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文档简介
化学反应原理综合题
大题训练(共10题)
1.氯氨是氯气遇到氨气反应生成的一类化合物,是常用的饮用水二级消毒剂,主要包括一氯
胺、二氯胺和三氯胺(NHzCl、NHCk和NC1J,副产物少于其它水消毒剂。回答下列问题:
(1)①一氯胺(NH£1)的电子式为。
②工业上可利用反应C12(g)+Nlh(g)=NH2cl(g)+HCl(g)制备一氯胺,已知部分化学键的键能如
下表所示(假设不同物质中同种化学键的键能相同),则该反应的。
化学键N-HC1-C1N-C1H-C1
键能(kj/mol)391243191431
③一氯胺是重要的水消毒剂,其原因是由于一氯胺在中性、酸性环境中会发生水解,生成具
有强烈杀菌消毒作用的物质,该反应的化学方程式为。
⑵用C1?和NH3反应制备二氯胺的方程式为2c1?(g)+NH3(g)=—NHC12(1)+2HC1(g),向容积均
为1L的甲、乙两个恒温(反应温度分别为400℃、T℃)容器中分别加入2moiCL和2moiNH3,
测得各容器中n(ClJ随反应时间t的变化情况如下表所示:
t/min04080120160
n(Ch)(甲容器)/mol2.001.501.100.800.80
n(Cl2)(乙容器)/mol2.001.451.001.001.00
①甲容器中,。〜40min内用NL的浓度变化表示的平均反应速率V(NH3)=0
②该反应的△//0(填“>”或“<”)。
③对该反应,下列说法正确的是(填选项字母)。
A.若容器内气体密度不变,则表明反应达到平衡状态
B.若容器内Ch和NH,物质的量之比不变,则表明反应达到平衡状态
C.反应达到平衡后,其他条件不变,在原容器中充入一定量氨气,CL的转化率增大
I).反应达到平衡后,其他条件不变,加入一定量的NHCL,平衡向逆反应方向移动
(3)在恒温条件下,2moick和ImolN也发生反应2c12(g)+NH3(g)=^NHCk(D+2HCl(g),测得
平衡时Ch和HC1的物质的量浓度与平衡总压的关系如图所示:
c/mol-L'1
①A、B、C三点中S转化率最高的是点(填“A”“B”或“C”)。(提示:C点时HC1
和Ck的浓度相等)
②计算C点时该反应的压强平衡常数4(0=(4是平衡分压代替平衡浓度计算,分压
=总压X物质的量分数)
2.一氧化碳是一种重要的化工原料。结合所学知识回答下列问题:
(1)工业上可通过CO和1L化合制取CII:(011:
C0(g)+2H2(g)=^CHQH(g)AH,
已知:©CO(g)+H20(g)=C02(g)+H2(g)△Hz=-41.IkJ•moL
1
@C02(g)+3H2(g)=CH30H(g)+H20(g)△H3=-49.OkJ•mol-
则△%=__(,
(2)二氧化碳的回收利用是环保领域研究的热点课题。
在太阳能的作用下,以CO,为原料制取炭黑的流程如图所示。其总反应的化学方程式为一o
太阳施
(3)工业上还可通过CO和Ch化合制取光气(COClz):Cl2(g)+CO(g)=COCl2(g)AHo向密闭
容器中充入lmolC12(g)和ImolCO(g),反应速率随温度的变化如图所示。
•/(inol-L'1-min"1)
①图中Q点的含义是―,△1【—()(填“>”或)。
1
②某温度下,该反应达到平衡时c(C0C12)=0.80mol・L,c(Cl2)=0.20mol*L,则平衡体系中
CO的体积分数为(保留2位小数)。在该温度下,反应的平衡常数"。
(4)以稀硫酸为电解质溶液,利用太阳能将CO2转化为低碳烯烧,工作原理如图:
①b电极的名称是一。
②生成丙烯(CN)的电极反应式为—。
3.空气中有丰富的氮气,科学家展开了向空气要氨气的系列研究。
-1
(1)已知:2H2(g)+02(g)=2H20(1)AH=akJ-mol
-1
N2(g)+02(g)=2N0(g)AH=bkJ,mol
-1
4NH3(g)+502(g)=4N0(g)+6H,0(1)AH=ckJ•mol
1
工业上合成氨反应N2(g)+3H?(g)^^2NH3(g)AH=kJ.mol
(2)以悬浮的纳米Fe&作催化剂,出0和N?为原料直接常压电化学合成氨方面取得了突破性
进展。其工作原理如图所示:
-
①Ni电极处发生的总反应为:N2+6e+6H2O=2NH3+6OH
已知该反应分为两步,其中第二步的反应为2Fe+3H2O+N2=2Nlh+Fe2()3,则第一步反应为
_______O
②蒙乃尔筛网处发生的电极反应为:。
(3)N4可以合成尿素,反应为2NL(g)+C02(g)=^CO(NH2)2(g)+H20(g)。向一
体积可变的恒压容器中充入一定量的NHs和CO”保持容器的温度不变,N%和CO?的转化率随
时间的变化如图所示。
①下列情况能说明反应达到平衡状态的是_______.
