重庆市涪陵实验中学2022年高一物理第一学期期末检测模拟试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

注意事项

1.考生要认真填写考场号和座位序号。

2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑

色字迹的签字笔作答。

3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）

1、如图甲所示，斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面体上有一小滑块A沿斜面匀速下滑，现对滑块施加一竖直向

下的作用力人如图乙所示.两种情况下斜面体均处于静止状态，则下列说法中不至俄的是（）

A.施加力产后，小滑块A受到的摩擦力变大

B.施加力产后，小滑块A仍将匀速下滑

C.施加力产后，地面对斜面体的摩擦力变大

D.施加力F后,地面对斜面体的支持力变大

2、国际单位制由基本单位和导出单位组成，下列物理单位属于基本单位的是（）

A.m/sB.N

C.mD.m/s2

3、如图所示，一重为G的小球，固定在一轻质细钢丝下端，能绕悬挂点。在竖直平面内转动.整个装置能自动随着

风的转向而转动（即风对小球的作用力总是在图示平面内）.无风时钢丝自然下垂，若某段时间内在恒定水平风力产

的作用下，钢丝偏离竖直方向的角度830。，此时钢丝上的拉力为7.关于重力G、风力厂和拉力7的大小关系，下

列说法正确的是

B.F最小

C.7最小D.G最大

4、测量“国际单位制中的三个力学基本物理量”可用哪一组仪器（）

A.米尺，弹簧秤，秒表B.米尺，测力计，秒表

C.量筒，天平，秒表D.米尺，天平，秒表

5、一个做匀加速直线运动的质点，在第1s末的速度比第2s末的速度小4m/s,则质点的加速度大小为（）

A.1m/s2B.2m/s2

C.3m/s2D.4m/s2

6、甲、乙两物体沿同一直线运动，它们的位移随时间变化的图象如图所示，由图象可知（）

712345Z/s

A.甲、乙的加速度不为零且大小之比为1：1

B.乙开始运动后，甲、乙沿同一方向运动

C.乙开始运动后，甲，乙速度大小之比为2：1

D.r=3s时，甲、乙相遇

7、某物体沿直线运动，其修图像如图所示，则下列说法中正确的是（）

v/（ms''）

t/s

A.第3s内和第5s内速度方向相反

B.第3s内和第5s内加速度方向相反

C.第5s内速度和加速度方向相反

D.第7s内速度和加速度方向相反

8、如图所示，A,B、C三球的质量均为，”，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，A、B间由一轻质细

线连接，5、C间由一轻杆相连.倾角为，的光滑斜面固定在地面上，弹簧、细线与轻杆均平行于斜面，初始系统处于

静止状态，细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（）

A.A球的加速度沿斜面向上，大小为2gsin0

B.弹簧弹力为机gsin”

C.B.C两球的加速度均沿斜面向下，大小均为gsin，

D.8、C之间杆的弹力大小为，”gsin，

9、图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率匕运行，初速度大小为岭的小物块从与传送带等高的光滑水平地面

上的A处滑上传送带。若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的丫-/图像（以地面为参考系）如图

乙所示，已知v2＞匕，贝（J（）

A.t2时刻，小物块离A处的距离达到最大

B.t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大

C.0~与时间内，小物块受到的摩擦力方向一直向右

D.0~J时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用

10、如图为单车的主要传动部件.大齿轮和小齿轮通过链条相连，。分别是大齿轮和小齿轮边沿上的两点.已知大

齿轮直径由=20cm,小齿轮直径d2=10cm,若两齿轮匀速转动，则下列关于a点与b点的说法中正确的有（）

小齿轮

A.线速度大小之比为1:2B.角速度大小之比为1:2

C.向心加速度大小之比为2:1D.周期之比为2:1

11、如图所示，在水平面上，质量为10kg的物块A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的另一端固定在小车上，

