中考物理模拟试卷（解析版）

中考物理模拟试卷

一、选择题

1.如图所示的四种现象，由于光的反射形成的是（）

放大的“金鱼”墙上的手

斑马在水中的倒影雨后的彩虹

2.“一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。”总结概括出这重要

规律的科学家是（）

A.亚里土多德B.伽利略C.牛顿D.托里拆利

3.关于声现象，下列说法正确的是（）

A.常温（15℃）下，空气中的声速大于水中的声速

B.“蒙面歌王”节目中观众是通过音调猜出歌手的

C.声呐利用次声波可以确定鱼群位置和海水深度

D.汽车排气管上安装消声器是在声源处减弱噪声

4.下列说法中，正确的是（）

A.汽油机在做功冲程中是将机械能转换成内能

B.物体的温度降低时内能减少，所以0℃冰块的水分子不做热运动

C.沿海地区昼夜温差较小，主要原因是水的比热容较大

D.温度从热量高的物体传递给热量低的物体

5.我们知道，一对作用力与反作用力总是大小相等，方向相反。如图所示，重25N的长方体物块

甲放在水平桌面上，另一重10N的长方体物块乙放在物块甲上。则下列说法正确的是（）

乙

甲

A.物块乙所受的合力为ION

B.物块乙对物块甲的压力为15N

C.桌面受到物块甲的压力为15N

D.桌面对物块甲的支持力为35N

6.2018年6月2日，我国制造的高分辨率卫星“高分六号”成功发射升空，在其发射及完全进入

太空过程中，下列说法中正确的是（）

A.在上升过程中火箭受到的大气压强越来越大

B.火箭使用的助推燃料，其热值越低越好

C.进入太空后，卫星“高分六号”的质量变为零

D.竖直向上加速过程中，卫星“高分六号”受到的支持力大于其自身的重力

7.在探究蹄形磁体周围磁场的实验中，老师将玻璃板平放在磁体上，并均匀地撒上一层铁屑，轻敲

玻璃板，铁屑就会有序地排列起来，如图。对实验中有关现象的分析不正确的是（）

A.撒铁屑的目的是将原来不存在的磁场显示出来

B.铁屑在磁场中被磁化成一一个个小磁体

C.轻敲玻璃板，铁屑由于具有惯性会与玻璃板分离

D.轻敲玻璃板，铁屑与玻璃板分离后，不受摩擦力，铁屑在磁力作用下排列有序

8.如图所示，当带电体接触验电器的金属球时，下列说法正确的是（）

金属球

金属杆

金属箔

A.若带电体带正电荷，则这些正电荷就通过金属杆全部转移到金属箔上

B.若带电体带负电荷，则这些负电荷就通过金属杆全部转移到金属箔上

C.若带电体带正电荷，则验电器就有一部分电子转移到带电体上

D.若带电体带负电荷，则验电器就有一部分正电荷转移到带电体上

9.关于家庭用电及安全常识。下列说法正确的是（）

A.低于220V的电压对人体是安全的

B.家庭电路中，各用电器都是串联在电路中的

C.控制用电器的开关应该接在该用电器和零线之间

D.外壳为金属的用电器，用三线插头是防止漏电而采取的安全措施

10.图甲中用力F|水平拉着重为G的物体在水平路面上匀速移动s的距离。图乙中用动滑轮拉着它

也在同一路面上匀速移动s的距离，水平拉力为F2.使用动滑轮的过程中（）

A.总功为W,^=F2sB.有用功为\¥有=6$

Gs

C.机械效率为口=瓦丁D.额外功为W额=2F2S-FiS

II.如图，R］为定值电阻，R?为滑动变阻器，电源电压保持不变闭合S,当R2的滑片P向右滑动

的过程中，下列说法正确的是（）

A.电压表V的示数变大

B.电流表A2的示数变小

C.电压表V的示数与电流表Ai的示数的乘积变大

D.电压表V的示数与电流表A|的示数的比值变大

12.如图所示电路，电源电压不变，小灯泡标有“6V3W”字样，闭合开关后，当滑片P移至某一

位置时，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为Pl；当滑片P移至某一端点时，电

流表示数为0.3A,电压表示数变化了3V,此时滑动变阻器消耗的功率为P2,且Pi：P2=5：6.下

列判断正确的是（）

A.滑动变阻器的最大阻值为10。

B.电路允许消耗的最大功率为4.5W

C.小灯泡正常发光时，滑片P位于滑动变阻器中点位置

D.滑动变阻器消耗的功率由Pi变为P2的过程中，小灯泡消耗的功率变化了0.6W

二、填空题

13.如图所示，用刻度尺测量物体A的长度是cm。

11|1111|1111|1111|1111|1

34567（5）

14.小付买了一盒“雪月饼”，为了保持低温，工作人员在月饼包装盒内装入了一定量的“干冰”。

回到家中，打开包装盒，发现周围空气出现了“白雾”，这是因为“干冰”在过程中吸

收热量，使空气中的水蒸气成了小雨滴。（两空均填物态变化名称）

15.一辆轿车以72km/h的速度在水平路面上沿直线匀速行驶10分钟，轿车的质量为1500kg,行驶