ANH-和CO2的物质的量之比为2:1
B容器内气体的密度保持不变
C2vJ:(NH3)=va(C02)
D各气体的体积分数保持不变
②起始时NFh和CO2的物质的量之比为。
③维持容器的温度和压强不变,向上述平衡后的容器中充入NH:,(g)、CO(NH2)2(g)和HQ
(g)各1mol,则达到新平衡时NIL的体积分数为
4.MoSz(s)(辉铝矿的主要成分可用于制取铝的化合物、润滑添加剂、氢化反应和异构化反应的
催化剂等,回答下列问题:
(1)已知:MoS2(s)=Mo(s)+S2(g)AHi;
S2(g)+202(g)=2S02(g)AH2;
2Mos2(s)+76(g)=2MO03(s)+4S02(g)AH3;;
反应2Mo($)+302(8)=2及1003於)的411=用含△Hi、△压、的代数式表示
⑵利用电解法可浸取辉铝矿得到NazMoO」和Na£O,溶液装置如图所示。
①阴极的电极反应式为。
②MoO/在电极(填A或B)附近生成。
③实际生产中,惰性电极A一般不选用石墨,而采用DSA惰性阳极(基层为TiO”涂层为
RuO2+IrO2),理由是。
(3)用辉铝矿冶炼Mo的反应为MOS2(S)+4H2(g)+2Na2cO3(s)=Mo(s)+2C0(g)+411,0(g)+2Na2s(s)
△H。该反应的AH0(填“>”或"V”);pi、m、p3按从小到大的顺序为。
(4)若该反应在体积固定的密闭容器中进行,在一定条件下达到平衡状态,若充入氯气,平衡
(填“向正反应方向”“向逆反应方向”或“不移动”)。
(5)在2L的恒温恒容密闭容器中加入0.ImolMoSz、0.2molN&CO3、0.4molIL,在1100K时发
生反应,达到平衡时恰好处于图中A点,则此温度下该反应的平衡常数为。
氢100
气90
的80
平70
衡60
转50
化40
率30
/
%20
10
5.化学反应原理在科研和生产中有广泛应用。
(1)用生物质热解气(主要成分为CO、CH,、也)将SO?在一定条件下还原为单质硫进行烟气
1
脱硫。已知:①C(s)+0,(g)=C02(g)AH1=-393.5kJ•mol
1
②CO2(g)+C(s)=2C0(g)AH2=+172.5kJ•mol
1
③S(s)+02(g)=SOz(g)A1I3=-296.OkJ•mot
CO将SO,还原为单质硫的热化学方程式为。
(2)C0可用于合成甲醇,一定温度下,向体积为2L的密闭容器中加入C0和H?,发生反应
CO(g)+2H2(g)^=^CH30H(g),达到平衡后测得各组分的浓度如下:
物质
COH2CH3OH
浓度(mol-L1)0.91.00.6
①反应达到平衡时,C0的转化率为o
②该反应的平衡常数值K=0
③恒温恒容条件下,可以说明反应已达到平衡状态的是(填标号)。
Av正(CO)=2v«(H2)
B混合气体的密度不变
C混合气体的平均相对分子质量不变
DCH:,OH,CO、H2的浓度都不再发生变化
④若保持容器体积不变,再充入0.6molCO和0.4molCHQH,此时vd;v逆(填“、
<”或“=”)。
(3)在常温下,亚硝酸HNOz的电离常数Ka=7.1X10'mol-LNIL-ILO的电离常数
KE.7Xl(Tmol•L'»0.Imol•I/阳毗溶液中离子浓度由大到小的顺序是,常温
下N0?水解反应的平衡常数Kh=(保留两位有效数字)。
6.运用化学反应原理研究碳、氮、硫的单质及其化合物的反应对缓解环境污染、能源危机具
有重要意义。
I.氨为重要的化工原料,有广泛用途。
(1)合成氨中的氢气可由下列反应制取:
a.CH,(g)+lI20(g)-C0(g)+3H2(g)川产+216.4kJ/mol
b.C0(g)+H20(g)-C02(g)+H2(g)M=-41.2kJ/mol
则反应CH.,(g)+2HQ(g)/C02(g)+4H2(g)&=o
(2)起始时投入氮气和氢气的物质的量分别为Imol、3mol,在不同温度和压强下合成氨。平衡
时混合物中氨的体积分数与温度的关系如图。
①恒压时,反应一定达到平衡状态的标志是(填序号)
A.N?和H2的转化率相等B.反应体系密度保持不变
。(凡)c(NHj
C.保持不变1).