小车静止不动，弹簧对物块的弹力大小为5N时，物块处于静止状态，若小车以加速度a=lm/s2沿水平地面向右加速

运动时（）

A.物块A相对小车仍静止

B.物块A受到摩擦力将减小

C.物块A受到的摩擦力大小不变

D.物块A受到的弹力将增大

12、如图甲所示，某人正通过轻绳利用定滑轮将质量为m的货物提升到高处，滑轮和绳的摩擦不计，货物获得的加速

度a与绳子对货物竖直向上的拉力T之间的函数关系如图乙所示，已知重力加速度为g,由图判断下列说法正确的是

A.图线与横轴的交点P的值%=—g

B.图线与横轴的交点N的值4=mg

C.图线的斜率等于物体的质量m

D.图线的斜率等于物体质量的倒数,

m

二.填空题（每小题6分，共18分）

13、细线一端系住质量为1kg的小球，另一端与斜面相连，细线与斜面平行，斜面倾角为。=53°,如图所示.使小

球和斜面以共同的加速度向右作匀加速直线运动，当小球恰好离开斜面时，它们的加速度大小为m/s2,此时

绳子的拉力大小为N.（g=10in/s2,cos530=0.6,sin53°=0.8）

14、借助计算机、力传感器的挂钩与其它物体间的弹力大小能够在屏幕上显示出来.为了探究最大静摩擦力的大小跟

哪些因素有关,某同学在老师的指导下做了一系列实验:将滑块平放在长木板上,用力传感器沿长木板水平拉滑块,改变

拉力直到将滑块拉动;再在长木板上铺上毛巾，并在滑块上放上祛码,重复前一个过程,得到的图线分别如图甲、乙所示

滑块力传感器

接计算机

（1）由图乙知:在乙〜这段时间内，滑块的运动状是—（填"运动"或"静止”），滑块受到的最大静摩擦力为_（填

a

“耳”或F2")

（2）结合甲、乙两图,（填“能”或“不能”）得出最大静摩擦力与两物体接触面的粗糙程度和接触面的压力

均有关的结论

15、用图甲所示的装置，进行“探究加速度与力、质量的关系”的实验，实验中认为小车受到的力等于祛码及盘的总

A、调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行

B、平衡小车受到的摩擦力时，应将祛码盘挂在细绳的下端

C、改变小车的质量时，不需要重新平衡小车受到的摩擦力

D、实验中，应先放开小车再接通打点计时器的电源

（2）实验中，得到一条纸带如图乙所示：（交流电源的频率为50%）由纸带可求得小车的加速度a=m/

J（结果保留两位有效数字）

,6.006.877.758.64-

单位:cm

乙

（3）在保持小车的质量一定，探究a与尸速度关系时，实验小组在轨道水平及倾斜两种情况下分别进行了实验，得

到了两条a尸图线如图丙所示，图线是在轨道水平情况下得到的（选填“①”或“②”）;小车的总质量

a=____________kg（结果保留两位有效数字）

丙

三.计算题（22分）

16、（12分）质量为，〃=20kg的物体，在大小恒定的水平外力尸的作用下，沿水平面做直线运动.0~2.0s内F与运动

方向相反，2.0~4.0s内产与运动方向相同，物体的速度一时间图象如图所示，已知g取10m/s2。求：

（1）物体在前4秒内的位移多少？

（2）物体与水平面间的动摩擦因数。

17、（10分）如图所示，在一辆表面光滑且足够长的小车上，有质量为mi和m2的两个小球两个小球随

车一起运动，当车突然停止运动时，若不考虑其他阻力，则两个小球（）

A.一定相碰B.不一定相碰

C.一定不相碰D.无法确定

参考答案

一、选择题(本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分)

