物理2021年高三5月大联考（广东卷）（全解全析）

2021年高三5月大联考（广东卷）

物理,全解全析

12345678910

ACBDCACBCBCBCD

1.A【解析】该核聚变要求在高温高压的条件下进行，一个D（笊）核和T（瓶）核发生聚变反应会产生

一个中子，并且释放能量，反应后平均核子质量变小，所以BCD错误，A正确。

54

2.C【解析】对沙子，由动能定理可知卬+%=八纥，%=-2.7xl0J,AEk=1.2xl0J,

IV=2.82xlO5J,所以C正确。

3.B【解析】若将运动员的运动过程简化为平抛运动处理，由/z=gg/，可知.=后$,由v=±可知，v

大约为1.8m/s,所以B正确。

22

4.D【解析】摩托车在铁笼中做圆周运动，则在A点有加g+外二赞-,在B点有FB—%=笠~,

可得J：见=3:37,由牛顿第三定律可知，摩托车在48点对铁笼的压力之比同样为3:37,所以D正确。

5.C【解析】风速变大，气球受到的水平向右的力变大，重力和空气浮力不变，所以绳子的拉力一定要变

大，且6角变小，所以AB错误，对气球和人整体受力分析可知，竖直方向上的力不变，所以地面对小

朋友的支持力不变，而绳子拉力变大，地面对小朋友的摩擦力变大，则地面对小朋友的作用力变大，所

以C正确，D错误。

6.A【解析】本题要求把现实生活的情境转化为物理模型，两云层间发生放电，其电场强度应不小于空气

被击穿时的电场，则后=2=史二=1.0'106v/m,所以选A。

dIO」m

7.C【解析】由题意，灯泡正常发光，表明Ob间电压为6V,而。为中点，故a、b间电压为12V。由

于风扇正常工作，故其额定电压是12V,A错误；流过风扇的电流/=0.6A-0.1A=0.5A,风扇的输入

功率尸o=/U=6W,热功率尸热=府=0.25'0.8W=0.2W,风扇输出的机械功率P=Po-P热=5.8W,B错误；

根据能量守恒可知，变压器的输入功率为P总=尸。+'=6.6W,C正确；根据#=」得〃|=4400,D错

误。

8.BC【解析】由赤道轨道变为极地轨道1,沿原轨道方向速度减小，垂直原轨道方向速度增大，除需要在

远火点朝运动的前方喷气外，还需要向垂直于原运动的方向喷气，所以A错误；由极地轨道1变为极地

轨道2,由极地轨道2变为极地轨道3,都需要在近火点减速，所以在近火点朝运动的前方喷气，故BC

正确，D错误。

9.BC【解析】由题意，集装箱离开列车时的速度为0,之后在0〜4m内竖直向上做匀加速直线运动，由

2x=V2-0，得x=4m时，集装箱的速度v=20m/s,A错误：由丫=〃得，仁20s,B正确；在

4m〜6m内，集装箱向上做加速度逐渐减小的加速运动，加速度向上，集装箱处于超重状态，C正确，

当户6m时加速度减小为0,但是向上的速度达到最大，故还会继续向上运动，D错误。

10.BCD【解析】棒到达磁场前做匀加速直线运动，所以A错误，由于到磁场的距离不确定，当达到

磁场的速度丫>“丝?’时，FA>mgsine,MN棒接着做加速度减小的减速运动，所以B正确；当达到

BU

磁场的速度X等詈

时，FA<mgsmG,MN棒接着做加速度减小的加速运动，所以C正确；当达

到磁场的速度丫=生丝丝C时，FA=mgsinf）,MN棒接着做匀速直线运动，所以D正确。答案：BCD。

BL

11.【答案】（1）最大静摩擦力不等于滑动摩擦力（合理即可）（2分）（2）挡光片的宽度4（2分）

s、hd2\lh2+13

(3)-------------------------------（2分）

L2gkL

【解析】（1）因为木块与木板间的最大静摩擦力大于滑动摩擦力，导致木块刚要滑动时，弹簧的弹力

大于滑动摩擦力，木块相对滑动后弹簧振动，读数不稳定；

I,2।

（2）木块在下滑过程中，有.（一）2=2（gsin6—〃gcos6）x,得^=——-----$7^=k

Af2（gsm6»-〃gcos61）（Ar）-

击，而要通过图线的斜率求得〃，需要测出挡光片的宽度必

d2hL

（3）由（2）分析知，k=———-------加，因sin^=~7=^==7,cos6=~^=^,解得〃=