c(NHj4N2)
②R____P2(填”或“不确定”,下同);反应的平衡常数:B点D点。
③C点H2的转化率为:在A、B两点条件下,该反应从开始到平衡时生成氮气的平均
速率:u(A)u⑻。
II.用间接电化学法去除烟气中NO的原理如下图所示。
已知阴极室溶液呈酸性,则阴极的电极反应式为o反应过程中通过质子交换膜
(ab)的H+为2mol时,吸收柱中生成的气体在标准状况下的体积为L。
7.十九大报告指出:“坚持全民共治、源头防治,持续实施大气污染防治行动,打赢蓝天保
卫战!”以NO、为主要成分的雾霾的综合治理是当前重要的研究课题。
汽车的排气管上安装“催化转化器”,发生反应①:2N0(g)+2C0(g)B2c0?(g)+N2
(g)AH=-746.5kJ•mor'«
(1)T°C时,将等物质的量的NO和CO充入容积为2L的密闭容器中,若温度和体积不变,反
应过程中(0〜15min)NO的物质的量随时间变化如图。
①图中a,b分别表示在相同温度下,使用质量相同但表面积不同的催化剂时,达到平衡过程
中n(NO)的变化曲线,其中表示催化剂表面积较大的曲线是(填"a”或"b”)
②VC时,该反应的化学平衡常数长=一;平衡时若保持温度不变,再向容器中充入CO、C02
各0.2mol,则平衡将一移动。(填“向左”、“向右”或“不”)
③15min时,若改变外界反应条件,导致n(N0)发生图中所示变化,则改变的条件可能是—
(任答一条即可)。
④又己知:反应②M(g)+02(g)U2N0(g)△Hz=+180.5kJ•mol”,则CO的燃烧热
△H=—o
(2)在密闭容器中充入5molCO和4molNO,发生上述反应①,如图为平衡时NO的体积分
数与温度、压强的关系。
01020304050
压强/MPa
①温度:T-Tz(填“〈”或“>”)。
②若在D点对反应容器升温的同时扩大体积使体系压强减小,重新达到的平衡状态可能是图
中A〜G点中的一点。
(3)目前,科学家正在研究一种以乙烯作为还原剂的脱硝原理,其脱硝率(脱硝率即NO的
转化率)与温度、负载率(分子筛中催化剂的质量分数)的关系如图所示。
为达到最佳脱硝效果,应采取的条件是—
8.烟气脱硝技术是烟气治理的发展方向和研究热点。
(1)用NH,选择性脱除氮氧化物,有如下反应:
6N0(g)+4NH3(g)=5N2(g)+6H2O(g)
已知化学键的健能数据如下表:
化学键NO中的氮氧键N-HN=N0-H
键能(kJ•mol1)abcd
则该反应的△代一kJ•mor1.