时所受阻力为车重的0.2倍（g取I0N/kg）,则牵引力为N.此时汽车的功率为kW。

16.如图所示是蹦床运动，当运动员从高处下落过程中能转化为动能，运动员与蹦床面接触

的瞬时能最大；与蹦床接触后，床面发生弹性形变，运动员的动能转化为蹦床的势

能。

17.拉弓射箭的过程中，弓被拉弯，说明力可以改变物体的；松手后箭飞出，说明力可以改

变物体的o

18.2018年2月12H,我国用长征三号乙运载火箭发射了北斗全球卫星导航系统的第28、29颗卫

星，到2020年，该系统将拥有5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星，可在全球范围内为各

类用户提供高精度的定位、导航、授时服务，并具有短报文通信能力。

（1）火箭加速上升的过程中，搭载的卫星的机械能（选填“增大”、“减小”或“不变”）。

（2）卫星工作所需的能量，主要由太阳帆板提供，太阳帆板将转化为电能。

（3）静止轨道卫星离地面的高度约为3.6X104km,地面控制中心通过向该卫星发送指令，

指令从地面传到卫星所用的时间约为So

19.如图所示，水平桌面上两个相同的玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大、小两只玩具鸭。甲、

乙两图中水对缸底的压强分别为P1和P2,缸对桌面的压强分别为P1'和P2'.两只玩具鸭受到

的浮力分别为Fi和F2，则它们的大小关系为：piP2,Pl'____P2'，F,F2,

若乙图中小玩具鸭的质量为15g,它排开水的体积是cm3。

△■

甲4

20.小明在家中用煤气灶将初温为20℃,质量为2kg的一壶水加热到80℃,这是通过的方

式使水的内能o如果煤气完全燃烧放出的热量只有60%被水吸收，则至少需要燃烧

kg的煤气［水的比热容为4.2X103J/（kg.℃）,煤气的热值为4.2X107j/kg］。

21.电阻Ri=12Q,R2=4Q并联在同一电路中，则它们两端的电压之比为Ui：U2=,电流

之比h：12=，功率之比Pi：P2=。

22.阅读短文，回答文后的问题。

浮子流量计

气体的流量一般指单位时间内流过通气管道的气体体积，流量等于气体的流速和通道横截面积的

乘积。生活生产中经常要对气体的流量进行控制，例如医院给病人输氧时，用阀门控制氧气瓶输

出氧气的流量，在管道中接入流量计，可以反映流量的大小。

浮子流量计是一种常用的流量计。其结构如图所示，一个上粗下细的锥形管，管内倒放着一个铝

制的圆锥体浮子。工作时，气体从锥形管下端流入，向上冲击浮子，然后流过圆锥体浮子底面与

锥形管之间的环形空隙，从上端流出。如果浮子受到气流的冲力大，就会向上移动，环形空隙加

大，气体流速变小，对浮子的冲力就会变小，这样浮子最终稳定在某一位置，这个位置的高低就

反映了气体流量的大小。

（1）浮子流量计使用时，锥形管应处于;

A.水平方向B.竖直方向C.斜向上D.斜向下

（2）浮子所受气体浮力很小，可以忽略。当浮子稳定在某一位置时，气流对浮子的冲力和浮子

重力的关系是。

（3）对于某个制成的浮子流量计，浮子和锥形管之间的环形空隙的面积和浮子高度成正比，比

例系数为k|；气流对浮子的冲力和流速成正比，比例系数为k2；浮子的质量为m。当浮子稳定在

高度h时，气体流量Q的表达式为Q=。

（4）浮子流量计能反映的最大流量是有限的，如果要让这个浮子流量计能反映更大的流量，请

你提出一条可行的改进措施：o

23.如图所示，在图中根据平面镜成像的特点作出三角形ABC在平面镜中的像。

24.作图题：在图中括号内标出通电螺线管的N、S极和小磁针的N、S极。

-卜—

25.如图所示，请画出热气球在竖直方向加速上升时的受力示意图（忽略空气阻力）。

26.小明家里的电热水器里装有50kg、20℃的水，通电后将水加热到70℃,已知p水=1.0X103kg/m3,

c水=4.2X103j/（kg«℃）o

求：（1）电热水器里水的体积

（2）水吸收的热量。

27.如图所示，用甲、乙两种滑轮组，分别匀速竖直向上提升同一重物，从相同位置开始提升至同

一高度处，求：

（1）若不计绳重，滑轮重及摩擦，两次拉力日和F2之比；

（2）若不计绳重及摩擦，重物质量为400g,动滑轮质量为100g,匀速拉动过程中甲、乙两装置

的机械效率。

乙

28.如图所示电路中，灯泡L标有“6V3W”字样（不计温度对灯丝电阻的影响）,当开关Si闭合,

滑动变阻器的滑片P在最左端时，灯泡L正常发光；当开关Si闭合，S2断开，滑动变阻器的滑

片P在中点时，电流表的示数是0.2A.求：

（1）电源电压

（2）滑动变阻器R的最大阻值；

（3）电路的最小功率和最大功率。

S.