1、C

【解析】设小滑块A的质量为m,斜面的倾角为。，根据题意可得〃=tan8,施加F前，小滑块A受到的摩擦力为

ft=mgsinQ,施加F后，小滑块A受到的摩擦力为＜'=〃(mg+F)cos，，所以摩擦力增大，因为〃=tan(9代入

可得力’=似mg+F)cos6=(mg+F)sin0,即沿斜面方向小滑块仍处于平衡状态，所以仍然以原速度做匀速运动,

AB正确；以整体为研究对象可知地面对斜面体的支持力增大，地面对斜面体的摩擦力仍然为零，C正确D错误；

考点：考查了共点力平衡条件的应用

【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向

上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，

然后根据角度列式求解

2、C

【解析】解答本题关键应掌握：国际单位制中七个基本单位，力学中有三个：kg、s、m；

【详解】力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s,

而m/s、N、m/s?是导出单位，不是基本单位，故C正确，ABD错误

【点睛】本题考查对力学国际单位制中基本单位的掌握程度，可结合基本物理量一起记忆

3、B

【解析】对小球进行受力分析，画出平行四边形，根据几何知识判断大小关系即可；

【详解】对小球进行受力分析如图所示：

根据平衡条件可知：绳的拉力T与重力G和风力F的合力的大小相等，方向相反，画出平行四边形如图，根据几何知

识可以知道，风力F最小，故选项B正确，ACD错误

4、D

【解析】国际单位制中的三个力学基本物理量分别是长度、质量和时间，分别通过仪器米尺，天平，秒表进行测量，

故选D.

5、D

【解析】由题意可知第1s末到第2s末的时间间隔为1s,根据加速度的定义可得

a--=—m/s2=4m/s2

\t1

故D正确，ABC错误。

故选D。

6、D

【解析】A、在x-r图象中，斜率代表速度，故甲乙匀速运动，故甲乙的加速度都为零，故A错误；

B、乙运动后，甲、乙做方向相反的匀速直线运动，故B错误；

C、甲的速度为上=曰=m/s=-5m/s,乙的速度为吆=Tm/s=5m/s,故乙运动后，甲、乙速度大小之比

为1：1,故C错误；

D、/=3s时，甲乙处于相同位置，故甲乙相遇，故D正确

7、BCD

【解析】上，图象中，与时间轴平行直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，

倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移

【详解】A、由图知，第3s内和第5s内速度均为正方向，故A错误；

B、第3s内和第5s内，速度均为正方向，第3s内，速度越来越大为加速运动，第5s内速度越来越小为减速运动，故

两者加速度方向相反，故B正确；

C、由图知，第5s内速度为正方向，加速度为负方向的减速运动，故速度的和加速度方向相反，故C正确；

D、第7s内速度为负方向，加速度为正方向，方向相反，故D正确；

故选BCD.

【点睛】本题考查了广，图象的直接应用，要明确斜率的含义，能根据图象读取有用信息

8、AC

【解析】AB.细线未烧断前对A、8、C及细线轻杆组成的系统受力分析，受力如图.由平衡条件得弹簧的弹力为:

F=3mgsin0；

细线烧断瞬间，弹簧弹力保持原值不变，则对4球由牛顿第二定律得：

F-mgsin6=ma,

故A球此时加速度为a=2gsin0,方向沿斜面向上，A正确B错误；

CD.细线烧断后8、C及轻杆整体只受到重力和支持力，则加速度

a'=gsin8,

方向沿斜面向下，所以5、C之间没有相互作用力，C正确D错误。

故选ACo

9、BC

【解析】A.相对地面而言，小物块在0~彳小时间内，向左做匀减速运动，彳时间内，又反向向右做匀加速运动，

当其速度与传送带速度相同时（即时刻），小物块向右做匀速运动，故小物块在4时刻离A处距离最大，选项A错

误。

BCD.相对传送带而言，在时间内，小物块一直向左运动，故小物块一直受向右的滑动摩擦力，在时间

内，小物块相对于传送带静止；小物块不受摩擦力作用，因此％时刻小物块相对传送带滑动的距离达到最大值，BC

正确，D错误。

故选BC„

10、BD

【解析】A,〃、〃属于链条传动，线速度相等，所以。与人点的线速度相等，A错误；

B.。点与匕点的线速度相等，根据

v-（or

则有：

①。_丫？_d?_10cm_1

a）bd、20cm2

B正确；

C.。点与人点的线速度相等，根据

V2

a--

r

则有：

《_弓_4_10cm_1

ab{420cm2

C错误；

D.根据角速度与周期的关系

_2%

1二—

CD

则有:

乙=2=2

K41

D正确。

故选BD.

