天津市武清区名校2022年中考物理模拟预测题含解析

2021-2022学年中考物理模似试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求.

1.电是人们的好帮手，但若摸不准它的脾气，不注意用电安全，也可能会发生触电事故.下列选项中符合安全用电要

求的是

A.有金属外壳的家用电器，外壳必须接地B.保险丝断了，可以用铁丝来代替

C.有人触电时，应迅速用手将他拉开D.可用湿手接触照明电路中的开关

2.如图是用小锤敲击同一音叉时，示波器在相同时间内截取的两列声波图，一次重敲，一次轻敲，下列说法正确的是

甲乙

A.重敲时音调高，甲图是重敲时的声波图

B.轻敲时响度大，两次敲击音色相同

C.甲的响度比乙的大，甲的音调也比乙的高

D.两次音调、音色都相同，乙图是轻敲时声波图

3.小箫在实验室和同学做实验，她们在伏安法测电阻的实验中需要测量的物理量是

A.电阻和电流B.电压和电阻

C.电功和电压D.电压和电流

4.下列作图中，有错误的是:

A.4V5'^<J\-光的反射

/4・、

平面镜成像

5.图所示，两个滑梯高度相等，如果小玲分别从①号直梯和②号旋转滑梯上端滑到地面，小玲所受重力做功分别为

W1和印2,则下列说法正确的是

A.Wi>W2B.Wi<W2

C.Wi=W2D.无法比较

6.一位小朋友手里拿着的氢气球不小心脱手升到了空中，当气球升到高空时发生了破裂。以下关于气球升到高空破裂

的原因分析正确的是

A.高空大气压增大，气球体积减小，将气球压破

B.高空大气压增大，气球体积增大，将气球胀破

C.高空大气压减小，气球体积增大，将气球胀破

D.高空大气压减小，气球体积减小，将气球压破

7.探究“通过电阻的电流与电阻的大小关系”时，我们一般需要先预设一个电压值，实验中保持电阻两端电压为预设值

不变，现采用如图所示电路进行探究，器材：学生电源（6V）、滑动变阻（20。，1A）、电流表、电压表、开关、三个

定值电阻（5。、10。、20。）及导线若干，以下说法正确的是（）

A.要获得3组实验数据，电压预设值范围可以为1.5V-5V

B.要获得3组实验数据，电压预设值范围可以为IV-4V

C.电压预设值越大，在获得3组实验数据过程中，滑动变阻器阻值调节范围越小

D.实验电压预设值为2V.要获得3组实验数据，要更换最大阻值为30。的滑动变阻器

8.如图甲所示的电路中,当闭合开关后，两个电压表指针偏转均为图乙所示，则电阻Ri和R2的功率之比为

甲Z

A.4：1B.5：1C.1：4D.1：5

9.关于如图所示电与磁部分四幅图的分析，其中正确的是

10.冰棍是人们喜爱的一种冷饮，有关物态变化过程和现象下列说法正确的是（）

A.冰棍制作的最后一个步骤是凝华过程

B.从冰箱拿出的冰棍包装袋上“白粉”的形成是凝固过程

C.打开包装袋，冰棍周围出现的“白气”是汽化现象

D.吃冰棍解热是因为熔化过程吸热

二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）

11.2011年春季以来，长江中下游地区遭遇罕见的旱灾.进入夏季以来，气温的升高加剧了旱情，这是因为气温的升

高（选填“增加”或“减小”）水的蒸发.为了节约用水，果农们利用了滴灌的方法给果树浇水，如图，把

水滴入果树下的土里，这是利用（选填“增加”或“减小”）水在地面的表面积来减小水的蒸发.

12.如图所示，“蛟龙”号载人潜水器在马里亚纳海沟下潜后成功返回，在3小时内“蛟龙”号载人潜水器竖直下潜

至4800m处，该处海水压强是Pa,“蛟龙”号下潜的平均速度为km/h.p»*=1X103kg/m3,g=10N/kg）

13.有一架直升飞机重150000N,停在空中时，螺旋桨产生向上的举力，这个力是N；当它沿水平方向飞

行时，竖直向上的举力是N,当它匀速下降时，举力将（填“变大”、“变小”或“不变”）.