29.小明在做“观察水的沸腾”实验时，用到的器材如下：铁架台、烧杯、温度计、秒表、硬纸板、

石棉网等。

（1）组装器材时如何确定铁圈（石棉网）的高度？。

（2）实验时用温度计测出不同时刻水的温度，并记录在如表中，其中第3min时温度计的示数如

图甲所示，示数为℃

时间/min01234567

温度/℃80848896989898

（3）某时刻观察到烧杯中出现图乙所示的现象，表明水沸腾。

（4）请在图丙方格纸上画出水的温度随时间变化的图象。

（5）小明回家后发现妈妈正在炖汤，汤沸腾后妈妈将火调小，汤仍在沸腾。小明又把火调得更

小，这时虽还在加热，汤却不沸腾了你觉得不沸腾的原因是。

30.探究浮力的大小

数据如图，甲、乙、丙、丁是用同一金属块探究浮力大小跟哪些因素有关的实验。

结论①图丙中金属块受到的浮力比图乙中金属块受到的浮力（填“大”或“小”），

说明浮力的大小与有关

②图丁中金属块受到的浮力大小等于N

③比较图可知，浮力的大小与液体的密度有关。

数据如图，用木块、弹簧测力计、溢水杯和小桶进行实验：

结论④木块受到的浮力F浮=N„

⑤木块排开的水所受的重力G排水=No

⑥比较数据可知：浮在水上的木块受到的浮力大小(填“大于”、“等于”或

“小于”)它排开的水所受的重力。

31.如图所示，在“探究凸透镜成像的规律”实验中。

(1)组装调整实验器材时，要使烛焰和的中心位于凸透镜的主光轴上。

(2)实验所用凸透镜的焦距为20cm,若烛焰在凸透镜前30cm处，则可在凸透镜的另一侧得到

A.倒立、放大的实像B.倒立、缩小的实像&

C.正立、放大的虚像D.正立、缩小的虚像袅k

(3)接下来，保持烛焰和凸透镜的位置不变，换一个焦距小一些的凸透镜，则所成像的大小比

刚才的像。

(4)如果要估测题(3)中凸透镜的焦距，可以让烛焰距离凸透镜，此时像距就近似等

于焦距。

32.小明同学利用电流表和电阻箱测量小灯泡的功率，设计并接了如图甲所示的实物电路。

（1）为了保护电路，闭合开关S1前，应将滑片P移到动变阻器的（"A”或“B”）端。

（2）闭合开关舟，将单刀双掷开关S2扳向“1”，调节滑动变阻器调节电阻箱的阻值使电流表

的示数为h，如图乙所示，h=A；

（3）将开关S2扳向“2”，保待滑动变阻器的阻值不变，调节滑动变阻箱的阻值R,使电流表的

示数仍为h，此时R=5Q；则步骤（2）中小灯泡的电阻Ri=。，测量小灯泡电阻的方法

是（选填“控制变量法”或“等效替代法”）；

（4）步骤（2）小灯泡的实际功率Pi=W；

（5）若小灯泡的额定电流为Io=2h，以下关于灯泡额定功率Po与实际功率P,的数值关系，你

认为最有可能的是。

A.Po=2PiB.P（）=3P|C.Po=4PiD.P0=5P]

参考答案与试题解析

一、选择题

1.如图所示的四种现象，由于光的反射形成的是（）

【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、

影子的形成、日食和月食等;

（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、

平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象,

例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。

【解答】解：A、鱼缸相当于凸透镜，成正立、放大的虚像，是由光的折射形成的，故A错误；

B、手影是由于光沿直线传播形成的，故B错误；

C、水中倒影属于平面镜成像，是光的反射形成，故C正确；

D、彩虹是光的色散现象，属于光的折射现象，故D错误。

故选：C。

【点评】解决此类题目要结合光的直线传播与光的反射、光的折射区别进行分析解答。

2.“一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。”总结概括出这重要

规律的科学家是（）

A.亚里士多德B.伽利略C.牛顿D.托里拆利

【分析】牛顿第一定律的内容：一切物体在没有受到力的作用时，总保持匀速直线运动状态或静

止状态。

【解答】解：牛顿在伽利略、笛卡尔的基础上得到牛顿第一定律：“一切物体在没有受到力的作

用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态”。所以此科学规律是牛顿得到的。

故选：Co

【点评】掌握科学家在物理上的贡献，并且识记这些科学家的名字被命名成什么物理量的单位。

3.关于声现象，下列说法正确的是（）

A.常温（15℃）下，空气中的声速大于水中的声速

B.“蒙面歌王”节目中观众是通过音调猜出歌手的

C.声呐利用次声波可以确定鱼群位置和海水深度

D.汽车排气管上安装消声器是在声源处减弱噪声

【分析】（1）声音是物体的振动产生的，声音的传播需要介质，它可以在气体、固体、液体中

传播，且声音在固体中的传播速度最快，液体中次之，在气体中的传播速度最慢，声音不能在真

空中传播；

（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高

低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定

的一个特性；

（3）人的听觉频率范围是20Hz〜20000Hz,高于20000Hz的是超声波，低于20Hz的是次声波;