(2)在汽车尾气的净化装置中CO和NO发生反应:2N0(g)+2C0(g)^^Nz(g)+2C0(g)
△年-746.8kJ•mol'o
22
实验测得:v正=k正•c(NO)•c*(CO),v逆=k迪•c(N2)•c(C02)(k正、k迪为速率常数,只与温
度有关)
①达平衡后,仅升高温度,k„:增大的倍数_k迎增大的倍数(填或"V”或“=”)。
②若在1L的密闭容器中充入ImolCO和ImolNO,在一定温度下达到平衡,CO的转化率为50%,
k正
贝IJ--=_o
k逆
(3)现利用反应除去汽车尾气中的NO、:C(s)+2N0(g)(g)+C02(g)
△Z^-34.OkJ-rnofo在密闭容器中发生该反应,催化反应相同时间,测得不同温度下N0的
转化率a(N0)随温度的变化如图所示。由图可知,1050K前反应中N0的转化率随温度升高
而增大,原因是一。
XO忖化率)%
tooo|
900100010)01100』反永
(4)以连二硫酸根(SA2)为媒介,使用间接电化学法也可处理燃煤烟气中的NO,装置如图
所示:
田育子交我胞一I管戢'溶液
①阴极区的电极反应式为
②N0吸收转化后的主要产物为NH;,若通电时电路中转移了0.3mole,则此通电过程中理论
上吸收的N0在标准状况下的体积为_mL。
9.燃煤废气中的氮氧化物(NOJ、CO/、SO?等气体,常要采用不同方法处理,以实现节能减排、
废物利用等。
(1)下列为二氧化硫和氮的氧化物转化的部分环节:
-1
①已知:2s。2(g)+02(g)(g)△H=-196.6kJ-mol
-1
2N0(g)+02(g)=^2N02(g)△H=-113.0kJ•mol
则SO2气体与NO2气体反应生成SOs气体和NO气体的热化学方程式为。
②一定条件下,工业上可通过下列反应实现燃煤烟气中液态硫的回收,其中Y是单质:S02(g)
+2C0(g)、催化剂'2X(g)+Y(1)«为了测定在某种催化剂作用下的反应速率,某化学兴
趣小组在某温度下、固定容器中用超灵敏气体传感器测得不同时间的S0?和C0浓度如下表:
时间/s01234
373.00X10-7
c(S02)/mol•LT1.000.500.233.00X10-
c(CO)/mol•4.003.002.462.002.00
X的化学式为;当时间为第4s时,2v(SO2)E(填”或)v(X)如
(2)有科学家经过研究发现,在210~290℃、催化剂条件下用出可将CO2转化生成甲醇蒸气
和水蒸气。一定条件下,往2L恒容密闭容器中充入1molCO?和3.0molIL,在不同催化
剂作用下,相同时间内CO2的转化率随温度变化如图所示:
c.o
转
化
率
%
60前前。节;7,……rr
/:i;E
依化;1
tt,t,—力一皿度(K)
①催化剂效果最佳的是催化剂(填“I”“口”或“III”)。
②此反应在a点时已达平衡状态,a点的转化率比c点高的原因是o已知容器内
的起始压强为100kPa,则图中c点对应温度下反应的平衡常数K„=(保留两位有效数
字)(K”为以分压表示的平衡常数,分压=总压X物质的量分数)。
10.某同学查阅资料得知25℃时部分弱酸的电离常数如下表:
酸HCOOHHC10HS
H,CO3H2c2O42
K,=4.4X10;Ki=5.4X10”K,=l.3X107
电离常数(K.)1.8X1013X108
515
K2=4.7X10"K2=5.4X10K2=7.1X10
据此回答以下几个问题:
(1)四位同学根据表中数据写出以下几个反应方程式
甲:H2S+Na2CO3=NaHS+NaHCO3
乙:H2C,O4+Na,CO3=Na,CiO4+COiT+H,O
丙:HClO+Na2S=NaClO+NaHS
T:H2C2O4+HCOONa=NaHC2O4+HCOOH
上述反应可以成功进行的是(填同学代号)。
(2)甲同学为证明HCOOH为弱酸,采用以下方法一定能证明的是(填序号)。
①常温下测得HCOONa溶液的pH大于7
②用I1C00II溶液做导电实验,灯泡很暗
③HCOOH与Na2s能发生反应产生臭鸡蛋气味的气体
④采用pH计测得常温下0.1mol/LHCOOH溶液的pH=l.37
⑤HCOONa和LPO,反应,生成HCOOH
@pll=2的HCOOH溶液稀释至100倍后,测得pH约为3.4
(3)乙同学取10.00mL0.1mol/L在室温下用0.1mol/LNaOll溶液进行滴定,并使用
氢离子浓度监测仪进行实时监控,当电脑显示pH=7并稳定时停止滴定,此时测得消耗NaOH溶
液体积为VmL。
①该实验可使用_______量取10.00mL0.1mol/L填仪器名称)。
②V___10.00mL(填“>”"="或"〈”)。
③滴定结束后溶液中所含离子浓度由大到小为:(书写离子浓度符号并用“>”连
接)。
④丙同学与甲同学做同样实验。但他将0.1mol/LHC0,换成0.1mol/LH2s溶液,丙同学实
验结束后溶液c(HS)…c(S")(填"〉或"=”)。
(4)已知酸性高镒酸钾可将甲酸氧化成二氧化碳,丁采用HCOOH溶液对某KMnOi样品进行纯度
测定(杂质不参导反应),取0.200gKMnOu样品(M=158g/mol)在锥形瓶中溶解并酸化后,用
0.100mol/L的标准HCOOH溶液进行滴定,滴定至终点时消耗HCOOH溶液20.00mL。
①对KMnO“溶液进行酸化时,通常选用的酸是一
②确定达到滴定终点的判断方法是o
③该样品中KMnO」的纯度为(用百分数表示)。
【参考答案及解析】
1.