14.某品牌太阳能热水器的光热转换效率为50%,该太阳能热水器内装有100kg、温度为2（TC的水，阳光照射一天后,

水温升高到70℃,则热水器内的水吸收了J的热量，热水器接收J太阳能。这些太阳能相当于完全燃烧了

m1的天然气。（己知水的比热容为4.2X1O'J/（kg・℃）,天然气的热值约为8.4X10,J/m'.）

15.在国家“光伏扶贫”项目中，小聪家安装了太阳能发电系统，白天太阳能电池板发电，向电网提供电能，此过程

中太阳能转化为能；太阳能属于（选填“可再生”或“不可再生”）能源；中午时段，太阳能电池板的输

出电压为500V、输出电流为20A,3h可以为电网提供电能kWh,

16.一只标有”8V0.4A”的小灯泡，接在电源电压为12V的电路中，为使其正常发光，应串联一个Q的电阻;

该电阻通电10s所产生的热量是J.

17.如图甲所示电路，兄为定值电阻，电源电压不变，闭合开关S,将滑片P从b端移动到a端的过程中，电流表和

电压表示数变化关系如图乙所示，则电源电压为V,滑动变阻器兄的最大阻值为Q,电阻兄的阻值为

三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）

18.（2017•山西卷）踢足球是青少年喜爱的一项体育运动.如图所示是向斜上方飞出的足球，不考虑空气阻力，请你

画出足球所受力的示意图

19.如图乙所示，光源S发出一条光线射向水面，在水面处发生反射和折射，反射光线经过A点.请画出入射光线、

反射光线和折射光线的大致方向.

S・

空气・人

20.刘伟同学为了探究“运动和力的关系”，设计了如图所示的斜面实验.

在实验中刘伟让小车从同一斜面的同一高度由静止开始滑下，刘伟采用的研究问题的方法是,从甲、乙、丙三

次实验小车所停位置情况看，______图中小车所受阻力最大.刘伟从实验推理可知，若水平面绝对光滑，则运动的小

车会在水平面上做一运动.牛顿在前人研究成果的基础上，总结处牛顿第一定律，它的内容是：.

21.为了比较水和沙子的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图所示的实验.

(1)在两烧杯中分别装入初温相同且____相等的沙子和水.

(2)用相同的酒精灯加热，并用玻璃棒不断搅拌，每隔相同的时间记录一次温度，根据实验数据绘制成温度与时间的

关系图象，如图丙所示.实验中，通过比较来间接反映沙子和水所吸收的热量.

(3)分析图象可知，对于质量相等的沙子和水，升温较快的是;若使两者升高相同的温度，则吸收的热量

较多.由此可见的比热容较大.

(4)小明通过以上实验发现的规律，在生活中有许多应用，试举出一例.

(5)该同学在本次实验中用到的研究方法是和.

22.某小组同学在用杠杆测定机械效率的实验中

(一)小敏用如图所示的实验装置测定杠杆的机械效率.实验时，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使挂在杠杆下面的

杠杆的机械效率为%.

(2)实验中若提升的钩码重一定，则影响杠杆机械效率的主要因素是.

(3)若只将钩码的悬挂点由A移至8,仍将钩码提升相同的高度，则杠杆的机械效率将(选填“变大”、

“变小”或“不变”).

(-)小王用如图所示的另一实验装置测量杠杆的机械效率.。为杠杆的转轴，不计摩擦.实验时，给8端施加竖直

向下的力，使挂在杠杆4端的钩码缓缓上升.(图中杠杆为质量分布均匀的直棒)下表是提升物体时采集到的数据：

实验序号物重G(N)拉力(N)4端上升的高度him8端下降的高度s/m杠杆的效率

1250.040.02

2490.040.0289%

3250.060.0380%

46130.040.0292%

(1)第①组实验中，杠杆的机械效率为

(2)由________三组实验，可以初步得出的结论:相同的杠杆，提升的物体越重效率越高.