减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处。

【解答】解：A、声音在固体中的传播速度最快，液体中次之，在气体中的传播速度最慢，故常

温（15℃）下，空气中的声速小于水中的声速；故A错误；

B、音色是由发声体本身决定的，不同的发声体，其音调和响度可能相同，但音色一般不同：观

众能很快分辨出是哪位歌手的声音，主要是依据声音的音色不同，故B错误；

C、超声波具有较强的穿透性，并且能够传递信息，所以人们利用超声波可以确定鱼群位置和海

水深度，故C错误；

D、在汽车排气管上安装消声器，是在声源处减弱噪声，故D正确。

故选：D。

【点评】本题考查声速，对音色的理解，超声波的应用，以及减弱噪声的途径是基础题。

4.下列说法中，正确的是（）

A.汽油机在做功冲程中是将机械能转换成内能

B.物体的温度降低时内能减少，所以0℃冰块的水分子不做热运动

C.沿海地区昼夜温差较小，主要原因是水的比热容较大

D.温度从热量高的物体传递给热量低的物体

【分析】（1）在汽油机的四个冲程中，吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转

化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；

（2）一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动：

（3）根据Q=cm^t可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度改变的少；

（4）热传递的条件是有温度差；热传递传递的是热量，不是温度。

【解答】解：

A、压缩冲程将汽油和空气的混合物压缩，将机械能转化内能，做功冲程将内能转化为机械能，

故A错误；

B、一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动，所以物体的温度降低时内能减少，0℃冰块的

水分子仍然在做热运动，故B错误；

C、沿海地区水多，内陆地区水少、沙石多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石

比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得

沿海地区昼夜的温差小，故C正确；

D、热传递的条件是有温度差，即热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，故D错误。

故选：Co

【点评】本题考查了汽油机各冲程能量的转化、分子运动、比热容的应用以及热传递的条件，属

于综合性题目。

5.我们知道，一对作用力与反作用力总是大小相等，方向相反。如图所示，重25N的长方体物块

甲放在水平桌面上，另一重10N的长方体物块乙放在物块甲上。则下列说法正确的是（）

乙

甲

A.物块乙所受的合力为I0N

B.物块乙对物块甲的压力为15N

C.桌面受到物块甲的压力为15N

D.桌面对物块甲的支持力为35N

【分析】（1）处于平衡状态的物体受到平衡力的作用，合力为零；

（2）物块乙对物块甲的压力等于物块乙的重力；

（3）桌面受到物块甲的压力等于物块甲乙的重力之和；

（4）根据力的作用的相互性得出桌面对物块甲的支持力大小。

【解答】解：A、物块乙静止，处于平衡状态，受到平衡力的作用，故所受的合力为ON.故A

错误；

B、物块乙对物块甲的压力等于物块乙的重力，为10N.故B错误；

C、桌面受到物块甲的压力等于物块甲乙的重力之和，即25N+10N=35N.故C错误；

D、由C知，桌面受到物块甲的压力为35N,而桌面对物块甲的支持力与桌面受到物块甲的压力

是一对相互作用力，故大小为35N,故D正确。

故选：D。

【点评】此题考查压力及重力与压力的区别、力的作用的相互性，难度不大，属于基础题目。

6.2018年6月2日，我国制造的高分辨率卫星“高分六号”成功发射升空，在其发射及完全进入

太空过程中，下列说法中正确的是（）

A.在上升过程中火箭受到的大气压强越来越大

B.火箭使用的助推燃料，其热值越低越好

C.进入太空后，卫星“高分六号”的质量变为零

D.竖直向上加速过程中，卫星“高分六号”受到的支持力大于其自身的重力

【分析】（1）大气压随高度的增加而减小；

（2）热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料

时首先应该考虑燃料热值的大小；

（3）质量是物体的属性，只与所含物质的多少有关，与物体的位置、状态、形状、温度无关；

（4）物体加速运动，合力方向与运动方向相同。

【解答】解：

A、大气压随高度的增加而减小，所以在上升过程中火箭受到的大气压强越来越小，故A错误；

B、完全燃烧相同质量的燃料时，热值高的燃料可以释放出更多的热量，所以火箭使用的助推燃

料，其热值越高越好，故B错误；

C、卫星“高分六号”进入太空后，位置改变了，但质量不变，故C错误；

D、卫星“高分六号”在加速上升时，合力方向向上，则受到的支持力大于重力，故D正确。

故选：D。

【点评】本题考查了影响大气压的因素、热值、质量的特性以及力大小的比较，属于综合性题目。