【答案】(1)+12kj/molNH2C1+H20HC1O+NH3
H
(2)6.25X10“mol/(L.min)<AB
(3)B0.5(MPa)t
【解析】【分析】(1)①一氯胺是共价化合物,N原子与H原子、C1原子之间形成1对共用电
子对;
②氮胺为共价化合物,发生反应Ck(g)+NHKg)=NH£l(g)+HCl(g),根据△代反应物的总键
能-生成物的总键能进行计算;
③一氯胺是重要的水消毒剂,在中性、酸性环境中发生水解反应生成NH:,和HC1O;
Ac
(2)①根据v=—进行计算;
At
②根据数据可知,甲容器达到平衡时,用时120min,乙容器达到平衡时,用时80inin,说明
乙容器的反应速率大于甲容器的反应速率,说明乙容器的温度高于甲容器中的温度,且甲容
器中剩余的Ck多余乙容器中剩余的CL,Ch增多,说明升高温度,平衡逆向进行;
③可逆反应达到平衡时,正反应速率等于逆反应速率,各组分的浓度、含量等保持不变,由
此衍生出的其它的一些量不变;
(3)①反应前后气体的体积减小,生成HC1越多,Ch转化率越大;
②C点HC1和Ck浓度相同,结合三段法列式可计算得到平衡状态下各物质的物质的量,再计
p2(H。)
算物质的量分数,最后根据4=进行计算。
2
p(Cl2)p(NH3)
【详解】(1)①一氯胺是共价化合物,N原子与H原子、CI原子之间形成1对共用电子对,
其电子式为:
②△生反应物的总键能-生成物的总键能=(3X391+243)-(2X391+191+431)=+12kj/mol;
③一氯胺是重要的水消毒剂,在中性、酸性环境中发生水解反应生成NL和HC10,反应方程式
为:NH2C1+H20IIC10+NH3;
(2)①甲容器中,0〜40min内氯气的物质的量的变化量为2.00mik-l.50moi=0.50mol,变化
量之比等于化学计量数之比,因此氨气的物质的量的变化量为"如必=0.25mol,浓度的变
2
0.25mol,,,,Ac0.25mol/L、
化量为M--------=0.25mol/L,因此v二一二-----------二0.00625mol/(zL»min);
ILAt40min
②根据数据可知,甲容器达到平衡时,用时120min,乙容器达到平衡时,用时80min,说明
乙容器的反应速率大于甲容器的反应速率,说明一容器的温度高于甲容器中的温度,且甲容
器中剩余的CL多余乙容器中剩余的Cl”CL增多,说明升高温度,平衡逆向进行,进一步说
明该反应正向为放热反应,即△於0;
③A.由反应的方程式可知,该反应气体的质量发生变化,气体体积不变,当容器内气体的密
度不变时,证明达到了平衡状态,A项正确;
B.若容器内CL,和物质的量之比不变,说明容器内物质的浓度不发生变化,说明反应达到
了平衡状态,B项正确;
C.反应达到平衡后,其他条件不变,在原容器中充入•定量氮气,各物质的浓度不发生变化,
平衡不移动,Ck的转化率不变,c项错误;
D.反应达到平衡后,其他条件不变,加入一定量的MIClz,因NHCk为液态,增大液体的量,
平衡不移动,D项错误;
正确的选AB;
(3)①反应前后气体的体积减小,由图象可知三.点中B点HC1最多,因此B点CL转化率最高;
②设反应掉的NH.S的物质的量为xmoL那么
2Cl2(g)+NH,(g)fNHC12(1)+2HCl(g)
起始(加0/)210
变化2xX2x
平衡("2。/)2-2x\—X2x
2-2x=2x,解得x=0.5mol,总物质的量为3-3x+2x=3-x=3-0.5=2.5mol,总压强为lOMPa,因此
19
2(1OX——产
P(HC1)2.5
4(c)==0.5Mpa。
2(必口
P(CI2)P(NH3)10x—
2.5
2.