2（gsm6-/zgcos6）"r+Z?"r+V

h

L2gkL

12.【答案】（每空2分）（1）电压表的分流作用（2）使灵敏电流表的示数为0（3）S?1.68.0

【解析】（1）若用甲图所示电路测量，通过电压表的电流会导致系统误差。

（2）采用图乙所示电路时，第一步是进行电阻丝上电压刻度的校准。移动P至指针指在与标准电池电

动势瓦相等的电压刻度上，闭合与、S2,调整用的阻值，使灵敏电流表的示数为0,就保证了指示值

就是心左端与指针之间电阻上电压的实际值。为确保电阻丝R,上的电压读数是准确的，在后续测量中，

必须确保Si闭合，Ei、R不变，开关S2断开（标准电源已完成使命）。

（3）第二步是测电动势和内阻。断开S2,闭合S3、S4时，每次改变通的值要重新调整P的位置，使

G中电流为0,才能保证电阻丝上自左至右的电压刻度值是待测电源的路端电压.根据闭合电路欧姆定

律有，E^U+-r,整理得；=3+£=，图像应是一条截距为斜率为高的直线。结合图

RUExExRURExEx

丙可得，£i—777TV=1.6V,t^kEx=x1.6C=8.0C。

0.620.1

13.【答案】⑴以=10m/s（2）N'=3740.4N

【解析】（1）由几何关系可知竖直位移尸Rsin。得产1.8m（1分）

由vj=2gy,v）.=6m/s（2分）

V

（1分）

cos53°

vB=10m/s（1分）

（2）几何关系可知BC的竖直高度h=R-Rsin0h=0A5m（1分）

由动能定理可得：（M+m）g/z=g（M+m）y；-g（M+m）年（2分）

对运动员和滑板进行受力分析：N—（M+〃z）g=（“；〃）.微分）

由牛顿第三定律得：N=N'（1分）

N'=3740.4N（1分）

14.【答案】（1）电场方向竖直向下芯。=与（2）Z,=（2+V2）d\—r2=（2->/2）d\—

ed丫纭丫纥

（3）Bo=^-d2mE^

ea

【解析】（1）只有当电场方向竖直向下时，从P辐射出的电子，才能受到向上的电场力，向上偏转。

当场强增大到瓦时，电子都向上偏转打到M上，竖直向下运动的电子恰好未打到N上，故所加电场的

方向应竖直向下。（2分）

由动能定理得

-eEod=0~Ek（I分）

解得氏=耳（1分）

ea

（2）从尸辐射出的电子竖直向下运动至N时速度减为0,之后反向到达M,此电子运动时间最长；竖

直向上运动至M的电子运动时间最短。设从P辐射出的电子的初速度为w,由动能的表达式得

Ek=—（1分）

2

设电子在电场中运动的加速度大小为小位移以向上为正方向，由运动学公式得

J—vofi+-at\2（1分）

2

t/=voZ2+—a^22（1

2

由牛顿第二定律得所PE③（1分）

m

Im

联立解得八=（2+夜）q瓦（1分）

t2-（2—夜）（1分）

（3）若从「辐射出的电子沿平行于屏的方向出射时不能打到屏上（速度方向垂直于磁场方向），则其

他电子均不能打到屏上，如图所示。则有

d=2R（1分）

由牛顿第二定律得（2分）

R

9_____

联立，解得氏=石/瓦（1分）

15.（1）【答案】（每空2分）放热相等

【解析】在2-7图像中，由B到C,温度不变，压强增大，气体对外放热；B、。在过原点的直线上,

即野=祟，故气体在3和。状态时的体积相等。

（2）I答案】①「曰②弋空『整"

PoSPQS

【解析】①对活塞受力分析：pnS=p内S即p内=/为（1分）

②由于活塞与气缸上表面之间没有压力，所以活塞与气缸上表面之间没有摩擦力

当活塞受到气缸下表面向左的摩擦力达到最大值时：poS=piS+wwg（1分）

Po_Px2、

---（1分）

A

解得『金詈"U分）

PoS

当活塞受到气缸下表面向右的摩擦力达到最大值时：poS+"mg=p2s（1分）

黑”分）

解得十=至±詈4。分）

PoS

的NPoS_wngPoS+T

所以----------A）s1s-----;—A）（］分）

PoSPoS

16.（1）【答案】（每空2分）0.4正

1QQ

【解析】由题图可知2=8m,则T=—=——=0.4s：从/=（）时刻起经过0.15s（士个周期），x=

v20m/s