2024年新高考物理二轮热点题型归纳：专题01 力与物体的平衡（解析版）

A.直梯受到4个力作用B.直梯的重心一定在直梯上C.墙壁对直梯的弹力是因直梯形变产生的D.地面对直梯的作用力竖直向上故选A。11 A.石块C对B的压力就是C的重力B.石块B一定只受3个力的作用C.石块A受到的合力向上D.石块B对石块A的作用力一定竖直向下故选D。作用，可再用隔离法。如果系统内部各部分运2211A.铁夹对小球的两个弹力为一对相互作用力22A.弹簧的弹力大于A、B两物块的总重力B.A物块受墙面竖直向上的摩擦力334D.B物块受到A物块的摩擦力一定沿两物块的接触面向下4故选D。33A.地面对斜面的摩擦力水平向左B.地面对斜面的支持力大于物块与斜面所受重力之和C.物块可能只受三个力的作用mgsinθ=μN+Fcosθmgcosθ+Fsinθ=NμGcosθ+μFsinθ=Gsinθ-FcosθμGcosθ=Gsinθ故D错误； 法正确的是()A.A物体受力的个数可能为4个B.B物体受力的个数可能为6个D.B物体不受到墙壁的摩擦力故选D。55法正确的是()55故选BD。 点，OB绳的另一端与放在粗糙水平地面上质量为60kg的物体乙相连，乙与水平地面的动摩擦因数为擦力)()TB=μm乙g=m甲gtan37°m甲=16kg66 A.F1的竖直分力大于F2的竖直分力B.F1的竖直分力等于FFsinα=F2sinβFsin(α+β)Fsin(α+β)sin(α+β)Fsin(α+β)F1y=sin(α+β)FF2y=sin(α+β)sinαcosβ-cosαsinβ=sin(α-β)>0F选项AB错误。故选D。 列说法正确的是()7788A.轻绳的合拉力大小为B.轻绳的合拉力大小为C.减小夹角θ,轻绳的合拉力一定减小Tcosθ=ff=μNTsinθ+N=mgT=μmgcosθ+μsinθT==f=Tcosθ==11 3 3 A.力F的最小值为M+mgB.力F的最小值为M+mgC.力F取最小值时θ=60°D.力F取最小值时θ=53°Fcosθ=fFsinθ+N=M+mgf=μNF== μM+mgμsinθ+cosθ= μM+mg99Fmin==M+mgtanφ=故选A。22A.FsinαsinβB.2FcossinβC.2FcoscosβD.2Fcosαsin合F=2F合f=F合cosβ=2Fcoscosβ333FN=3FN= 2 2F静=故选B。44A.0.6B.0.5C.0.4D.0.3l=2πrV=Sh=πr2htanθ=mgsinθ=μmgcosθμ=0.5故选B。55A.Ff=GB.F=FNC.Ff=GcosθD.F=GsinθFf=GcosθF=Gsinθ+FN故BD错误。66A.细线a上的拉力为23mgTTTT故BD正确。故选ABD。 A.0B.50NC.ND.503NFmin=Gsin30°=50N故选B。 A.小球静止在A点时，圆形轨道对小球的支持力大小FN=B.小球静止在A点时，绳对小球的拉力大小FT=mgFNFT R+hRLR+hFNR+hmgLR+hFR+h 水平面上的粗糙斜面体上，轻绳MA段与斜面平行，将悬挂有重物B的光滑轻质动滑轮C置于轻绳MP段上，稳定后，整个系统处于静止状态。现将轻绳右端从P点沿大圆环缓慢移至下方关于直径MN对称的P点，斜面体与物块A始终保持静止状态。则在此过程中()A.轻绳MC段与PC段间的夹角α一定先增大后减小B.轻绳对C处滑轮的弹力一定先增大后减小C.物块A与斜面体之间的摩擦力一定先减小后增大D.斜面体与水平面之间的摩擦力一定先增大后减小Ff=FTcosθ故选AD。确定因变量的变化．还可由数学知识求极值或者根据物理临界条件求极值.1122A.B.C.D.Fmin=2mgsinθ=2mgFmin=kxminkxmin=2mgk故选B。33()A.0.6GB.0.5GC.GD.0.8GFT=Gsin37°=0.6G故选A。44()A.AB杆对B的支持力变大B.AB杆对B的支持力变小C.OB绳拉力保持不变D.OB绳拉力变小A错误；故选B。