(3)该实验中杠杆的效率总小于100%的原因是杠杆有自重，分析实验数据可知道杠杆的自重为N.

四、计算题(本大题包括2小题，共22分.解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案

的不能得分)

23.如图是用动滑轮提升货物A的示意图。在竖直向上的拉力产的作用下，使重400N的货物A在50s的时间里，匀

速竖直上升了10m.在这个过程中，拉力尸为250N,不计绳重及摩擦.

击

求：(1)动滑轮的机械效率，/;拉力的功率P.

24.1019年3月30日，四川省凉山彝族自治州木里县境内发生森林火灾。在此次扑火行动中，由于受风力风向突变

影响，突发林火燃然，30名扑火人员英勇牺牲。为应对严重森林火灾，我国正在自主研制的大型水两栖飞机"鲸龙

“AG600,如图所示。该飞机蓄满水后总质量53.5t静止在地面上时与地面的接触面积约为0.615mL在某次灭火测试

中，飞机盘悬在火场上方100m处，将所蓄水分次投下，每次投水150kg用时15s到达地面：在水面滑行测试中，飞

机在水平面上以10m/s的速度沿直线匀速滑行了60s,若飞机发动机牵引力的总功率始终保持1.5X1()6W(〃水=

1.0X103kg/m3,g=10N/kg）求:

飞机蓄满水静止在地面上时，它对地面产生的压强；飞机蓄满水静止在水面上时排开水的

体积；飞机每次投下的水在下落过程中重力做功的平均功率；飞机在水面沿直线匀速滑行时，飞机所受的牵引力。

参考答案

一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求.

1、A

【解析】

A、有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要通过三脚插头接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全，故A符合

安全用电的要求.

B.不可以用铁丝来代替保险丝，因为铁丝的熔点高当电路中电流过大时铁丝不能自动熔断，起不到保险的作用，故B

错误.

C.有人触电时，应迅速切断电源然后再将他拉开，故C错误.

D、水容易导电，用湿手接触照明电路中的开关，会发生触电事故，故D不符合安全用电要求.

2、D

【解析】

（1）频率是1s物体振动的次数，相同时间内振动越快，频率越大.音调跟频率有关，频率越大，音调越高.

（2）振幅是物体振动时偏离原位置的大小，偏离原位置越大，振幅越大.响度跟振幅有关，振幅越大，响度越大.

（3）音色是由发声体本身决定的一个特性.

【详解】

由图可知，两幅图中音叉振动的快慢相同（都有3个波峰和2个波谷），因此声音的音调相同；由图知，物体振动时偏

离原位置的程度不相同（即振幅不同），因此响度不相同；甲振动时偏离程度大，甲的振幅大，所以甲的响度大，即音

量大，所以，甲图是重敲时的声波图，乙图是轻敲时声波图.用木槌敲击同一音叉，音色是不变的，只有D选项说法

正确.

故选D.

【点睛】

掌握声音的三个特征：音调、响度、音色，会观察波形图进行判断.音调跟频率有关；响度跟振幅有关；音色跟材料

和结构有关.

3、D

【解析】

在“伏安法测电阻”的实验中,不断调节滑动变阻器的阻值，多次测量电阻两端的电压及对应的电流，可利用公式

得到多个电阻值，求平均值减小误差，所以测量的物理量是电压和电流.故D正确，ABC错误.

4、D

【解析】

A.根据光的折射规律，反射光线和入射光线应该分居法线两侧，反射角等于入射角，符合反射定律，故A正确.

B.根据平面镜成像的规律可知，平面镜成的像与物体关于镜面对称.此图符合规律，故B正确.

C.在磁体外部，磁感线的方向从N极流向S极，由磁极间的相互作用可知，小磁针上端为S极，下端为N极，故C

正确.

