230.00764kg/kgs,tt0=20 ==0.0126kg/kg=0.622101空气被冷却其中的水汽分压不变p0=pd=1.23空气被加热湿度不变0.00764kg/kgH1=H0=则I1=1.011.88H1 2490H1=(1.01+ 2++1.01+1.88× +2490×=1.01+1.88×0.116×60+2490×得t1=W=Gc(X1−X2)720=1993.4kg绝干气L0.116湿气用量L0=L(1+H0)=1993.4×(1+0.00764)=0.558kg湿空气I1=I21.01+1.88×0.1