55A.容器对小球B的作用力大小为mgB.弹簧对小球A的作用力大于对小球B的作用力C.弹簧的原长为R+gD.O′M的长度为2A相连时可得mgN1T1RRR2mgN2T2 RRL2T=k(L0-R)T=k(L0-L2)T=mgmgkL0=R+mgkL2=T2>T1 A.绳上的拉力逐渐增大B.杆BC对B点的作用力大小不变C.杆BC对B点的作用力先减小后增大D.绳子对滑轮A的作用力变小mgNT ACBCAB可得杆BC对B点的作用力大小为N=.mgT=.mg故选BD。法.别注意可能出现的多种情况. 现用水平力F推物体A，在F由零增大至再逐渐减为零的过程中，A和B始终保持静止。对此过程下列说法正确的是()A.地面对B的支持力大于(M+m)g面对B的支持力等于(M+m)g，故A错误；FN=mgcos30°+Fsin30°FNmin=mgcos30°=mgFNmax=mgcos30°+mgsin30°=mgF=3 mgFf=mgsin30°-Fcos30° Ffmax=mgsin30°=mg F=Fcos30°-mgsin30°Fmax=mgcos30°-mgsin30°=mg故选B。 D.无论多大的力都无法抓起金砖f=μF2fsinθ=mg+2FcosθF≈2778N故选B。22mAgsinθ=μmAgcosθ+mBgmAgsinθ+μmAgcosθ=mCgmB1 =mC5故选D。33C.两根杆中弹力方向均沿杆方向mgF=mgF'=mg故选B。44A.物块与斜面间的动摩擦因数为C.若F大小逐渐增大，则随着F的增大斜面最终会沿水平地面发生滑动D.物块仍沿斜面匀速运动解得物块与斜面间的动摩擦因数3μ=故A错误；F合x=Nsin30°-fcos30°=Nsin30°-μNcos30°=090°-30°-30°=30°mgsin30°+Fcos30°-μmgcos30°+Fsin30°=maa=故选B。 3F55 A.R1+μ2B.R1-μ2C.RD.Rmgcosθ=fm，fm=μFN，FN=mgsinθμ=μ=sinθR2-d2RR2-d2Rd=d=R故选D。66()A.B.C. R2-h2D. R2-h2RμN=mgsinθ,N=mgcosθ-RRθ=-RR R2-h2μ=h故选B。77 3,且最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则下列说法正确的是()Fcosθ=μFNFN+Fsinθ=mg=mgF=mg电荷间的库仑力F=k.三定律. ()D.细线对甲球的拉力大于mgr2T=mg 下列说法正确是()F1-mgsinθ-f1=0FN-mgcosθ=0f1=μFNF1=BImaxdImax=0.46AF2-mgsinθ+f2=0FN-mgcosθ=0f2=μFNF2=BImindImin=0.14AF-mgsinθ+f=0f=0.04Nmgsinθ=BIdI=0.30A故选AC。1A.两球间库仑力变小B.小球对半球的压力变小C.小球对半球的压力大小为2GD.小球对半球的压力大小为GFNF ==2RRrFN=故选D。22B.此时导轨对金属棒的支持力大小为0.8ND.此时导轨对金属棒的摩擦力大小为1.4NFA=BIL=1NFN=mgcos37°-FAsin37°=0.2NFf=mgsin37°+FAcos37°=1.4N<2.0N故选D。33()A.F1<F2B.应减小小球b的电荷量C.轻绳a上的拉力始终大于球的重力故A错误；=cosθ F1==mgtanθF2==mgsinθb=cosθFT1=FT2=mgcosθFT2=FT1cos2θ=FT1故选D。44A.两球的电性相同B.细线的拉力大小为mgC.两球的带电量都为L∠CAB=∠ABC=30°C．由=mg故选D。 B.tanθ=μ时，导体棒A所受的安培力最大C.导体棒A所受重力与支持力的合力大小不变D.导体棒A所受重力和安培力的合力与安培力方向的夹角变大FN=mgsinθ导体棒A所受摩擦力f=μmgsinθB．导体棒A所受的安培力