【答案】⑴-90.IkJ•mo/
(2)C0;.±±C+02
FeO
(3)化学平衡状态V16.67%20
(4)正极3CO.+18H+18e-CH3CH=CH2+6H20
【解析】【分析】(1)根据盖斯定律计算;
(2)根据图像可知,反应物为二氧化碳,生成物为炭黑和氧气;
(3)根据图像可知,升高温度,正逆反应速率均增大,且逆反应速率增大的程度大于正反应速
率,则升高温度,平衡逆向移动,逆向反应为吸热,则正反应为放热反应。
(4)①根据图知,氧的化合价由-2变为0价,失电子,则生成氧气的电极是阳极,则连接阳极
的电源电极为正极;
②阴极上二氧化碳得电子和氢离子反应生成丙烯利水。
【详解】(D根据盖斯定律可知,①+②可得C()(g)+2H2(g)=hCIIQII(g),则
△"=△"+△"=-90.IkJ•mor1;
(2)根据图像可知,反应物为二氧化碳,生成物为炭黑和氧气,则方程式为C0一吧C+0?;
FcO
(3)根据图像可知,升高温度,正逆反应速率均增大,且逆反应速率增大的程度大于正反应速
率,则升高温度,平衡逆向移动,逆向反应为吸热,则正反应为放热反应。
①根据图像可知在Q点之前为建立平衡的过程,而Q点之后为平衡移动的过程,且随着温度
的升高平衡逆向移动,Q点为化学平衡状态:正反应为放热反应,则△H<0;
②初始时,充入等物质的量的Ch、C0,根据Ck(g)+C0(g)=C0C12(g),平衡时,
c(CL.)=c(CO)=0.20moi・L平衡体系中CO的体积分数二-----------------X100%=16.67%;
0.20+0.20+0.80
(4)①根据图知,鼠的化合价由-2变为0价,失电子,则生成氧气的电极是阳极,则连接阳极
的电源电极为正极,所以b为正极;
②阴极上二氧化碳得电子和氢离子反应生成内烯和水,电极反应式为
3C02+18H+18e-Cll3ai=CIL+6II20o
3.
Qoc
【答案】(1)(b+—--)
22
-
(2)Fe203+6e+3H20=2Fe+60H-40H-4e-=2H20+02t
(3)BD3:152.94%
【解析】【分析】(1)可根据盖斯定理由已知反应求得目标反应的焰变;
(2)观察其工作原理图可知,Ni电极变化为Nz-NL,发生还原反应,是阴极,则蒙乃尔筛网
处是阳极,发生氧化反应。
(3)①反应达到平衡状态时,正逆反应速率相等,各组分的浓度保持不变及由此衍生的其他物
理量进行分析;
②设起始时叫3利C0?的物质的量分别为〃(NIU、/?(C02),反应消耗的C0?的物质的量为小结
合方程式列三段式,结合氨气、二氧化碳的转化率进行分析计算,求出n(NIL):n(C02);
③维持容器的温度和压强不变,向上述平衡后的容器中充入NHKg)、CO(NHJ2(g)和HQ(g)各1
mol,进行转化,通过把生成物全部转化为反应物后,可知转化后比值相等,与原平衡等效,
则达到新平衡时NFh的体积分数与原平衡相同,所以,只需计算原平衡中NL的体积分数即可。
1
【详解】(1)由已知:@2H2(g)+02(g)=2H20(1)AH=ak,moT
1
@N2(g)+O2(g)=2N0(g)A//=bk•mol
1
®4NH:((g)+502(g)=4N0(g)+6Hz0(DA"=ck-mol
31Qa
根据盖斯定理,可由①x-+②-③X一得反应:N2(g)+3II/g)4^2MI(g),则△〃=(b+—
222
—)k,mol'»答案为;(b+^-—)
222
(2)①用总反应减第二步的反应得:FeQ+6e+3H2=2Fe+60H。答案为:Fe203+6e+3H20=2Fe+60H
②蒙乃尔筛网处是阳极,011放电,发生氧化反应:40H-4e=2H,0+02t0答案为:
40H-4e=2II20+02t
(3)①A.NH3和CO-的物质的量之比为2:1时不一定达到平衡,A选项错误;
B.反应体系条件为恒温恒压,平衡移动,气体物质的量变化,所以气体体积也变化,而体系
气体质量不变,所以密度会随平衡的移动而变化,密度不变时反应达到平衡状态,B选项正确;
C.由2r正(NH3)=r鼠COJ,得r/NHj:ra(C02)=l:2,不等于计量数之比,反应没有达到
平衡状态,c选项错误;