7.在探究蹄形磁体周围磁场的实验中，老师将玻璃板平放在磁体上，并均匀地撒上一层铁屑，轻敲

玻璃板，铁屑就会有序地排列起来，如图。对实验中有关现象的分析不正确的是（）

A.撒铁屑的目的是将原来不存在的磁场显示出来

B.铁屑在磁场中被磁化成一个个小磁体

C.轻敲玻璃板，铁屑由于具有惯性会与玻璃板分离

D.轻敲玻璃板，铁屑与玻璃板分离后，不受摩擦力，铁屑在磁力作用下排列有序

【分析】①在磁体周围空间存在一种特殊的物质，这种物质能对放入其中的磁体产生力的作用，

这就是磁场；

②在磁体或电流的作用下，使原来没有磁性的物体获得磁性的过程叫磁化；

③一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。惯性与质量有关，质量越小，惯性越

小，运动状态越容易改变。

【解答】解：A、磁体周围始终存在磁场，借助细铁屑可以显示磁体周围的磁场分布特点，但不

是将原来不存在的磁场显示出来。故A错误；

B、铁屑原来没有磁性，但在磁场的作用下能够获得磁性，说明被磁化了。故B正确；

C、铁屑质量较小，惯性小，运动状态容易改变。所以轻敲玻璃板，铁屑由于具有惯性会与玻璃

板分离。故C正确；

D、铁屑受到磁场的作用，轻敲玻璃板，铁屑与玻璃板分离后，不受摩擦力，铁屑逐渐有序排列。

故D正确。

故选：A。

【点评】此题考查了磁场的存在、性质、磁化、惯性现象等知识点，是一道综合题。需要清楚的

是，磁场客观存在，利用细铁屑显示磁场分布，体现的是转换思想。

8.如图所示，当带电体接触验电器的金属球时，下列说法正确的是（）

金属球

金属杆

金属箔

A.若带电体带正电荷，则这些正电荷就通过金属杆全部转移到金属箔上

B.若带电体带负电荷，则这些负电荷就通过金属杆全部转移到金属箔上

C.若带电体带正电荷，则验电器就有一部分电子转移到带电体上

D.若带电体带负电荷，则验电器就有一部分正电荷转移到带电体上

【分析】（1）验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制作的，金属箔片所带的电荷量越多，其

张角越大。

（2）金属中的自由电荷是自由电子；质子不可移动。据此分析判断。

【解答】解：AC、若带电体带正电荷，带电体缺少电子，所以不可能有电子从金属杆流向金属箔,

而只能是有一部分电子从金属箔转移到金属杆上，故A错误，C正确；

B、若带电体带负电荷，负电荷将部分转移到金属箔上，从而金属箔带负电，而带电体仍带负电,

故B错误；

D、若带电体带负电荷，是由于有多余的电子，则带电体就有一部分电子转移到验电器上，故D

错误；

故选：C„

【点评】自由电荷不一定是负电荷，但是一定不是质子。

9.关于家庭用电及安全常识。下列说法正确的是（）

A.低于220V的电压对人体是安全的

B.家庭电路中，各用电器都是串联在电路中的

C.控制用电器的开关应该接在该用电器和零线之间

D.外壳为金属的用电器，用三线插头是防止漏电而采取的安全措施

【分析】（1）不高于36V的电压对人体才是安全的；

（2）串联的各用电器相互影响，不能独立工作，并联的各用电器互不影响，能独立工作：

（3）开关应接在用电器和火线之间；

（4）三孔插座的第三个孔接地线，三脚插头的第三个脚接用电器金属外壳。

【解答】解：

A、经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的，故A错误；

B、在家庭电路中各用电器都互不影响，能独立工作，它们是并联的，故B错误；

C、开关应接在用电器和火线之间，这样在断开开关时，用电器才不会带电，故C错误；

D、外壳为金属的用电器使用三线插头都是为了防止漏电而采取的安全措施，故D正确。

故选：D。

【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，同学们要牢记安全用电常识，并正确规

范操作，避免危险发生。

10.图甲中用力F1水平拉着重为G的物体在水平路面上匀速移动s的距离。图乙中用动滑轮拉着它

也在同一路面上匀速移动s的距离，水平拉力为F2.使用动滑轮的过程中（）

<_I-,一一

甲乙

A.总功为W.以=F2sB.有用功为W宥=Gs

Gs

C.机械效率为可=而百D.额外功为W额=2F2S-FIS

【分析】（1）使用动滑轮拉力端移动距离等于物体移动距离的2倍，利用W=Fs求拉力做的总

功；

（2）使用动滑轮做的有用功，等于直接拉物体做的功；

（3）机械效率等于有用功与总功之比；

（4）额外功等于总功减去有用功。

【解答】解：

A、使用动滑轮拉力端移动距离s'=2s,拉力做的总功W,a=F2S'=F2X2S=2F2S,故A错；

B、使用动滑轮做的有用功，等于直接拉物体做的功，即W"=F|S,故B错；

C、机械效率口;部二屋一，故C错；

W总2F2s

D、额外功W颔=W_W有=2F2S-FIS,故D正确。

故选：D。

【点评】本题考查了使用动滑轮时有用功、额外功、总功、机械效率的计算，明确水平使用动滑

轮时有用功、额外功的含义是关键。

11.如图，Ri为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变闭合S,当R2的滑片P向右滑动

的过程中，下列说法正确的是（)