11、AC

【解析】物体开始时受弹力为5N,而处于静止状态，受到的静摩擦力为5N,说明物体的最大静摩擦力大于等于5N；

当小车的加速度为lm/s2,若两物体将保持相对静止时，物体的加速度为a=lm/s2,则需要的外力为10N；根据弹力和

最大静摩擦力可求出物体相对于小车静止的最大加速度，当小车的加速度小于等于最大加速度时，物体与小车仍保持

相对静止.弹簧的弹力不变，摩擦力大小不变

【详解】物体开始时受弹力F=5N,而处于静止状态，说明受到的静摩擦力为5N,则物体的最大静摩擦力Fm第N.当

F+F5+5

物体相对于小车向左恰好发生滑动时，加速度为a°=——所以当小车的加速度为a=lm/s2时，物

m10

块A相对小车仍静止.故A正确.根据牛顿第二定律得：小车以加速度a=lm/s2沿水平地面向右加速运动时，弹力水

平向右，大小仍为5N,摩擦力水平向右大小仍为5N.故B错误，C正确.物体A相对于小车静止，弹力不变.故D

错误.故选AC

【点睛】本题考查应用牛顿第二定律分析物体受力情况的能力.要注意静摩擦力大小和方向会随物体状态而变化

12、ABD

【解析】对货物受力分析，受重力和拉力，根据牛顿第二定律求出加速度的表达式进行分析，根据表达式结合图象，

运用数学知识分析物理问题

【详解】对货物受力分析，受重力，阳和拉力尸川，根据牛顿第二定律，有：得：。=丹江-g.

m

A、当尸m=0时，a~gf即图线与纵轴的交点M的值oM=-g,故A正确；

当〃=0时，FrN=mg,故图线与横轴的交点N的值6n\i=/〃g,故B正确；

C、D、图线的斜率表示质量的倒数!，故C错误，D正确；

m

故选ABD.

【点睛】本题关键是根据牛顿第二定律求出加速度的表达式，再根据数学知识进行讨论

二.填空题（每小题6分，共18分）

13、5m/s2,12.5N；

【解析】对小球受力分析，沿x、y方向分别正交分解，列方程可求解；求出斜面对小球支持力刚好等于0时的水平向

右的加速度临界状态，结合小球受力分析列方程可求解

【详解】当斜面的支持力恰好为零，小球受重力和拉力两个力作用

根据牛顿第二定律得：mgcota=ma

解得：a=gcota=10xcot53°=10x；%=7.5%2

由竖直方向平衡得：Tsin53°=mg

解得：［麦=弑N=12.5N

【点睛】本题考查临界问题的分析，要注意明确两种情况下小球均还在斜面上，故绳的夹角不变；注意根据几何关系

求合力的方法

14、①.静止②.尸1③.不能

【解析】根据题中尸，图线可知，本题考查最大静摩擦力、最大静摩擦力与滑动摩擦力关系的知识点，根据最大静摩

擦力和滑动摩擦力产生的条件和影响因素，由平衡条件知，最大静摩擦力随外力的增大而增大，到达最大之后，当外

力继续增大，物体开始相对运动后，就变为滑动摩擦力，滑动摩擦力小于最大静摩擦力

【详解】（1）［口⑵物体静止时受到拉力与静摩擦力作用，由平衡条件可知，静摩擦力等于拉力，随拉力增大，静摩

擦力变大；当拉力大于最大静摩擦力时，物体运动，之后物体受到的摩擦力是滑动摩擦力，滑动摩擦力小于最大静摩

擦力，所以在fl~f2时间内滑块处于静止状态，最大静摩擦力为尸1,人时刻之后，物块处于运动状态，受到的是滑动

摩擦力，大小为尸2

（2）[3]实验中没有控制接触面粗糙程度相同而物体间压力不同，因此不能得出最大静摩擦力与接触面的压力有关的

结论。

15、①.（1）AC；②.（2）0.88；③.（3）②，@.0.50

【解析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项；

知道滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块和位移传感器发射部分的总质量的倒数；

对滑块受力分析，根据牛顿第二定律求解

【详解】（DA项：调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行，故A正确；

B项：