D.过支点。作力尸作用线的垂线段为尸的力臂，图中/不是支点到力的作用线的垂线段，故D错误.

5、C

【解析】

无论小玲分别从①号直梯和②号旋转滑梯上端滑到地面，小玲的重力不变，滑梯的高度不变，由/=仍可知，小玲两

次中重力做的功相等，故M=W2,故C正确，ABD错误.

6、C

【解析】

大气压随着高度的增加而减小，当气球升到高空时，外界的气压减小，内部气压大于外部气压，气球体积增大，将气

球胀破.

7、C

【解析】

A.由图知，R与变阻器串联，电压表测R两端电压，电流表测电路中电流，当定值电阻最大R=20Q,当电压预设值

最小为1.5V时，电路中电流最小：

UR1.5V

I最小=/R=』=----=0.075A,

R20c

由串联电路特点和欧姆定律可得，此时变阻器接入电路中的电阻最大：

4U-UR6V-1.5V

R酒最大~=~,=60。＞20。,

/最小/最小0.075A

所以此预设电压值不正确，即A错误;

B.当定值电阻最大K=20C,当电压预设值最小为IV时，电路中电流最小:

URIV

I»,h=/R=*=------=0.05A,

R20。

由串联电路特点和欧姆定律可得，此时变阻器接入电路中的电阻最大：

"U-UR6V-1V

R滑.大一,—j=100020。,

/最小/最小-0.05A

所以此预设电压值不正确，即B错误;

C.电压预设值越大，电路中电流越大，变阻器两端电压越小，由欧姆定律可知，变阻器连入阻值越小，滑动变阻器

阻值调节范围越小.故c正确;

D.实验电压预设值为2V时，当R=20。时，变阻器需连入阻值最大，此时电路中电流

1工=丝=0.01A,

R20Q

此时变阻器连入电路的阻值:

U-4_6V-2V

=400。,

I0.01A

故D错误;

故应选C.

8、A

【解析】

如图所示电路图为串联电路，Vi测量电源电压，V?测量R2两端电压，两个电压表指针偏转均为图所示，则说明量表

的量程选择不同，而且Vi采用的是大量程，V2采用的是小量程，而大小量程指针指在同一位置时，大量程是小量程

的5倍关系，即R2两端电压是电源电压的1/5,所以可得Ri两端电压是电源电压的4/5,由串联分压可得Ri：Rz=4:l,

串联电路电流相等且P=FR得电阻Ri和R2的功率之比为4:1,故A正确.

9、C

【解析】

解答：A.图A是验电器，验电器根据同种电荷相互排斥的原理，如果物体带电，验电器就会带上与物体相同的电荷，

由于同种电荷相互排斥，所以金属箔张开.如果金属箔不张开，说明物体不带电.因此可以通过观察验电器的金属箔

是否张开来判断接触的物体是否带电.所以A说法错误.B.图B是电磁感应实验，根据此原理可以制成发电机，所

以B说法错误.

C.图C是奥斯特实验，通电后小磁针偏转，说明了通电导线周围存在磁场.所以C说法正确.D.图D是动感线圈式

话筒，当人对话筒说话时，引起膜片的振动，膜片的振动会引起线圈的运动，切割永磁铁的磁感线而产生相对应的变

化的电流，从而在扬声器产生与说话者相同的声音.动圈式话筒是根据电磁感应原理工作的.所以D说法错误.

故选C.

点睛：A、要认识验电器，知道验电器的作用，是检验物体是否带电的，是根据同种电荷相互排斥的原理制成的.B、

掌握电磁感应现象及实验，知道在此实验中让闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中会产生感应电

流.根据这个原理制成了发电机.C、认识奥斯特实验，知道奥斯特实验证实了通电直导线周围存在磁场.即电流的

磁效应.

D、要解决此题，需要知道动感线圈式话筒是根据电磁感应现象工作的.