A.电压表V的示数变大

B.电流表A2的示数变小

C.电压表V的示数与电流表Ai的示数的乘积变大

D.电压表V的示数与电流表A|的示数的比值变大

【分析】A、电路中，两电阻并联，电流表A2测通过Ri的电流，电流表A|测并联电路的总电流,

电压表测电源电压，

分析电压表示数变化；

B、根据并联电路各支路互不影响，分析通过Ri的电流大小不变；

CD、当R2的滑片P向右滑动的过程中判断变阻器连入电路中的电阻变化，由欧姆定律确定通过

变阻器的电流变化，根据并联电路电流的规律确定A］示数变化，可得出电压表V的示数与电流

表Ai的示数的乘积变化；

根据Ai示数变化，确定电压表V的示数与电流表A,的示数的比值变化。

【解答】解：A、电路中，两电阻并联，电流表A2测通过Ri的电流，电流表Ai测并联电路的总

电流，电压表测电源电压，

故电压表示数保持不变，A错误；

B、根据并联电路各支路互不影响，故通过Ri的电流大小不变，即电流表A2的示数不变，B错

误；

CD、当R2的滑片P向右滑动的过程中，变阻器连入电路中的电阻变大，由欧姆定律，通过变阻

器的电流变小，

根据并联电路电流的规律，Ai示数变小，电压表V的示数与电流表Ai的示数的乘积变小，（2错

误；

因A）示数变小，而电压表示数不变，故电压表V的示数与电流表A|的示数的比值变大，D正确。

故选：D。

【点评】本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的识别。

12.如图所示电路，电源电压不变，小灯泡标有“6V3W”字样，闭合开关后，当滑片P移至某一

位置时，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为Pi;当滑片P移至某一端点时，电

流表示数为0.3A,电压表示数变化了3V,此时滑动变阻器消耗的功率为P2,且Pi：P2=5：6.下

列判断正确的是()

A.滑动变阻器的最大阻值为10。

B.电路允许消耗的最大功率为4.5W

C.小灯泡正常发光时，滑片P位于滑动变阻器中点位置

D.滑动变阻器消耗的功率由P)变为P2的过程中，小灯泡消耗的功率变化了0.6W

【分析】(1)由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流

表测电路中的电流。

根据滑片在某一位置和在一端时滑动变阻器消耗的功率之比，算出电源电压；

当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.3A,电流表示数减小，电阻变大，说明滑片在最大阻

值处，算出滑动变阻器的最大阻值；

(2)根据P=UI和灯泡的额定电流算出电路允许消耗的最大功率；

(3)根据欧姆定律和小灯泡正常发光时，算出滑动变阻器的电阻从而确定滑片P的位置；

(4)根据P=UI算出小灯泡消耗的功率值以及变化值。

【解答】解：

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电

流。

(1)设电源电压为U,

当滑片P移至某位置时，小灯泡恰好正常发光，且串联电路中电流处处相等，

由P=UI可得，此时电路中的电流为：1=11=黑=罢=0.5人,

UL6V

滑动变阻器消耗的功率为：P|=(U-UL)1=(U-6V)X0.5A------------①

当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.3A,电流表示数减小，说明变阻器接入的电阻变大，

此时滑片在最大阻值处；

变阻器接入的电阻变大，由串联分压规律可知，变阻器分得的电压变大，所以，电压表示数变化

了3V即增大了3V,此时滑动变阻器两端的电压为：U淋=11-6V+3V=U-3V,

此时滑动变阻器消耗的功率为：=(U-3V)X0.3A----------②

已知Pi：P2=5：6------(3)

联立①②③解得，电源电压U=9V；

则滑动变阻器的最大阻值为：R潸大=上岂=先三=竺穿=20。，故A错误；

I，0.3A0.3A

(2)灯泡的额定电流为0.5A,则电路中的最大电流为0.5A,

电路允许消耗的最大功率：P/：=UI大=9VX0.5A=4.5W,故B正确；

(3)小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电压为：-U-6V=9V-6V=3V,

此时滑动变阻器的电阻为：R/-

I0.5A

因为滑动变阻器的最大阻值为20。，所以此时滑片P不在中点位置，故C错误；

(4)由题意可知，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为Pi，则此时灯泡消耗的

功率PL=P额=

3W,

滑动变阻器消耗的功率由Pi变为P2的过程中，电压表示数变化了3V即增大了3V,由串联电路

的电压规律可得，灯泡两端的电压减小了3V,则此时灯泡两端的电压UJ=6V-3V=3V,

此时灯泡消耗的电功率：PL'=UL'I'=3VXO.3A=O.9W,

则灯泡消耗的功率变化了：△P=PL-PJ=3W-0.9W=2.1W,故D错误。

故选：Bo

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意本题中灯泡的电阻

是变化的。

二、填空题

13.如图所示，用刻度尺测量物体A的长度是3.20cm。

11|1111|1111|1111|1111|1

24567(cn)