I).根据化学平衡状态的定义,平衡时各组分的百分含量保持不变,D选项正确:
答案为:BD
②设起始时NHs和C0?的物质的量分别为〃(阳3)、n(CO2),反应消耗的C0?的物质的量为”,则
有:
2NH3(g)+co2(g)^CO(NH2)(g)+H2O(g)
开始
«(NH3)n(CO2)00
反应2xXXX
平衡〃(N4)-2xn(CO2)-xXX
x
-—4—0U%/O,---=60%
»(NH3)n(CO2)
〃(呵)3
解得:
;z(CO2)
答案为:3:1
③维持容器的温度和压强不变,向上述平衡后的容器中充入NH:;(g)、0)(阿2)29)和11209)各1
mol,进行转化:
2NH3(g)+CO2(g)-CO(NH2)(g)+H2O(g)
加料Imol0ImolImol
转化3molImol00
原加料3:100
转化后比值相等,与原平衡等效,则达到新平衡时NIh的体积分数与原平衡相同,所以,只需
计算原平衡中NH,的体积分数即可。
在②的计算中,/7(NH3)=3/J(CO2),x=0.6/7(CO2),则平衡时总物质的量为"(NHJ-2广〃(COJ-卢
x+x-Z?(NH3)+n(C02)-jf=3.4/?(C02),则达到新平衡时Mb的体积分数为:
(
nNH3)-2x3/?(CO2)-2X0.6/7(CO2)
xlOO%x100%=52.94%
3.4H(CO2)3.4H(CO2)
答案为:52.94%
【点睛】1.判断可逆反应是否达到平衡的方法:口=/逆;各物质含量不变;其它表现:看
该量是否随平衡移动而改变,是则可。
2.恒温恒压时,同一种反应,按不同方式投料,如果转化后的投料比相等,则建立的平衡等
效,平衡时各物质的白分含量对应相等。
4.
【答案】(])△%—24比一24乩
-
(2)2H20+2e=H2f+20H-或2H++2e-=H-fA阳极主要生成Cl2,还会生成02,生成的
会消耗石墨
(3)>Pl<P2<P:t
(4)不移动
(5)2.5X10-
【解析】【分析】(1)根据盖斯定律,将几个热化学反应方程式叠加,可得到相应反应的热化
学反应方程式;
(2)根据电解原理进行分析;
(3)根据化学平衡移动的因素进行分析;
(4)根据化学平衡移动的因素进行分析;
(5)利用三段式进行化学平衡常数的计算;
【详解】⑴Mg(s)=Mo(s)+S2(g)@,S2(g)+202(g)=2S02(g)②;
2MOS2(s)+7O2(g)=2Mo0;1(s)+4S02(g)③:利用盖斯定律,以及目标反应方程式,得出③一
2X②一2义①得出△H=Z\H3-2Z\H2—24H"答案为△&—24H?—24乩;
(2)①该装置为电解池,电极B连接电源负极,即电极B为阴极,根据电解原理,阴极上应
-+
是11.0电离出上广放电,即电极反应式为2H20+2e=H2t+20。或2H+2e-=H2t;答案为2H2O
+2eFt+20FT或2H++2院=也t;
②阳极电极反应式为2c2e-=Cl",CL具有强氧化性,溶于水后产生的HC10也具有强氧
化性,能将MoS,氧化成MoO;,即MoO广在阳极A附近生成;答案为A;
③食盐水中含有的阴离子是C「、0l「,失去电子产生Cl”01「也可能失去电子变为O2,生
成伪会与石墨在高温下反应生成C0”不断消耗石墨,因此阳极•般不选用石墨,而采用DSA
惰性阳极;答案为阳极主要生成CL,还会生成6,生成的仍会消耗石墨;
(3)根据图像,随着温度的升高,Ih的转化率增大,根据勒夏特列原理,该反应的正反应方
向为吸热反应,即△H>0:在相同的温度下,压强越大,H2的转化率越小,因此根据图像,压
强由小到大的顺序是Pl〈p2Vp3:答案为>;Pl〈P2Vp3;
(4)体积固定,达到平衡时,充入氨气,组分的浓度不变,平衡不移动;答案是不移动;
MoS2(s)+4H2(g)+2Na2CO3(s);~Mo(s)+2CO(g)+4H2O(g)+2Na2S(s)
起始0.200
变化0.10.050.1
平衡0.10.050.1
C2(CO)KJ4(H,O)0.052x0.14
根据化学平衡常数的定义,K=:~———=2.5X107答案为2.5X10-
C4(H.)0.14
5.