10>D

【解析】

A.冰棍是由液态变成的固态，属于凝固现象，故A错；

B.冰棍包装袋上“白粉”是水蒸气直接变成的固态的冰，属凝华现象，故B错；

C.冰棍周围出现的“白气”是周围的水蒸气变成的小水滴，属于液化现象，故C错误；

D.吃冰棍解热是固态变成了液态，属熔化现象，故D正确；

应选D.

二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）

11、增加减小

【解析】

对于表面积、表面上方空气的流动一定的水，温度越高，水的蒸发越快，所以气温的升高加快了水分的蒸发从而加剧

旱情；果农们利用了滴灌的方法给果树浇水，减小水分的暴露表面积，使水在地面的表面积减小，从而减少土壤水分

的蒸发，利于节约用水。

12、4.8x1071.6

【解析】

“蛟龙”号受到海水的压强：p=ps*gh=1.0xl03kg/m3xl0N/kgx4800m=4.8xl07Pa,蛟龙”号下潜的平均速度为

sA.'&km

v=—=---------=1.6km/h.

t3h

13、150000150000不变

【解析】

直升飞机停在空中，直升飞机受到重力和举力的作用，这两个力是平衡力，大小相等，所以举力是15OOOON；当直升

飞机沿水平方向飞行时或匀速下降时，在竖直方向上都处于平衡状态，此时直升飞机在竖直方向上都受到向上的举力

与竖直向下的重力作用，这两个力是一对平衡力，由平衡条件可知，举力与重力相等为150000N,举力大小不变.

14、2.1X1074.2X1070.5

【解析】

(1)水吸收的热量：。吸=c，〃AQ4.2xl0ij/(kg»℃)xlOOkgx(70°C-20℃)=2.1xlO7J；(2)由〃=。吸/E得热水器接收

77

的太阳能：E=e®/E=2.1xlOJ/50%=4.2X10J；(1)由题知Q.E=4.2xl()7j,由。放=%得需要天然气的体积：V=Q放

/9=4.2xlO7J/(8.4xlO7J/m')=0.5mi。

15、电可再生30

【解析】

在国家“光伏扶贫”项目中，小明家安装了太阳能发电系统，白天太阳能电池板发电，向电网提供电能，此过程中利用

太阳能，转化成了电能；太阳能可以源源不断地从自然界得到，是可再生能源；太阳能电池板的输出电压为500V,输

出电流为20A,3h可以为电网提供电能：p=[//=500Vx20A=10000W=10kW,W=H=10kWX3h=30kWh。

16、101

【解析】

根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点得到电路中的电流，利用欧姆定律求出

串联电阻的阻值，根据焦耳定律求出串联电阻产生的热量.

【详解】

根据串联电路中总电压等于各分电压之和，则串联电阻R两端电压：UR=U-UL=12V-8V=4V,因串联电路中

各处的电流相等，所以灯泡正常工作时电路中的电流：I=0.4A,由/=且可得，串联电阻R的阻值：

22

R=4.=且，=100：此时该电阻通电10s产生的热量为：QR=IRt=(0.4A)X10Qx10.y=16J.

10.4A

故答案为10;L

【点睛】

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、焦耳定律的灵活运用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等、

正常发光时的电流和额定电流相等.

17、4；15s5；

【解析】

试题分析：闭合开关S,Ri和R2串联，由图象可知，当电流为1=1.2A时，滑动变阻器两端电压为3V,此时滑动变

阻器的阻值最大，U=IR2+3V①

当电流为I，=L8A时，滑动变阻器滑片在a端，电压表示数为1,U=PR2②

两式联立：IR2+3V=I，R2,解得R2=5C,U=4V；

由I=U/R得：滑动变阻器Ri的最大阻值：Ri=U»/I=3V/l.2A=15£2.

考点：欧姆定律的应用

三、作图、实验与探究题(本大题包括5小题，共34分)

【解析】

试题分析：不考虑空气阻力，足球在空中只受竖直向下的重力作用，从足球的重心向下作重力的示意图，就是足球所

受力的示意图，如上图所示.