【分析】(1)刻度尺的最小刻度值为相邻的刻度线表示的长度；

(2)起始端没从0开始，把3.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去3.00cm即为物体

长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。

【解答】解：

图示刻度尺1cm又分为5个小刻度，故最小刻度值为2mm；

物体A起始端对应的刻度值为3.00cm,物体A末端对应的刻度值为6.20cm,所以物体A长度为

6.20cm-3.00cm=3.20cmo

故答案为：3.20。

【点评】刻度尺是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值，使用时刻度要

紧贴被测物体，读数时视线与刻度垂直，估读到分度值的下一位。

14.小付买了一盒“雪月饼”，为了保持低温，工作人员在月饼包装盒内装入了一定量的“干冰”。

回到家中，打开包装盒，发现周围空气出现了“白雾”，这是因为“干冰”在升华过程中吸

收热量，使空气中的水蒸气液化成了小雨滴。(两空均填物态变化名称)

【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华：由气态变为液态叫

液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。

【解答】解：打开包装盒，发现周围空气出现了“白雾”，这是因为盒内的干冰发生升华现象，

此过程中吸热，使温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化为小水滴即“白雾”。

故答案为：升华；液化。

【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状

态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

15.一辆轿车以72km/h的速度在水平路面上沿直线匀速行驶10分钟，轿车的质量为1500kg,行驶

时所受阻力为车重的0.2倍(g取10N/kg),则牵引力为3X103N.此时汽车的功率为60

kW。

【分析】(1)汽车在水平路面上匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，

根据f=0.2G=0.2mg求出阻力，利用二力平衡条件求出牵引力的大小；

(2)根据P=a=E2=Fv求出汽车的功率。

tt

【解答】解：

(1)汽车做匀速运动，处于平衡状态，由二力平衡条件得牵引力：

F=f=0.2G=0.2mg=0.2X1500kgX10N/kg=3Xl^N；

(2)汽车的速度：v=72km/h=20m/s；

汽车的功率：P=W=%_=FV=3X103NX20m/s=6X104W=60kW；

tt

故答案为：3X103；60。

【点评】本题考查重力、牵引力、做功和功率的计算，关键是公式及其变形的灵活应用，要知道

物体做匀速运动时，牵引力等于受到的阻力。

16.如图所示是蹦床运动，当运动员从高处下落过程中重力势能转化为动能,运动员与蹦床面

接触的瞬时机械能最大;与蹦床接触后，床面发生弹性形变，运动员的动能转化为蹦床的弹

性势能。

【分析】利用下列知识分析回答：

(1)影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；

(2)影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大；

(3)影响弹性势能大小的因素：弹性形变程度。弹性形变程度越大，弹性势能就越大；

(4)弹性势能和动能、重力势能和动能之间可以相互转化。

【解答】解：

当运动员从高处下落过程中，质量不变、速度增大，动能增大；质量不变、高度减小，重力势能

减小；该过程中重力势能转化为动能；

当运动员与蹦床面接触后，会有摩擦力，机械能转化为内能，与蹦床面接触的瞬时机械能最大；

与蹦床接触后，床面发生弹性形变，运动员的动能转化为蹦床的弹性势能。

故答案为：重力势；机械；弹性。

【点评】本题考查了动能、重力势能和弹性势能的概念及影响其大小的因素，属于基本内容。在

判断动能、重力势能、弹性势能的大小时，要注意看影响它们大小的因素怎么变化。

17.拉弓射箭的过程中，弓被拉弯，说明力可以改变物体的形状；松手后箭飞出，说明力可以

改变物体的运动状态。

【分析】力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态。

【解答】解：

力可以改变物体的形状，所以在拉力的作用下弓变弯了；

力能改变物体的运动状态，所以放手后弓对箭产生了力的作用将箭向前推出。

故答案为：形状；运动状态。

【点评】本题考查了力的作用效果，是力学基础知识的考查，是中考的热点。

18.2018年2月12B,我国用长征三号乙运载火箭发射了北斗全球卫星导航系统的第28、29颗卫

星，到2020年，该系统将拥有5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星，可在全球范围内为各

类用户提供高精度的定位、导航、授时服务，并具有短报文通信能力。

（I）火箭加速上升的过程中，搭载的卫星的机械能增大（选填“增大”、“减小”或“不

变”）。

（2）卫星工作所需的能量，主要由太阳帆板提供，太阳帆板将太阳能转化为电能。

（3）静止轨道卫星离地面的高度约为3.6XlO,km,地面控制中心通过电磁波向该卫星发送

指令，指令从地面传到卫星所用的时间约为0.12s。

【分析】（1）动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度；机械能等于

动能与势能之和；

（2）太阳能电池板将太阳能转化为电能；

（3）电磁波能够在真空中传播；电磁波传播的速度和光速相同，根据速度公式计算指令从地面

传到卫星所用的时间。

【解答】解：

（1）火箭加速上升的过程中，搭载的卫星的质量不变，速度增大，动能变大，同时高度增加，

重力势能变大，而机械能为动能与势能之和，所以机械能增大；

（2）太阳能电池板（帆板）工作时，将太阳能转化为电能；

（3）电磁波可以在真空中传播且传播速度快，所以地面控制中心通过电磁波向该卫星发送指令;

根据“守知，指令从地面传到卫星所用的时间约为:

v3X105km/s

故答案为：（1）增大；（2）太阳能；（3）电磁波；0.12。

【点评】此题考查了影响机械能大小的因素、能量的转化、电磁波的应用速度公式的应用，是一

道综合性的题目，把握好基础知识是解答此类题的关键.