【答案】(1)2C0(g)+S02(g)=2C02(g)+S(s)AH=-270kJ・moL
2
(2)40%-CD=
3
(3)C(N02)>C(NH;)>C(H)>C(0H)1.4X10"
【解析】【分析】(1)根据盖斯定律分析,将几个热化学方程式即反应热进行计算即可;
(2)列出反应的三段式进行分析;
(3)由题知,HNOz的电离常数大于NHLHQ,则NH1NO2溶液中,NHJ的水解程度大于N0。的水
K
解程度,则溶液中c(NO2)>C(NHJ);-f-。
【详解】(1)根据盖斯定律可得,该反应=反应①-反应②-反应③,AH=AH1-AIL-An;l,即该
1
反应的热化学方程式为:2C0(g)+S02(g)=2C02(g)+S(s)AH=-270kJ•mol;
(2)该反应的三段式如下:
CO(g)+2H2(g)「TCH30H(g)
121
起始(mol・L」)1.52.20
转化(mold?)0.61.20.6
平衡(mol・L?)0.91.00.6
①a(C0)=86moi・匚*100%.40%;
l.Smol.L-1
[c^H.OH)]0.62
②K二--------------T二---------=一•
22
[C(CO)].[C(H2)]0.9xl.03,
③A、平衡时,2v正(C0)=v逆(&);V":(C0)=2v逆(HJ是某一个点时,体系中的速率关系,且一
定不是平衡时的速率关系,故该说法不能说明反应达到平衡,A错误;
B、根据质量守恒定律,反应体系的总质量始终不变,由于该反应是在恒容的容器中进行的,
故反应体系的密度始终不变,故该说法不能说明反应达到平衡,B错误;
C、根据质量守恒定律,反应体系的总质量始终不变,但是反应体系的总物质的量在减小,即
在反应体系达到平衡之前,反应体系的平均相对分子质量在增大,故当混合气体的平均相对
分子质量不再变化时,反应达到平衡,C正确;
D、反应体系的各组分的浓度不再变化时,反应达到平衡,D正确;
故选CD;
④保持容器体积不变,再充入0.6molCO和0.4molCHQH,c(C0)=l.5mol•L
[c(CH,OH)J102
c(H)=1.0mol-L1,c(CI13011)=1.0mol•L',Q'=;水则平衡
2—”、■,;皿a==—2
[C(CO)J.[C(H2)]1.5xl.O3
不移动,即VH逆;
(3)由题知,HNOz的电离常数大于NHjHzO,则NH,NO?溶液中,NHJ的水解程度大于NOJ的水
解程度,故该溶液中各离子浓度由大到小为:c(N0J)>c(NH,')>c(H')>c(0H);NO』的水解平衡
武四。2)@0出)="耿02)«(0口)<但+)=•」()>他“
c(NOj)C(NOJ)*C(H+)K,7.1X10-4
6.
【答案】L(l)+175.2kj/mol
(2)BC<>66.7%<
2-2
11.2SO3+4II+2e=S20,1+2IL011.2
【解析】【分析】[.⑴则将a+b可得CH」(g)+2H20(g)0c02(g)+4%(g)AH;
(2)①起始时投入氮气和氢气分别为lmol、3mol,在不同温度和压强下合成氨,达到平衡时,
正、逆反应速率相等,各物质的浓度不变,气体的总物质的量不变,以此判断;
②增大压强,平衡正向移动,平衡混合气体中氨气的百分含量增大;升高温度,平衡逆向移
动,平衡常数减小;
③起始时投入氮气和氢气分别为Imol、3mol,反应的方程式为Nz(g)+3HKg)e2NH3(g),C点氨
气的含量为50幅结合方程式计算;压强越大、温度越高,反应速率越快;
II.根据图示可知,阴极通入的S0『发生得电子的还原反应生成SQ:,结合溶液为酸性书写阴
极反应式;写出电解池的总反应,根据通过的氢离子物质的量可知转移电子的物质的量,吸
收柱中生成的气体为氮气,然后利用电子守恒计算氮气的物质的量,最后根据V=rrVm计算标
况下体枳。
【详解】I.⑴已知a.CH,(g)+1L0(g)=?CO(g)+3IL
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