【考点定位】力的示意图

【解析】

根据平面镜成像规律，作出点光源S在水中的像“S'”，由于反射光线反向延长线要过像点S',连结S'A与水面的交点

即入射点O,过O点作垂直水面的法线，则SO为入射光线，OA为反射光线.

根据光的折射定律，光由空气斜射入水中，折射光线靠近法线折射，折射角小于入射角，作出折射光线OC.

20、控制变量法甲匀速直线一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，除

非作用在它上面的力迫使它改变这种运动状态

【解析】

(1)让小车每次从斜面的同一高度由静止开始滑下，这样做是为了使小车到达水平面时的机械能相同，速度相同；采

用的方法是控制变量法；

(2)在这三次实验中，小车在毛巾表面上运动的距离最短，这是因为毛巾表面最粗糙，小车在该表面受到的阻力最大;

(3)若水平面绝对光滑，小车在水平方向上不受力的作用，小车的运动状态将不发生改变，小车将保持原来的速度进

行匀速直线运动；

(4)牛顿第一定律的内容是：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，除非作用在它

上面的力迫使它改变这种运动状态，这就是牛顿第一定律，也叫惯性定律.

21、质量加热时间沙子水水汽车用水来冷却控制变量法转换法

【解析】

(1)为了研究水与沙子比热容的大小，实验时，要控制水与沙子的初始温度、质量相等；

(2)根据转换法得到，通过比较加热时间来间接反映沙子和水吸收热量的多少；

(3)分析表中数据可知，对于质量相等的沙子和水：吸收相等热量，升温较快的是沙子；若使两者升高相同的温度，

水加热时间较长，说明吸收的热量较多；可以得到水的比热容较大；

(4)在生活中的应用水的比热容较大的例子：热水袋内装有水，汽车用水来冷却；

(5)物体吸收热量的多少与物质的种类、质量和升高的温度有关，该同学在本次实验中用到的是控制变量法；用加热

时间来表示物质吸热的多少，采用的是转换法.

22、0.566.7%杠杆的重力变大80%1、2、42

【解析】

(-)(1)由图可知，弹簧测力计的分度值是0.1N,所以它的示数是0.5N.在实验过程中，有用功是：

W有用=G/z=1.0Nx0.1m=0.1J,总功是：W&=Fs=0.5Nx0.3m=0.15J,所以杠杆的机械效率是：

77=%X100%=-X100%工66.7%；

W&0.15J

(2)有用功是提升钩码所做的功，额外功主要是克服杠杆重力做的功，影响机械效率的因素主要是有用功和总功所占

的比例；提升的钩码重一定说明有用功一定，所以影响杠杆机械效率的主要因素是杠杆自身的重力；

(3)钩码的悬挂点在A点移到B点时，。点C点位置不变，仍将钩码提升相同高度，有用功不变；额外功是提升杠

杆做的功，悬挂点A移到8后杠杆实际提升高度变小，所以额外功变小，总功变小，因此杠杆的机械效率变大.

(-)(1)第①组实验中，杠杆的机械效率为：

%区X100%=—X1oo%=2N?0.04m乂100%=80%

W&Fs5N?0.02m

(2)根据控制变量法思想，为了比较同一杠杆在提升物体时机械效率与物重大小的关系，应保持物重大小不同，但提

升物体高度必须相同的三组实验进行比较，所以只有1、2、4三组实验符合题意；

(3)假设杠杆自重为G杆，因为杠杆为质量分布均匀的直棒，所以它重心0'在杆的几何中心处，则以第三组实验数

据为例,W常=G物/lA=2NX0.06m=0.12J,W&=FhK=5^X0.03m=0.15,J,W«=WW#=0.15.1-0.12J=0.03J；

根据OA与08所在的两个三角形相似的几何关系可知LOA:LOB=ZIA：痴=2:1,,所以其重心在杆的中点位置处，因为

LOA：LOB=2:1,可以设LOA=21,LOB=I,又所以可推知该重心O'到。的距离为0.5/,则to,o：LOB=0.5Z：Z=l:2,

根据几何关系可