19.如图所示，水平桌面上两个相同的玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大、小两只玩具鸭。甲、

乙两图中水对缸底的压强分别为团和P2,缸对桌面的压强分别为P1'和P2'.两只玩具鸭受到

的浮力分别为Fl和F2,则它们的大小关系为：P1=P2,P1'=P2'，Fl>F2,若乙

图中小玩具鸭的质量为15g,它排开水的体积是15cm3。

【分析】（1）知道玻璃缸里装满了水，又知道液体深度相同，根据公式p=pgh可比较缸底受到

水的压强；

（2）水平面上物体的压力和自身的重力相等，据此可知甲、乙两烧杯对桌面的压力关系，然后

比较压强关系；

（3）玩具鸭子漂浮时浮力等于重力，根据图示判断出鸭子排开水体积的大小，于是可根据阿基

米德原理比较浮力大小关系；

（4）根据阿基米德原理求出排开水的质量，利用v=?即可求出体积。

【解答】解：

（1）由图和题意可知，甲、乙两个完全相同的玻璃缸装满了水，玩具鸭放入后水的深度h仍然

相同，

根据p=pgh可知，水对容器底部的压强相等，即：pi=p2；

（2）因甲、乙两个玻璃缸完全相同装满了水时，水的质量相等，根据水平面上物体的压力和自

身的重力相等可知，甲、乙两个玻璃缸装满水时对桌面的压力相等；

由于玩具鸭子漂浮，根据漂浮条件和阿基米德原理可知：G物=F浮=6措，即玩具鸭的重力与溢

出水的重力相等，所以漂浮着玩具时玻璃缸对桌面的压力仍然相等，由于玻璃缸完全相同（底面

积相同），则由p=4•可知，此时缸对桌面的压强相等，即：pi'=P2'；

（3）甲、乙缸装满了水，玩具鸭子漂浮，根据图示可知，甲缸中鸭子排开水的体积大，

根据阿基米德原理可知，甲缸中鸭子受到的浮力大，即：F1>F2；

（4）若乙图中小玩具鸭的质量为15g,则漂浮条件和阿基米德原理可知：G律=F浮=G物，

即：m排g=m物g,

所以，m排=01物=158，

由p=专可得它排开水的体积：

m排15g3

V'=­~15cm3。

P水lg/cm

故答案为：=；=；>；15o

【点评】本题考查液体压强公式公式和阿基米德原理的应用，本题关键是根据图示知乙缸中鸭子

排开水的体积小。

20.小明在家中用煤气灶将初温为20℃,质量为2kg的一壶水加热到80℃,这是通过热传递的

方式使水的内能增加。如果煤气完全燃烧放出的热量只有60%被水吸收，则至少需要燃烧

0.02kg的煤气「水的比热容为4.2义l()3j/(kg・℃),煤气的热值为4.2X107〃^]。

【分析】(1)热传递可以改变物体的内能，其实质是能量的转移；

(2)知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量。

根据口=誓可求出煤气放出的总热量；最后可利用公式m=包计算出煤气的质量。

Q放q

【解答】解：(1)用煤气灶烧水的过程中，能量发生了转移，是通过热传递的方式使水的内能

增加的；

(2)水吸收的热量：

(5吸=<：01/\1=4.2><103〃(kg・C)X2kgX(80℃-20℃)=5.04X105J；

由公式口=既可得煤气放出的总热量：

Q放

QL%=5.04=84X104

T]60%

由公式Q放=mq可得煤气的质量：

Q放8.4X105J

7

q4.2XIOJ

故答案为：热传递；增加；0.02。

【点评】本题主要考查了热量公式的灵活运用、热值公式以及热效率公式的运用等，有一定综合

性。

21.电阻Ri=12Q,R2=4Q并联在同一电路中，则它们两端的电压之比为Ui：U?=1：I,电

流之比h：b=1：3,功率之比Pi：P,=1：3。

【分析】两电阻并联时，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压之比，根据欧姆定律求出

通过它们的电流之比，根据P=UI得出功率之比。

【解答】解：Ri、R2并联时,

并联电路中各支路两端的电压相等，

它们两端的电压之比Ui：5=1：1,

u

I_R_^2_40_1

根据欧姆定律可得，通过它们电流值比:tt

豆一工一五一12。一行

R7

P-UIjI」